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06，江苏省淮安市盱眙县中学2023-2024学年九年级上学期第一次月考物理试题（一）
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这是一份06，江苏省淮安市盱眙县中学2023-2024学年九年级上学期第一次月考物理试题（一），共20页。试卷主要包含了选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。
1. 如图所示的工具中，属于省力杠杆的是（ ）
A. 钢丝钳B. 钓鱼竿C. 天平D. 镊子
【答案】A
【解析】
【详解】杠杆主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 开明中学大课间举行分钟跳绳活动，同学们每天坚持练习，试估测一位同学每一次跳绳时克服重力做的功为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】一名中学生重力约为500N，每一次跳绳高度约为6cm，则每一次跳绳时克服重力做的功为
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
3. 下列关于温度、热量和内能的说法正确的是（ ）
A. 物体的内能只和温度有关系，只要温度不变，内能就一定不变
B. 热量只能从内能大的物体向内能小的物体转移
C. 物体的温度越低，所含的热量越少
D. 冬天晒太阳会觉得暖和，这是通过热传递的方式改变物体的内能
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体的内能与物体的温度、质量和状态都有关，温度不变，物体的内能可能改变，故A错误；您看到的资料都源自我们平台，家威杏 MXSJ663 低至0.3元/份B．内能的大小与温度、质量和状态有关，内能大的物体温度不一定高，内能小的物体温度不一定低，因此，热量可能从内能小的物体向内能大的物体转移，故B错误；
C．热量是一个过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有，故C错误；
D．做功和热传递是改变物体内能的两种方式，冬天晒太阳会觉得暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D正确。
故选D。
4. 将斜拉索桥梁大桥的结构进行简化，取其部分可抽象成如图所示的模型，其他因素不变，如果只把拉索与桥塔的固定点上移，则可以（ ）
A. 增加动力臂B. 减小阻力
C. 增加动力D. 增加阻力臂
【答案】A
【解析】
【详解】由图可知，若增加塔桥的高度，即增加了支点O到钢索拉力（即动力）F1的距离，即增大了拉力的力臂L1，根据杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，拉力的动力臂越大，拉力越小即桥对钢索的拉力就越小，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 下列关于做功问题的判断正确的是（ ）
A. 人提着水桶站在地面上不动，水桶由于受力，所以人对水桶做了功
B. 人提皮箱上楼，人对皮箱做了功
C. 用3N的水平拉力拉着重10N的物体移动了2m，拉力所做的功为20J
D. 某人把地上的一张物理试卷捡回桌面时，由于试卷很轻，所以人不需要做功
【答案】B
【解析】
【详解】A．人提着水桶站在地面上不动，人给水桶一个向上的力，水桶向上没有移动距离，人对水桶没有做功，故A错误；
B．人提皮箱上楼，人给皮箱一个向上的力，皮箱向上移动了距离，人对皮箱做功，故B正确；
C．拉力对物体做功
W=Fs=3N×2m=6J
故C错误；
D．捡试卷时，人给试卷一个向上力，试卷在力的作用下升高了距离，人对试卷做功，只是试卷受到的力比较小，人对试卷做功比较小，故D错误。
故选B。
6. 从比热容表可知，水的比热容比煤油大，用规格相同的两个试管分别装上质量相同的煤油和水，隔着石棉网用相同热源同时对两试管均匀加热，实验后，画出如图所示的图象，其中能正确反映该实验情况的图象是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】AB．由题意可知，用规格相同的两试管分别装上质量相同的煤油和水，放在同一石棉网上，同时对两试管加热，相同时间两种液体吸收的热量相同，而AB图中反映了相同时间吸收的热量不同，故AB图象错误；
CD．由于水的比热较大，在质量相同、加热时间相同也就是吸收的热量相同时，水温升高的较小，故C选项正确、D选项错误。
故选C。
7. 将完全相同的物体A、B置于如图所示的装置中，物体B恰好能够匀速下降，已知A、B的重力均为6N；若对物体A施加一个水平向右10N的拉力，可以使物体B以的速度匀速上升。忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. B匀速上升时，拉力的功率为1W
B. 物体B匀速下降时，物体A受桌面的支持力为5N
C. B匀速下降时，A受到的摩擦力为10N
D. 动滑轮的重力为4N
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，绳子自由端移动的速度
拉力做功的功率
故A错误；
B．物体A做匀速直线运动，由二力平衡条件可知，物体A受桌面的支持力
故B错误；
C．B匀速上升时，物体A在水平方向上受到绳子自由端向左的拉力F、桌面向左的摩擦力f和水平向右10N的拉力，由力的平衡条件可知
……①
B匀速下降时，物体A在水平方向上受到绳子自由端向左的拉力F、桌面向右的摩擦力f，由于压力和接触面的粗糙程度没有发生变化，因此摩擦力f也不变，由力的平衡条件可知
……②
由①②解得：，故C错误；
D．B匀速下降时，由力的平衡条件可知，绳子自由端的拉力
因为不计绳重和摩擦时，所以动滑轮的重力
故D正确。
故选D。
8. 竖直向上抛出一个小球，忽略空气阻力，小球运动到最高点后又落回的过程中，小球距被抛出位置的高度h和运动时间t的关系图像如图所示。下列关于小球说法正确的是（ ）
A. t2时小球的动能最大
B. t1和t3时小球的机械能不相等
C. t1和t2时小球的机械能相等
D. 从t2到t3这段时间内，小球的动能转化为重力势能
【答案】C
【解析】
【详解】竖直向上抛出一个小球，忽略空气阻力，小球运动到最高点后又落回的过程中，只有重力做功，能量只在动能与重力势能之间发生相互转化，机械能守恒；
A．根据图可知，t2时小球的高度最高，重力势能最大，由于机械能守恒，所以小球的动能最小，故 A错误；
B．忽略空气阻力，小球在运动的过程中机械能是守恒的，所以t1和t3时小球的机械能相等，故B错误；
C．忽略空气阻力，小球在运动的过程中机械能是守恒的，t1和t2时小球的机械能相等，故 C正确；
D．小球从t2到t3这段时间内，小球的质量不变，高度减小，重力势能变小，动能变大，机械能守恒，是重力势能转化为动能，故D错误。
故选C。
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共20分。）
9. 如图所示，旗杆顶部的装置A其实是______滑轮（选填 “定”或“动”），它的实质是一个______杠杆，使用它的好处是可以______。
【答案】 ①. 定 ②. 等臂 ③. 改变力的方向
【解析】
【详解】[1][2][3]杠杆根据动力臂与阻力臂的大小关系可分为省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆；动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆，旗杆顶端A装置是定滑轮，定滑轮相当于一个等臂杠杆，不省力也不省距离，但可以改变力的方向，给人们带来方便。
10. 如图所示，螺丝刀实质是一个轮轴，手柄 ______（选填“粗”或“细”）一些的螺丝刀用起来更省力；螺丝钉是一种类似斜面的机械，螺丝钉上螺纹的展开长度相当于斜面的长度，螺纹______（选填“密”或“稀”）一些的螺丝钉拧起来更省力。
【答案】 ①. 粗 ②. 密
【解析】
【详解】[1]螺丝刀相当于轮轴，轮轴是由轮和轴组成的一种简单机械，动力作用在轮上，轮半径就是动力臂，轴半径就是阻力臂，动力臂大于阻力臂所以可以省力，螺丝刀就是一个轮轴的实例，手柄粗一些的螺丝刀动力臂更长，用起来更省力。
[2]螺丝钉上的一圈圈螺纹的长相当于斜面的长度，因此螺丝钉是被拧成圆柱形的类似斜面的机械；螺丝钉螺纹密、螺线长，相当于斜面较长，斜面高度一定时，斜面越长，坡度越小，使用起来越省力。
11. 如图所示是玩弹弓的情景，经验表明，橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射的越远，这说明橡皮筋的弹性势能与______ 有关．若橡皮筋拉的长度相同，所用“子弹”质量不同，则质量大的“子弹”射出时的速度______ （小于/等于/大于）质量小的“子弹”射出时的速度．
【答案】 ①. 形变程度 ②. 小于
【解析】
【详解】橡皮筋弹性势能的影响因素是橡皮筋发生形变的程度，橡皮筋形变的程度越大，橡皮筋的弹性势能就越大；“子弹”射得越远，说明橡皮筋的弹性势能越大转化成的动能就越多，因此橡皮筋拉得越长，“子弹”射得越远，这说明橡皮筋的弹性势能与橡皮筋的长度有关；当“子弹”射出时，“子弹”具有的动能是橡皮筋的弹性势能转化来的，橡皮筋被拉的长度相同，说明橡皮筋的弹性势能相同，在理想的情况下，转化成的动能也相同，根据动能的影响因素是质量和高度，在动能相同时，“子弹”的速度与质量成反比，因此“子弹”的质量越大，“子弹”的运动速度就越小．
点睛：要分析橡皮筋的弹性势能与什么有关，从影响弹性势能的因素入手来回答即可；要分析质量大的“子弹”射出时哪个物理量减小，应从能量转化的角度分析，思考“子弹”的能量是如何转化的，从而得出正确的结论．
12. 一台拖拉机以30kW的功率匀速耕地，速度为3.6km/h，拖拉机耕地时的牵引力______ N，有一头牛，它的功率是0.3kW，这台拖拉机以30kW的功率工作2h所做的功由这头牛来完成，需要______ h。
【答案】 ①. ②. 200
【解析】
【详解】[1]拖拉机的速度
根据
可知拖拉机的牵引力为
[2]拖拉机工作时间
由得，拖拉机所做的功为
由得，牛做这些功需要的时间为
13. 将一木箱匀速推上长、高的斜面，所用的沿斜面向上推力为，推力做的功是___________J，支持力做的功是___________J。若斜面的机械效为80%，则木箱重为___________N，使用斜面___________省功（选填“能”或“不能”）。
【答案】 ①. 1500## ②. 0 ③. 600## ④. 不能
【解析】
【详解】[1]推力做的功
[2]在整个过程中，物体没有在支持力的方向上移动距离，故支持力做功为0。
[3]斜面的机械效为80%，则有用功为
木箱重
[4]由[1][3]可知，总功大于有用功，所以使用斜面不能省功。
14. 如图，台秤上放一只质量不计的三角支架，均匀细木棒OAB可绕O点自由转动，调整O点高度，使OAB水平静止，此时台秤示数如图，OA︰AB=2︰3，其自重为 ___________N。若使台秤示数为零，B端施加的最小力为 ___________N，此时OAB属于 ___________（选填“省力杠杆”或“费力杠杆”）。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 2 ②. 1 ③. 省力杠杆
【解析】
【详解】[1]由图知台秤的示数为250g＝0.25kg，杠杆对台秤的压力为
F压＝G＝mg＝0.25kg×10N/kg＝2.5N
因为台秤对杠杆的支持力与杠杆对台秤的压力是一对相互作用力，大小相等，即
F支＝F压＝2.5N
此时的杠杆以O为支点，杠杆的重力为阻力，台秤对杠杆的支持力为动力，根据杠杆的平衡条件
知，台秤自重为
[2]根据杠杆的平衡条件FB×LOB＝G×LOA知，若使台秤示数为零，此时支架对OAB没有支持力，OAB只受重力和在B端施加竖直向上的力，此时
所以B端施加的最小力为
[3]因动力1N小于阻力2N，故此时OAB属于省力杠杆。
15. “早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”是对大漠气候的生动描写，而沿海地区昼夜之间温度变化却没有这么明显，这是由砂石与水的______不同造成的。炎热的夏季，海边晚上吹的是______（选填“海风”或“陆风”）。
【答案】 ①. 比热容 ②. 陆风
【解析】
【详解】[1]沿海地区，水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。
[2]由于陆地上砂石的比热容比海水的比热容小，晚上，地面比大海降温快，地面冷空气密度较大，冷空气下降，海面上空较热的空气就会流过来补充，在靠近地面的冷空气就会沿陆地吹向大海，形成陆风。
16. 如图甲所示，足够深容器放在水平桌面上，不可伸长的细线一端与不吸水物块的底面相连，另一端固定在容器底部。缓慢向容器中加水，直到物块完全被水淹没，如图乙所示，加水过程中细线的拉力F与水的深度h关系图象如图丙所示。已知木块重2.5N，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，当水深0.15m物块受到的浮力___________N；整个加水过程中浮力对物块做的功___________J。
【答案】 ①. 2.5 ②. 0.5
【解析】
【详解】[1]由图可知，当水的深度为0.25m时，木块漂浮且细线伸直，此时
F浮=G物
ρ水gSh=2.5N①
水深度超过0.25m时，由于浮力大于物体重力，细线开始对木块提供向下的拉力，水的深度为0.35m时，木块浸没，细线伸直，此时浮力最大且以后水面升高，但浮力保持不变，此时细线提供的拉力最大且以后水面升高，拉力保持不变，最大拉力为
F拉最大=5N
水深度从0.25m到0.35m，木块浸入水中的深度增加量
Δh=0.35m-0.25m=0.1m
水的深度为0.35m时，对木块做受力分析有
F'浮=G物+F拉最大
ρ水gS(h+0.1m)=2.5N+5N②
②÷①得：物体漂浮时浸入水中的深度h=0.05m，说明木块浸入水中为0.05m时，木块受到的浮力等于木块的重力，即水的深度为0.05m到0.25m之间，木块始终处于漂浮状态。水的深度在0.15m时，木块处于漂浮状态，此时细线伸长但没有伸直，故此时木块受到的浮力
F″浮=G物=2.5N
[2]整个加水过程中物体在浮力作用下通过的距离
s=0.25m-0.05m=0.2m
整个加水过程中物体上升段受到的浮力始终为
F浮=2.5N
整个加水过程中浮力对物块做的功
W=Fs=2.5N×0.2m=0.5J
二、解答题（本题共8小题，每空1分，计算题每问2分，共44分）
17. 在图中画出动力F1的力臂L1和阻力F2。
【答案】
【解析】
【详解】反向延长动力F1的作用线，过支点O作动力F1作用线的垂线段即为其力臂L1；阻力F2是重物对杠杆的拉力，作用点在杠杆上，方向竖直向下，如图所示：
18. 如图用一根硬棒撬一个大石块，棒的上端A是动力作用点。请在图上标出，当动力方向向上时，杠杆的支点O。
【答案】
【解析】
【详解】当动力方向向上时，杠杆逆时针绕杠杆下端转动，因此杠杆下端为支点O，如图所示：
。
19. 利用杠杆做以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻度线间的距离相等。
（1） 如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的右端下沉，若想使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向___________调节，使杠杆在水平位置平衡。杠杆平衡后， A点悬挂 3个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡，需在 B点悬挂___________个钩码。之后在A、B 两点再各增加 1个钩码，杠杆将___________（选填“顺时针旋转”或者“逆时针旋转”），为了使杠杆再次在水平位置平衡，可以在B点再添加___________个钩码；
（2） 通过多次实验，分析数据，得到杠杆平衡的条件是___________；
（3） 如图乙所示，在 A、C两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平。左盘盛放物体、右盘加减砝码、此天平是利用了___________（选填“省力”或“费力”或“等臂”）杠杆原理制成的；
（4） 小明正确使用自制天平称量物体质量时：
① 假如支点O因某种原因向右偏移，则测量值___________真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）；
②假如砝码因生锈等原因质量增大，则测量值___________真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）；
（5）探究完成后，小明同学制作了如图丙所示的杆秤，使用时将货物挂在秤钩上，用手提起B或C处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤砣最远可移至D点，此秤最大称量是10kg。秤杆、秤钩和秤纽的质量忽略不计，AB、BC、BD的长度如图丙所示。下列说法正确的是（ ）。
A．秤砣的质量是0.5kg
B．越靠近提纽处刻度值越大
C．距离C点12.5cm，有两个刻度，分别为1kg和3.1kg
D．在测量范围内，该杆秤称量任意质量物体并保持平衡，手对提纽的拉力不变
【答案】 ①. 左 ②. 6 ③. 逆时针旋转 ④. 1 ⑤. 动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂 ⑥. 等臂 ⑦. 大于 ⑧. 小于 ⑨. C
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的右端下沉，若想使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左调节。
[2]若每一个钩码重G，每一个小格长L，根据杠杆的平衡条件，在A点悬挂3个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡应满
3G×4L＝F×2L
得F＝6G，即需在B点悬挂6个钩码。
[3]在A、B两点再各增加1个钩码，则支点左侧
4G×4L=16GL
支点右侧
7G×2L=14GL
左侧＞右侧，所以杠杆将逆时针旋转。
[4]在右侧再增加一个钩码，则有
4G×4L=8G×2L=16GL
这样可以使杠杆再次在水平位置平衡。
（2）[5]通过分析数据，得到杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
（3）[6]天平称量是使左右两盘对杠杆拉力相同，根据杠杆的平衡条件，应是动力臂等于阻力臂，所以此天平是等臂杠杆。
（4）①[7]假如支点O因某种原因向右偏移，砝码的力臂减小，则砝码质量偏大，故测量值大于实际值。
②[8]假如砝码因生锈等原因质量增大，用比实际更少的砝码放在右盘，就可使横梁平衡。而读数时仍按上面标的数值来读数，使用这时计算物体质量就比实际少了，则测量值小于真实值。
（5）[9]A．当提着B处秤纽、秤砣挂在D点、A点秤钩挂着质量为10kg的物体时，秤杆可以在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可得
GA×AB＝G秤砣×BD
由G=mg可得
mAg×AB=m秤砣g×BD
则
故A错误；
B．根据杠杆的平衡条件可知：当提着B处秤纽，A点所挂物体重力较大时，秤砣向右移动，否则向左移动，所以越靠近提纽处刻度值越小，故B错误；
C．当提起B处秤纽时，阻力臂为AB＝2cm，动力臂
BD′＝3cm+12.5cm＝15.5cm
根据杠杆的平衡条件可列式
G×AB＝G秤砣×BD′
由G＝mg可得
mg×AB＝m秤砣g×BD′
则
当提起C处秤纽时，阻力臂为
AC＝AB+BC＝2cm+3cm＝5cm
动力臂CD′＝12.5cm，根据杠杆的平衡条件可列式
G×AC＝G秤砣×CD′
由G＝mg可得
mg×AC＝m秤砣g×CD′
则
故C正确；
D．手对提纽的拉力大小为等于物体的重力与秤砣重力和，故D错误。
故选C。
20. 如表是杨玲测滑轮组机械效率时收集的有关数据。
（1）请在图中画出实验中滑轮组的绕绳方法；（ ）
（2）第3次实验测得滑轮组机械效率为___________（计算结果保留一位小数）；
（3）用同一滑轮组提升不同的重物至同一高度，提升的物重增加时，除克服动滑轮重所做的额外功外，其他额外功将___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。进一步分析可知，在动滑轮和绳重一定的情况下，该滑轮组的机械效率与___________和 ___________有关。
【答案】 ①. ②. 66.7% ③. 变大 ④. 物重 ⑤. 摩擦
【解析】
【详解】（1）[1]由表格中数据可知，物体上升的高度h＝0.1m，而绳子自由端移动的距离为0.3m，s＝3h，所以由3段绳子承担物重，因此要从动滑轮绕起。绕制滑轮组如下图：
（2）[2]第三次的机械效率为
（3）[3]物体越重，每段绳子上承担的物重越大，所以绳子与轮之间的摩擦也会越大，所做的额外功会变大，根据表格中的数据可知，机械效率变大。
[4][5]在绳重一定的情况下，物体的重力大小会影响有用功，摩擦力大小会影响额外功，所以滑轮组的机械效率与物重和摩擦有关。
21. 小阳想测出自己从一楼跑到三楼做功的功率，如图所示。
（1）需要的测量工具有：台秤、___________、___________；
（2）小阳设计的实验方案如下，其中多余的是 ___________；
A．测出自身的质量m
B．测出楼梯的总长度L
C．测出一楼到三楼的竖直高度h
D．测出上楼所用的时间t
（3）小阳爬楼功率的表达式为P=___________。
【答案】 ①. 刻度尺 ②. 秒表 ③. B ④.
【解析】
【详解】（1）[1][2]由功率的公式推导可知
实验中需要用台秤测量人的质量、用刻度尺测量爬楼的高度、用秒表测量爬楼的时间。
（2）[3]实验中需要测量楼的竖直高度h，但不需要测量楼梯的总长度L，故B是多余的。
（3）[4]小阳爬楼功率的表达式为
22. 如图是小刚探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图，让半径相同的小球由斜面上某位置由静止开始释放，撞击放置于水平面上O点的木块。（mA（1）实验中通过比较___________，从而比较小球动能的大小，这是因为运动的小球能够对木块_________；
（2）小刚选择图甲和乙进行实验，第一次按照图甲实验后，在进行图乙实验前，应先将撞出的木块_________。多次实验后，小刚得出结论：速度相同时，质量越大，动能越大；
（3）小刚按照甲、丙两图多次实验后，得出结论：质量相同时，___________；
（4）小刚查阅资料得知，动能的公式为，同一辆汽车刹车时认为地面摩擦力不变，动能完全用于克服摩擦力做功，车速如果是原来的2倍，则刹车距离将变为原来的________倍，所以要规定汽车在公路上行驶的最大速度；
（5）小刚设计了如丁图装置，用质量相同的小球将同一弹簧压缩到不同程度，放手后通过小球离开弹簧后运动的距离来反映动能的大小，以此来探究动能与速度的关系。该方法___________（选填“合理”或“不合理”）；
（6）小刚看到电视中山体滑坡时，山坡上的石头能摧毁山下的建筑物，结合自己的实验可知，甲、乙两图中，___________球（选填“A”或“B”）的重力势能更大。
【答案】 ①. 木块被推动的距离 ②. 做功 ③. 放回O点原位置 ④. 质量相同时，速度越大，动能越大 ⑤. 4 ⑥. 合理 ⑦. B
【解析】
【详解】（1）[1][2]根据转换法可知，实验中通过小球对木块做功，根据推动木块移动的距离来反映动能的大小。
（2）[3]选择图甲和乙进行实验，第一次按照图甲实验后，在进行图乙实验前，应先将撞出的木块放回O点原位置，这样才能满足控制变量法的要求。
（3）[4]按照甲、丙两图多次实验，实验中小球的质量不变，下滑的高度改变，撞击木块时的速度改变，高度越高，撞击木块时的速度越大，木块被推动的距离越远，小球的动能越大，故得出结论：质量相同时，速度越大，动能越大。
（4）[5]动能的公式为，同一辆汽车刹车时认为地面摩擦力不变，动能完全用于克服摩擦力做功，车速如果是原来的2倍，则动能变为原来的4倍，根据
E=W=fs
可知，刹车距离将变为原来的4倍。
（5）[6]用同一个钢球两次将同一弹簧压缩到不同程度，弹簧的弹性形变不同，两次实验弹簧具有的弹性势能不同，转化而成的动能不同，小球的速度不同，可以探究动能与速度的关系，所以该实验方法是合理的。
（6）[7]甲、乙两图中，小球的质量不同，B球的质量大，推动木块移动的距离越远，动能越大，由于高度相同，所以B球的重力势能大。
23. 在探究不同物质吸热升温特点实验中，如图甲，小明用同一装置给水和食用油加热。
（1）实验中，要控制水和食用油的______（选填“质量”或“体积”）相同，通过______（选填“温度的升高多少”或“加热时间长短”）来比较液体吸收热量的多少；
（2）实验后发现水的比热容较大，要使水和食用油升高相同的温度，就要给水加热更长的时间，此过程中水吸收的热量______（选填“大于”、“等于”或“小于”）食用油吸收的热量；
（3）根据实验数据作出两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图乙，其中吸热本领较强的是______图线（选填“A”或“B”）对应的液体；它们的比热容之比cA∶cB= ______ ；
（4）同组的小华设计如下方法来比较比热容的大小：将两初温均为t1的相同金属块，分别浸没在温度均为t2的水与食用油中（t1>t2），待分别温度稳定（热传递结束）时，测得水温低于食用油的温度，若不计热损失，据此得出水的比热容比食用油大的结论，请评价该设计思路是否可行。______（选填“可行”或“不可行”）。
【答案】 ①. 质量 ②. 加热时间长短 ③. 大于 ④. A ⑤. 9∶4 ⑥. 可行
【解析】
【详解】（1）[1]探究水与食用油吸热能力大小关系时，采用的是控制变量法，实验中需要保持水与食用油的质量相等。
[2]用两个相同的加热装置分别给水和食用油加热，相同时间内，酒精灯放出的热量相同，水和食用油吸收的热量相同，所以用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少。
（2）[3]在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间。因为选用相同的酒精灯加热，所以加热时间长的吸收的热量多。即水吸收的热量大于食用油吸收的热量。
（3）[4]由图可知，加热时间相同，即吸收的热量相同，A升高的温度低于B升高的温度，故A的吸热能力强。
[5]由图可知，A的加热时间是B加热时间的1.5倍，A升高的温度是B升高温度的，根据吸热公式可知：A对应的液体吸收的热量为QA=cAmΔtA，B对应的液体吸收的热量为QB=cBmΔtB，则
整理得
则它们的比热容之比为
（4）[6]该方案可行，因为在该过程中水吸收的热量多，而升高的温度小，所以水的比热容大。
24. 正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有500g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2℃，不计水的蒸发[水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)]。
（1）该过程水吸收的热量是多少？
（2）若照射到盘中水面上太阳能的功率为28W，水获取太阳能的效率是多大？
【答案】（1）；（2）25%
【解析】
【详解】解：（1）由Q=cmΔt可得，该过程水吸收的热量为
（2）由W=Pt可得，照射到水面上的太阳能为
故水获取太阳能的效率为
答：（1）该过程水吸收的热量是4.2×103J；
（2）水获取太阳能的效率是25%。
25. 建筑工地上，需要利用拖拉机和滑轮将一个质量为0.6×103kg的物体，拉到长100m，高60m的斜面顶端，测得拉动一个物体沿斜面匀速上升时拖拉机对绳的水平拉力为4.8×103N。（不计绳重及绳与滑轮间的摩擦）
（1）对物体做的有用功；
（2）求斜面装置的机械效率；
（3）已知拖拉机质量为12t，最大输出功率为48kW，受到水平地面的阻力为车重的0.01倍，则其在匀速运动时的最大速度为多少？
【答案】（1）360000J；（2）75%；（3）8m/s
【解析】
【详解】解：（1）由题意可知，物体质量为
物体的重力为
对物体做的有用功为
（2）由图可知，将物体拉上斜面时，拖拉机通过距离为
拉力所做总功为
斜面装置的机械效率为
（3）由题意可知，拖拉机的质量为
则拖拉机的重力为
拖拉机受到水平地面的阻力为车重的0.01倍，则阻力为
拖拉机匀速运动，受平衡力，所以牵引力为
根据公式
拖拉机最大输出功率为48kW，拖拉机在水平地面上匀速拉动物体过程中的最大速度为
答：（1）对物体做的有用功为360000J；
（2）斜面装置的机械效率为75%；
（3）拖拉机匀速运动时的最大速度为8m/s。实验次数
动滑轮重G0/N
物重
钩码上升高度h/m
动力F/N
动力作用点移动距离s/m
滑轮组机械效率η
1
0.5
1
0.1
0.7
0.3
47.6%
2
0.5
2
0.1
1.1
0.3
60.6%
3
0.5
4
0.1
2
0.3
1. 如图所示的工具中，属于省力杠杆的是（ ）
A. 钢丝钳B. 钓鱼竿C. 天平D. 镊子
【答案】A
【解析】
【详解】杠杆主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 开明中学大课间举行分钟跳绳活动，同学们每天坚持练习，试估测一位同学每一次跳绳时克服重力做的功为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】一名中学生重力约为500N，每一次跳绳高度约为6cm，则每一次跳绳时克服重力做的功为
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
3. 下列关于温度、热量和内能的说法正确的是（ ）
A. 物体的内能只和温度有关系，只要温度不变，内能就一定不变
B. 热量只能从内能大的物体向内能小的物体转移
C. 物体的温度越低，所含的热量越少
D. 冬天晒太阳会觉得暖和，这是通过热传递的方式改变物体的内能
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体的内能与物体的温度、质量和状态都有关，温度不变，物体的内能可能改变，故A错误；您看到的资料都源自我们平台，家威杏 MXSJ663 低至0.3元/份B．内能的大小与温度、质量和状态有关，内能大的物体温度不一定高，内能小的物体温度不一定低，因此，热量可能从内能小的物体向内能大的物体转移，故B错误；
C．热量是一个过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有，故C错误；
D．做功和热传递是改变物体内能的两种方式，冬天晒太阳会觉得暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D正确。
故选D。
4. 将斜拉索桥梁大桥的结构进行简化，取其部分可抽象成如图所示的模型，其他因素不变，如果只把拉索与桥塔的固定点上移，则可以（ ）
A. 增加动力臂B. 减小阻力
C. 增加动力D. 增加阻力臂
【答案】A
【解析】
【详解】由图可知，若增加塔桥的高度，即增加了支点O到钢索拉力（即动力）F1的距离，即增大了拉力的力臂L1，根据杠杆平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变的情况下，拉力的动力臂越大，拉力越小即桥对钢索的拉力就越小，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 下列关于做功问题的判断正确的是（ ）
A. 人提着水桶站在地面上不动，水桶由于受力，所以人对水桶做了功
B. 人提皮箱上楼，人对皮箱做了功
C. 用3N的水平拉力拉着重10N的物体移动了2m，拉力所做的功为20J
D. 某人把地上的一张物理试卷捡回桌面时，由于试卷很轻，所以人不需要做功
【答案】B
【解析】
【详解】A．人提着水桶站在地面上不动，人给水桶一个向上的力，水桶向上没有移动距离，人对水桶没有做功，故A错误；
B．人提皮箱上楼，人给皮箱一个向上的力，皮箱向上移动了距离，人对皮箱做功，故B正确；
C．拉力对物体做功
W=Fs=3N×2m=6J
故C错误；
D．捡试卷时，人给试卷一个向上力，试卷在力的作用下升高了距离，人对试卷做功，只是试卷受到的力比较小，人对试卷做功比较小，故D错误。
故选B。
6. 从比热容表可知，水的比热容比煤油大，用规格相同的两个试管分别装上质量相同的煤油和水，隔着石棉网用相同热源同时对两试管均匀加热，实验后，画出如图所示的图象，其中能正确反映该实验情况的图象是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】AB．由题意可知，用规格相同的两试管分别装上质量相同的煤油和水，放在同一石棉网上，同时对两试管加热，相同时间两种液体吸收的热量相同，而AB图中反映了相同时间吸收的热量不同，故AB图象错误；
CD．由于水的比热较大，在质量相同、加热时间相同也就是吸收的热量相同时，水温升高的较小，故C选项正确、D选项错误。
故选C。
7. 将完全相同的物体A、B置于如图所示的装置中，物体B恰好能够匀速下降，已知A、B的重力均为6N；若对物体A施加一个水平向右10N的拉力，可以使物体B以的速度匀速上升。忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. B匀速上升时，拉力的功率为1W
B. 物体B匀速下降时，物体A受桌面的支持力为5N
C. B匀速下降时，A受到的摩擦力为10N
D. 动滑轮的重力为4N
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，绳子自由端移动的速度
拉力做功的功率
故A错误；
B．物体A做匀速直线运动，由二力平衡条件可知，物体A受桌面的支持力
故B错误；
C．B匀速上升时，物体A在水平方向上受到绳子自由端向左的拉力F、桌面向左的摩擦力f和水平向右10N的拉力，由力的平衡条件可知
……①
B匀速下降时，物体A在水平方向上受到绳子自由端向左的拉力F、桌面向右的摩擦力f，由于压力和接触面的粗糙程度没有发生变化，因此摩擦力f也不变，由力的平衡条件可知
……②
由①②解得：，故C错误；
D．B匀速下降时，由力的平衡条件可知，绳子自由端的拉力
因为不计绳重和摩擦时，所以动滑轮的重力
故D正确。
故选D。
8. 竖直向上抛出一个小球，忽略空气阻力，小球运动到最高点后又落回的过程中，小球距被抛出位置的高度h和运动时间t的关系图像如图所示。下列关于小球说法正确的是（ ）
A. t2时小球的动能最大
B. t1和t3时小球的机械能不相等
C. t1和t2时小球的机械能相等
D. 从t2到t3这段时间内，小球的动能转化为重力势能
【答案】C
【解析】
【详解】竖直向上抛出一个小球，忽略空气阻力，小球运动到最高点后又落回的过程中，只有重力做功，能量只在动能与重力势能之间发生相互转化，机械能守恒；
A．根据图可知，t2时小球的高度最高，重力势能最大，由于机械能守恒，所以小球的动能最小，故 A错误；
B．忽略空气阻力，小球在运动的过程中机械能是守恒的，所以t1和t3时小球的机械能相等，故B错误；
C．忽略空气阻力，小球在运动的过程中机械能是守恒的，t1和t2时小球的机械能相等，故 C正确；
D．小球从t2到t3这段时间内，小球的质量不变，高度减小，重力势能变小，动能变大，机械能守恒，是重力势能转化为动能，故D错误。
故选C。
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共20分。）
9. 如图所示，旗杆顶部的装置A其实是______滑轮（选填 “定”或“动”），它的实质是一个______杠杆，使用它的好处是可以______。
【答案】 ①. 定 ②. 等臂 ③. 改变力的方向
【解析】
【详解】[1][2][3]杠杆根据动力臂与阻力臂的大小关系可分为省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆；动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆，旗杆顶端A装置是定滑轮，定滑轮相当于一个等臂杠杆，不省力也不省距离，但可以改变力的方向，给人们带来方便。
10. 如图所示，螺丝刀实质是一个轮轴，手柄 ______（选填“粗”或“细”）一些的螺丝刀用起来更省力；螺丝钉是一种类似斜面的机械，螺丝钉上螺纹的展开长度相当于斜面的长度，螺纹______（选填“密”或“稀”）一些的螺丝钉拧起来更省力。
【答案】 ①. 粗 ②. 密
【解析】
【详解】[1]螺丝刀相当于轮轴，轮轴是由轮和轴组成的一种简单机械，动力作用在轮上，轮半径就是动力臂，轴半径就是阻力臂，动力臂大于阻力臂所以可以省力，螺丝刀就是一个轮轴的实例，手柄粗一些的螺丝刀动力臂更长，用起来更省力。
[2]螺丝钉上的一圈圈螺纹的长相当于斜面的长度，因此螺丝钉是被拧成圆柱形的类似斜面的机械；螺丝钉螺纹密、螺线长，相当于斜面较长，斜面高度一定时，斜面越长，坡度越小，使用起来越省力。
11. 如图所示是玩弹弓的情景，经验表明，橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射的越远，这说明橡皮筋的弹性势能与______ 有关．若橡皮筋拉的长度相同，所用“子弹”质量不同，则质量大的“子弹”射出时的速度______ （小于/等于/大于）质量小的“子弹”射出时的速度．
【答案】 ①. 形变程度 ②. 小于
【解析】
【详解】橡皮筋弹性势能的影响因素是橡皮筋发生形变的程度，橡皮筋形变的程度越大，橡皮筋的弹性势能就越大；“子弹”射得越远，说明橡皮筋的弹性势能越大转化成的动能就越多，因此橡皮筋拉得越长，“子弹”射得越远，这说明橡皮筋的弹性势能与橡皮筋的长度有关；当“子弹”射出时，“子弹”具有的动能是橡皮筋的弹性势能转化来的，橡皮筋被拉的长度相同，说明橡皮筋的弹性势能相同，在理想的情况下，转化成的动能也相同，根据动能的影响因素是质量和高度，在动能相同时，“子弹”的速度与质量成反比，因此“子弹”的质量越大，“子弹”的运动速度就越小．
点睛：要分析橡皮筋的弹性势能与什么有关，从影响弹性势能的因素入手来回答即可；要分析质量大的“子弹”射出时哪个物理量减小，应从能量转化的角度分析，思考“子弹”的能量是如何转化的，从而得出正确的结论．
12. 一台拖拉机以30kW的功率匀速耕地，速度为3.6km/h，拖拉机耕地时的牵引力______ N，有一头牛，它的功率是0.3kW，这台拖拉机以30kW的功率工作2h所做的功由这头牛来完成，需要______ h。
【答案】 ①. ②. 200
【解析】
【详解】[1]拖拉机的速度
根据
可知拖拉机的牵引力为
[2]拖拉机工作时间
由得，拖拉机所做的功为
由得，牛做这些功需要的时间为
13. 将一木箱匀速推上长、高的斜面，所用的沿斜面向上推力为，推力做的功是___________J，支持力做的功是___________J。若斜面的机械效为80%，则木箱重为___________N，使用斜面___________省功（选填“能”或“不能”）。
【答案】 ①. 1500## ②. 0 ③. 600## ④. 不能
【解析】
【详解】[1]推力做的功
[2]在整个过程中，物体没有在支持力的方向上移动距离，故支持力做功为0。
[3]斜面的机械效为80%，则有用功为
木箱重
[4]由[1][3]可知，总功大于有用功，所以使用斜面不能省功。
14. 如图，台秤上放一只质量不计的三角支架，均匀细木棒OAB可绕O点自由转动，调整O点高度，使OAB水平静止，此时台秤示数如图，OA︰AB=2︰3，其自重为 ___________N。若使台秤示数为零，B端施加的最小力为 ___________N，此时OAB属于 ___________（选填“省力杠杆”或“费力杠杆”）。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 2 ②. 1 ③. 省力杠杆
【解析】
【详解】[1]由图知台秤的示数为250g＝0.25kg，杠杆对台秤的压力为
F压＝G＝mg＝0.25kg×10N/kg＝2.5N
因为台秤对杠杆的支持力与杠杆对台秤的压力是一对相互作用力，大小相等，即
F支＝F压＝2.5N
此时的杠杆以O为支点，杠杆的重力为阻力，台秤对杠杆的支持力为动力，根据杠杆的平衡条件
知，台秤自重为
[2]根据杠杆的平衡条件FB×LOB＝G×LOA知，若使台秤示数为零，此时支架对OAB没有支持力，OAB只受重力和在B端施加竖直向上的力，此时
所以B端施加的最小力为
[3]因动力1N小于阻力2N，故此时OAB属于省力杠杆。
15. “早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”是对大漠气候的生动描写，而沿海地区昼夜之间温度变化却没有这么明显，这是由砂石与水的______不同造成的。炎热的夏季，海边晚上吹的是______（选填“海风”或“陆风”）。
【答案】 ①. 比热容 ②. 陆风
【解析】
【详解】[1]沿海地区，水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。
[2]由于陆地上砂石的比热容比海水的比热容小，晚上，地面比大海降温快，地面冷空气密度较大，冷空气下降，海面上空较热的空气就会流过来补充，在靠近地面的冷空气就会沿陆地吹向大海，形成陆风。
16. 如图甲所示，足够深容器放在水平桌面上，不可伸长的细线一端与不吸水物块的底面相连，另一端固定在容器底部。缓慢向容器中加水，直到物块完全被水淹没，如图乙所示，加水过程中细线的拉力F与水的深度h关系图象如图丙所示。已知木块重2.5N，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，当水深0.15m物块受到的浮力___________N；整个加水过程中浮力对物块做的功___________J。
【答案】 ①. 2.5 ②. 0.5
【解析】
【详解】[1]由图可知，当水的深度为0.25m时，木块漂浮且细线伸直，此时
F浮=G物
ρ水gSh=2.5N①
水深度超过0.25m时，由于浮力大于物体重力，细线开始对木块提供向下的拉力，水的深度为0.35m时，木块浸没，细线伸直，此时浮力最大且以后水面升高，但浮力保持不变，此时细线提供的拉力最大且以后水面升高，拉力保持不变，最大拉力为
F拉最大=5N
水深度从0.25m到0.35m，木块浸入水中的深度增加量
Δh=0.35m-0.25m=0.1m
水的深度为0.35m时，对木块做受力分析有
F'浮=G物+F拉最大
ρ水gS(h+0.1m)=2.5N+5N②
②÷①得：物体漂浮时浸入水中的深度h=0.05m，说明木块浸入水中为0.05m时，木块受到的浮力等于木块的重力，即水的深度为0.05m到0.25m之间，木块始终处于漂浮状态。水的深度在0.15m时，木块处于漂浮状态，此时细线伸长但没有伸直，故此时木块受到的浮力
F″浮=G物=2.5N
[2]整个加水过程中物体在浮力作用下通过的距离
s=0.25m-0.05m=0.2m
整个加水过程中物体上升段受到的浮力始终为
F浮=2.5N
整个加水过程中浮力对物块做的功
W=Fs=2.5N×0.2m=0.5J
二、解答题（本题共8小题，每空1分，计算题每问2分，共44分）
17. 在图中画出动力F1的力臂L1和阻力F2。
【答案】
【解析】
【详解】反向延长动力F1的作用线，过支点O作动力F1作用线的垂线段即为其力臂L1；阻力F2是重物对杠杆的拉力，作用点在杠杆上，方向竖直向下，如图所示：
18. 如图用一根硬棒撬一个大石块，棒的上端A是动力作用点。请在图上标出，当动力方向向上时，杠杆的支点O。
【答案】
【解析】
【详解】当动力方向向上时，杠杆逆时针绕杠杆下端转动，因此杠杆下端为支点O，如图所示：
。
19. 利用杠杆做以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻度线间的距离相等。
（1） 如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的右端下沉，若想使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向___________调节，使杠杆在水平位置平衡。杠杆平衡后， A点悬挂 3个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡，需在 B点悬挂___________个钩码。之后在A、B 两点再各增加 1个钩码，杠杆将___________（选填“顺时针旋转”或者“逆时针旋转”），为了使杠杆再次在水平位置平衡，可以在B点再添加___________个钩码；
（2） 通过多次实验，分析数据，得到杠杆平衡的条件是___________；
（3） 如图乙所示，在 A、C两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平。左盘盛放物体、右盘加减砝码、此天平是利用了___________（选填“省力”或“费力”或“等臂”）杠杆原理制成的；
（4） 小明正确使用自制天平称量物体质量时：
① 假如支点O因某种原因向右偏移，则测量值___________真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）；
②假如砝码因生锈等原因质量增大，则测量值___________真实值（选填“大于”“等于”或“小于”）；
（5）探究完成后，小明同学制作了如图丙所示的杆秤，使用时将货物挂在秤钩上，用手提起B或C处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤砣最远可移至D点，此秤最大称量是10kg。秤杆、秤钩和秤纽的质量忽略不计，AB、BC、BD的长度如图丙所示。下列说法正确的是（ ）。
A．秤砣的质量是0.5kg
B．越靠近提纽处刻度值越大
C．距离C点12.5cm，有两个刻度，分别为1kg和3.1kg
D．在测量范围内，该杆秤称量任意质量物体并保持平衡，手对提纽的拉力不变
【答案】 ①. 左 ②. 6 ③. 逆时针旋转 ④. 1 ⑤. 动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂 ⑥. 等臂 ⑦. 大于 ⑧. 小于 ⑨. C
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的右端下沉，若想使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左调节。
[2]若每一个钩码重G，每一个小格长L，根据杠杆的平衡条件，在A点悬挂3个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡应满
3G×4L＝F×2L
得F＝6G，即需在B点悬挂6个钩码。
[3]在A、B两点再各增加1个钩码，则支点左侧
4G×4L=16GL
支点右侧
7G×2L=14GL
左侧＞右侧，所以杠杆将逆时针旋转。
[4]在右侧再增加一个钩码，则有
4G×4L=8G×2L=16GL
这样可以使杠杆再次在水平位置平衡。
（2）[5]通过分析数据，得到杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
（3）[6]天平称量是使左右两盘对杠杆拉力相同，根据杠杆的平衡条件，应是动力臂等于阻力臂，所以此天平是等臂杠杆。
（4）①[7]假如支点O因某种原因向右偏移，砝码的力臂减小，则砝码质量偏大，故测量值大于实际值。
②[8]假如砝码因生锈等原因质量增大，用比实际更少的砝码放在右盘，就可使横梁平衡。而读数时仍按上面标的数值来读数，使用这时计算物体质量就比实际少了，则测量值小于真实值。
（5）[9]A．当提着B处秤纽、秤砣挂在D点、A点秤钩挂着质量为10kg的物体时，秤杆可以在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可得
GA×AB＝G秤砣×BD
由G=mg可得
mAg×AB=m秤砣g×BD
则
故A错误；
B．根据杠杆的平衡条件可知：当提着B处秤纽，A点所挂物体重力较大时，秤砣向右移动，否则向左移动，所以越靠近提纽处刻度值越小，故B错误；
C．当提起B处秤纽时，阻力臂为AB＝2cm，动力臂
BD′＝3cm+12.5cm＝15.5cm
根据杠杆的平衡条件可列式
G×AB＝G秤砣×BD′
由G＝mg可得
mg×AB＝m秤砣g×BD′
则
当提起C处秤纽时，阻力臂为
AC＝AB+BC＝2cm+3cm＝5cm
动力臂CD′＝12.5cm，根据杠杆的平衡条件可列式
G×AC＝G秤砣×CD′
由G＝mg可得
mg×AC＝m秤砣g×CD′
则
故C正确；
D．手对提纽的拉力大小为等于物体的重力与秤砣重力和，故D错误。
故选C。
20. 如表是杨玲测滑轮组机械效率时收集的有关数据。
（1）请在图中画出实验中滑轮组的绕绳方法；（ ）
（2）第3次实验测得滑轮组机械效率为___________（计算结果保留一位小数）；
（3）用同一滑轮组提升不同的重物至同一高度，提升的物重增加时，除克服动滑轮重所做的额外功外，其他额外功将___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。进一步分析可知，在动滑轮和绳重一定的情况下，该滑轮组的机械效率与___________和 ___________有关。
【答案】 ①. ②. 66.7% ③. 变大 ④. 物重 ⑤. 摩擦
【解析】
【详解】（1）[1]由表格中数据可知，物体上升的高度h＝0.1m，而绳子自由端移动的距离为0.3m，s＝3h，所以由3段绳子承担物重，因此要从动滑轮绕起。绕制滑轮组如下图：
（2）[2]第三次的机械效率为
（3）[3]物体越重，每段绳子上承担的物重越大，所以绳子与轮之间的摩擦也会越大，所做的额外功会变大，根据表格中的数据可知，机械效率变大。
[4][5]在绳重一定的情况下，物体的重力大小会影响有用功，摩擦力大小会影响额外功，所以滑轮组的机械效率与物重和摩擦有关。
21. 小阳想测出自己从一楼跑到三楼做功的功率，如图所示。
（1）需要的测量工具有：台秤、___________、___________；
（2）小阳设计的实验方案如下，其中多余的是 ___________；
A．测出自身的质量m
B．测出楼梯的总长度L
C．测出一楼到三楼的竖直高度h
D．测出上楼所用的时间t
（3）小阳爬楼功率的表达式为P=___________。
【答案】 ①. 刻度尺 ②. 秒表 ③. B ④.
【解析】
【详解】（1）[1][2]由功率的公式推导可知
实验中需要用台秤测量人的质量、用刻度尺测量爬楼的高度、用秒表测量爬楼的时间。
（2）[3]实验中需要测量楼的竖直高度h，但不需要测量楼梯的总长度L，故B是多余的。
（3）[4]小阳爬楼功率的表达式为
22. 如图是小刚探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图，让半径相同的小球由斜面上某位置由静止开始释放，撞击放置于水平面上O点的木块。（mA
（2）小刚选择图甲和乙进行实验，第一次按照图甲实验后，在进行图乙实验前，应先将撞出的木块_________。多次实验后，小刚得出结论：速度相同时，质量越大，动能越大；
（3）小刚按照甲、丙两图多次实验后，得出结论：质量相同时，___________；
（4）小刚查阅资料得知，动能的公式为，同一辆汽车刹车时认为地面摩擦力不变，动能完全用于克服摩擦力做功，车速如果是原来的2倍，则刹车距离将变为原来的________倍，所以要规定汽车在公路上行驶的最大速度；
（5）小刚设计了如丁图装置，用质量相同的小球将同一弹簧压缩到不同程度，放手后通过小球离开弹簧后运动的距离来反映动能的大小，以此来探究动能与速度的关系。该方法___________（选填“合理”或“不合理”）；
（6）小刚看到电视中山体滑坡时，山坡上的石头能摧毁山下的建筑物，结合自己的实验可知，甲、乙两图中，___________球（选填“A”或“B”）的重力势能更大。
【答案】 ①. 木块被推动的距离 ②. 做功 ③. 放回O点原位置 ④. 质量相同时，速度越大，动能越大 ⑤. 4 ⑥. 合理 ⑦. B
【解析】
【详解】（1）[1][2]根据转换法可知，实验中通过小球对木块做功，根据推动木块移动的距离来反映动能的大小。
（2）[3]选择图甲和乙进行实验，第一次按照图甲实验后，在进行图乙实验前，应先将撞出的木块放回O点原位置，这样才能满足控制变量法的要求。
（3）[4]按照甲、丙两图多次实验，实验中小球的质量不变，下滑的高度改变，撞击木块时的速度改变，高度越高，撞击木块时的速度越大，木块被推动的距离越远，小球的动能越大，故得出结论：质量相同时，速度越大，动能越大。
（4）[5]动能的公式为，同一辆汽车刹车时认为地面摩擦力不变，动能完全用于克服摩擦力做功，车速如果是原来的2倍，则动能变为原来的4倍，根据
E=W=fs
可知，刹车距离将变为原来的4倍。
（5）[6]用同一个钢球两次将同一弹簧压缩到不同程度，弹簧的弹性形变不同，两次实验弹簧具有的弹性势能不同，转化而成的动能不同，小球的速度不同，可以探究动能与速度的关系，所以该实验方法是合理的。
（6）[7]甲、乙两图中，小球的质量不同，B球的质量大，推动木块移动的距离越远，动能越大，由于高度相同，所以B球的重力势能大。
23. 在探究不同物质吸热升温特点实验中，如图甲，小明用同一装置给水和食用油加热。
（1）实验中，要控制水和食用油的______（选填“质量”或“体积”）相同，通过______（选填“温度的升高多少”或“加热时间长短”）来比较液体吸收热量的多少；
（2）实验后发现水的比热容较大，要使水和食用油升高相同的温度，就要给水加热更长的时间，此过程中水吸收的热量______（选填“大于”、“等于”或“小于”）食用油吸收的热量；
（3）根据实验数据作出两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图乙，其中吸热本领较强的是______图线（选填“A”或“B”）对应的液体；它们的比热容之比cA∶cB= ______ ；
（4）同组的小华设计如下方法来比较比热容的大小：将两初温均为t1的相同金属块，分别浸没在温度均为t2的水与食用油中（t1>t2），待分别温度稳定（热传递结束）时，测得水温低于食用油的温度，若不计热损失，据此得出水的比热容比食用油大的结论，请评价该设计思路是否可行。______（选填“可行”或“不可行”）。
【答案】 ①. 质量 ②. 加热时间长短 ③. 大于 ④. A ⑤. 9∶4 ⑥. 可行
【解析】
【详解】（1）[1]探究水与食用油吸热能力大小关系时，采用的是控制变量法，实验中需要保持水与食用油的质量相等。
[2]用两个相同的加热装置分别给水和食用油加热，相同时间内，酒精灯放出的热量相同，水和食用油吸收的热量相同，所以用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少。
（2）[3]在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间。因为选用相同的酒精灯加热，所以加热时间长的吸收的热量多。即水吸收的热量大于食用油吸收的热量。
（3）[4]由图可知，加热时间相同，即吸收的热量相同，A升高的温度低于B升高的温度，故A的吸热能力强。
[5]由图可知，A的加热时间是B加热时间的1.5倍，A升高的温度是B升高温度的，根据吸热公式可知：A对应的液体吸收的热量为QA=cAmΔtA，B对应的液体吸收的热量为QB=cBmΔtB，则
整理得
则它们的比热容之比为
（4）[6]该方案可行，因为在该过程中水吸收的热量多，而升高的温度小，所以水的比热容大。
24. 正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有500g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2℃，不计水的蒸发[水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)]。
（1）该过程水吸收的热量是多少？
（2）若照射到盘中水面上太阳能的功率为28W，水获取太阳能的效率是多大？
【答案】（1）；（2）25%
【解析】
【详解】解：（1）由Q=cmΔt可得，该过程水吸收的热量为
（2）由W=Pt可得，照射到水面上的太阳能为
故水获取太阳能的效率为
答：（1）该过程水吸收的热量是4.2×103J；
（2）水获取太阳能的效率是25%。
25. 建筑工地上，需要利用拖拉机和滑轮将一个质量为0.6×103kg的物体，拉到长100m，高60m的斜面顶端，测得拉动一个物体沿斜面匀速上升时拖拉机对绳的水平拉力为4.8×103N。（不计绳重及绳与滑轮间的摩擦）
（1）对物体做的有用功；
（2）求斜面装置的机械效率；
（3）已知拖拉机质量为12t，最大输出功率为48kW，受到水平地面的阻力为车重的0.01倍，则其在匀速运动时的最大速度为多少？
【答案】（1）360000J；（2）75%；（3）8m/s
【解析】
【详解】解：（1）由题意可知，物体质量为
物体的重力为
对物体做的有用功为
（2）由图可知，将物体拉上斜面时，拖拉机通过距离为
拉力所做总功为
斜面装置的机械效率为
（3）由题意可知，拖拉机的质量为
则拖拉机的重力为
拖拉机受到水平地面的阻力为车重的0.01倍，则阻力为
拖拉机匀速运动，受平衡力，所以牵引力为
根据公式
拖拉机最大输出功率为48kW，拖拉机在水平地面上匀速拉动物体过程中的最大速度为
答：（1）对物体做的有用功为360000J；
（2）斜面装置的机械效率为75%；
（3）拖拉机匀速运动时的最大速度为8m/s。实验次数
动滑轮重G0/N
物重
钩码上升高度h/m
动力F/N
动力作用点移动距离s/m
滑轮组机械效率η
1
0.5
1
0.1
0.7
0.3
47.6%
2
0.5
2
0.1
1.1
0.3
60.6%
3
0.5
4
0.1
2
0.3
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