黄金卷07-【赢在高考·黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（广东专用）

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【详解】A．根据质量数守恒和电荷数守恒知
则锶90发生的是衰变，故A错误；
B．经过56年，即经过两个半衰期，锶90有衰变为其他物质，不是质量减小，故B错误；
CD．射线X的本质为高速电子流，不是电磁波，故C错误，D正确。
故选D。
2．C
【答案】C
【详解】A．原线圈接220V的交流电时，副线圈两端的电压为22V，根据变压比
解得
故A错误；
B．根据图像可知，周期为0.02s，则频率为
故B错误；
C．小灯泡正常发光时副线圈电流为，根据变流比
可得电流表的示数
故C正确；
D．小灯泡正常发光时副线圈电压为，根据变压比
可得原线圈电压有效值
则正弦交变电压的峰值
故D错误。
故选C。
3． D
【答案】D
【详解】A．在俯卧撑向下运动的过程中，先加速向下后减速向下运动，该同学先处于失重状态后处于超重状态，故A错误；
B．宽距俯卧撑双臂间距大于肩宽，手臂间的夹角变大，作用力比中距俯卧撑作用力大，故B错误；
C．在俯卧撑向上运动的过程中，地面对手掌的支持力与手掌对地面的压力是一对作用力与反作用力，大小相等，故C错误；
D．由可知在做俯卧撑运动的过程中，地面对该同学的冲量不为零，故D正确。
故选D。
4．B
【答案】B
【详解】A．图甲中，根据几何关系可知上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路的可逆性，无论怎么增大入射角，下表面的入射角不会达到临界角，光线都会从a面射出，故A错误；
B．图乙中，根据双缝干涉相邻条纹间距公式
可知只减小屏到挡板间距离，两相邻亮条纹间距离将减小，故B正确；
C．图丙是针尖在灯光下发生的现象，这种现象反映了光的衍现象，故C错误；
D．只有横波才能产生偏振现象，所以光的偏振现象表明光是一种横波，故D错误。
故选B。
5． D
【答案】D
【详解】A．由万有引力提供向心力可得
解得
由于“天宫”空间站的轨道半径小于北斗同步卫星的轨道半径，所以“天宫”空间站的运行周期小于北斗同步卫星的运行周期，故A错误；
B．“天宫”空间站里的宇航员所受重力提供随空间站一起绕地球运转的向心力，宇航员处于悬浮状态时依然受重力的作用，故B错误；
C．北斗导航系统中所有同步卫星的质量不相同，受到地球的万有引力大小不相等，故C错误；
D．“天宫”空间站是近地卫星，发射速度接近第一宇宙速度；北斗同步卫星是高轨道卫星，发射速度较大，故北斗同步卫星的发射速度大于“天宫”空间站的发射速度，故D正确。
故选D。
6． C
【答案】C
【详解】A．骑车飞跃壕沟的过程中，人和车做平抛运动，欲平安飞跃壕沟应满足车在竖直方向上下落h时，它的水平位移﹐竖直方向上人和车做自由落体运动，由可得
水平方向做匀速直线运动，需满足
可得离开A点时速度需大于才能安全越过壕沟，A项错误；
B．飞跃壕沟时，在空中运动的时间只与高度差h有关，则时间不变，B项错误；
C．运动员在空中飞行的过程中重力的功率
随着时间t的增长重力的功率逐渐变大，C项正确；
D．运动员在空中飞行的过程中，动量变化量与重力加速度的方向相同，都是竖直向下，D项错误。
故选C。
7． D
【答案】D
【详解】A．根据带电粒子在磁场中的偏转方向，根据左手定则知，该粒子带正电，则在速度选择器中电场力水平向右，则洛伦兹力水平向左，根据左手定则知，磁场方向垂直纸面向外，故A错误；
B．在速度选择器中，电场力和洛伦兹力平衡，有
解得
能通过狭缝P的带电粒子的速率等于，故B错误；
CD．粒子进入磁场后，由洛伦兹力提供向心力，则有
解得
粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的轨迹半径越小，粒子的比荷（）越大；粒子所带电荷量相同时，打在胶片上的位置越远离狭缝P，粒子的轨迹半径越大，表明其质量越大，故C错误，D正确。
故选D。
8． BC
【答案】BC
【详解】A．水柱在空中做斜抛运动，到达最高点时竖直方向速度为0，水平方向速度不变，故A错误；
BC．设水柱喷射时初速度为，在空中的运动时间为，根据斜抛运动特点有
，
解得
，
故BC正确；
D．水柱在空中只受重力，可知水柱在上升过程中机械能守恒，故D错误。
故选BC。
9． CD
【答案】CD
【详解】A．负电金属网与正电金属板间的电场方向向上，故绒毛运动经过处各点的电势逐渐升高，故A错误；
B．绒毛在飞向布匹的过程中，绒毛在做加速运动，电场力做正功，电势能不断减小，故B错误；
C．仅增大正电金属板与负电金属网之间的电压，电场强度增大，电场力增大，经过相同的距离，电场力做的功增多，根据动能定理，绒毛到达布匹时的动能增大，速率增大，故C正确；
D．仅增大正电金属板与负电金属网之间的距离，电势差不变而电场强度减小，绒毛受到的电场力减小，加速度减小，所用时间增大，故D正确。
故选CD。
10． AC
【答案】AC
【详解】A．根据题意可知，此装置是利用电磁感应现象制成的，故A正确；
B．根据右手定则可以判断，通过灯泡的电流方向由右向左，故B错误；
C．重物下降速度越快，感应电动势越大，圆盘阻尼作用越大，故C正确；
D．重物减小的重力势能转化为装置的动能和灯泡消耗的电能，故D错误。
故选AC。
11．
【答案】 C 9.450/9.448/9.449/9.451/9.452 BD/DB c
【详解】（1）细线要用铁夹固定，防止摆长忽长忽短；摆线要用细线，不能用弹性棉绳；摆球要用密度较大的铁球，故选C。
（2）螺旋测微器测量小钢球直径的读数为
。
（3）根据单摆周期公式
可得
A．单摆振动时振幅较小，不影响的测量，故A错误；
B．将摆线长当成了摆长，导致变小，可知g值偏小，故B正确；
C．实验时误将将49次全振动记为50次，则周期测量值偏小，可知g值偏大，故C错误；
D．摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了，则摆长测量值偏小，故D正确。
故选BD。
（4）根据单摆周期公式
可得
实验中将摆线长作为摆长L，没有加上摆球的半径，所以摆线长为零时，纵轴截距不为零，由于重力加速度不变，则图线的斜率不变，故选c。
12．
【答案】 左 3000 D 偏大
【详解】（1）[1]实物连接如图；
（2）[2]实验中滑动变阻器采用分压电路，则应选择阻值较小的R2；
（3）[3]在步骤b中，闭合开关、前，图甲中滑动变阻器的滑片应该移到最左端。
（4）[4]在步骤c中，保持滑动变阻器滑片位置不变，断开开关，调节电阻箱使电压表示数为2.0V，此时电阻箱分压1V，则电压表内阻等于电阻箱阻值的2倍，电阻箱阻值为1500Ω，则该电压表的内阻为3000Ω。
（5）[5]该表头的满偏电流约为
故选D。
（6）[6]在步骤c实验操作过程中，实际上断开后与滑动变阻器并联的电阻值变大，则滑动变阻器上的分压会变大，则电阻箱的分压大于1V，则电压表内阻小于电阻箱阻值的2倍，则本实验测量的电压表内阻与其真实值相比，测量值偏大。
13．
【答案】（1）；（2）
【详解】（1）初始时设副气囊的体积为，空气的密度为，则氦气的体积为主气囊加上副气囊的体积，即，此时对气球有
当拉力为零时，此时氦气的体积为主气囊的体积，即，对气球有
解得
（2）结合之前的分析，由玻意耳定律有
解得
14．
【答案】（1）；（2）1.92W
【详解】（1）金属条切割磁感线产生的感应电动势
电流大小为
联立解得
根据法拉第电磁感应定律可得
解得
（2）前齿轮转动频率
后轮转动的角速度
根据法拉第电磁感应定律可得金属条切割磁感线产生的感应电动势
解得
电路中的总电阻为
解得
3个小灯泡发光的总功率为
解得
15．
【答案】（1）；（2）2:1，3:2；（3）0.28J
【详解】（1）由题意可知1号滑环向左运动至与2号滑环绷紧瞬间的距离为L，设绷紧前瞬间1号滑环的速度为，根据动能定理可得
1号滑环与2号滑环绷紧瞬间动量守恒，即
由图丙可知
联合解得
（2）窗帘第一次绷紧（），即1号滑环与2号滑环绷紧，根据动量守恒
可得
故绷紧前后动能之比为
窗帘第一次绷紧（），即1号滑环与2号滑环共速再与3号滑环绷紧，设绷紧前瞬间1号滑环与2号滑环的速度为，根据动量守恒
可得
故绷紧前后动能之比为
（3）若窗帘恰能完全展开，则1号、2号、3号滑环共速后在与4号滑环绷紧前瞬间速度变为零，设1号、2号滑环与3号滑环绷紧后瞬间的速度为，根据动能定理可得
解得
设1号、2号滑环与3号滑环绷紧前瞬间的速度为，根据动量守恒可得
解得
同理，根据动能定理及动量守恒可得
联合解得
故1号滑环需获得的最小初动能为