10，重庆八中宏帆初级中学校2023～2024学年九年级下学期开学考试物理试题

这是一份10，重庆八中宏帆初级中学校2023～2024学年九年级下学期开学考试物理试题，共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，论述计算题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）。
1. 下列数据中与实际相符的是（ ）
A. 地球半径约6400mB. 电冰箱的工作电流约10A
C. 一个鸡蛋的质量约为5gD. 人双脚站立时对地面的压强约为
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据常见物体的长度可知，地球的半径约为6400km，故A不符合题意；
B．电冰箱的功率为200W左右，由P=UI得，其正常工作的电流约为
故B不符合题意；
C．10个鸡蛋的质量约为500g，则一个鸡蛋的质量约为50g，故C不符合题意；
D．人的重力约为G=600N，双脚与地面的接触面积为
S=400cm2=0.04m2
则人双脚站立时对水平地面的压强约为
故D符合题意。
故选D。
2. 如图所示的现象描述正确的是（ ）
A. 甲图中寒冷玻璃上的冰花是水蒸气升华而成
B. 乙图寒冷的冬天人们常搓手，是利用热传递的方式改变内能
C. 丙图水蒸气冲开橡胶塞，是将橡胶塞的机械能转化为水蒸气的内能
D. 丁图中糖块放在热咖啡中溶解较快，说明温度越高，分子运动越剧烈您看到的资料都源自我们平台，家威杏 MXSJ663 免费下载【答案】D
【解析】
【详解】A．寒冷玻璃上的冰花，是由于空气中的水蒸气遇到冷的玻璃直接变成的固态小冰晶，属于凝华现象，故A错误；
B．寒冷的冬天，人们双手摩擦时，双手克服摩擦做功，机械能转化为手的内能，此过程是通过做功的方式改变手的内能，故B错误；
C．给装水的试管加热，水沸腾后水蒸气将橡胶塞冲开，水蒸气的内能减少，橡胶塞的机械能增加，水蒸气的内能转化成橡胶塞的机械能，故C错误；
D．一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高分子运动越剧烈，因此热咖啡，温度高，糖块溶解得较快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故D正确。
故选D。
3. 如图所示的实例解释不正确的是（ ）
A. 图甲司南的长柄指南是地磁场的作用
B. 图乙电风扇是利用通电导体在磁场中受力工作
C. 图丙将气球在头发上摩擦后头发会飘起来，是因为气球带电，头发不带电
D. 图丁洗衣机插头上标“E”的插脚与金属外壳相连，防止外壳带电使人触电
【答案】C
【解析】
【详解】A．地球是一个大磁体，其周围存在地磁场，司南的长柄端指南是由于受到地磁场的作用，故A正确，不符合题意；
B．电风扇的主要元件是电动机，是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故B正确，不符合题意；
C．摩擦起电是通过摩擦的方法使物体带电，摩擦的两个物体带上的是等量的异种电荷，所以头发也会带电，故C错误，符合题意；
D．有金属外壳的用电器要接地。其插头上的“E”插头与用电器金属外壳用导线相连。将插头正确插入插座后，就可以使用电器的金属外壳与大地相连，故D正确，不符合题意。
故选C。
4. 下列说法中正确的是（ ）
A. 电功率越大，表示电流做功越多
B. 电压一定时，电阻与电流成反比
C. 使用验电笔时，手必须接触笔尖金属部分
D. 带正电的金属棒和不带电的验电器接触时，电子从验电器转移到金属棒
【答案】D
【解析】
【详解】A．电功率表示电流在单位时间内所做的功，用来表示消耗电能的快慢或者做功的快慢。因此电功率越大，表示电流做功越快，故A错误；
B．电阻是导体的性质，与导体的材料、长度、横截面积有关，还受到温度的影响，而与通过导体的电流和加在导体两端的电压无关，故B错误；
C．使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，不可接触笔尖金属部分，否则将发生触电事故，故C错误；
D．带正电的金属棒缺少负电荷，当它和不带电的验电器接触时，验电器的金属球、金属杆和金属箔由于有带负电的自由电子，电子从验电器转移到金属棒，故D正确。
故选D。
5. 如图所示，水平桌面上有甲、乙两个质量相同的薄壁容器，两个容器开口大小相同、底面积相同，分别装有质量相同的a、b两种液体，两个容器中的液面高度不同。下列说法正确的是（ ）

A. 桌面对两个容器支持力的大小关系是F甲>F乙
B. 两种液体密度的大小关系是ρa>ρb
C. 两个容器对桌面压强的大小关系是p甲>p乙
D. 两种液体对容器底压强的大小关系是pa【答案】D
【解析】
【详解】A．容器静止在水平桌面上，受到的竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，桌面对容器支持力
F=G总=m容g+m液g
由于容器、液体的质量都相等，所以，桌面对两个容器支持力的大小关系是F甲=F乙，故A错误；
B．由图可知，a、b两种液体的体积Va>Vb，而a、b两种液体的质量是相等的，根据可知，ρa<ρb，故B错误；
C．容器的总重力相同，对水平桌面的压力相等，受力面积相同，根据可知，两个容器对桌面压强的大小关系是p甲=p乙，故C错误；
D．根据图示可知，液体对甲容器底部的压力等于甲容器中液体的重力，乙容器中液体对容器底部的压力大于液体的重力，受力面积相同，根据可知，pa故选D。
6. 如图所示的电路，电源电压保持不变，为定值电阻。下列说法正确的是（ ）
A. 开关闭合前，电压表和电流表均无示数
B. 开关闭合后，滑片P向左移动的过程中，电压表的示数变小
C. 开关闭合后，滑片P向左移动的过程中，电压表和电流表示数的乘积变大
D. 开关闭合后，滑片P向右移动的过程中，电压表与电流表示数的比值变小
【答案】C
【解析】
【详解】A．开关闭合前，电流表没有接入电路，则电流表无示数；而电压表通过变阻器与电源的正负极相连，此时电压表测电源电压，即电压表有示数，故A错误；
BC．开关闭合后，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表A测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压，滑片P向左移动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小，由可知电路的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可知电压表的示数变大，电压表和电流表示数的乘积变大，故C正确，B错误；
D．开关闭合后，定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表A测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压，电流表A测电路中的电流，由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于定值电阻的阻值，而定值电阻的阻值不变，则滑片P向右移动的过程中，该比值不变，故D错误。
故选C。
7. 如图甲所示，装有水的薄壁柱形容器放置在水平桌面上，弹簧测力计拉着实心柱体重物A浸在水中，重物上表面与水面相平，已知重物底面积为S，容器底面积为3S，测力计拉着重物从图甲位置开始缓慢竖直上升，传感器所受拉力F随重物底部到容器底部的距离h变化的关系图线如图乙，不计水的阻力。下列说法正确的是（ ）

A. 重物浸没在水中时所受浮力为3N
B. 重物的密度为5×103kg/m3
C. 水对容器底部的最小压强为3×103Pa
D. 重物的高度为0.25m
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图乙可知，当重物A浸没在水中时，传感器所受的拉力F1=3N，重物A底部到容器底部的距离h1=0.1m。当A刚好离开水面时，重物A底部到容器底部的距离h2=0.3m，所以重物A的重力为
G=F2=5N
由称重法可知，重物A浸没时在水中受到的浮力为
F浮=G-F1=5N-3N=2N
故A错误；
B．根据阿基米德原理可知，重物A的体积为
重物A质量为
所以重物A的密度为
故B错误；
C．当A全部拉出时，水面最低，此时水对容器底部的压强最小。由题意可知，当A刚好离开水面时，重物A底部到容器底部的距离h2=0.3m，所以此时水对容器底部的最小压强为
p=ρ水gh2= 1.0×103kg/m×10N/kg×0.3m=3000Pa
故C正确；
D．图乙可知，重物A上升的高度为
h3=h2-h1=0.3m-0.1m=0.2m
设重物A的高度为hA，则有
ΔV水=S容h3=(S容-SA)hA
即
3S×0.2m=(3S-S)hA
解得hA=0.3m，故D错误。
故选C。
8. 如图所示的电路中，电源电压恒为15V，小灯泡L标有“3V，1.8W”的字样，滑动变阻器的规格为“60Ω 1A”，电流表的量程为0~3A，电压表的量程为0~15V、当只闭合，将滑动交阻器的滑片P调到中点时，电流表示数为1A。不考虑灯丝电阻的变化，在保证电路中各元件安全的情况下，则下列说法正确的是（ ）
①定值电阻的阻值为30Ω
②只闭合S1、S2，断开S0、S3，R1最大功率是11.25W
③只闭合S1、S2，断开S0、S3，小灯泡L的电功率的取值范围是0.324W～1.8W
④闭合开关S0、S2、S3，断开S1，整个电路消耗的电功率的取值范围是11.25W～22.5W
A. ①③B. ①④C. ②③④D. ①②④
【答案】B
【解析】
【详解】①根据电路图知道，当只闭合S0、S2和S3时，R1、R2并联，电流表测量干路电流，并且滑动变阻器R1的滑片P在中点；通过R1的电流
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流
由知道，R2的阻值
故①正确；
②闭合S1、S2，断开S0、S3时，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测量滑动变阻器R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；小灯泡L标有“3V 1.8W”的字样，由知道，灯泡的阻值
当滑动变阻器的电阻等于小灯泡电阻时滑动变阻器的功率最大，但当小灯泡两端的电压与滑动变阻器两端的电压相同时，小灯泡两端的电压为7.5V，大于小灯泡的额定电压，所以小灯泡会被烧坏，故滑动变阻器的电阻不能与小灯泡的电阻相等，为了保证小灯泡正常发光，当电流为小灯泡的额定电流时，电阻R1的功率最大，由P=UI知道 ，灯泡的额定电流
滑动变阻器两端的电压为
滑动变阻器的最大的功率为
故②错误；
③因串联电路中各处的电流相等，电流表量程为0～3A，所以为保证电路安全，电路中的最大电流为0.6A，即小灯泡的最大电流为0.6A，最大功率为1.8W；因串联电路中各处的电流相等，电流表量程为0～3A，所以为保证电路安全，电路中的最大电流为0.6A，此时电压表示数为15V，因串联电路两端电压等于各部分电路两端的电压之和，所以滑动变阻器的阻值可以全部连入电路，此时电路中电流最小，则电路中的最小电流
此时灯泡消耗的最小功率
因此小灯泡L的电功率的取值范围是0.27W～1.8W，故③错误；
④闭合开关S0、S2、S3，断开S1，R1、R2并联，电流表测量干路电流；因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，而并联电路中，各支路互不影响，因此通过R2的电流仍然是0.5A，又因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，再结合电流表量程知道，所以干路最大电流为
则电路消耗的最大功率
当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路电流最小，则
电路消耗最小功率
故闭合开关S0、S2、S3，断开S1时，整个电路消耗的电功率的取值范围是11.25W～22.5W，故④正确。
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
二、填空题（本题共6个小题，每空1分，共12分）
9. 2023年5月30日9时31分，搭载神舟16号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，在火箭加速升空的过程中，以载人飞船为参照物，火箭是________的，16时29分，神舟十六号载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，此时以_________为参照物，载人飞船是静止。
【答案】 ①. 静止 ②. 天和核心舱
【解析】
【详解】[1]在火箭加速升空的过程中，以载人飞船为参照物，火箭的位置没有发生改变，所以火箭是静止的。
[2]神舟十六号载人飞船与空间站天和核心舱成功对接，对接后，载人飞船和天和核心舱的速度是一样的，以天和核心舱为参照物，载人飞船的位置没有发生变化，载人飞船是静止。
10. 可燃冰是一种新型能源，它的热值很大，是天然气热值的10倍。已知天然气热值，水的比热容，则体积为的可燃冰完全燃烧放出的热量为________。若这些热量的被质量为初始温度为的水吸收，则水温升高________。
【答案】 ①. ②. 70
【解析】
【详解】[1]由题可知可燃冰的热值为
q可燃冰=10q天然气=10×7.0×107J/m3=7×108J/m3
体积为的可燃冰完全燃烧放出的热量为
Q放=q可燃冰V=7×108J/m3×0.01m3=7×106J
[2]水吸收的热量为
Q吸=Q放η=7×106J×42%=2.94×106J
根据可知水温升高
11. 在如图所示的电路中，电阻标有“”，标有“3Ω、”，电流表的量程均为0-0.6A，电压表量程0-3V，在a、b间接入电压可调的电源。闭合开关S后，则电源电压最大为___________V，电路最大功率为___________W。
【答案】 ①. 3 ②. 4.5
【解析】
【详解】[1][2]由电路图知道，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，电压表测电源的电压。由于电流表的量程均为0-0.6A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以此时通过电流表A1的电流最大为0.6A，由欧姆定律知道电阻R1两端允许的最大电压为
U1=I1R1=1A×6Ω=6V
电阻R2两端允许的最大电压为
U2=I2R2=12A×3Ω=3.6V
由并联电路，各支路电压相等，且6V>3.6V，电压表量程0-3V，电源电压的最大值
U=3V
电路最大功率为
12. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡额定电压为2.5V。闭合开关后，将电阻箱从50Ω调到8Ω的过程中，两电表的示数关系如图乙所示，灯泡的额定电功率为___________ W， 电源电压为___________ V。

【答案】 ①. 0.625 ②. 4.5
【解析】
【详解】观察电路图可知，灯泡L与电阻箱R串联，电压表并联在灯泡两端，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测量电路电流。
[1]闭合开关后，将电阻箱从50Ω调到8Ω的过程中，两电表的示数关系如图乙所示。可知当电压表示数为2.5V，等于灯泡L的额定电压时，灯泡正常发光，此时灯泡的额定电流为0.25A，则灯泡额定电功率
[2]将电阻箱从50Ω调到8Ω的过程中，两电表的示数关系如图乙所示。可知当电压表示数为0.5V时，电流为0.08A，根据欧姆定律以及串联电路电压关系可得电源电压
13. 质量分布均匀的实心正方体A、B置于水平桌面上，如图甲。将B沿水平方向截取高为h的柱体，并将该柱体叠放在A上，A、B剩余部分对桌面的压强p随截取高度h的变化关系如图乙，则B的密度为___________，A的重力为___________N（g取10N/kg）

【答案】 ①. 0.6×103 ②. 6
【解析】
【详解】[1]质量分布均匀的实心正方体置于水平桌面上，对水平桌面的压强
由图乙可知，截取前有pB=6×102Pa，B的高度是10cm，B的密度为
[2]由图乙可知，当B截取2cm时，B剩余部分对桌面的压强
此时将截取的B物体叠放在A上，对桌面的压强也是480Pa，即
①
B的重力
由图乙可知，B放到A上面对水平桌面的压强是8×102Pa，即
②
由①和②得到
GA=6N
14. 如图所示的电路中，电源电压U保持不变。只闭合开关S和S3，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A时，电压表V2的示数为1V，电路的总功率为P1；只闭合开关S和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1；只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I2，此时电路的总功率为P2；保持滑片位置不变，再闭合开关S2，电流表的示数变化了0.2A。已知I1∶I2=2∶13，U1∶U2=1∶2，则电源电压U=______V，P1∶P2=______。
【答案】 ①. 8 ②. 21∶52
【解析】
【详解】[1]由图知道，只闭合开关S和S2，R1、R2、R3串联，电流表测电路的电流I1，电压表V1测R1两端的电压U1，电压表V2测R2、R3两端的总电压U2，由串联电路的电阻特点和分压原理知道
即
2R1=R2+R3 ---①
此时电路中的电流
根据题意知道，只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，R1、R2并联，电流表测干路电流I2，由并联电路的电流特点和欧姆定律知道，此时电路中的电流
根据题意知道
----②
由①②解得
7R2=6R1
3R3=4R2
根据题意知道，保持滑片位置不变，再闭合开关S2，R1、R2、R3并联，电流表测干路电流，电流表的示数变化了0.2A，由并联电路的特点知道，电流表变化的示数为通过R3的电流，则此时通过R3的电流
I3'=0.2A
由并联电路的分流原理知道，此时通过R3、R2的电流之比
则通过R2的电流
通过R1、R2的电流之
则通过R1的电流
由并联电路的电流特点知道，R1、R2并联时，干路电流
由I1∶I2=2∶13知道，R1、R2、R3串联，电路中的电流
只闭合开关S和S3，R1与R串联，电压表V2测滑动变阻器R两端的电压，串联电路的电压特点和欧姆定律知道，电源电压
U=U1'+UR=I'R1+UR=0.2A×R1+1V---③
由串联电路的电阻特点和欧姆定律知道，R1、R2、R3串联时的电源电压
U=I1R总=I1（R1+R2+R3）=I1×3R1=A×3R1---④
由③④解得
R1=35Ω
U=8V
[2]只闭合开关S和S3，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A时，电压表V2的示数为1V，电路的总功率为
P1=U×0.2A
只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I2，此时电路的总功率为
P2=U×A
所以
三、实验探究题（15题6分、16题8分、17题8分，共22分）
15. 军军同学进行了如图“观察水的沸腾”的实验。
（1）图甲装置中存在的明显错误是___________。
（2）军军做实验时，看到大量气泡上升过程中___________（选填“变大”或“变小”）且到达水面破裂，表明水在沸腾；
（3）如图乙所示，生活中，常把碗放在锅里的水中蒸食物。当锅里的水沸腾以后，碗中的水___________（选填“会”或“不会”）沸腾。
（4）同组的乐乐同学进行了如图“测量牛奶密度”的实验，实验操作如下：
①将托盘天平放在水平桌面上，调节平衡螺母使横梁水平平衡；
②用调节好的天平测出空烧杯的质量为28.8g，然后将牛奶盒中的牛奶倒入烧杯，用天平测量烧杯和牛奶的总质量，天平平衡时如图所示，烧杯和牛奶的总质量为___________g；
③将烧杯中的牛奶全部倒入量筒中，测得体积为40mL，根据以上实验数据计算出牛奶的密度为___________，用该方法测得的密度值和真实值相比偏___________。
【答案】 ①. 温度计接触烧杯底部 ②. 变大 ③. 不会 ④. 73.8 ⑤. ⑥. 大
【解析】
【详解】（1）[1]由图可知，错误是温度计接触到烧杯底部，未能正确使用温度计进行测量。
（2）[2]沸腾时，气泡上升过程中，水不断汽化变成水蒸气进入气泡中，气泡的体积变大。
（3）[3]当锅里水沸腾时，碗中的水达到沸点，但是不能继续从周围吸热，不满足沸腾条件，不能沸腾。
（4）[4]由图可知，烧杯和牛奶的总质量为等于右盘砝码质量和游码质量之和，即
[5]量筒中牛奶的质量为
量筒中牛奶的体积为
由可得，牛奶的密度为
[6]当将烧杯中的牛奶倒入量筒中，会有牛奶沾在烧杯上，而倒不干净，因此所测的体积会偏小，根据公式得测得的密度比真实值偏大。
16. 如图所示，小欣做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为6V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样，滑动变阻器的规格是“20Ω 1A”。
（1）请你根据图甲电路图用笔画线代替导线，将图乙中未完成的电路连接好；（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，灯泡变暗，导线不能交叉）（ ）
（2）连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，电路的故障可能是___________；
A．灯泡短路 B．滑动变阻器短路 C．灯泡断路 D．滑动变阻器断路
（3）电路故障排除后，闭合开关，逐步移动滑片，电压表示数如图丙，为使灯泡正常发光，应向___________。（选填“左”、“右”）端移动滑片P；图丁为灯泡的图像，小欣发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；当小灯泡两端电压为2V时，其实际功率在下列选项___________的范围内；
A．0~0.5W B．0.32W~0.4W C．0.4W~0.5W D．0.32W~0.5W
（4）测完小灯泡的电功率后，小欣绘制了灯泡的和图像如图所示，下列正确的是___________；
A. B.
C. D.
（5）小欣调节滑动变阻器的过程中，发现滑动变阻器的电阻变化了，灯泡的电阻变化了，则___________（选填“>”、“<”或“=”）。
【答案】 ①. ②. C ③. 右 ④. 变大 ⑤. B ⑥. B ⑦. >
【解析】
【详解】（1）[1]滑动变阻器的滑片向右移动时，灯泡变暗，连入电路的阻值变大，滑动变阻器应接左下接线柱，实物图如图所示
（2）[2]连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路出现了断路现象；电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是灯泡断路，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（3）[3]由图丙可知，电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2.8V，为测额定功率，灯两端电压应为2.5V，根据串联电路的分压特点可知，滑动变阻器分得的电压较小，应增大滑动变阻器两端电压，即增大变阻器接入电路的阻值，所以应向右移动滑片，直到电压表示数为2.5V为止。
[4]由图丁知，当电压表的示数增大时，通过灯泡电流也变大，但电压比电流变化的更快， 所以电压表与电流表的示数之比变大。
[5]当灯泡两端的电压为2V时，由图丁可知，通过灯泡的电流范围在0.16~0.2A之间，则灯泡的功率应大于
小于
故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[6]BD．由图丁，电流随电压的变大而变大，由知，若R不变，则P与I2成正比，由于灯泡的电阻随温度的升高而增大，所以P随I2的增大而增大，增速先慢后快，故B正确，D错误；
AC．由知，若R不变，则P与U2成正比，由于灯泡的电阻随温度升高而增大，所以P随U2的增大而增大，增速先快后慢，故AC错误。
故选B。
（5）[7]根据图像可知，当滑动变阻器电阻变小时，灯泡两端电压增大，电流也增大，灯泡电阻变大，总电阻变小，根据
R=R滑+R灯
只有当R滑的减小量大于R灯的增加量才会让总电阻变小，故>。
17. 在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，小红利用可调电压电源、5个定值电阻（阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、滑动变阻器（30Ω，1A）、电压表和电流表、导线若干，设计了如图所示的电路图：
（1）闭合开关，电流表无示数，电压表有示数，并接近电源电压，则故障原因是：定值电阻_______；（选填“短路”或“断路”）
（2）排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应将滑动变阻器的滑片P从上一位置向_______（选填“左”或“右”）滑动，使电压表示数保持不变；
（3）小红收集的数据如上表所示，实验中控制定值电阻两端电压为______V，分析表中数据，发现第______次实验的数据存在错误，反思产生的原因，回忆是某次将定值电阻的阻值由______Ω变换为错误数据点对应阻值时（实验过程并未按表中序号顺序进行，而是随机选取电阻测出数据填入表格），未调节滑片P就读取电流而造成的。根据出现的数据，求出电源的电压是______V；
（4）排除表中错误数据后可以得到结论：当电压一定时，通过导体的电流与电阻成_______比；
（5）在实验中，若定值电阻两端设定的不变电压值为1.6V，要顺利完成5次实验，下列方案可行的两项是_______。
A.电源电压可重设在1.6～3.52V的范围内
B.将滑动变阻器更换为“40Ω，1A”
C.可在电路中再串联一个阻值为10Ω的电阻
【答案】 ①. 断路 ②. 右 ③. 2 ④. 3 ⑤. 25 ⑥. 4 ⑦. 反 ⑧. AB
【解析】
【详解】（1）[1]若电流表没有示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表、电流表、滑动变阻器、开关与电源相连通，所以故障为与电压表并联的定值电阻断路。
（2）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表示数恢复到原来的值。
（3）[3][4]根据定值电阻两端电压等于通过定值电阻的电流与定值电阻阻值的乘积，分析表中数据，1、2、4、5次实验数据电流值与对应电阻值乘积均为2V，所以实验中控制定值电阻两端电压为2V，只有第3次实验数据乘积等于1.5V，实验中应控制电压相等，所以分析表中数据，发现3次实验的数据存在错误。
[5]反思产生的原因，回忆是某次将定值电阻的阻值变换为错误数据点对应阻值时（实验过程并未按表中序号顺序进行，而是随机选取电阻测出数据填入表格），未调节滑片P就读取电流而造成的。再根据串联分压原理可知，第三次数据实验之前应接入的定值电阻阻值大于第三次的电阻值15Ω，又因为第三次和第四次记录电流值相等所以不可能是将20Ω换成15Ω，只能是将25Ω电阻换成15Ω时操作不当出现的错误。
[6]根据串联电路特点及第3次和第5次数据可列出以下等式
U=1.5V+0.10A×R滑………①
U=2V+0.08A×R滑………②
解①②式得电源电压U=4V。
（4）[7]排除表中错误数据后可以得到结论：当电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。
（5）[8]根据串联分压原理，可知在实验中，若定值电阻两端设定的不变电压值为1.6V，要顺利完成5次实验，根据分压原理和串联电路特点可算出，电源电压为4V，接入定值电阻为25Ω时，电路中电流
需接入电路分压的电阻阻值
提供滑动变阻器的最大电阻为40Ω，故B方案可行；
把滑动变阻器全部接入电路，整个电路两端最大电压为
U1=1.6V+IR滑=1.6V+0.064A×30Ω=3.52V
故A方案可行。
当接入5Ω电阻，电阻两端电压为1.6V，由分压原理可得
解得
R0=7.5Ω
在电路中再串联一个阻值为10Ω的电阻，5Ω电阻两端电压无法达到1.6V，故C方案不可行。
故选AB。
四、论述计算题（18题6分、19题8分、20题8分，共22分）
18. 如图所示的电路，电阻R1的阻值是20Ω。当开关S闭合时，电流表A1的示数是0.6A，电流表A的示数是1.0A。求∶
(1)电阻R2的阻值；
(2)通电时间10s，电流通过电阻R2所做的电功W2。
【答案】(1)30Ω；(2)48J
【解析】
【详解】(1)由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，则电源电压为
由并联分流可得
电阻R2的阻值
(2)通电时间10s，电流通过电阻R2所做的电功
答：(1)电阻R2的阻值为30Ω；
(2)通电时间10s，电流通过电阻R2所做的电功为48J。
19. 如图甲，将一重为8N的物体A放在装有适量水的圆柱形容器（容器足够高）中，容器的底面积是200cm2，物体A漂浮于水面，浸入水中的体积占总体积的，此时水面到容器底的距离为20cm。如果将一小球B用体积和重力不计的细线系于A下方后，再轻轻放入水中，静止时A上表面与水面刚好相平，如图乙。已知小球B的密度ρB＝1.8×103kg/m3，g=10N/kg。求：
（1）在甲图中杯壁上距杯底8cm处O点受到水的压强。
（2）物体A的密度
（3）物体B放入前后，水对容器底压强的变化量

【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）O点的深度
则O点受到水的压强
（2）物体A漂浮于水面，物体受到的浮力为
根据可得物体排开水的体积为
此时物体A浸入水中的体积占总体积的，则物体A的体积为
物体A的质量为
物体A的密度为
（3）图乙中A、B共同悬浮，则有
根据和可得
则物体B的体积为
物体B放入后，水的深度变大，变大的深度为
水对容器底压强的变化量为
答：（1）在甲图中杯壁上距杯底8cm处O点受到水的压强为；
（2）物体A的密度为；
（3）物体B放入前后，水对容器底压强的变化量为。
20. 如图甲所示，为某款双控温多功能家用涮烤两用分体电火锅，该电火锅部分参数如下表所示。该锅可实现火锅、烧烤同时进行，也可以分开控制，其部分简化电路图如图乙所示。开关S1控制对汤锅进行加热的电路，R1、R2均为电热丝，R2与温控开关并联：S左、S右可控制左、右两侧的烧烤盘的电路。请回答下列问题：
（1）汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻是多少?
（2）R2的电阻为56Ω，该汤锅保温档时的额定保温功率是多少?
（3）在一次野外烧烤中，通过很长的导线把该电火锅连入电压为220V的农户家中，但是发现烤肉速度比较慢。因为距离远，导线有电阻，导致电路的功率变小。当只让烧烤盘的右盘工作时，测出整个电路消耗的功率为330W，此时右盘两端的实际电压是多少?
【答案】（1）44Ω；（2）484W；（3）324
【解析】
【详解】解：（1）由公式可知，当S1闭合，温控开关也闭合时，只有电热丝R1工作，电路中电阻最小，电功率最大，此时处于加热状态，则R1电阻为
由公式可知，当S1闭合，温控开关断开时，R1和R2串联，此时电路中的电阻最大，电功率最小，为保温状态，则该汤锅保温档时的额定保温功率为
（3）根据可得，烧烤盘右盘的实际功率为
总功率为
通过以上二式联立可得
带入已知数据后可得
解得电路中的电流为：或
当时，
不符合实际，故舍去；
则烧烤盘右盘的实际功率为
则烧烤盘右盘的实际电压为
答：（1）汤锅加热状态正常工作时，R1的电阻为44Ω。
（2）该汤锅保温档时的额定保温功率为484W。
（3）在一次野外烧烤中通过很长的导线从一电压为220V的农家拉到烧烤点，发现烤肉速度比较慢。因为距离远，导线有电阻，所以导线会消耗了一些电能；当只让烧烤盘右盘工作时，右盘的实际电压是198V。实验序号
1
2
3
4
5
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
电流I/A
0.40
0.20
0.10
0.10
0.08
额定电压
烧烤盘的电阻
汤锅的额定功率
左盘
右盘
加热
保温
220V
60.5Ω
121Ω
1100W