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2022-2023学年辽宁省沈阳市市级重点高中联合体高二（下）期末化学试卷（含详细答案解析）
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这是一份2022-2023学年辽宁省沈阳市市级重点高中联合体高二（下）期末化学试卷（含详细答案解析），共23页。试卷主要包含了单选题，流程题，实验题，简答题等内容，欢迎下载使用。
1.下列化学用语或模型错误的是( )
A. 羟基的电子式：B. 乙烯的结构简式：CH2CH2
C. 苯的实验式：CHD. 乙炔的球棍模型：
2.化学与生产、生活、科技等密切相关，下列说法不正确的是( )
A. 将重油裂解为轻质油作燃料，有利于实现“碳达峰”
B. 核酸检测是确认病毒类型的有效手段，核苷酸缩合聚合可以得到核酸
C. 制作宇航服常用的材料有聚酯膜、聚四氟乙烯等，聚四氟乙烯的单体属于卤代烃
D. 护航“神舟十五号”的主降落伞由高强度的芳纶纤维等制作而成，芳纶纤维属于合成纤维
3.下列各组物质性质的比较，结论正确的是( )
A. 密度：苯>H2O>CCl4
B. 等质量的乙炔、苯完全燃烧的耗氧量：乙炔>苯
C. 沸点：
D. 相同条件下，物质在水中的溶解度：CH3(CH2)4OH>C2H5OH
4.已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法中错误的是( )
A. 由红外光谱可知，该有机物中至少含有3种不同的化学键
B. 由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有3种处于不同化学环境的氢原子
C. 由该核磁共振氢谱我们可以得知其分子中的氢原子总数
D. 若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3CH2OH
5.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是( )
A. 标准状况下，22.4L由甲烷和乙烯组成的混合物中含碳氢共价键的数目为4NA
B. 28g聚乙烯中含碳碳双键的数目为NA
C. 1mlCH4与足量Cl2在光照下反应生成的CH3Cl分子数为NA
D. 向46g乙醇中插入刚灼烧后的铜丝，液体中碳氢键的数目依然为5NA
6.下列除杂(括号中的是杂质)方法不正确的是( )
A. 溴(溴乙烷)：加入CCl4，振荡，静置，分液
B. 乙醛(乙酸)：加入NaOH溶液，蒸馏
C. 苯(苯酚)：加足量NaOH溶液，振荡，静置，分液
D. 高级脂肪酸钠(甘油)：加入饱和NaCl溶液，盐析
7.下列有机化学实验中的操作、现象及解释对应关系均正确的是( )
A. AB. BC. CD. D
8.关于
，下列结论正确的是( )
A. 该有机物是苯的同系物
B. 1ml该有机物分子与氢气加成最多消耗5mlH2
C. 一定条件下，该有机物可发生取代反应、加成反应和氧化反应
D. 该有机物分子至少有4个碳原子共直线
9.一种自修复高分子材料在被外力破坏后能够复原，其结构简式如图所示。下列说法正确的是( )
A. 合成该高分子的两种单体互为同系物B. 该高分子可通过缩聚反应合成
C. 该材料能耐强酸或强碱的腐蚀D. 该高分子化合物含有两种含氧官能团
10.一种活性物质的结构简式为
，下列有关该物质的叙述正确的是( )
A. 该物质不能与溴发生加成反应，不能使溴的四氯化碳溶液褪色
B. 该物质既能与乙醇也能与乙酸发生取代反应
C. 1ml该物质最多能与2mlH2发生加成反应
D. 1ml该物质最多能与足量Na2CO3反应得44gCO2
11.高分子树脂X的合成路线如图所示：
下列说法不正确的是( )
A. 高分子树脂X中存在氢键
B. 在酸性条件下水解得到氨气
C. 甲的结构简式为CH2=CHCOOH
D. 反应①中有水生成
12.药用有机物A(C8H8O2)为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。则下列说法错误的是( )
A. A的结构简式为
B. 根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知F为2，4，6−三溴苯酚
C. G的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应的有两种
D. 上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、G
13.有机物M(2−甲基−2−丁醇)存在如图所示的转化关系，下列说法正确的是( )
A. N分子可能存在顺反异构
B. M能使酸性KMnO4溶液褪色
C. M的同分异构体中，能被氧化为酮的醇有3种
D. L的同分异构体中，含两种化学环境的氢的结构有2种
14.“一锅法”用[Ru]催化硝基苯(PhNO2,Ph表示苯基)与醇(RCH2OH)反应生成仲胺(RCH2NHPh)，反应过程如图所示(省略了部分物质，未配平)。下列叙述错误的是( )
A. 反应原料中的RCH2OH可用葡萄糖代替
B. 历程中存在反应PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O
C. 有机物还原反应的氢都来源于RCH2OH
D. 该反应过程结束后RCHO没有剩余
15.聚酰胺(PA)具有良好的力学性能，一种合成路线如图所示。下列说法不正确的是( )
A. Y中含有五元环B. ②是酯化反应
C. 该合成路线中甲醇可循环使用D. PA可发生水解反应重新生成Z
二、流程题：本大题共1小题，共10分。
16.淀粉是人类粮食的最主要成分，同时也是重要的工业原料。目前淀粉主要由农作物通过光合作用，由太阳光能、二氧化碳和水转化而成。同学们对淀粉的水解实验很感兴趣，于是分组进行了淀粉水解实验，为检验水解产物，设计了如图所示实验方案：
请回答下列问题：
(1)试剂1为稀硫酸，其作用是______。
(2)请写出反应③的化学方程式：______。
(3)如果小何在做实验的时候忘记加试剂2了，他______ (填“能”或“不能”)看到砖红色沉淀，原因是______。
(4)若小何按照实验方案进行操作观察到了砖红色沉淀，若他想要进一步检验淀粉是否完全水解，可取步骤①的少量水解液于试管中，加入碘水，证明淀粉完全水解的现象是______。若取步骤②后的少量混合液于试管中，加入碘水，则______ (填“可以”或“不可以”)判断淀粉的水解程度，原因是______。
三、实验题：本大题共1小题，共16分。
17.乙酸乙酯是食用香精中用量较大的合成香料之一，大量用于调配香蕉、梨、桃、菠萝、葡萄等香型食用香精。某化学兴趣小组设计的制备乙酸乙酯的装置如图1所示。
查阅资料知：
Ⅰ.CaCl2可与乙醇反应生成不溶于有机溶剂而溶于水的结晶醇化物。
Ⅱ.有关数据如表所示：
主要实验步骤如下：
①如图所示，连接好装置(装置气密性良好)，在100mL圆底烧瓶内加入碎瓷片后，加入15mL乙醇，然后边振荡圆底烧杯边慢慢加入10mL98%的浓硫酸，冷却后，通过分液漏斗(A)向圆底烧瓶(B)内慢慢加入12mL乙酸、在烧杯D中加入饱和Na2CO3溶液。
②点燃酒精灯，用小火均匀加热装有混合溶液的圆底烧瓶。
③待D中收集到一定量产物后停止加热，撤出C，将D中混合物搅拌，然后静置分层。
④分离出乙酸乙酯层、洗涤、干燥。
请回答下列问题：
(1)碎瓷片的作用是______、浓硫酸的作用是______。若用同位素示踪法来确定产物水分子中氧原子的提供者，请写出能表示 18O位置的制取乙酸乙酯的化学方程式：______。
(2)仪器C的名称是______，其作用是加速乙酸乙酯冷凝和______。
(3)D中饱和Na2CO3溶液的作用是______。
(4)步骤②中需要小火均匀加热的理由主要是______。
(5)写出步骤(3)中观察到的现象：______。分离出乙酸乙酯层后，一般用饱和食盐水和饱和氯化钙溶液洗涤乙酸乙酯层，可除去______ (填名称)杂质。
(6)该小组成员又设计了如图2所示的制取乙酸乙酯的装置(夹持装置、加热装置圴已略去)，与如图1所示的装置相比，本装置的主要优点是______。
四、简答题：本大题共2小题，共29分。
18.“结构决定性质，性质反映结构”是化学学科重要的学科思想，在有机化学中体现尤为明显。请回答下列问题。
(1)某炔烃A与氢气加成后的产物是
，则A的系统命名为______。
(2)某有机物仅含C、H、O三种元素，该有机物的蒸汽密度是相同条件下氢气的47倍，完全燃烧18.8g该物质，生成26.88LCO2(标准状况)和10.8g水，则该有机物的分子式为______。
(3)10g某天然油脂完全水解需要1.2g氢氧化钠，1kg该油脂进行催化加氢，需要消耗8g氢气才能进行完全，则1ml该油脂平均含有______ ml碳碳双键。
(4)写出下列有机反应的化学方程式。
①
在氢氧化钠的醇溶液中加热发生反应：______。
②甲醛与过量银氨溶液发生反应：______。
③
与
发生加成反应：______。
19.布洛芬(化合物J)具有良好的解热镇痛功效，可用于缓解轻度疼痛，其一种合成路线如图所示(部分反应条件省略)。
已知：ⅰ.HCHO+RCH2CHO→△稀NaOH
。
ⅱ.RCOOH→ΔSOCl2RCOCl。
请回答下列问题：
(1)B中官能团的名称是______。
(2)D的化学名称为______。 J的分子式为______。
(3)反应B→C、G→H的反应类型分别为______、______。
(4)E→F反应的化学方程式为______。
(5)已知Q的分子式比J的分子式少C4H8，写出一种含有手性碳原子的Q的结构简式：______。写出符合下列条件的 Q的结构简式：______。
①苯环上有4个取代基，其中2个取代基相同
②能发生银镜反应
③能与FeCl3溶液发生显色反应
④核磁共振氢谱显示有4组峰，且峰面积之比为1：2：6：1
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.羟基中氧原子上有一个未成对电子，其电子式为，故A正确；
B.乙烯分子中含有碳碳双键，写结构简式时不能省略，应写为CH2=CH2，故B错误；
C.实验式是有机物分子内各元素原子的最简整数比，苯的实验式为CH，故C正确；
D.用小球和小棍表示的模型为球棍模型，乙炔的球棍模型为，故D正确；
故选：B。
A.羟基中O原子上有一个未成对电子；
B.烯烃的结构简式中碳碳双键不能省略；
C.实验式是各原子的最简单的整数比；
D.用小球和小棍表示的模型为球棍模型。
本题考查球棍模型及结构简式、实验式等知识，为高频考点，明确常见化学用语的书写原则为解答关键，侧重分析与运用能力的考查，试题有利于提高学生的规范答题能力，题目难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A.重油裂解为轻质油燃料，燃烧时仍然生成二氧化碳，不能减少二氧化碳的排放，不利于实现“碳达峰”，故A错误；
B.核酸检测是确认病毒类型的有效手段，核酸是有机高分子化合物，可由核苷酸缩合聚合得到，故B正确；
C.四氟乙烯发生加聚反应生成聚四氟乙烯，聚四氟乙烯的单体是四氟乙烯，属于卤代烃，故C正确；
D.护航“神舟十五号”的主降落伞由高强度芳纶纤维等制作而成，芳纶是由酰基和亚氨基组成的酰胺基团和苯环的组成的合成纤维，故D正确；
故选：A。
A.化石燃料燃烧生成二氧化碳，将重油裂解为轻质油作燃料，不能减少二氧化碳的排放；
B.核酸是由许多核苷酸聚合成的生物大分子化合物；
C.四氟乙烯是烃的衍生物，属于卤代烃；
D.芳纶是含芳香环的一类线形聚酰胺纺制成的合成纤维，是有机高分子材料。
本题综合考查材料的组成、性质和用途等知识，侧重识记性知识检测和判断能力考查，试题有利于培养学生的良好的科学素养，提高学生学习的积极性，注意化学与生产、生活、科技的联系，题目难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：A.苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，即密度：苯B.乙炔和苯的最简式均为CH，等质量时碳、氢元素的质量相同，所以等质量的乙炔和苯完全燃烧耗氧量相同，故B错误；
C.形成分子内氢键，而形成分子内氢键，分子间氢键熔沸点大于分子内熔沸点，所以的熔沸点高于，故C正确；
D.一元醇中，羟基为亲水基，烃基为憎水基，烃基越大，有机物在水中的溶解度越小，所以溶解度：C2H5OH>CH3(CH2)4OH，故D错误；
故选：C。
A.苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大；
B.乙炔和苯的最简式均为CH；
C.分子间氢键熔沸点大于分子内熔沸点；
D.一元醇中，羟基为亲水基，烃基为憎水基，烃基越大，有机物在水中的溶解度越小。
本题主要考查物质结构与性质的相关知识，具体涉及分子的密度比较、氢键、溶解度等知识，属于高考高频考点，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A.由红外光谱可知，分子中含有C−H键、C−O键、O−H键，则该有机物中至少含有三种不同的化学键，故A正确；
B.由核磁共振氢谱有3个峰可知，分子中有3种处于不同化学环境的氢原子，故B正确；
C.核磁共振氢谱只能确定处于不同化学环境的氢原子的个数比，无法确定总数，故C错误；
D.据图可知，该有机物分子中含有C−H键、C−O键、O−H键，且有3种处于不同化学环境的氢原子，且氢原子个数之比为3：2：1，若A的化学式为C2H6O，其结构简式为CH3CH2OH，故D正确；
故选：C。
A.红外光谱图中给出的化学键有C−H键、O−H键和C−O键三种；
B.核磁共振氢谱中有几个峰就有几种H原子；
C.核磁共振氢谱峰的面积表示氢的数目比；
D.红外光谱图中给出的化学键有C−H键、O−H键和C−O键三种。
本题考查了有机物组成、结构的确定，把握红外光谱、核磁共振氢谱、质谱图的应用是解题的关键，题目难度较小。
5.【答案】A
【解析】解：A.标准状况下，每个甲烷或乙烯分子中都含有4个碳氢共价键，22.4L由甲烷和乙烯组成的混合物中含碳氢共价键的数目为⋅ml−1×4×NAml−1=4NA，故A正确；
B.聚乙烯分子结构简式为，不含碳碳双键，故B错误；
C.CH4和Cl2在光照条件下发生取代反应，生成CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4和HCl，故1mlCH4与足量Cl2在光照下反应生成的CH3Cl分子数小于NA，故C错误；
D.每个乙醇分子中含有5个碳氢键，则46g乙醇中碳氢键的物质的量为46g46g⋅ml−1×5=5ml，乙醇被灼热的铜丝催化氧化后生成乙醛和水，每个乙醛分子中含有4个碳氢键，则含有4ml碳氢键，反应过程中碳氢键的数目减少，故D错误；
故选：A。
A.每个甲烷或乙烯分子中都含有4个碳氢共价键；
B.聚乙烯分子结构简式为；
C.CH4和Cl2在光照条件下发生取代反应，生成CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4和HCl；
D.每个乙醇分子中含有5个碳氢键，每个乙醛分子中含有4个碳氢键。
本题考查了阿伏加德罗常数的有关计算，掌握物质的量的计算公式和物质结构是解题关键，题目难度不大。
6.【答案】A
【解析】解：A.溴、溴乙烷均易溶于四氯化碳，不分层，可知不能分液分离，故A错误；
B.乙酸与NaOH溶液反应后，增大与乙醇的沸点差异，可蒸馏分离，故B正确；
C.苯酚与NaOH溶液反应后，与苯分层，可分液分离，故C正确；
D.加入饱和NaCl溶液，可降低高级脂肪酸钠的溶解度，发生盐析，取出上层固体，能达到除去高级脂肪酸钠中混有的甘油的目的，故D正确；
故选：A。
A.溴、溴乙烷均易溶于四氯化碳；
B.乙酸与NaOH溶液反应后，增大与乙醇的沸点差异；
C.苯酚与NaOH溶液反应后，与苯分层；
D.加入饱和NaCl溶液，可降低高级脂肪酸钠的溶解度。
本题考查混合物的分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、混合物的分离提纯方法、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意元素化合物知识的应用，题目难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：A.甲苯被酸性高锰酸钾溶液氧化生成苯甲酸，溶液褪色，而加入苯中的溶液不褪色，可知苯环使甲基变活泼，故A正确；
B.向蛋白质溶液中加入CuCl2饱和溶液，蛋白质遇重金属盐，发生变性产生沉淀；若加入(NH4)2SO4饱和溶液，蛋白质盐析，产生晶体，故B错误；
C.乙酸挥发，会随着生成的二氧化碳进入苯酚钠溶液中，苯酚钠溶液出现浑浊，不能确定是乙酸和苯酚钠反应还是碳酸和苯酚钠反应，所以无法比较碳酸和苯酚的酸性强弱，故C错误；
D.在加入硝酸银溶液之前应该加入稀硝酸中和未反应的NaOH，否则银氨溶液和NaOH溶液反应而得不到淡黄色沉淀，故D错误；
故选：A。
A.甲苯中由于苯环对甲基影响导致甲苯易被酸性高锰酸钾溶液氧化；
B.重金属盐能使蛋白质变性，可溶性的铵盐能使蛋白质发生盐析；
C.挥发的乙酸也能和苯酚钠反应生成苯酚；
D.在加入硝酸银溶液之前应该加入稀硝酸中和未反应的NaOH。
本题考查化学实验方案评价，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，把握物质的性质、反应与现象、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：A.该有机物的支链上含有碳碳不饱和键，所以该有机物和苯结构不相似，二者不和同系物，故A错误；
B.该有机物的侧链含有一个碳碳双键和一个碳碳三键，还同时含有一个苯环，故1ml该有机物分子与氢气加成最多消耗6mlH2，故B错误；
C.该有机物含有碳碳三键、碳碳双键可以发生加成反应、氧化反应，苯环上的氢原子可以发生取代反应，故C正确；
D.碳碳三键为直线结构，由结构可知最多3个碳原子共直线，故D错误；
故选：C。
A.结构相似，在分子组成上相差1个或n个CH2原子团的有机物互为同系物；
B.苯环和氢气以1：3发生加成反应，碳碳双键和氢气以1：1发生加成反应，碳碳三键和氢气以1：2发生加成反应；
C.该有机物具有苯、烯烃、炔烃的性质；
D.乙炔分子中所有原子、苯环中对角线上的原子共直线，单键可以旋转。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系、同系物的概念内涵及原子共直线的判断方法是解本题关键，题目难度不大。
9.【答案】A
【解析】解：A.高分子的主链只有碳原子，其单体为CH2=CHCOOCH2CH2CH2CH3和CH2=C(CH3)COOCH3，两种单体的结构相似，相差2个−CH2，互为同系物，一定条件下二者发生加聚反应生成该高分子，故A正确；
B.由该高分子的结构简式可知，高分子为加聚产物，故B错误；
C.分子中含酯基，在强酸或强碱的条件下能发生水解反应，则使用该材料时应避免接触强酸或强碱，故C错误；
D.高分子中只有一种官能团，为酯基，故D错误；
故选：A。
A.高分子的主链只有碳原子；
B.为加聚产物；
C.分子中含酯基；
D.高分子中只有一种官能团。
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意高分子的合成方法，题目难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：A.该物质中的碳碳双键能与溴发生加成反应生成无色的物质，所以能使溴的四氯化碳溶液褪色，故A错误；
B.该有机物含有羧基，可以与乙醇发生取代反应；含有烃基，可以与乙酸发生取代反应，故B正确；
C.该物质分子中只有碳碳双键可以和氢气加成，1ml该物质最多能与1mlH2发生加成反应，故C错误；
D.该物质分子中只有−COOH和碳酸钠反应以2：1反应，1ml该物质最多能与足量Na2CO3反应得0.5mlCO2，即22gCO2，故D错误；
故选：B。
A.碳碳双键能和溴发生加成反应生成无色的物质；
B.醇羟基能和羧酸发生酯化反应、羧基能和乙醇发生酯化反应；
C.碳碳双键和氢气以1：1发生加成反应，羧基中碳氧双键和氢气不反应；
D.−COOH和Na2CO3以2：1反应生成CO2。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
11.【答案】B
【解析】解：A.高分子树脂X中的羧基之间能形成分子内氢键，故A正确；
B.含酰胺基，在碱性条件下水解得到氨气，酸性条件下不能水解生成氨气，故B错误；
C.由分析可知，甲的结构简式为CH2=CHCOOH，故C正确；
D.反应①为2CH2=CHCONH2与HCHO反应生成，根据原子守恒可知，该反应中有水生成，故D正确；
故选：B。
CH2=CHCN酸性条件下和水反应后酸化生成甲为CH2=CHCOOH，CH2=CHCONH2发生取代反应生成CH2=CHCONHCH2NHOCCH=CH2，甲和CH2=CHCONHCH2NHOCCH=CH2发生加聚反应生成高分子树脂X，以此来解答。
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的易错点，题目难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：A.由分析可知，A的结构简式为，故A正确；
B.由分析可知，F为2，4，6−三溴苯酚，故B正确；
C.G的结构简式为CH3COOCH2CH3，它的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应，应是甲酸形成的酯，相应的䤃有1−丙醇和2−丙醇，有2种，故C正确；
D.D()无法发生水解反应，故D错误；
故选：D。
B能和二氧化碳、水反应生成D，D能和溴水发生反应生成白色沉淀，说明D中含有酚羟基，所以A中含有苯环，A的不饱和度=8×2+2−82=5，则A中还含有一个不饱和键，A能和氢氧化钠的水溶液发生水解反应生成B和C，则A中含有酯基，C酸化后生成E，E和乙醇发生酯化反应生成G，G的分子式为C4H8O2，则E的结构简式为CH3COOH，C为CH3COONa，G的结构简式为CH3COOCH2CH3，结合A的分子式可知，B为，D为，F为2，4，6−三溴苯酚，结构简式为，则A为。
本题考查有机物推断，为高考常见题型和高频考点，侧重考查分析推断能力，知道常见物质官能团、常见反应类型及反应条件，题目难度不大。
13.【答案】C
【解析】解：A.连接碳碳双键的碳原子连接两个相同的原子或原子团时，该分子没有顺反异构，N为或，则N不存在顺反异构，故A错误；
B.M的结构简式为，由于与烃基相连的碳上没有氢原子，不能被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以无法使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；
C.−CH(OH)−能被氧化生成酮，则M的同分异构体能被氧化生成酮的结构有：、、，共3种，故C正确；
D.L的同分异构体有、、、、、、、，含有2种化学环境的氢的结构为，只有1种，故D错误；
故选：C。
M的名称为2−甲基−2−丁醇，则M的结构简式为，M在浓硫酸作催化剂并加热条件下发生消去反应生成N为或，N与HCl发生加成反应生成L，L能发生水解反应生成M，则L的结构简式为；
A.碳碳双键两端的碳原子连接两个不同的原子或原子团时存在顺反异构；
B.−CH2OH、−CH(OH)−都能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色；
C.−CH(OH)−能被氧化生成酮；
D.L的结构简式为，L的同分异构体中，含两种化学环境的氢的结构为。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构式、明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
14.【答案】D
【解析】解：A.由①②③知，RCHO是①的产物，是③的反应物，①中生成③中消耗，③生成的RCH2NHPh会变成RCH=NPh作为④的反应物，若将RCH2OH用甘油或葡萄糖代替，最终产物无影响，最终得到RCH2NHPh，故A正确；
B.由③PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O知，存在该反应PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O，故B正确；
C.由图中PhNO2→PhNH2，RCH=NPh→RCH2NHPh，该反应中的H来源于Ru−H，Ru−H中的H来源于RCH2OH，所以有机物还原反应的氢都来自于RCH2OH，故C正确；
D.[Ru]为催化剂，根据RCH2OH+RhNO2→RCHO+RCH2NHPh知，RCHO为生成物，有剩余，故D错误；
故选：D。
据图知发生以下反应：①[Ru]+RCH2OH→RCHO+[Ru−H]、②6[Rh−H]+PhNO2→PhNH2+6[Ru]+2H2O、③PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O、④RCH=NPh+H2→RCH2NHPb，
A.由①②③知，RCHO是①的产物，是③的反应物，①中生成③中消耗，③生成的RCH2NHPh会变成RCH=NPh作为④的反应物，若将RCH2OH用甘油或葡萄糖代替，最终产物无影响；
B.由③hNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O知，存在该反应；
C.由图中PhNO2→PhNH2，RCH=NPh→RCH2NHPh，该反应中的H来源于Ru−H，Ru−H中的H来源于RCH2OH；
D.[Ru]为催化剂，根据RCH2OH+RhNO2→RCHO+RCH2NHPh知，RCHO为生成物。
本题考查学生对有机化学基础的理解和掌握，为高频考点，掌握反应类型、化学反应原理等，明确由化学反应是解题关键，同时也考查了学生阅读题目获取新信息的能力，需要学生具备扎实的基础与综合运用知识、信息分析解决问题能力，题目难度中等。
15.【答案】D
【解析】解：A.Y为，则Y中含有五元环，故A正确；
B.Y和甲醇发生酯化反应生成Z，则②是酯化反应，故B正确；
C.Y生成Z消耗甲醇，Z生成PA生成甲醇，所以甲醇能循环利用，故C正确；
D.根据PA的结构简式知，PA水解生成，和甲醇发生酯化反应得到Z，所以不能直接得到Z，故D错误；
故选：D。
Z和发生缩聚反应生成PA，结合Z的分子式知，Z为，根据Y、Z的分子式知，Y和甲醇发生酯化反应生成Z，则Y为，X发生消去反应、取代反应生成Y。
本题考查有机物合成，侧重考查对比、分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度中等。
16.【答案】做催化剂 HOCH2(CHOH)4+2Cu(OH)2+NaOH→ΔHOCH2(CHOH)4COONa+Cu2O↓+3H2O不能 没有中和作催化剂的稀硫酸 溶液不变蓝色 不可以 混合液中有过量的氢氧化钠，碘单质会先与氢氧化钠反应，无法遇淀粉变色，无法判断淀粉的水解程度(或I2会与NaOH溶液反应，影响淀粉的检验)
【解析】解：(1)稀硫酸在淀粉水解时作催化剂；
故答案为：作催化剂；
(2)反应③表示淀粉水解产生的葡萄糖与新制的Cu(OH)2悬浊液反应，
故答案为：HOCH2(CHOH)4CHO+2Cu(OH)2+NaOH→ΔHOCH2(CHOH)4COONa+Cu2O↓+3H2O；
(3)若没有加碱中和，后面加入新制的氢氧化铜会与第一步加的稀硫酸反应，而不能与葡萄糖反应，故无法看到砖红色沉淀，
故答案为：不能；没有中和作催化剂的稀硫酸；
(4)若淀粉完全水解，则水解液中不含淀粉，因此现象为溶液不变蓝色。若取步骤2的少量混合液加入碘水，因为混合液中有过量的氢氧化钠，碘单质会先与氢氧化钠反应，无法遇淀粉变色，无法判断淀粉的水解程度，
故答案为：溶液不变蓝色；不可以；混合液中有过量的氢氧化钠，碘单质会先与氢氧化钠反应，无法遇淀粉变色，无法判断淀粉的水解程度(或I2会与NaOH溶液反应，影响淀粉的检验)。
淀粉在稀硫酸的催化下会发生水解生成葡萄糖，而检验葡萄糖需在碱性条件下进行，所以需要加入碱溶液中和过量的硫酸，再往混合液中加入新制的氢氧化铜，加热，产生砖红色沉淀则证明水解产物有葡萄糖，根据此解答该题。
本题主要考查了淀粉的水解以及水解产物的检验，掌握加入的试剂先后顺序和葡萄糖的检验方法是解答此题的关键，侧重对分析能力的考查，题目难度不大。
17.【答案】防止液体暴沸 作催化剂和吸水剂 或球形干燥管 防止倒吸 除去乙酸；溶解乙醇；降低乙酸乙酯的溶解度，有利于分层 减少乙酸和乙醇的挥发，提高其转化率，并防止副反应的发生 溶液上层有油状液体生成，有果香味 碳酸钠、乙醇、乙酸钠 冷凝管的冷却效果比空气冷凝的效果好；能控制加热的温度，减少副反应的发生，提高产率(合理即可)
【解析】解：(1)反应体系中加入碎瓷片的作用是防止液体暴沸，浓硫酸的作用是作催化剂和吸水剂。酯化反应时，羧酸中羧基脱去羟基、醇类羧基脱去氢，故能表示 18O位置的制取乙酸乙酯的化学方程式为：或，
故答案为：防止液体暴沸；作催化剂和吸水剂；或；
(2)仪器C的名称是球形干燥管，其作用是加速乙酸乙酯冷凝和防止倒吸，
故答案为：球形干燥管；防止倒吸；
(3)饱和Na2CO3溶液能和乙酸反应而除去乙酸；溶解乙醇；乙酸乙酯在饱和Na2CO3溶液中的溶解度比在水中的小，因此还能降低乙酸乙酯的溶解度，有利于分层，
故答案为：除去乙酸；溶解乙醇；降低乙酸乙酯的溶解度，有利于分层；
(4)步骤②中需要小火均匀加热，主要是为了减少乙酸和乙醇的挥发，提高其转化率，并防止副反应的发生，
故答案为：减少乙酸和乙醇的挥发，提高其转化率，并防止副反应的发生；
(5)步骤③中观察到的现象：溶液上层有油状物生成，有果香味。分离出乙酸乙酯层后，一般用饱和食盐水和饱和氯化钙溶液洗涤乙酸乙酯层，可除去碳酸钠、乙醇、乙酸钠杂质，
故答案为：溶液上层有油状液体生成，有果香味；碳酸钠、乙醇、乙酸钠；
(6)与图1装置相比，图2装置增加了温度计，有利于控制发生装置中反应液的温度，同时增加了冷凝管，有利于乙酸乙酯的冷却、收集，
故答案为：冷凝管的冷却效果比空气冷凝的效果好；能控制加热的温度，减少副反应的发生，提高产率(合理即可)。
乙酸与乙醇在浓硫酸加热的条件下反应生成乙酸乙酯和水，这个反应属于酯化反应，发生酯化反应时，羧酸中羧基脱去羟基、醇类羧基脱去氢；饱和碳酸钠有三个作用：中和乙酸，溶解乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度；乙酸、乙醇易溶于水，故还要防倒吸；加碎瓷片防暴沸，以此解答该题。
本题主要考查了乙酸乙酯的制备，掌握乙酸乙酯的制备原理是解答此题的关键，侧重分析能力的考查，题目难度不大。
18.【答案】3，4−二甲基−1−戊炔 C6H6O4 HCHO+4Ag(NH3)2OH→水浴加热4Ag↓+6NH3+(NH4)2CO3+2H2O
【解析】解：(1)根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带两个氢原子的碳原子间是对应炔烃存在碳碳三键的位置，则只有−CH2−CH3中两个碳原子间可存在碳碳三键，A的系统命名为3，4−二甲基−1−戊炔，
故答案为：3，4−二甲基−1−戊炔；
(2)该有机物的蒸汽密度是相同条件下氢气的47倍，则该有机物的相对分子质量为94；18.8g有机物的物质的量为0.2ml，n(C)=n(CO2)=⋅ml−1=1.2ml，n(H)=2n(H2O)=2×10.8g18g/ml=1.2ml，因此1ml该有机物的分子中含有6ml碳原子、6ml氢原子，该有机物中氧原子的个数=94−12×6−1×616=1，则该有机物的分子式为C6H6O，
故答案为：C6H6O；
(3)1ml油脂水解消耗3mlNaOH，1.2g氢氧化钠的物质的量为0.03ml，说明10g天然油脂的物质的量为0.01ml，则1000g油脂为1ml，需要8g(4ml)的氢气完全加成，根据1ml碳碳双键加成需要1mlH2，则1ml该油脂含有4ml的碳碳双键，
故答案为：4；
(4)①中含有溴原子，在氢氧化钠的醇溶液中加热，可以发生消去反应，结构中还含有羧基可以和氢氧化钠反应，其化学方程式为，
故答案为：；
②1ml甲醛分子中含有2ml−CHO，因此与过量银氨溶液发生银镜反应生成4mlAg，反应的化学方程式为HCHO+4Ag(NH3)2OH→水浴加热4Ag↓+6NH3+(NH4)2CO3+2H2O，
故答案为：HCHO+4Ag(NH3)2OH→水浴加热4Ag↓+6NH3+(NH4)2CO3+2H2O；
③与发生加成反应的化学方程式为，
故答案为：。
(1)根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带两个氢原子的碳原子间是对应炔烃存在碳碳三键的位置，则只有−CH2−CH3中两个碳原子间可存在碳碳三键，A的系统命名为3，4−二甲基−1−戊炔；
(2)该有机物的蒸汽密度是相同条件下氢气的47倍，则该有机物的相对分子质量为94；18.8g有机物的物质的量为0.2ml，n(C)=n(CO2)=⋅ml−1=1.2ml，n(H)=2n(H2O)=2×10.8g18g/ml=1.2ml，因此1ml该有机物的分子中含有6ml碳原子、6ml氢原子，该有机物中氧原子的个数=94−12×6−1×616=1；
(3)1ml油脂水解消耗3mlNaOH，1.2g氢氧化钠的物质的量为0.03ml，说明10g天然油脂的物质的量为0.01ml，则1000g油脂为1ml，需要8g(4ml)的氢气完全加成，1ml碳碳双键加成需要1mlH2；
(4)①中含有溴原子，在氢氧化钠的醇溶液中加热，可以发生消去反应，结构中还含有羧基可以和氢氧化钠反应；
②1ml甲醛分子中含有2ml−CHO，因此与过量银氨溶液发生银镜反应生成4mlAg；
③与发生加成反应的化学方程式为。
本题主要考查有机物的命名、常见有机化学方程式的书写等知识，为高频考点，题目难度一般。
19.【答案】碳碳双键、醛基 2−甲基丙酸 C13H18O2 氧化反应 取代反应 或或等 、
【解析】解：(1)B为CH2=C(CH3)CHO，B中官能团的名称是碳碳双键、醛基，
故答案为：碳碳双键、醛基；
(2)D为(CH3)2CHCOOH，D的化学名称为2−甲基丙酸；J的分子式为C13H18O2，
故答案为：2−甲基丙酸；C13H18O2；
(3)反应B→C为醛基氧化为羧基的反应，属于氧化反应；反应G→H为G中苯环上的氢被取代的反应，属于取代反应，
故答案为：氧化反应；取代反应；
(4)由已知反应原理ⅱ可知，E→F发生取代反应，化学方程式为，
故答案为：；
(5)Q的分子式比J的分子式少C4H8，说明Q比J少4个CH2原子团，则Q的分子式为C9H10O2，连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，含有手性碳原子的Q的结构简式有或或等；Q的结构简式符合下列条件：
①苯环上有4个取代基，其中2个取代基相同；
②能发生银镜反应，说明含有醛基；
③能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基；
④核磁共振氢谱显示有4组峰，且峰面积之比为1：2：6：1，说明含有四种氢原子，且含有两个等效的甲基，符合条件的结构式有、，
故答案为：或或等；、。
A能发生信息i的反应生成B，B为烯醛，根据C、D的分子式知，B发生氧化反应生成C，C发生还原反应或加成反应生成D，D发生信息ii的反应生成E，E和苯发生取代反应生成F，则E为(CH3)2CHCOCl，D为(CH3)2CHCOOH，C为CH2=C(CH3)COOH，B为CH2=C(CH3)CHO，A为CH3CH2CHO；F发生还原反应生成G，G发生取代反应生成H和CH3COOH，H和氢气发生加成反应生成I，I发生加成反应生成J。
本题考查有机物的合成，侧重考查分析、推断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，易错点是限制性条件下同分异构体结构简式的确定，题目难度中等。选项
操作
现象
解释
A
取两支试管各加入等量的苯和甲苯，分别加入几滴等量的酸性KMnO4溶液
加入甲苯中的溶液褪色，加入苯中的溶液不褪色
苯环对甲基有影响，使甲基更易被氧化
B
向蛋白质溶液中加入CuCl2或(NH4)2SO4饱和溶液
均有沉淀生成
蛋白质均发生了变性
C
向碳酸钠固体中加入乙酸，将产生的气体直接通入苯酚钠溶液中
苯酚钠溶液变浑浊
酸性：乙酸>碳酸>苯酚
D
奖溴乙烷与NaOH水溶液共热后，滴加AgNO3溶液
未出现淡黄色沉淀
溴乙烷未发生水解
物质
乙醇
乙酸
乙酸乙酯
浓硫酸(98%)
沸点/℃
78.5
117.9
77.0
338.0
1.下列化学用语或模型错误的是( )
A. 羟基的电子式：B. 乙烯的结构简式：CH2CH2
C. 苯的实验式：CHD. 乙炔的球棍模型：
2.化学与生产、生活、科技等密切相关，下列说法不正确的是( )
A. 将重油裂解为轻质油作燃料，有利于实现“碳达峰”
B. 核酸检测是确认病毒类型的有效手段，核苷酸缩合聚合可以得到核酸
C. 制作宇航服常用的材料有聚酯膜、聚四氟乙烯等，聚四氟乙烯的单体属于卤代烃
D. 护航“神舟十五号”的主降落伞由高强度的芳纶纤维等制作而成，芳纶纤维属于合成纤维
3.下列各组物质性质的比较，结论正确的是( )
A. 密度：苯>H2O>CCl4
B. 等质量的乙炔、苯完全燃烧的耗氧量：乙炔>苯
C. 沸点：
D. 相同条件下，物质在水中的溶解度：CH3(CH2)4OH>C2H5OH
4.已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法中错误的是( )
A. 由红外光谱可知，该有机物中至少含有3种不同的化学键
B. 由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有3种处于不同化学环境的氢原子
C. 由该核磁共振氢谱我们可以得知其分子中的氢原子总数
D. 若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3CH2OH
5.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是( )
A. 标准状况下，22.4L由甲烷和乙烯组成的混合物中含碳氢共价键的数目为4NA
B. 28g聚乙烯中含碳碳双键的数目为NA
C. 1mlCH4与足量Cl2在光照下反应生成的CH3Cl分子数为NA
D. 向46g乙醇中插入刚灼烧后的铜丝，液体中碳氢键的数目依然为5NA
6.下列除杂(括号中的是杂质)方法不正确的是( )
A. 溴(溴乙烷)：加入CCl4，振荡，静置，分液
B. 乙醛(乙酸)：加入NaOH溶液，蒸馏
C. 苯(苯酚)：加足量NaOH溶液，振荡，静置，分液
D. 高级脂肪酸钠(甘油)：加入饱和NaCl溶液，盐析
7.下列有机化学实验中的操作、现象及解释对应关系均正确的是( )
A. AB. BC. CD. D
8.关于
，下列结论正确的是( )
A. 该有机物是苯的同系物
B. 1ml该有机物分子与氢气加成最多消耗5mlH2
C. 一定条件下，该有机物可发生取代反应、加成反应和氧化反应
D. 该有机物分子至少有4个碳原子共直线
9.一种自修复高分子材料在被外力破坏后能够复原，其结构简式如图所示。下列说法正确的是( )
A. 合成该高分子的两种单体互为同系物B. 该高分子可通过缩聚反应合成
C. 该材料能耐强酸或强碱的腐蚀D. 该高分子化合物含有两种含氧官能团
10.一种活性物质的结构简式为
，下列有关该物质的叙述正确的是( )
A. 该物质不能与溴发生加成反应，不能使溴的四氯化碳溶液褪色
B. 该物质既能与乙醇也能与乙酸发生取代反应
C. 1ml该物质最多能与2mlH2发生加成反应
D. 1ml该物质最多能与足量Na2CO3反应得44gCO2
11.高分子树脂X的合成路线如图所示：
下列说法不正确的是( )
A. 高分子树脂X中存在氢键
B. 在酸性条件下水解得到氨气
C. 甲的结构简式为CH2=CHCOOH
D. 反应①中有水生成
12.药用有机物A(C8H8O2)为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。则下列说法错误的是( )
A. A的结构简式为
B. 根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知F为2，4，6−三溴苯酚
C. G的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应的有两种
D. 上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、G
13.有机物M(2−甲基−2−丁醇)存在如图所示的转化关系，下列说法正确的是( )
A. N分子可能存在顺反异构
B. M能使酸性KMnO4溶液褪色
C. M的同分异构体中，能被氧化为酮的醇有3种
D. L的同分异构体中，含两种化学环境的氢的结构有2种
14.“一锅法”用[Ru]催化硝基苯(PhNO2,Ph表示苯基)与醇(RCH2OH)反应生成仲胺(RCH2NHPh)，反应过程如图所示(省略了部分物质，未配平)。下列叙述错误的是( )
A. 反应原料中的RCH2OH可用葡萄糖代替
B. 历程中存在反应PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O
C. 有机物还原反应的氢都来源于RCH2OH
D. 该反应过程结束后RCHO没有剩余
15.聚酰胺(PA)具有良好的力学性能，一种合成路线如图所示。下列说法不正确的是( )
A. Y中含有五元环B. ②是酯化反应
C. 该合成路线中甲醇可循环使用D. PA可发生水解反应重新生成Z
二、流程题：本大题共1小题，共10分。
16.淀粉是人类粮食的最主要成分，同时也是重要的工业原料。目前淀粉主要由农作物通过光合作用，由太阳光能、二氧化碳和水转化而成。同学们对淀粉的水解实验很感兴趣，于是分组进行了淀粉水解实验，为检验水解产物，设计了如图所示实验方案：
请回答下列问题：
(1)试剂1为稀硫酸，其作用是______。
(2)请写出反应③的化学方程式：______。
(3)如果小何在做实验的时候忘记加试剂2了，他______ (填“能”或“不能”)看到砖红色沉淀，原因是______。
(4)若小何按照实验方案进行操作观察到了砖红色沉淀，若他想要进一步检验淀粉是否完全水解，可取步骤①的少量水解液于试管中，加入碘水，证明淀粉完全水解的现象是______。若取步骤②后的少量混合液于试管中，加入碘水，则______ (填“可以”或“不可以”)判断淀粉的水解程度，原因是______。
三、实验题：本大题共1小题，共16分。
17.乙酸乙酯是食用香精中用量较大的合成香料之一，大量用于调配香蕉、梨、桃、菠萝、葡萄等香型食用香精。某化学兴趣小组设计的制备乙酸乙酯的装置如图1所示。
查阅资料知：
Ⅰ.CaCl2可与乙醇反应生成不溶于有机溶剂而溶于水的结晶醇化物。
Ⅱ.有关数据如表所示：
主要实验步骤如下：
①如图所示，连接好装置(装置气密性良好)，在100mL圆底烧瓶内加入碎瓷片后，加入15mL乙醇，然后边振荡圆底烧杯边慢慢加入10mL98%的浓硫酸，冷却后，通过分液漏斗(A)向圆底烧瓶(B)内慢慢加入12mL乙酸、在烧杯D中加入饱和Na2CO3溶液。
②点燃酒精灯，用小火均匀加热装有混合溶液的圆底烧瓶。
③待D中收集到一定量产物后停止加热，撤出C，将D中混合物搅拌，然后静置分层。
④分离出乙酸乙酯层、洗涤、干燥。
请回答下列问题：
(1)碎瓷片的作用是______、浓硫酸的作用是______。若用同位素示踪法来确定产物水分子中氧原子的提供者，请写出能表示 18O位置的制取乙酸乙酯的化学方程式：______。
(2)仪器C的名称是______，其作用是加速乙酸乙酯冷凝和______。
(3)D中饱和Na2CO3溶液的作用是______。
(4)步骤②中需要小火均匀加热的理由主要是______。
(5)写出步骤(3)中观察到的现象：______。分离出乙酸乙酯层后，一般用饱和食盐水和饱和氯化钙溶液洗涤乙酸乙酯层，可除去______ (填名称)杂质。
(6)该小组成员又设计了如图2所示的制取乙酸乙酯的装置(夹持装置、加热装置圴已略去)，与如图1所示的装置相比，本装置的主要优点是______。
四、简答题：本大题共2小题，共29分。
18.“结构决定性质，性质反映结构”是化学学科重要的学科思想，在有机化学中体现尤为明显。请回答下列问题。
(1)某炔烃A与氢气加成后的产物是
，则A的系统命名为______。
(2)某有机物仅含C、H、O三种元素，该有机物的蒸汽密度是相同条件下氢气的47倍，完全燃烧18.8g该物质，生成26.88LCO2(标准状况)和10.8g水，则该有机物的分子式为______。
(3)10g某天然油脂完全水解需要1.2g氢氧化钠，1kg该油脂进行催化加氢，需要消耗8g氢气才能进行完全，则1ml该油脂平均含有______ ml碳碳双键。
(4)写出下列有机反应的化学方程式。
①
在氢氧化钠的醇溶液中加热发生反应：______。
②甲醛与过量银氨溶液发生反应：______。
③
与
发生加成反应：______。
19.布洛芬(化合物J)具有良好的解热镇痛功效，可用于缓解轻度疼痛，其一种合成路线如图所示(部分反应条件省略)。
已知：ⅰ.HCHO+RCH2CHO→△稀NaOH
。
ⅱ.RCOOH→ΔSOCl2RCOCl。
请回答下列问题：
(1)B中官能团的名称是______。
(2)D的化学名称为______。 J的分子式为______。
(3)反应B→C、G→H的反应类型分别为______、______。
(4)E→F反应的化学方程式为______。
(5)已知Q的分子式比J的分子式少C4H8，写出一种含有手性碳原子的Q的结构简式：______。写出符合下列条件的 Q的结构简式：______。
①苯环上有4个取代基，其中2个取代基相同
②能发生银镜反应
③能与FeCl3溶液发生显色反应
④核磁共振氢谱显示有4组峰，且峰面积之比为1：2：6：1
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.羟基中氧原子上有一个未成对电子，其电子式为，故A正确；
B.乙烯分子中含有碳碳双键，写结构简式时不能省略，应写为CH2=CH2，故B错误；
C.实验式是有机物分子内各元素原子的最简整数比，苯的实验式为CH，故C正确；
D.用小球和小棍表示的模型为球棍模型，乙炔的球棍模型为，故D正确；
故选：B。
A.羟基中O原子上有一个未成对电子；
B.烯烃的结构简式中碳碳双键不能省略；
C.实验式是各原子的最简单的整数比；
D.用小球和小棍表示的模型为球棍模型。
本题考查球棍模型及结构简式、实验式等知识，为高频考点，明确常见化学用语的书写原则为解答关键，侧重分析与运用能力的考查，试题有利于提高学生的规范答题能力，题目难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A.重油裂解为轻质油燃料，燃烧时仍然生成二氧化碳，不能减少二氧化碳的排放，不利于实现“碳达峰”，故A错误；
B.核酸检测是确认病毒类型的有效手段，核酸是有机高分子化合物，可由核苷酸缩合聚合得到，故B正确；
C.四氟乙烯发生加聚反应生成聚四氟乙烯，聚四氟乙烯的单体是四氟乙烯，属于卤代烃，故C正确；
D.护航“神舟十五号”的主降落伞由高强度芳纶纤维等制作而成，芳纶是由酰基和亚氨基组成的酰胺基团和苯环的组成的合成纤维，故D正确；
故选：A。
A.化石燃料燃烧生成二氧化碳，将重油裂解为轻质油作燃料，不能减少二氧化碳的排放；
B.核酸是由许多核苷酸聚合成的生物大分子化合物；
C.四氟乙烯是烃的衍生物，属于卤代烃；
D.芳纶是含芳香环的一类线形聚酰胺纺制成的合成纤维，是有机高分子材料。
本题综合考查材料的组成、性质和用途等知识，侧重识记性知识检测和判断能力考查，试题有利于培养学生的良好的科学素养，提高学生学习的积极性，注意化学与生产、生活、科技的联系，题目难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：A.苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，即密度：苯
C.形成分子内氢键，而形成分子内氢键，分子间氢键熔沸点大于分子内熔沸点，所以的熔沸点高于，故C正确；
D.一元醇中，羟基为亲水基，烃基为憎水基，烃基越大，有机物在水中的溶解度越小，所以溶解度：C2H5OH>CH3(CH2)4OH，故D错误；
故选：C。
A.苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大；
B.乙炔和苯的最简式均为CH；
C.分子间氢键熔沸点大于分子内熔沸点；
D.一元醇中，羟基为亲水基，烃基为憎水基，烃基越大，有机物在水中的溶解度越小。
本题主要考查物质结构与性质的相关知识，具体涉及分子的密度比较、氢键、溶解度等知识，属于高考高频考点，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A.由红外光谱可知，分子中含有C−H键、C−O键、O−H键，则该有机物中至少含有三种不同的化学键，故A正确；
B.由核磁共振氢谱有3个峰可知，分子中有3种处于不同化学环境的氢原子，故B正确；
C.核磁共振氢谱只能确定处于不同化学环境的氢原子的个数比，无法确定总数，故C错误；
D.据图可知，该有机物分子中含有C−H键、C−O键、O−H键，且有3种处于不同化学环境的氢原子，且氢原子个数之比为3：2：1，若A的化学式为C2H6O，其结构简式为CH3CH2OH，故D正确；
故选：C。
A.红外光谱图中给出的化学键有C−H键、O−H键和C−O键三种；
B.核磁共振氢谱中有几个峰就有几种H原子；
C.核磁共振氢谱峰的面积表示氢的数目比；
D.红外光谱图中给出的化学键有C−H键、O−H键和C−O键三种。
本题考查了有机物组成、结构的确定，把握红外光谱、核磁共振氢谱、质谱图的应用是解题的关键，题目难度较小。
5.【答案】A
【解析】解：A.标准状况下，每个甲烷或乙烯分子中都含有4个碳氢共价键，22.4L由甲烷和乙烯组成的混合物中含碳氢共价键的数目为⋅ml−1×4×NAml−1=4NA，故A正确；
B.聚乙烯分子结构简式为，不含碳碳双键，故B错误；
C.CH4和Cl2在光照条件下发生取代反应，生成CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4和HCl，故1mlCH4与足量Cl2在光照下反应生成的CH3Cl分子数小于NA，故C错误；
D.每个乙醇分子中含有5个碳氢键，则46g乙醇中碳氢键的物质的量为46g46g⋅ml−1×5=5ml，乙醇被灼热的铜丝催化氧化后生成乙醛和水，每个乙醛分子中含有4个碳氢键，则含有4ml碳氢键，反应过程中碳氢键的数目减少，故D错误；
故选：A。
A.每个甲烷或乙烯分子中都含有4个碳氢共价键；
B.聚乙烯分子结构简式为；
C.CH4和Cl2在光照条件下发生取代反应，生成CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4和HCl；
D.每个乙醇分子中含有5个碳氢键，每个乙醛分子中含有4个碳氢键。
本题考查了阿伏加德罗常数的有关计算，掌握物质的量的计算公式和物质结构是解题关键，题目难度不大。
6.【答案】A
【解析】解：A.溴、溴乙烷均易溶于四氯化碳，不分层，可知不能分液分离，故A错误；
B.乙酸与NaOH溶液反应后，增大与乙醇的沸点差异，可蒸馏分离，故B正确；
C.苯酚与NaOH溶液反应后，与苯分层，可分液分离，故C正确；
D.加入饱和NaCl溶液，可降低高级脂肪酸钠的溶解度，发生盐析，取出上层固体，能达到除去高级脂肪酸钠中混有的甘油的目的，故D正确；
故选：A。
A.溴、溴乙烷均易溶于四氯化碳；
B.乙酸与NaOH溶液反应后，增大与乙醇的沸点差异；
C.苯酚与NaOH溶液反应后，与苯分层；
D.加入饱和NaCl溶液，可降低高级脂肪酸钠的溶解度。
本题考查混合物的分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、混合物的分离提纯方法、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意元素化合物知识的应用，题目难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：A.甲苯被酸性高锰酸钾溶液氧化生成苯甲酸，溶液褪色，而加入苯中的溶液不褪色，可知苯环使甲基变活泼，故A正确；
B.向蛋白质溶液中加入CuCl2饱和溶液，蛋白质遇重金属盐，发生变性产生沉淀；若加入(NH4)2SO4饱和溶液，蛋白质盐析，产生晶体，故B错误；
C.乙酸挥发，会随着生成的二氧化碳进入苯酚钠溶液中，苯酚钠溶液出现浑浊，不能确定是乙酸和苯酚钠反应还是碳酸和苯酚钠反应，所以无法比较碳酸和苯酚的酸性强弱，故C错误；
D.在加入硝酸银溶液之前应该加入稀硝酸中和未反应的NaOH，否则银氨溶液和NaOH溶液反应而得不到淡黄色沉淀，故D错误；
故选：A。
A.甲苯中由于苯环对甲基影响导致甲苯易被酸性高锰酸钾溶液氧化；
B.重金属盐能使蛋白质变性，可溶性的铵盐能使蛋白质发生盐析；
C.挥发的乙酸也能和苯酚钠反应生成苯酚；
D.在加入硝酸银溶液之前应该加入稀硝酸中和未反应的NaOH。
本题考查化学实验方案评价，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，把握物质的性质、反应与现象、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：A.该有机物的支链上含有碳碳不饱和键，所以该有机物和苯结构不相似，二者不和同系物，故A错误；
B.该有机物的侧链含有一个碳碳双键和一个碳碳三键，还同时含有一个苯环，故1ml该有机物分子与氢气加成最多消耗6mlH2，故B错误；
C.该有机物含有碳碳三键、碳碳双键可以发生加成反应、氧化反应，苯环上的氢原子可以发生取代反应，故C正确；
D.碳碳三键为直线结构，由结构可知最多3个碳原子共直线，故D错误；
故选：C。
A.结构相似，在分子组成上相差1个或n个CH2原子团的有机物互为同系物；
B.苯环和氢气以1：3发生加成反应，碳碳双键和氢气以1：1发生加成反应，碳碳三键和氢气以1：2发生加成反应；
C.该有机物具有苯、烯烃、炔烃的性质；
D.乙炔分子中所有原子、苯环中对角线上的原子共直线，单键可以旋转。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系、同系物的概念内涵及原子共直线的判断方法是解本题关键，题目难度不大。
9.【答案】A
【解析】解：A.高分子的主链只有碳原子，其单体为CH2=CHCOOCH2CH2CH2CH3和CH2=C(CH3)COOCH3，两种单体的结构相似，相差2个−CH2，互为同系物，一定条件下二者发生加聚反应生成该高分子，故A正确；
B.由该高分子的结构简式可知，高分子为加聚产物，故B错误；
C.分子中含酯基，在强酸或强碱的条件下能发生水解反应，则使用该材料时应避免接触强酸或强碱，故C错误；
D.高分子中只有一种官能团，为酯基，故D错误；
故选：A。
A.高分子的主链只有碳原子；
B.为加聚产物；
C.分子中含酯基；
D.高分子中只有一种官能团。
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意高分子的合成方法，题目难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：A.该物质中的碳碳双键能与溴发生加成反应生成无色的物质，所以能使溴的四氯化碳溶液褪色，故A错误；
B.该有机物含有羧基，可以与乙醇发生取代反应；含有烃基，可以与乙酸发生取代反应，故B正确；
C.该物质分子中只有碳碳双键可以和氢气加成，1ml该物质最多能与1mlH2发生加成反应，故C错误；
D.该物质分子中只有−COOH和碳酸钠反应以2：1反应，1ml该物质最多能与足量Na2CO3反应得0.5mlCO2，即22gCO2，故D错误；
故选：B。
A.碳碳双键能和溴发生加成反应生成无色的物质；
B.醇羟基能和羧酸发生酯化反应、羧基能和乙醇发生酯化反应；
C.碳碳双键和氢气以1：1发生加成反应，羧基中碳氧双键和氢气不反应；
D.−COOH和Na2CO3以2：1反应生成CO2。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
11.【答案】B
【解析】解：A.高分子树脂X中的羧基之间能形成分子内氢键，故A正确；
B.含酰胺基，在碱性条件下水解得到氨气，酸性条件下不能水解生成氨气，故B错误；
C.由分析可知，甲的结构简式为CH2=CHCOOH，故C正确；
D.反应①为2CH2=CHCONH2与HCHO反应生成，根据原子守恒可知，该反应中有水生成，故D正确；
故选：B。
CH2=CHCN酸性条件下和水反应后酸化生成甲为CH2=CHCOOH，CH2=CHCONH2发生取代反应生成CH2=CHCONHCH2NHOCCH=CH2，甲和CH2=CHCONHCH2NHOCCH=CH2发生加聚反应生成高分子树脂X，以此来解答。
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项B为解答的易错点，题目难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：A.由分析可知，A的结构简式为，故A正确；
B.由分析可知，F为2，4，6−三溴苯酚，故B正确；
C.G的结构简式为CH3COOCH2CH3，它的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应，应是甲酸形成的酯，相应的䤃有1−丙醇和2−丙醇，有2种，故C正确；
D.D()无法发生水解反应，故D错误；
故选：D。
B能和二氧化碳、水反应生成D，D能和溴水发生反应生成白色沉淀，说明D中含有酚羟基，所以A中含有苯环，A的不饱和度=8×2+2−82=5，则A中还含有一个不饱和键，A能和氢氧化钠的水溶液发生水解反应生成B和C，则A中含有酯基，C酸化后生成E，E和乙醇发生酯化反应生成G，G的分子式为C4H8O2，则E的结构简式为CH3COOH，C为CH3COONa，G的结构简式为CH3COOCH2CH3，结合A的分子式可知，B为，D为，F为2，4，6−三溴苯酚，结构简式为，则A为。
本题考查有机物推断，为高考常见题型和高频考点，侧重考查分析推断能力，知道常见物质官能团、常见反应类型及反应条件，题目难度不大。
13.【答案】C
【解析】解：A.连接碳碳双键的碳原子连接两个相同的原子或原子团时，该分子没有顺反异构，N为或，则N不存在顺反异构，故A错误；
B.M的结构简式为，由于与烃基相连的碳上没有氢原子，不能被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以无法使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；
C.−CH(OH)−能被氧化生成酮，则M的同分异构体能被氧化生成酮的结构有：、、，共3种，故C正确；
D.L的同分异构体有、、、、、、、，含有2种化学环境的氢的结构为，只有1种，故D错误；
故选：C。
M的名称为2−甲基−2−丁醇，则M的结构简式为，M在浓硫酸作催化剂并加热条件下发生消去反应生成N为或，N与HCl发生加成反应生成L，L能发生水解反应生成M，则L的结构简式为；
A.碳碳双键两端的碳原子连接两个不同的原子或原子团时存在顺反异构；
B.−CH2OH、−CH(OH)−都能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色；
C.−CH(OH)−能被氧化生成酮；
D.L的结构简式为，L的同分异构体中，含两种化学环境的氢的结构为。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构式、明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
14.【答案】D
【解析】解：A.由①②③知，RCHO是①的产物，是③的反应物，①中生成③中消耗，③生成的RCH2NHPh会变成RCH=NPh作为④的反应物，若将RCH2OH用甘油或葡萄糖代替，最终产物无影响，最终得到RCH2NHPh，故A正确；
B.由③PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O知，存在该反应PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O，故B正确；
C.由图中PhNO2→PhNH2，RCH=NPh→RCH2NHPh，该反应中的H来源于Ru−H，Ru−H中的H来源于RCH2OH，所以有机物还原反应的氢都来自于RCH2OH，故C正确；
D.[Ru]为催化剂，根据RCH2OH+RhNO2→RCHO+RCH2NHPh知，RCHO为生成物，有剩余，故D错误；
故选：D。
据图知发生以下反应：①[Ru]+RCH2OH→RCHO+[Ru−H]、②6[Rh−H]+PhNO2→PhNH2+6[Ru]+2H2O、③PhNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O、④RCH=NPh+H2→RCH2NHPb，
A.由①②③知，RCHO是①的产物，是③的反应物，①中生成③中消耗，③生成的RCH2NHPh会变成RCH=NPh作为④的反应物，若将RCH2OH用甘油或葡萄糖代替，最终产物无影响；
B.由③hNH2+RCHO→RCH=NPh+H2O知，存在该反应；
C.由图中PhNO2→PhNH2，RCH=NPh→RCH2NHPh，该反应中的H来源于Ru−H，Ru−H中的H来源于RCH2OH；
D.[Ru]为催化剂，根据RCH2OH+RhNO2→RCHO+RCH2NHPh知，RCHO为生成物。
本题考查学生对有机化学基础的理解和掌握，为高频考点，掌握反应类型、化学反应原理等，明确由化学反应是解题关键，同时也考查了学生阅读题目获取新信息的能力，需要学生具备扎实的基础与综合运用知识、信息分析解决问题能力，题目难度中等。
15.【答案】D
【解析】解：A.Y为，则Y中含有五元环，故A正确；
B.Y和甲醇发生酯化反应生成Z，则②是酯化反应，故B正确；
C.Y生成Z消耗甲醇，Z生成PA生成甲醇，所以甲醇能循环利用，故C正确；
D.根据PA的结构简式知，PA水解生成，和甲醇发生酯化反应得到Z，所以不能直接得到Z，故D错误；
故选：D。
Z和发生缩聚反应生成PA，结合Z的分子式知，Z为，根据Y、Z的分子式知，Y和甲醇发生酯化反应生成Z，则Y为，X发生消去反应、取代反应生成Y。
本题考查有机物合成，侧重考查对比、分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，题目难度中等。
16.【答案】做催化剂 HOCH2(CHOH)4+2Cu(OH)2+NaOH→ΔHOCH2(CHOH)4COONa+Cu2O↓+3H2O不能 没有中和作催化剂的稀硫酸 溶液不变蓝色 不可以 混合液中有过量的氢氧化钠，碘单质会先与氢氧化钠反应，无法遇淀粉变色，无法判断淀粉的水解程度(或I2会与NaOH溶液反应，影响淀粉的检验)
【解析】解：(1)稀硫酸在淀粉水解时作催化剂；
故答案为：作催化剂；
(2)反应③表示淀粉水解产生的葡萄糖与新制的Cu(OH)2悬浊液反应，
故答案为：HOCH2(CHOH)4CHO+2Cu(OH)2+NaOH→ΔHOCH2(CHOH)4COONa+Cu2O↓+3H2O；
(3)若没有加碱中和，后面加入新制的氢氧化铜会与第一步加的稀硫酸反应，而不能与葡萄糖反应，故无法看到砖红色沉淀，
故答案为：不能；没有中和作催化剂的稀硫酸；
(4)若淀粉完全水解，则水解液中不含淀粉，因此现象为溶液不变蓝色。若取步骤2的少量混合液加入碘水，因为混合液中有过量的氢氧化钠，碘单质会先与氢氧化钠反应，无法遇淀粉变色，无法判断淀粉的水解程度，
故答案为：溶液不变蓝色；不可以；混合液中有过量的氢氧化钠，碘单质会先与氢氧化钠反应，无法遇淀粉变色，无法判断淀粉的水解程度(或I2会与NaOH溶液反应，影响淀粉的检验)。
淀粉在稀硫酸的催化下会发生水解生成葡萄糖，而检验葡萄糖需在碱性条件下进行，所以需要加入碱溶液中和过量的硫酸，再往混合液中加入新制的氢氧化铜，加热，产生砖红色沉淀则证明水解产物有葡萄糖，根据此解答该题。
本题主要考查了淀粉的水解以及水解产物的检验，掌握加入的试剂先后顺序和葡萄糖的检验方法是解答此题的关键，侧重对分析能力的考查，题目难度不大。
17.【答案】防止液体暴沸 作催化剂和吸水剂 或球形干燥管 防止倒吸 除去乙酸；溶解乙醇；降低乙酸乙酯的溶解度，有利于分层 减少乙酸和乙醇的挥发，提高其转化率，并防止副反应的发生 溶液上层有油状液体生成，有果香味 碳酸钠、乙醇、乙酸钠 冷凝管的冷却效果比空气冷凝的效果好；能控制加热的温度，减少副反应的发生，提高产率(合理即可)
【解析】解：(1)反应体系中加入碎瓷片的作用是防止液体暴沸，浓硫酸的作用是作催化剂和吸水剂。酯化反应时，羧酸中羧基脱去羟基、醇类羧基脱去氢，故能表示 18O位置的制取乙酸乙酯的化学方程式为：或，
故答案为：防止液体暴沸；作催化剂和吸水剂；或；
(2)仪器C的名称是球形干燥管，其作用是加速乙酸乙酯冷凝和防止倒吸，
故答案为：球形干燥管；防止倒吸；
(3)饱和Na2CO3溶液能和乙酸反应而除去乙酸；溶解乙醇；乙酸乙酯在饱和Na2CO3溶液中的溶解度比在水中的小，因此还能降低乙酸乙酯的溶解度，有利于分层，
故答案为：除去乙酸；溶解乙醇；降低乙酸乙酯的溶解度，有利于分层；
(4)步骤②中需要小火均匀加热，主要是为了减少乙酸和乙醇的挥发，提高其转化率，并防止副反应的发生，
故答案为：减少乙酸和乙醇的挥发，提高其转化率，并防止副反应的发生；
(5)步骤③中观察到的现象：溶液上层有油状物生成，有果香味。分离出乙酸乙酯层后，一般用饱和食盐水和饱和氯化钙溶液洗涤乙酸乙酯层，可除去碳酸钠、乙醇、乙酸钠杂质，
故答案为：溶液上层有油状液体生成，有果香味；碳酸钠、乙醇、乙酸钠；
(6)与图1装置相比，图2装置增加了温度计，有利于控制发生装置中反应液的温度，同时增加了冷凝管，有利于乙酸乙酯的冷却、收集，
故答案为：冷凝管的冷却效果比空气冷凝的效果好；能控制加热的温度，减少副反应的发生，提高产率(合理即可)。
乙酸与乙醇在浓硫酸加热的条件下反应生成乙酸乙酯和水，这个反应属于酯化反应，发生酯化反应时，羧酸中羧基脱去羟基、醇类羧基脱去氢；饱和碳酸钠有三个作用：中和乙酸，溶解乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度；乙酸、乙醇易溶于水，故还要防倒吸；加碎瓷片防暴沸，以此解答该题。
本题主要考查了乙酸乙酯的制备，掌握乙酸乙酯的制备原理是解答此题的关键，侧重分析能力的考查，题目难度不大。
18.【答案】3，4−二甲基−1−戊炔 C6H6O4 HCHO+4Ag(NH3)2OH→水浴加热4Ag↓+6NH3+(NH4)2CO3+2H2O
【解析】解：(1)根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带两个氢原子的碳原子间是对应炔烃存在碳碳三键的位置，则只有−CH2−CH3中两个碳原子间可存在碳碳三键，A的系统命名为3，4−二甲基−1−戊炔，
故答案为：3，4−二甲基−1−戊炔；
(2)该有机物的蒸汽密度是相同条件下氢气的47倍，则该有机物的相对分子质量为94；18.8g有机物的物质的量为0.2ml，n(C)=n(CO2)=⋅ml−1=1.2ml，n(H)=2n(H2O)=2×10.8g18g/ml=1.2ml，因此1ml该有机物的分子中含有6ml碳原子、6ml氢原子，该有机物中氧原子的个数=94−12×6−1×616=1，则该有机物的分子式为C6H6O，
故答案为：C6H6O；
(3)1ml油脂水解消耗3mlNaOH，1.2g氢氧化钠的物质的量为0.03ml，说明10g天然油脂的物质的量为0.01ml，则1000g油脂为1ml，需要8g(4ml)的氢气完全加成，根据1ml碳碳双键加成需要1mlH2，则1ml该油脂含有4ml的碳碳双键，
故答案为：4；
(4)①中含有溴原子，在氢氧化钠的醇溶液中加热，可以发生消去反应，结构中还含有羧基可以和氢氧化钠反应，其化学方程式为，
故答案为：；
②1ml甲醛分子中含有2ml−CHO，因此与过量银氨溶液发生银镜反应生成4mlAg，反应的化学方程式为HCHO+4Ag(NH3)2OH→水浴加热4Ag↓+6NH3+(NH4)2CO3+2H2O，
故答案为：HCHO+4Ag(NH3)2OH→水浴加热4Ag↓+6NH3+(NH4)2CO3+2H2O；
③与发生加成反应的化学方程式为，
故答案为：。
(1)根据炔烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均带两个氢原子的碳原子间是对应炔烃存在碳碳三键的位置，则只有−CH2−CH3中两个碳原子间可存在碳碳三键，A的系统命名为3，4−二甲基−1−戊炔；
(2)该有机物的蒸汽密度是相同条件下氢气的47倍，则该有机物的相对分子质量为94；18.8g有机物的物质的量为0.2ml，n(C)=n(CO2)=⋅ml−1=1.2ml，n(H)=2n(H2O)=2×10.8g18g/ml=1.2ml，因此1ml该有机物的分子中含有6ml碳原子、6ml氢原子，该有机物中氧原子的个数=94−12×6−1×616=1；
(3)1ml油脂水解消耗3mlNaOH，1.2g氢氧化钠的物质的量为0.03ml，说明10g天然油脂的物质的量为0.01ml，则1000g油脂为1ml，需要8g(4ml)的氢气完全加成，1ml碳碳双键加成需要1mlH2；
(4)①中含有溴原子，在氢氧化钠的醇溶液中加热，可以发生消去反应，结构中还含有羧基可以和氢氧化钠反应；
②1ml甲醛分子中含有2ml−CHO，因此与过量银氨溶液发生银镜反应生成4mlAg；
③与发生加成反应的化学方程式为。
本题主要考查有机物的命名、常见有机化学方程式的书写等知识，为高频考点，题目难度一般。
19.【答案】碳碳双键、醛基 2−甲基丙酸 C13H18O2 氧化反应 取代反应 或或等 、
【解析】解：(1)B为CH2=C(CH3)CHO，B中官能团的名称是碳碳双键、醛基，
故答案为：碳碳双键、醛基；
(2)D为(CH3)2CHCOOH，D的化学名称为2−甲基丙酸；J的分子式为C13H18O2，
故答案为：2−甲基丙酸；C13H18O2；
(3)反应B→C为醛基氧化为羧基的反应，属于氧化反应；反应G→H为G中苯环上的氢被取代的反应，属于取代反应，
故答案为：氧化反应；取代反应；
(4)由已知反应原理ⅱ可知，E→F发生取代反应，化学方程式为，
故答案为：；
(5)Q的分子式比J的分子式少C4H8，说明Q比J少4个CH2原子团，则Q的分子式为C9H10O2，连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，含有手性碳原子的Q的结构简式有或或等；Q的结构简式符合下列条件：
①苯环上有4个取代基，其中2个取代基相同；
②能发生银镜反应，说明含有醛基；
③能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基；
④核磁共振氢谱显示有4组峰，且峰面积之比为1：2：6：1，说明含有四种氢原子，且含有两个等效的甲基，符合条件的结构式有、，
故答案为：或或等；、。
A能发生信息i的反应生成B，B为烯醛，根据C、D的分子式知，B发生氧化反应生成C，C发生还原反应或加成反应生成D，D发生信息ii的反应生成E，E和苯发生取代反应生成F，则E为(CH3)2CHCOCl，D为(CH3)2CHCOOH，C为CH2=C(CH3)COOH，B为CH2=C(CH3)CHO，A为CH3CH2CHO；F发生还原反应生成G，G发生取代反应生成H和CH3COOH，H和氢气发生加成反应生成I，I发生加成反应生成J。
本题考查有机物的合成，侧重考查分析、推断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，易错点是限制性条件下同分异构体结构简式的确定，题目难度中等。选项
操作
现象
解释
A
取两支试管各加入等量的苯和甲苯，分别加入几滴等量的酸性KMnO4溶液
加入甲苯中的溶液褪色，加入苯中的溶液不褪色
苯环对甲基有影响，使甲基更易被氧化
B
向蛋白质溶液中加入CuCl2或(NH4)2SO4饱和溶液
均有沉淀生成
蛋白质均发生了变性
C
向碳酸钠固体中加入乙酸，将产生的气体直接通入苯酚钠溶液中
苯酚钠溶液变浑浊
酸性：乙酸>碳酸>苯酚
D
奖溴乙烷与NaOH水溶液共热后，滴加AgNO3溶液
未出现淡黄色沉淀
溴乙烷未发生水解
物质
乙醇
乙酸
乙酸乙酯
浓硫酸(98%)
沸点/℃
78.5
117.9
77.0
338.0
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