2024年初三中考第一次模拟考试试题：物理（江西卷）（全解全析）

这是一份2024年初三中考第一次模拟考试试题：物理（江西卷）（全解全析），共17页。试卷主要包含了填空题，选择题，计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。

一、填空题（本大题共8小题，每空1分，共16分）
1．某校初三年级全体学生在迎接中考，百日誓师大会上齐呼口号，这是由于同学们的声带 产生的声音；以舞台上正在行走的同学来说，坐在座位上的同学们是 的。
【答案】 振动 运动
【详解】[1]一切正在发声的物体都在振动，振动停止，发声也停止。学生齐呼口号时的声音是由声带振动产生的。
[2]相对于正在行走的同学来说，坐在座位上的同学们的相对位置变化，是运动的。
2．古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着丰富的物理知识，唐代诗人于良史在《春山夜月》中写道：“掬水月在手，弄花香满衣。”诗句中的“月”，是由光的 形成的，“弄花香满衣”说明了花香的分子在不停地做 运动 。
【答案】 反射 无规则
【详解】[1]“掬水月在手”，水中月是平面镜成的像，是由光的反射形成的，是光的反射现象。
[2]“弄花香满衣”，是因为香气分子在不停地做无规则运动，扩散到衣服的缘故。
3．我国空间站天和核心舱发射升空，火箭升空时向下喷出“白气”是 现象（填物态变化名称），核心舱在太空中通过 将信息传回地面。
【答案】 液化 电磁波
【详解】[1]我国空间站天和核心舱发射升空，火箭升空时向下喷出的“白气”是小水珠，是由空气中的水蒸气液化形成的。
[2]电磁波可以在真空中传播，空间站天和核心舱在太空中是通过电磁波将信息传回地面。
4．我国无人机技术处于世界一流水平，在军用、民用方面都大放异彩。如图所示是我国自主研发的某款无人机，具有侦察、攻击等功能，带动无人机旋翼转动的装置工作原理与 （选填“电动机”或“发电机”）相同；无人机在匀速下降时，无人机的机械能 （选填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】 电动机 变小
【详解】[1]带动无人机旋翼转动的装置是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的，与电动机的工作原理相同，
[2]无人机匀速竖直下落时，速度与质量不变，动能不变；而高度在变小，重力势能变小，故无人机的机械能变小。
5．如图是环卫工人用扫帚打扫卫生的情景，环卫工人右手不动，用左手拉动扫帚杆中部，此时扫帚属于 （选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；扫地时用力下压扫帚会使地面受到的摩擦力 。
【答案】 费力 增大
【详解】[1]扫帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。
[2]用力下压扫帚，是通过增大压力的方法来增大摩擦的，扫地时用力下压扫帚会使地面受到的摩擦力会增大。
6．如图所示，如图所示，是一辆电动自行车，将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，这个车钥匙相当于电路中的 ；遮阳伞下方的空气流速小于伞上方的流速，伞下方的压强 （选填“大于”“小于”或“等于”）伞上方的压强，使车身不稳定，容易引发事故。
【答案】 开关 大于
【详解】[1]当将钥匙插入锁孔转动时，电动机启动，说明使用钥匙可以控制电路，即钥匙相当于开关。
[2]在相同时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小。上方空气流速大，压强小；下方空气流速小，压强大，所以伞下方的气压大于伞上表面的气压，则伞会被向上吸起来。
7．涡轮增压汽车通过压缩空气来增加发动机的进气量，使汽油更充分地燃烧，进而更节能，与相同规格的普通汽车相比，同样的汽油在涡轮增压汽车内热值 （选填“更大”、“更小”或“一样大”）；汽车散热器中用水作为冷却液是因为水的 大。
【答案】 一样大 比热容
【详解】[1]热值是燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与是否完全燃烧无关，所以与相同规格的普通汽车相比，同样的汽油在涡轮增压汽车内热值一样。
[2]汽车散热器中用水作为冷却液是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多。
8．如图所示，将灯L1、L2按图甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，在甲图中灯L1的功率为16W，在乙图中灯L1的功率为25W。设灯丝电阻不变．则L1、L2两灯灯丝电阻之比是 ，甲、乙两图电路消耗的总功率之比是 。
【答案】 4:1 4:25
【详解】[1]由图甲可知，两灯串联，灯L1的功率
①
由图乙可知，两灯并联，所以，则有灯泡L1的功率
②
① ②两式相比可得
解得
根据串联电路的电压特点，且，则 L2两端的电压
由串联电路的分压原理可得
[2]甲电路中电流
甲电路中的功率
乙电路的功率
两功率之比
二、选择题（本大题共6小题，共14分）
第9~12小题，每小题只有一个选项是最符合题目要求的，每小题2分；第13、14小题为多项选择，每小题至少有两个选项是最符合题目要求的，每小题3分，全部选择正确得3分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分。请将选项代码填涂在答题卡的相应位置。
9．关于普通中学生，下列数据比较符合实际情况的是（ ）
A．正常体温是39℃B．质量约为60kg
C．50m短跑用时约为1minD．密度约为1.02kg/m3
【答案】B
【详解】A．正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故A不符合题意；
B．成年人的质量为70kg，中学生的质量比成年人小一些，在60kg左右，故B符合题意；
C．中学生100m赛跑的成绩大约为14s左右，50m短跑用时约为7s左右，故C不符合题意；
D．人体的密度约为1.02g/cm³或1.02×103kg/m3，比水的密度稍一些，故D不符合题意。
故选B。
10．如图所示为小阳同学在体育测试中“原地掷实心球”的场景，图中虚线描绘的是实心球离开人手后运动的路径。若空气阻力可忽略不计，下列说法中正确的是（ ）
A．球运动到最高点时，受到平衡力的作用
B．球在空中运动过程中，手对球做了功
C．球离开手后能在空中继续上升，是由于球具有惯性
D．球在落回地面的过程中，其运动状态不变
【答案】C
【详解】A．球运动到最高点时，只受重力作用，因此受到的是非平衡力，故A错误；
B．球在离开手后的上升过程中，若不计空气阻力，则只受重力作用，因此，所受合力的方向竖直向下，故B错误；
C．球离开手后能在空中继续上升，是由于球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故C正确；
D．球在落回地面的过程中，速度越来越大，其运动状态改变，故D错误。
故选A。
11．工人师傅用如图所示的两种方式，分别将重力均为400N的货物从图示位置向上缓慢提升一段距离。已知、始终沿竖直方向，图甲中，图乙中每个滑轮重50N，货物上升的速度均为，不计杠杆重、绳重和摩擦。则下列说法正确的是（ ）
A．甲、乙两种方式都能省功B．大小为300N且保持不变
C．乙方式的机械效率约为D．的功率为30W
【答案】C
【详解】A．由功的原理可知，使用任何机械都不能省功，故A错误；
B．由甲图可知，，即动力臂为阻力臂的2倍，由于不计摩擦、杠杆自重，由杠杆平衡条件可知，动力为阻力的一半，即
甲图中，重力的方向竖直向下，则阻力的方向始终是竖直向下的，动力的方向也始终竖直向下，由数学知识可知，在提升重物的过程中，动力臂和阻力臂的比值不变，的大小保持200N不变，故B错误；
C．因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率为
故C正确；
D．由图乙可知，承担物重绳子的股数是，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力为
绳子自由端移动的速度为
的功率为
故D错误。
故选C。
12．小明连接了如图所示的电路，闭合开关后在电路元件安全的范围内向右移动滑动变阻器的滑片，关于该过程，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表A2的示数变小，灯泡的亮度变暗
B．电流表A2的示数与电流表A1的示数之差变小
C．整个电路的总功率变大
D．电压表V的示数与电流表A2的示数的比值变大
【答案】D
【详解】A．由图可知，该电路为并联电路，电压表测量电源的电压，电流表A2测量干路中的电流，电流表A1测量通过滑动变阻器的电流；由于电源电压不变，所以移动滑片时，电压表示数不变；闭合开关后在电路元件安全的范围内向右移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A1示数变小；并联电路各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变，故A错误。
B．由于电流表A2的示数与电流表A1的示数之差为通过小灯泡的电流，由于通过小灯泡的电流不变，所以电流表A2的示数与电流表A1的示数之差不变，故B错误；
C．根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小；根据P＝UI知整个电路的总功率变小，故C错误；
D．电压表V示数不变，电流表A2示数变小，则电压表V与电流表A2示数之比变大，故D正确。
故选D。
13．下列是同学们的几种情况的作图，正确的是（ ）
A． 光从空气斜射入玻璃中
B． 家庭电路的连接
C． 动力F的力臂l
D． 条形磁体的磁感线
【答案】ABD
【详解】A．光从空气斜射入玻璃中时，折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，故A正确；
B．开关要接在火线和灯之间，两孔插座的左孔接零线、右孔接火线，故B正确；
C．由图可知，O为支点，动力F的力臂是指从支点O到力F作用线的距离，图中力臂l与动力F不垂直，故C错误；
D．图中条形磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，故D正确。
故选ABD。
14．关于以下课本中的插图，说法正确的是（ ）
A．图（a）中用丝绸摩擦过的两根玻璃棒相互排斥，说明同种电荷相互排斥
B．图（b）中实验器材叫做验电器，它可以来检验物体带正电荷还是负电荷
C．图（c）是电吹风的简化电路，电热丝A和吹风机B的位置能互换
D．图（d）用来研究电阻与哪些因素有关，研究过程中采用了控制变量法和转换法
【答案】AD
【详解】A．电荷之间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，根据电荷之间的相互作用，用丝绸摩擦过的两根玻璃棒相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故A正确；
B．验电器是检验物体是否带电的装置，并不能检验所带何种电荷，故B错误；
C．电吹风可以吹冷风和热风，而S1是干路开关，若把电热丝A和吹风机B位置互换，则不能吹冷风，只闭合S1则只能电热丝工作，而不会吹风，因此电热丝A和吹风机B的位置不能互换，故C错误；
D．电阻的大小由材料、长度和横截面积决定，研究电阻与哪些因素有关，我们需要控制其它量不变，只改变其中一个量的变化，这是控制变量法的应用；而我们又不能直接观察到材料、长度和横截面积变化时电阻的变化，因此需要借助电流表示数的变化来进行判断，这是转换法的应用。故研究过程中采用了控制变量法和转换法，故D正确。
故选AD。
三、计算题（本大题共3小题，第15，16小题各7分，第17小题8分，共22分）
15．用浮筒打捞海底沉船时，将充满海水的浮筒竖直下沉至沉船位置与沉船绑定，向筒内充气将海水全部排出，浮筒所受浮力大于重力，浮筒对沉船提供向上的力。为探测沉船的深度，打捞前，在海面竖直向沉船发射超声波，如图所示，测得超声波从发射至回到海面的时间是0.2s。空浮筒体积（含空腔部分）为900m3，质量为2×105kg。已知海水中的声速为1500m/s，海水的密度是ρ=1.0×103kg/m3，g=10N/kg，忽略浮筒体积变化。求：
（1）沉船在海面下的深度；
（2）沉船位置处海水产生的压强；
（3）浮筒对沉船提供的拉力。
【答案】（1）；（2）；（3）
【详解】解：（1）0.2s是超声波往返的时间，所以沉船在海面下的深度为
（2）根据，沉船位置处海水产生的压强为
（3）浮筒受到的浮力为
浮筒重力为
则受力分析，浮筒对沉船提供的拉力为
答：（1）沉船在海面下的深度为；
（2）沉船位置处海水产生的压强为；
（3）浮筒对沉船提供的拉力为。
16．如图所示，电源电压保持不变，小灯泡的规格是“3V 1.5W”，R1=10Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1A”，电压表选用0~3V量程。断开S2，闭合S和S1，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光。求：
（1）电源电压；
（2）小灯泡正常发光时，通电10s滑动变阻器R2产生的热量；
（3）断开S1，闭合S和S2，在保证电路元件安全前提下，电路消耗的最大功率。
【答案】（1）8V；（2）25J；（3）2.4W
【详解】解：（1）由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流
由图知，断开S2，闭合S和S1时，变阻器与灯泡串联，小灯泡正常发光，由串联电路电流规律知
I2=IL=0.5A
由串联电路电压规律和欧姆定律可得，电源电压
U=U2+U额=I2×0.5R2+U额=0.5A×0.5×20Ω+3V=8V
（2）小灯泡正常发光时，通电10s钟滑动变阻器R2产生的热量
Q2=I22×R2中t=（0.5A）2×0.5×20Ω×10s=25J
（3）断开S1，闭合S和S2，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，为保证电路安全，R1两端电压最大为3V，电路中电流最大
所以电路消耗的最大功率
P最大=UI最大=8V×0.3A=2.4W
答：（1）电源电压为8V；
（2）小灯泡正常发光时，通电10s滑动变阻器R2产生的热量为25J；
（3）断开S1，闭合S和S2，在保证电路元件安全前提下，电路消耗的最大功率为2.4W。
17．如图甲，车载电饭煲轻小、便捷，更好地满足了自驾需求。如图乙是某车载电饭煲简化电路图，电阻和均为电饭煲中的加热元件，且阻值不受温度影响。该款电饭煲的部分参数如表二所示[]。求：
表二：电饭煲的部分参数
（1）电阻的阻值；
（2）保温挡时，电阻1min消耗的电能；
（3）某次使用该电饭煲对水加热时，经3500s使0.5kg水温度升高75℃，则此时电源实际电压（不计热量损失）。
【答案】（1）1.8Ω；（2）243J；（3）9V
【详解】解：（1）由图乙可知，当开关S1闭合，开关S2断开时，电路中R1和R2串联，电路的电阻最大，由可知电路的总功率最小，处于保温挡，当开关S2闭合时，R2被短路，电路中只有R1，电路的总电阻最小，由可知电路的总功率最大，处于加热挡，当电饭煲处于加热状态时，功率为80W，电阻的阻值
（2）保温挡时，电功率是18W，电路中的电流
电阻1min消耗的电能
W=I2R1t=(1.5A)2×1.8Ω×60s=243J
（3）水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×0.5kg×75℃=1.575×105J
不计热量损失，消耗的电能
W电=Q吸=1.575×105J
由得到实际电压
答：（1）电阻的阻值是1.8Ω；
（2）保温挡时，电阻1min消耗的电能是243J；
（3）某次使用该电饭煲对水加热时，经3500s使0.5kg水温度升高75℃，则此时电源实际电压是9V。
四、实验与探究题（本大题共4小题，每小题7分，共28分）
18．（1）物理是一门注重实验的自然科学，请同学们根据自己掌握的实验操作技能，解答下列问题：
①如题图所示，用两刻度尺测同一木块的长度，两刻度尺的分度值是 cm，该木块的长度为 cm；
②如题图所示，电流表示数为 A；当物体静止时，弹簧测力计的示数如图所示，则该物体受到的重力是 N；
（2）某同学用下图所示的装置研究电磁感应：
①如题图甲所示，保持蹄形磁体竖直放置，使导体AB从图示位置向上运动，电路中 （选填“无”或“有”）感应电流；
②如题图乙所示，保持线圈不动，使蹄形磁体快速向左运动，电流表指针 （选填“不会”或“会”）偏转，此时电路中 电源（选填“有”或“没有”）。
【答案】 0.1 2.00 0.3 1.8 有 会 有
【详解】（1）[1]刻度尺的单位是cm，一个单位之间有10个小格，每个小格为0.1cm，即刻度尺的分度值为0.1cm。
[2]A的木块未与零刻度线对齐，测量方法错误，B测量方法正确，左端与零刻度线对齐，右边有2.0对齐，刻度尺的读数要估读，故木块的长度为2.00cm。
[3]电流表选择的量程为0~0.6A，则电流表按照小量程读数，读数为0.3A。
[4]弹簧测力计的分度值为0.2N，则弹簧测力计的读数为1.8N，即物体受到的重力为1.8N。
（2）[5] 图甲中，导体AB从图示位置向上运动时导体会切割磁感线，在闭合回路中会产生感应电流。
[6] 图乙中，保持线圈不动，使蹄形磁体快速向左运动，相当于线圈的导线向右切割磁感线，回路中会产生感应电流，则电流表指针会发生偏转。
[7]线圈切割磁感线产生感应电流，此时的线圈相当于电源。
19．小明在做“探究凸透镜成像规律”时，所用的器材有：带刻度尺的光具座、凸透镜、光屏、蜡烛和火柴等；
（1）实验前，小明调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在 ，目的是为了使像成在光屏的 ；
（2）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑时停止移动光屏，可测出凸透镜的焦距是 cm；
（3）小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立放大的 （填“实像”或“虚像”）；
（4）保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，无论怎样移动光屏都在光屏上看不到烛焰的像，则人眼在图中 （填“A”或“B”）处能观察到烛焰的像；
（5）小明将图乙中的透镜换成焦距 f =5 cm 的凸透镜，光屏上烛焰的像变模糊；将烛焰向 （填“左”或“右”）移动适当距离，光屏上重新出现烛焰清晰的像；若不移动蜡烛，在蜡烛和凸透镜之间放置一个度数适当的 （填“近视”或“远视”）眼睛的镜片，光屏上也会重新出现烛焰清晰的像。
【答案】 同一高度 中央 10.0 实像 B 右 近视
【详解】（1）[1][2]实验前，小明调节烛焰的中心、凸透镜、光屏的三者中心在同一高度，目的是为了使像成在光屏的正中央。
（2）[3]如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个很小、很亮的光斑，这个光斑就是焦点，从凸透镜中心到光斑的距离为焦距；如图甲所示，分度值为1cm，故读数为10.0cm。
（3）[4]能够在光屏上承接到的像都是实像，是实际光线会聚而成。
（4）[5]保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，在一倍的焦距以内，成的是虚像，此时像与物体在凸透镜的同一侧，人眼在B处才能够观察到像。
（5）[6][7]小明将图乙中的透镜换成焦距 f =5 cm 的凸透镜，折光能力变强，会在光屏前成像，故将烛焰向右移动，像才会向右移动，承接在光屏上；若不移动蜡烛，在蜡烛和凸透镜之间放置一个度数适当的发散透镜，成像才会成在光屏上，而近视眼镜是凹透镜，是发散透镜。
20．小明要测定标有“3.8V”小灯泡正常发光时的电阻，选择一些器材，两节新干电池、滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线若干，连接了如图甲所示电路。
（1）同组的小芳发现小明所选的器材不能完成此实验，其原因是 。并且电路连接也有错误，请你在接错的那根导线上打“×”，并另画一根导线，使电路连接正确 ；
（2）更改后小明还测量了小灯泡在不同电压下的电流，并根据所测得数据绘制了小灯泡的I-U图像，如图乙所示，可计算出小灯泡的额定功率是 W，由图像可知电流与电压并不成正比，原因是灯丝的电阻随温度升高而 ；
（3）由图可知，当灯泡电流是额定电流一半时，灯泡对应的功率为P1，当灯泡电压为额定电压一半时，灯泡对应功率为P2，则P1 P2。（选填“<”“=”“>”）
（4）上述实验结束后，小明又设计了如图丙所示的电路，只用电压表来测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。已知滑动变阻器R的最大阻值为15Ω，电源电压恒定，其测量过程如下：
① 闭合开关S、S2，断开S1，将滑动变阻器的滑片移到最上端，电压表示数为4.5V；
② （填三个开关闭合与断开情况），移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，这时小灯泡正常发光；
③ 闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器滑片的位置不变，电压表示数为3V；
④ 小灯泡的额定功率P额= W。
【答案】 两节新干电池的电压是3V，而小灯泡正常发光时的电压是3.8V，电源电压不够大 0.76 增大 < 闭合S、S1，断开S2 0.5
【详解】（1）[1]根据题意可知，两节新干电池的电压是3V，而小灯泡正常发光时的电压是3.8V，电源电压不够大，不能完成此实验。
[2]由于电压表不是并联接在电路中的，是串联接在电路，所以电路中是没有电流的，小灯泡不发光；从图中可以看到，把灯泡左端与滑动变阻器左下端连接的导线去掉，改接为灯泡左端与电压表负接线柱的连接即可，这样电流会流过灯泡，电压表是并联在灯泡两端的电压，如图所示：
（2）[3]从图乙可以看到，当电压是3.8V时，电流是0.2A，可计算出小灯泡的额定功率是
[4]从图中可以看到，随着电流的增大，这条图线的斜率在变大，即R在变大，可知灯丝的电阻随温度升高而变大。
（3）[5]在图乙上截图可知
当灯泡的电流是额定电流的一半时，对应的点是B，灯泡对应的电压是当灯泡的电压是额定电压的一半时，对应的点是C，灯泡对应的电流是，可知道
根据可知，C点对应的电功率大于B点对应的电功率，即
（4）②[6]根据题意可知，这里的操作是闭合闭合S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，这时小灯泡正常发光，小灯泡两端的电压是2.5V。
[7]闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器滑片的位置不变，这时只有变阻器接入电路，设电压表测量的电阻阻值大小是，另一部分电阻是，由于电源电压是4.5V，那么两端的电压是1.5V，根据欧姆定律可知
并且
由这两式可解得
从第二步可知
解得
小灯泡的额定功率是
21．如图所示，爱探究的小名在实验室做测量木块密度的实验。
（1）将托盘天平放在 桌面上，移动 至零刻度线，此时指针如图乙所示，他应该将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）移动，直至天平平衡；
（2）小名将木块放在托盘天平左盘，往右盘加减砝码和移动游码，天平再次平衡时，砝码和游码的位置如图丙所示，则木块质量为 g；
（3）小名用图丁测量木块体积，弹簧测力计示数为0.1N，则木块所受浮力为 N，计算得木块体积；
（4）小联认为弹簧测力计不够精确，改进设计了如图所示的实验。
①图甲电子秤示数为；
②图乙木块漂浮时，电子秤示数为；
③图丙用细针将木块压入水中，木块未触底，静止时电子秤示数为，则该实验测得木块密度为 ；
（5）小名和小联兴趣正浓，继续探究盐水密度。
④图丁在烧杯中加入适量盐水，电子秤示数为；
⑤图戊用细针将木块压入盐水中，木块未触底，静止时电子秤示数为；则盐水密度 （用字母、、、、、表示）。
【答案】 水平 游码 右 12 0.22 0.8×103
【详解】（1）[1][2][3]实验前，应先把天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端零刻度线位置上，此时指针偏向分度盘中线左侧，应将平衡螺母向右调，才能使天平平衡。
（2）[4]由图丙可知，标尺的分度值为0.2g，木块的质量为
m=10g+2g=12g=0.012kg
（3）[5]木块的重力
G=mg=0.012kg×10N/kg=0.12N
利用定滑轮改变力的方向的作用，测得木块在水中静止时测力计示数为0.1N，由此可得物体受到的浮力为
F浮=G+F拉=0.12N+0.1N=0.22N
（4）[6]木块的质量
m木=m1-m0=112g-100g=12g
木块的体积
木块密度为
（5）[7]排开盐水的质量
m排盐=m4-m3
排开盐水的体积等于木块的体积，即
盐水的密度
额定电压（V）
保温挡功率（W）
加热挡功率（W）
12
18
80