2023-2024学年湖南省株洲市第十三中学高一（下）入学检测物理试卷（含解析）

这是一份2023-2024学年湖南省株洲市第十三中学高一（下）入学检测物理试卷（含解析），共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.一个小球从距地面4m高处落下，被地面弹回，在距地面1m高处被接住。坐标原点定在出发点，向下为坐标轴的正方向。则小球的出发点、落地点、接住点的位置坐标分别是( )
A. 2m −2m −1mB. −2m 2m 1m
C. 0 4m 1mD. 0 4m 3m
2.关于惯性，下列说法正确的是( )
A. 物体质量越大惯性越大B. 物体质量越小惯性越大
C. 同一个物体受力越大惯性越大D. 同一个物体受力越小惯性越大
3.2015年中国乒乓球男队取得了辉煌的成绩，其中马龙包揽世锦赛、世界杯和总决赛男单冠军。假设比赛中乒乓球以15m/s的速度撞向马龙的球拍，被他以20m/s的速度反向抽回，已知球拍与球的作用时间为0.1s，此过程中乒乓球的加速度大小为( )
A. 350m/s2B. 35m/s2C. 50m/s2D. 5m/s2
4.如图所示，一位摄影师拍下了苍鹰的俯冲图片，假设苍鹰正沿直线朝斜向右下方匀速运动。用G表示苍鹰所受的重力，F表示空气对它的作用力，下列四幅图中能表示此过程中苍鹰受力情况的是
( )
A. B.
C. D.
5.汽车以大小为20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度的大小为5m/s2，那么刹车后2s内与刹车后4s内汽车通过的位移大小之比为( )
A. 3:1B. 1:1C. 3:4D. 4:3
6.一物体做自由落体运动，落地时的速度为30m/s，取g=10m/s2，则它下落的时间和高度分别为( )
A. 3s、4.5mB. 3s、45mC. 30s、4.5mD. 30s、45m
7.如图中甲、乙二图，某物体放在某粗糙水平地面上，现在用与水平方向夹角为30°的外力F推物体(甲图)、拉物体(乙图)，则甲、乙图中地面对物体的摩擦力f甲、f乙大小关系为( )
A. f甲>f乙B. f甲=f乙C. f甲f乙
若甲图静止，乙图运动，对甲图则有
f甲=Fcs30∘
若乙图做匀速直线运动，对乙图则有
f乙=Fcs30∘
则有
f甲=f乙
若乙图做加速直线运动，对乙图则有
Fcs30∘>f乙
可知
f甲>f乙
由以上解析可知AB正确，CD错误。
故选AB。
8.【答案】A
【解析】根据牛顿第二定律可知，加速度方向与合外力方向一致。在曲线运动中，速度方向沿运动轨迹的切线方向，并指向运动的一侧。合外力的方向指向运动轨迹的凹侧，又因为汽车速度在逐渐增加，所以合外力方向与速度方向夹角为锐角，即加速度方向与速度方向夹角为锐角。
故选A。
9.【答案】D
【解析】当船头垂直河岸时突击队渡河有最短时间，则
t=dv=3003s=100s
故D正确，ABC错误。
故选D。
10.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查超重和失重。当加速度向下时，物体处于失重状态；当加速度向上时，物体处于超重状态。
【解答】
运动员越过横杆前，向上减速，加速度方向向下，故处于失重状态；
越过横杆后，开始向下加速运动，加速度方向也向下，故也处于失重状态，故B正确，ACD错误。
故选B。
11.【答案】D
【解析】解：A、划船时桨向后推水，水同时给桨向前的推力，两个力具有同时性，故A错误；
B、卫星吸引地球的力和地球吸引卫星的力为作用力和反作用力，故二者一定等大反向，故B错误；
C、猴子拉树枝的力作用在树枝上，而树枝拉猴子的力作用在猴子的手上，故C错误；
D、根据牛顿第三定律可知，地面对汽车的作用力与汽车对地面的反作用力大小相等，方向相反，故D正确。
故选：D。
由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失；同时会分析力的施力物体和受力物体。
本题考查作用力和反作用力的性质，需要掌握好作用力和反作用力的性质：作用在两个物体上，大小相等，方向相反。
12.【答案】D
【解析】设细线与竖直方向的夹角为α，则根据平衡知识可得
F= mgcsα
所以当小球缓慢偏离竖直位置时，随着α的增大，F一直增大。
故选D。
13.【答案】AC
【解析】【分析】
陀螺上三个点满足共轴转动，角速度是相同的．所以当角速度一定时，线速度与半径成正比。
在共轴条件下，只要知道半径关系，就可确定线速度关系。
【解答】
AD.由于a、b、c三点共轴转动，所以a、b、c三点的角速度相等，故A正确，D错误；
B.根据v=ωr可知，由于a、b、c三点的角速度相等，而b、c半径不同，则b，c的线速度大小不相等，故B错误；
C.根据v=ωr可知，由于a、b、c三点的角速度相等，而c点转动半径比a、b点转动半径小，所以c的线速度比a，b的小，故C正确；
故选AC。
14.【答案】AC
【解析】AB.由题意可知，金属块处于静止状态，则受力平衡，金属块受重力、左侧木板的压力和摩擦力、右侧木板的压力和摩擦力，共五个力的作用，因金属块受到木板的摩擦力，则两者之间必定存在弹力，即木板和金属块之间肯定有挤压，A正确，B错误；
CD.若同时增大 F 和 F′ ，则金属块仍处于静止状态，其受合力是零，所受的摩擦力与重力平衡，重力不变，则木板和金属块之间的摩擦力不变，C正确，D错误。
故选AC。
15.【答案】C
【解析】A.根据题意，对A和B整个系统受力分析可知，由平衡条件可得，悬线的拉力为
F=mA+mBg=30N
故A错误；
B.根据题意，对B受力分析可知，由平衡条件可得，弹簧的弹力为
FT=mBg=20N
由胡克定律有
FT=kΔx
可得，弹簧的伸长量为
Δx=0.1m
故B错误；
CD.在A上面的悬线烧断的瞬间，绳子拉力消失，弹簧的形变量不变，弹力不变，则A的合力为向下的 30N ，B的合力仍为零，则A的加速度大小
aA=301m/s2=30m/s2
B的加速度大小为0，故C正确，D错误。
故选C。
16.【答案】(1) 电火花计时器 交流 0.02
(2)AC
(3) 瞬时速度 接近

【解析】(1)[1][2][3]图中的实验器材是电火花计时器，该计时器使用 220V 交流电源，交流电频率为 50Hz ，即每隔 0.02s 打一个点。
(2)A.探究小车速度随时间变化的规律，需要通过打点计时器打出的纸带来确定物体运动的速度，故A符合题意；
BD.探究两个互成角度的力的合成规律和探究胡克定律的实验不需要打点计时器，故BD不符合题意；
C.探究加速度与力、质量的关系，需要通过打点计时器打出的纸带来确定物体运动的加速度，故C符合题意；
故选AC。
(3)[1][2]由极限法可知，可以用AC之间的平均速度 ΔxΔt 表示B点的瞬时速度，并且A、C两点离B点越近，算出的平均速度越接近B点的瞬时速度。
17.【答案】(1)3.2
(2)BD
(3)B

【解析】(1)[1]小车的加速度大小为
a=7.21+7.72−6.19−6.704×(2×0.02)2×10−2m/s2=3.2m/s2
(2)[2]根据实验原理可知当砂和桶的总质量m要远小于小车的总质量M时，可将砂和桶的总重力视为绳上的拉力大小，一般认为大于10倍为远远大于，所以AC合适，BD不合适，
故选BD。
(3)[3]对小车由牛顿第二定律得
F=Ma
解得
a=1MF
所以a−F图像的斜率表示小车和其上的砝码的总质量的倒数，故B正确，ACD错误。
故选B。
18.【答案】(1)12m/s；(2)4m/s2；(3)22m/s。
【解析】(1)平均速度
v=xt=12 m/s
(2)设加速度为a，则由
x=v0t+12at2
代入数值可得
a=4m/s2
(3)设滑雪运动员5s末的速度为v，由
v=v0+at
可得
v=22 m/s
19.【答案】(1)0.6s；(2)10m/s；(3)4.8m
【解析】(1)平抛运动竖直方向的分运动为自由落体运动，则有
ℎ=12gt2
代入数据解得
t=0.6s
(2)平抛运动水平方向的分运动为匀速直线运动，则可知小石头落地时的速度为
v= v02+vy2= v02+(gt)2= 64+36m/s=10m/s
(3)根据水平分运动为匀速直线运动可得落地时水平位移大小
x=v0t=8×0.6m=4.8m
20.【答案】解：(1)企鹅向上“奔跑”的位移大小：
x=12at2=12×0.5×82m=16m
(2)根据牛顿第二定律，上滑过程：
mgsinθ+μmgcsθ=ma1，a1=gsin37∘+μgcs37∘=8m/s2
下滑过程：
mgsin37∘−μmgcs37∘=ma2
a2=gsin37∘−μgcs37∘=4m/s2
(3)企鹅上滑的位移：
x1=v122a1=(at)22a1=1m
退滑到出发点时的速度：
v2=2a2(x+x1)
代入数据，解得：v=2 34m/s≈11.7m/s

【解析】本题考查牛顿第二定律和匀变速直线运动的基本公式的应用。解题的关键是知道牛顿第二定律和匀变速直线运动的基本公式的应用，难度不大。
(1)由匀变速直线运动的位移时间公式得到企鹅向上“奔跑”的位移大小。
(2)由牛顿第二定律得到企鹅在冰面上滑动的加速度大小。
(3)由匀变速直线运动的速度位移公式得到企鹅退滑到出发点时的速度大小。