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2024年江苏省盐城市滨海县中考一模物理试题（原卷版+解析版）
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1. 2021年2月12日，国家航天局发布了我国首次火星探测任务天问一号探测器火星捕获过程影像，展示了探测器靠近火星和点火制动时的震撼画面。天问一号向地球传递信息利用的是（ ）
A. 电磁波B. 超声波C. 次声波D. 紫外线
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】电磁波的传播不需要介质，火星探测器传递信息利用的是电磁波。故选A。
2. 下列实验中，能探究声音产生原因的是
A. 甲图实验中，发声的音叉可以反复将乒乓球弹开
B. 乙图实验中，抽出玻璃罩内的空气，闹铃声逐渐变小
C. 丙图实验中，耳朵贴到桌面上，听到的敲击声更大
D. 丁图实验中，改变吸管的长度，可以吹出不同的哨音
【答案】A
【解析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，振动发声的音叉可以反复将乒乓球弹开，说明发声体在振动，能探究声音产生原因，故符合题意；
B．抽出玻璃罩内的空气，闹铃声逐渐变小，说明声音的传播需要介质，不能探究声音产生原因，故不符合题意；
C．耳朵贴到桌面上，听到的敲击声更大，说明固体能够传声，且传声效果好，不能探究声音产生原因，故不符合题意；
D．改变吸管的长度，改变了吸管中空气振动的频率，从而改变了音调，不能探究声音产生原因，故不符合题意；
3. 如图所示，是我国自主研发制造时速可达620千米/小时的世界首台高温超导高速磁浮工程化样车，下列有关说法正确的是（ ）
A. 超导体是一种电阻很大的材料
B. 磁悬浮列车与轨道相分离，使得磁悬浮列车与轨道之间摩擦力几乎为零
C. 磁悬浮列车通过异名磁极相互排斥将磁悬浮列车托举起来
D. 利用超导材料可制成发热效率更高的电热器
【答案】B
【解析】
【详解】A．超导现象是指某些导体在低温时电阻几乎变为0的现象，所以超导体是一种电阻很小的材料，故A错误；
B．磁悬浮列车与轨道分离，是通过使接触面分离的方法减少摩擦的，因为两个面之间不接触，所以其摩擦力几乎为0，故B正确；
C．磁悬浮列车能悬浮起来，是利用磁极之间的相互作用来工作的，有的是利用同名磁极相互排斥，有的是利用异名磁极相互吸引，故C错误；
D．电热器是利用电流热效应工作的，而超导材料的电阻为0，电流通过时不发热，故D错误。
故选B。
4. 某同学用刻度尺测木块的长度，四次测量结果分别是5.37cm、5.36cm、5.34cm、5.45cm，则木块的长度应记作（ ）
A. 5.36cmB. 5.35cmC. 5.356cmD. 5.3567cm
【答案】A
【解析】
【详解】四次测量结果分别是5.37cm、5.36cm、5.34cm、5.45cm，这四个值中5.45cm与其它三个值偏差较大，这不是读数误差造成的，而是读数错误，即该数据错误，应去掉；所以木块的长度
L＝≈5.36cm
故选A。
5. 在女排大冠军杯的比赛中，中国女排勇夺冠军，如图，“跳发球”可简化为运动员“①抛球、②腾空、③击球、④落地”四个过程，其中运动员对排球做功的过程有（ ）
A. ①②B. ②③C. ①③D. ③④
【答案】C
【解析】
【详解】抛球和击球时运动员对球有力的作用并且球在力的方向移动一段距离，故做功；腾空和落地过程中，运动员对球没有力的作用，故不做功。
故选C。
6. 下列现象中，物体的内能没有发生明显变化的是（ ）
A. 给电暖气通电B. 把货物吊起
C. 将开水晾凉D. 对指甲打磨
【答案】B
【解析】
【详解】物体的内能与物体的温度、质量、种类、状态等因素有关，与物体的机械运动情况无关。
A．给电暖气通电后，电流做功时使其内能增大，温度升高，故A不符合题意；
B．把货物吊起，属于物体的机械运动，货物的温度、质量、种类、状态等都没有发生改变，故内能不发生改变，故B符合题意；
C．将开水晾凉，开水放出热量，温度降低，内能减小，故C不符合题意；
D．对指甲打磨，指甲锉对指甲克服摩擦做功，内能增大，故D不符合题意。
故选B。
7. 冬季，在家里洗澡时会发现浴室墙壁上的镜子很快模糊起来，洗澡结束一段时间后，镜子又变得清晰。这两个过程发生的物态变化分别是（ ）
A. 液化 汽化B. 汽化 汽化C. 凝固 熔化D. 液化 凝固
【答案】A
【解析】
【详解】在家里洗澡时会发现浴室墙壁上的镜子很快模糊起来，这是因为热的水蒸气遇到冷的镜子马上放热液化；洗澡结束一段时间后，镜子上的水滴吸热汽化成水蒸气，就又变清晰了，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8. 如图所示是在电子显微镜下观察到的新冠病毒，该病毒一般呈球形，直径在75-160nm之间，主要通过飞沫传播。下列关于该病毒的说法不正确的是（ ）
A. 新冠病毒最大直径约为1.6×10-7m
B. 在新冠病毒、原子、电子中，空间尺度最大的是新冠病毒
C. 新冠病毒主要通过飞沫传播，说明分子在永不停息地运动
D. 口罩中间层通过工艺带上静电，可增强对颗粒的吸附力
【答案】C
【解析】
【详解】A．由题意可知，病毒直径在75-160nm之间，已知1nm=10-9m，则该病毒最大直径约为
新冠病毒最大直径约为1.6×10-7m，故A正确，不符合题意；
B．由题意可知，新冠病毒直径在75-160nm之间，原子的直径大约为10nm，电子比原子还小，则可知空间尺度最大的是新冠病毒，故B正确，不符合题意；
C．新冠病毒主要通过飞沫传播，而飞沫和病毒不是分子，飞沫和病毒在空气中的运动，不能说明分子在永不停息地运动，故C错误，符合题意；
D．口罩中间层通过工艺带上静电，而带电物体能够吸引轻小物体，所以中间层可增强对颗粒的吸附力，故D正确，不符合题意。
故选C。
9. 五一佳节，在常州紫荆公园月季花展上，小明将照相机镜头对准一株绿叶红花的月季，为追求某种艺术效果他想拍摄一组黑叶黑花的照片，则小明选择的滤色镜的颜色（ ）
A. 无色B. 绿色C. 红色D. 蓝色
【答案】D
【解析】
【详解】不透明的物体颜色是由它反射的色光所决定的，透明物体的颜色是由它透过的色光来决定的。绿叶反射绿光，红花反射红光而蓝色滤镜不会允许这两种光进入，所以拍出来的是黑叶黑花。
故选D。
10. 如图所示的实验能说明电动机工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．图中所示的实验证明了通电导线周围存在磁场，即电能产生磁，并不能说明电动机的工作原理，故A不符合题意；
B．图中开关闭合后，通电导线将在磁场的作用下开始运动，人们根据这一现象制成了电动机，故B符合题意；
C．图中开关闭合后，左右移动导管ab切割磁感线，电路中将产生电流，这是发电机的工作原理图，故C不符合题意；
D．该图可以用来研究电磁铁的磁性强弱与电流强弱的关系，不能说明电动机的工作原理，故D不符合题意。
故选B。
11. 如图所示，这是一种显示汽车油箱油量的装置图，其中滑杆相当于滑动变阻器R的滑片，若油箱中的油量增加，下列说法错误的是（ ）
A. R接入电路的电阻变小
B. 电流表读数增大
C. 电阻R0的功率减小
D. 滑动变阻器R两端的电压减小
【答案】C
【解析】
【详解】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流；若油箱中的油量增加，浮子向上移动，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变小；通过定值电阻的电流变大，根据P=I2R可知，电阻R0的功率变大；综上所述，故C错误，符合题意；ABD正确，不符合题意。
故选C。
12. 疫情期间，王老师利用手机直播网课（如图），下列说法正确的是（ ）
A. 黑板上的文字通过手机镜头成正立缩小的实像
B. 老师和黑板应位于手机镜头一倍焦距和两倍焦距之间
C. 为了让同学们看到黑板上的字更大，手机应靠近黑板
D. 凸透镜对光线具有发散作用
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】AB．手机镜头的原理和照相机原理相同，利用凸透镜成倒立缩小实像的特点制成的，此时物距应该大于二倍焦距，故AB错误；
C．根据凸透镜成像规律可知，当物体靠近透镜时，物距减小，像距增大，像变大，所以为了让同学们看到黑板上的字更大，手机应靠近黑板，故C正确；
D．凸透镜对光线具有会聚作用，凹透镜对光有发散作用，故D错误。
故选C。
二．填空题（共8小题，满分24分，每小题3分）
13. 2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火发射，并顺利将三名航天员送入太空。如图所示是运载火箭发射升空时的情景，火箭升空时以神舟十五号载人飞船为参照物，地面是______的；火箭向下喷射燃气却能向上运动的原因是______的；火箭升空时机械能______（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 运动 ②. 物体间力的作用是相互 ③. 增大
【解析】
【详解】[1]火箭升空时以神舟十五号载人飞船为参照物，地面的位置在不断变化，则地面是运动的。
[2][3]火箭向下喷射燃气是火箭对燃气施加了向下的力，同时燃气就给火箭施加向上的推力，因为物体间力的作用是相互的；火箭在加速升空的过程中，质量不变，速度变大则动能变大，高度变高则重力势能变大，故火箭升空时机械能增大。
14. 如图所示，这是鸟儿在湖面觅食的美丽画面，鸟儿在水中形成了清晰的倒影。水中倒影是光的______（选填“直线传播”“反射”或“折射”）形成的______（选填“实像”或“虚像”）；若鸟儿距离湖面3m，鸟儿在水中的像距水面______m；当鸟儿靠近水面过程中，水中鸟儿的像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 反射 ②. 虚像 ③. 3 ④. 不变
【解析】
【详解】[1]鸟儿在水中形成了清晰的倒影属于平面镜成像，原理是光的反射。
[2]平面镜所成的像是虚像，所以鸟儿在水中形成了清晰的倒影是虚像。
[3][4]平静的湖面相当于平面镜，根据平面镜成像特点：像与物大小相同，像到平面镜的距离和物体到平面镜距离相等。所以鸟儿距离湖面3m，鸟儿在水中的像距湖面也是3m；由于鸟儿大小不变，因此鸟儿靠近湖面，湖水中鸟儿的像的大小不变。
15. （1）如图所示，是河水中的漩涡。漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较小，压强较______，从而形成压力差，导致周边物体易被“吸入”漩涡；
（2）小明采用“向漏斗口吹气，观察乒乓球状态”的方法来探究流速对流体压强的影响。以下方案不合理的是______。
A.竖直向上吹气B.水平向右吹气
C.竖直向下吹气D.斜向下吹气
【答案】 ①. 大 ②. A
【解析】
【详解】（1）[1]漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较小、压强较大，而漩涡中心处水的流速较大，压强较小，形成一个向旋涡中心的压强差、压力差，从而导致周边物体易被吸入漩涡。
（2）[2]A．不吹气时，乒乓球受到重力和支持力是平衡力，乒乓球处于静止状态；竖直向上吹气时，乒乓球底部空气流速大、压强小，乒乓球上面流速小、压强大，产生向下的压力，乒乓球受竖直向下的重力，乒乓球还受到支持力作用，这三个力是平衡力，乒乓球也处于静止状态，不能通过对比实验现象来探究流体流速对流体压强的影响，故A符合题意；
B．不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，水平向右吹气时，乒乓球左侧空气流速大、压强小，乒乓球右侧空气流速小、压强大，产生向左的压力，乒乓球保持静止状态，对比实验现象可以探究流速对流体压强的影响，故B不符合题意；
C．不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下落，竖直向下吹气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，乒乓球下方空气流速小、压强大，产生向上的压力，乒乓球保持静止状态，对比实验现象可以探究流速对流体压强的影响，故C不符合题意；
D．不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，斜向下吹气时，乒乓球右上方空气流速大、压强小，乒乓球左下方空气流速小、压强大，产生向右上方的压力，乒乓球保持静止状态，对比实验现象可以探究流速对流体压强的影响，故D不符合题意。
故选A。
16. 如图所示.A为电磁铁、B为铁芯、C为套在铁芯B上的绝缘磁环。现将A、B、C放置在天平的左盘上。当A中通有电流I时，C悬停在空中。天平保持平衡。当增大A中电流时。绝缘磁环C将向上运动。在绝缘磁环C上升到最高点的过程中，若不考虑摩擦及空气阻力，则天平左盘________（选填“一直平衡”、“先下降后上升”、“先上升后下降”或“一直下降到最低点”）。
【答案】先下降后上升
【解析】
【详解】开始时天平平衡说明天平两侧所受力相同；当增大A中电流时，电磁铁磁性增强，磁环上升开始运动，磁环受到的向上的磁力应增大，而根据力的相互性可知，A所受磁力也应增大，故左盘力变大，天平左盘下降；而由于磁环离磁铁变远，磁感线越稀疏磁力越弱，最终会停止，则磁环所向上的力将减小，则A所受力也将会减小，故左盘受力减小，天平左盘上升，故天平左盘应先下降后上升，最后又达到平衡。
17. 木器厂里常用水胶粘木料，这种胶需要在100℃左右的温度下熬化后才能使用，温度再高就会熬焦而失去黏性，所以工人师傅熬制这种胶时，常用如图所示的双层锅，双层锅下面用火加热，两层锅之间（不密封）装着水，这样就不会把胶熬焦了。请回答下列问题：
（1）用水浴加热可以使胶________，避免直接加热导致局部受热；
（2）用火在锅底加热，锅中的水温度升高，直至把水加热到沸腾；
（3）由于水的温度高，胶的温度低，温度高的物体会把热量传递给温度低的物体，胶的温度升高；
（4）通常情况下，水的沸点是100℃，而沸腾后水的温度________；
（5）当胶的温度达到100℃时，由于胶与水的温度相同，________停止，胶的温度不再升高。综上所述，此方法可以有效地防止水胶被熬焦而失去黏性。
【答案】 ①. 受热均匀 ②. 不变 ③. 热传递
【解析】
【详解】（1）[1]用水浴加热可以使胶受热均匀，避免直接加热导致局部受热。
（4）[2]通常情况下，水的沸点是100℃，而沸腾后继续吸热，水的温度保持不变。
（5）[3]发生热传递的条件是有温度差。当胶的温度达到100℃时，由于胶与水的温度相同，热传递停止，胶的温度不再升高。
18. 如图，斜面上s＝3m，h＝0.6m，建筑工人用绳子在6s内将重500N的物体从其底端沿斜面向上匀速拉到项端，拉力是150N（忽略绳子的重力）。则在此过程中，有用功为_________J，总功为_________J，拉力的功率为_________W，斜面机械效率为_________，小车所受阻力为_________N。
【答案】 ① 300 ②. 450 ③. 75 ④. 66.7% ⑤. 50
【解析】
【详解】[1]有用功重力做功
[2]拉力做的总功为
[3]拉力的功率为
[4]斜面机械效率为
[5]小车所受的阻力做额外功，则阻力为
19. 有一新型的电热足浴器，用这个足浴器将5kg的水从20℃加热到40℃共用了10min，则水吸收的热量为________J；如图在10min内电能表的转盘转过500r，则该足浴器的实际功率是________。
【答案】 ①. 4.2×105 ②. 1000W
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量为
[2]该足浴器在10min消耗的电能为
该足浴器的实际功率为
20. 将电阻是10Ω的导体接入电路，通过导体的电流是0.3A，通电半分钟，消耗的电能是________J，这个导体的电功率是________W。
【答案】 ①. 27 ②. 0.9
【解析】
【详解】[1]电阻是10Ω的导体接入电路，通过导体的电流是0.3A，消耗的电能是
[2]这个导体的电功率是
三．作图题（共3小题，满分6分）
21. 请用笔画线代替导线，将图中的电灯和开关正确的接入家庭电路中。
【答案】
【解析】
【详解】灯泡的接法：火线直接进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套，如下图所示：
22. 如图，木块A沿斜面匀速下滑，作出木块受到斜面的支持力和滑动摩擦力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】如图，木块受到支持力的方向垂直于斜面向上，作用点可画在其重心上；木块沿斜面匀速下滑，摩擦力的方向与木块的运动方向相反，即摩擦力的方向平行于斜面向上，作用点可画在木块的重心上；据此作出两个力的示意图，如下图所示：
23. 请在如图所示中完成光路图。
【答案】
【解析】
【详解】根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点做出入射光线，如图所示：
四、计算题。（共2小题，共15分）
24. 一个质量忽略不计、底面积为100cm2的容器中装有3kg水，放在水平桌面上。将一个石块挂在弹簧测力计下，测力计的示数为6N，慢慢将石块浸没在水中，不接触杯壁和杯底，水无溢出，稳定后，弹簧测力计的示数为4N，如图所示。求：
（1）石块所受的浮力；
（2）石块的密度；
（3）在如图所示状态下，容器底对桌面的压强。
【答案】（1）2N；（2）3×103kg/m3；（3）3.2×103Pa
【解析】
【详解】解：（1）石块所受的浮力为
（2）因为石块浸没在水中，所以石块的体积为
石块的质量为
石块的密度为
（3）容器对桌面的压力为
容器对桌面的压强为
答：（1）石块所受的浮力为2N；
（2）石块的密度为3×103kg/m3；
（3）在如图所示状态下，容器底对桌面的压强是3.2×103Pa。
25. 如图是电吹风工作原理的电路图（R为电热丝，M为电动机），下表是该电吹风的铭牌。求：
（1）当S2闭合、S1断开时，电吹风工作6min所消耗的电能。
（2）当S1、S2均闭合时，通过电阻R电流。
（3）电热丝R的阻值有多大？（电热丝阻值随温度变化不计）
【答案】（1）3.6×104J；（2）4A；（3）55Ω
【解析】
【详解】解：（1）当S2闭合、S1断开时，电路为电动机M的简单电路，此时吹冷风，根据可知，电吹风工作6min所消耗的电能
W=P冷t=100W×6×60s=3.6×104J
（2）当S1、S2均闭合时，电路中R和M并联，此时吹热风，此时电阻R的功率
PR=P热-P冷=980W-100W=880W
根据P=UI可知，通过电阻R的电流
（3）电热丝阻值随温度变化不计，根据欧姆定律可知
答：（1）电吹风工作6min所消耗的电能为3.6×104J；
（2）通过电阻R的电流为4A；
（3）电热丝R的阻值为55Ω。
五、实验探究题。（共4小题，共31分）
26. 在学习了密度的知识后，小明想用天平和量筒测量一杯盐水的密度：
（1）实验过程如下：
A.将天平放在水平桌面上，指针如图甲所示，接下来的操作应该是________，直至天平横梁平衡；
B．测量出空烧杯的质量为m1；
C．在烧杯中倒入适量的盐水，用天平称量烧杯和盐水的总质量，当天平再次平衡时，读出盐水和烧杯的总质量为m2；
D．将烧杯中盐水倒入量筒中，记下盐水的体积为V。
（2）根据实验所得数据，写出盐水密度的表达式：________；
（3）同组小华认为，小明这种方法测出的盐水的密度会________（选填“偏大”或“偏小”）。只需对小明的实验步骤进行调整，就可减小实验误差，调整后的实验步骤为________（填序号）。
【答案】 ①. 将平衡螺母向左调节 ②. ③. 偏大 ④. ACDB
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，将天平放在水平桌面上，并将游码移至称量标尺左端的零刻度线后，指针处于分度盘的右侧，说明右端沉，此时应将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（2）[2]盐水的质量为
m=m2-m1
则盐水密度为
（3）[3]步骤D将烧杯中的盐水倒入量筒中测量体积时，有部分盐水会沾在烧杯壁上，导致量筒中盐水的体积略小于烧杯的盐水的体积，即测量体积偏小，由可知，盐水密度偏大。
[4]据测量液体密度的步骤可知，用天平称出盛有盐水的烧杯的总质量，再把烧杯中的盐水倒入量筒中，记下量筒中盐水的体积，最后用天平称出烧杯的质量，所以合理的实验顺序是ACDB。
27. 如图甲、乙、丙所示，小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素。
（1）本实验是通过观察______________来比较压力作用效果的；
（2）通过比较甲、乙两图所示实验现象，可得初步结论：___________，______________，压力的作用效果越明显；
（3）通过比较乙、丙两图所示实验现象，可探究压力的作用效果与______________的关系；
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，则图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p′的大小关系为p________p′（选填“大于”“小于”或“等于”）；
（5）实验时，小明将小桌换成砖块，并将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，如图戊所示，发现它们对海绵的压力作用效果相同。由此得出的结论是压力的作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是__________________。
【答案】 ①. 海绵的凹陷程度 ②. 在受力面积一定时 ③. 压力越大 ④. 受力面积 ⑤. 等于 ⑥. 没有控制压力相同
【解析】
【详解】（1）[1]实验中，压力作用效果通过海绵的凹陷程度来反映，海绵凹陷程度越大，压力作用效果越明显，这种方法是转换法。
（2）[2][3]甲、乙两图，受力面积一定，压力越大，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显。
（3）[4]乙、丙两图，压力大小一定，受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，因此可探究压力的作用效果与受力面积的关系。
（4）[5]丙丁两图中，压力相等，受力面积相等，由可知压强相等，即p=p'。
（5）[6]小明将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，压力改变，受力面积也变了，由控制变量法可知，在研究压力的作用效果与受力面积的关系时，应控制压力不变。这个实验没有控制压力不变，因此得出压力的作用效果与受力面积无关的结论是错误的。
28. 在“测量小灯泡电阻”实验中，小灯泡标有“2.5V”字样，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）按照电路图连接电路，该组同学连接好电路的最后一根导线时，小灯泡立刻发出耀眼的光亮；导致上述现象的不规范操作是______；
（2）正确操作后，闭合开关，此时电压表示数为0.5V，电流表示数为0.2A，灯泡电阻为______Ω；继续实验，经过多次测量后，测绘出的小灯泡的电流随电压变化的关系图像，如图乙所示，从图中发现小灯泡的电阻是变化的，原因是______；
（3）实验过程中，当滑动变阻器滑片移动到中点时，小灯泡电阻值为R=______Ω（保留1位小数）。
【答案】 ①. 连接电路时开关没有断开，没有将变阻器的最大电阻连入电路 ②. 2.5 ③. 灯丝电阻受到温度的影响 ④. 2.9
【解析】
【详解】（1）[1]为保护电路，连接电路时开关要断开，将变阻器的最大电阻连入电路，该组同学连接好电路的最后一根导线时，小灯泡立刻发出耀眼的光亮，说明灯泡的实际功率很大，小灯泡两端的电压和通过的电流很大，导致上述现象的不规范操作是：连接电路时开关没有断开，没有将变阻器的最大电阻连入电路。
（2）[2]此时电压表示数为0.5V，电流表示数为0.2A，由欧姆定律，可知灯泡的电阻为
[3]实验中小灯泡的电压越高、电流越大，灯泡越亮，温度越高。由图像可知，随着电压的增加电流增加的越来越慢，说明灯丝的电阻越大，是因为灯丝温度升高而造成的。
（3）[4]正确操作后，闭合开关，此时电压表示数为0.5V，电流表示数为0.2A，滑动变阻器的阻值为，根据欧姆定律，变阻器的电压为
U=IR滑=0.2A×20Ω=4V
根据串联电路电压的规律，电源电压为
U总=U+UV=4V+0.5V=4.5V
实验过程中，当滑动变阻器滑片移动到中点时，即变阻器连入电路的电阻为
R滑1=0.5×20Ω=10Ω
根据图乙可知，当通过灯的电流为0.35A时，对应的灯泡的电压为1.0V，根据欧姆定律定律，此时变阻器的电压
U1=I1R滑1=0.35A×10Ω=3.5V
根据串联电路电压的规律，变阻器的电压与灯泡的电压之和为
U实= U1+UL=3.5V+1.0V=4.5V
故此时灯泡与变阻器的电压之和刚好等于电源电压，即当滑动变阻器滑片移动到中点时，灯泡的电压为1.0V，通过的电流为0.35A，由欧姆定律，小灯泡电阻值为
29. 请阅读《垃圾发电》并回答问题。
垃圾发电
近两年，垃圾分类成了人们生活核心议题之一。北京目前采取的垃圾分类方法为“四分法”，将垃圾分为厨余垃圾、可回收物、有害垃圾、其他垃圾。垃圾分类收集后被专门的运输车辆送到不同的分类处理地点，经过垃圾发电等处理延长了填埋场的使用寿命，有利于城市环境保护。
厨余垃圾会被堆肥处理，可回收物会被送到再生资源回收处，有害垃圾会被送到各类设施实现无害处理。那么看似没有用的其他垃圾呢？北京就已经有建成并使用的再生能源发电厂，其他垃圾通过“浴火重生”后变身成了宝贵资源。
其实这些其他垃圾被送到厂中后不能立即燃烧，需要按照时间分类堆放。经过脱水、发酵后才能送入焚烧炉。发电厂还有一个中央控制室，可以从监视器上看到垃圾从进入垃圾池到焚烧炉里燃烧的整个过程。炉内温度也始终显示在监视器上。垃圾焚烧时，炉内温度一般为900℃，炉心最高温度为1100℃。经过焚烧，垃圾中的病原菌彻底杀灭，从而达到无害化的目的。在高温焚烧（产生的烟雾经过处理）中产生的热量将工作物质转化为高温蒸气推动涡轮机转动，使发电机产生电能。在某再生能源发电厂，一吨垃圾可以转化为400度的电能，可以补充电能不足，具有明显的节能效益。焚烧后体积比原来可缩小50﹣80%，分类收集的可燃性垃圾灰渣只占原体积的5%，因而比其他垃圾填埋等处理方法，更可达减量化的目的。
因此，兴建垃圾电厂十分有利于城市的环境保护，尤其是对土地资源和水资源的保护，实现可持续发展。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）其他垃圾被送到再生能源发电厂后需要按照时间分类堆放。经过脱水、______后才能送入焚烧炉，焚烧后得到大量内能推动涡轮机转动最终转化为______；
（2）垃圾发电的优点是______、______和显著的节能效益。
【答案】 ①. 发酵 ②. 电能 ③. 无害化 ④. 减量化
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]由材料可知，这些其他垃圾被送到厂中后不能立即燃烧，需要按照时间分类堆放。经过脱水、发酵后才能送入焚烧炉。
[2]垃圾高温焚烧发电，是高温焚烧中产生的热量将工作物质转化为高温蒸气推动涡轮机转动，使发电机产生电能。
（2）[3][4]由材料可知：①垃圾焚烧时，炉内温度一般为900℃，炉心最高温度为1100℃。经过焚烧，垃圾中的病原菌彻底杀灭，从而达到无害化的目的。
②在某再生能源发电厂，一吨垃圾可以转化为400度的电能，可以补充电能不足，具有明显的节能效益。
③焚烧后体积比原来可缩小50﹣80%，分类收集的可燃性垃圾灰渣只占原体积的5%，因而比其他垃圾填埋等处理方法，更可达减量化的目的。
所以，垃圾发电的优点是无害化、减量化和显著的节能效益。额定电压/V 220
频率/Hz 50
吹热风时的功率/W 980
吹冷风时的功率/W 100
1. 2021年2月12日，国家航天局发布了我国首次火星探测任务天问一号探测器火星捕获过程影像，展示了探测器靠近火星和点火制动时的震撼画面。天问一号向地球传递信息利用的是（ ）
A. 电磁波B. 超声波C. 次声波D. 紫外线
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】电磁波的传播不需要介质，火星探测器传递信息利用的是电磁波。故选A。
2. 下列实验中，能探究声音产生原因的是
A. 甲图实验中，发声的音叉可以反复将乒乓球弹开
B. 乙图实验中，抽出玻璃罩内的空气，闹铃声逐渐变小
C. 丙图实验中，耳朵贴到桌面上，听到的敲击声更大
D. 丁图实验中，改变吸管的长度，可以吹出不同的哨音
【答案】A
【解析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，振动发声的音叉可以反复将乒乓球弹开，说明发声体在振动，能探究声音产生原因，故符合题意；
B．抽出玻璃罩内的空气，闹铃声逐渐变小，说明声音的传播需要介质，不能探究声音产生原因，故不符合题意；
C．耳朵贴到桌面上，听到的敲击声更大，说明固体能够传声，且传声效果好，不能探究声音产生原因，故不符合题意；
D．改变吸管的长度，改变了吸管中空气振动的频率，从而改变了音调，不能探究声音产生原因，故不符合题意；
3. 如图所示，是我国自主研发制造时速可达620千米/小时的世界首台高温超导高速磁浮工程化样车，下列有关说法正确的是（ ）
A. 超导体是一种电阻很大的材料
B. 磁悬浮列车与轨道相分离，使得磁悬浮列车与轨道之间摩擦力几乎为零
C. 磁悬浮列车通过异名磁极相互排斥将磁悬浮列车托举起来
D. 利用超导材料可制成发热效率更高的电热器
【答案】B
【解析】
【详解】A．超导现象是指某些导体在低温时电阻几乎变为0的现象，所以超导体是一种电阻很小的材料，故A错误；
B．磁悬浮列车与轨道分离，是通过使接触面分离的方法减少摩擦的，因为两个面之间不接触，所以其摩擦力几乎为0，故B正确；
C．磁悬浮列车能悬浮起来，是利用磁极之间的相互作用来工作的，有的是利用同名磁极相互排斥，有的是利用异名磁极相互吸引，故C错误；
D．电热器是利用电流热效应工作的，而超导材料的电阻为0，电流通过时不发热，故D错误。
故选B。
4. 某同学用刻度尺测木块的长度，四次测量结果分别是5.37cm、5.36cm、5.34cm、5.45cm，则木块的长度应记作（ ）
A. 5.36cmB. 5.35cmC. 5.356cmD. 5.3567cm
【答案】A
【解析】
【详解】四次测量结果分别是5.37cm、5.36cm、5.34cm、5.45cm，这四个值中5.45cm与其它三个值偏差较大，这不是读数误差造成的，而是读数错误，即该数据错误，应去掉；所以木块的长度
L＝≈5.36cm
故选A。
5. 在女排大冠军杯的比赛中，中国女排勇夺冠军，如图，“跳发球”可简化为运动员“①抛球、②腾空、③击球、④落地”四个过程，其中运动员对排球做功的过程有（ ）
A. ①②B. ②③C. ①③D. ③④
【答案】C
【解析】
【详解】抛球和击球时运动员对球有力的作用并且球在力的方向移动一段距离，故做功；腾空和落地过程中，运动员对球没有力的作用，故不做功。
故选C。
6. 下列现象中，物体的内能没有发生明显变化的是（ ）
A. 给电暖气通电B. 把货物吊起
C. 将开水晾凉D. 对指甲打磨
【答案】B
【解析】
【详解】物体的内能与物体的温度、质量、种类、状态等因素有关，与物体的机械运动情况无关。
A．给电暖气通电后，电流做功时使其内能增大，温度升高，故A不符合题意；
B．把货物吊起，属于物体的机械运动，货物的温度、质量、种类、状态等都没有发生改变，故内能不发生改变，故B符合题意；
C．将开水晾凉，开水放出热量，温度降低，内能减小，故C不符合题意；
D．对指甲打磨，指甲锉对指甲克服摩擦做功，内能增大，故D不符合题意。
故选B。
7. 冬季，在家里洗澡时会发现浴室墙壁上的镜子很快模糊起来，洗澡结束一段时间后，镜子又变得清晰。这两个过程发生的物态变化分别是（ ）
A. 液化 汽化B. 汽化 汽化C. 凝固 熔化D. 液化 凝固
【答案】A
【解析】
【详解】在家里洗澡时会发现浴室墙壁上的镜子很快模糊起来，这是因为热的水蒸气遇到冷的镜子马上放热液化；洗澡结束一段时间后，镜子上的水滴吸热汽化成水蒸气，就又变清晰了，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8. 如图所示是在电子显微镜下观察到的新冠病毒，该病毒一般呈球形，直径在75-160nm之间，主要通过飞沫传播。下列关于该病毒的说法不正确的是（ ）
A. 新冠病毒最大直径约为1.6×10-7m
B. 在新冠病毒、原子、电子中，空间尺度最大的是新冠病毒
C. 新冠病毒主要通过飞沫传播，说明分子在永不停息地运动
D. 口罩中间层通过工艺带上静电，可增强对颗粒的吸附力
【答案】C
【解析】
【详解】A．由题意可知，病毒直径在75-160nm之间，已知1nm=10-9m，则该病毒最大直径约为
新冠病毒最大直径约为1.6×10-7m，故A正确，不符合题意；
B．由题意可知，新冠病毒直径在75-160nm之间，原子的直径大约为10nm，电子比原子还小，则可知空间尺度最大的是新冠病毒，故B正确，不符合题意；
C．新冠病毒主要通过飞沫传播，而飞沫和病毒不是分子，飞沫和病毒在空气中的运动，不能说明分子在永不停息地运动，故C错误，符合题意；
D．口罩中间层通过工艺带上静电，而带电物体能够吸引轻小物体，所以中间层可增强对颗粒的吸附力，故D正确，不符合题意。
故选C。
9. 五一佳节，在常州紫荆公园月季花展上，小明将照相机镜头对准一株绿叶红花的月季，为追求某种艺术效果他想拍摄一组黑叶黑花的照片，则小明选择的滤色镜的颜色（ ）
A. 无色B. 绿色C. 红色D. 蓝色
【答案】D
【解析】
【详解】不透明的物体颜色是由它反射的色光所决定的，透明物体的颜色是由它透过的色光来决定的。绿叶反射绿光，红花反射红光而蓝色滤镜不会允许这两种光进入，所以拍出来的是黑叶黑花。
故选D。
10. 如图所示的实验能说明电动机工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．图中所示的实验证明了通电导线周围存在磁场，即电能产生磁，并不能说明电动机的工作原理，故A不符合题意；
B．图中开关闭合后，通电导线将在磁场的作用下开始运动，人们根据这一现象制成了电动机，故B符合题意；
C．图中开关闭合后，左右移动导管ab切割磁感线，电路中将产生电流，这是发电机的工作原理图，故C不符合题意；
D．该图可以用来研究电磁铁的磁性强弱与电流强弱的关系，不能说明电动机的工作原理，故D不符合题意。
故选B。
11. 如图所示，这是一种显示汽车油箱油量的装置图，其中滑杆相当于滑动变阻器R的滑片，若油箱中的油量增加，下列说法错误的是（ ）
A. R接入电路的电阻变小
B. 电流表读数增大
C. 电阻R0的功率减小
D. 滑动变阻器R两端的电压减小
【答案】C
【解析】
【详解】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流；若油箱中的油量增加，浮子向上移动，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变小；通过定值电阻的电流变大，根据P=I2R可知，电阻R0的功率变大；综上所述，故C错误，符合题意；ABD正确，不符合题意。
故选C。
12. 疫情期间，王老师利用手机直播网课（如图），下列说法正确的是（ ）
A. 黑板上的文字通过手机镜头成正立缩小的实像
B. 老师和黑板应位于手机镜头一倍焦距和两倍焦距之间
C. 为了让同学们看到黑板上的字更大，手机应靠近黑板
D. 凸透镜对光线具有发散作用
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】AB．手机镜头的原理和照相机原理相同，利用凸透镜成倒立缩小实像的特点制成的，此时物距应该大于二倍焦距，故AB错误；
C．根据凸透镜成像规律可知，当物体靠近透镜时，物距减小，像距增大，像变大，所以为了让同学们看到黑板上的字更大，手机应靠近黑板，故C正确；
D．凸透镜对光线具有会聚作用，凹透镜对光有发散作用，故D错误。
故选C。
二．填空题（共8小题，满分24分，每小题3分）
13. 2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火发射，并顺利将三名航天员送入太空。如图所示是运载火箭发射升空时的情景，火箭升空时以神舟十五号载人飞船为参照物，地面是______的；火箭向下喷射燃气却能向上运动的原因是______的；火箭升空时机械能______（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 运动 ②. 物体间力的作用是相互 ③. 增大
【解析】
【详解】[1]火箭升空时以神舟十五号载人飞船为参照物，地面的位置在不断变化，则地面是运动的。
[2][3]火箭向下喷射燃气是火箭对燃气施加了向下的力，同时燃气就给火箭施加向上的推力，因为物体间力的作用是相互的；火箭在加速升空的过程中，质量不变，速度变大则动能变大，高度变高则重力势能变大，故火箭升空时机械能增大。
14. 如图所示，这是鸟儿在湖面觅食的美丽画面，鸟儿在水中形成了清晰的倒影。水中倒影是光的______（选填“直线传播”“反射”或“折射”）形成的______（选填“实像”或“虚像”）；若鸟儿距离湖面3m，鸟儿在水中的像距水面______m；当鸟儿靠近水面过程中，水中鸟儿的像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 反射 ②. 虚像 ③. 3 ④. 不变
【解析】
【详解】[1]鸟儿在水中形成了清晰的倒影属于平面镜成像，原理是光的反射。
[2]平面镜所成的像是虚像，所以鸟儿在水中形成了清晰的倒影是虚像。
[3][4]平静的湖面相当于平面镜，根据平面镜成像特点：像与物大小相同，像到平面镜的距离和物体到平面镜距离相等。所以鸟儿距离湖面3m，鸟儿在水中的像距湖面也是3m；由于鸟儿大小不变，因此鸟儿靠近湖面，湖水中鸟儿的像的大小不变。
15. （1）如图所示，是河水中的漩涡。漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较小，压强较______，从而形成压力差，导致周边物体易被“吸入”漩涡；
（2）小明采用“向漏斗口吹气，观察乒乓球状态”的方法来探究流速对流体压强的影响。以下方案不合理的是______。
A.竖直向上吹气B.水平向右吹气
C.竖直向下吹气D.斜向下吹气
【答案】 ①. 大 ②. A
【解析】
【详解】（1）[1]漩涡边沿水的流速相对中心处的流速较小、压强较大，而漩涡中心处水的流速较大，压强较小，形成一个向旋涡中心的压强差、压力差，从而导致周边物体易被吸入漩涡。
（2）[2]A．不吹气时，乒乓球受到重力和支持力是平衡力，乒乓球处于静止状态；竖直向上吹气时，乒乓球底部空气流速大、压强小，乒乓球上面流速小、压强大，产生向下的压力，乒乓球受竖直向下的重力，乒乓球还受到支持力作用，这三个力是平衡力，乒乓球也处于静止状态，不能通过对比实验现象来探究流体流速对流体压强的影响，故A符合题意；
B．不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，水平向右吹气时，乒乓球左侧空气流速大、压强小，乒乓球右侧空气流速小、压强大，产生向左的压力，乒乓球保持静止状态，对比实验现象可以探究流速对流体压强的影响，故B不符合题意；
C．不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下落，竖直向下吹气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，乒乓球下方空气流速小、压强大，产生向上的压力，乒乓球保持静止状态，对比实验现象可以探究流速对流体压强的影响，故C不符合题意；
D．不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，斜向下吹气时，乒乓球右上方空气流速大、压强小，乒乓球左下方空气流速小、压强大，产生向右上方的压力，乒乓球保持静止状态，对比实验现象可以探究流速对流体压强的影响，故D不符合题意。
故选A。
16. 如图所示.A为电磁铁、B为铁芯、C为套在铁芯B上的绝缘磁环。现将A、B、C放置在天平的左盘上。当A中通有电流I时，C悬停在空中。天平保持平衡。当增大A中电流时。绝缘磁环C将向上运动。在绝缘磁环C上升到最高点的过程中，若不考虑摩擦及空气阻力，则天平左盘________（选填“一直平衡”、“先下降后上升”、“先上升后下降”或“一直下降到最低点”）。
【答案】先下降后上升
【解析】
【详解】开始时天平平衡说明天平两侧所受力相同；当增大A中电流时，电磁铁磁性增强，磁环上升开始运动，磁环受到的向上的磁力应增大，而根据力的相互性可知，A所受磁力也应增大，故左盘力变大，天平左盘下降；而由于磁环离磁铁变远，磁感线越稀疏磁力越弱，最终会停止，则磁环所向上的力将减小，则A所受力也将会减小，故左盘受力减小，天平左盘上升，故天平左盘应先下降后上升，最后又达到平衡。
17. 木器厂里常用水胶粘木料，这种胶需要在100℃左右的温度下熬化后才能使用，温度再高就会熬焦而失去黏性，所以工人师傅熬制这种胶时，常用如图所示的双层锅，双层锅下面用火加热，两层锅之间（不密封）装着水，这样就不会把胶熬焦了。请回答下列问题：
（1）用水浴加热可以使胶________，避免直接加热导致局部受热；
（2）用火在锅底加热，锅中的水温度升高，直至把水加热到沸腾；
（3）由于水的温度高，胶的温度低，温度高的物体会把热量传递给温度低的物体，胶的温度升高；
（4）通常情况下，水的沸点是100℃，而沸腾后水的温度________；
（5）当胶的温度达到100℃时，由于胶与水的温度相同，________停止，胶的温度不再升高。综上所述，此方法可以有效地防止水胶被熬焦而失去黏性。
【答案】 ①. 受热均匀 ②. 不变 ③. 热传递
【解析】
【详解】（1）[1]用水浴加热可以使胶受热均匀，避免直接加热导致局部受热。
（4）[2]通常情况下，水的沸点是100℃，而沸腾后继续吸热，水的温度保持不变。
（5）[3]发生热传递的条件是有温度差。当胶的温度达到100℃时，由于胶与水的温度相同，热传递停止，胶的温度不再升高。
18. 如图，斜面上s＝3m，h＝0.6m，建筑工人用绳子在6s内将重500N的物体从其底端沿斜面向上匀速拉到项端，拉力是150N（忽略绳子的重力）。则在此过程中，有用功为_________J，总功为_________J，拉力的功率为_________W，斜面机械效率为_________，小车所受阻力为_________N。
【答案】 ① 300 ②. 450 ③. 75 ④. 66.7% ⑤. 50
【解析】
【详解】[1]有用功重力做功
[2]拉力做的总功为
[3]拉力的功率为
[4]斜面机械效率为
[5]小车所受的阻力做额外功，则阻力为
19. 有一新型的电热足浴器，用这个足浴器将5kg的水从20℃加热到40℃共用了10min，则水吸收的热量为________J；如图在10min内电能表的转盘转过500r，则该足浴器的实际功率是________。
【答案】 ①. 4.2×105 ②. 1000W
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量为
[2]该足浴器在10min消耗的电能为
该足浴器的实际功率为
20. 将电阻是10Ω的导体接入电路，通过导体的电流是0.3A，通电半分钟，消耗的电能是________J，这个导体的电功率是________W。
【答案】 ①. 27 ②. 0.9
【解析】
【详解】[1]电阻是10Ω的导体接入电路，通过导体的电流是0.3A，消耗的电能是
[2]这个导体的电功率是
三．作图题（共3小题，满分6分）
21. 请用笔画线代替导线，将图中的电灯和开关正确的接入家庭电路中。
【答案】
【解析】
【详解】灯泡的接法：火线直接进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套，如下图所示：
22. 如图，木块A沿斜面匀速下滑，作出木块受到斜面的支持力和滑动摩擦力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】如图，木块受到支持力的方向垂直于斜面向上，作用点可画在其重心上；木块沿斜面匀速下滑，摩擦力的方向与木块的运动方向相反，即摩擦力的方向平行于斜面向上，作用点可画在木块的重心上；据此作出两个力的示意图，如下图所示：
23. 请在如图所示中完成光路图。
【答案】
【解析】
【详解】根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点做出入射光线，如图所示：
四、计算题。（共2小题，共15分）
24. 一个质量忽略不计、底面积为100cm2的容器中装有3kg水，放在水平桌面上。将一个石块挂在弹簧测力计下，测力计的示数为6N，慢慢将石块浸没在水中，不接触杯壁和杯底，水无溢出，稳定后，弹簧测力计的示数为4N，如图所示。求：
（1）石块所受的浮力；
（2）石块的密度；
（3）在如图所示状态下，容器底对桌面的压强。
【答案】（1）2N；（2）3×103kg/m3；（3）3.2×103Pa
【解析】
【详解】解：（1）石块所受的浮力为
（2）因为石块浸没在水中，所以石块的体积为
石块的质量为
石块的密度为
（3）容器对桌面的压力为
容器对桌面的压强为
答：（1）石块所受的浮力为2N；
（2）石块的密度为3×103kg/m3；
（3）在如图所示状态下，容器底对桌面的压强是3.2×103Pa。
25. 如图是电吹风工作原理的电路图（R为电热丝，M为电动机），下表是该电吹风的铭牌。求：
（1）当S2闭合、S1断开时，电吹风工作6min所消耗的电能。
（2）当S1、S2均闭合时，通过电阻R电流。
（3）电热丝R的阻值有多大？（电热丝阻值随温度变化不计）
【答案】（1）3.6×104J；（2）4A；（3）55Ω
【解析】
【详解】解：（1）当S2闭合、S1断开时，电路为电动机M的简单电路，此时吹冷风，根据可知，电吹风工作6min所消耗的电能
W=P冷t=100W×6×60s=3.6×104J
（2）当S1、S2均闭合时，电路中R和M并联，此时吹热风，此时电阻R的功率
PR=P热-P冷=980W-100W=880W
根据P=UI可知，通过电阻R的电流
（3）电热丝阻值随温度变化不计，根据欧姆定律可知
答：（1）电吹风工作6min所消耗的电能为3.6×104J；
（2）通过电阻R的电流为4A；
（3）电热丝R的阻值为55Ω。
五、实验探究题。（共4小题，共31分）
26. 在学习了密度的知识后，小明想用天平和量筒测量一杯盐水的密度：
（1）实验过程如下：
A.将天平放在水平桌面上，指针如图甲所示，接下来的操作应该是________，直至天平横梁平衡；
B．测量出空烧杯的质量为m1；
C．在烧杯中倒入适量的盐水，用天平称量烧杯和盐水的总质量，当天平再次平衡时，读出盐水和烧杯的总质量为m2；
D．将烧杯中盐水倒入量筒中，记下盐水的体积为V。
（2）根据实验所得数据，写出盐水密度的表达式：________；
（3）同组小华认为，小明这种方法测出的盐水的密度会________（选填“偏大”或“偏小”）。只需对小明的实验步骤进行调整，就可减小实验误差，调整后的实验步骤为________（填序号）。
【答案】 ①. 将平衡螺母向左调节 ②. ③. 偏大 ④. ACDB
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，将天平放在水平桌面上，并将游码移至称量标尺左端的零刻度线后，指针处于分度盘的右侧，说明右端沉，此时应将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（2）[2]盐水的质量为
m=m2-m1
则盐水密度为
（3）[3]步骤D将烧杯中的盐水倒入量筒中测量体积时，有部分盐水会沾在烧杯壁上，导致量筒中盐水的体积略小于烧杯的盐水的体积，即测量体积偏小，由可知，盐水密度偏大。
[4]据测量液体密度的步骤可知，用天平称出盛有盐水的烧杯的总质量，再把烧杯中的盐水倒入量筒中，记下量筒中盐水的体积，最后用天平称出烧杯的质量，所以合理的实验顺序是ACDB。
27. 如图甲、乙、丙所示，小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素。
（1）本实验是通过观察______________来比较压力作用效果的；
（2）通过比较甲、乙两图所示实验现象，可得初步结论：___________，______________，压力的作用效果越明显；
（3）通过比较乙、丙两图所示实验现象，可探究压力的作用效果与______________的关系；
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，则图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p′的大小关系为p________p′（选填“大于”“小于”或“等于”）；
（5）实验时，小明将小桌换成砖块，并将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，如图戊所示，发现它们对海绵的压力作用效果相同。由此得出的结论是压力的作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是__________________。
【答案】 ①. 海绵的凹陷程度 ②. 在受力面积一定时 ③. 压力越大 ④. 受力面积 ⑤. 等于 ⑥. 没有控制压力相同
【解析】
【详解】（1）[1]实验中，压力作用效果通过海绵的凹陷程度来反映，海绵凹陷程度越大，压力作用效果越明显，这种方法是转换法。
（2）[2][3]甲、乙两图，受力面积一定，压力越大，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显。
（3）[4]乙、丙两图，压力大小一定，受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，因此可探究压力的作用效果与受力面积的关系。
（4）[5]丙丁两图中，压力相等，受力面积相等，由可知压强相等，即p=p'。
（5）[6]小明将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，压力改变，受力面积也变了，由控制变量法可知，在研究压力的作用效果与受力面积的关系时，应控制压力不变。这个实验没有控制压力不变，因此得出压力的作用效果与受力面积无关的结论是错误的。
28. 在“测量小灯泡电阻”实验中，小灯泡标有“2.5V”字样，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）按照电路图连接电路，该组同学连接好电路的最后一根导线时，小灯泡立刻发出耀眼的光亮；导致上述现象的不规范操作是______；
（2）正确操作后，闭合开关，此时电压表示数为0.5V，电流表示数为0.2A，灯泡电阻为______Ω；继续实验，经过多次测量后，测绘出的小灯泡的电流随电压变化的关系图像，如图乙所示，从图中发现小灯泡的电阻是变化的，原因是______；
（3）实验过程中，当滑动变阻器滑片移动到中点时，小灯泡电阻值为R=______Ω（保留1位小数）。
【答案】 ①. 连接电路时开关没有断开，没有将变阻器的最大电阻连入电路 ②. 2.5 ③. 灯丝电阻受到温度的影响 ④. 2.9
【解析】
【详解】（1）[1]为保护电路，连接电路时开关要断开，将变阻器的最大电阻连入电路，该组同学连接好电路的最后一根导线时，小灯泡立刻发出耀眼的光亮，说明灯泡的实际功率很大，小灯泡两端的电压和通过的电流很大，导致上述现象的不规范操作是：连接电路时开关没有断开，没有将变阻器的最大电阻连入电路。
（2）[2]此时电压表示数为0.5V，电流表示数为0.2A，由欧姆定律，可知灯泡的电阻为
[3]实验中小灯泡的电压越高、电流越大，灯泡越亮，温度越高。由图像可知，随着电压的增加电流增加的越来越慢，说明灯丝的电阻越大，是因为灯丝温度升高而造成的。
（3）[4]正确操作后，闭合开关，此时电压表示数为0.5V，电流表示数为0.2A，滑动变阻器的阻值为，根据欧姆定律，变阻器的电压为
U=IR滑=0.2A×20Ω=4V
根据串联电路电压的规律，电源电压为
U总=U+UV=4V+0.5V=4.5V
实验过程中，当滑动变阻器滑片移动到中点时，即变阻器连入电路的电阻为
R滑1=0.5×20Ω=10Ω
根据图乙可知，当通过灯的电流为0.35A时，对应的灯泡的电压为1.0V，根据欧姆定律定律，此时变阻器的电压
U1=I1R滑1=0.35A×10Ω=3.5V
根据串联电路电压的规律，变阻器的电压与灯泡的电压之和为
U实= U1+UL=3.5V+1.0V=4.5V
故此时灯泡与变阻器的电压之和刚好等于电源电压，即当滑动变阻器滑片移动到中点时，灯泡的电压为1.0V，通过的电流为0.35A，由欧姆定律，小灯泡电阻值为
29. 请阅读《垃圾发电》并回答问题。
垃圾发电
近两年，垃圾分类成了人们生活核心议题之一。北京目前采取的垃圾分类方法为“四分法”，将垃圾分为厨余垃圾、可回收物、有害垃圾、其他垃圾。垃圾分类收集后被专门的运输车辆送到不同的分类处理地点，经过垃圾发电等处理延长了填埋场的使用寿命，有利于城市环境保护。
厨余垃圾会被堆肥处理，可回收物会被送到再生资源回收处，有害垃圾会被送到各类设施实现无害处理。那么看似没有用的其他垃圾呢？北京就已经有建成并使用的再生能源发电厂，其他垃圾通过“浴火重生”后变身成了宝贵资源。
其实这些其他垃圾被送到厂中后不能立即燃烧，需要按照时间分类堆放。经过脱水、发酵后才能送入焚烧炉。发电厂还有一个中央控制室，可以从监视器上看到垃圾从进入垃圾池到焚烧炉里燃烧的整个过程。炉内温度也始终显示在监视器上。垃圾焚烧时，炉内温度一般为900℃，炉心最高温度为1100℃。经过焚烧，垃圾中的病原菌彻底杀灭，从而达到无害化的目的。在高温焚烧（产生的烟雾经过处理）中产生的热量将工作物质转化为高温蒸气推动涡轮机转动，使发电机产生电能。在某再生能源发电厂，一吨垃圾可以转化为400度的电能，可以补充电能不足，具有明显的节能效益。焚烧后体积比原来可缩小50﹣80%，分类收集的可燃性垃圾灰渣只占原体积的5%，因而比其他垃圾填埋等处理方法，更可达减量化的目的。
因此，兴建垃圾电厂十分有利于城市的环境保护，尤其是对土地资源和水资源的保护，实现可持续发展。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）其他垃圾被送到再生能源发电厂后需要按照时间分类堆放。经过脱水、______后才能送入焚烧炉，焚烧后得到大量内能推动涡轮机转动最终转化为______；
（2）垃圾发电的优点是______、______和显著的节能效益。
【答案】 ①. 发酵 ②. 电能 ③. 无害化 ④. 减量化
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]由材料可知，这些其他垃圾被送到厂中后不能立即燃烧，需要按照时间分类堆放。经过脱水、发酵后才能送入焚烧炉。
[2]垃圾高温焚烧发电，是高温焚烧中产生的热量将工作物质转化为高温蒸气推动涡轮机转动，使发电机产生电能。
（2）[3][4]由材料可知：①垃圾焚烧时，炉内温度一般为900℃，炉心最高温度为1100℃。经过焚烧，垃圾中的病原菌彻底杀灭，从而达到无害化的目的。
②在某再生能源发电厂，一吨垃圾可以转化为400度的电能，可以补充电能不足，具有明显的节能效益。
③焚烧后体积比原来可缩小50﹣80%，分类收集的可燃性垃圾灰渣只占原体积的5%，因而比其他垃圾填埋等处理方法，更可达减量化的目的。
所以，垃圾发电的优点是无害化、减量化和显著的节能效益。额定电压/V 220
频率/Hz 50
吹热风时的功率/W 980
吹冷风时的功率/W 100
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