（江西卷）2023年中考物理第三次模拟考试（含考试版+答题卡+全解全析+参考答案）

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（本卷共21小题，考试时间：85分钟 试卷满分：80分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答其他题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．考试范围：中考全部内容。
一、填空题（共16分，每空1分）
1.每一次物理学的重大发现都会影响人类社会的进步和发展。__________发现了万有引力定律，才有了今天的通讯卫星；奥斯特发现了电流的磁效应之后，__________发现了电磁感应现象，从此人类进入了电气化时代。(均填物理学家的名字)
【答案】牛顿；法拉第。
【解析】万有引力定律是牛顿在1687年于《自然哲学的数学原理》上发表的，牛顿发现了万有引力定律，才有了今天的通信卫星；
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象，这是由英国科学家法拉第最先发现的，从此人类进入了电气化时代。
2.学校准备开晚会，有学生在校园内排练舞蹈，产生了噪声。为了不影响其他同学，练舞时调小音量，这是属于_____（填控制噪音的方法）；在教室的同学把门窗关上，属于______（填控制噪音的方法）。
【答案】在声源处减弱；在传播过程中减弱。
【解析】练舞时调小音量，防止噪声发生，属于在声源处减弱噪声；
在教室的同学把门窗关上，阻断噪声传播，属于在传播过程中减弱噪声。
3.小海和同学们参加研学旅行，汽车在公路上快速行驶时，小海发现窗帘从打开的窗户向外飘，这是因为窗外的空气流速大，压强_____。车行驶到山顶时，他发现密封的零食包装袋鼓起来了，这是因为山顶上的气压比山脚下的气压_____造成的。
【答案】小；低。
【解析】根据流体压强和流速的关系知道，车行驶时，打开车窗，窗外的空气流速大压强小，窗内的空气流速小压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗外；
因为大气压随高度增加而减小，所以山顶上的气压比山脚下的气压低，车行驶到山顶时，外界大气压变小，而密封的零食包装袋内气压不变，袋内的气压大于外部大气压，所以，包装袋会鼓起来。
4.新冠疫情期间，某医院急诊室的一个氧气瓶充满氧气，在给急救病人供氧时用去了一半氧气，则氧气瓶中剩余氧气的质量______，密度______（两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】变小；变小。
【解析】[1]充满氧气的氧气瓶，在给急救病人供氧时用去了一半氧气，氧气质量减半，故氧气瓶中剩余氧气的质量变小。
[2]剩余氧气还充满整个氧气瓶，故剩余氧气体积不变，而氧气瓶中剩余氧气的质量变小，根据，剩余氧气的密度变小。
5.某路灯的灯杆顶端有太阳能电池板和风车，风车转动带动发电机发电，它发电的原理是______现象。若太阳光辐射到该电池板的能量为2.7×107 J，这与完全燃烧______kg焦炭放出的热量相当（焦炭的热值为3×107 J/kg）。
【答案】电磁感应；0.9。
【解析】(1)将闭合回路的一部分导线在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，这个现象叫电磁感应现象，发电机就是根据这个原理制成的。
(2)由可知，焦炭的质量。
6.如图所示，R是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R0是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯.白天灯熄，夜晚灯亮.则给路灯供电的电源应接在_______（a、b /b、c）两端；如果将电阻箱R0的阻值调小一些，则路灯比原来_______（早/迟）一些亮。
【答案】a、b；迟。
【解析】光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在ab之间；
如果将电阻箱R的阻值调大一些，电流变小，继电器得到的电压变小，磁性变弱，吸引力变小，路灯比原来早一些亮。
7.泡温泉时感觉身体会发热，这是通过_____的方式改变了身体的内能。烈日下，小兵去游泳池游泳，他感觉到游泳池边的水泥地面很烫脚，但游泳池里的水却很凉，这是因为水的__________较大的缘故。
【答案】热传递；比热容。
【解析】泡温泉时感觉身体会发热，是身体吸收了热量，所以这是通过热传递的方式改变了身体的内能。
烈日下，小兵去游泳池游泳，他感觉到游泳池边的水泥地面很烫脚，但游泳池里的水却很凉，这是因为水的比热容较大，吸收相等的热量时，温度升高的低。
8.小青同学想在家里安装一盏照明灯，如图所示是他设计的电路。图中虚线框1和2应连入开关和电灯；则开关应装在________虚线框中（选填“1“或“2”）。安装完毕后，用一只额定电压为220V的灯泡L0（检验灯泡）取代保险丝来检查新安装的照明灯是否正常，闭合开关后，发现灯泡L0发光呈暗红色，则说明安装的照明灯________（选填“正常”“断路”或“短路”）。
【答案】2；正常。
【解析】（1）为了用电的安全，开关应接在火线与电灯之间，因此开关应装在2处；
（2）若保险丝处用一只额定电压为220V的灯泡L0替换，此时两灯泡串联；
闭合开关后，发现灯泡L0发光呈暗红色，说明检验灯两端的电压小于220V，也说明新安装的照明灯分得一部分电压，则安装的照明灯是正常的。
二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上。第9～12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题2分。全部选择正确得3分，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9.下列描述与实际情况相符的是（ ）。
A.电磁波在真空中的传播速度340m/s；
B.家用日光灯工作时的电流约为2A；
C.对人体的安全电压是36V；
D.家用电饭煲的额定功率约为800W
【答案】D。
【解析】A.电磁波在真空中的传播速度最大，为3.0×108 m/s，故A不符合题意；
B.家用日光灯的额定功率约为25W，额定电压是220V，由P=UI知道，额定电流是0.11A，故B不符合题意；
C.对人体的安全电压不高于36V，故C不符合题意；
D.家用电饭煲正常工作的电流在4A左右，额定功率大约为P=UI=220V×4A=880W，
接近800W，故D符合题意。故选D。
10.很多车主都在车上安装了行车记录仪，便于及时用摄像头将行车过程中发生的事情记录下来，在夜间可以利用摄像头周边的多点红外线补光，拍出依旧清楚的画面．关于行车记录仪，下列说法正确的是（ ）。
A．在拍摄录像时，物体在透镜两倍焦距外；
B．行车记录仪的摄像头中用的是凹透镜；
C．人肉眼是可以观察到红外线的；
D．在拍摄录像时，物体在透镜一倍焦距内
【答案】A。
【解析】摄像机的镜头与照相机的镜头类似，应用的凸透镜成实像时u＞2f，成倒立缩小的实像；故A正确，D错误；
行车记录仪的摄像头中用的是凸透镜，故B错误；
红外线属于不可见光，人肉眼是不可以观察到红外线的，故C错误；故应选A。
11.下列与物态变化相关的说法不正确的是（ ）。
A．冰箱冷冻室内壁上的霜的形成是凝华现象；
B．电风扇吹风人感到凉爽，是因为电风扇降低了空气的温度；
C．夏天，雪糕周围冒“气”是液化现象；
D．往地面上洒水降温，利用了水蒸发吸热
【答案】B。
【解析】A．冰箱冷冻室内的霜，是空气中的水蒸气形成的小冰晶，这是凝华现象，A正确，不合题意；
B．电风扇吹风人感到凉爽，是因为电风扇加快人体表面空气的流速，人体表面的液体蒸发吸收热量，使人感到凉爽，不是电风扇降低了空气的温度，B错误，符合题意；
C．夏天，雪糕周围冒“气”是因为周围的水蒸气遇冷，放热，液化成小水珠，这是液化现象，C正确，不合题意；
D．往地面上洒水降温，利用了水蒸发吸收热量，D正确，不合题意。故选B。
12.下列与短跑运动员有关的物理知识，正确的是（ ）。
A.鞋底花纹很深，是为了减小摩擦；
B.蹬地起跑，说明力可以改变人的运动状态；
C.冲刺到终点不能立即停下来，是由于人受到惯性力的作用；
D.当他站在水平跑道上时，他对地面的压力与地面对他的支持力是一对平衡力
【答案】B。
【解析】A.运动员的鞋底花纹很深，是采用了增大接触面粗糙程度的方法，可以增大与地面间摩擦，故A错误；
B.运动员用力蹬地起跑，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C.运动员到达终点前，以较快的速度向前运动，运动员由于惯性还要保持原来的运动状态向前运动，不能立即停下来，惯性是物体的一种性质，惯性不是力，故C错误；
D.当他站在水平跑道上时，他对地面的压力与地面对他的支持力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。故选B。
13.如图所示电路中，定值电阻R1和R2的阻值相同，闭合开关S1，电流表、电压表均有示数，再闭合开关S2。下列说法正确的是（ ）。
A．电路的总电流变小；
B．通过R2的电流的变化量小于通过R1的电流；
C．R2两端电压的变化量与滑动变阻器两端电压的变化量相等；
D．使电流表恢复到原来的示数，应将滑动变阻器的滑片P向b端移动
【答案】BCD。
【解析】（1）由电路图可知，闭合开关S1时，R与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，
再闭合开关S2后，R1与R并联后再与R2串联，电流表测R支路的电流，电压表测R2两端的电压，
因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，R1与R并联后的总电阻小于R的阻值，则电路的总电阻变小，
由I＝可知，电路的总电流变大，故A错误；
由串联电路的分压特点可知，并联部分的电压变小，R两端的电压变小，
由I＝可知，R的阻值不变时，通过R的电流变小，即电流表的示数变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且干路电流变大，通过R的电流变小，
所以，通过R1的电流变大，且通过R1电流的增加量大于通过R2电流的增加量，故B正确；
因R2两端电压和滑动变阻器两端电压的电压之和等于电源的电压，
所以，R2两端电压的变化量与滑动变阻器两端电压的变化量相等，故C正确；
（2）当滑片P向a端移动时，接入电路中的电阻变大，并联部分的总电阻变大，
由串联电路的分压特点可知，并联部分电压变大，R2两端的电压变小，
则通过R1的电流变大，干路电流变小，
由并联电路的电流特点可知，通过R的电流变小，即电流表的示数变小；
同理可知，当滑片P向b端移动时，通过R1的电流变小，干路电流变大，通过R的电流变大，电流表的示数变大，
所以，要使电流表恢复到原来的示数，应将滑动变阻器的滑片P向b端移，故D正确。故选：BCD。
14.下列有关机械能的说法中正确的是（ ）。
A．只要有力对物体做功，物体的机械能就改变；
B．在平衡力作用下运动的木块的动能保持不变；
C．推出的铅球在下落过程中增加的动能是由重力势能转化来的；
D．如果物体通过的路程与所用时间的比值不变，则物体的机械能不变
【答案】BC。
【解析】A、力对物体做功，物体的机械能不一定改变，如给轮胎打气时，对打气筒做功，打气筒发热，即打气筒的内能增加，机械能不变，故A错误；
B、在平衡力作用下运动的木块，质量和速度均不变，因此动能保持不变；故B正确；
C、推出的铅球在下落过程中，质量不变，速度增加，高度减小，因此重力势能减小、动能增加，即增加的动能是由重力势能转化来的；故C正确；
D、物体通过的路程与所用时间的比值等于速度，物体的质量和速度不变，说明动能不变，机械能等于动能和势能之和，因此机械能可能增加，可能减小，也可能不变，故D错误。故选BC。
三、计算题（共22分，15、16小题各7分，18小题8分）
15.如图是工人将重160N的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距离为3m，用时3s，工人的拉力为50N，工人质量为50kg。（物体未浸入水中，且不计绳重及摩擦）
（1）求工人放绳的速度．
（2）求滑轮组的效率η1
（3）如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为η2，已知η1：η2=4：3（物体在水中仍匀速下降，动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦，g=10N/kg）．求当物体完全浸没水中后，工人对地面的压力。
【答案】（1）4m/s；（2）80%；（3）525N。
【解析】（1）根据题意知道，物体下降速度是：v=h/t=3m/3s=1m/s；
由图知道滑轮组的有效绳子段数是n=4，所以工人放绳的速度是：v绳 =4v物 =4×1m/s=4m/s；
（2）因为n=4，所以绳子运动距离是：s=4h=4×3m=12m；
工人放绳子的有用功是：W有用=Gh=160N×3m=480J；
放绳子的总功是：W总 =Fs=50N×12m=600J；
所以，滑轮组的效率是：η1 =W有用/W总×100%=480J/600J×100%=80%；
（3）物体未浸入水中时，不计绳重及摩擦，动滑轮受到重物对它的拉力、本身的重力、绳子的拉力，由F=（G动+G）/n知道，动滑轮重力是：G动=4F-G=4×50N-160N=40N；
又因为η1：η2 =4：3，所以物体完全浸没水中后滑轮组的机械效率是：η2=3η1/4 =3/4×80%=60%；
物体完全浸没水中后，滑轮组对物体的拉力做的功为有用功，不计绳重及摩擦，克服动滑轮重力做的功为额外功，则此时滑轮组的机械效率是：η2=W′有用/W′总=F拉物h/F拉物h+G动h=F拉物/F拉物+40N=60%，解得F拉物 =60N；
当完全入水后，动滑轮受到重物向下的拉力、自身向下的重力、4段绳子向上的拉力，由力的平衡条件可知：4F绳=F拉物+G动，故人对绳子的拉力是：F绳=（F拉物+G动）/4=（60N+40N）/4=25N，
此时人受竖直向下的重力、竖直向下的拉力、竖直向上的支持力，由于物体间力的作用是相互的，所以绳子对人的拉力也为25N；而人的重力是：G人=m人g=50kg×10N/kg=500N，
人受到竖直向上的支持力是：F支 =G人+F绳=500N+25N=525N，根据物体间力的作用是相互的知道，则人对地面的压力是525N。
16.在如图所示的电路中，电源电压，小灯泡L标有“4V、16W”的字样（电源电压和小灯泡的阻值均保持不变），为定值电阻，滑动变阻器标有“20Ω、1A”的字样，电流表A的量程为0~0.6A。求：
（1）小灯泡L的电阻；
（2）当开关闭合断开时，电压表的示数为4V，工作5分钟消耗的电能；
（3）当开关断开闭合时，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围。
【答案】（1）10Ω；（2）240J；（3）。
【解析】（1）小灯泡的电阻为
（2）当开关闭合断开时，电阻与小灯泡L串联，电压表V测量的是小灯泡两端的电压，
电阻两端的电压，
流过的电流；
工作5分钟消耗的电能；
（3）当开关断开闭合时，小灯泡L与滑动变阻器串联。小灯泡的额定电流
滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表允许通过的最大电流为0.6A，灯泡允许通过的最大电流0.4A，此时电路允许通过的最大电流，小灯泡的最大功率；
当滑动变阻器阻值最大时，整个电路的电阻；
此时通过小灯泡的最小电流；
小灯泡的最小功率。
答：（1）小灯泡L的电阻为10Ω；（2）工作5分钟消耗的电能为240J；（3）小灯泡电功率的变化范围为。
17.电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能。某型号电压力锅的额定电压为220V，右图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40 mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R0是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触点a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾。

（1）电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值；
（2） 当锅内气压为110千帕时，锅内气体对锅盖(400厘米2)的压力多大?
（3）在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kWh，求R2的阻值；
（4）用该压力锅对5 L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度?（已知消耗的电能有90％被有效利用，水的比热容为4.2×103J／(kg·℃)。
【解析】（1）要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA，L两端电压恒为2V，
则R0两端电压U0=U额－UL=220V－2V=218V，R0===5450Ω；
（2）根据公式，得400cm2受到的压力：；
（3）保压时，加热器R2工作，加热器电功率P2===0.2KW=200W，
R2===242Ω；
（4）假设电压力锅在35min内一直处于加热状态，则水吸收的热量：Q吸=η（P1+P2）t
Q吸=90％×（800W+200W）×35×60s=1.89×106J；
Q吸=c水m水（t－t0）=c水ρ水V水（t－t0）
1.89×106J=4.2×103J/（kg?℃）×103kg/m3×5×10－3m3×（t－20℃）；
t=110℃，
由于锅内水温达到105℃时，压力锅处于保压状态，温度保持不变，所以吸热后水温升高到105℃。
答：（1）R0的最大阻值是5450Ω；（2） 当锅内气压为110千帕时，锅内气体对锅盖(400厘米2)的压力为4.4×103N；（3）在保压状态下，R2的阻值是242Ω；（4）用该压力锅对5 L、20℃的水加热，正常工作35min后，水温升高到多少摄氏105℃。
四、实验与探究题（共28分，每小题7分）
18.亲爱的同学：你会使用下面的基本实验仪器吗？
(1)如图所示，用A、B两把刻度尺测同一木块的长度，其中放置正确的刻度尺，读数为______cm；放置不正确的刻度尺的分度值为______cm。
(2)如图甲、乙所示，是用同一支温度计测量某地当天正午与晚上的气温时的示数，则晚上气温示数是______℃；
(3)如图所示，用量筒测一小石块的体积，该小石块的体积为______cm3。
(4)用天平测物体质量：①调节天平平衡时，将天平放在水平桌面上，再将______移至标尺左端的零刻线处，发现天平指针静止时如下图甲所示，此时应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡。②图乙中被测物体的质量是______g。
【答案】（1）2.20；0.2；（2）-4；（3）15；（4）游码；左；27.8。
【解析】(1)[1][2]使用刻度尺时刻度线越贴近物体误差越小，所以A刻度尺的放置方法正确，A刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；刻度尺测长度时，从零刻线开始测起，物体的长度即A刻度尺的读数为2.20cm，B刻度尺1cm分为5个小刻度，故B刻度尺的分度值为0.2cm。
(2)[3]实验室常用液体温度计是利用测温液体的热胀冷缩性质制成的；由图知：在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以温度计的分度值都为1℃；甲温度计上液柱最高处在0℃以上，说明温度高于0℃，为4℃；乙温度计液柱最高处在0℃以下，说明温度低于0℃，为-4℃，即晚上气温示数是-4℃。
(3)[4]如图所示，量筒中水的体积为V1=25 cm3，小石块和水的总体积为V2=55 cm3，小石块的体积为
V=V2-V1=55cm3-40cm3=15cm3
(4)①[5][6]调节天平平衡时，首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处。如图，指针指到分度盘的右侧，说明天平的左端上翘，平衡螺母应向上翘的左端移动。
②[7]图乙中被测物体的质量m=20g+5g+2.8g=27.8g。
19.小亮在“探究电流与电阻的关系”实验中，使用的实验器材有：电池组、电流表、电压表、开关、5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻、滑动变阻器各一个、导线若干。
（1）先将5Ω的电阻接入如图甲所示电路中，将滑动变阻器的滑片放到______端；小亮在检查电路时，发现错接了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线______。
（2）电路正确后，闭合开关，同时调节滑动变阻器，当电压表示数如图乙所示时，此时记下的电流表示数应为______A。
（3）断开开关，将电阻由5Ω换成10Ω；再闭合开关，同时调节滑动变阻器，______，记下电流表示数（将实验过程补充完整）；更换不同阻值电阻重复实验。
（4）小亮用如图丙所示电路，测量额定电压为U额 的小灯泡正常发光时的电阻，（U额 小于电源电压），电阻R0 已知，将下面实验步骤补充完整。
①只闭合开关______，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额 ；
②只闭合开关______，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出电压表示数为U1 ；
③小灯泡电阻RL =______。（用物理量符号表示）
【答案】左；如图；0.44；保持电压表示数不变；S、S2 ；S、S1；。
【解析】（1）在连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处以保护电路，即将滑动变阻器的滑片放到左端，由图甲的电路可知，电流表并联接入而电压表串联接入，改正如下图所示：
（2）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，故此时电压表示数应为2.2V，故由欧姆定律可知，此时电流表的示数应为；
（3）因探究的是电流与电阻的关系，故应控制电阻两端电压不变，将电阻由5换成10后，应调节滑动变阻器，保持电压表示数不变，记下电流表示数，更换不同阻值电阻重复实验。
（4）只闭合开关S、S2 ，此时电压表测小灯泡两端电压，移动滑动变阻器滑片使电压表示数为U额 ，则由欧姆定律可得，此时电路中的电流为
只闭合开关S、S1 ，此时电压表测小灯泡与电阻R0 两端电压之和，此时电路中的电流为
因电路中的电流不变，故有
解得小灯泡电阻 。
20.在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆（杠杆上每小格长为2cm）支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
（1）实验时，使杠杆在水平位置平衡，应将如图甲所示杠杆左端的平衡螺母适当往________调，或将杠杆右端的平衡螺母适当往________（均选填“左”或“右”）调；
（2）如图乙所示，调节好杠杆后在杠杆左边距离支点4格的A处挂了2个钩码，为使杠杆平衡，应在杠杆右边距离支点8格的B处挂________个钩码；
（3）完成探究后小明又提出新的问题：“若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小明利用如图丙所示装置进行探究，在杠杆D点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在C点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力示数为________N。以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，多次调整力和力臂的大小进行测量，当杠杆水平平衡时发现：F1L1总是________F2L2，其原因是________；
（4）小明将图丙中弹簧测力计拉力的作用点从C点移到E点，使杠杆仍在水平位置平衡，如图丁所示，此时弹簧测力计的拉力是________N。
【答案】（1）右；右；（2）1；（3）3.3；大于；杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；（4）1.1。
【解析】（1）实验时，杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点的左则，故重心应向右移动，因此应将如图甲所示杠杆左端的平衡螺母适当往右调，或将杠杆右端的平衡螺母适当往右调，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，调节好杠杆后在杠杆左边距离支点4格的A处挂了2个钩码，设每个钩码质量为m，每格长度为L，杠杆左边4格处挂2个钩码，设在杠杆右边距离支点8格的B处挂n个钩码，由杠杆的平衡条件：2mg×4L＝nmg×8L，n＝1，即为使杠杆平衡，应在杠杆右边距离支点8格的B处挂1个钩码；
（3）由图可以知道，弹簧测力计的刻度值为0.1N，指针在3N以下三格处，示数为3.3N；用如图丙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响，故F1L1总是大于F2L2；
（4）小明将图丙中弹簧测力计拉力的作用点从C点移到E点，则现在的动力臂为12L（原来动力臂为4L），动力臂为原来的3倍，由杠杆的平衡条件，因阻力和阻力臂大小不变，故动力为原来的三分之一，即如图丁所示，此时弹簧测力计的拉力是：F＝＝1.1N。
21.浸没在液体中的物体受到的浮力，实质上是由于液体对其上、下表面的压力不 同造成的。在液体中，深度越深，液体压强越大，物体受到的压力也越大。浸没在液体中的物体所受到的浮力大小与浸没在液体中的深度是否有关呢？为探究这个问题，实验室准备了弹簧测力计、天平、石块、木块、细线、烧杯、水。请你根据需要选择器材，完成以下题目。
（1）提出问题：
（2）实验器材：
（3）实验步骤：
（4）分析与论证：
（5）交流与合作：与同学进行交流时，有同学提出实验过程中未保证物体“浸没”在水中，你认为他能不能得到正确的结论？为什么？
【答案】（1）提出问题：探究浸没在液体中的物体所受浮力的大小与浸没的深度是否有关；
（2）实验器材：弹簧测力计、石块、细线、烧杯、水；
（3）实验步骤：
①在烧杯中加适量水
②用细线拴好石块，用弹簧测力计测出石块的重力
③将石块浸没在水中，记录弹簧测力计的示数
④多次改变石块浸没在水中的深度，分别记录弹簧测力计的读数
（4）分析与论证：计算出石块浸没在水中不同深度所受的浮力，比较它们的大小。若相等，说明浸没在液体中的物体所受浮力与浸没深度无关；若不相等，说明浸没在液体中的物体所受浮力与浸没深度有关。