（四川绵阳卷）2023年中考物理第三次模拟考试（含考试版+答题卡+全解全析+参考答案）

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1.本试卷分为试题卷和答题卷。
2.考生作答时，所有试题均须按试题顺序作在答题卡上，并按答题卡上注意事项的要求答题，在本试卷上答题无效。
3.本试卷共有4道大题，22道小题。满分100分，考试时量90分钟。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（本题包括13小题，每小题3分，共39分。每个小题只有一个选项最符合题目要求）
1．太阳能是人类优先开发和利用的新能源之一，关于太阳能的利用，下列说法正确的是（ ）。
A．图甲中，绿色植物通过光合作用将太阳能转化为化学能；
B．图乙中，太阳能热水器通过做功方式将太阳能转化为水的内能；
C．图丙中，太阳能交通信号灯将太阳能直接转化为信号灯的光能；
D．图丁中，首架环球航行的太阳能飞机将太阳能直接转化为飞机的机械能
【答案】A。
【解析】A、绿色植物的光合作用是将光能转化为化学能，储存在植物体内，故A正确；
B、太阳能热水器内的水从太阳吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式增加水的内能，故B错误；
C、太阳能信号灯先将太阳能先转化为电能，再转化为光能，故C错误；
D、太阳能飞机是先将太阳能转化为电能，再转化为机械能，故D错误。故选A。
2．关于声现象，下列说法错误的是（ ）。
A.人耳听不到蝴蝶翅膀振动的声音，是因为蝴蝶翅膀振动的幅度太小；
B.诗句“不敢高声语，恐惊天上人”的“高” 指声音的响度大；
C.用声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波具有能量；
D.弦乐队在演奏前，演奏员要调节乐器的弦的松紧，这样做的目的是为了改变音调
【答案】A。
【解析】A.因为蝴蝶翅膀振动发出的声音频率小于20赫兹，属于次声波，人耳听不到，故A错误；
B.响度表示声音的大小，诗句“不敢高声语，恐惊天上人”的“高”指声音的响度大，故B正确；
C.声音既能传递信息又能传递能量，用声波能粉碎人体内的“小石头”，说明声波具有能量，故C正确；
D.音调与振动的频率有关，弦乐队在演奏前，演奏员要调节乐器的弦的松紧，从而改变弦振动的频率，因此这样做的目的是为了改变音调，故D正确。故答案为A。
3．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）。
A.物体的温度越高，含有的热量越多；
B.热量总是从内能多的物体转移到内能少的物体；
C.物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高；
D.温度高的物体内能大，温度低的物体内能小
【答案】C。
【解析】A.热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故A错误；
B.热传递过程中，内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，或者是从物体的高温部分向低温部分转移，而不是从内能多的物体向内能少的物体转移，故B错误；
C.物体吸收热量温度不一定升高，如晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故C正确；
D.内能的大小与物体的质量、温度、状态有关，仅凭温度的高低不能判断物体内能的大小，故D错误。故选C。
4．关于家庭电路和安全用电，下列说法不正确的是（ ）。
A．使用试电笔时，手指要按住笔尾的金属帽，用笔尖接触被测的导线；
B．电路中电流过大使保险丝熔断，原因可能是短路也可能是用电器的总功率过大；
C．有金属外壳的家用电器，应使用三脚插头；
D．对人体安全的电压是36V
【答案】D。
【解析】A、使用试电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，故A正确；
B、电路中的电流过大使保险丝熔断，原因可能是短路也可能是用电器的总功率过大，故B正确；
C、有金属外壳的家用电器，应使用三脚插头，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，故C正确；
D、只有不高于36V的电压才是安全电压，故D错误。故选D。
5．用如图的装置探究磁场对通电直导线的作用，给铝棒AB通电，观察到AB向右运动，要使AB通电后向左运动，下列做法中可行的是（ ）。
A.仅换用磁性更强的磁体 B.仅增加AB中的电流强度
C.仅将磁体的N、S极对调 D.仅将铝棒AB换成铜棒
【答案】C。
【解析】通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向有关；
A.换用磁性更强的磁体，不会改变运动方向，故A不符合题意；
B.增加 AB 中的电流强度，不会改变运动方向，故B不符合题意；
C.磁体的N、S极对调，只改变一个影响因素（磁场方向），受力运动方向改变，运动方向改变，故C符合题意；
D.将铝棒AB换成铜棒，不会改变运动方向，故D不符合题意。故选C。
6．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像。下列说法中（ ）。
①图中凸透镜的焦距可能是
②图中成像特点与投影仪成像特点相同
③把蜡烛适当左移，透镜保持不动，向左适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像
④把蜡烛移至处，透镜保持不动，右适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像
A.只有①②正确 B.只有①③正确 C.只有②④正确 D.只有③④正确
【答案】B。
【解析】①物距为30cm，则有，；
相距为20cm，则有，
综上可知
故图中凸透镜的焦距可能是，故正确；
②图中成倒立缩小的实像，成像特点与照相机成像特点相同，故错误；
③把蜡烛适当左移，透镜保持不动，物距增大，像距应减小，故应向左适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像，故正确；
④把蜡烛移至处，透镜保持不动，物距小于一倍焦距，凸透镜成虚像，不能成在光屏上，故错误。
综上所述：B符合题意，ACD不符合题意。故选B。
7．关于平衡力，下列说法中正确的是（ ）。
A．物体在平衡力的作用下一定保持静止状态；
B．作用在物体上的两个力三要素完全相同，则两个力一定是平衡力；
C．物体受到重力和拉力的作用，这两个力方向相反，它们一定是平衡力；
D．运动物体在平衡力的作用下一定保持匀速直线运动状态
【答案】D。
【解析】A．受平衡力的物体一定处于静止状态或匀速直线运动状态，故A错误；
B．三要素完全相同的两个力，二力的方向相同，它们不是一对平衡力，故B错误；
C．物体受到重力和拉力的作用，这两个力方向相反，但大小不一定相等，因此不一定是平衡力，故C不正确；
D．运动的物体在平衡力的作用下，一定做匀速直线运动，即保持运动状态不变，故D正确。
8．如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体，下列说法正确的是（ ）。
①液体的密度ρ甲 =ρ乙
②液体对容器底部的压强p甲 >p乙
③液体对容器底部的压力F甲 =F乙
④容器对桌面的压强
A．②④ B．②③ C．③④ D．①②
【答案】A。
【解析】①由题意可知，甲、乙两平底容器，装的液体，质量是相等的，两平底容器，底面积S是相等的，液体深度h相同，则观察甲乙两图，可知、，乙容器液体的体积是大于甲容器液体的体积，即，而，根据密度公式，可知液体的密度，故①错误；
②由题意可知，液体深度h相同，并由①解析可知，，根据液体压强公式，可知液体对容器底部的压强，故②正确；
③由②解析可知，液体对容器底部的压强，两平底容器底面积S相同，根据可知，液体对容器底部的压力，故③错误；
④容器对桌面的压力，大小等于容器的重力和液体的重力之和，而甲、乙两平底容器质量都相同，即容器的重力相同，这两种液体的质量相同，即重力相同，则容器对桌面的压力大小相同，甲、乙两平底容器底面积相同，根据可知，容器对桌面的压强，故④正确。综上所述，②④正确。故选A。
9．2021年4月，中国女足通过奋勇拼搏，晋级奥运会。如图是足球落地后又弹起的示意图，分析可知，足球（ ）。
A.在B点时动能为0；
B.在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化；
C.在A、D两点动能可能相等；
D.由B点向D点运动的过程中，动能不变，重力势能减小
【答案】C。
【解析】A.足球在B点时，竖直方向的速度为0，水平方向的速度不为0，所以动能不为0，故A不符合题意；
B.由图得，足球上升的最高高度不断降低，说明在运动过程中，足球不断克服摩擦力做功，因此足球不断地将机械能转化为内能，故B不符合题意；
C.当足球在A、D两点的速度相等时，足球在A、D两点动能相等，故C符合题意；
D.由B点向D点运动的过程中，足球的质量不变，速度变大，高度降低，动能变大，重力势能减小，故D不符合题意。故选C。
10．物体A、B的s－t图像如图所示，由图可知( )。
A．从第3s起，两物体运动方向相同，且vA>vB；
B．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动；
C．在5s内两物体通过的路程相等；
D．5s内A、B的平均速度相等
【答案】A。
【解析】A. 由图知，AB从不同点开始运动，且第5s时，A赶上B，A在2s时间内运动了10m，速度为：；B从5m处开始运动，且在5s时间内运动了5m，速度为：，所以物体运动方向相同，且vA>vB，故A正确；
B. A物体从0m处开始运动，B物体从5m处开始运动，所以两物体不是同一位置开始运动，故B错误；
C. 在5s内，A运动了10m，B运动了5m，所以两物体通过的路程不相等，故C错误；
D. 5s内A的平均速度为：；
B的平均速度为：，故D错误；故选A。
11．一弹簧测力计下挂一实心圆柱体，将圆柱体从盛有水的烧杯上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入水中，如图已经给出整个过程中弹簧测力计示数F与圆柱体下降高度h变化关系的图象．下列说法中错误的是（ ）。
A．圆柱体的高度为4cm；
B．圆柱体的重力为12N；
C．圆柱体所受的最大浮力为8N；
D．圆柱体的密度为3×103kg/m3
【答案】D。
【解析】A、由图象可知，圆柱体在刚浸没时，下表面所处的深度为，因此圆柱体的高度为4cm，故A选项说法正确；
B、由图象可知，当h=0时，弹簧测力计示数为12N，此时圆柱体处于空气中，根据二力平衡条件可知， ，故B选项说法正确；
C、由图象CD段可知物体完全浸没后排开水的体积不再改变，受到的浮力不再改变，则圆柱体受到的浮力，故C选项说法正确；
D、图象中CD段是圆柱体完全浸入水中的情况，则圆柱体受到的浮力，
又，，由公式可求出圆柱体的质量，
则圆柱体密度,故D选项说法错误。
12．2022年冬季奥林匹克运动会主办城市是北京，北京成为第一个举办过夏季奥林匹克运动会和冬季奥林匹克运动会以及亚洲运动会三项国际赛事的城市。在某场馆建设中，采用如图所示的装置，滑轮组悬挂在水平支架上，工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A在5s内匀速上升了1m。已知物体A重400N，该工人重500N，两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为80%。关于该过程，下列说法正确的是（ ）。
A.水平地面对工人的支持力为300N；
B.动滑轮重为50N；
C.人对绳子拉力的功率为120W；
D.支架受到滑轮组的拉力为850N
【答案】D。
【解析】AB．设动滑轮的重力为，则有
解得
人对绳子的拉力
水平地面对工人的支持力为，故AB错误；
C．绳子自由端上升的速度
人对绳子拉力的功率为，故C错误；
D．支架受到滑轮组的拉力为850N，；故D正确。故选D。
13．某型号电饭锅具有保温与加热两种功能，其简化电路如图所示，R1、R2均为电热丝。下列说法正确的是（ ）。
A.S1闭合、S2断开时，电饭锅处于加热状态；
B.S1、S2闭合时，电饭锅处于保温状态；
C.S1、S2闭合时，电饭锅处于加热状态；
D.S1断开、S2闭合时，电饭锅处于保温状态
【答案】A。
【解析】当S1、S2闭合时，电阻R1被短路，电路中只有R2，电路中电阻最小，根据，此时，电功率最大，处于加热状态；故A正确，B错误；
当S1闭合、S2断开时，R1，R2串联，电路中电阻较大，电功率较小，处于保温状态，故C错误；S1断开、S2闭合时，整个电路断开，电饭锅不工作，故D错误；故应选A。
二、填空题（共5小题，每空2分，满分20分）
14．如图，毕棚沟的冬天经常要人工造雪，造雪机将水注入专用喷嘴接触高压空气，将水分割成小水滴，并喷到寒冷的空气中，这些小水滴________（填一种物态变化名称）成冰晶落到地面，这就是人工造雪，发生该物态变化时会_________（选填“吸热”或“放热”）。
【答案】凝固；放热。
【解析】(1)小水滴变成冰晶是由液态变为固态，所以是凝固。
(2)凝固的过程中放出热量。
15．某燃气热水器将的水从加热到，完全燃烧了的煤气。水吸收的热量是 J 。热水器烧水的效率是 。（已知水的比热容为，煤气的热值为）
【答案】；。
【解析】[1]根据吸热公式可知水吸收的热量为
[2]这些煤气完全燃烧放出的热量为
则热水器烧水的效率为。
16．新冠疫情期间，某医院急诊室的一个氧气瓶充满氧气，在给急救病人供氧时用去了一半氧气，则氧气瓶中剩余氧气的质量______，密度______（两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】变小；变小。
【解析】[1]充满氧气的氧气瓶，在给急救病人供氧时用去了一半氧气，氧气质量减半，故氧气瓶中剩余氧气的质量变小。
[2]剩余氧气还充满整个氧气瓶，故剩余氧气体积不变，而氧气瓶中剩余氧气的质量变小，根据，剩余氧气的密度变小。
17.一辆重型卡车正在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶，卡车的牵引力为1.0×104N。卡车行驶1min后发动机做的功是 J，发动机做功的功率为 。
【答案】1.2×107；2×105W。
【解析】由v＝可得，卡车通过的距离为：s＝vt＝20m/s×60s＝1200m；
在这段时间内卡车牵引力所做的功：W＝Fs＝1.0×104N×1200m＝1.2×107J，
卡车的牵引力做功的功率：P＝＝＝Fv＝1.0×104N×20m/s＝2×105W。
18．如图所示的电路，R1 的阻值为15Ω，闭合开关S，电流表的示数为0.3A，电压表的示数为3V，则R2 的阻值为______Ω，电路总功率为______W。
【答案】10；1.5。
【解析】(1)由图可知，两个电阻并联，电流表测量通过R2 的电流，电压表测量电源电压，R2 的阻值为；
(2)电路总功率为1.5W。
三、实验探究题。（本题包括3小题，每空2分，共22分）
19．（8分）某实验小组在 “探究杠杆的平衡条件”的实验中，进行了如下操作：
（1）将杠杆中点置于支架上，未挂钩码时杠杆静止在图甲位置，实验的需向___________（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样调节的目的是便于测量___________；
（2）如图乙所示，在杠杆上A点挂4个钩码，要使杠杆重新在水平位置平衡，应在B点挂___________个相同的钩码；杠杆水平平衡后，又将A、B点所挂钩码同时向远离支点O的方向移动一格，杠杆的___________（选填“左”或“右”）侧下沉。
【答案】左；力臂；6；右。
【解析】（1）由图甲可知，杠杆的右端低，说明这一侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向左调节，以减小这一侧的力臂，使杠杆在水平位置平衡。
因为重力的方向是竖直向下的，杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便。
（2）设一个钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡的条件得到4G×3L=nG×2L，n=6
应在B点挂6个相同的钩码。
若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧4G×4L=16GL
右侧6G×3L=18GL
因为16GL＜18GL
杠杆不能平衡，右端下降。
20．（14分）小明同学为了“探究电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表、开关各一个，阻值分别为10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样，导线若干。
(1)请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整 ______ ；
(2)在连接实验电路时，小明应将开关处于______状态。闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最______（选填“左”或“右” ）端；
(3)小明先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表的示数如图乙所示，其示数是______V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向______（选填“左”或“右” ）端移动，使电压表的示数为 ______V；
(4)小明解决了上述问题后，完成实验。利用收集到的多组数据，作出了如图丙所示的电流随电阻 R 变化的关系图像。分析图像得出电流与电阻的关系是______。
【答案】如图；断开；右；2.4；右；2；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【解析】(1)[1] 由图甲所示电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表与定值电阻并联，电流表串联在电路中，连接实物电路图如下图所示：
(2)[2][3]在连接实验电路时，为了保护电路，小明应将开关处于断开状态；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右端。
(3)[4][5][6]闭合开关，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数是2.4V，大于2V。探究电流与电阻的实验中，应保持电阻两端的电压不变。根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压。由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V。
(4)[7]根据图丙知，电阻两端的电压U=IR=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V；
为一定值，故得出的结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
四、计算题。（本题包括2小题，共19分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
21．（9分）如图所示，在容器底部固定乙轻质弹簧，弹簧上端连有一边长为0.1m的正方体物块A，当容器中水的深度为20cm时，物块A的体积露出水面，此时弹簧恰好处于自然伸长状态（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。求：
（1）物块A受到的浮力；
（2）物块A的密度；
（3）往容器缓慢加水，至物块A刚好浸没水中，立即停止加水，弹簧伸长了3cm，此时弹簧对木块A的作用力F．
【解析】（1）物块A体积为V=（0.1m）3=0.001m3，
则V排=V﹣V露=V﹣V=V=×0.001m3=4×10﹣4m3，
受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣4m3=4N；
（2）弹簧恰好处于自然状态时没有发生形变，F浮=G，ρ水gV排=ρ物gV，
ρ物=ρ水=×1×103kg/m3=0.4×103kg/m3；
（3）物块A刚好完全浸没水中，弹簧的弹力：
F=F浮﹣G=ρ水gV﹣ρ物gV=1×103kg/m3×10N/kg×10﹣3m3﹣0.4×103kg/m3×10N/kg×10﹣3m3=6N；
答：（1）物块A受到的浮力为4N；（2）物块A的密度为0.4×103kg/m3；（3）弹簧对木块A的作用力F为6N。
22．（10分）如图甲所示的电路图，电源电压为9V且保持不变，小灯泡L标有“6V 6W”的字样，闭合开关S后，将滑动变阻器划片P从某点A移到另一点B的过程中（图中未标出），电流表与电压表表示数的变化曲线如图乙所示。求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）小灯泡正常发光60s消耗的电能；
（3）小灯泡电功率为2.1W的电阻；
（4）滑片P在A、B位置时，滑动变阻器消耗的电功率之差．
【答案】（1）小灯泡正常发光时的电阻为6Ω；（2）小灯泡正常发光60s消耗的电能为360J；（3）小灯泡电功率为2.1W的电阻为4.3Ω；（4）滑片P在A、B位置时，滑动变阻器消耗的电功率之差为0.5W。
【解析】（1）小灯泡L标有“6V 6W”，可知灯泡的额定电流I=P/U=6W/6V=1A，
灯泡的电阻R=U/I=6V/1A=6 Ω;
（2）t=60s，消耗电能W=Pt=6W×60s=360J;
(3)从图像知灯泡电压为3V时，通过电流为0.7A，功率P=UI=3V×0.7A=2.1W，
则此时灯泡的电阻R=U/I=3V/0.7A=4.3 Ω；
（4）由图像知，在A位置时，小灯泡的两端电压为2V，则滑动变阻器的电压为U滑=9V-2V=7V，
功率P1=UAIA=7V×0.5A=3.5W,
在B位置时，小灯泡的两端电压为6V，则滑动变阻器两端电压U滑B=9V-6V=3V，
功率P2=U滑BIB=3V×1A=3W,
滑动变阻器的功率之差为：3.5W-3W=0.5W。