资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩6页未读，
继续阅读
广西南宁三十七中2023-2024学年九年级下学期第三次月考模拟物理试题（原卷版+解析版）
展开
这是一份广西南宁三十七中2023-2024学年九年级下学期第三次月考模拟物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析广西南宁三十七中2023-2024学年九年级下学期第三次月考模拟物理试题原卷版docx、精品解析广西南宁三十七中2023-2024学年九年级下学期第三次月考模拟物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共29页， 欢迎下载使用。
1. 为了纪念物理学家对物理学的杰出贡献，常用他们的名字命名一些物理量的单位。在物理学中力用符号F表示，单位是用下列哪位物理学家的名字来命名的（ ）
A. 伽利略B. 牛顿C. 帕斯卡D. 焦耳
【答案】B
【解析】
【详解】A．物理学家伽利略没有用其名字命名物理量的单位，故A不符合题意
B．为了纪念物理学家牛顿，将其名字命名为力的单位，故B符合题意；
C．为了纪念物理学家帕斯卡，将其名字命名为压强的基本单位，故C不符合题意；
D．为了纪念物理学家焦耳，将其名字命名为功和各种能量的基本单位，故D不符合题意。
故选B。
2. 我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的（ ）
A. 音色B. 音调C. 频率D. 响度
【答案】A
【解析】
【详解】我们能分辨出“钢琴声”和“吉他声”，是因为不同的乐器发声的材料和结构不同，所以发出声音的音色不同，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3. 小明暑假自制老式冰棍，将糖水放入冰箱冷冻室凝固，下列关于糖水凝固的描述正确的是（ ）
A. 凝固过程中不断放热B. 凝固过程中内能增大
C. 凝固过程中温度升高D. 凝固后吸热一定熔化
【答案】A
【解析】
【详解】ABC．物质由液态变为固态叫凝固，凝固过程中不断放热，温度不变，内能减小，故A正确，BC错误；
D．凝固后吸热不一定熔化，因为晶体熔化的条件是达到熔点继续吸热，故D错误。
故选A。
4. 如图所示的是山西太原的90后美女沙画师朱霞绘制的第二次青年运动会吉祥物“青青“。沙画是一种新型的艺术形式，它是通过将沙子洒落在平板灯台上，做出各种造型，灯台射出的光线由于受到沙子的阻挡，呈现出一幅栩栩如生的画面。该现象的形成原因是（ ）
A. 光沿直线传播B. 光的反射
C. 光的折射D. 光的色散
【答案】A
【解析】
【详解】光在同种均匀介质中沿直线传播，灯台射出的光线由于受到沙子的阻挡，呈现出一幅栩栩如生的画面，该现象的形成原因是光的直线传播。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 现如今电与我们的生活息息相关，下列对生活用电常识的认识中，正确的是（ ）
A. 家用电器起火应迅速断开电源开关
B. 制作保险丝的材料熔点高、电阻大
C. 使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
D. 家庭电路中的触电事故一定是直接接触火线引起的
【答案】A
【解析】
【详解】A．发现线路起火时，首先应切断电源，若带电泼水救火，由于生活用水是导体，容易发生触电事故，故A正确；
B．制作保险丝的材料熔点低、电阻大，在电流过大时才能自动切断电路，故B措误；
C．用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，故C错误；
D．在家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接接触火线引起的，故D错误。
故选A。
6. 下列家用电器，利用电流的热效应工作的是
A. 洗衣机B. 电视机C. 电冰箱D. 电水壶
【答案】D
【解析】
【详解】洗衣机、电冰箱主要是把电能转化为机械能；电视机在工作时，主要将电能转化为光能和声能；只有电水壶是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故D符合题意。
故选D。
【点睛】电流的热效应就是把电能转化为内能，可从能量转化的角度分析哪一用电器是利用了电流的热效应。
7. 把15欧的电阻R1和10欧的电阻R2串联后接入电路中，如果通过R1的电流是0.1安，则通过R2的电流一定是（ ）
A. 0.2安B. 0.15安C. 0.1安D. 0.5安
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，两电阻串联，且通过15欧的电阻R1的电流为0.1A，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R2的电流的电流也为0.1A，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
8. 冰壶比赛时，冰壶前面的运动员用刷子奋力扫冰，如图所示。它可以（ ）
A. 增大冰壶的质量
B. 增加冰壶的动能
C. 减小冰壶的势能
D. 减小冰壶的滑动摩擦力
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，与物体所含物质的多少有关，此过程中不能改变冰壶的质量，故A不符合题意；
B．此过程中不能改变冰壶的质量，冰壶在运动过程中速度减小，则冰壶的动能减小，故B不符合题意；
C．此过程中，冰壶其高度也不变，不能改变其势能，故C不符合题意。
D．冰壶比赛时，冰壶前面的运动员用刷子奋力扫冰，是通过减小接触面的粗糙程度来减小冰壶的滑动摩擦力，使冰壶滑行的更远，故D符合题意。
故选D。
9. 如图所示的是“研究电流跟电压关系”的电路，在进行“保持电阻不变”这一步骤时，实验要求是（ ）
A. 保持R'的滑片位置不动
B. 保持R两端的电压不变
C. 保持R不变，调节R'的滑片到不同的适当位置
D. 保持电路中的电流不变
【答案】C
【解析】
【详解】研究电流跟电压的关系时，保持电阻R不变，通过移动滑动变阻器R′的滑片，改变定值电阻的电压和电流，讨论电流跟电压的关系，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
10. 两轻质小球甲和乙，相互接近时，发现它们相互吸引，下列哪种情况是不可能发生的（ ）
A. 甲球带正电，乙球带负电
B. 甲球带负电，乙球带正电
C. 甲球带负电，乙球不带电
D. 甲、乙两球都带正电
【答案】D
【解析】
【详解】甲和乙相互接近时，发现它们相互吸引，则有两种可能：一是因为异种电荷相互吸引，两个小球都带电，且带异种电荷；二是因带电体能够吸引轻小物体，一个小球带电，另一个不带电；综上所述，不可能发生的情况是两个小球带同种电荷，故D符合题意。
故选D。
11. 2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯。如图所示是比赛中的场景，下列说法正确的是（ ）
A. 足球在空中飞行是因为受到惯性的作用
B. 足球能被头顶飞，说明力能改变物体的运动状态
C. 足球在空中飞行时，如果外力全部消失，足球将保持静止
D. 足球在空中飞行时，运动员一直对足球做功
【答案】B
【解析】
【详解】A．足球在空中飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B．足球能被头顶飞，足球的运动状态发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C．足球在空中飞行时，如果外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动，故C错误；
D．足球在空中飞行时，运动员没有对足球施加了，运动员对足球不做功，故D错误。
故选B。
12. 实验小组利用如图所示装置“探究光的反射定律”，下列说法正确的是（ ）
A. 实验小组的同学都能看到光屏上显现的光路，是因为光屏上发生了漫反射
B. 图示OB与OA关于法线对称，由此可得出“反射角等于入射角”的结论
C. 让一束光沿BO方向入射到平面镜上，反射光不可能沿OA方向射出
D. 将光屏左侧向后折叠，不能在光屏上看到反射光，说明此时反射光不存在
【答案】A
【解析】
【详解】A．发生漫反射时，反射光线向各个方向射出，所以实验小组的同学都能看到光屏上显现的光路，故A正确；
B．只通过一组数据就得出结论存在偶然性，需多次改变入射角度重复实验后再得出结论，故B错误；
C．光路具有可逆性，所以让一束光沿BO方向入射到平面镜上，反射光会沿OA方向射出，故C错误；
D．在光的反射中，入射光线、反射光线及法线在同一平面内，所以将光屏左侧向后折叠，不能在光屏上看到反射光，但并不代表反射光线不存在，故D错误。
故选A。
13. 某市为了杀灭白蛾调动了直升飞机，在灾区上空喷洒生物农药。飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药的过程中，飞机的
A. 动能不变，重力势能不变B. 动能减小，重力势能减小
C. 动能减小，重力势能不变D. 动能增大，重力势能减小．
【答案】B
【解析】
【详解】影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药的过程中，飞机的质量变小，速度不变，所以动能减小；质量减小，高度不变，所以重力势能减小。故选B。
14. 下列事实与所对应的物理知识相符的是（ ）
A. 船闸利用了连通器的原理
B. 飞机起飞利用空气的浮力
C. 用吸管吸饮料利用大气压
D. 华表下面的基座减小压强
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，船只才能通航，故A符合题意；
B．机翼形状上凸下平，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，形成向上的压强差，即产生了向上的升力，故B不符合题意；
C．用吸管吸饮料时，管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，是利用了大气压，故C符合题意；
D．华表下面的基座，在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故D符合题意。
故选ACD。
15. 如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。当开关闭合后，滑片P向左移时，下列说法中正确的是（ ）
A. V1的示数变小B. V2的示数变小
C. A的示数变大D. V1和A的比值不变
【答案】BCD
【解析】
【详解】由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压。
AB．滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分压变小，电压表V2示数变小，根据串联电路的电压规律可知，定值电阻分压变大，电压表V1示数变大，故A错误，B正确；
C．滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，故C正确；
D．电压表V1与电流表A的示数之比为定值电阻阻值，由于电阻阻值不变，则它们的比值不变，故D正确。
故选BCD。
16. 水平桌面上的烧杯中装有适量的水，一木块用细线系住，细线另一端固定在烧杯底部，如图所示，剪断细线后，木块上浮最后漂浮在水面，木块漂浮在水面上时与剪断细线前相比较（ ）
A. 木块受到的浮力不变
B. 烧杯底部受到水的压强变小
C. 桌面受到压力的变化量等于木块受到浮力的变化量
D. 烧杯底部受到水的压力变化量等于木块受到浮力的变化量
【答案】BD
【解析】
【详解】A．剪断前木块完全浸没，剪断后，木块部分浸没，由F浮=ρ水gV排可知，木块受到的浮力变小，故A不符合题意；
B．剪断后，木块漂浮，木块排开水的体积变小，可知水的深度变小，由p=ρ水gh可知对容器底的压强变小，故B符合题意；
C．桌面受到压力始终等于容器、木块、水的总重，剪断细线后，桌面受到压力不变，变化量为零，故C不符合题意；
D．由于是圆柱体容器，木块受到的浮力施力物体是水，由于物体间力的作用是相互的，所以木块会给水压力，所以压力的变化量等于木块受到浮力的变化量，故D符合题意。
故选BD。
二、填空题（共6小题，满分12分，每小题2分）
17. 微信是广为流行的一款手机软件，微信信息是手机利用 ________进行传递的。随着科技的发展，利用太阳能给手机电池充电已成为现实，太阳能属于 ________能源。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 可再生
【解析】
【详解】[1]由于移动通讯是利用电磁波进行信息传递，所以微信信息是手机利用电磁波进行信息传递的。
[2]由于太阳能可以从自然界源源不断获取，所以太阳能是可再生能源。
18. 如图所示，在带负电的验电器A和不带电的验电器B中间连接一根不带电的杆，验电器A的金属箔稍微合上了一些，验电器B的金属箔也张开了，此过程中：电流的方向是_______（选填“从A到B”或“从B到A”），验电器A、B之间的杆是_______（选填“导体”或“绝缘体”）。
【答案】 ①. 从B到A ②. 导体
【解析】
【详解】[1]验电器A带负电，将有部分电子从A转移到验电器B，电流方向规律为正电荷定向移动的方向，与负电荷定向移动的方向相反，所以电流方向是从验电器B到验电器A。
[2]绝缘体不容易导电，电荷难以在两个验电器之间移动，验电器B的金属箔也张开了，表明验电器A、B之间有电荷的转移，则连接杆一定是导体。
19. 小明高1.7米，站在平面镜前1米，平面镜内的像离小明的距离为______，小明远离平面镜，他在平面镜中的像将______（选填“变小”、“变大”、“不变”）。
【答案】 ①. 2m ②. 不变
【解析】
【详解】[1]由平面镜成像特点可知，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，小明距平面镜1m，他的像距平面镜也是1m，则平面镜内的像离小明的距离为
[2]平面镜所成的像与物体的大小相同，所以在他远离平面镜的过程中，平面镜中的像大小不变。
20. 劳动课上，小明用手反复弯折铁丝，发现弯折处的温度升高，说明___________的方式可以改变铁丝的内能；他用钳子能轻松剪断铁丝，图中的钳子是___________杠杆。
【答案】 ①. 做功 ②. 省力
【解析】
【详解】[1]弯折铁丝时，人对铁丝做功，机械能转化为内能，物体内能增大，所以说明做功可以改变铁丝的内能。
[2]在剪断铁丝的过程中，动力臂大于阻力臂，根据杠杠平衡的条件，动力小于阻力，属于省力杠杆。
21. 研究物理问题时，我们常用简单的、易于研究的模型来代替复杂的物理原型，这种方法称为模型等效替代法。如图甲，虚线框内的电阻若用一个电阻R来替代，即可把原电路转换为两个电阻并联的电路（如图乙所示），从而使问题的解决得以简化。图丙中电源电压U=6V不变，R1=6Ω，其余电阻值未知，测得AB间总电阻为3Ω，电流表示数为________A；现将R1换成3Ω的电阻，则AB间总电阻变为________Ω。
【答案】 ①. 2 ②. 2
【解析】
【详解】[1]设AB以上部分的电阻为R2，由题意可知，R1和R2并联后的总电阻为3Ω，则根据欧姆定律可得，此时电路电流为
[2]根据并联电路电阻特点可得
则AB以上部分的电阻为
现将R1换成3Ω电阻，R2的阻值不变，根据并联电路的电阻特点可得
则此时AB间总电阻变为
22. 某A4纸型号为80g/m2（表示每平方纸张的质量为80g），厚度为0.1mm，该型号A4纸的密度为________g/cm3；为特殊用途，将该包A4纸（500张/包）裁剪成200mm×250mm的尺寸，裁剪后把它平放在水平桌面上，它对水平桌面的压强是________Pa。（g取10N/kg）
【答案】 ① 0.8 ②. 400
【解析】
【详解】[1]1m2A4纸的体积
V＝Sd＝1m2×0.1×10﹣3m＝1×10﹣4m3
1m2A4纸的质量
m＝80g＝80×10﹣3kg
A4纸的密度
[2]将该包A4纸裁剪成200mm×250mm的尺寸，裁剪后把它平放在水平桌面上时，纸的总厚度
h＝0.1mm×500＝50mm＝0.05m
因物体对水平面的压力和自身的重力相等，所以，它对水平桌面的压强
三、作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）
23. 如图，一个质量为1kg的球体从空中下落时，请用力的图示画出小球受到的重力。
【答案】
【解析】
【详解】小球受到的重力为
G=mg=1kg×10N/kg=10N
选5N为标度，重力的重心在小球的球心，从球心开始，沿竖直向下的方向画线段，在线段的末端标上箭头表示力的方向，如图所示：
24. 如图，请根据凸透镜对光线的作用，画出这两条光线通过凸透镜后的出射光线(注意标出箭头方向)。
【答案】
【解析】
【详解】过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
四、实验探究题（共4小题，满分25分）
25. 在“测平均速度”的实验中：
（1）实验原理是______；
（2）实验中需要的测量工具有刻度尺和______；
（3）实验时应使斜面的坡度小些，这样做的目的是______；
（4）某次实验的过程如图所示，图中的电子表分别表示小车在斜面顶端、中点和底端不同时刻，则该次实验中小车通过全程的平均速度是______m/s。小车通过斜面下半段路程的平均速度是______m/s；
（5）小车从斜面顶端到底端时，做______（选填“匀速”或“变速”）直线运动。
【答案】 ①. ②. 停表 ③. 便于测量时间 ④. 0.18 ⑤. 0.225 ⑥. 变速
【解析】
【详解】（1）[1]本实验的原理是速度公式，即。
（2）[2]根据公式可知，要想测量速度，必须用刻度尺测量距离、用停表测量出时间，所以要完成该探究实验，需用的测量工具除刻度尺外，还需要停表。
（3）[3]实验时应使斜面的坡度小些，是为了使小车在下滑的过程中速度慢些，便于计时。
（4）[4][5]全程长
s1=90cm=0.9m
通过全程的时间
t1=10∶35∶05-10∶35∶00=5s
全程的平均速度
下半段路程
时间为
t2=10∶35∶05-10∶35∶03=2s
则下半段的速度
（5）[6]由（4）知小车从顶端滑下，越滑越快，所以小车做的是变速直线运动。
26. 如图所示，闭合开关，此时电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则电源A端是_____（选填“正”或“负”）极。
【答案】负
【解析】
【详解】如图小磁极静止时，小磁针的左端为N极，右端是S极，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右端为S极；根据安培定则判断电流从右端流入，故A端是负极。
27. （1）测量固体的密度：
（2）测量液体的密度：
【答案】 ①. 量筒 ②. 烧杯 ③. ④. 组合法 ⑤. 向量筒中倒入适量的水，记下水的体积V1 ⑥. 计算石头的体积 ⑦. 133.5 ⑧. 35 ⑨. 15 ⑩. 8.9×103 ⑪. ⑫. 量筒 ⑬. 73.4 ⑭. 28.4 ⑮. 45 ⑯. 40 ⑰. 1.125 ⑱. ⑲. 小
【解析】
【详解】（1）[1][2]用天平和量筒测量固体的密度，需要用量筒测量体积，烧杯装水。
[3]实验中需要测量质量和体积，由得到石块的密度，实验原理是。
[4]本实验中利用天平测质量，利用量筒和水测体积，所以用到的方法是组合法。
[5]向量筒中倒入适量的水，记下水的体积V1；
[6]把石块用线拴好浸没到水中，记下体积V2；计算石块的体积V，石块的体积
V=V2-V1
[7][8][9][10]由图甲知，石头的质量
m=100g+20g+10g+3.5g=133.5g
由图乙可知，水体积是20mL，由图丙可知，水和石块的体积为
V2=35mL=35cm3
石块的体积
V=V2﹣V1=35cm3﹣20cm3=15cm3
石块的密度
（2）[11]测量液体的密度，需要测量质量和体积，由得到石块的密度，实验原理是。
[12]为了得到液体的质量，先测出烧杯和液体的质量，再把烧杯中的液体倒入量筒中一部分，测出烧杯和剩余液体的质量，两次质量差就是倒入量筒中液体的质量。
[13][14][15][16][17]由图乙知，烧杯和液体的质量为
50g+20g+3.4g=73.4g
由图丙知，烧杯和剩余液体质量为
20g+5g+3.4g=28.4g
量筒内液体的质量为
73.4g﹣28.4g=45g
由图甲知，量筒中液体的体积为
40mL=40cm3
被测液体的密度
[18][19]由实验步骤可知，烧杯中液体的质量为m-m0，液体的密度
由于量筒中液体倒入烧杯中时会有部分液体沾在量筒内壁上，所以测得烧杯和液体的总质量偏小，则烧杯中液体质量偏小，体积测量准确，由知，测量值比真实值偏小。
28. 为了探究泡沫塑料和棉絮的保温性能，小明设计并做了实验。他用这两种材料分别包着装有热水的密闭烧瓶，让它们自然冷却，利用温度计和计时器定时测量两烧瓶中的水温随时间变化的情况。
（1）为控制变量，实验前除了取大小、厚度相同的泡沫塑料和棉絮外，还应考虑影响水温变化的其他因素，即保持烧瓶相同、环境因素相同、水的________及质量相同。
（2）小明把实验测得的数据填在下列表格中：
分析上表数据可知：实验时环境的温度是_______℃。经过_____min后，泡沫塑料包的烧瓶水温降低了15℃。
（3）下图是小明绘制的水温随时间变化的图像：
分析图像可知热水降温规律是________（选填“先快后慢”或“先慢后快”），通过分析图像，发现________（选填“泡沫塑料”或“棉絮”）的保温性能更好。
（4）根据绘制的热水冷却图像，如果你要喝一杯温热的奶咖啡，可以有两种方式供你选择：方式1：先将烧开的热咖啡倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶；方式2：先将烧开的热咖啡倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min。你认为方式_____的冷却效果较好（选填“1”或“2”），根据热水冷却图像，你觉得还有哪些因素会影响热水降温快慢呢？_________。
【答案】 ①. 初始温度（初温） ②. 20 ③. 20 ④. 先快后慢 ⑤. 泡沫塑料 ⑥. 1 ⑦. 热水质量、环境温度等
【解析】
【详解】（1）[1]根据控制变量法，除了控制烧瓶、水的质量、环境因素相同外，还要保持热水的初温相同。
（2）[2]由表中的数据可知，最后水的温度和室温相同，所以室温为20℃。
[3]由表中的数据可知，经过20分钟，泡沫塑料组水温从75℃降低到60℃，降低了15℃。
（3）[4]分析图像可知，开始时热水在相同时间内温度降低速度较大，逐渐温度降低速度减缓，则热水降温规律是先快后慢。
[5]分析表格中的数据可知，泡沫塑料组的水温降低到环境温度时，需要的时间更长，由此可见，泡沫塑料的保温性能比棉絮好。
（4）[6]由图看出温度变化特点是先快，后慢，再不变；根据水的温度降低的规律，如果要使一杯热的热咖啡快速冷却，最好的办法是先将滚烫的热咖啡冷却5min，然后加一匙冷牛奶，即方式1的冷却效果较好。
[7]根据热水冷却图像可知，会影响热水降温快慢可能还有热水的质量、周围环境的温度等因素。
五、计算题（共3小题，满分24分）
29. “运20”是我国自主研发的大型运输机，它的发动机是一种热机，通过航空煤油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力。若“运20”在高空中飞行时，在恒定的水平推力1.5105N作用下，沿水平方向匀速航行了360km，用时0.5h，需要燃烧航空煤油2250 kg，已知航空煤油的热值为q=4.0107J/kg。在这一次航行中，求：
(1)运输机航行的速度；
(2)运输机的功率；
(3)运输机发动机的热机效率。
【答案】(1)200m/s；(2)；(3)60%
【解析】
【详解】(1)运输机匀速航行的速度为
(2)运输机的功率为
(3)运输机燃烧航空煤油放出的热量为
发动机做功为
则热机效率为
答：(1)运输机航行的速度为200m/s；
(2)运输机的功率为；
(3)运输机发动机的热机效率为60%。
30. 图甲为微型5脚电磁继电器，其体积小巧，规格为“5V 0.12W”，在生活中有着广泛的使用。小明利用此继电器给家中的网络设备设计了一个自动电源备份电路。当主电源意外断电时，备用电源将能自动接替工作至主电源恢复。图乙虚线框内为微型继电器的内部结构。1、2脚与电磁铁的线圈相连，3、4、5脚分别与静触点c、d及动触点e相连。
（1）计算出该继电器正常工作时线圈中电流为多大？若网络设备的主电源电压为12V，S闭合后，继电器正常工作时，限流电阻R0的消耗功率为多少瓦特_____？
（2）使用过程中，小明发现当线圈电流小于正常值时也能吸引衔铁，使触点e、c接触，但电流太小电磁铁磁性太 _____，触点间压力太小，触点接触不良，网络设备无法工作。如图丙所示，小明拆开外壳用刻度尺对继电器转动部件进行了测量，则转动轴O到衔铁b的距离为 _________cm。
（3）电磁铁无磁性时，ed接触，为了保证e与d接触时有足够的压力，弹簧对a点的拉力为0.5N；电磁铁有磁性时，ec接触，此时弹簧对a点的拉力为0.7N。则为了保证ec接触时的压力与ed接触时的压力相同，电磁铁有磁性时对衔铁b的吸引力至少为多大_____？
【答案】 ①. 0.168W ②. 弱 ③. 0.80 ④. 0.75N
【解析】
【详解】（1）[1]该继电器正常工作时线圈中电流为
若网络设备的主电源电压为12V，S闭合后，继电器正常工作时，此时继电器和限流电阻串联，加在限流电阻两端的电压为
限流电阻消耗的电功率为
（2）[2]使用过程中，小明发现当线圈电流小于正常值时也能吸引衔铁，使触点e、c接触，但电流太小电磁铁磁性太弱，会导致接触不良。
[3]该刻度尺的分度值是1mm，转动轴O到衔铁b的距离为0.80cm。
（3）[4]电磁铁无磁性时，ed接触，为了保证e与d接触时有足够的压力，弹簧对a点的拉力为0.5N，以O点为支点，此时根据杠杆的平衡条件有
根据题图可知：a＝5mm；e＝25mm；所以
电磁铁有磁性时，ec接触，此时弹簧对a点的拉力为0.7N。则为了保证ec接触时的压力与ed接触时的压力相同，此时杠杆受三个力，保持平衡，仍然以为支点；b＝8mm，根据题意
电磁铁对衔铁b的吸引力为Fb；根据杠杆原理有
31. 重为2N、底面积为100cm2的薄壁圆柱形容器，盛水后放在水平桌面上．将体积分别为200cm3的木球和25cm3的塑料球用轻质细绳相连放入水中，静止时木球露出水面的体积为它自身体积的，此时容器中水的深度为20cm，如图甲所示；当把细绳剪断后，静止时木球露出水面的体积是它自身体积的，塑料球沉到容器底，如图乙所示．
（1）图甲中，水对容器底的压强是多少？
（2）图乙中，容器底对塑料球的支持力是多少？
（3）图乙中，容器对水平桌面的压强是多少？
【答案】（1）2000Pa（2）0.25N（3）2200Pa
【解析】
【分析】（1）图甲中，已知水深和水的密度，利用p＝ρgh求水对容器底的压强；
（2）由题知，当把细绳剪断后，静止时木球露出水面的体积是它自身体积的，利用F浮＝G求木球的密度，利用G＝mg＝ρVg求木球重力；
在图甲中，求出两球排开水的体积，由于木球和塑料球漂浮，受到的总浮力等于两球总重力，据此求塑料球的重力，利用阿基米德原理求塑料球在水中受到的浮力；图乙中，容器底对塑料球的支持力等于塑料球的重力减去浮力；
（3）在图甲中，两球的质量等于排开水的质量，则水和球的总质量m水+m球＝m水+m排＝ρ水S容h，利用G＝mg求其重力；在图乙中，水、两球、容器的总重力不变，容器对桌面的压力等于其总重力，知道受力面积，利用压强公式求容器对桌面的压强．
【详解】（1）图甲中，水对容器底的压强：p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa；
（2）由题知，当把细绳剪断后，静止时木球露出水面的体积是它自身体积的，即V排＝V木，木块漂浮，F浮＝G，即ρ水V排g＝ρ木Vg，ρ水Vg＝ρ木V木g，所以ρ木＝ρ水＝×1×103kg/m3＝0.5×103kg/m3，木球重力：G木＝m木g＝ρ木V木g＝0.5×103kg/m3×10N/kg×200×10﹣6m3＝1N，
图甲中，两球排开水的体积V排′＝（1﹣）V木+V塑＝×200×10﹣6m3+25×10﹣6m3＝150×10﹣6m3＝1.5×10﹣4m3＝150cm3，因为木球和塑料球漂浮，所以F浮′＝G木+G塑，ρ水V排′g＝1N+G塑，1×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣4m3＝1N+G塑，则塑料球的重力：G塑＝0.5N，
塑料球在水中受到的浮力：F浮塑＝ρ水V排塑g＝1×103kg/m3×10N/kg×25×10﹣6m3＝0.25N，
图乙中，容器底对塑料球的支持力：F支＝G塑﹣F浮塑＝0.5N﹣0.25N＝0.25N；
（3）甲图中，两球的质量等于排开水的质量，则：水和球的总质量：
m水+m球＝m水+m排＝ρ水S容h＝1g/cm3×100cm2×20cm＝2000g＝2kg，
其重力：G水+G球＝（m水+m排）g＝2kg×10N/kg＝20N；
在图乙中，水、两球、容器的总重力：G总＝G水+G球+G容器＝20N+2N＝22N，
容器对桌面的压力：F＝G总＝22N，受力面积S＝100×10﹣4m2，
容器对桌面的压强：p′＝=＝2200Pa．题目
用天平和量筒测石块的密度。
器材
天平、_______、_______、石块、水、细线。
原理
____________________。
方法
________。
方法与步骤
①用天平称出石块质量m；
②____________________；
③把石头用线拴好浸没到水中，记下体积V2；
④_____________；
⑤将m、V代入公式中，算出石块的密度。
表格
根据如图数据完成表格。
器材
天平、量筒、被测液体、烧杯。
原理
____________________。
步骤
①把天平放在水平台面上，调节天平平衡；
②在烧杯中盛被测液体，称出它们质量，并将测量值填入表格中；
③把烧杯中的液体倒入 _______中一部分，测出烧杯和剩余液体的质量，并将测量值填入表格；
④计算出量筒内液体的质量，记入表格；
⑤求出被测液体的密度，记入表格。
表格结论
请根据实验过程将表格补充完整：
时间t/min
0
10
20
30
40
…
90
125
泡沫塑料组水温t1/℃
75
68
60
54
48
…
29
20
棉絮组水温t2/℃
75
64
53
44
35
…
20
20
1. 为了纪念物理学家对物理学的杰出贡献，常用他们的名字命名一些物理量的单位。在物理学中力用符号F表示，单位是用下列哪位物理学家的名字来命名的（ ）
A. 伽利略B. 牛顿C. 帕斯卡D. 焦耳
【答案】B
【解析】
【详解】A．物理学家伽利略没有用其名字命名物理量的单位，故A不符合题意
B．为了纪念物理学家牛顿，将其名字命名为力的单位，故B符合题意；
C．为了纪念物理学家帕斯卡，将其名字命名为压强的基本单位，故C不符合题意；
D．为了纪念物理学家焦耳，将其名字命名为功和各种能量的基本单位，故D不符合题意。
故选B。
2. 我们能分辨出钢琴声和吉他声，这主要是根据声音有不同的（ ）
A. 音色B. 音调C. 频率D. 响度
【答案】A
【解析】
【详解】我们能分辨出“钢琴声”和“吉他声”，是因为不同的乐器发声的材料和结构不同，所以发出声音的音色不同，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3. 小明暑假自制老式冰棍，将糖水放入冰箱冷冻室凝固，下列关于糖水凝固的描述正确的是（ ）
A. 凝固过程中不断放热B. 凝固过程中内能增大
C. 凝固过程中温度升高D. 凝固后吸热一定熔化
【答案】A
【解析】
【详解】ABC．物质由液态变为固态叫凝固，凝固过程中不断放热，温度不变，内能减小，故A正确，BC错误；
D．凝固后吸热不一定熔化，因为晶体熔化的条件是达到熔点继续吸热，故D错误。
故选A。
4. 如图所示的是山西太原的90后美女沙画师朱霞绘制的第二次青年运动会吉祥物“青青“。沙画是一种新型的艺术形式，它是通过将沙子洒落在平板灯台上，做出各种造型，灯台射出的光线由于受到沙子的阻挡，呈现出一幅栩栩如生的画面。该现象的形成原因是（ ）
A. 光沿直线传播B. 光的反射
C. 光的折射D. 光的色散
【答案】A
【解析】
【详解】光在同种均匀介质中沿直线传播，灯台射出的光线由于受到沙子的阻挡，呈现出一幅栩栩如生的画面，该现象的形成原因是光的直线传播。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 现如今电与我们的生活息息相关，下列对生活用电常识的认识中，正确的是（ ）
A. 家用电器起火应迅速断开电源开关
B. 制作保险丝的材料熔点高、电阻大
C. 使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
D. 家庭电路中的触电事故一定是直接接触火线引起的
【答案】A
【解析】
【详解】A．发现线路起火时，首先应切断电源，若带电泼水救火，由于生活用水是导体，容易发生触电事故，故A正确；
B．制作保险丝的材料熔点低、电阻大，在电流过大时才能自动切断电路，故B措误；
C．用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，故C错误；
D．在家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接接触火线引起的，故D错误。
故选A。
6. 下列家用电器，利用电流的热效应工作的是
A. 洗衣机B. 电视机C. 电冰箱D. 电水壶
【答案】D
【解析】
【详解】洗衣机、电冰箱主要是把电能转化为机械能；电视机在工作时，主要将电能转化为光能和声能；只有电水壶是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故D符合题意。
故选D。
【点睛】电流的热效应就是把电能转化为内能，可从能量转化的角度分析哪一用电器是利用了电流的热效应。
7. 把15欧的电阻R1和10欧的电阻R2串联后接入电路中，如果通过R1的电流是0.1安，则通过R2的电流一定是（ ）
A. 0.2安B. 0.15安C. 0.1安D. 0.5安
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，两电阻串联，且通过15欧的电阻R1的电流为0.1A，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R2的电流的电流也为0.1A，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
8. 冰壶比赛时，冰壶前面的运动员用刷子奋力扫冰，如图所示。它可以（ ）
A. 增大冰壶的质量
B. 增加冰壶的动能
C. 减小冰壶的势能
D. 减小冰壶的滑动摩擦力
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，与物体所含物质的多少有关，此过程中不能改变冰壶的质量，故A不符合题意；
B．此过程中不能改变冰壶的质量，冰壶在运动过程中速度减小，则冰壶的动能减小，故B不符合题意；
C．此过程中，冰壶其高度也不变，不能改变其势能，故C不符合题意。
D．冰壶比赛时，冰壶前面的运动员用刷子奋力扫冰，是通过减小接触面的粗糙程度来减小冰壶的滑动摩擦力，使冰壶滑行的更远，故D符合题意。
故选D。
9. 如图所示的是“研究电流跟电压关系”的电路，在进行“保持电阻不变”这一步骤时，实验要求是（ ）
A. 保持R'的滑片位置不动
B. 保持R两端的电压不变
C. 保持R不变，调节R'的滑片到不同的适当位置
D. 保持电路中的电流不变
【答案】C
【解析】
【详解】研究电流跟电压的关系时，保持电阻R不变，通过移动滑动变阻器R′的滑片，改变定值电阻的电压和电流，讨论电流跟电压的关系，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
10. 两轻质小球甲和乙，相互接近时，发现它们相互吸引，下列哪种情况是不可能发生的（ ）
A. 甲球带正电，乙球带负电
B. 甲球带负电，乙球带正电
C. 甲球带负电，乙球不带电
D. 甲、乙两球都带正电
【答案】D
【解析】
【详解】甲和乙相互接近时，发现它们相互吸引，则有两种可能：一是因为异种电荷相互吸引，两个小球都带电，且带异种电荷；二是因带电体能够吸引轻小物体，一个小球带电，另一个不带电；综上所述，不可能发生的情况是两个小球带同种电荷，故D符合题意。
故选D。
11. 2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯。如图所示是比赛中的场景，下列说法正确的是（ ）
A. 足球在空中飞行是因为受到惯性的作用
B. 足球能被头顶飞，说明力能改变物体的运动状态
C. 足球在空中飞行时，如果外力全部消失，足球将保持静止
D. 足球在空中飞行时，运动员一直对足球做功
【答案】B
【解析】
【详解】A．足球在空中飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B．足球能被头顶飞，足球的运动状态发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C．足球在空中飞行时，如果外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动，故C错误；
D．足球在空中飞行时，运动员没有对足球施加了，运动员对足球不做功，故D错误。
故选B。
12. 实验小组利用如图所示装置“探究光的反射定律”，下列说法正确的是（ ）
A. 实验小组的同学都能看到光屏上显现的光路，是因为光屏上发生了漫反射
B. 图示OB与OA关于法线对称，由此可得出“反射角等于入射角”的结论
C. 让一束光沿BO方向入射到平面镜上，反射光不可能沿OA方向射出
D. 将光屏左侧向后折叠，不能在光屏上看到反射光，说明此时反射光不存在
【答案】A
【解析】
【详解】A．发生漫反射时，反射光线向各个方向射出，所以实验小组的同学都能看到光屏上显现的光路，故A正确；
B．只通过一组数据就得出结论存在偶然性，需多次改变入射角度重复实验后再得出结论，故B错误；
C．光路具有可逆性，所以让一束光沿BO方向入射到平面镜上，反射光会沿OA方向射出，故C错误；
D．在光的反射中，入射光线、反射光线及法线在同一平面内，所以将光屏左侧向后折叠，不能在光屏上看到反射光，但并不代表反射光线不存在，故D错误。
故选A。
13. 某市为了杀灭白蛾调动了直升飞机，在灾区上空喷洒生物农药。飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药的过程中，飞机的
A. 动能不变，重力势能不变B. 动能减小，重力势能减小
C. 动能减小，重力势能不变D. 动能增大，重力势能减小．
【答案】B
【解析】
【详解】影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药的过程中，飞机的质量变小，速度不变，所以动能减小；质量减小，高度不变，所以重力势能减小。故选B。
14. 下列事实与所对应的物理知识相符的是（ ）
A. 船闸利用了连通器的原理
B. 飞机起飞利用空气的浮力
C. 用吸管吸饮料利用大气压
D. 华表下面的基座减小压强
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，船只才能通航，故A符合题意；
B．机翼形状上凸下平，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，形成向上的压强差，即产生了向上的升力，故B不符合题意；
C．用吸管吸饮料时，管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，是利用了大气压，故C符合题意；
D．华表下面的基座，在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故D符合题意。
故选ACD。
15. 如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。当开关闭合后，滑片P向左移时，下列说法中正确的是（ ）
A. V1的示数变小B. V2的示数变小
C. A的示数变大D. V1和A的比值不变
【答案】BCD
【解析】
【详解】由图示电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压。
AB．滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分压变小，电压表V2示数变小，根据串联电路的电压规律可知，定值电阻分压变大，电压表V1示数变大，故A错误，B正确；
C．滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，故C正确；
D．电压表V1与电流表A的示数之比为定值电阻阻值，由于电阻阻值不变，则它们的比值不变，故D正确。
故选BCD。
16. 水平桌面上的烧杯中装有适量的水，一木块用细线系住，细线另一端固定在烧杯底部，如图所示，剪断细线后，木块上浮最后漂浮在水面，木块漂浮在水面上时与剪断细线前相比较（ ）
A. 木块受到的浮力不变
B. 烧杯底部受到水的压强变小
C. 桌面受到压力的变化量等于木块受到浮力的变化量
D. 烧杯底部受到水的压力变化量等于木块受到浮力的变化量
【答案】BD
【解析】
【详解】A．剪断前木块完全浸没，剪断后，木块部分浸没，由F浮=ρ水gV排可知，木块受到的浮力变小，故A不符合题意；
B．剪断后，木块漂浮，木块排开水的体积变小，可知水的深度变小，由p=ρ水gh可知对容器底的压强变小，故B符合题意；
C．桌面受到压力始终等于容器、木块、水的总重，剪断细线后，桌面受到压力不变，变化量为零，故C不符合题意；
D．由于是圆柱体容器，木块受到的浮力施力物体是水，由于物体间力的作用是相互的，所以木块会给水压力，所以压力的变化量等于木块受到浮力的变化量，故D符合题意。
故选BD。
二、填空题（共6小题，满分12分，每小题2分）
17. 微信是广为流行的一款手机软件，微信信息是手机利用 ________进行传递的。随着科技的发展，利用太阳能给手机电池充电已成为现实，太阳能属于 ________能源。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 可再生
【解析】
【详解】[1]由于移动通讯是利用电磁波进行信息传递，所以微信信息是手机利用电磁波进行信息传递的。
[2]由于太阳能可以从自然界源源不断获取，所以太阳能是可再生能源。
18. 如图所示，在带负电的验电器A和不带电的验电器B中间连接一根不带电的杆，验电器A的金属箔稍微合上了一些，验电器B的金属箔也张开了，此过程中：电流的方向是_______（选填“从A到B”或“从B到A”），验电器A、B之间的杆是_______（选填“导体”或“绝缘体”）。
【答案】 ①. 从B到A ②. 导体
【解析】
【详解】[1]验电器A带负电，将有部分电子从A转移到验电器B，电流方向规律为正电荷定向移动的方向，与负电荷定向移动的方向相反，所以电流方向是从验电器B到验电器A。
[2]绝缘体不容易导电，电荷难以在两个验电器之间移动，验电器B的金属箔也张开了，表明验电器A、B之间有电荷的转移，则连接杆一定是导体。
19. 小明高1.7米，站在平面镜前1米，平面镜内的像离小明的距离为______，小明远离平面镜，他在平面镜中的像将______（选填“变小”、“变大”、“不变”）。
【答案】 ①. 2m ②. 不变
【解析】
【详解】[1]由平面镜成像特点可知，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，小明距平面镜1m，他的像距平面镜也是1m，则平面镜内的像离小明的距离为
[2]平面镜所成的像与物体的大小相同，所以在他远离平面镜的过程中，平面镜中的像大小不变。
20. 劳动课上，小明用手反复弯折铁丝，发现弯折处的温度升高，说明___________的方式可以改变铁丝的内能；他用钳子能轻松剪断铁丝，图中的钳子是___________杠杆。
【答案】 ①. 做功 ②. 省力
【解析】
【详解】[1]弯折铁丝时，人对铁丝做功，机械能转化为内能，物体内能增大，所以说明做功可以改变铁丝的内能。
[2]在剪断铁丝的过程中，动力臂大于阻力臂，根据杠杠平衡的条件，动力小于阻力，属于省力杠杆。
21. 研究物理问题时，我们常用简单的、易于研究的模型来代替复杂的物理原型，这种方法称为模型等效替代法。如图甲，虚线框内的电阻若用一个电阻R来替代，即可把原电路转换为两个电阻并联的电路（如图乙所示），从而使问题的解决得以简化。图丙中电源电压U=6V不变，R1=6Ω，其余电阻值未知，测得AB间总电阻为3Ω，电流表示数为________A；现将R1换成3Ω的电阻，则AB间总电阻变为________Ω。
【答案】 ①. 2 ②. 2
【解析】
【详解】[1]设AB以上部分的电阻为R2，由题意可知，R1和R2并联后的总电阻为3Ω，则根据欧姆定律可得，此时电路电流为
[2]根据并联电路电阻特点可得
则AB以上部分的电阻为
现将R1换成3Ω电阻，R2的阻值不变，根据并联电路的电阻特点可得
则此时AB间总电阻变为
22. 某A4纸型号为80g/m2（表示每平方纸张的质量为80g），厚度为0.1mm，该型号A4纸的密度为________g/cm3；为特殊用途，将该包A4纸（500张/包）裁剪成200mm×250mm的尺寸，裁剪后把它平放在水平桌面上，它对水平桌面的压强是________Pa。（g取10N/kg）
【答案】 ① 0.8 ②. 400
【解析】
【详解】[1]1m2A4纸的体积
V＝Sd＝1m2×0.1×10﹣3m＝1×10﹣4m3
1m2A4纸的质量
m＝80g＝80×10﹣3kg
A4纸的密度
[2]将该包A4纸裁剪成200mm×250mm的尺寸，裁剪后把它平放在水平桌面上时，纸的总厚度
h＝0.1mm×500＝50mm＝0.05m
因物体对水平面的压力和自身的重力相等，所以，它对水平桌面的压强
三、作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）
23. 如图，一个质量为1kg的球体从空中下落时，请用力的图示画出小球受到的重力。
【答案】
【解析】
【详解】小球受到的重力为
G=mg=1kg×10N/kg=10N
选5N为标度，重力的重心在小球的球心，从球心开始，沿竖直向下的方向画线段，在线段的末端标上箭头表示力的方向，如图所示：
24. 如图，请根据凸透镜对光线的作用，画出这两条光线通过凸透镜后的出射光线(注意标出箭头方向)。
【答案】
【解析】
【详解】过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
四、实验探究题（共4小题，满分25分）
25. 在“测平均速度”的实验中：
（1）实验原理是______；
（2）实验中需要的测量工具有刻度尺和______；
（3）实验时应使斜面的坡度小些，这样做的目的是______；
（4）某次实验的过程如图所示，图中的电子表分别表示小车在斜面顶端、中点和底端不同时刻，则该次实验中小车通过全程的平均速度是______m/s。小车通过斜面下半段路程的平均速度是______m/s；
（5）小车从斜面顶端到底端时，做______（选填“匀速”或“变速”）直线运动。
【答案】 ①. ②. 停表 ③. 便于测量时间 ④. 0.18 ⑤. 0.225 ⑥. 变速
【解析】
【详解】（1）[1]本实验的原理是速度公式，即。
（2）[2]根据公式可知，要想测量速度，必须用刻度尺测量距离、用停表测量出时间，所以要完成该探究实验，需用的测量工具除刻度尺外，还需要停表。
（3）[3]实验时应使斜面的坡度小些，是为了使小车在下滑的过程中速度慢些，便于计时。
（4）[4][5]全程长
s1=90cm=0.9m
通过全程的时间
t1=10∶35∶05-10∶35∶00=5s
全程的平均速度
下半段路程
时间为
t2=10∶35∶05-10∶35∶03=2s
则下半段的速度
（5）[6]由（4）知小车从顶端滑下，越滑越快，所以小车做的是变速直线运动。
26. 如图所示，闭合开关，此时电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则电源A端是_____（选填“正”或“负”）极。
【答案】负
【解析】
【详解】如图小磁极静止时，小磁针的左端为N极，右端是S极，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右端为S极；根据安培定则判断电流从右端流入，故A端是负极。
27. （1）测量固体的密度：
（2）测量液体的密度：
【答案】 ①. 量筒 ②. 烧杯 ③. ④. 组合法 ⑤. 向量筒中倒入适量的水，记下水的体积V1 ⑥. 计算石头的体积 ⑦. 133.5 ⑧. 35 ⑨. 15 ⑩. 8.9×103 ⑪. ⑫. 量筒 ⑬. 73.4 ⑭. 28.4 ⑮. 45 ⑯. 40 ⑰. 1.125 ⑱. ⑲. 小
【解析】
【详解】（1）[1][2]用天平和量筒测量固体的密度，需要用量筒测量体积，烧杯装水。
[3]实验中需要测量质量和体积，由得到石块的密度，实验原理是。
[4]本实验中利用天平测质量，利用量筒和水测体积，所以用到的方法是组合法。
[5]向量筒中倒入适量的水，记下水的体积V1；
[6]把石块用线拴好浸没到水中，记下体积V2；计算石块的体积V，石块的体积
V=V2-V1
[7][8][9][10]由图甲知，石头的质量
m=100g+20g+10g+3.5g=133.5g
由图乙可知，水体积是20mL，由图丙可知，水和石块的体积为
V2=35mL=35cm3
石块的体积
V=V2﹣V1=35cm3﹣20cm3=15cm3
石块的密度
（2）[11]测量液体的密度，需要测量质量和体积，由得到石块的密度，实验原理是。
[12]为了得到液体的质量，先测出烧杯和液体的质量，再把烧杯中的液体倒入量筒中一部分，测出烧杯和剩余液体的质量，两次质量差就是倒入量筒中液体的质量。
[13][14][15][16][17]由图乙知，烧杯和液体的质量为
50g+20g+3.4g=73.4g
由图丙知，烧杯和剩余液体质量为
20g+5g+3.4g=28.4g
量筒内液体的质量为
73.4g﹣28.4g=45g
由图甲知，量筒中液体的体积为
40mL=40cm3
被测液体的密度
[18][19]由实验步骤可知，烧杯中液体的质量为m-m0，液体的密度
由于量筒中液体倒入烧杯中时会有部分液体沾在量筒内壁上，所以测得烧杯和液体的总质量偏小，则烧杯中液体质量偏小，体积测量准确，由知，测量值比真实值偏小。
28. 为了探究泡沫塑料和棉絮的保温性能，小明设计并做了实验。他用这两种材料分别包着装有热水的密闭烧瓶，让它们自然冷却，利用温度计和计时器定时测量两烧瓶中的水温随时间变化的情况。
（1）为控制变量，实验前除了取大小、厚度相同的泡沫塑料和棉絮外，还应考虑影响水温变化的其他因素，即保持烧瓶相同、环境因素相同、水的________及质量相同。
（2）小明把实验测得的数据填在下列表格中：
分析上表数据可知：实验时环境的温度是_______℃。经过_____min后，泡沫塑料包的烧瓶水温降低了15℃。
（3）下图是小明绘制的水温随时间变化的图像：
分析图像可知热水降温规律是________（选填“先快后慢”或“先慢后快”），通过分析图像，发现________（选填“泡沫塑料”或“棉絮”）的保温性能更好。
（4）根据绘制的热水冷却图像，如果你要喝一杯温热的奶咖啡，可以有两种方式供你选择：方式1：先将烧开的热咖啡倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶；方式2：先将烧开的热咖啡倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min。你认为方式_____的冷却效果较好（选填“1”或“2”），根据热水冷却图像，你觉得还有哪些因素会影响热水降温快慢呢？_________。
【答案】 ①. 初始温度（初温） ②. 20 ③. 20 ④. 先快后慢 ⑤. 泡沫塑料 ⑥. 1 ⑦. 热水质量、环境温度等
【解析】
【详解】（1）[1]根据控制变量法，除了控制烧瓶、水的质量、环境因素相同外，还要保持热水的初温相同。
（2）[2]由表中的数据可知，最后水的温度和室温相同，所以室温为20℃。
[3]由表中的数据可知，经过20分钟，泡沫塑料组水温从75℃降低到60℃，降低了15℃。
（3）[4]分析图像可知，开始时热水在相同时间内温度降低速度较大，逐渐温度降低速度减缓，则热水降温规律是先快后慢。
[5]分析表格中的数据可知，泡沫塑料组的水温降低到环境温度时，需要的时间更长，由此可见，泡沫塑料的保温性能比棉絮好。
（4）[6]由图看出温度变化特点是先快，后慢，再不变；根据水的温度降低的规律，如果要使一杯热的热咖啡快速冷却，最好的办法是先将滚烫的热咖啡冷却5min，然后加一匙冷牛奶，即方式1的冷却效果较好。
[7]根据热水冷却图像可知，会影响热水降温快慢可能还有热水的质量、周围环境的温度等因素。
五、计算题（共3小题，满分24分）
29. “运20”是我国自主研发的大型运输机，它的发动机是一种热机，通过航空煤油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力。若“运20”在高空中飞行时，在恒定的水平推力1.5105N作用下，沿水平方向匀速航行了360km，用时0.5h，需要燃烧航空煤油2250 kg，已知航空煤油的热值为q=4.0107J/kg。在这一次航行中，求：
(1)运输机航行的速度；
(2)运输机的功率；
(3)运输机发动机的热机效率。
【答案】(1)200m/s；(2)；(3)60%
【解析】
【详解】(1)运输机匀速航行的速度为
(2)运输机的功率为
(3)运输机燃烧航空煤油放出的热量为
发动机做功为
则热机效率为
答：(1)运输机航行的速度为200m/s；
(2)运输机的功率为；
(3)运输机发动机的热机效率为60%。
30. 图甲为微型5脚电磁继电器，其体积小巧，规格为“5V 0.12W”，在生活中有着广泛的使用。小明利用此继电器给家中的网络设备设计了一个自动电源备份电路。当主电源意外断电时，备用电源将能自动接替工作至主电源恢复。图乙虚线框内为微型继电器的内部结构。1、2脚与电磁铁的线圈相连，3、4、5脚分别与静触点c、d及动触点e相连。
（1）计算出该继电器正常工作时线圈中电流为多大？若网络设备的主电源电压为12V，S闭合后，继电器正常工作时，限流电阻R0的消耗功率为多少瓦特_____？
（2）使用过程中，小明发现当线圈电流小于正常值时也能吸引衔铁，使触点e、c接触，但电流太小电磁铁磁性太 _____，触点间压力太小，触点接触不良，网络设备无法工作。如图丙所示，小明拆开外壳用刻度尺对继电器转动部件进行了测量，则转动轴O到衔铁b的距离为 _________cm。
（3）电磁铁无磁性时，ed接触，为了保证e与d接触时有足够的压力，弹簧对a点的拉力为0.5N；电磁铁有磁性时，ec接触，此时弹簧对a点的拉力为0.7N。则为了保证ec接触时的压力与ed接触时的压力相同，电磁铁有磁性时对衔铁b的吸引力至少为多大_____？
【答案】 ①. 0.168W ②. 弱 ③. 0.80 ④. 0.75N
【解析】
【详解】（1）[1]该继电器正常工作时线圈中电流为
若网络设备的主电源电压为12V，S闭合后，继电器正常工作时，此时继电器和限流电阻串联，加在限流电阻两端的电压为
限流电阻消耗的电功率为
（2）[2]使用过程中，小明发现当线圈电流小于正常值时也能吸引衔铁，使触点e、c接触，但电流太小电磁铁磁性太弱，会导致接触不良。
[3]该刻度尺的分度值是1mm，转动轴O到衔铁b的距离为0.80cm。
（3）[4]电磁铁无磁性时，ed接触，为了保证e与d接触时有足够的压力，弹簧对a点的拉力为0.5N，以O点为支点，此时根据杠杆的平衡条件有
根据题图可知：a＝5mm；e＝25mm；所以
电磁铁有磁性时，ec接触，此时弹簧对a点的拉力为0.7N。则为了保证ec接触时的压力与ed接触时的压力相同，此时杠杆受三个力，保持平衡，仍然以为支点；b＝8mm，根据题意
电磁铁对衔铁b的吸引力为Fb；根据杠杆原理有
31. 重为2N、底面积为100cm2的薄壁圆柱形容器，盛水后放在水平桌面上．将体积分别为200cm3的木球和25cm3的塑料球用轻质细绳相连放入水中，静止时木球露出水面的体积为它自身体积的，此时容器中水的深度为20cm，如图甲所示；当把细绳剪断后，静止时木球露出水面的体积是它自身体积的，塑料球沉到容器底，如图乙所示．
（1）图甲中，水对容器底的压强是多少？
（2）图乙中，容器底对塑料球的支持力是多少？
（3）图乙中，容器对水平桌面的压强是多少？
【答案】（1）2000Pa（2）0.25N（3）2200Pa
【解析】
【分析】（1）图甲中，已知水深和水的密度，利用p＝ρgh求水对容器底的压强；
（2）由题知，当把细绳剪断后，静止时木球露出水面的体积是它自身体积的，利用F浮＝G求木球的密度，利用G＝mg＝ρVg求木球重力；
在图甲中，求出两球排开水的体积，由于木球和塑料球漂浮，受到的总浮力等于两球总重力，据此求塑料球的重力，利用阿基米德原理求塑料球在水中受到的浮力；图乙中，容器底对塑料球的支持力等于塑料球的重力减去浮力；
（3）在图甲中，两球的质量等于排开水的质量，则水和球的总质量m水+m球＝m水+m排＝ρ水S容h，利用G＝mg求其重力；在图乙中，水、两球、容器的总重力不变，容器对桌面的压力等于其总重力，知道受力面积，利用压强公式求容器对桌面的压强．
【详解】（1）图甲中，水对容器底的压强：p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa；
（2）由题知，当把细绳剪断后，静止时木球露出水面的体积是它自身体积的，即V排＝V木，木块漂浮，F浮＝G，即ρ水V排g＝ρ木Vg，ρ水Vg＝ρ木V木g，所以ρ木＝ρ水＝×1×103kg/m3＝0.5×103kg/m3，木球重力：G木＝m木g＝ρ木V木g＝0.5×103kg/m3×10N/kg×200×10﹣6m3＝1N，
图甲中，两球排开水的体积V排′＝（1﹣）V木+V塑＝×200×10﹣6m3+25×10﹣6m3＝150×10﹣6m3＝1.5×10﹣4m3＝150cm3，因为木球和塑料球漂浮，所以F浮′＝G木+G塑，ρ水V排′g＝1N+G塑，1×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣4m3＝1N+G塑，则塑料球的重力：G塑＝0.5N，
塑料球在水中受到的浮力：F浮塑＝ρ水V排塑g＝1×103kg/m3×10N/kg×25×10﹣6m3＝0.25N，
图乙中，容器底对塑料球的支持力：F支＝G塑﹣F浮塑＝0.5N﹣0.25N＝0.25N；
（3）甲图中，两球的质量等于排开水的质量，则：水和球的总质量：
m水+m球＝m水+m排＝ρ水S容h＝1g/cm3×100cm2×20cm＝2000g＝2kg，
其重力：G水+G球＝（m水+m排）g＝2kg×10N/kg＝20N；
在图乙中，水、两球、容器的总重力：G总＝G水+G球+G容器＝20N+2N＝22N，
容器对桌面的压力：F＝G总＝22N，受力面积S＝100×10﹣4m2，
容器对桌面的压强：p′＝=＝2200Pa．题目
用天平和量筒测石块的密度。
器材
天平、_______、_______、石块、水、细线。
原理
____________________。
方法
________。
方法与步骤
①用天平称出石块质量m；
②____________________；
③把石头用线拴好浸没到水中，记下体积V2；
④_____________；
⑤将m、V代入公式中，算出石块的密度。
表格
根据如图数据完成表格。
器材
天平、量筒、被测液体、烧杯。
原理
____________________。
步骤
①把天平放在水平台面上，调节天平平衡；
②在烧杯中盛被测液体，称出它们质量，并将测量值填入表格中；
③把烧杯中的液体倒入 _______中一部分，测出烧杯和剩余液体的质量，并将测量值填入表格；
④计算出量筒内液体的质量，记入表格；
⑤求出被测液体的密度，记入表格。
表格结论
请根据实验过程将表格补充完整：
时间t/min
0
10
20
30
40
…
90
125
泡沫塑料组水温t1/℃
75
68
60
54
48
…
29
20
棉絮组水温t2/℃
75
64
53
44
35
…
20
20
相关试卷
广西南宁市第十八中学2023-2024学年九年级下学期开学考试物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份广西南宁市第十八中学2023-2024学年九年级下学期开学考试物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析广西南宁市第十八中学2023-2024学年九年级下学期开学考试物理试题原卷版docx、精品解析广西南宁市第十八中学2023-2024学年九年级下学期开学考试物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共29页， 欢迎下载使用。
广西区南宁市第四十七中学2023-2024学年八年级下学期开学物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份广西区南宁市第四十七中学2023-2024学年八年级下学期开学物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析广西区南宁市第四十七中学2023-2024学年八年级下学期开学物理试题原卷版docx、精品解析广西区南宁市第四十七中学2023-2024学年八年级下学期开学物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共28页， 欢迎下载使用。
安徽师范大学联盟2023-2024学年九年级下学期开学考试模拟练习物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份安徽师范大学联盟2023-2024学年九年级下学期开学考试模拟练习物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析安徽师范大学联盟2023-2024学年九年级下学期开学考试模拟练习物理试题原卷版docx、精品解析安徽师范大学联盟2023-2024学年九年级下学期开学考试模拟练习物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共21页， 欢迎下载使用。
