资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩10页未读，
继续阅读
2024年四川省成都市第七中学初中学校中考一模物理试题（原卷版+解析版）
展开
这是一份2024年四川省成都市第七中学初中学校中考一模物理试题（原卷版+解析版），文件包含2024年四川省成都市第七中学初中学校中考一模物理试题原卷版docx、2024年四川省成都市第七中学初中学校中考一模物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共41页， 欢迎下载使用。
说明：1.全卷分A卷和B卷，A卷满分100分，B卷满分20分，全卷共120分；考试时间90分钟。
2.全卷答案完成到答题卡上。
A卷（100分）
一、单项选择题（每题2分，共30分）
1. 在一次活动中，无人机群接收到地面指挥系统的指令，在空中编织出美丽的图案。如图所示，地面指挥系统向无人机群发出编队指令的“传递使者”是（ ）
A. 探照灯光B. 电磁波C. 超声波D. 光纤
【答案】B
【解析】
【详解】地面指挥系统通过电磁波控制无人机，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2. 地球被几百千米厚的大气层包围着，大气对浸在其中的物体有压强。以下实例中，能说明大气压存在的是（ ）
A. 茶壶的壶体与壶嘴中的水面相平B. 医生推动活塞给病人注射药液
C. 拦河大坝总是上窄下宽D. 用塑料吸管能把饮料吸入口中
【答案】D
【解析】
【详解】A．茶壶的壶体与壶嘴中的水面相平利用的是连通器原理，与液体压强有关，故A不符合题意；
B．医生推动活塞给病人注射药液，利用的是医生的推力，故B不符合题意；
C．拦河大坝总是上窄下宽是因为水的深度越深，对堤坝产生的压强越大，故C不符合题意；
D．用塑料吸管能把饮料吸入口中，是因为管内气压小于外界大气压，饮料在大气压的作用下被压入口中，故D符合题意。
故选D。
3. 学习了电学知识后，请同学们判断，下列估测的数据中，最符合实际的是（ ）
A. 人体的安全电压为36VB. 一台电烤箱的加热功率约为1000W
C. 一台笔记本电脑正常工作的电流约为10AD. 一台电视机工作1小时消耗电能约为5
【答案】B
【解析】
【详解】A．人体的安全电压为不超过36V电压，故A不符合题意；
B．电烤箱是利用电流热效应工作的，加热功率约为1000W，故B符合题意；
C．一台笔记本电脑正常工作的功率约为60W，电流约为0.3A，故C不符合题意；
D．电视机的功率约为100W，工作一小时消耗的电能
故D不符合题意。
故选B。
4. 如图所示为运油-20空中加油机为战斗机进行空中加油的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 以飞行员为参照物，加油机是运动的B. 以战斗机为参照物，加油机是静止的
C. 加油时，加油机的速度大于战斗机的速度D. 战斗机做机械运动时，其速度一直不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．以飞行员为参照物，加油机的相对位置不变，是静止的，故A错误；
BC．加油时，加油机和战斗机的速度和方向要保持一致，以战斗机为参照物，加油机的相对位置不变，是静止的，故B正确，C错误；
D．战斗机做机械运动时，其速度不一定保持不变，故D错误。
故选B。
5. 四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列现象属于液化的是（ ）
A. 冰雪消融B. 露珠晶莹
C. 霜挂枝头D. 千里冰封
【答案】B
【解析】
【详解】A．冰雪消融，冰固态变为液态水，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹是空气中水蒸气遇冷，由气态变为液态，是液化现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷，由气态变为固态，是凝华现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
6. 如图所示为2022年元宵晚会我国航天员王亚平在中国空间站用古筝弹奏《茉莉花》，为全国人民送上太空音乐祝福，“此曲只应天上有，人间能得几回闻”。下列说法中正确的是（ ）
A. 拨动同一根琴弦的力越大，发声的音调越高
B. 演奏古筝时通过琴弦的振动发声
C. 用同样的力拨动琴弦，粗弦比细弦发声的响度大
D. 琴声可直接从太空以340m/s的速度传回地球
【答案】B
【解析】
【详解】A．拨动同一琴弦的力越大，琴弦的振幅越大，发声的响度越大，故A错误；
B．声音是由于物体振动产生的，演奏古筝时通过弦的振动发声，故B正确；
C．用同样的力拨动粗细不同的琴弦，琴弦的振幅相同，响度相同，振动频率不同，细的弦发声的音调更高，故C错误；
D．声音的传播需要介质，所以琴声不能直接从太空传回地球，故D错误。
故选B。
7. 如图所示是2023年2月23日19时49分，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将中星26号卫星发射升空。长征三号乙运载火箭在加速升空过程中，卫星的机械能的变化，下列说法正确的是（ ）
A. 动能不变，重力势能增加，机械能增加
B. 动能减少，重力势能减少，机械能减少
C. 动能增加，重力势能增加，机械能增加
D. 动能增加，重力势能减少，机械能不变
【答案】C
【解析】
【详解】动能的大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与物体的质量和高度有关，长征三号乙运载火箭在加速升空，速度增大，所以动能增加，升空过程中高度增大，所以重力势能增加，机械能等于动能和重力势能的和，所以机械能增加。
故选C。
8. 体育课后，汗流浃背的小东赶紧打开教室电扇吹风，顿时感觉凉快多了，下列做法中用相同方式改变蒸发快慢的是（ ）
A. 将湿衣服放在通风处晾干B. 用保鲜膜把水果包好放进冰箱
C. 把湿书包放到向阳的地方晒干D. 用扫帚把地面积水向四周扫开
【答案】A
【解析】
【详解】打开电风扇，加快空气流动的速度，加快人体汗液的蒸发，而蒸发从人体吸热，使人感到凉快。
A．将湿衣服放在通风处晾干，是通过加快空气流动的速度，加快水分蒸发的，故A符合题意；
B．用保鲜膜把水果包好放进冰箱，主要是通过控制液体表面积和降低温度来减慢蒸发的，故B不符合题意；
C．把湿书包放到向阳的地方晒干，是通过提高温度来加快水分蒸发的，故C不符合题意；
D．用扫帚把地面积水向四周扫开，是通过增大液体表面积来加快水的蒸发的，故D不符合题意。
故选A。
9. 在探究“二力平衡的条件”实验中，小聪同学采用的实验装置如图甲所示，小明同学采用的实验装置如图乙所示。关于两位同学的实验，下列说法合理的是（ ）
A. 图乙的装置更科学，原因是选用小车，可以减小重力对实验的影响
B. 图乙中判断小车是否受平衡力作用的唯一依据是小车保持匀速直线运动状态
C. 图甲左右两盘放质量不相等的砝码，木块仍保持静止，说明彼此平衡的两个力大小不相等
D. 图乙小车处于静止后，保持与的大小不变，把小车在水平桌面上扭转一个角度后释放，小车将转动，说明彼此平衡的两个力必须作用在同一条直线上
【答案】D
【解析】
【详解】A．图乙的装置更科学，原因是选用小车可以减小摩擦力对实验的影响，故A不符合题意；
B．图乙中判断小车是否受平衡力作用的依据是小车保持匀速直线运动状态或保持静止状态，故B不符合题意；
C．图甲左右两盘放质量不相等的砝码，木块仍保持静止，是因为木块和桌面间存在摩擦力，不能说明彼此平衡的两个力大小不相等，故C不符合题意；
D．图乙小车处于静止后，保持与的大小不变，把小车在水平桌面上扭转一个角度后释放，此时两个力不在同一直线上，小车将转动，即小车不能保持静止，小车受力不平衡，说明彼此平衡的两个力必须作用在同一条直线上，故D符合题意。
故选D。
10. “安全用电，珍爱生命”是每个人应有的意识与责任。下列做法符合安全用电规则的是（ ）
A. 打扫清洁时，可用湿毛巾擦拭家用电器
B. 同一插线板可同时使用多个大功率用电器
C. 电器起火时，应先用水扑灭再断开电路
D. 发现有人触电时，应先断开电源再救人
【答案】D
【解析】
【详解】A．生活用水是导体，用湿毛巾擦拭家用电器，容易发生触电事故，故A不符合题意；
B．同一插线板同时使用多个大功率用电器，会引起电路中电流过大，空气开关就会出现“跳闸”现象，故B不符合题意；
C．生活用水是导体，发生电火灾时如果直接用水去灭火，会发生触电事故，故C不符合题意；
D．人体是导体，发现有人触电，若立即用手去拉，会造成施救者也触电，正确做法是应先切断电源或用绝缘棒将电线挑开，故D符合题意。
故选D。
11. 如图所示为掷出的实心球的运动轨迹，下列分析正确的是（ ）
A. 实心球上升到最高点时受平衡力的作用
B. 实心球下降时速度增大，说明力是维持物体运动的原因
C. 球上升到最高点如果所受的力全部消失，它将做匀速直线运动
D. 球上升到最高点如果所受的力全部消失，它将静止不动
【答案】C
【解析】
【详解】．实心球上升到最高点时受到竖直向下的重力的作用和向后的阻力的作用，二力的方向不是相反的，受到非平衡力，故A错误；
B．实心球掷出后能继续向上运动是因为它具有惯性，不能说明力是维持物体运动的原因，故B错误；
．球上升到最高点，如果所受的力全部消失，由于球是运动的，则其运动状态不变，将做匀速直线运动，故C正确，D错误。
故选。
12. 在如图所示的甲、乙两个实物图中，闭合所有开关，各元件均能正常工作。现将一根导线接到两电路中的不同位置，会有不同的现象发生，下列说法中正确的是（ ）
A. 在甲图中，如果断开S，将导线接到开关的两端，则L1、L2被短路
B. 在乙图中，闭合S1，断开S2，将导线接到灯泡两端，则电动机工作，灯泡不工作
C. 在甲图中，闭合S，将导线接到L1两端，则L1、L2不发光
D. 在乙图中，闭合S1、S2，将导线接到电动机两端，则电动机和灯泡都不工作
【答案】D
【解析】
【详解】A．如果断开S，并将导线接到开关S两端，相当于接通了电路，两盏灯串联在电路中，则L1、L2发光，故A错误；
B．在图乙中，闭合S1、断开S2，此时只有灯泡接入电路中，将导线接到灯泡两端，则灯泡被短路，灯泡不发光，同时电源短路，会烧坏电源，则电动机和灯泡都不工作，故B错误；
C．在图甲中，闭合S，两个灯泡串联，将导线接到L1两端，L1被短路，不发光，只有L2发光，故C错误；
D．在图乙中，闭合S1、S2，电动机和灯泡并联，将导线接到电动机两端，此时电源短路，则电动机和灯泡都不工作，故D正确。
故选D。
13. 如图所示，是探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验电路。闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A. 乙螺线管的下端是S极
B. 大头针的下端散开是因为异名磁极相互排斥
C. 向左移动滑动变阻器的滑片P， 甲、乙吸引大头针的个数均会增多
D. 比较甲、乙吸引大头针的数量可得出电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
【答案】C
【解析】
【详解】A．乙螺线管中的电流是从其下端流入的，根据安培定则，乙螺线管的下端是N极，故A错误；
B．大头针被磁化，大头针下端的磁极相同，互相排斥，所以下端分散，故B错误；
C．向左移动滑片时，电路中电阻减小，电流变大，电磁铁的磁性增强，电磁铁甲、乙吸引大头针的数量会增多，故C正确；
D．由图知，甲吸引大头针的个数较多，说明甲的磁性较强，甲、乙串联，电流相等，甲的线圈匝数大于乙的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强，故D错误。
故选C。
14. 如图所示，在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，将线路板上三根横截面积相同的金属丝分别接入电路。下列说法错误的是（ ）
A. 灯泡越亮，表明接入电路中的金属丝的电阻越大
B. 选择金属丝①和③可以探究电阻的大小是否跟导线的材料有关
C. 实验时可以再串联一个电流表，让电流表来反映电阻大小
D. 该实验在探究过程中使用了控制变量法
【答案】A
【解析】
【详解】A．灯泡越亮，说明电路中的电流越大，则表明接入电路中的金属丝的电阻越小，故A错误，符合题意；
B．在研究电阻与导体的材料的关系时，由于①和③导线是长度、横截面积均相同，而材料不同，所以可以把①和③导线单独连入电路进行比较，可以探究导体的电阻大小是否跟导体的材料有关，故B正确，不符合题意；
C．电流表可以测量电路中电流的大小，实验时可以再串联一个电流表，让电流表来反映电阻大小，故C正确，不符合题意；
D．影响电阻大小的因素有多个，实验过程中，探究电阻与其中的一个物理量的关系时，需要控制其它物理量相同，则该实验在探究过程中使用了控制变量法，故D正确，不符合题意。
故选A。
15. 某兴趣小组的同学想利用热敏电阻制作一个简易电子温度计。他们首先测量了该热敏电阻的阻值随温度变化的关系，并绘制成如图甲所示的图像。然后找来一台电压恒定的电源、一块电压表、定值电阻R0、开关和一些导线，按照图乙所示的电路连接，制作成一个电子温度计。关于这支电子温度计，下列说法正确的是（ ）
A. 当所测温度在0℃到100℃之间时，该热敏电阻的阻值随温度升高而变大
B. 当所测温度从20℃上升到80℃时，电压表的示数随之变小
C. 当所测温度从20℃上升到60℃时，电路中的电流随之变小
D. 当所测温度从70℃下降到20℃时，热敏电阻两端的电压随之变大
【答案】D
【解析】
分析】
【详解】由图象可知，R与R串联，电流表测电路中的电流；
A．由图象可知，当所测温度在0℃到100℃之间时，热敏电阻R阻值随温度的升高而减小，故A错误；
BC．由图象可知，当所测温度从20℃上升到80℃时，热敏电阻R阻值减小，电路的总电阻
减小，由乙可知，电路中的电流变大，根据U=IR可知:电压表示数变大，故BC错误；
D．由图象可知，当所测温度从70℃下降到20℃时，热敏电阻R阻值变大，电路的总电阻
变大，由乙可知，电路中的电流减小，根据U=IR可知：R两端的电压变小，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：热敏电阻两端的电压变大，故D正确；
故选D。
二、填空题（每空2分，共36分）
16. 如图所示， 是生活中常用的物理降温“退热贴”。在退热过程中，人体的内能_________（选填“增大”或“减小” ），这是通过___________的方式改变物体的内能。
【答案】 ①. 减小 ②. 热传递
【解析】
【详解】[1][2]在退热过程中，人体放出热量，人体的内能减小，通过热传递的方式改变物体的内能。
17. 书法是中国特有的一种传统艺术。如图是某老师写毛笔字的情景，向右运笔时，笔毫向左弯曲，笔毫受到的摩擦力方向___________，笔毫上的墨汁越少就越干涩，在相同的压力下，墨汁越少，运笔时笔毫对纸张的摩擦力___________。
【答案】 ①. 水平向左 ②. 越大
【解析】
【详解】[1]在纸上写字，笔在运行中时笔毫向左弯曲，说明笔毫相对于纸张是向右运动的，此时笔毫所受摩擦力会阻碍笔毫向右运动，故笔毫所受摩擦力的方向水平向左。
[2]笔毫上的墨汁越少，接触面越粗糙，在相同的压力下，笔毫对纸张的摩擦力越大。
18. 为了保护好我们的眼睛，读写时眼睛与书本的距离应保持25cm左右。如图是小亮写字时的情景，长时间此姿势书写容易患上______眼，需要佩戴______透镜进行矫正。
【答案】 ①. 近视 ②. 凹
【解析】
【详解】[1][2] 图中小亮写字时眼睛离桌面太近，需要晶状体折光能力变强才能把像成在视网膜上，晶状体变厚折光能力才能变强。此姿势长时间书写，会造成晶状体的前后径变长，像会成在视网膜前面，容易患上近视眼，只能看清近处的物体，看不清远处的物体，需要佩戴凹透镜进行矫正。
19. 生活中的“吹”字蕴含着丰富的物理知识。图甲中，小朋友们持续用力吹气，将气球吹得鼓起来，说明力可以使物体发生__________；图乙中，对着B管吹气，水滴会从A管管口喷出，因为在气体流速越大的位置，压强越__________。
【答案】 ①. 形变 ②. 小
【解析】
【详解】[1]甲图中，用手指压气球，气球的形状发生变化，说明力可以使物体发生形变。
[2]对着B管吹气，A管管口流速快，根据流体压强与流速的关系可知，A管管口压强小，在大气压的作用下水滴会从A管管口喷出。
20. 探究“感应电流产生的条件”应选用图______（选填“甲”或“乙”）所示的装置进行实验。在这个装置中若仅改变磁场方向，则产生的感应电流方向______（选填“会”或“不会”）发生改变。
【答案】 ①. 乙 ②. 会
【解析】
【详解】[1]图甲是探究“磁场对通电导体的作用”的装置；利用图乙中的装置可以探究“感应电流产生的条件”。
[2]在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体运动方向有关，若只改变磁场方向或导体运动方向，感应电流方向会发生变化；若同时改变磁场方向和导体运动方向，感应电流方向不变。
21. 一石块和一个气球（气球内充有空气）捆在一起，浸没在水中下沉，在水中下沉的过程中，它们受到的液体压强将___________，它们受到的浮力将___________。（两空均选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】 ①. 增大 ②. 减小
【解析】
【详解】[1]由可知，在水中下沉的过程中，深度变深，压强增大。
[2]深度变深，压强变大，所以气球的体积变小，由可知，它们受到的浮力减小。
22. 小明利用如图所示电路测量未知电阻，连接好最后一根导线电流表指针立即偏转，没超量程。则小明在连接电路时存在的问题是______；实验时，他移动滑动变阻器，多次测量求的目的是为了______。
【答案】 ①. 开关没有断开 ②. 求平均值以减小误差
【解析】
【详解】[1]连接好最后一根导线电流表指针立即偏转，即电路被接通，说明小明在连接电路前开关没有断开。
[2]在测量未知电阻的阻值实验中，多次测量求的目的是为了求平均值，从而减小误差。
23. 甲、乙两个电阻的U﹣I图线如图所示，则乙的电阻值为_____Ω，当仅将甲、乙两电阻并联接在电源电压为2V的电路中时，则干路中的电流为________A。
【答案】 ①. 5 ②. 0.6
【解析】
【详解】[1][2]由图象可知，通过两电阻的电流与两端的电压成正比即两电阻是定值电阻，当
U甲=U乙=2V
时
I甲=0.2A、I乙=0.4A
乙电阻的阻值为
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流
I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A
24. 如图所示为一款电热中药壶的简化电路图，它有“大火和小火”两种工作状态。其中，。当开关S闭合，接a时是___________状态。该状态正常工作5min电流通过产生的热量是___________J。
【答案】 ①. 大火 ②.
【解析】
【详解】[1]当开关S闭合，接a时，电路为只有R1的简单电路；当开关S闭合，接b时，电路为串联电路，由可知，当开关S闭合，接a时是大火状态。
[2]电流通过产生的热量
三、作图与计算题（25题2分，26题2分，27题6分，28题6分，共16分）
25. 成语“凿壁偷光”，是指西汉匡衡凿穿墙壁引邻家之烛光读书一事（如图甲所示）。其原理可简化成如图乙所示的模型：S为邻家烛焰，ABCD衡在厚墙壁上凿穿的方形孔洞，请作出邻家烛S在匡衡家照亮的范围（用阴影线表示），完成相应光路图。＼
【答案】
【解析】
【详解】根据光的直线传播原理，作出光源S发出的经过方形孔洞上下边缘点A、C的光线，光屏上这两条光线间的部分是光线能够照到的范围，如图所示：
。
26. 如图甲所示为一种搬花神器，用它把花盆抬起时，相当于一个绕O点转动的杠杆，请在乙图中画出杠杆平衡时，作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。
【答案】
【解析】
【详解】由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力越小，动力臂越长，因此连接OA作为动力臂l1，作AF1垂直于OA，且沿着如图所示的方向，画出动力F1，如图所示：
27. 如图甲所示是中国女子冰壶队参加某次冬奥会时的一个情景。冰壶由花岗岩凿磨而成，质量约为20kg，与冰道接触的底面积约为。某次投掷时，如图乙所示，运动员用10N的水平力将冰壶从水平冰道的A点推到B点后放手，离手后冰壶继续滑行至C点停止。（g取10N/kg）求
（1）投掷过程中运动员对冰壶做的功；
（2）静止在C点的冰壶对水平冰道的压强。
【答案】（1）25J；（2）
【解析】
【详解】解：（1）投掷过程中运动员对冰壶做的功
（2）静止在C点的冰壶对水平冰道的压强
答：（1）投掷过程中运动员对冰壶做的功为25J；
（2）静止在C点的冰壶对水平冰道的压强为。
28. 如图所示，电源电压U=4.5V，定值电阻R1=5Ω，R2=15Ω，滑动变阻器R标有“20Ω，0.5A”字样，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A。
（1）开关S1、S2、S3均闭合时，求电路消耗的总功率；
（2）S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，求滑动变阻器R能接入电路的阻值范围。
【答案】（1）5.4W；（2）2.5~10Ω
【解析】
【详解】解：（1）开关S1、S2、S3均闭合时，滑动变阻器和电流表短路，定值电阻R1和R2并联，电阻R1消耗的功率
电阻R2消耗的功率
故电路消耗的总功率
（2）S1闭合，S2、S3断开，电阻R2断路，电阻R1和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路电流。当电流表示数为0.6A时，电阻R1两端电压
滑动变阻器两端的电压
所以滑动变阻器连入电路的电阻最小为
当电压表示数最大为3V时，R1两端电压为
电路电流为
滑动变阻器接入电路的电阻最大为
故滑动变阻器接入电路的阻值范围是2.5~10Ω。
答：（1）开关S1、S2、S3均闭合时，电路消耗的总功率为5.4W；
（2）S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，滑动变阻器R能接入电路的阻值范围为2.5~10Ω。
四、实验探究题（每空2分，共18分）
29. 小明同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，设计了如图所示的电路。
（1）小明用电压表测量两端的电压时，直接选用0~3V的量程，小丽说这样不行，规范的操作方法是先用0~15V的量程进行___________；
（2）实验过程中，小明发现，电压表示数为零，两灯都不亮，假设只有一处故障，则故障可能是___________；
（3）纠正错误，获得第一组实验数据后，他们接下来应该___________；
（4）分析实验数据，发现，你认为下列解释合理的一项是___________。
A．实验有误差，应继续换不同规格的灯泡多次实验
B．应反复断开、闭合开关，测出各次电压值
C．电压表不准确，应该换一个电压表继续实验
D．实际的导线、开关、电源等元件也有电阻，两端有较小电压
【答案】 ①. 试触 ②. L2断路 ③. 换用不同规格的灯泡重复实验 ④. D
【解析】
【详解】（1）[1]当不确定电压表测量对象两端的电压大小时，为了防止电压表被损坏，应该使用大量程进行试触，再根据指针偏转情况选择合适的电压表量程。
（2）[2]电压表示数为零，两灯都不亮，假设只有一处故障，则故障可能是L2断路，导致整个电路处于断路状态，电路中没有电流通过。
（3）[3]获得第一组实验数据后，为了避免偶然性，得出普遍性规律，他们接下来应该换用规格不同的灯泡重复实验。
（4）[4]实际的导线、开关、电源等元件也有电阻，两端有较小电压，即参与分压的电阻不仅仅是两个灯泡的电阻，所以两灯的电压之和小于电源电压。
故选D。
30. 在学习了《活动：密度应用交流会》后，某实验小组的同学利用家中的器材——电子秤、刻度杯、烧杯测量了牛奶的密度。实验前同学们不明白秤上的“清零”键是什么功能，在查看了说明书后了解到，不管秤上是否放有物体，只要按下“清零”键，其示数就会变成0，之后再往秤上添加物品时，电子屏上只显示所添加物品的质量。
（1）第一次测量的过程如图甲所示，则测得250mL牛奶的质量为______g；
（2）测量小组认为，利用电子秤的“清零”键可以直接读出牛奶的质量，下面的测量步骤，正确的实验顺序是______；
A.往烧杯中倒入牛奶，读出电子秤的示数为m
B.按下电子秤的“清零”键
C.将烧杯放在电子秤上
（3）经过对第一次实验的分析，实验小组进行了如下的第二次实验，实验过程如图乙所示，计算出牛奶的密度为______g/cm3；相较于第一次实验，第二次实验的优点是：______；
（4）返校交流时，发现各个小组测量的牛奶密度略有不同，造成这种现象的原因可能是______。
【答案】 ①. 254 ②. CBA ③. 1.02 ④. 测得的质量和体积更准确，误差更小 ⑤. 牛奶的种类不同
【解析】
【详解】（1）[1] 如图甲所示，空烧杯质量为25g，250mL牛奶和烧杯的总质量为279g，则250mL牛奶的质量为
（2）[2] 利用电子秤的“清零”键可以直接读出牛奶的质量，实验时应先将烧杯放在电子秤上，按下电子秤的“清零”键，再往烧杯中倒入牛奶，读出电子秤的示数为m即为牛奶的质量。则正确的实验顺序是CBA。
（3）[3] 如图乙所示，牛奶质量为
则牛奶的密度为
[4] 第一次实验中，倒入牛奶时袋内有残留，测得的质量偏小，会使得测得的密度偏小，而第二次实验消除了此问题，测得的密度更准确，误差更小。
（4）[5] 返校交流时，发现各个小组测量的牛奶密度略有不同，造成这种现象的原因可能是牛奶的种类不同。
B卷
一、不定项选择题（每题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错或者不答的得0分）
31. 2022年，兼顾低碳装置、环保宣教、复合空间、可拆卸、可移动、可长期使用的成都高新区“的地球”低碳小屋在大源中央公园落成。如图所示，其顶部采用了太阳能光伏发电，可满足室内照明、多媒体播放的需求，是行走的低碳知识“宣传者”。关于光伏发电和“低碳”，下列说法正确的是（ ）
A. 光伏发电是将太阳表面发生核裂变释放的光能转化为电能
B. 光伏发电利用的是不可再生能源，获得的电能是二次能源
C. 太阳能、风能、地热能等清洁能源的转换效率可达到100%
D. 能源利用中部分硫化物、碳氧化物的大量排放会对环境造成破坏
【答案】D
【解析】
【详解】A．光伏发电是将太阳内部发生核聚变释放的光能转化为电能，故A错误；
B．能够从自然界源源不断获得补充的能源叫可再生能源，太阳是可再生能源；无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源为二次能源，电能是二次能源。光伏发电利用的是太阳能，太阳能属于可再生能源，获得的电能是二次能源，故B错误；
C．实际生产和生活中转换效率不可能达到100%，故太阳能、风能、地热能等清洁能源的转换效率不可能达到100%，故C错误；
D．燃烧化石能源的产物：二氧化碳、二氧化硫、一氧化碳和粉尘，对水、土壤、大气也会造成污染，故D正确。
故选D。
32. 清晨，太阳从东方冉冉升起，云缝中射出道道霞光，它让我们的大千世界五彩缤纷，让我们的世界拥有了无穷奥妙，下列对光的世界的探究中，结论正确的是（ ）
A. 甲图，央视春晚节目《只此青绿》的临水起舞画面中，舞者在水中的“倒影”和日食的原理相同
B. 乙图，小薇按照图示将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上清晰的像变模糊，只将光屏靠近凸透镜时，又能在光屏上看到清晰的像，则该眼镜是近视眼镜
C. 丙图，直播带货时，手机摄像头成的是正立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头
D. 丁图，将印有花的透明胶片，贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着凸透镜，调整位置墙上出现一朵清晰放大的“花”，胶片上的花是倒立的
【答案】D
【解析】
【详解】A．因为光滑的舞台相当于平面镜，所以看到的倒影是平面镜成像，即光的反射形成的，小孔成像的原理是光的直线传播，故A错误；
B．将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像也变得模糊了，只将光屏靠近透镜移动时，又可以在光屏上看到烛焰清晰的像，说明眼镜对光线有会聚作用，是凸透镜，应用于远视眼镜，故B错误；
C．手机摄像头是一个凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头，物距变小，像距变大，像变大，故C错误；
D．由图可知，此时的物距小于像距，则成的是放大、倒立的实像，故D正确。
故选D。
33. 为了解液体A的吸热能力，小悦用同一个酒精灯分别加热1kg水和1kg液体A，用测得的数据绘制了温度随时间变化的图像如图所示。该酒精灯每分钟消耗酒精的质量为1g，，（kg·℃），则下列说法中正确的是（ ）
A. 应使水和液体A的初温和末温中至少一项相等
B. 0~4min，水吸收的热量大于液体A吸收的热量
C. 液体A的比热容为
D. 该酒精灯加热效率为35%
【答案】D
【解析】
【详解】A．本实验是质量相同的物质吸收相等的热量，通过比较温度升高量来确定物体吸热能力的，没必要使水和液体A的初温和末温中至少一项相等，故A错误；
B．同一个酒精灯分别加热，相同时间内吸收热量相同，所以0~4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，故B错误；
C．由图像可知，水升温10℃用时4min，液体A升温30℃用时5min，根据转换法，吸收热量多少通过加热时间来反映，根据可知液体A和水的比热容之比为
则液体A的比热容为
故C错误；
D．水4min吸收的热量为
4min内消耗的酒精完全燃烧放出的热量为
则该酒精灯加热效率为
故D正确。
故选D。
34. 工人利用如图甲所示的滑轮组提升质量为10kg，边长为10cm的正方体物体，他用拉力F拉绳，F随时间变化的图像如图乙所示，物体的速度v随时间t变化的关系图像如图丙所示，滑轮组的绕绳能承受的最大拉力为200N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，g取10N/kg。以下说法正确的是（ ）
A. 在2~3s内动滑轮对重物做的功为260J
B. 在0~1s内物体对地面的压强为3000Pa
C. 使用此滑轮组能匀速提起重为590N的物体
D. 若匀速提升另一物体时机械效率为80%，则提升的物体重力为80N
【答案】BD
【解析】
【详解】A．在2~3s内动滑轮对重物做的功
故A错误；
B．在2~3s内物体做匀速直线运动，受力平衡，由图可知，n=3，则
解得
在0~1s内物体受到的拉力
解得
物体对地面的压力
在0~1s内物体对地面的压强为
故B正确；
C．滑轮组的绕绳能承受的最大拉力为200N，则使用此滑轮组能匀速提起物体重力的最大值为
解得
故C错误；
D．若匀速提升另一物体时机械效率为80%，则提升的物体重力
解得
故D正确。
故选BD。
35. 如图甲所示的电路，滑动变阻器铭牌上标有“？1A”，电流表所用的量程为0~3A，两个电压表的量程均为0~15V，当只闭合开关S，滑动变阻器滑片从最右端向左逐渐调节，直至灯泡正常发光时，滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍，电流表与两电压表示数变化如图乙所示，U1∶U2=3∶8，闭合S、S1、S2三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，电流表示数为0.9A，下列说法正确的是（ ）
A. 灯泡的额定功率是3W
B. 滑动变阻器的最大电阻为40Ω
C. 任意闭合开关并调节滑动变阻器，整个电路最大功率为14.4W
D. 任意闭合开关并调节滑动变阻器，整个电路最小功率为0.75W
【答案】AC
【解析】
【详解】A．由图甲可知，当只闭合开关S时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电流表测电路中电流，电压表V1测灯泡L两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，当滑片由最右端向左调节时，电路中的电阻减小，电流增大，滑动变阻器两端电压变小，灯泡两端电压变大，由图乙可知，电路中的电流最大为I额=0.5A，此时小灯泡两端电压为U额=6V，故由P=UI可得，灯泡的额定电压为
P额=U额I额=6V×0.5A=3W
故A正确；
B．由图乙可知，只闭合开关S时，当电路中电流为0.5A时，此时小灯泡两端电压为U额=6V，此时滑动变阻器两端电压为U1，当电路中电流最小时，此时滑动变阻器的滑片位于最右端，小灯泡两端电压为U′=1V，滑动变阻器两端电压为U2，由串联电路的电压规律可得，电源电压为
U=6V+U1=1V+U2①
由题意可得
U1∶U2=3∶8②
联立①②，解得U1=3V，U2=8V，U=9V，故由欧姆定律可得，小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的阻值为
因此时滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍，故可得滑动变阻器的最大阻值为
故B错误；
C．由P=UI可得，电源电压不变时，电路的总电流越大，电路消耗的功率越大，三个开关均闭合后，滑动变阻器R2和定值电阻R1并联，电流表测干路中电流，将滑动变阻器滑片调至最右端后，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为R大=30Ω，由欧姆定律可得，此时流过滑动变阻器的电流为
由题意可知，此时干路电流为I=0.9A，故由并联电路的电流规律可得，流过定值电阻R1的电流为
I1=I-I2=0.9A-0.3A=0.6A
故由欧姆定律可得，定值电阻R1的阻值为
由题意可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为I0=1A，流过定值电阻R1的电流为I1=0.6A不变，故可得此时干路电流最大为
Imax=I0+I1=1A+0.6A=1.6A
因电流表最大量程为3A，故符合题意，故由P=UI可得，整个电路最大功率为
Pmax=UImax=9V×1.6A=14.4W
故C正确；
D．当只闭合开关S，灯泡L与滑动变阻器串联，且滑动变阻器的滑片位于最右端时，此时电路中的电流最小为
故由P=UI可得，整个电路的最小功率为
故D错误。
故选AC。
二、综合题
36. 空调扇是一种全新概念的风扇，兼具送风、制冷、取暖和净化空气、加湿等多功能于一身，以水为介质，可送出低于室温的冷风，也可送出温暖湿润的风。如图甲，在空调扇内部比传统风扇增加了冰盒、水盒，通过强力水泵的抽取，水分被输送到超强吸水纤维蒸发器中，在这里原本干热的空气就变得湿润凉爽了。
（1）某同学在研究了空调扇的结构图与说明书后，得出下列结论，其中不合理的是___________；
A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器
C．空调扇正常工作时，电动机线圈的热功率为66W
D．空调扇功率不大且外壳由塑料制成，因此可以使用两孔插座
（2）图乙是空调扇的简化电路，当接通电源时，指示灯L亮，空调扇处于待机状态，再闭合S，空调扇正常运转时，测出通过电动机支路的电流为250mA，待机状态下电路的功率为___________；
（3）该同学通过下列步骤测量空调扇的实际功率：
A．关闭家里所有用电器，观察电能表读数为3718.5千瓦时；
B．打开空调扇，使其单独工作2h后关闭，此时电能表读数为3718.7千瓦时；
C．根据相关数据，可计算出空调扇的实际功率为___________W；
（4）空调扇底座安装了万向轮，方便移动，但在其他设计上存在缺陷，请写成一条：___________。
【答案】 ①. CD ②. 11 ③. 100 ④. 电源线太短
【解析】
【详解】（1）[1] A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是因为水是导体，水会将电导出，是为了防止触电事故的发生，故A不符合题意；
B．电热会对电器造成不利影响，说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器，故B不符合题意；
C．空调扇正常工作时的功率为66W，将电能转化为机械能和内能，所以电动机线圈的热功率小于66W，故C符合题意；
D．空调扇功率虽然不是很大但要长时间持续使用，为了安全要使用三孔插座，故D符合题意。
故选CD。
（2）[2]由电路图可知，闭合开关S，电路为并联电路，测出通过电动机支路的电流为250mA，则该支路的功率为
由表中信息可知，电路总功率为66W，则灯泡所在支路的功率
即待机状态下电路功率为11W。
（3）[3]空调扇实际功率
（4）[4]由表中信息可知，空调扇的电源线只有0.8m，虽然有万向轮方便移动，但在使用时可能因为电源线过短而不方便插电。
37. 如图所示，薄壁圆柱形容器A放在水平桌面上，质量，高度，底面积。容器A内装有0.6kg的水，现有均匀实心圆柱体B和C，其中B的密度为，高度为，C的质量为，体积，高度为。已知，g=10N/kg，忽略实心圆柱体吸水、容器壁厚度、液体附着等次要因素。
（1）求容器A对水平桌面的压强；
（2）若将圆柱体B竖直压入容器A的底部，再向上提升，直到圆柱体B的底部距离容器底部为3cm，在此过程中，没有水从容器中溢出，且水对容器底部的压力变化了1N，求圆柱体B的底面积；
（3）若把C放在B上，把它们一起缓慢放入容器中，再沿着容器壁缓慢加入0.5kg的水，平衡时C与B始终不倾倒，且接触面水平，求此时液体对容器底部的压力。
【答案】（1）900；（2）；（3）17.5N
【解析】
【详解】解：（1）容器A对水平桌面的压强
（2）水对容器底部的压力变化了1N，则压强的变化量为
水面高度变化量为
放入B之前，A中水面高度为
此时水面高度为0.07m，圆柱体B的底部距离容器底部为3cm，即0.03m，则B在水下的高度为0.04m，则B的底面积为
（3）杯中水的重力为
B的质量
则BC的总质量为
BC的体积为
所以BC在水中漂浮，浮力等于重力，即
力的作用是相互的，水给BC竖直向上的浮力，BC给水竖直向下的压力，所以此时液体对容器底部的压力为
答：（1）容器A对水平桌面压强为900；
（2）圆柱体B的底面积为；
（3）此时液体对容器底部的压力为17.5N。项目
参数
项目
参数
额定电压
220V
水箱容量
1L
额定功率
66W
蒸发量
0.5L/h
空机质量
7.5kg
电源线长度
0.8m
说明：1.全卷分A卷和B卷，A卷满分100分，B卷满分20分，全卷共120分；考试时间90分钟。
2.全卷答案完成到答题卡上。
A卷（100分）
一、单项选择题（每题2分，共30分）
1. 在一次活动中，无人机群接收到地面指挥系统的指令，在空中编织出美丽的图案。如图所示，地面指挥系统向无人机群发出编队指令的“传递使者”是（ ）
A. 探照灯光B. 电磁波C. 超声波D. 光纤
【答案】B
【解析】
【详解】地面指挥系统通过电磁波控制无人机，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2. 地球被几百千米厚的大气层包围着，大气对浸在其中的物体有压强。以下实例中，能说明大气压存在的是（ ）
A. 茶壶的壶体与壶嘴中的水面相平B. 医生推动活塞给病人注射药液
C. 拦河大坝总是上窄下宽D. 用塑料吸管能把饮料吸入口中
【答案】D
【解析】
【详解】A．茶壶的壶体与壶嘴中的水面相平利用的是连通器原理，与液体压强有关，故A不符合题意；
B．医生推动活塞给病人注射药液，利用的是医生的推力，故B不符合题意；
C．拦河大坝总是上窄下宽是因为水的深度越深，对堤坝产生的压强越大，故C不符合题意；
D．用塑料吸管能把饮料吸入口中，是因为管内气压小于外界大气压，饮料在大气压的作用下被压入口中，故D符合题意。
故选D。
3. 学习了电学知识后，请同学们判断，下列估测的数据中，最符合实际的是（ ）
A. 人体的安全电压为36VB. 一台电烤箱的加热功率约为1000W
C. 一台笔记本电脑正常工作的电流约为10AD. 一台电视机工作1小时消耗电能约为5
【答案】B
【解析】
【详解】A．人体的安全电压为不超过36V电压，故A不符合题意；
B．电烤箱是利用电流热效应工作的，加热功率约为1000W，故B符合题意；
C．一台笔记本电脑正常工作的功率约为60W，电流约为0.3A，故C不符合题意；
D．电视机的功率约为100W，工作一小时消耗的电能
故D不符合题意。
故选B。
4. 如图所示为运油-20空中加油机为战斗机进行空中加油的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 以飞行员为参照物，加油机是运动的B. 以战斗机为参照物，加油机是静止的
C. 加油时，加油机的速度大于战斗机的速度D. 战斗机做机械运动时，其速度一直不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．以飞行员为参照物，加油机的相对位置不变，是静止的，故A错误；
BC．加油时，加油机和战斗机的速度和方向要保持一致，以战斗机为参照物，加油机的相对位置不变，是静止的，故B正确，C错误；
D．战斗机做机械运动时，其速度不一定保持不变，故D错误。
故选B。
5. 四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列现象属于液化的是（ ）
A. 冰雪消融B. 露珠晶莹
C. 霜挂枝头D. 千里冰封
【答案】B
【解析】
【详解】A．冰雪消融，冰固态变为液态水，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹是空气中水蒸气遇冷，由气态变为液态，是液化现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷，由气态变为固态，是凝华现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
6. 如图所示为2022年元宵晚会我国航天员王亚平在中国空间站用古筝弹奏《茉莉花》，为全国人民送上太空音乐祝福，“此曲只应天上有，人间能得几回闻”。下列说法中正确的是（ ）
A. 拨动同一根琴弦的力越大，发声的音调越高
B. 演奏古筝时通过琴弦的振动发声
C. 用同样的力拨动琴弦，粗弦比细弦发声的响度大
D. 琴声可直接从太空以340m/s的速度传回地球
【答案】B
【解析】
【详解】A．拨动同一琴弦的力越大，琴弦的振幅越大，发声的响度越大，故A错误；
B．声音是由于物体振动产生的，演奏古筝时通过弦的振动发声，故B正确；
C．用同样的力拨动粗细不同的琴弦，琴弦的振幅相同，响度相同，振动频率不同，细的弦发声的音调更高，故C错误；
D．声音的传播需要介质，所以琴声不能直接从太空传回地球，故D错误。
故选B。
7. 如图所示是2023年2月23日19时49分，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将中星26号卫星发射升空。长征三号乙运载火箭在加速升空过程中，卫星的机械能的变化，下列说法正确的是（ ）
A. 动能不变，重力势能增加，机械能增加
B. 动能减少，重力势能减少，机械能减少
C. 动能增加，重力势能增加，机械能增加
D. 动能增加，重力势能减少，机械能不变
【答案】C
【解析】
【详解】动能的大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与物体的质量和高度有关，长征三号乙运载火箭在加速升空，速度增大，所以动能增加，升空过程中高度增大，所以重力势能增加，机械能等于动能和重力势能的和，所以机械能增加。
故选C。
8. 体育课后，汗流浃背的小东赶紧打开教室电扇吹风，顿时感觉凉快多了，下列做法中用相同方式改变蒸发快慢的是（ ）
A. 将湿衣服放在通风处晾干B. 用保鲜膜把水果包好放进冰箱
C. 把湿书包放到向阳的地方晒干D. 用扫帚把地面积水向四周扫开
【答案】A
【解析】
【详解】打开电风扇，加快空气流动的速度，加快人体汗液的蒸发，而蒸发从人体吸热，使人感到凉快。
A．将湿衣服放在通风处晾干，是通过加快空气流动的速度，加快水分蒸发的，故A符合题意；
B．用保鲜膜把水果包好放进冰箱，主要是通过控制液体表面积和降低温度来减慢蒸发的，故B不符合题意；
C．把湿书包放到向阳的地方晒干，是通过提高温度来加快水分蒸发的，故C不符合题意；
D．用扫帚把地面积水向四周扫开，是通过增大液体表面积来加快水的蒸发的，故D不符合题意。
故选A。
9. 在探究“二力平衡的条件”实验中，小聪同学采用的实验装置如图甲所示，小明同学采用的实验装置如图乙所示。关于两位同学的实验，下列说法合理的是（ ）
A. 图乙的装置更科学，原因是选用小车，可以减小重力对实验的影响
B. 图乙中判断小车是否受平衡力作用的唯一依据是小车保持匀速直线运动状态
C. 图甲左右两盘放质量不相等的砝码，木块仍保持静止，说明彼此平衡的两个力大小不相等
D. 图乙小车处于静止后，保持与的大小不变，把小车在水平桌面上扭转一个角度后释放，小车将转动，说明彼此平衡的两个力必须作用在同一条直线上
【答案】D
【解析】
【详解】A．图乙的装置更科学，原因是选用小车可以减小摩擦力对实验的影响，故A不符合题意；
B．图乙中判断小车是否受平衡力作用的依据是小车保持匀速直线运动状态或保持静止状态，故B不符合题意；
C．图甲左右两盘放质量不相等的砝码，木块仍保持静止，是因为木块和桌面间存在摩擦力，不能说明彼此平衡的两个力大小不相等，故C不符合题意；
D．图乙小车处于静止后，保持与的大小不变，把小车在水平桌面上扭转一个角度后释放，此时两个力不在同一直线上，小车将转动，即小车不能保持静止，小车受力不平衡，说明彼此平衡的两个力必须作用在同一条直线上，故D符合题意。
故选D。
10. “安全用电，珍爱生命”是每个人应有的意识与责任。下列做法符合安全用电规则的是（ ）
A. 打扫清洁时，可用湿毛巾擦拭家用电器
B. 同一插线板可同时使用多个大功率用电器
C. 电器起火时，应先用水扑灭再断开电路
D. 发现有人触电时，应先断开电源再救人
【答案】D
【解析】
【详解】A．生活用水是导体，用湿毛巾擦拭家用电器，容易发生触电事故，故A不符合题意；
B．同一插线板同时使用多个大功率用电器，会引起电路中电流过大，空气开关就会出现“跳闸”现象，故B不符合题意；
C．生活用水是导体，发生电火灾时如果直接用水去灭火，会发生触电事故，故C不符合题意；
D．人体是导体，发现有人触电，若立即用手去拉，会造成施救者也触电，正确做法是应先切断电源或用绝缘棒将电线挑开，故D符合题意。
故选D。
11. 如图所示为掷出的实心球的运动轨迹，下列分析正确的是（ ）
A. 实心球上升到最高点时受平衡力的作用
B. 实心球下降时速度增大，说明力是维持物体运动的原因
C. 球上升到最高点如果所受的力全部消失，它将做匀速直线运动
D. 球上升到最高点如果所受的力全部消失，它将静止不动
【答案】C
【解析】
【详解】．实心球上升到最高点时受到竖直向下的重力的作用和向后的阻力的作用，二力的方向不是相反的，受到非平衡力，故A错误；
B．实心球掷出后能继续向上运动是因为它具有惯性，不能说明力是维持物体运动的原因，故B错误；
．球上升到最高点，如果所受的力全部消失，由于球是运动的，则其运动状态不变，将做匀速直线运动，故C正确，D错误。
故选。
12. 在如图所示的甲、乙两个实物图中，闭合所有开关，各元件均能正常工作。现将一根导线接到两电路中的不同位置，会有不同的现象发生，下列说法中正确的是（ ）
A. 在甲图中，如果断开S，将导线接到开关的两端，则L1、L2被短路
B. 在乙图中，闭合S1，断开S2，将导线接到灯泡两端，则电动机工作，灯泡不工作
C. 在甲图中，闭合S，将导线接到L1两端，则L1、L2不发光
D. 在乙图中，闭合S1、S2，将导线接到电动机两端，则电动机和灯泡都不工作
【答案】D
【解析】
【详解】A．如果断开S，并将导线接到开关S两端，相当于接通了电路，两盏灯串联在电路中，则L1、L2发光，故A错误；
B．在图乙中，闭合S1、断开S2，此时只有灯泡接入电路中，将导线接到灯泡两端，则灯泡被短路，灯泡不发光，同时电源短路，会烧坏电源，则电动机和灯泡都不工作，故B错误；
C．在图甲中，闭合S，两个灯泡串联，将导线接到L1两端，L1被短路，不发光，只有L2发光，故C错误；
D．在图乙中，闭合S1、S2，电动机和灯泡并联，将导线接到电动机两端，此时电源短路，则电动机和灯泡都不工作，故D正确。
故选D。
13. 如图所示，是探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验电路。闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A. 乙螺线管的下端是S极
B. 大头针的下端散开是因为异名磁极相互排斥
C. 向左移动滑动变阻器的滑片P， 甲、乙吸引大头针的个数均会增多
D. 比较甲、乙吸引大头针的数量可得出电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
【答案】C
【解析】
【详解】A．乙螺线管中的电流是从其下端流入的，根据安培定则，乙螺线管的下端是N极，故A错误；
B．大头针被磁化，大头针下端的磁极相同，互相排斥，所以下端分散，故B错误；
C．向左移动滑片时，电路中电阻减小，电流变大，电磁铁的磁性增强，电磁铁甲、乙吸引大头针的数量会增多，故C正确；
D．由图知，甲吸引大头针的个数较多，说明甲的磁性较强，甲、乙串联，电流相等，甲的线圈匝数大于乙的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强，故D错误。
故选C。
14. 如图所示，在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，将线路板上三根横截面积相同的金属丝分别接入电路。下列说法错误的是（ ）
A. 灯泡越亮，表明接入电路中的金属丝的电阻越大
B. 选择金属丝①和③可以探究电阻的大小是否跟导线的材料有关
C. 实验时可以再串联一个电流表，让电流表来反映电阻大小
D. 该实验在探究过程中使用了控制变量法
【答案】A
【解析】
【详解】A．灯泡越亮，说明电路中的电流越大，则表明接入电路中的金属丝的电阻越小，故A错误，符合题意；
B．在研究电阻与导体的材料的关系时，由于①和③导线是长度、横截面积均相同，而材料不同，所以可以把①和③导线单独连入电路进行比较，可以探究导体的电阻大小是否跟导体的材料有关，故B正确，不符合题意；
C．电流表可以测量电路中电流的大小，实验时可以再串联一个电流表，让电流表来反映电阻大小，故C正确，不符合题意；
D．影响电阻大小的因素有多个，实验过程中，探究电阻与其中的一个物理量的关系时，需要控制其它物理量相同，则该实验在探究过程中使用了控制变量法，故D正确，不符合题意。
故选A。
15. 某兴趣小组的同学想利用热敏电阻制作一个简易电子温度计。他们首先测量了该热敏电阻的阻值随温度变化的关系，并绘制成如图甲所示的图像。然后找来一台电压恒定的电源、一块电压表、定值电阻R0、开关和一些导线，按照图乙所示的电路连接，制作成一个电子温度计。关于这支电子温度计，下列说法正确的是（ ）
A. 当所测温度在0℃到100℃之间时，该热敏电阻的阻值随温度升高而变大
B. 当所测温度从20℃上升到80℃时，电压表的示数随之变小
C. 当所测温度从20℃上升到60℃时，电路中的电流随之变小
D. 当所测温度从70℃下降到20℃时，热敏电阻两端的电压随之变大
【答案】D
【解析】
分析】
【详解】由图象可知，R与R串联，电流表测电路中的电流；
A．由图象可知，当所测温度在0℃到100℃之间时，热敏电阻R阻值随温度的升高而减小，故A错误；
BC．由图象可知，当所测温度从20℃上升到80℃时，热敏电阻R阻值减小，电路的总电阻
减小，由乙可知，电路中的电流变大，根据U=IR可知:电压表示数变大，故BC错误；
D．由图象可知，当所测温度从70℃下降到20℃时，热敏电阻R阻值变大，电路的总电阻
变大，由乙可知，电路中的电流减小，根据U=IR可知：R两端的电压变小，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：热敏电阻两端的电压变大，故D正确；
故选D。
二、填空题（每空2分，共36分）
16. 如图所示， 是生活中常用的物理降温“退热贴”。在退热过程中，人体的内能_________（选填“增大”或“减小” ），这是通过___________的方式改变物体的内能。
【答案】 ①. 减小 ②. 热传递
【解析】
【详解】[1][2]在退热过程中，人体放出热量，人体的内能减小，通过热传递的方式改变物体的内能。
17. 书法是中国特有的一种传统艺术。如图是某老师写毛笔字的情景，向右运笔时，笔毫向左弯曲，笔毫受到的摩擦力方向___________，笔毫上的墨汁越少就越干涩，在相同的压力下，墨汁越少，运笔时笔毫对纸张的摩擦力___________。
【答案】 ①. 水平向左 ②. 越大
【解析】
【详解】[1]在纸上写字，笔在运行中时笔毫向左弯曲，说明笔毫相对于纸张是向右运动的，此时笔毫所受摩擦力会阻碍笔毫向右运动，故笔毫所受摩擦力的方向水平向左。
[2]笔毫上的墨汁越少，接触面越粗糙，在相同的压力下，笔毫对纸张的摩擦力越大。
18. 为了保护好我们的眼睛，读写时眼睛与书本的距离应保持25cm左右。如图是小亮写字时的情景，长时间此姿势书写容易患上______眼，需要佩戴______透镜进行矫正。
【答案】 ①. 近视 ②. 凹
【解析】
【详解】[1][2] 图中小亮写字时眼睛离桌面太近，需要晶状体折光能力变强才能把像成在视网膜上，晶状体变厚折光能力才能变强。此姿势长时间书写，会造成晶状体的前后径变长，像会成在视网膜前面，容易患上近视眼，只能看清近处的物体，看不清远处的物体，需要佩戴凹透镜进行矫正。
19. 生活中的“吹”字蕴含着丰富的物理知识。图甲中，小朋友们持续用力吹气，将气球吹得鼓起来，说明力可以使物体发生__________；图乙中，对着B管吹气，水滴会从A管管口喷出，因为在气体流速越大的位置，压强越__________。
【答案】 ①. 形变 ②. 小
【解析】
【详解】[1]甲图中，用手指压气球，气球的形状发生变化，说明力可以使物体发生形变。
[2]对着B管吹气，A管管口流速快，根据流体压强与流速的关系可知，A管管口压强小，在大气压的作用下水滴会从A管管口喷出。
20. 探究“感应电流产生的条件”应选用图______（选填“甲”或“乙”）所示的装置进行实验。在这个装置中若仅改变磁场方向，则产生的感应电流方向______（选填“会”或“不会”）发生改变。
【答案】 ①. 乙 ②. 会
【解析】
【详解】[1]图甲是探究“磁场对通电导体的作用”的装置；利用图乙中的装置可以探究“感应电流产生的条件”。
[2]在电磁感应现象中，感应电流的方向与磁场方向和导体运动方向有关，若只改变磁场方向或导体运动方向，感应电流方向会发生变化；若同时改变磁场方向和导体运动方向，感应电流方向不变。
21. 一石块和一个气球（气球内充有空气）捆在一起，浸没在水中下沉，在水中下沉的过程中，它们受到的液体压强将___________，它们受到的浮力将___________。（两空均选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】 ①. 增大 ②. 减小
【解析】
【详解】[1]由可知，在水中下沉的过程中，深度变深，压强增大。
[2]深度变深，压强变大，所以气球的体积变小，由可知，它们受到的浮力减小。
22. 小明利用如图所示电路测量未知电阻，连接好最后一根导线电流表指针立即偏转，没超量程。则小明在连接电路时存在的问题是______；实验时，他移动滑动变阻器，多次测量求的目的是为了______。
【答案】 ①. 开关没有断开 ②. 求平均值以减小误差
【解析】
【详解】[1]连接好最后一根导线电流表指针立即偏转，即电路被接通，说明小明在连接电路前开关没有断开。
[2]在测量未知电阻的阻值实验中，多次测量求的目的是为了求平均值，从而减小误差。
23. 甲、乙两个电阻的U﹣I图线如图所示，则乙的电阻值为_____Ω，当仅将甲、乙两电阻并联接在电源电压为2V的电路中时，则干路中的电流为________A。
【答案】 ①. 5 ②. 0.6
【解析】
【详解】[1][2]由图象可知，通过两电阻的电流与两端的电压成正比即两电阻是定值电阻，当
U甲=U乙=2V
时
I甲=0.2A、I乙=0.4A
乙电阻的阻值为
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流
I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A
24. 如图所示为一款电热中药壶的简化电路图，它有“大火和小火”两种工作状态。其中，。当开关S闭合，接a时是___________状态。该状态正常工作5min电流通过产生的热量是___________J。
【答案】 ①. 大火 ②.
【解析】
【详解】[1]当开关S闭合，接a时，电路为只有R1的简单电路；当开关S闭合，接b时，电路为串联电路，由可知，当开关S闭合，接a时是大火状态。
[2]电流通过产生的热量
三、作图与计算题（25题2分，26题2分，27题6分，28题6分，共16分）
25. 成语“凿壁偷光”，是指西汉匡衡凿穿墙壁引邻家之烛光读书一事（如图甲所示）。其原理可简化成如图乙所示的模型：S为邻家烛焰，ABCD衡在厚墙壁上凿穿的方形孔洞，请作出邻家烛S在匡衡家照亮的范围（用阴影线表示），完成相应光路图。＼
【答案】
【解析】
【详解】根据光的直线传播原理，作出光源S发出的经过方形孔洞上下边缘点A、C的光线，光屏上这两条光线间的部分是光线能够照到的范围，如图所示：
。
26. 如图甲所示为一种搬花神器，用它把花盆抬起时，相当于一个绕O点转动的杠杆，请在乙图中画出杠杆平衡时，作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。
【答案】
【解析】
【详解】由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力越小，动力臂越长，因此连接OA作为动力臂l1，作AF1垂直于OA，且沿着如图所示的方向，画出动力F1，如图所示：
27. 如图甲所示是中国女子冰壶队参加某次冬奥会时的一个情景。冰壶由花岗岩凿磨而成，质量约为20kg，与冰道接触的底面积约为。某次投掷时，如图乙所示，运动员用10N的水平力将冰壶从水平冰道的A点推到B点后放手，离手后冰壶继续滑行至C点停止。（g取10N/kg）求
（1）投掷过程中运动员对冰壶做的功；
（2）静止在C点的冰壶对水平冰道的压强。
【答案】（1）25J；（2）
【解析】
【详解】解：（1）投掷过程中运动员对冰壶做的功
（2）静止在C点的冰壶对水平冰道的压强
答：（1）投掷过程中运动员对冰壶做的功为25J；
（2）静止在C点的冰壶对水平冰道的压强为。
28. 如图所示，电源电压U=4.5V，定值电阻R1=5Ω，R2=15Ω，滑动变阻器R标有“20Ω，0.5A”字样，电压表的量程为0~3V，电流表的量程为0~0.6A。
（1）开关S1、S2、S3均闭合时，求电路消耗的总功率；
（2）S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，求滑动变阻器R能接入电路的阻值范围。
【答案】（1）5.4W；（2）2.5~10Ω
【解析】
【详解】解：（1）开关S1、S2、S3均闭合时，滑动变阻器和电流表短路，定值电阻R1和R2并联，电阻R1消耗的功率
电阻R2消耗的功率
故电路消耗的总功率
（2）S1闭合，S2、S3断开，电阻R2断路，电阻R1和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路电流。当电流表示数为0.6A时，电阻R1两端电压
滑动变阻器两端的电压
所以滑动变阻器连入电路的电阻最小为
当电压表示数最大为3V时，R1两端电压为
电路电流为
滑动变阻器接入电路的电阻最大为
故滑动变阻器接入电路的阻值范围是2.5~10Ω。
答：（1）开关S1、S2、S3均闭合时，电路消耗的总功率为5.4W；
（2）S1闭合，S2、S3断开，为保证电路元件安全，滑动变阻器R能接入电路的阻值范围为2.5~10Ω。
四、实验探究题（每空2分，共18分）
29. 小明同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，设计了如图所示的电路。
（1）小明用电压表测量两端的电压时，直接选用0~3V的量程，小丽说这样不行，规范的操作方法是先用0~15V的量程进行___________；
（2）实验过程中，小明发现，电压表示数为零，两灯都不亮，假设只有一处故障，则故障可能是___________；
（3）纠正错误，获得第一组实验数据后，他们接下来应该___________；
（4）分析实验数据，发现，你认为下列解释合理的一项是___________。
A．实验有误差，应继续换不同规格的灯泡多次实验
B．应反复断开、闭合开关，测出各次电压值
C．电压表不准确，应该换一个电压表继续实验
D．实际的导线、开关、电源等元件也有电阻，两端有较小电压
【答案】 ①. 试触 ②. L2断路 ③. 换用不同规格的灯泡重复实验 ④. D
【解析】
【详解】（1）[1]当不确定电压表测量对象两端的电压大小时，为了防止电压表被损坏，应该使用大量程进行试触，再根据指针偏转情况选择合适的电压表量程。
（2）[2]电压表示数为零，两灯都不亮，假设只有一处故障，则故障可能是L2断路，导致整个电路处于断路状态，电路中没有电流通过。
（3）[3]获得第一组实验数据后，为了避免偶然性，得出普遍性规律，他们接下来应该换用规格不同的灯泡重复实验。
（4）[4]实际的导线、开关、电源等元件也有电阻，两端有较小电压，即参与分压的电阻不仅仅是两个灯泡的电阻，所以两灯的电压之和小于电源电压。
故选D。
30. 在学习了《活动：密度应用交流会》后，某实验小组的同学利用家中的器材——电子秤、刻度杯、烧杯测量了牛奶的密度。实验前同学们不明白秤上的“清零”键是什么功能，在查看了说明书后了解到，不管秤上是否放有物体，只要按下“清零”键，其示数就会变成0，之后再往秤上添加物品时，电子屏上只显示所添加物品的质量。
（1）第一次测量的过程如图甲所示，则测得250mL牛奶的质量为______g；
（2）测量小组认为，利用电子秤的“清零”键可以直接读出牛奶的质量，下面的测量步骤，正确的实验顺序是______；
A.往烧杯中倒入牛奶，读出电子秤的示数为m
B.按下电子秤的“清零”键
C.将烧杯放在电子秤上
（3）经过对第一次实验的分析，实验小组进行了如下的第二次实验，实验过程如图乙所示，计算出牛奶的密度为______g/cm3；相较于第一次实验，第二次实验的优点是：______；
（4）返校交流时，发现各个小组测量的牛奶密度略有不同，造成这种现象的原因可能是______。
【答案】 ①. 254 ②. CBA ③. 1.02 ④. 测得的质量和体积更准确，误差更小 ⑤. 牛奶的种类不同
【解析】
【详解】（1）[1] 如图甲所示，空烧杯质量为25g，250mL牛奶和烧杯的总质量为279g，则250mL牛奶的质量为
（2）[2] 利用电子秤的“清零”键可以直接读出牛奶的质量，实验时应先将烧杯放在电子秤上，按下电子秤的“清零”键，再往烧杯中倒入牛奶，读出电子秤的示数为m即为牛奶的质量。则正确的实验顺序是CBA。
（3）[3] 如图乙所示，牛奶质量为
则牛奶的密度为
[4] 第一次实验中，倒入牛奶时袋内有残留，测得的质量偏小，会使得测得的密度偏小，而第二次实验消除了此问题，测得的密度更准确，误差更小。
（4）[5] 返校交流时，发现各个小组测量的牛奶密度略有不同，造成这种现象的原因可能是牛奶的种类不同。
B卷
一、不定项选择题（每题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求，有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错或者不答的得0分）
31. 2022年，兼顾低碳装置、环保宣教、复合空间、可拆卸、可移动、可长期使用的成都高新区“的地球”低碳小屋在大源中央公园落成。如图所示，其顶部采用了太阳能光伏发电，可满足室内照明、多媒体播放的需求，是行走的低碳知识“宣传者”。关于光伏发电和“低碳”，下列说法正确的是（ ）
A. 光伏发电是将太阳表面发生核裂变释放的光能转化为电能
B. 光伏发电利用的是不可再生能源，获得的电能是二次能源
C. 太阳能、风能、地热能等清洁能源的转换效率可达到100%
D. 能源利用中部分硫化物、碳氧化物的大量排放会对环境造成破坏
【答案】D
【解析】
【详解】A．光伏发电是将太阳内部发生核聚变释放的光能转化为电能，故A错误；
B．能够从自然界源源不断获得补充的能源叫可再生能源，太阳是可再生能源；无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源为二次能源，电能是二次能源。光伏发电利用的是太阳能，太阳能属于可再生能源，获得的电能是二次能源，故B错误；
C．实际生产和生活中转换效率不可能达到100%，故太阳能、风能、地热能等清洁能源的转换效率不可能达到100%，故C错误；
D．燃烧化石能源的产物：二氧化碳、二氧化硫、一氧化碳和粉尘，对水、土壤、大气也会造成污染，故D正确。
故选D。
32. 清晨，太阳从东方冉冉升起，云缝中射出道道霞光，它让我们的大千世界五彩缤纷，让我们的世界拥有了无穷奥妙，下列对光的世界的探究中，结论正确的是（ ）
A. 甲图，央视春晚节目《只此青绿》的临水起舞画面中，舞者在水中的“倒影”和日食的原理相同
B. 乙图，小薇按照图示将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上清晰的像变模糊，只将光屏靠近凸透镜时，又能在光屏上看到清晰的像，则该眼镜是近视眼镜
C. 丙图，直播带货时，手机摄像头成的是正立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头
D. 丁图，将印有花的透明胶片，贴在发光手电筒前端玻璃上，正对着凸透镜，调整位置墙上出现一朵清晰放大的“花”，胶片上的花是倒立的
【答案】D
【解析】
【详解】A．因为光滑的舞台相当于平面镜，所以看到的倒影是平面镜成像，即光的反射形成的，小孔成像的原理是光的直线传播，故A错误；
B．将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像也变得模糊了，只将光屏靠近透镜移动时，又可以在光屏上看到烛焰清晰的像，说明眼镜对光线有会聚作用，是凸透镜，应用于远视眼镜，故B错误；
C．手机摄像头是一个凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头，物距变小，像距变大，像变大，故C错误；
D．由图可知，此时的物距小于像距，则成的是放大、倒立的实像，故D正确。
故选D。
33. 为了解液体A的吸热能力，小悦用同一个酒精灯分别加热1kg水和1kg液体A，用测得的数据绘制了温度随时间变化的图像如图所示。该酒精灯每分钟消耗酒精的质量为1g，，（kg·℃），则下列说法中正确的是（ ）
A. 应使水和液体A的初温和末温中至少一项相等
B. 0~4min，水吸收的热量大于液体A吸收的热量
C. 液体A的比热容为
D. 该酒精灯加热效率为35%
【答案】D
【解析】
【详解】A．本实验是质量相同的物质吸收相等的热量，通过比较温度升高量来确定物体吸热能力的，没必要使水和液体A的初温和末温中至少一项相等，故A错误；
B．同一个酒精灯分别加热，相同时间内吸收热量相同，所以0~4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，故B错误；
C．由图像可知，水升温10℃用时4min，液体A升温30℃用时5min，根据转换法，吸收热量多少通过加热时间来反映，根据可知液体A和水的比热容之比为
则液体A的比热容为
故C错误；
D．水4min吸收的热量为
4min内消耗的酒精完全燃烧放出的热量为
则该酒精灯加热效率为
故D正确。
故选D。
34. 工人利用如图甲所示的滑轮组提升质量为10kg，边长为10cm的正方体物体，他用拉力F拉绳，F随时间变化的图像如图乙所示，物体的速度v随时间t变化的关系图像如图丙所示，滑轮组的绕绳能承受的最大拉力为200N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，g取10N/kg。以下说法正确的是（ ）
A. 在2~3s内动滑轮对重物做的功为260J
B. 在0~1s内物体对地面的压强为3000Pa
C. 使用此滑轮组能匀速提起重为590N的物体
D. 若匀速提升另一物体时机械效率为80%，则提升的物体重力为80N
【答案】BD
【解析】
【详解】A．在2~3s内动滑轮对重物做的功
故A错误；
B．在2~3s内物体做匀速直线运动，受力平衡，由图可知，n=3，则
解得
在0~1s内物体受到的拉力
解得
物体对地面的压力
在0~1s内物体对地面的压强为
故B正确；
C．滑轮组的绕绳能承受的最大拉力为200N，则使用此滑轮组能匀速提起物体重力的最大值为
解得
故C错误；
D．若匀速提升另一物体时机械效率为80%，则提升的物体重力
解得
故D正确。
故选BD。
35. 如图甲所示的电路，滑动变阻器铭牌上标有“？1A”，电流表所用的量程为0~3A，两个电压表的量程均为0~15V，当只闭合开关S，滑动变阻器滑片从最右端向左逐渐调节，直至灯泡正常发光时，滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍，电流表与两电压表示数变化如图乙所示，U1∶U2=3∶8，闭合S、S1、S2三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，电流表示数为0.9A，下列说法正确的是（ ）
A. 灯泡的额定功率是3W
B. 滑动变阻器的最大电阻为40Ω
C. 任意闭合开关并调节滑动变阻器，整个电路最大功率为14.4W
D. 任意闭合开关并调节滑动变阻器，整个电路最小功率为0.75W
【答案】AC
【解析】
【详解】A．由图甲可知，当只闭合开关S时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电流表测电路中电流，电压表V1测灯泡L两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，当滑片由最右端向左调节时，电路中的电阻减小，电流增大，滑动变阻器两端电压变小，灯泡两端电压变大，由图乙可知，电路中的电流最大为I额=0.5A，此时小灯泡两端电压为U额=6V，故由P=UI可得，灯泡的额定电压为
P额=U额I额=6V×0.5A=3W
故A正确；
B．由图乙可知，只闭合开关S时，当电路中电流为0.5A时，此时小灯泡两端电压为U额=6V，此时滑动变阻器两端电压为U1，当电路中电流最小时，此时滑动变阻器的滑片位于最右端，小灯泡两端电压为U′=1V，滑动变阻器两端电压为U2，由串联电路的电压规律可得，电源电压为
U=6V+U1=1V+U2①
由题意可得
U1∶U2=3∶8②
联立①②，解得U1=3V，U2=8V，U=9V，故由欧姆定律可得，小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的阻值为
因此时滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍，故可得滑动变阻器的最大阻值为
故B错误；
C．由P=UI可得，电源电压不变时，电路的总电流越大，电路消耗的功率越大，三个开关均闭合后，滑动变阻器R2和定值电阻R1并联，电流表测干路中电流，将滑动变阻器滑片调至最右端后，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为R大=30Ω，由欧姆定律可得，此时流过滑动变阻器的电流为
由题意可知，此时干路电流为I=0.9A，故由并联电路的电流规律可得，流过定值电阻R1的电流为
I1=I-I2=0.9A-0.3A=0.6A
故由欧姆定律可得，定值电阻R1的阻值为
由题意可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为I0=1A，流过定值电阻R1的电流为I1=0.6A不变，故可得此时干路电流最大为
Imax=I0+I1=1A+0.6A=1.6A
因电流表最大量程为3A，故符合题意，故由P=UI可得，整个电路最大功率为
Pmax=UImax=9V×1.6A=14.4W
故C正确；
D．当只闭合开关S，灯泡L与滑动变阻器串联，且滑动变阻器的滑片位于最右端时，此时电路中的电流最小为
故由P=UI可得，整个电路的最小功率为
故D错误。
故选AC。
二、综合题
36. 空调扇是一种全新概念的风扇，兼具送风、制冷、取暖和净化空气、加湿等多功能于一身，以水为介质，可送出低于室温的冷风，也可送出温暖湿润的风。如图甲，在空调扇内部比传统风扇增加了冰盒、水盒，通过强力水泵的抽取，水分被输送到超强吸水纤维蒸发器中，在这里原本干热的空气就变得湿润凉爽了。
（1）某同学在研究了空调扇的结构图与说明书后，得出下列结论，其中不合理的是___________；
A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是为了防止触电事故的发生
B．说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器
C．空调扇正常工作时，电动机线圈的热功率为66W
D．空调扇功率不大且外壳由塑料制成，因此可以使用两孔插座
（2）图乙是空调扇的简化电路，当接通电源时，指示灯L亮，空调扇处于待机状态，再闭合S，空调扇正常运转时，测出通过电动机支路的电流为250mA，待机状态下电路的功率为___________；
（3）该同学通过下列步骤测量空调扇的实际功率：
A．关闭家里所有用电器，观察电能表读数为3718.5千瓦时；
B．打开空调扇，使其单独工作2h后关闭，此时电能表读数为3718.7千瓦时；
C．根据相关数据，可计算出空调扇的实际功率为___________W；
（4）空调扇底座安装了万向轮，方便移动，但在其他设计上存在缺陷，请写成一条：___________。
【答案】 ①. CD ②. 11 ③. 100 ④. 电源线太短
【解析】
【详解】（1）[1] A．说明书提示“请勿用湿手触碰开关”，是因为水是导体，水会将电导出，是为了防止触电事故的发生，故A不符合题意；
B．电热会对电器造成不利影响，说明书提示“若机体出现异常高温需立即切断电源”，是为了防止电热损坏用电器，故B不符合题意；
C．空调扇正常工作时的功率为66W，将电能转化为机械能和内能，所以电动机线圈的热功率小于66W，故C符合题意；
D．空调扇功率虽然不是很大但要长时间持续使用，为了安全要使用三孔插座，故D符合题意。
故选CD。
（2）[2]由电路图可知，闭合开关S，电路为并联电路，测出通过电动机支路的电流为250mA，则该支路的功率为
由表中信息可知，电路总功率为66W，则灯泡所在支路的功率
即待机状态下电路功率为11W。
（3）[3]空调扇实际功率
（4）[4]由表中信息可知，空调扇的电源线只有0.8m，虽然有万向轮方便移动，但在使用时可能因为电源线过短而不方便插电。
37. 如图所示，薄壁圆柱形容器A放在水平桌面上，质量，高度，底面积。容器A内装有0.6kg的水，现有均匀实心圆柱体B和C，其中B的密度为，高度为，C的质量为，体积，高度为。已知，g=10N/kg，忽略实心圆柱体吸水、容器壁厚度、液体附着等次要因素。
（1）求容器A对水平桌面的压强；
（2）若将圆柱体B竖直压入容器A的底部，再向上提升，直到圆柱体B的底部距离容器底部为3cm，在此过程中，没有水从容器中溢出，且水对容器底部的压力变化了1N，求圆柱体B的底面积；
（3）若把C放在B上，把它们一起缓慢放入容器中，再沿着容器壁缓慢加入0.5kg的水，平衡时C与B始终不倾倒，且接触面水平，求此时液体对容器底部的压力。
【答案】（1）900；（2）；（3）17.5N
【解析】
【详解】解：（1）容器A对水平桌面的压强
（2）水对容器底部的压力变化了1N，则压强的变化量为
水面高度变化量为
放入B之前，A中水面高度为
此时水面高度为0.07m，圆柱体B的底部距离容器底部为3cm，即0.03m，则B在水下的高度为0.04m，则B的底面积为
（3）杯中水的重力为
B的质量
则BC的总质量为
BC的体积为
所以BC在水中漂浮，浮力等于重力，即
力的作用是相互的，水给BC竖直向上的浮力，BC给水竖直向下的压力，所以此时液体对容器底部的压力为
答：（1）容器A对水平桌面压强为900；
（2）圆柱体B的底面积为；
（3）此时液体对容器底部的压力为17.5N。项目
参数
项目
参数
额定电压
220V
水箱容量
1L
额定功率
66W
蒸发量
0.5L/h
空机质量
7.5kg
电源线长度
0.8m
相关试卷
2024年四川省成都市第七中学初中学校中考一模物理试题： 这是一份2024年四川省成都市第七中学初中学校中考一模物理试题，共8页。
2024年四川省成都市青羊区泡桐树中学中考一模模拟质检测试物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份2024年四川省成都市青羊区泡桐树中学中考一模模拟质检测试物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析2024年四川省成都市青羊区泡桐树中学中考一模模拟质检测试物理试题原卷版docx、精品解析2024年四川省成都市青羊区泡桐树中学中考一模模拟质检测试物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共26页， 欢迎下载使用。
2024年云南师大实验中学中考一模物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份2024年云南师大实验中学中考一模物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析2024年云南师大实验中学中考一模物理试题原卷版docx、精品解析2024年云南师大实验中学中考一模物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共30页， 欢迎下载使用。
