2024年四川省成都市石室中学中考物理模拟试卷（原卷版+解析版）

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一、单项选择题（每小题2分，共30分）
1. 下列有关生活中电学物理量的数据估测，符合实际的是（ ）
A. 我国家庭电路的电压是380V
B. 护眼台灯正常工作时的电流约为10A
C. 卧室空调正常工作1h大约消耗一度电
D. 家用电饭锅的额定功率约为80W
【答案】C
【解析】
【详解】A．我国家庭电路的电压是220V，故A不符合题意；
B．护眼台灯正常工作时的电流约为0.2A左右，故B不符合题意；
C．卧室空调的电功率约1000W，正常工作1h大约消耗一度电，故C符合题意；
D．家用电饭锅的额定功率约为800W，故D不符合题意。
故选C。
2. 如图甲所示，小丽在透明塑料板下放了一张爱心的图案，用丝绸裹住手指，照着图案用力摩擦塑料板后，均匀撒上木屑，竖起塑料板轻敲，板上就留下了一颗由木屑组成的爱心，如图乙所示，这个过程模拟了静电复印。下列说法正确的是（ ）
A. 塑料板是绝缘体
B. 摩擦过程中创造了电荷
C. 摩擦后的塑料板和丝绸带上了同种电荷
D. 木屑留在塑料板上是由于异种电荷相互吸引
【答案】A
【解析】
【详解】A．根据塑料板的导电性可知，塑料板不容易导电，是绝缘体，故A正确；
B．摩擦过程中不会创造电荷，只是电荷发生了转移，故B错误；
C．根据电荷间的作用特性可知，摩擦后的塑料板和丝绸带上了异种电荷，故C错误；
D．由于带电体能吸引轻小物体，所以在平放的塑料板上面均匀地撒上一层干木屑时，塑料板上带电区域把木屑吸住，故D错误。
故选A。
3. 如图所示，板面是传统美食。其中所包含的物理知识正确的是（ ）
A. 煮面时面条放入锅中，面条吸收热量是由于水的内能更大
B. 煮面时面汤沸腾以后，继续加热，温度不升高
C. 煮面时需要用筷子对面条适当搅动，主要是通过做功的方式增加面条的内能
D. 吃面时香气四溢说明分子间存在引力
【答案】B
【解析】
【详解】A．煮面时面条放入锅中，由于存在温度差，水放出热量，面条吸收热量，故A错误；
B．水沸腾时，要继续加热，但水的温度不变，故B正确；
C．煮面时需要用筷子对面条适当搅动，使受热均匀，这种改变内能的方式是热传递，故C错误；
D．吃面时，香气四溢，属于扩散现象，是由于分子的无规则运动产生的，故D错误。
故选B。
4. 在物理实验中，对物理量有时要进行多次测量，有的是为了减小误差，有的是为了寻找普遍规律，下列是为了减少实验误差的是（ ）
A. 在“测量定值电阻的阻值”时，测量多组对应的电压和电流值
B. 在“探究通过电阻的电流与两端电压的关系”时，测量多组对应的电流和电压值
C. 在“探究串联电路电压的特点”时，换用不同规格的小灯泡，测量多组对应的电压值
D. 在“测量小灯泡的电功率”时，测量多组对应的电压和电流值
【答案】A
【解析】
【详解】A．在“测量定值电阻的阻值”时，测量多组对应的电压和电流值，是为了计算电阻值时求取平均值，以减小误差，故A符合题意；
B．在“探究电阻上的电流跟两端电压的关系”时，测量多组对应的电流和电压值，是为了寻找普遍性的规律，故B不符合题意；
C．在“探究串联电路电压的特点”时，测量多组对应的电压值，是为了寻找普遍性的规律，故C不符合题意；
D．在“测量小灯泡的电功率”时，小灯泡的电功率是变化的，测量多组对应的电压和电流值，是为了研究不同电压下的小灯泡实际功率，故D不符合题意。
故选A。
5. 由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的和两段导体，按如图所示的方式连入电路中，导体的电阻及通过的电流大小关系正确的是（ ）
A. ，B. ，
C. ，D. ，
【答案】A
【解析】
【详解】当材料、长度相同时，横截面积越小，导体的电阻越大；由图可知，导体电阻较大，即；如图，两电阻串联，串联电路中各处电流相等，所以通过它们的电流大小关系为，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6. 如图所示，开关闭合，两个灯泡都不发光，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路故障可能是（ ）
A. 电流表短路，并且L1、L2灯丝断了
B. 灯泡L1灯丝断了
C. 灯泡L2灯丝断了
D. 灯泡L1被短接
【答案】B
【解析】
【详解】A．如果电流表短路，两只灯泡灯丝断了，两个灯泡都不能不发光，电压表、电流表无示数，故A不符合题意；
B．如果灯泡L1灯丝断了，两只灯泡都不发光，电流表无示数，电压表串联在电路中，测量电源电压，电压表指针偏转，故B符合题意；
C．如果灯泡L2灯丝断了，整个电路断路，两只灯泡都不发光，电压表、电流表都无示数，故C不符合题意；
D．如果灯泡L1短路，电压表没有示数，电流表有示数，L2能够发光，故D不符合题意。
故选B。
7. 下列关于电流、电压、电阻的叙述正确的是（ ）
A. 电压是电路中形成电流原因
B. 电路中只要有电压就一定有电流
C. 电路中电流小是因为电阻大
D. 某导体电阻随通过电流的增大而减小
【答案】A
【解析】
【详解】A．电压是电路中形成电流的原因，在电压的作用下电荷发生定向移动形成电流，故A正确；
B．有电压，且必须是闭合的回路，才会有电流，故B错误；
C．电路中电流小可能是因为电阻大，也可能是因为电压低，故C错误；
D．电阻是导体的一种属性，与电流的大小、电压的大小无关，故D错误。
故选A。
8. 关于日常生活中的一些电路连接，下列判断不正确的是（ ）
A. 街上路灯，一盏不发光了，另一盏仍能发光，所以路灯是并联的
B. 教室里的照明灯与控制它的开关是串联的
C. 教室里的空调和照明灯是并联的
D. 教室外楼道的电灯是由声控开关和光控开关共同控制的，只有在天暗并且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关及灯是并联的
【答案】D
【解析】
【详解】A．街上路灯，一盏不发光了，另一盏仍能发光，因为二者相互独立工作，互不影响，所以路灯是并联的，故A正确，不符合题意；
BC．教室里的各种用电器之间相互独立，互不影响，都是并联关系，控制灯的开关与灯串联才能起到对该灯的控制作用，故BC正确，不符合题意；
D．楼道里的声控开关和光控开关只有同时闭合时，电路才会接通，所以两个开关与灯是串联的，故D错误，符合题意。
故选D。
9. 小郑设计了一款可以取暖的台灯，闭合开关S1，只有灯泡L发光，再闭合S2发热丝R加热取暖；但是只闭合S2时，灯泡和发热丝都不工作，则下列电路符合设计要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】根据题意可知，闭合开关S1只有灯泡L发光，再闭合S2，发热丝R加热取暖；只闭合S2时，灯泡和发热丝都不工作，这说明灯泡L与发热丝R是并联的，S1在干路上控制整个电路，S1在发热丝R的支路上，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
10. 如图所示，灯L1与灯L2的规格相同，下列说法正确的是（ ）
A. S闭合后，灯L2将发生短路，L1会发光
B. 要使小灯泡L1、L2串联，可去掉导线b
C. 只改动一根导线，此电路不可能变为灯L1、L2并联
D. 去掉导线b，在BD间接一个开关S1，S1只能控制L1
【答案】B
【解析】
【详解】A．S闭合后，L1、L2被导线b短路，灯不亮，而且导致电源短路，会损坏电源，故A错误；
B．要使L1、L2串联，电路中各个元件首尾相连，可去掉导线b，故B正确；
C．将导线c从接线柱B改接到接线柱A上，则S闭合后，电流分两支，分别流向L1、L2，则此时L1、L2并联，故C错误；
D．去掉导线b，BD间接一个开关S1，若S1闭合，则电源会被短路，两灯都不亮。故D错误。
故选B。
11. 在如图所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针都向右偏转相同角度，则电阻R1和R2阻值之比为（ ）
A. 1：1B. 1：5C. 4：1D. 4：5
【答案】C
【解析】
【详解】如图，电压表V1与R2并联，测量R2的变压，电压表V2与电源并联，测量R1与R2串联的总变压．当两个电压表指针都向右偏转相同角度时，因为电压表两个量程的比为5：1，得，再根据串联电路的分压特点：，即串联电路中电压与电阻成正比，可得：，则．故C符合题意．
选C．
12. 腕力球是一种人工动力装置，纯机械不用电池，手提腕力球运动时，使球芯加速旋转同时球内的LED灯会发光，如图。装置工作时能使灯发光的原理与图中的实验原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】腕力球没有电池，手提腕力球运动时，使球芯加速旋转同时球内的LED灯会发光，表明在此过程中产生了电流，所以属于电磁感应现象，即发电机原理。
A．如图通电后指针发生偏转，表明通电导线周围存在磁场，属于电流的磁效应，故A不符合题意；
B．如图是导线在磁场中做切割磁感线的运动时，灵敏电流表指针发生偏转，表明产生了电流，属于电磁感应现象，即发电机原理，故B符合题意；
C．如图给导线通电后，导线受力运动，属于电动机原理图，故C不符合题意；
D．如图是电磁铁的装置，属于电流磁效应的应用，故D不符合题意。
故选B。
13. 如图所示，是电学中常见的电路图，在A、B两点间分别接入下列选项中加点字的元件，并进行对应实验，对滑动变阻器在此实验中的主要作用描述正确的是（ ）
A. 探究电流与电压的关系——保持定值电阻两端电压不变
B. 探究电流与电阻的关系——调节电阻两端电压成倍数变化
C. 测量定值电阻的阻值——改变电路中的电流和电阻两端的电压
D. 测量小灯泡的电功率——改变小灯泡两端电压，求平均电功率
【答案】C
【解析】
【详解】A．探究电流与电压的关系时，滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变电路电流或改变被测电阻两端电压，故A错误；
B．探究电流与电阻的关系时，滑动变阻器的作用是保护电路和保持定值电阻两端电压不变，找出普遍规律，故B错误；
C．测量导体的电阻时，通过改变滑动变阻器接入电路的阻值，从而改变了待测电阻两端的电压和通过它的电流，可以多测几组数据，通过求平均值来减小误差，故C正确；
D．在“伏安法”测小灯泡电功率的实验中，滑动变阻器的作用是：通过改变小灯泡两端的实际电压与通过小灯泡的电流，可比较小灯泡亮度与灯泡的实际功率之间的关系，不需要测量平均功率，故D错误。
故选C。
14. 甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 甲灯的实际功率一定是40W
B. 将乙灯接入110V电路中，它的额定功率为15W
C. 若两灯串联在220V的电路中，则甲灯较亮
D. 两灯均正常发光时，甲灯消耗的电能较少
【答案】C
【解析】
【详解】A．甲灯标220V 40W字样，表示甲灯的额定功率为40W，但实际功率会随加在它两端的电压的改变而改变，故A错误；
B．乙灯标220V 60W，表示乙灯的额定功率为60W，将乙灯接入110V电路中，它的额定功率也为60W，故B错误；
C．甲灯电阻
乙灯的电阻
当两灯串联接入电路时，流过两灯的电流大小相同，两灯的实际功率，因为甲灯电阻较大，故串联接入电路时，甲灯实际功率大于乙灯实际功率，灯泡的亮暗是由它的实际功率决定的，所以甲灯较亮，故C正确。
D．由可知，消耗电能的多少是由用电器的功率和工作时间共同决定的，两灯均正常发光时，甲功率小于乙灯功率，但工作时间未知，无法判断其消耗电能的多少，故D错误。
故选C。
15. 为了预防厨房天然气泄漏，大家都自觉安装了天然气泄漏报警装置，如图是它原理图的部分电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R是一个气敏电阻，其电阻值会随天然气浓度的升高而变小，闭合开关S，若厨房出现天然气泄漏浓度升高，则下列判断正确的是（ ）
A. 气敏电阻R的阻值变大B. 电压表的示数变大
C. 通过电阻R0的电流变小D. 整个电路消耗的总功率变大
【答案】D
【解析】
【详解】由电路图可知，定值电阻R0和气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压。
A．因气敏电阻R的阻值会随天然气浓度的升高而变小，所以，当厨房天然气浓度升高时，气敏电阻R的阻值变小，电路的总电阻变小，故A错误；
BC．R阻值变小，总电阻变小，由可知，电路中的电流变大，即通过电阻R0的电流变大；根据U=IR可知，R0两端的电压变大，根据串联电路的电压关系可知，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故BC错误；
D．电源电压不变，根据P=UI可知，电路中的电流变大，电路消耗的总功率变大，故D正确。
故选D。
二、填空题（每空2分，共32分）
16. 沈括在《梦溪笔谈》卷二十四《杂志》中有这么一段描述：“方家以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”针锋是磁体的______极；“然常微偏东，不全南也，”说明地理的两极和地磁场的两极______。
【答案】 ①. 南##S ②. 不完全重合
【解析】
【详解】[1]针锋指南，根据异名磁极相互吸引可知，针锋被地磁场的N极吸引，所以针锋是磁体的S极。
[2]地理的两极和地磁场的两极不完全重合，所以针锋常微偏东，不全南也。
17. 如图所示的装置可以用来研究________（选填“电动机”或“发电机”）的工作原理。如果只对调蹄形磁铁的南北极，则导体ab受到磁力的方向_______（选填“会”或“不会”）改变；
【答案】 ①. 电动机 ②. 会
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，电路中有电源，通电导体在磁场中会受到力的作用，这是电动机的工作原理。通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向、电流方向有关，如果对调蹄形磁铁的南北极，磁场的方向发生改变，电流方向不变，则导体ab受到磁力的方向会改变。
18. 关注生活中有关“吸”的物理现象：两滴小水珠“吸”到一起成为一滴大水珠是因为分子间有___________；与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑是因为带电体能___________。
【答案】 ①. 引力 ②. 吸引轻小物体
【解析】
【详解】[1]分子间存在着相互作用的引力和斥力，因此两滴小水珠“吸”到一起成为一滴大水珠是因为分子间存在着引力作用的结果。
[2]带电体具有吸引轻小物体的性质。因此与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑，这是因为摩擦过的塑料尺带了电，能吸引轻小物体。
19. 歼-20战斗机，是我国自主研发的隐形战斗机，进入世界先进战斗机行列，它的油箱能装10吨燃油，歼-20的发动机是______（选填“电动机”或“热机”），工作时将______能转化成机械能。
【答案】 ①. 热机 ②. 内
【解析】
【详解】[1][2]热机是将内能转化成机械能的机器，歼-20的发动机工作时，将内能转化为机械能，属于热机。
20. 小明家5月初电能表的示数如图甲所示，5月底，表盘示数如图乙所示，由图可知他家5月份消耗的电能为______；小明将某家用电器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次，该家用电器的额定功率是______W。

【答案】 ①. 120 ②. 1000
【解析】
【详解】[1]由图可知，小明家5月份用电器消耗的电能为
[2] 表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，则电能表指示灯闪烁320次时，饮水机消耗的电能
饮水机的实际功率
因为饮水机正常工作，所以饮水机的额定功率等于实际功率，则饮水机的额定功率是1000W。
21. 酿酒坊里的发酵罐配有笨重的密封罩，为了方便操作，设计了一个杠杆和电磁铁组合系统来升降密封罩，如图所示。装置通电后，电磁铁上端为__________（选填“N”或“S”）极，若要使电磁铁吸力变大，则应将滑动变阻器滑片向__________（选填“左”或“右”）滑动。
【答案】 ①. N ②. 左
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，电流从电磁铁的上端流入，依据安培定则，四指顺着电流方向，大拇指应向上握住电磁铁，所以上端为N极。电磁铁的磁性大小与电流大小、线圈匝数有关，当滑动变阻器向左移动，电阻变小，依据欧姆定律可得电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，吸引力会变大。
22. 秋冬季节，糖炒板栗很受人们欢迎。如图所示，在炒板栗时常要在锅中放入一些砂石，因为砂石的比热容___________、升温快，与板栗充分接触，并通过___________的方式使板栗内能增大。
【答案】 ①. 小 ②. 热传递
【解析】
【详解】[1][2]在炒板栗时，由于锅底的温度较高，很容易把板栗炒煳，所以锅中总要放些沙子，由于沙子的比热容小，沙子很容易被炒热，这样沙子被炒热后可以均匀地把热量传递给板栗，这样炒出的板栗比较好吃。
23. 如图所示是一款有两个档位的挂烫机的工作电路图，正常工作电压为，加热电阻，只闭合开关 时，挂烫机处于 _______ 档（选填“高温”或“低温”）。挂烫机处于高温档工作产生的热量为 ______。
【答案】 ①. 低温 ②.
【解析】
【详解】[1]由电路图可知只闭合开关时，电阻R1单独接入电路，开关和S2都闭合时，电阻R1与R2并联接入电路，由于并联电路总电阻小于R1的电阻，根据可知。只闭合开关时，挂烫机处于低温档。
[2]开关和S2都闭合时两电阻并联后的总电阻
产生的热量
挂烫机处于高温档工作产生的热量为。
三、作图与计算题（共16分）
24. 请在框内画出与实物图对应的电路图。
【答案】
【解析】
【详解】由实物图知，两灯并联，开关S1在干路上，灯L2、开关S2在同一条支路，灯L1单独一条支路。
25. 如图中的电路闭合开关后，小磁针静止时的指向如图所示，请在括号内标出电源的“+”或者“﹣”极和螺线管的“N”或者“S”极。
【答案】
【解析】
【详解】开关闭合后，小磁针N极向左，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，通电螺线管右端为S极、左端为N极；由安培定则可知电流由螺线管的右端流入，则电源右端为正极、左端为负极，如图所示：
26. 打制铁质工具时要淬火以提高工具的硬度。现将一质量为420g温度为550℃的烧红的铁件淬火，淬火后温度降低到50℃，求：（已知铁的比热容为0.46×103J/（kg·℃），水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），假设整个过程没有热量散失）
（1）此过程中铁件释放的热量为多少J？
（2）若这些热量全部用于加热5kg温度为30℃的水，则水温将升高到多少℃？
【答案】（1）966×104J；（2）34.6℃
【解析】
【详解】解：（1）铁件释放的热量
（2）这些热量全部被水吸收后，水升高的温度为
水的末温
答：（1）此过程中铁件释放的热量为9.66×104J；
（2）水温将升高到34.6℃。
27. 如图所示，电源电压为6V，定值电阻R1、R2的阻值分别为12Ω、18Ω。
（1）当S1断开、S2接1时，通过R1的电流是多少？此时R1的电功率是多少？
（2）当开关处于何种状态时，电路的总功率最大，最大总功率是多少？
【答案】（1）0.2A，0.48W；（2）S1闭合，S2接2，5W
【解析】
【详解】解：（1）当S1断开、S2接1时，该电路为R1和R2的串联电路，由串联电路的电阻特点可知电路的总电阻为
由欧姆定律可知电路的电流为
则通过R1的电流为0.2A，此时R1的电功率是
（2）当S1闭合，S2接2时，该电路为R1和R2的并联电路，此时电路的总电阻最小，由欧姆定律可知干路电流最大；此时通过R1的电流为
通过R2的电流为
由并联电路的电流特点可知干路最大电流为
此时电路最大总功率为
答：（1）当S1断开、S2接1时，通过R1的电流为0.2A，此时R1的电功率是0.48W；
（2）当开关S1闭合，S2接2时，电路的总功率最大，最大总功率是5W。
四、实验题（每空2分，共22分）
28. 小田用如图所示的装置做“比较不同物质的吸热能力”的实验，在两个相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的A、B两种液体，并用相同的电加热器分别加热。
（1）小田根据实验测得的数据分别描绘出了A、B两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图乙所示，分析图乙可知液体________（填“A”或“B”）的吸热能力强；
（2）若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4×103J/（kg·℃），则B的比热容为_____________J/(kg·℃)；
（3）在日常生活中用水冷却汽车的发动机，主要是因为__________。
【答案】 ①. A ②. 1.2×103 ③. 水的比热容大
【解析】
【详解】（1）[1]相同加热器加热相同的时间，即质量相同的两种液体吸收的热量相同，由图乙可知，B液体升高的温度比A高，根据可得B的比热容比A小，即A的吸热能力强。
（2）[2]在加热相同的5min时间时，液体A升高的温度为
液体B升高的温度为
根据可得在吸收热量、质量相同时，比热容和升高的温度成反比，即
则
（3）[3]汽车的发动机用水做冷却剂，是因为水的比热容较大，升高相同的温度时，吸收的热量多，冷却效果最好。
29. 如图甲所示，用5Ω、10Ω、20Ω的三个定值电阻探究电流与电阻的关系，实验所用电源电压为6V。
（1）先将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数如图乙所示时记录数据，则本实验中控制的定值电阻两端的电压为________V；
（2）断开开关，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向_______（选填“左”或“右”）端移动；移动滑片的过程中，眼睛应观察_______表的示数；
（3）根据实验数据描绘出电流与电阻倒数的图像如图丙所示，由图像可知：电压一定时，电流与电阻成__________比。
【答案】 ①. 2 ②. 右 ③. 电压 ④. 反
【解析】
【详解】（1）[1]由图乙得，电流表的分度值为0.02A，示数为0.4A，由欧姆定律得，本实验中控制的定值电阻两端的电压为
（2）[2][3]实验中要控制定值电阻电压不变，变阻器与定值电阻串联，电压表测量定值电阻电压。断开开关，将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，由串联电路电压特点得，电阻越大，分到的电压越大，则此时定值电阻的电压变大，此时应将滑动变阻器的滑片向右端移动，增大变阻器接入电路中的电阻，减小电路电流，且移动滑片的过程中，眼睛应观察电压表的示数，使电压表示数变为2V。
（3）[4]由图像可知：电压一定时，电流与电阻乘积不变，可得电压一定时，电流与电阻成反比。
30. 如图甲所示是小曾进行“伏安法测电阻”实验的部分电路。
（1）用笔画线代替导线将图甲连接完整（要求滑片向右移动时电流表示数变小）；_______
（2）表1是测量时几组电压和电流的数据，测得该电阻为______；（答案保留一位小数）
（3）小曾在完成图甲实验后，对伏安法测电阻知识进行拓展：不用电流表，增加一个定值电阻和开关按图乙所示方法连接来测量电阻R1。以下为实验步骤：
第一步：先闭合S1，读出此时电压表的示数为U1；第二步：再闭合S2，读出此时电压表的示数为U2。
第三步：请利用所给字母写出R1的表达式：R1=____________。
（4）若把图乙的实验中R0换成几千欧的电阻，R1约几十欧，_________（选填“能”或“不能”）测出R1阻值。
【答案】 ①. ②. 10.4 ③. ④. 不能
【解析】
【详解】（1）[1]当滑片向右移动时，电流表示数要减小，由欧姆定律可知，电阻应变大，再根据滑片应“一上一下”的连接方式，滑动变阻器左下接线柱接入，具体如图所示：
（2）[2]为了减小误差，取平均值作为测量结果，所以该电阻为
（3）[3]由图乙可知，当闭合S1，电压表串联进电路，此时电压表的示数U1即为电源电压，再闭合S2，R0和R1串联，电压表测R0两端的电压，此时电压表的示数U2即为是R0两端的电压，则R1两端的电压为
根据串联电路电流处处相等可得电阻之比等于电压之比，即
则
（4）[4]若把图乙的实验中R0换成几千欧的电阻，R1约几十欧，R1比R0小得多，当两电阻串联时，由分压原理可知，R1的电压几乎为零，所以不能测出R1的阻值。
一、不定项选择题（每小题2分，共10分，每小题给出的四个选项中有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但未选全得1分，凡有错选或不选得0分。）
31. 关于温度、热量和内能，下列说法中不正确的是（ ）
A. 物体温度升高，内能一定增加
B. 要使物体内能增加，必须使其吸收热量
C. 做功和热传递都可以改变物体的内能
D. 热量等于热传递过程中物体内能的改变量
【答案】B
【解析】
【详解】A．同一物体，温度升高时，分子动能增加，则可知内能一定增加，故A正确，不符合题意；
B．要使物体内能增加，可以使物体吸收热量，也可以使外界对物体做功，故B错误，符合题意；
C．做功和热传递都可以改变物体的内能，这两种方式在改变物体内能上是等效的，故C正确，不符合题意；
D．热量是热传递过程中传递内能的多少，其等于热传递过程中物体内能的改变量，故D正确，不符合题意。
故选B。
32. 小帆在老师指导下，用如图1所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图像（图2），乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精 （ q酒精=3×107J/kg）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等，c水=4.2×103J/（kg·℃），则下列说法中正确的是（ ）
A. c乙=2.4×103J/（kg·℃）
B. 乙的吸热能力大于甲的吸热能力
C. 0～8min乙吸收的热量为3.36×104J
D. 该酒精灯的加热效率为30%
【答案】C
【解析】
【详解】B．如图2所示，在两种液体沸腾前，加热相同的时间，两种液体吸热相同，乙液体的温度变化量较大，说明乙液体的吸热能力小于甲的吸热能力，故B错误；
C．因为乙液体的吸热能力小于甲的吸热能力，所以判断甲液体是水，0～8min甲吸收的热量为
因为使用相同的加热装置，加热相同的时间，两种液体吸热相同，所以0～8min乙吸收的热量也为3.36×104J，故C正确；
A．乙从20℃加热至沸腾需要时间10min，因为0～8min乙吸收的热量为3.36×104J，则0～10min乙吸收的热量为
则乙的比热容为
故A错误；
D．消耗了4g酒精放出的热量为
该酒精灯的加热效率为
故D错误。
故选C。
33. 在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置时，电流表A1、A2、A3的示数分别为1.5A、1A、1.1A．则下列有关说法错误的是（ ）
A. 通过R1的电流为0.4AB. 通过R2的电流为0.6A
C. 向右移动滑片，电压表V2的示数变大D. 向右移动滑片，电压表V2的示数不变
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，该电路为并联电路，两个电压表测量的都是电源电压，电流表A1测量的干路中的电流，电流表A2测量的是R1、R2通过的电流，电流表A3测量的是R3、R2通过的电流；
A．根据并联电路的电流规律可知，通过R1的电流为
故A正确，不符合题意；
B．根据并联电路的电流规律可知，通过R3的电流为
通过R2的电流为
故B正确，不符合题意；
CD．向右移动滑片，电压表V2始终测量的是电源电压，示数不变，故C错误，符合题意，D正确，不符合题意。
故选C。
34. 如图所示电路，电源两端电压12V保持不变。下列说法中正确的是（ ）
A. 当开关S1闭合、S2断开，三只小灯泡串联，电压表V1测量L3两端电压，电压表V2测量L1和L2两端电压
B. 当开关S1断开、S2闭合，L1与L3串联，电压表V1示数为12V
C. 当开关S1、S2断开，三个小灯泡串联，若电压表V1示数为7V，电压表V2示数为9V，则小灯泡L1两端电压为5V
D. 开关S1闭合、S2断开，过了一段时间后，电流表示数突然增大，电压表V1变为12V、电压表V2示数变为0，则故障原因可能为L3短路
【答案】B
【解析】
【详解】A．如图所示，当开关S1闭合、S2断开，灯泡L1短路，L2与L3串联，电压表V1测量L3两端电压，电压表V2测量L2两端电压，故A错误；
B．如图所示，当开关S1断开、S2闭合，灯泡L2短路，L1与L3串联，电压表V1测电源电压，则V1示数为12V，故B正确；
C．如图所示，当开关S1、S2断开，三个小灯泡串联，电压表V1测L1与L3两端总电压为7V；电压表V2测L1与L2两端总电压为9V；则小灯泡L1两端电压为
故C错误；
D．如图所示，开关S1闭合、S2断开，L2与L3串联，过了一段时间后，电流表示数突然增大，电路中电阻变小，电压表V1变为12V等于电源电压，电压表V2示数变为0，则说明与V2并联的L2可能短路，故D错误。
故选B。
35. 如图所示电路，电源电压恒定不变，定值电阻R1＝20Ω，R2＝2R3。电流表量程（0~0.6A），电压表量程（0~15V），任意调节开关均能保证电路安全。闭合开关S2，断开S1、S3，电流表示数I，R2的功率为P2；闭合开关S3，断开S1、S2，电流表示数，R3的功率为P3。已知，电路工作时最大功率为P大，最小功率为P小。下列选项不正确的是（ ）
A. 电源电压不能超过8VB. R2＝40Ω
C. P2︰P3＝4︰3D. P大︰P小＝9︰4
【答案】CD
【解析】
【详解】B．闭合开关S2，断开S1、S3，、串联，电压表测电压，电流表测电路电流，示数为I，闭合开关S3，断开S1、S2，此时、串联，电压表测电压，电流表测电路电流，示数为。前后两种情况下电源电压不变，，根据可知总电阻与电流成反比，所以有
①
又因为
R2＝2R3 ②
联立①②，解得，。故B正确，不符合题意；
A．S1、S2、S3均闭合时，、并联，电流表测干路电流，电流表量程0~0.6A，则干路电流最大为0.6A，，根据并联分流规律可知此时电流为0.2A，则电源电压为
即电源电压不能超过8V。故A正确，不符合题意；
C．，，根据，P2与P3之比为
故C错误，符合题意；
D．S1、S2、S3均闭合，、并联时，总电阻最小，根据可知总功率最大，最大总功率为
闭合开关S2，断开S1、S3，、串联时，总电阻最大，根据可知总功率最小，最小总功率为
所以电路工作时最大功率与最小功率之比为
故D错误，符合题意。
故选CD。
二、综合题
36. 如图甲是一种传统的预热式电热水器，其部分参数如表1所示，如图乙是另一种即热式电热水器，其部分参数如表2所示。即热式电热水器较传统的热水器的优点在于：它没有储水箱，体积小巧，即开即热，不开不加热，节能且加热效率高。试完成：
表一：
表二：
（1）电热水器都是利用了电流的__________效应；
（2）预热式电热水器水箱装满水后，至少需要通电加热__________s，可以将这些水由30℃加热至52℃；（不计热量损失）
（3）小聪家能安装这种即热式电热水器，请你根据掌握的物理知识判断他家的电能表是下面哪个__________（以下是电能表的规格）；
A.“220V ；40A” B.“220V； 30A”
C.“220V； 25A” D.“220V； 20A”
（4）小聪查阅到所谓“防电墙技术”是指在电热水器电路和外壳之间加一个阻值高达1×106Ω的隔离电阻，即便在异常漏电情况下，电流依次经防电墙和人体流入大地，也可保证人体可能承受的电压低于12V的人体绝对安全电压。请你利用所学知识计算漏电的时候U人＝______V，小于12V，所以防电墙技术能保证人的安全。（人体电阻按照1000Ω来计算）
【答案】 ①. 热 ②. 2520 ③. A ④. 0.22
【解析】
【详解】（1）[1]电热水器工作时将电能转化为内能，所以电热水器利用的是电流的热效应。
（2）[2]预热式电热水器水箱内水的体积
V＝60L＝60dm3＝0.06m3
由可知，满箱水的质量
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.06m3＝60kg
水吸收的热量
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×60kg×（52℃﹣30℃）＝5.544×106J
不计热量损失，电热水器消耗的电能
W＝Q吸＝5.544×106J
至少需要加热的时间

至少需要加热的时间为2520s。
（3）[3]由表二数据可知，即热式电热水器的额定功率P′＝7500W，由P＝UI可知，即热式电热水器的额定电流

由于选用电能表允许通过的最大电流应该不小于34.1A，则应该选用规格为“220V 40A”的电能表，故选A；
（4）[4]防电墙与人的电阻串联，根据串联电路电阻特点可知，电路总电阻
R＝R0+R人＝1×106Ω+1000Ω＝1.001×106Ω
串联电路中的电流
由欧姆定律得，此时人体的电压
U人＝I0R人＝2.2×10﹣4A×1000Ω＝0.22V
因为U人小于12V，所以防电墙技术能保证人的安全。
37. 如图甲所示，电源电压为且不变，小灯泡L正常发光时的电压为，滑动变阻器标有“”。只闭合开关，当滑动变阻器接入最大阻值四分之一时，小灯泡L正常发光且电流表指针满偏（电流表取量程），电表表盘如图乙所示。假设灯丝电阻不变，求：
（1）灯丝的电阻为多少？
（2）只闭合开关时，在电路安全的情况下，求电路消耗的最小总功率为多少？
（3）闭合，断开，将另一个电压表接入电路，原电路连接不变，电流表量程不变，电压表根据需要可以选择合适的量程。当滑片P置于某一位置时，三个电表指针偏转格数相同，且表示数大于表，的示数，求可能的阻值？
【答案】（1）5Ω；（2）1.8W；（3）20Ω或25Ω
【解析】
【详解】解：（1）只闭合开关时，滑动变阻器R1与灯泡L串联接入电路，电流表测量电路中的电流，当滑动变阻器接入最大阻值的四分之一时，灯泡L正常发光，电流表指针满偏，此时
又因为小灯泡L正常发光时的电压为3V，所以灯丝的电阻
（2）已知
只闭合开关时，滑动变阻器R1与灯泡L串联接入电路，则有
此时滑动变阻器的四分之一接入电路，由欧姆定律可得
所以
只闭合开关时，当滑片滑到b端，电路中电流最小，由欧姆定律可得
则电路消耗的最小总功率
（3）在保证原电路不变的情况下，表示数大于表，说明的量程为15V，电压表有两种接法：①电压表与并联，有
且
求得
由乙图可知，电压表的分度值为0.01V，所以电表偏转的格数为
此时电流表的分度值为0.02A，则电流表的读数为
的阻值为
②电压表与电源并联，其读数等于9V，则其偏转的格数为
则电压表的示数为
电流表的示数为
电阻两端的电压
的阻值为
所以的可能阻值为25Ω或20Ω。
答：（1）灯丝的电阻为5Ω；
（2）电路消耗的最小总功率为1.8W；
（3）可能的阻值是20Ω或25Ω。电压
电流
电阻
产品名称
×××
产品型号
×××
容量
60L
额定频率
50Hz
额定电压
220V
额定压力
0.8MPa
额定功率
2200w
防水等级
IPX4
产品名称
×××
产品型号
×××
额定功率
7500W
额定压力
0.6MPa
额定电压
220V
防水等级
IPX4
额定频率
50Hz
调温范围
35~55℃