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江苏省无锡市梁溪区侨谊中学2023-2024学年下学期3月月考九年级物理试题（原卷版+解析版）
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考试时间：90分钟 满分：100分
一、选择题（本题共12小题，每题只有一个选项为正确答案，合计24分）
1. 下列数值最接近实际的是（ ）
A. 眼保健操的时间约为30sB. 中学生的体重大约是500kg
C. 普通电热水壶正常工作时电流约6AD. 家庭电路的安全电压为220V
【答案】C
【解析】
【详解】A．完成一套眼保健操的时间约为5min=300s，故A不符合题意；
B．中学生的体重大约是50kg，故B不符合题意；
C．家用电热水壶的额定功率在1300W左右，正常工作的电流大约为
故C符合题意；
D．经验表明，人体的安全电压值为不高于36V，故D不符合题意。
故选C。
2. 如图是一种便携式“声波盒”，工作时可以产生48000Hz的“高频波”使液体振动，从而将放入盒中的物体清洗干净。关于该“高频波”下列说法正确的是（ ）
A. 它在15℃空气中的传播速度约为340m/sB. 它可以在真空中传播
C. 人耳能够听见它D. 它不是由物体振动产生的
【答案】A
【解析】
【详解】A．声音在15摄氏度的空气中的传播速度约为340m/s，高频波是声音，所以在15摄氏度的空气中传播速度约为340m/s。故A正确；
B．声音的传播需要介质，不可以在真空中传播，故B错误；
C．声音的频率范围在20Hz到20000Hz时，多数人能听到，而48000Hz的声音频率高于20000Hz，人耳听不到，故C错误；
D．声音是由物体的振动产生的，声波盒发出的高频波是由物体振动产生的，故D错误。
故选A。
3. “安全用电无小事，时时刻刻要牢记”是中学生应具备的基本安全常识。下列做法不符合安全用电规范的是（ ）
A. 家庭电路中电灯的开关应该连接火线
B. 具有金属外壳的用电器，必须保证其外壳与大地相连
C. 使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免发生触电事故
D. 空气开关“跳闸”，可能是电路中出现了短路，或电路中的总功率过大
【答案】C
【解析】
【详解】A．家庭电路中电灯的开关应接在火线和电灯之间，故A不符题意；
B．家用电器的金属外壳必须接地，防止金属外壳漏电时发生触电事故，故B不符合题意；
C．使用测电笔辨别火线时，一定要用手接触笔尾金属体（接触笔尾金属体是不会触电的），否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的，故C符合题意；
D．空气开关“跳闸”，可能是发生了短路，也可能是用电器总功率过大，故D不符合题意。
故选C。
4. 如图所示，直升飞机悬停在空中，不计浮力下列说法正确的是（ ）
A. 螺旋桨对空气的作用力与直升飞机所受重力是一对相互作用力
B. 螺旋桨对空气的作用力与空气对螺旋桨的作用力是一对平衡力
C. 悬停在空中的直升飞机对地球没有作用力
D. 直升飞机所受向上的力的施力物体是空气
【答案】D
【解析】
【详解】A．螺旋桨对空气的作用力向下，直升飞机所受重力方向也向下，所以这两个力不是一对相互作用力；故A错误；
B．螺旋桨对空气的作用力受力物体是空气，空气对螺旋桨的作用力受力物体是螺旋桨，这两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故B错误；
C．悬停在空中的直升飞机受到重力的作用，而重力的施力物体是地球，由于力的作用是相互的，所以悬停在空中的直升飞机对地球也有力的作用，故C错误；
D．螺旋桨向下对空气施力，空气会对飞机向上施力，飞机便能上升，故D正确。
故选D。
5. 物理兴趣小组的同学对如图所示的实验现象进行了讨论，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲所示，压强计的U形管左右液面高度差可以准确测出液体压强的大小
B. 图乙所示，杯口的纸片和杯中的水不会掉下的原因是纸片受到了大气压的作用
C. 图丙所示，通过比较手指上的凹痕可以得出压力的作用效果与受力面积有关
D. 图丁所示，往纸片中间吹气，纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越大
【答案】B
【解析】
【详解】A．测量液体压强的工具叫压强计，它是根据 U形管两边液面的高度差来判断液体内部压强的大小的，但不能准确测出液体压强的大小；故A错误；
B．装满水的杯子倒置后，纸片和杯中水不掉下来，是因为大气压向上压纸片，使其处于平衡状态，即利用了大气压强，故B正确；
C．压力的作用效果与压力大小和受力面积的大小有关；在探究压力的作用效果与受力面积的关系时，应控制压力相等，图丙所示，因铅笔自身重力的影响，铅笔对两手指的压力不同，无法得出压力的作用效果与受力面积有关，故C错误；
D．向两张纸的中间吹气纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越小，故D错误。
故选B。
6. 如图所示的电动车具有能量回收功能，即在电动车滑行和刹车的时候，车载TTFAR能量回收控制器开始工作，回收车子的动能并将这部分能量转化后存储到蓄电池内。下列图中与该能量回收技术原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】电动车滑行和刹车的时候，车载TTFAR能量回收控制器开始工作，回收车子的动能并将这部分能量转化后存储到蓄电池内能，利用的是电磁感应的原理。
A．图示是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故A不符合题意；
B．图示是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验,其原理是电流的磁效应，故B不符合题意；
C．图示是探究的是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故C不符合题意；
D．图示是发电机的原理图，其原理是电磁感应现象，故D符合题意。
故选D。
7. 北方寒冬，为制作冰雕所需的冰块，艺术家找来如图所示的长方体箱子，箱内空腔长1m、宽0.6m、高0.5m。在箱内加深度为h0的水，一夜之后水完全结冰，且冰块恰好与空腔形状完全一致。已知ρ水＝1×103kg/m3，ρ冰＝0.9×103kg/m3，则h0为（ ）
A. 0.5mB. 0.45mC. 0.4mD. 0.35m
【答案】B
【解析】
【详解】在箱内加深度为h0的水，水的体积
水结冰，冰的体积
水结冰，状态变化、质量不变，可得m水=m冰，由可得
即
解得
故选B。
8. 如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点．不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（ ）
A. 受到的弹力越来越大
B. 从接触到弹簧开始一直做减速运动
C. 机械能保持不变
D. 将弹簧压缩至最短时小球处于平衡状态
【答案】A
【解析】
【详解】A．小球从高处落下并压缩弹簧，从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，弹簧的形变程度逐渐变大，所以小球受到弹力也逐渐变大，故A符合题意；
B．在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力、竖直向下的重力；开始的一段时间内，重力大于弹力，合力向下，小球做加速运动，其速度增大；随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，合力为零；小球再向下运动，弹力大于重力，合力向上，小球做减速运动，其速度减小直至为0，故B不符合题意，
C．在整个过程中，弹簧的形变程度逐渐变大，弹簧的弹性势能增大，弹簧的弹性势能是由小球的机械能转化而来的，因此小球的机械能逐渐减小，故C不符合题意；
D．将弹簧压缩至最短时，即弹簧的压缩量最大时，小球的速度为0，此时，小球受到的弹力大于其重力，所以小球处于非平衡状态，故D不符合题意。
故选A。
9. 关于惯性，下列四个现象中对应的说明中错误的是
A. 拍打刚晒过的被子，灰尘脱落，说明灰尘有惯性
B. 汽车紧急刹车，车上的人会向前倾，说明人受到了惯性
C. 箭离开弓弦后，仍能向前飞行，说明箭有惯性
D. 手握锤柄在地面上敲击几下，锤头就能紧套在锤柄上，说明锤头有惯性
【答案】B
【解析】
【详解】A．用力拍打被子，被子运动，而灰尘由于惯性要保持原来的静止状态，所以灰尘就和被子分离了，利用了灰尘的惯性，故A正确；
B．汽车急刹车时，人由于惯性仍然保持原来的运动状态，因此人会向前倾，这说明人有惯性．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是一种力，不能说受到了惯性，故B错误；
C．箭离开弓弦后，仍能向前飞行，是因为箭具有惯性，故C正确；
D．把锤柄在地面上撞击，当锤柄遇到地面停下后，锤头因为惯性，继续保持运动状态，所以能紧紧地套在锤柄上，是利用了锤头的惯性，故D正确．
10. 2022年12月4日，“神舟十四号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱在进入大气层时要通过一段黑障区，这段时间飞船被烧成一个大火球，而舱内的航天员和设备却安然无恙。下列说法正确的是（ ）
A. 飞船“燃烧”是通过热传递的方式增加了内能
B. 飞船通过黑障区时克服摩擦做功，机械能转化为内能
C. 飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，放出了大量的热保护了飞船
D. 飞船通过黑障区过程是惯性造成的，所以飞船重力没有做功
【答案】B
【解析】
【详解】A．飞船“燃烧”是因为飞船和大气层之间发生摩擦，所以是通过做功的方式增加了内能，故A错误；
B．飞船通过黑障区时和大气层发生摩擦，需要克服摩擦做功，此时将机械能转化为内能，故B正确；
C．飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，是为了吸收大量的热去保护飞船，故C错误；
D．飞船通过黑障区的过程是因为受到重力，飞船在重力方向上移动了距离，所以重力做功了，故D错误；
故选B。
11. 小华同学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻”的实验，已知电源电压恒为6V，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样，实验中该同学填写的实验数据如表所示。下列关于实验的几种说法中正确的是（ ）
①序号“1”的实验数据不是本实验中测得的
②序号“4”的实验中，滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为2∶1
③序号“2”和“5”的实验数据表明待测电阻不是定值电阻
④仅用该同学的实验器材就能探究电流与电压的关系
A. ①④B. ③④C. ①③D. ①③④
【答案】A
【解析】
【详解】①由表中数据结合欧姆定律可得，定值电阻
根据分压原理可知，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小， 定值电阻两端的最小电压
所以第1组数据不是本实验中测得，故①正确；
②序号“4”的实验中，滑动变阻器和定值电阻两端的电压之比为
2V∶4V=1∶2
根据
U滑∶U定=IR滑∶IR定=1∶2
因为串联电路电流处处相等，故滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为1:2，故②错误；
③根据得，序号“2”的电阻为
序号“5”的电阻为
由于存在误差，序号“2”和“5”的待测电阻Rx相差不大，是定值电阻，故③错误；
④根据控制变量法要探究电流与电压的关系需要控制电阻一定，改变电压和电流，故仅用该同学的实验器材就能探究电流与电压的关系，故④正确； 综合分析①④正确，故A正确，符合题意。
故选A。
12. 如图甲所示，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器R'标有“20Ω 1A”，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V。只闭合开关S和S1，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光；只闭合开关S和S2，滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，两次调节过程的中两电表示数关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为3.75V
B. 灯泡L的额定功率为1.5W
C. 电路工作时消耗的最小功率为1.5W
D. 闭合开关S和S1，电路允许的最大功率为6W
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律I=可知，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，变阻器两端电压为
UR′=IR′=0.25A×20Ω=5V
根据串联电路的电压特点可知电源电压
U=1V+5V=6V
故A错误；
B．只闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙可知，两条图像中电压相等时（等于灯泡额定电压）电路中的电流为I′=0.3A，且变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，此时变阻器接入电路中的电阻
Ra=
R的阻值
当电路中的电流为0.3A时，R两端的电压等于灯泡的额定电压，即
U额=I′R=0.3A×10Ω=3V
在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，可知灯泡的额定电流
灯泡的额定功率
P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W
故B正确；
C．灯泡正常工作时的电阻
RL=
由 可知电路中电阻最大时，功率最小，故可知当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，电路的总功率最小，为
故C错误；
D．闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，电路中的最大电流等于灯泡的额定电流，为0.3A，电路允许的最大功率为
P最大=UI最大=6V×0.3A=1.8W
故D错误。
故选B。
二、填空题（本题共11小题，每空1分，共36分）
13. 为营造清静的生活环境，近两年来，咸宁市已经实现所有城区“禁鞭”．燃放鞭炮产生的烟尘飞扬_____（选填“是”或“不是”）分子运动；“禁鞭”是通过在_____来控制噪声这种公害．
【答案】 ①. 不是 ②. 声源处
【解析】
【详解】为营造清静的生活环境，近两年来，咸宁市已经实现所有城区“禁鞭”．
燃放鞭炮产生的烟尘飞扬不是分子运动，因为与微观的分子相比，烟尘仍然是很大的宏观物体，不能代表分子的运动；
“禁鞭”是控制噪声的产生，所以是通过在声源处来控制噪声这种公害．
点睛：要理解分子是看不见的，因为分子太小了，而能看到的灰尘、烟尘一类的物体仍属宏观的物体运动，比分子还是大得多的，不能说明分子的运动．
14. “玉兔号”月球车的构造如图所示，我们从电视画面上看到“玉兔”在月球上留下深深车辙，这说明力可以改变物体的_________，车轮上凹凸不平的花纹使车轮与月球表面的摩擦变_________；“玉兔”和“嫦娥三号”都主要靠_________能转化为电能的，这种能源属于_________（选填“可再生”或“不可再生”能源）。
【答案】 ①. 形状 ②. 大 ③. 太阳 ④. 可再生
【解析】
【详解】[1]我们从电视画面上看到“玉兔”在月球上留下深深车辙，月球在力的作用下，形状发生改变，这说明力可以改变物体的形状。
[2]车轮上凹凸不平的花纹，通过增大接触面粗糙程度，使车轮与月球表面的摩擦变大。
[3][4]“玉兔”和“嫦娥三号”都主要靠太阳能能转化为电能的，这种能源可以在自然界中源源不断地获得，属于可再生能源。
15. 今年春节期间，多地下起了霰，又称雪丸，是高空中的水蒸气遇到冷空气_________（填物态变化名称）成的小冰粒。下霰当晚，无锡市市镇、交管、环卫等部门同志在交通主干道、易滑路段撒盐，这样可_________（“提高”或“降低”）冰的熔点，避免道路结冰。
【答案】 ①. 凝华 ②. 降低
【解析】
【详解】[1][2]今年春节期间，多地下起了霰，又称雪丸，下雨时夹杂的“冰粒”，是高空中的水蒸气遇到冷空气凝结成的小冰晶，属于凝华现象；交通主干道、易滑路段撒盐，这样可降低点，使雪丸在较低温度下熔化，避免道路结冰。
16. 如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是______（实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将______（随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将______（变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大），同时A点的像移动轨迹是______（直线/曲线）。
【答案】 ①. 虚 ②. 不随 ③. 先变大后变小 ④. 曲线
【解析】
【详解】[1]根据平面镜成像原理，通过玻璃看到的像不是实际光线会聚而成的，是虚像。
[2]若将甲图窗户左右平移打开，根据平面镜成像特点，像和物关于平面镜对称，则在P窗户中的像将不随窗平移。
[3][4]若将乙图Q窗户转动150°打开，在0~90°时，窗框上的A点离玻璃的距离变远，由平面镜成像特点物距等于像距可知，像远离物，距离变大。在90°~150°时，窗框上的A点离玻璃的距离变进，由平面镜成像特点物距等于像距可知，像靠近物，距离变小。则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将先变大后变小。开窗过程中，窗户的运动轨迹是曲线，A点与A点在Q窗中的像的连线始终与玻璃垂直，因此A点的像移动轨迹是曲线。
17. 图示为国际空间中上宇航员通过悬浮水珠成像的情景．图中水珠相当于_____镜，所成的像为倒立、_____的_____像．生活中与该水珠这一成像原理相同的光学仪器有_________（写出一种即可）．
【答案】 ①. 凸透 ②. 缩小 ③. 实 ④. 照相机（或摄像机等）
【解析】
【详解】宇航员通过悬浮水珠成像，水珠中间厚边缘薄相当于凸透镜，根据图可以看出所成的像为倒立、 缩小的实像，这是当凸透镜u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是应用了凸透镜这一成像特点．图中水珠相当于凸透镜，所成的像为倒立、缩小的实像，生活中与该水珠这一成像原理相同的光学仪器有照相机．
18. 在图所示的比赛中，运动员用杆推A球后，A球开始滚动，说明了__________，A球击中B球后，B球开始朝网袋方向滚动前进，此时B球在水平方向上受到______个力的作用，最终B球竖直落入网袋是由于__的缘故。
【答案】 ①. 力是改变物体运动状态的原因 ②. 一 ③. 受到重力
【解析】
【详解】[1]由图中可知，运动员用杆推A球，A球受到力的作用，由静止变为运动，运动状态发生变化，说明了力是改变物体运动状态的原因。
[2]B球朝网袋方向滚动前进过程中，在水平方向上会受到桌面的摩擦力作用，故此时B球在水平方向上受到一个力的作用。
[3]最终B球竖直落入网袋是由于B球受到重力的作用。
19. 如图所示，水平桌面上有甲､乙两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大､小两个材料相同的均匀实心正方体木块A､B｡则两个木块受到的浮力FA__FB(选填“>”､“=”或“<”)，水对木块底面的压强pA___pB(选填“>”､“=”或“<”)，缸对桌面的压强p甲___p乙(选填“>”､“=”或“<”)
【答案】 ①. > ②. > ③. =
【解析】
【详解】[1]甲、乙缸装满了水， 正方体木块漂浮，浮力等于重力，材料相同的均匀实心正方体木块A､B，A 的体积大，质量大，重力大，故甲缸中木块受到的浮力大，即：FA>FB。
[2]由图可知，正方体木块A的下底面所处的深度大于正方体木块B的下底面所处的深度，由p=ρgh可知，水对木块底面的压强pA>pB。
[3]因甲、乙两个玻璃缸完全相同且装满了水，则水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；由于木块漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物=F浮=G排，即木块的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着木块时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同(底面积相同)，则由p=可知，此时玻璃缸对桌面的压强相等，即p甲= p乙。
20. 如图所示是我国国产歼-15舰载机在“辽宁号”航空母舰上起飞时情景。在舰载机起飞升空的过程中，舰载机相对于“辽宁号”航空母舰是_________（选填“运动”或“静止”）的，舰载机升空后，此时航空母舰所受海水的浮力_________，当舰载机执行完任务飞回航空母舰被阻拦索钩住减速时，舰载机的动能_________（均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 运动 ②. 减小 ③. 减小
【解析】
【详解】[1]在舰载机起飞升空的过程中，舰载机相对于“辽宁号”航空母舰位置发生了改变，故舰载机相对于“辽宁号”航空母舰是运动的。
[2]航母在水中漂浮，浮力等于自身重力，舰载机起飞升空后，航母自重减小，所受的浮力减小。
[3]动能与物体的质量与速度有关，当舰载机执行完任务飞回航空母舰被阻拦索钩住减速时，速度减小，质量不变，故动能减小。
21. 如图甲所示的某品牌插秧机使用北斗导航，农民只需在作业前进行相关设定，即可实现24小时无人值守自动作业。
(1)北斗导航卫星是通过 __________ 向插秧机发送位置信息的；
(2)该插秧机使用四冲程汽油机，图乙中汽油机处于 __________ 冲程。如果该汽油机飞轮的转速是60r/s，则汽油机每秒钟对外做功 __________ 次；
(3)汽油属于 __________ （选填“清洁”或“非清洁”）能源，某段时间插秧机消耗汽油0.21kg，汽油完全燃烧放出的热量是 __________ J；若这些热量完全被40kg初温15°C的水吸收，则水温升高 __________ °C。[q汽油=4.6×107J/kg，c水=4.2×103J/（kg·°C）]
【答案】 ①. 电磁波 ②. 压缩 ③. 30 ④. 非清洁 ⑤. ⑥. 57.5
【解析】
【详解】(1)[1]电磁波可以在真空中传播，可以传递信息，北斗卫星导航系统在实现定位、导航和授时服务时，主要是利用电磁波传递信息的。
(2)[2]从图中可以看出，两气门关闭和活塞向上移动的特点，可以判断这个冲程是压缩冲程，将机械能转化为了内能。
[3]飞轮的转速是60r/s，飞轮转动一圈完成两个冲程，所以1s可以完成的冲程数量是
完成四个冲程，对外做功一次，所以汽油机每秒钟对外做次数是
(3)[4]由于汽油燃烧后会产生污染大气的废气，所以汽油属于非清洁能源。
[5]汽油完全燃烧放出的热量是
[6]由，得，水温升高
22. 如图所示，用该滑轮组把重600N的货物以0.4m/s的速度匀速提高10m，所用拉力为400N，此时拉力所做的有用功为 ___________J，拉力的功率为 ___________W，滑轮组的机械效率为 ___________。
【答案】 ①. 6000 ②. 320 ③. 75%
【解析】
【详解】[1]拉力所做的有用功
[2]以0.4m/s的速度匀速提高10m，根据速度公式可知，所用时间为
由图可知，滑轮组绳子的有效股数
绳子自由端移动的距离
拉力所做的总功
拉力的功率
[3]滑轮组的机械效率
23. 小伟为了监测家人体重，设计了一个简易体重计，电路如图甲所示。已知电源电压6V，定值电阻R0=6Ω，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，电压表量程为0-3V，改装后用于显示被测人体重。则电压表2V刻度处应标为______N，该电路消耗的最小功率为______W。
【答案】 ①. 300 ②. 1.2
【解析】
【详解】[1]当电压表示数为2V时，压敏电阻处电压为
此时电路中的电流为
压敏电阻处电阻为
对应乙图，可知当电阻为12Ω时，压力为300N。
[2]根据公式P=UI得，当电流最小时，该电路消耗的电功率最小，即电路中电阻最大，由乙图可知，当压力为0时，电阻最大为24Ω，该电路消耗的最小功率为
三、解答题（本题共7小题，共50分．解答26、30题时应有公式和解题过程）
24. 请在图虚线框内填上合适的透镜，对该视力缺陷进行矫正
【答案】
【解析】
【详解】由图得，该眼睛成像在视网膜前，是近视眼，凹透镜对光线有发散作用，用于矫正近视眼，如图所示：
25. 如图，一小铁球静止在装水容器底部，作出此时小球受到重力和支持力的示意图
【答案】
【解析】
【详解】小铁球静止在装水容器底部，受到竖直向下的重力G和竖直向上的F浮浮力以及瓶底对其的支持力F支，此时G=F浮+F支则可知G＞F支，两个力都作用在小球的重心上，小球所受浮力和重力的示意图如图所示：
26. 如图，为了再安装一个插座给其它用电器独立供电，请将插座连接到 a、b、c、d 中的某两个接线柱上，并且符合安全用电要求。
【答案】
【解析】
【详解】再安装一个插座给其它用电器独立供电，就需要把插座两边直接接到火线和零线上，不能和灯泡串联，也不能和开关串联，所以只能连接到 a、d 两个接线柱上，如下图所示：
27. 实验室准备了如图甲、乙所示的两套“观察水沸腾”的实验装置。
（1）小明同学从水温升高到90℃时开始记录数据，以后每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾5min为止，实验数据如下表所示。分析表中数据可知，李明选择的是_________（选填“甲”或“乙”）实验装置（室内为标准大气压）；
（2）给一定质量的水加热，其温度与时间关系如图丙中a所示，若其他条件不变，仅将水的质量增加，则温度与时间的关系图像正确的是_________（选填“b”“c”或“d”）。分析图像可知，水沸腾时，温度_________；
（3）另一同学探究“酒精、煤油、汽油的热值”，三个装置完全相同（如图丁所示），水的质量和初温及待测燃料的质量也相同。通过测量全部燃料充分燃烧后水的末温（均未达到沸点），可以粗略知道它们的热值q大小关系为_________。（填选项编号）
A． B． C．
【答案】 ①. 甲 ②. c ③. 102℃ ④. C
【解析】
【详解】（1）[1]由表中数据可知，小明测得水的沸点温度高于100℃；乙图上面没有容器盖，甲图上面有容器盖，加热时，甲容器内气体压强大于1标准大气压，水的沸点高于100°C，所以小明使用的甲装置。
（2）[2][3]由题可知，其他条件不变，仅将水的质量增加，所以水的沸点是不变的，但加热的时间将变长，故分析图中图象能看出，c是正确的；分析图像可知，水沸腾时，温度保持不变，由表中数据可知，水的沸点温度为102℃。
（3）[4]探究酒精、煤油、汽油的热值，选用三个装置完全相同，水的质量和初温及待测燃料的质量也相同，通过测量全部燃料充分燃烧后水的末温可以得出热值的大小，水的末温越高，说明水吸收的热量越多，即燃料放出的热量越多，测得水的末温为
由此可知
由可以粗略知道它们的热值q大小关系为
故选C。
28. 快递服务业务提升了我们的生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图所示的物流机器人完成最后三公里的快速智能配送。若空载时该物流机器人质量为600kg，轮胎与地面的总接触面积为0.2m2，当该物流机器人完成所有配送任务后返回服务站时，在某平直道路上匀速行驶了100s，牵引力做功为4.8×104J，已知机器人匀速行驶所受阻力是其重力的0.02倍，g取10N/kg。求此过程中：
（1）求机器人对水平路面的压强；
（2）机器人匀速行驶的速度；
（3）机器人匀速行驶时牵引力的功率。
【答案】（1）3×104Pa；（2）4m/s；（3）480W
【解析】
【详解】解：（1）机器人的重力
G=mg=600kg×10N/kg=6000N
机器人对水平路面的压力
F压=G=6000N
机器人对水平路面的压强
（2）由题意可知，机器人受到的阻力
f=0.02G=0.02×6000N=120N
因为机器人做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，机器人的牵引力
F=f=120N
由W=Fs可知，机器人匀速行驶的路程
机器人匀速行驶的速度为
（3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为
答：（1）求机器人对水平路面的压强为3×104Pa。
（2）机器人匀速行驶的速度为4m/s。
（3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为480W。
29. 在“探究杠杆平衡条件实验”中：
（1）如图甲所示，杠杆放在支架上并置于水平桌面，静止时发现杠杆左低右高，此时杠杆处于_________（填“平衡”或“非平衡”）状态，为了使杠杆在水平位置平衡，则应将左端的平衡螺母向_________（选填“左”或“右”）调节，目的是_________；
（2）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂_________个相同的钩码：当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆将_________（选填“左端下沉”或“右端下沉”或“仍然平衡”）：
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，使杠杆仍静止在水平位置，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，其示数大小将_________；
（4）如图丁所示，已知每个钩码重0.5N，杠杆上每个小格长度为2cm，当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计示数大小为_________N。
【答案】 ①. 平衡 ②. 右 ③. 便于测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响 ④. 6 ⑤. 右端下沉 ⑥. 变大 ⑦. 3
【解析】
【详解】（1）[1]实验前，杠杆静止，杠杆处于平衡状态。
[2][3]如图杠杆的右端上翘，说明杠杆左端偏重，平衡螺母向上翘的右端移动，杠杆在水平位置平衡时，便于测量力臂，同时杠杆的重心过支点，能够消除杠杆自重对实验的影响。
（2）[4]设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件可得
解得，需挂6个钩码。
[5]若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格， 则有
杠杆不能平衡，右端下沉。
（3）[6]保持B点不变，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，此时拉力F的力臂变短，钩码对杠杆的拉力和力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故弹簧测力计的示数变大。
（4）[7]当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时动力臂等于
根据杠杆的平衡条件得
解得：，使杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计示数大小为3N。
30. 小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同的两个钢球m和M（M>m），分别从不同的高度h和H（H>h）由静止开始放下，观察木块B被撞击后移动的距离。实验过程如图所示。
（1）该实验中物体的动能是指________（选填“钢球”或“木块”）的动能，实验中观察到木块B移动的距离越长，则说明钢球对木块________ 越多，动能就越大；
（2）图乙和图丙换用质量不同的钢球从斜面的相同高度由静止开始滚下，目的是控制________相同，探究钢球的动能大小与________的关系；
（3）小明根据甲、丙两图可得出结论：物体的动能大小与质量有关，他的结论是否正确?________（选填“正确”或“错误”）
（4）木块在水平面上滑动时，受到水平面的摩擦力________（选填“变大”、“变小”或“不变”），克服摩擦力做功的功率________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ① 钢球 ②. 做功 ③. 速度 ④. 质量 ⑤. 错误 ⑥. 不变 ⑦. 变小
【解析】
【详解】（1）[1][2]由题意可知，实验中物体的动能是指钢球的动能，实验中运用转换法通过钢球对木块B做功的多少来体现钢球动能的大小，木块移动距离越远说明钢球对木块做功越多，钢球动能就越大。
（2）[3][4]钢球从斜面的相同高度滚下这样小球到达水平面时的速度相同，故图乙和图丙中相同的小球从斜面相同高度由静止开始滚下，目的是控制速度相同，探究钢球的动能大小与质量的关系。
（3）[5]根据甲、丙两图可得出结论：物体的动能大小与质量有关，结论是错误的，因为他没有控制小球速度相同。
（4）[6][7]木块在水平面上滑动时，受到水平面的摩擦力是滑动摩擦力，与压力大小和接触面粗糙程度有关，若二者不变，则滑动摩擦力不变。滑动摩擦力不变，速度减小，根据克服摩擦力做功的功率P=Fv知，木块在水平面上滑动时，克服摩擦力做功的功率变小。
31. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡上标有“2.5V”字样（灯泡额定功率小于1W），电源为两节新干电池。下图甲是连接的实物图．
（1）闭合图甲电路中的开关，电压表的读数约为_________V，小灯泡处于_________状态（选填“发光”或“不发光”）；
（2）图甲只有一根导线的一个接头接错，请在需要改动的导线上打“×”，并在图上改正_________；
（3）改正电路后闭合开关，发现电压表示数如图乙所示，则应该将滑动变阻器的滑片P向_________（“左”或“右”）移动，将电压表的示数调整到_________V，此时电流表示数如图丙所示，测出小灯的额定功率为_________W；此测量值和小灯泡标注的额定功率相差较大，请你分析灯泡不合格的原因：_________；
（4）在某次调节中，灯泡变亮，滑动变阻器接入电路的阻值变化了，小灯泡的阻值变化了，则_______（选填“>”，“<”或“=”）；
（5）如果增加已知阻值的定值电阻，只利用一只电压表，通过简单操作就能测量小灯泡的额定功率；图丁中（a）、（b）是他们设计的两种电路图，其中能完成测量的是电路图_________．
【答案】 ①. 3 ②. 不发光 ③. ④. 左 ⑤. 2.5 ⑥. 1.25 ⑦. 灯丝的电阻随温度升高而增大 ⑧. > ⑨. （a）
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲，电流表与灯泡串联，电压表串联在电路中，由于电压表电阻很大，电压表的读数接近电源电压，约为3V。
[2]闭合图甲电路中的开关，电压表串联在电路中，电路中电流很小，灯与电流表并联，故小灯泡处于不发光状态。
（3）[3]实验时，电流表应与变阻器串联，电压表应与灯并联，改正后实物图如图
（3）[4][5]灯在额定电压下正常发光，图中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.7V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，即应减小变阻器连入电路中的电阻，故滑片向左移动，直到电压表示数为2.5V。
[6]此时电流表示数如图丙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.5A，小灯的额定功率为
[7]此测量值和小灯泡标注的额定功率相差较大，原因是灯丝的电阻随温度升高而增大，标注功率可能是灯泡长时间工作时的功率，此时灯泡的电阻较大，功率应小于测量值。
（4）[8]灯泡变亮，说明电路中的电流变大，电路中电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值减小，此时灯泡实际功率变大，温度升高阻值变大，但电路中的总电阻变小，所以变阻器减小的阻值大于灯泡增大的阻值，。
（5）[9]图丁中（a）图
①闭合开关S1后，单刀双拼开关接2时，调节滑动变阻器使电压表示数为2.5V，即灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关接1，此时电压表测灯泡与定值电阻总电压，由串联电路特点知两次电压表示数的差为定值电阻两端电压；
③由串联电路电流特点和欧姆定律计算通过定值电阻的电流，即灯泡正常发光电流，再由可计算灯泡的额定功率；
（b）图中，闭合开关S1后再闭合S2电压表测灯泡两端电压，电流从电压表下端流入，为测得灯泡电流，需要断开S2，闭合S3，测定值电阻两端电压，但此时电流从电压表上端流入，即电压表的接线柱接反了，所以不能完成实验；
图丁中（a）、（b）是他们设计的两种电路图，其中能完成测量的是电路图（a）。
32. 如图甲所示是某型号的浴室防雾镜，其背面粘贴有等大的电热膜．使用时，镜面受热，水蒸气无法凝结其上，便于成像，下表是该防雾镜的相关数据：
（1）求防雾镜正常工作时的电流；
（2）经测试，在﹣10℃环境下．正常工作400s使平面镜的平均温度升高了40℃，求电热膜给平面镜的加热效率；[玻璃的比热容为0.75×103J/（kg·℃）]
（3）如图乙所示，小明给防雾镜电路连接了一个滑动变阻器，能使电热极的功率在原功率的25%～100%之间变化，以满足不同季节使用的需要，请求出R的最大阻值。
【答案】（1）0.5A；（2）75%；（3）440Ω
【解析】
【详解】解：（1）防雾镜正常工作的功率为
P=1W/dm2×110dm2=110W
正常工作时的电流
（2）正常工作400s，平面镜吸收的热量
Q吸=cm△t升=0.75×103J/（kg·℃）×1.1kg×40℃=3.3×104J
正常工作400s，电热膜产生的热量
Q=W=Pt=110W×400s=4.4×104J
加热效率为
（3）电热膜的电阻为
当R的阻值最大时，通过电热膜的电流最小，此时电热膜的功率最小，为
Pmin=110W×25%=27.5W
此时通过它的电流为
电路中的总电阻为
变阻器的最大阻值为
R=R总－R0=880Ω－440Ω=440Ω
答：（1）防雾镜正常工作时的电流为0.5A；
（2）电热膜给平面镜的加热效率为75%；
（3）R的最大阻值为440Ω。
序号
1
2
3
4
5
U/V
1.0
2.0
3.0
4.0
5.0
I/A
0.10
0.21
0.30
0.40
0.49
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
温度/℃
90
92
94
96
98
100
101
102
102
102
102
102
面积大小
110dm2
镜子质量
1.1kg
额定电压
220V
额定功率
1W/dm2
考试时间：90分钟 满分：100分
一、选择题（本题共12小题，每题只有一个选项为正确答案，合计24分）
1. 下列数值最接近实际的是（ ）
A. 眼保健操的时间约为30sB. 中学生的体重大约是500kg
C. 普通电热水壶正常工作时电流约6AD. 家庭电路的安全电压为220V
【答案】C
【解析】
【详解】A．完成一套眼保健操的时间约为5min=300s，故A不符合题意；
B．中学生的体重大约是50kg，故B不符合题意；
C．家用电热水壶的额定功率在1300W左右，正常工作的电流大约为
故C符合题意；
D．经验表明，人体的安全电压值为不高于36V，故D不符合题意。
故选C。
2. 如图是一种便携式“声波盒”，工作时可以产生48000Hz的“高频波”使液体振动，从而将放入盒中的物体清洗干净。关于该“高频波”下列说法正确的是（ ）
A. 它在15℃空气中的传播速度约为340m/sB. 它可以在真空中传播
C. 人耳能够听见它D. 它不是由物体振动产生的
【答案】A
【解析】
【详解】A．声音在15摄氏度的空气中的传播速度约为340m/s，高频波是声音，所以在15摄氏度的空气中传播速度约为340m/s。故A正确；
B．声音的传播需要介质，不可以在真空中传播，故B错误；
C．声音的频率范围在20Hz到20000Hz时，多数人能听到，而48000Hz的声音频率高于20000Hz，人耳听不到，故C错误；
D．声音是由物体的振动产生的，声波盒发出的高频波是由物体振动产生的，故D错误。
故选A。
3. “安全用电无小事，时时刻刻要牢记”是中学生应具备的基本安全常识。下列做法不符合安全用电规范的是（ ）
A. 家庭电路中电灯的开关应该连接火线
B. 具有金属外壳的用电器，必须保证其外壳与大地相连
C. 使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免发生触电事故
D. 空气开关“跳闸”，可能是电路中出现了短路，或电路中的总功率过大
【答案】C
【解析】
【详解】A．家庭电路中电灯的开关应接在火线和电灯之间，故A不符题意；
B．家用电器的金属外壳必须接地，防止金属外壳漏电时发生触电事故，故B不符合题意；
C．使用测电笔辨别火线时，一定要用手接触笔尾金属体（接触笔尾金属体是不会触电的），否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的，故C符合题意；
D．空气开关“跳闸”，可能是发生了短路，也可能是用电器总功率过大，故D不符合题意。
故选C。
4. 如图所示，直升飞机悬停在空中，不计浮力下列说法正确的是（ ）
A. 螺旋桨对空气的作用力与直升飞机所受重力是一对相互作用力
B. 螺旋桨对空气的作用力与空气对螺旋桨的作用力是一对平衡力
C. 悬停在空中的直升飞机对地球没有作用力
D. 直升飞机所受向上的力的施力物体是空气
【答案】D
【解析】
【详解】A．螺旋桨对空气的作用力向下，直升飞机所受重力方向也向下，所以这两个力不是一对相互作用力；故A错误；
B．螺旋桨对空气的作用力受力物体是空气，空气对螺旋桨的作用力受力物体是螺旋桨，这两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故B错误；
C．悬停在空中的直升飞机受到重力的作用，而重力的施力物体是地球，由于力的作用是相互的，所以悬停在空中的直升飞机对地球也有力的作用，故C错误；
D．螺旋桨向下对空气施力，空气会对飞机向上施力，飞机便能上升，故D正确。
故选D。
5. 物理兴趣小组的同学对如图所示的实验现象进行了讨论，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲所示，压强计的U形管左右液面高度差可以准确测出液体压强的大小
B. 图乙所示，杯口的纸片和杯中的水不会掉下的原因是纸片受到了大气压的作用
C. 图丙所示，通过比较手指上的凹痕可以得出压力的作用效果与受力面积有关
D. 图丁所示，往纸片中间吹气，纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越大
【答案】B
【解析】
【详解】A．测量液体压强的工具叫压强计，它是根据 U形管两边液面的高度差来判断液体内部压强的大小的，但不能准确测出液体压强的大小；故A错误；
B．装满水的杯子倒置后，纸片和杯中水不掉下来，是因为大气压向上压纸片，使其处于平衡状态，即利用了大气压强，故B正确；
C．压力的作用效果与压力大小和受力面积的大小有关；在探究压力的作用效果与受力面积的关系时，应控制压力相等，图丙所示，因铅笔自身重力的影响，铅笔对两手指的压力不同，无法得出压力的作用效果与受力面积有关，故C错误；
D．向两张纸的中间吹气纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越小，故D错误。
故选B。
6. 如图所示的电动车具有能量回收功能，即在电动车滑行和刹车的时候，车载TTFAR能量回收控制器开始工作，回收车子的动能并将这部分能量转化后存储到蓄电池内。下列图中与该能量回收技术原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】电动车滑行和刹车的时候，车载TTFAR能量回收控制器开始工作，回收车子的动能并将这部分能量转化后存储到蓄电池内能，利用的是电磁感应的原理。
A．图示是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故A不符合题意；
B．图示是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验,其原理是电流的磁效应，故B不符合题意；
C．图示是探究的是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故C不符合题意；
D．图示是发电机的原理图，其原理是电磁感应现象，故D符合题意。
故选D。
7. 北方寒冬，为制作冰雕所需的冰块，艺术家找来如图所示的长方体箱子，箱内空腔长1m、宽0.6m、高0.5m。在箱内加深度为h0的水，一夜之后水完全结冰，且冰块恰好与空腔形状完全一致。已知ρ水＝1×103kg/m3，ρ冰＝0.9×103kg/m3，则h0为（ ）
A. 0.5mB. 0.45mC. 0.4mD. 0.35m
【答案】B
【解析】
【详解】在箱内加深度为h0的水，水的体积
水结冰，冰的体积
水结冰，状态变化、质量不变，可得m水=m冰，由可得
即
解得
故选B。
8. 如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点．不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（ ）
A. 受到的弹力越来越大
B. 从接触到弹簧开始一直做减速运动
C. 机械能保持不变
D. 将弹簧压缩至最短时小球处于平衡状态
【答案】A
【解析】
【详解】A．小球从高处落下并压缩弹簧，从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，弹簧的形变程度逐渐变大，所以小球受到弹力也逐渐变大，故A符合题意；
B．在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力、竖直向下的重力；开始的一段时间内，重力大于弹力，合力向下，小球做加速运动，其速度增大；随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，合力为零；小球再向下运动，弹力大于重力，合力向上，小球做减速运动，其速度减小直至为0，故B不符合题意，
C．在整个过程中，弹簧的形变程度逐渐变大，弹簧的弹性势能增大，弹簧的弹性势能是由小球的机械能转化而来的，因此小球的机械能逐渐减小，故C不符合题意；
D．将弹簧压缩至最短时，即弹簧的压缩量最大时，小球的速度为0，此时，小球受到的弹力大于其重力，所以小球处于非平衡状态，故D不符合题意。
故选A。
9. 关于惯性，下列四个现象中对应的说明中错误的是
A. 拍打刚晒过的被子，灰尘脱落，说明灰尘有惯性
B. 汽车紧急刹车，车上的人会向前倾，说明人受到了惯性
C. 箭离开弓弦后，仍能向前飞行，说明箭有惯性
D. 手握锤柄在地面上敲击几下，锤头就能紧套在锤柄上，说明锤头有惯性
【答案】B
【解析】
【详解】A．用力拍打被子，被子运动，而灰尘由于惯性要保持原来的静止状态，所以灰尘就和被子分离了，利用了灰尘的惯性，故A正确；
B．汽车急刹车时，人由于惯性仍然保持原来的运动状态，因此人会向前倾，这说明人有惯性．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是一种力，不能说受到了惯性，故B错误；
C．箭离开弓弦后，仍能向前飞行，是因为箭具有惯性，故C正确；
D．把锤柄在地面上撞击，当锤柄遇到地面停下后，锤头因为惯性，继续保持运动状态，所以能紧紧地套在锤柄上，是利用了锤头的惯性，故D正确．
10. 2022年12月4日，“神舟十四号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱在进入大气层时要通过一段黑障区，这段时间飞船被烧成一个大火球，而舱内的航天员和设备却安然无恙。下列说法正确的是（ ）
A. 飞船“燃烧”是通过热传递的方式增加了内能
B. 飞船通过黑障区时克服摩擦做功，机械能转化为内能
C. 飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，放出了大量的热保护了飞船
D. 飞船通过黑障区过程是惯性造成的，所以飞船重力没有做功
【答案】B
【解析】
【详解】A．飞船“燃烧”是因为飞船和大气层之间发生摩擦，所以是通过做功的方式增加了内能，故A错误；
B．飞船通过黑障区时和大气层发生摩擦，需要克服摩擦做功，此时将机械能转化为内能，故B正确；
C．飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，是为了吸收大量的热去保护飞船，故C错误；
D．飞船通过黑障区的过程是因为受到重力，飞船在重力方向上移动了距离，所以重力做功了，故D错误；
故选B。
11. 小华同学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻”的实验，已知电源电压恒为6V，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样，实验中该同学填写的实验数据如表所示。下列关于实验的几种说法中正确的是（ ）
①序号“1”的实验数据不是本实验中测得的
②序号“4”的实验中，滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为2∶1
③序号“2”和“5”的实验数据表明待测电阻不是定值电阻
④仅用该同学的实验器材就能探究电流与电压的关系
A. ①④B. ③④C. ①③D. ①③④
【答案】A
【解析】
【详解】①由表中数据结合欧姆定律可得，定值电阻
根据分压原理可知，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小， 定值电阻两端的最小电压
所以第1组数据不是本实验中测得，故①正确；
②序号“4”的实验中，滑动变阻器和定值电阻两端的电压之比为
2V∶4V=1∶2
根据
U滑∶U定=IR滑∶IR定=1∶2
因为串联电路电流处处相等，故滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为1:2，故②错误；
③根据得，序号“2”的电阻为
序号“5”的电阻为
由于存在误差，序号“2”和“5”的待测电阻Rx相差不大，是定值电阻，故③错误；
④根据控制变量法要探究电流与电压的关系需要控制电阻一定，改变电压和电流，故仅用该同学的实验器材就能探究电流与电压的关系，故④正确； 综合分析①④正确，故A正确，符合题意。
故选A。
12. 如图甲所示，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器R'标有“20Ω 1A”，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V。只闭合开关S和S1，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光；只闭合开关S和S2，滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，两次调节过程的中两电表示数关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为3.75V
B. 灯泡L的额定功率为1.5W
C. 电路工作时消耗的最小功率为1.5W
D. 闭合开关S和S1，电路允许的最大功率为6W
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律I=可知，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，变阻器两端电压为
UR′=IR′=0.25A×20Ω=5V
根据串联电路的电压特点可知电源电压
U=1V+5V=6V
故A错误；
B．只闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙可知，两条图像中电压相等时（等于灯泡额定电压）电路中的电流为I′=0.3A，且变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，此时变阻器接入电路中的电阻
Ra=
R的阻值
当电路中的电流为0.3A时，R两端的电压等于灯泡的额定电压，即
U额=I′R=0.3A×10Ω=3V
在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，可知灯泡的额定电流
灯泡的额定功率
P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W
故B正确；
C．灯泡正常工作时的电阻
RL=
由 可知电路中电阻最大时，功率最小，故可知当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，电路的总功率最小，为
故C错误；
D．闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，电路中的最大电流等于灯泡的额定电流，为0.3A，电路允许的最大功率为
P最大=UI最大=6V×0.3A=1.8W
故D错误。
故选B。
二、填空题（本题共11小题，每空1分，共36分）
13. 为营造清静的生活环境，近两年来，咸宁市已经实现所有城区“禁鞭”．燃放鞭炮产生的烟尘飞扬_____（选填“是”或“不是”）分子运动；“禁鞭”是通过在_____来控制噪声这种公害．
【答案】 ①. 不是 ②. 声源处
【解析】
【详解】为营造清静的生活环境，近两年来，咸宁市已经实现所有城区“禁鞭”．
燃放鞭炮产生的烟尘飞扬不是分子运动，因为与微观的分子相比，烟尘仍然是很大的宏观物体，不能代表分子的运动；
“禁鞭”是控制噪声的产生，所以是通过在声源处来控制噪声这种公害．
点睛：要理解分子是看不见的，因为分子太小了，而能看到的灰尘、烟尘一类的物体仍属宏观的物体运动，比分子还是大得多的，不能说明分子的运动．
14. “玉兔号”月球车的构造如图所示，我们从电视画面上看到“玉兔”在月球上留下深深车辙，这说明力可以改变物体的_________，车轮上凹凸不平的花纹使车轮与月球表面的摩擦变_________；“玉兔”和“嫦娥三号”都主要靠_________能转化为电能的，这种能源属于_________（选填“可再生”或“不可再生”能源）。
【答案】 ①. 形状 ②. 大 ③. 太阳 ④. 可再生
【解析】
【详解】[1]我们从电视画面上看到“玉兔”在月球上留下深深车辙，月球在力的作用下，形状发生改变，这说明力可以改变物体的形状。
[2]车轮上凹凸不平的花纹，通过增大接触面粗糙程度，使车轮与月球表面的摩擦变大。
[3][4]“玉兔”和“嫦娥三号”都主要靠太阳能能转化为电能的，这种能源可以在自然界中源源不断地获得，属于可再生能源。
15. 今年春节期间，多地下起了霰，又称雪丸，是高空中的水蒸气遇到冷空气_________（填物态变化名称）成的小冰粒。下霰当晚，无锡市市镇、交管、环卫等部门同志在交通主干道、易滑路段撒盐，这样可_________（“提高”或“降低”）冰的熔点，避免道路结冰。
【答案】 ①. 凝华 ②. 降低
【解析】
【详解】[1][2]今年春节期间，多地下起了霰，又称雪丸，下雨时夹杂的“冰粒”，是高空中的水蒸气遇到冷空气凝结成的小冰晶，属于凝华现象；交通主干道、易滑路段撒盐，这样可降低点，使雪丸在较低温度下熔化，避免道路结冰。
16. 如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是______（实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将______（随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将______（变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大），同时A点的像移动轨迹是______（直线/曲线）。
【答案】 ①. 虚 ②. 不随 ③. 先变大后变小 ④. 曲线
【解析】
【详解】[1]根据平面镜成像原理，通过玻璃看到的像不是实际光线会聚而成的，是虚像。
[2]若将甲图窗户左右平移打开，根据平面镜成像特点，像和物关于平面镜对称，则在P窗户中的像将不随窗平移。
[3][4]若将乙图Q窗户转动150°打开，在0~90°时，窗框上的A点离玻璃的距离变远，由平面镜成像特点物距等于像距可知，像远离物，距离变大。在90°~150°时，窗框上的A点离玻璃的距离变进，由平面镜成像特点物距等于像距可知，像靠近物，距离变小。则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将先变大后变小。开窗过程中，窗户的运动轨迹是曲线，A点与A点在Q窗中的像的连线始终与玻璃垂直，因此A点的像移动轨迹是曲线。
17. 图示为国际空间中上宇航员通过悬浮水珠成像的情景．图中水珠相当于_____镜，所成的像为倒立、_____的_____像．生活中与该水珠这一成像原理相同的光学仪器有_________（写出一种即可）．
【答案】 ①. 凸透 ②. 缩小 ③. 实 ④. 照相机（或摄像机等）
【解析】
【详解】宇航员通过悬浮水珠成像，水珠中间厚边缘薄相当于凸透镜，根据图可以看出所成的像为倒立、 缩小的实像，这是当凸透镜u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是应用了凸透镜这一成像特点．图中水珠相当于凸透镜，所成的像为倒立、缩小的实像，生活中与该水珠这一成像原理相同的光学仪器有照相机．
18. 在图所示的比赛中，运动员用杆推A球后，A球开始滚动，说明了__________，A球击中B球后，B球开始朝网袋方向滚动前进，此时B球在水平方向上受到______个力的作用，最终B球竖直落入网袋是由于__的缘故。
【答案】 ①. 力是改变物体运动状态的原因 ②. 一 ③. 受到重力
【解析】
【详解】[1]由图中可知，运动员用杆推A球，A球受到力的作用，由静止变为运动，运动状态发生变化，说明了力是改变物体运动状态的原因。
[2]B球朝网袋方向滚动前进过程中，在水平方向上会受到桌面的摩擦力作用，故此时B球在水平方向上受到一个力的作用。
[3]最终B球竖直落入网袋是由于B球受到重力的作用。
19. 如图所示，水平桌面上有甲､乙两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大､小两个材料相同的均匀实心正方体木块A､B｡则两个木块受到的浮力FA__FB(选填“>”､“=”或“<”)，水对木块底面的压强pA___pB(选填“>”､“=”或“<”)，缸对桌面的压强p甲___p乙(选填“>”､“=”或“<”)
【答案】 ①. > ②. > ③. =
【解析】
【详解】[1]甲、乙缸装满了水， 正方体木块漂浮，浮力等于重力，材料相同的均匀实心正方体木块A､B，A 的体积大，质量大，重力大，故甲缸中木块受到的浮力大，即：FA>FB。
[2]由图可知，正方体木块A的下底面所处的深度大于正方体木块B的下底面所处的深度，由p=ρgh可知，水对木块底面的压强pA>pB。
[3]因甲、乙两个玻璃缸完全相同且装满了水，则水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；由于木块漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物=F浮=G排，即木块的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着木块时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同(底面积相同)，则由p=可知，此时玻璃缸对桌面的压强相等，即p甲= p乙。
20. 如图所示是我国国产歼-15舰载机在“辽宁号”航空母舰上起飞时情景。在舰载机起飞升空的过程中，舰载机相对于“辽宁号”航空母舰是_________（选填“运动”或“静止”）的，舰载机升空后，此时航空母舰所受海水的浮力_________，当舰载机执行完任务飞回航空母舰被阻拦索钩住减速时，舰载机的动能_________（均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 运动 ②. 减小 ③. 减小
【解析】
【详解】[1]在舰载机起飞升空的过程中，舰载机相对于“辽宁号”航空母舰位置发生了改变，故舰载机相对于“辽宁号”航空母舰是运动的。
[2]航母在水中漂浮，浮力等于自身重力，舰载机起飞升空后，航母自重减小，所受的浮力减小。
[3]动能与物体的质量与速度有关，当舰载机执行完任务飞回航空母舰被阻拦索钩住减速时，速度减小，质量不变，故动能减小。
21. 如图甲所示的某品牌插秧机使用北斗导航，农民只需在作业前进行相关设定，即可实现24小时无人值守自动作业。
(1)北斗导航卫星是通过 __________ 向插秧机发送位置信息的；
(2)该插秧机使用四冲程汽油机，图乙中汽油机处于 __________ 冲程。如果该汽油机飞轮的转速是60r/s，则汽油机每秒钟对外做功 __________ 次；
(3)汽油属于 __________ （选填“清洁”或“非清洁”）能源，某段时间插秧机消耗汽油0.21kg，汽油完全燃烧放出的热量是 __________ J；若这些热量完全被40kg初温15°C的水吸收，则水温升高 __________ °C。[q汽油=4.6×107J/kg，c水=4.2×103J/（kg·°C）]
【答案】 ①. 电磁波 ②. 压缩 ③. 30 ④. 非清洁 ⑤. ⑥. 57.5
【解析】
【详解】(1)[1]电磁波可以在真空中传播，可以传递信息，北斗卫星导航系统在实现定位、导航和授时服务时，主要是利用电磁波传递信息的。
(2)[2]从图中可以看出，两气门关闭和活塞向上移动的特点，可以判断这个冲程是压缩冲程，将机械能转化为了内能。
[3]飞轮的转速是60r/s，飞轮转动一圈完成两个冲程，所以1s可以完成的冲程数量是
完成四个冲程，对外做功一次，所以汽油机每秒钟对外做次数是
(3)[4]由于汽油燃烧后会产生污染大气的废气，所以汽油属于非清洁能源。
[5]汽油完全燃烧放出的热量是
[6]由，得，水温升高
22. 如图所示，用该滑轮组把重600N的货物以0.4m/s的速度匀速提高10m，所用拉力为400N，此时拉力所做的有用功为 ___________J，拉力的功率为 ___________W，滑轮组的机械效率为 ___________。
【答案】 ①. 6000 ②. 320 ③. 75%
【解析】
【详解】[1]拉力所做的有用功
[2]以0.4m/s的速度匀速提高10m，根据速度公式可知，所用时间为
由图可知，滑轮组绳子的有效股数
绳子自由端移动的距离
拉力所做的总功
拉力的功率
[3]滑轮组的机械效率
23. 小伟为了监测家人体重，设计了一个简易体重计，电路如图甲所示。已知电源电压6V，定值电阻R0=6Ω，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，电压表量程为0-3V，改装后用于显示被测人体重。则电压表2V刻度处应标为______N，该电路消耗的最小功率为______W。
【答案】 ①. 300 ②. 1.2
【解析】
【详解】[1]当电压表示数为2V时，压敏电阻处电压为
此时电路中的电流为
压敏电阻处电阻为
对应乙图，可知当电阻为12Ω时，压力为300N。
[2]根据公式P=UI得，当电流最小时，该电路消耗的电功率最小，即电路中电阻最大，由乙图可知，当压力为0时，电阻最大为24Ω，该电路消耗的最小功率为
三、解答题（本题共7小题，共50分．解答26、30题时应有公式和解题过程）
24. 请在图虚线框内填上合适的透镜，对该视力缺陷进行矫正
【答案】
【解析】
【详解】由图得，该眼睛成像在视网膜前，是近视眼，凹透镜对光线有发散作用，用于矫正近视眼，如图所示：
25. 如图，一小铁球静止在装水容器底部，作出此时小球受到重力和支持力的示意图
【答案】
【解析】
【详解】小铁球静止在装水容器底部，受到竖直向下的重力G和竖直向上的F浮浮力以及瓶底对其的支持力F支，此时G=F浮+F支则可知G＞F支，两个力都作用在小球的重心上，小球所受浮力和重力的示意图如图所示：
26. 如图，为了再安装一个插座给其它用电器独立供电，请将插座连接到 a、b、c、d 中的某两个接线柱上，并且符合安全用电要求。
【答案】
【解析】
【详解】再安装一个插座给其它用电器独立供电，就需要把插座两边直接接到火线和零线上，不能和灯泡串联，也不能和开关串联，所以只能连接到 a、d 两个接线柱上，如下图所示：
27. 实验室准备了如图甲、乙所示的两套“观察水沸腾”的实验装置。
（1）小明同学从水温升高到90℃时开始记录数据，以后每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾5min为止，实验数据如下表所示。分析表中数据可知，李明选择的是_________（选填“甲”或“乙”）实验装置（室内为标准大气压）；
（2）给一定质量的水加热，其温度与时间关系如图丙中a所示，若其他条件不变，仅将水的质量增加，则温度与时间的关系图像正确的是_________（选填“b”“c”或“d”）。分析图像可知，水沸腾时，温度_________；
（3）另一同学探究“酒精、煤油、汽油的热值”，三个装置完全相同（如图丁所示），水的质量和初温及待测燃料的质量也相同。通过测量全部燃料充分燃烧后水的末温（均未达到沸点），可以粗略知道它们的热值q大小关系为_________。（填选项编号）
A． B． C．
【答案】 ①. 甲 ②. c ③. 102℃ ④. C
【解析】
【详解】（1）[1]由表中数据可知，小明测得水的沸点温度高于100℃；乙图上面没有容器盖，甲图上面有容器盖，加热时，甲容器内气体压强大于1标准大气压，水的沸点高于100°C，所以小明使用的甲装置。
（2）[2][3]由题可知，其他条件不变，仅将水的质量增加，所以水的沸点是不变的，但加热的时间将变长，故分析图中图象能看出，c是正确的；分析图像可知，水沸腾时，温度保持不变，由表中数据可知，水的沸点温度为102℃。
（3）[4]探究酒精、煤油、汽油的热值，选用三个装置完全相同，水的质量和初温及待测燃料的质量也相同，通过测量全部燃料充分燃烧后水的末温可以得出热值的大小，水的末温越高，说明水吸收的热量越多，即燃料放出的热量越多，测得水的末温为
由此可知
由可以粗略知道它们的热值q大小关系为
故选C。
28. 快递服务业务提升了我们的生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图所示的物流机器人完成最后三公里的快速智能配送。若空载时该物流机器人质量为600kg，轮胎与地面的总接触面积为0.2m2，当该物流机器人完成所有配送任务后返回服务站时，在某平直道路上匀速行驶了100s，牵引力做功为4.8×104J，已知机器人匀速行驶所受阻力是其重力的0.02倍，g取10N/kg。求此过程中：
（1）求机器人对水平路面的压强；
（2）机器人匀速行驶的速度；
（3）机器人匀速行驶时牵引力的功率。
【答案】（1）3×104Pa；（2）4m/s；（3）480W
【解析】
【详解】解：（1）机器人的重力
G=mg=600kg×10N/kg=6000N
机器人对水平路面的压力
F压=G=6000N
机器人对水平路面的压强
（2）由题意可知，机器人受到的阻力
f=0.02G=0.02×6000N=120N
因为机器人做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，机器人的牵引力
F=f=120N
由W=Fs可知，机器人匀速行驶的路程
机器人匀速行驶的速度为
（3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为
答：（1）求机器人对水平路面的压强为3×104Pa。
（2）机器人匀速行驶的速度为4m/s。
（3）机器人匀速行驶时牵引力的功率为480W。
29. 在“探究杠杆平衡条件实验”中：
（1）如图甲所示，杠杆放在支架上并置于水平桌面，静止时发现杠杆左低右高，此时杠杆处于_________（填“平衡”或“非平衡”）状态，为了使杠杆在水平位置平衡，则应将左端的平衡螺母向_________（选填“左”或“右”）调节，目的是_________；
（2）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂_________个相同的钩码：当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆将_________（选填“左端下沉”或“右端下沉”或“仍然平衡”）：
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，使杠杆仍静止在水平位置，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，其示数大小将_________；
（4）如图丁所示，已知每个钩码重0.5N，杠杆上每个小格长度为2cm，当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计示数大小为_________N。
【答案】 ①. 平衡 ②. 右 ③. 便于测量力臂，消除杠杆自重对实验的影响 ④. 6 ⑤. 右端下沉 ⑥. 变大 ⑦. 3
【解析】
【详解】（1）[1]实验前，杠杆静止，杠杆处于平衡状态。
[2][3]如图杠杆的右端上翘，说明杠杆左端偏重，平衡螺母向上翘的右端移动，杠杆在水平位置平衡时，便于测量力臂，同时杠杆的重心过支点，能够消除杠杆自重对实验的影响。
（2）[4]设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件可得
解得，需挂6个钩码。
[5]若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格， 则有
杠杆不能平衡，右端下沉。
（3）[6]保持B点不变，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，此时拉力F的力臂变短，钩码对杠杆的拉力和力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故弹簧测力计的示数变大。
（4）[7]当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时动力臂等于
根据杠杆的平衡条件得
解得：，使杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计示数大小为3N。
30. 小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同的两个钢球m和M（M>m），分别从不同的高度h和H（H>h）由静止开始放下，观察木块B被撞击后移动的距离。实验过程如图所示。
（1）该实验中物体的动能是指________（选填“钢球”或“木块”）的动能，实验中观察到木块B移动的距离越长，则说明钢球对木块________ 越多，动能就越大；
（2）图乙和图丙换用质量不同的钢球从斜面的相同高度由静止开始滚下，目的是控制________相同，探究钢球的动能大小与________的关系；
（3）小明根据甲、丙两图可得出结论：物体的动能大小与质量有关，他的结论是否正确?________（选填“正确”或“错误”）
（4）木块在水平面上滑动时，受到水平面的摩擦力________（选填“变大”、“变小”或“不变”），克服摩擦力做功的功率________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ① 钢球 ②. 做功 ③. 速度 ④. 质量 ⑤. 错误 ⑥. 不变 ⑦. 变小
【解析】
【详解】（1）[1][2]由题意可知，实验中物体的动能是指钢球的动能，实验中运用转换法通过钢球对木块B做功的多少来体现钢球动能的大小，木块移动距离越远说明钢球对木块做功越多，钢球动能就越大。
（2）[3][4]钢球从斜面的相同高度滚下这样小球到达水平面时的速度相同，故图乙和图丙中相同的小球从斜面相同高度由静止开始滚下，目的是控制速度相同，探究钢球的动能大小与质量的关系。
（3）[5]根据甲、丙两图可得出结论：物体的动能大小与质量有关，结论是错误的，因为他没有控制小球速度相同。
（4）[6][7]木块在水平面上滑动时，受到水平面的摩擦力是滑动摩擦力，与压力大小和接触面粗糙程度有关，若二者不变，则滑动摩擦力不变。滑动摩擦力不变，速度减小，根据克服摩擦力做功的功率P=Fv知，木块在水平面上滑动时，克服摩擦力做功的功率变小。
31. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡上标有“2.5V”字样（灯泡额定功率小于1W），电源为两节新干电池。下图甲是连接的实物图．
（1）闭合图甲电路中的开关，电压表的读数约为_________V，小灯泡处于_________状态（选填“发光”或“不发光”）；
（2）图甲只有一根导线的一个接头接错，请在需要改动的导线上打“×”，并在图上改正_________；
（3）改正电路后闭合开关，发现电压表示数如图乙所示，则应该将滑动变阻器的滑片P向_________（“左”或“右”）移动，将电压表的示数调整到_________V，此时电流表示数如图丙所示，测出小灯的额定功率为_________W；此测量值和小灯泡标注的额定功率相差较大，请你分析灯泡不合格的原因：_________；
（4）在某次调节中，灯泡变亮，滑动变阻器接入电路的阻值变化了，小灯泡的阻值变化了，则_______（选填“>”，“<”或“=”）；
（5）如果增加已知阻值的定值电阻，只利用一只电压表，通过简单操作就能测量小灯泡的额定功率；图丁中（a）、（b）是他们设计的两种电路图，其中能完成测量的是电路图_________．
【答案】 ①. 3 ②. 不发光 ③. ④. 左 ⑤. 2.5 ⑥. 1.25 ⑦. 灯丝的电阻随温度升高而增大 ⑧. > ⑨. （a）
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲，电流表与灯泡串联，电压表串联在电路中，由于电压表电阻很大，电压表的读数接近电源电压，约为3V。
[2]闭合图甲电路中的开关，电压表串联在电路中，电路中电流很小，灯与电流表并联，故小灯泡处于不发光状态。
（3）[3]实验时，电流表应与变阻器串联，电压表应与灯并联，改正后实物图如图
（3）[4][5]灯在额定电压下正常发光，图中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.7V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，即应减小变阻器连入电路中的电阻，故滑片向左移动，直到电压表示数为2.5V。
[6]此时电流表示数如图丙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.5A，小灯的额定功率为
[7]此测量值和小灯泡标注的额定功率相差较大，原因是灯丝的电阻随温度升高而增大，标注功率可能是灯泡长时间工作时的功率，此时灯泡的电阻较大，功率应小于测量值。
（4）[8]灯泡变亮，说明电路中的电流变大，电路中电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值减小，此时灯泡实际功率变大，温度升高阻值变大，但电路中的总电阻变小，所以变阻器减小的阻值大于灯泡增大的阻值，。
（5）[9]图丁中（a）图
①闭合开关S1后，单刀双拼开关接2时，调节滑动变阻器使电压表示数为2.5V，即灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关接1，此时电压表测灯泡与定值电阻总电压，由串联电路特点知两次电压表示数的差为定值电阻两端电压；
③由串联电路电流特点和欧姆定律计算通过定值电阻的电流，即灯泡正常发光电流，再由可计算灯泡的额定功率；
（b）图中，闭合开关S1后再闭合S2电压表测灯泡两端电压，电流从电压表下端流入，为测得灯泡电流，需要断开S2，闭合S3，测定值电阻两端电压，但此时电流从电压表上端流入，即电压表的接线柱接反了，所以不能完成实验；
图丁中（a）、（b）是他们设计的两种电路图，其中能完成测量的是电路图（a）。
32. 如图甲所示是某型号的浴室防雾镜，其背面粘贴有等大的电热膜．使用时，镜面受热，水蒸气无法凝结其上，便于成像，下表是该防雾镜的相关数据：
（1）求防雾镜正常工作时的电流；
（2）经测试，在﹣10℃环境下．正常工作400s使平面镜的平均温度升高了40℃，求电热膜给平面镜的加热效率；[玻璃的比热容为0.75×103J/（kg·℃）]
（3）如图乙所示，小明给防雾镜电路连接了一个滑动变阻器，能使电热极的功率在原功率的25%～100%之间变化，以满足不同季节使用的需要，请求出R的最大阻值。
【答案】（1）0.5A；（2）75%；（3）440Ω
【解析】
【详解】解：（1）防雾镜正常工作的功率为
P=1W/dm2×110dm2=110W
正常工作时的电流
（2）正常工作400s，平面镜吸收的热量
Q吸=cm△t升=0.75×103J/（kg·℃）×1.1kg×40℃=3.3×104J
正常工作400s，电热膜产生的热量
Q=W=Pt=110W×400s=4.4×104J
加热效率为
（3）电热膜的电阻为
当R的阻值最大时，通过电热膜的电流最小，此时电热膜的功率最小，为
Pmin=110W×25%=27.5W
此时通过它的电流为
电路中的总电阻为
变阻器的最大阻值为
R=R总－R0=880Ω－440Ω=440Ω
答：（1）防雾镜正常工作时的电流为0.5A；
（2）电热膜给平面镜的加热效率为75%；
（3）R的最大阻值为440Ω。
序号
1
2
3
4
5
U/V
1.0
2.0
3.0
4.0
5.0
I/A
0.10
0.21
0.30
0.40
0.49
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
温度/℃
90
92
94
96
98
100
101
102
102
102
102
102
面积大小
110dm2
镜子质量
1.1kg
额定电压
220V
额定功率
1W/dm2
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