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江苏省南京市江宁区麒麟初级中学2023-2024学年九年级下学期3月练习物理试题（原卷版+解析版）
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这是一份江苏省南京市江宁区麒麟初级中学2023-2024学年九年级下学期3月练习物理试题（原卷版+解析版），文件包含江苏省南京市江宁区麒麟初级中学2023-2024学年九年级下学期3月练习物理试题原卷版docx、江苏省南京市江宁区麒麟初级中学2023-2024学年九年级下学期3月练习物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共40页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1．本试卷共8页，全卷满分100分．考试时间90分钟．考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效，本卷g取10N/kg．
2．请认真核对监考教师在答题卡上所粘贴条形码的姓名、考试证号是否与本人相符合，再将自己的姓名、考试证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在答题卡及本试卷上．
3．答选择题必须用2B铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑．如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水签字笔写在答题卡的指定位置，在其他位置答题一律无效．
4．作图题必须用2B铅笔作答，并请加黑、加粗．
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）
1. 以下估测中，最符合实际的是（ ）
A. 中学生完成一次引体向上做的功约为200J
B. 小灯泡正常发光时的电流约为10A
C. 教室的高度约为2m
D. 一本物理教材重约25N
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生体重约500N，引体向上时身体上升的高度约0.4m，中学生完成一次引体向上做的功约为
W=Gh=500N×0.4m=200J
故A符合题意；
B．小灯泡正常发光时的电流约为0.2A，故B不符合题意；
C．人的身高约为1.7m，所以教室的高度约为3m，故C不符合题意；
D．一本物理教材重约2N，故D不符合题意。
故选A。
2. 关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中在同一环境下敲击衣架，方式a比方式b听见的声音更清晰
B. 图乙中硬卡片先后在木梳齿上快划和慢划，产生声音的音调不同
C. 图丙中公路旁的噪声监测仪是为了在声源处减弱噪声
D. 图丁中声呐是利用次声波的特点制成的装置
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．图甲中a方式敲击衣架产生的声音是通过空气传入人耳的，b方式是通过线传入人耳，而固体传播声音的效果比气体要好，那么b方式听到的声音更清晰，故A错误；
B．图乙中，硬卡片在木梳齿上划动的快慢不同，梳齿振动的快慢不同，产生的声音的音调也不同，故B正确；
C．图丙中，噪声监测仪只能显示噪声的强弱，不能减弱噪声，故C错误；
D．图丁中，声呐是利用超声波的特点工作的，故D错误。
故选D。
3. 下列物态变化过程需要吸热的是（ ）
A. 湖面结冰B. 枝头凝霜
C. 白雾生成D. 雪人变小
【答案】D
【解析】
【详解】A．湖面结冰是凝固现象，凝固放热，故A不符合题意；
B．枝头凝霜是凝华现象，凝华放热，故B不符合题意；
C．白雾生成是液化现象，液化放热，故C 不符合题意；
D．雪人变小是升华现象，升华吸热，故D符合题意。
故选D。
4. 下列措施符合安全用电规范的是（ ）
A. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯
B. 使用测电笔时，手要接触笔尾的金属电极
C. 安装电路时，开关接在用电器和零线之间
D. 把用电器的三线插头改造为两线插头接在两孔插座上使用
【答案】B
【解析】
【详解】A．生活中用水是导体，用湿抹布擦拭正在工作的台灯有触电危险，故A不符合题意；
B．使用测电笔时，手要接触笔尾的金属电极，不能接触笔尖的金属体，故B符合题意；
C．安装电路时，开关要接在用电器和火线之间，断开开关时，用电器与火线断开，避免触电危险，故C不符合题意；
D．电器的三线插头中第三根线是与用电器外壳相连的，当三线插头插入三孔插座时，能将用电器与大地相连，避免用电器外壳带电而发生触电危险。若把用电器的三线插头改造为两线插头接在两孔插座上使用，则不能将用电器外壳接地，当用电器外壳带电时有触电危险。故D不符合题意。
故选B。
5. 如图所示的光现象中，形成原理相同的是（ ）
A. ①②B. ②④C. ③④D. ①③
【答案】B
【解析】
【详解】①手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子；②筷子在水面处折断，是由于水面下的筷子反射的光进入空气时发生折射，折射角大于入射角而造成的，所以属于光的折射；③风景在水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象；④地球上层空气温度较高，而靠近地面和海面的温度很低，从而使得下层空气密集，上层的空气比较稀薄。日落期间当光线通过密度不同的两个空气层时，由于光线的折射，它不再走直线，而是弯向地面一侧。太阳上部和下部的光线都被折射得十分厉害，几乎成了平行于地平线的直线，人们看到的太阳被压扁，便成了奇怪的“方形太阳”。综上所述，②④的形成原因相同。
故选B。
6. 小明在学习“从粒子到宇宙”的知识后，有下列认识，其中正确的是（ ）
A. 扫地时灰尘飞舞能说明分子在做无规则运动
B. 海绵容易被压缩能说明分子间有空隙
C. 在探索比分子更小的微观粒子的历程中，人们首先发现了电子
D. 月球绕着地球转，说明地球是宇宙的中心
【答案】C
【解析】
【详解】A．扫地时灰尘飞舞，是灰尘的机械运动，不是分子在运动，分子运动是肉眼看不见的，故A错误；
B．海绵里面有气孔，用手捏时海绵里的空气跑出来，则海绵的体积变小了，但不能说明分子间有间隙，故B错误；
C．在探索微小粒子的历程中人们首先发现了电子，并且知道原子也是有结构的，是可以再分的，故C正确；
D．月球绕着地球转，地球绕太阳转动，太阳是太阳系的中心；宇宙是一个有层次的天体结构系，并且处于不断的演化过程中，宇宙没有中心，故D错误。
7. 如图所示，为2月6日在2022女足亚洲杯决赛上中国女足获得冠军时的比赛情景。关于足球，下列说法正确的是（ ）
A. 足球被脚踢出去，说明只有足球才受到力的作用
B. 足球在空中飞行过程中，运动状态一定发生改变
C. 足球在水平地面上滚动时会慢慢停下来，说明足球没有力的作用就停止运动
D. 空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它一定沿水平方向做匀速直线运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．力的作用是相互的，足球被脚踢出去，足球受到脚的力的同时，脚也受到足球的力，故A错误；
B．足球在空中飞行过程中，速度的大小和方向都发生了改变，运动状态发生了改变，故B正确；
C．足球在水平地面上滚动时会慢慢停下来，是受到了地面的摩擦力，故C错误；
D．空中飞行的足球，如果在最高点时它所受的力全部消失，它将沿水平方向做匀速直线运动，否则如果不是最高点，则不会沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。
故选B。
8. 电磁炮内的金属杆通电后会受到磁场的作用力，将炮弹发射出去。以下与这一工作原理不同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】A．电磁炮的工作原理是磁场对通电导体有力的作用，本实验说明导体切割磁感线，能够在电路中产生电流，这与电磁炮工作原理不同。故A符合题意；
B．开关闭合后，通电导体在磁场作用下能够运动，这与电磁炮的工作原理相同。故B不符合题意；
C．磁场中的导体有电流通过时，会受到力的作用而运动，这与电磁炮的工作原理相同。故C不符合题意；
D．通电线圈在磁场中受力转动，这与电磁炮的工作原理相同。故D不符合题意。
故选A。
9. 下列关于热现象的说法，正确的是（ ）
A. 物体的内能增加，一定是吸收了热量
B. 0℃的水变成0℃的冰，温度不变，内能不变
C. 热量可以从内能小的物体向内能大的物体传递
D. 火箭用液态氢作燃料，是因为液态氢含有的热量多
【答案】C
【解析】
【详解】A．物体内能增大可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故A错误；
B．0℃的水变成0℃的冰，需要放出热量，温度不变，内能减小，故B错误；
C．内能小的物体的温度可能比内能大的物体温度高，所以热量可以从内能小的物体向内能大的物体传递，故C正确；
D．火箭使用液态氢作燃料，是因为它的热值大，热量是个过程量，不能说含有，故D错误。
故选C。
10. “苏科版”初中物理教材，“探究阻力对物体运动的影响”和“探究动能大小与哪些因素有关”两个实验都有器材：粗糙的斜面、水平木板和小车，如图所示。现有以下判断：（1）只添加一条棉布和一块玻璃板，可完成探究“阻力对物体运动的影响”实验；（2）只添加一个木块，可完成探究“动能与大小与哪些因素有关”实验；（3）两个实验，每次小车都要从斜面同一位置由静止释放；（4）小车从斜面下滑，减小的重力势能全部转化为动能。其中正确的判断有（ ）
A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个
【答案】A
【解析】
【详解】利用控制变量法，将小车从同一斜面的同一高度下滑，在水平木板上分别铺上棉布、玻璃板对比小车运动距离的远近，可完成探究“阻力对物体运动的影响”实验，故（1）说法正确；添加一个木块后，通过小车撞击木块移动的距离来对比小车动能的大小。通过小车从同一斜面的不同高度下滑，可改变小车的速度，但不能改变小车的质量来探究动能和质量的关系，故（2）说法错误；探究“阻力对物体运动的影响”实验，为使小车在水平面上开始的速度相同，小车要从斜面同一位置静止释放。探究“动能与大小与哪些因素有关”实验，为了改变小车在水平面上开始的速度，需要让小车从同一斜面的不同高度下滑。故（3）说法错误；小车从斜面下滑，减小的重力势能除了转化成动能，还有一部分转化为内能，故（4）说法错误。
故选A。
11. 将体积相同材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底，乙球漂浮，丙球悬浮，如图，下列说法正确的是（ ）
A. 三个球的质量大小关系是
B. 三个球受到的浮力大小关系
C. 三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是
D. 三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是＇
【答案】B
【解析】
【详解】A．甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以甲球的密度大于水的密度，乙球的密度小于水的密度，丙球的密度等于水的密度，因此三个小球的密度大小关系是：
甲、乙、丙三个实心小球的体积相等，根据可知：质量大小关系是
故A错误；
B．由于甲、乙、丙三个实心小球体积相同，则根据图可知，排开水的体积关系：，，，所以
根据可知，甲、乙、丙三个实心小球受到的浮力
故B正确；
C．因为三个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据可知，烧杯底部受到水的压强相等，即
故C错误；
D．三个相同烧杯中都装满水，里面的水的重力G相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入物体后对桌面的压力为
三个容器对桌面的压力分别为
由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则，，，所以三个容器对桌面的压力
由于容器的底面积相同，根据可得，烧杯底部对桌面的压强的关系是
故D错误。
故选B。
12. 如图所示，电源电压恒定，电阻箱最大阻值为R，是定值电阻。闭合开关S，当电阻箱阻值调为R时，电压表示数为，电阻箱的功率为；当电阻箱阻值调为0.5R时，电压表的示数变化了。则下列说法中正确的是（ ）
A. 为保证电路安全，电流表量程不能选
B. 前后两次电路总功率变化了
C. 电阻箱的最大阻值为
D. 电源电压为
【答案】C
【解析】
【详解】D．R1与R2串联，电流表测串联电路电流，电压表测R2两端的电压；闭合开关S，当电阻箱阻值调为R时，电压表示数为3V，设电源电压为U，根据串联电路电压的规律，电阻箱的电压为
U1=U-3V
由欧姆定律可知电路的电流为
由欧姆定律定值电阻的电压为
①
当电阻箱阻值调为0.5R时，因电阻箱连入电路的电阻变小，由分压原理可知，电阻箱的电压变小了，故定值电阻的电压变大了，因电压表的示数变化了，可知此时电压表示数为5V，根据串联电路电压的规律，电阻箱的电压为
U11=U-5V
由欧姆定律可知电路的电流为
由欧姆定律定值电阻的电压为
②
由①②可得电源电压为
U=15V
故D错误；
C．当电阻箱阻值调为R时，电阻箱的电压为
U1=U-3V=15V-3V=12V
已知电阻箱的功率为，根据可知电阻箱的最大电阻为
故C正确；
B．当电阻箱阻值调为R时，可知电路的电流为
当电阻箱阻值调为0.5R时，电路的电流为
③
前后两次电路总功率变化了
ΔP=P11-P1=UI11- UI1= U(I11- UI1 )=15V×(0125A-0.075A)=0.75W
故B错误；
A．由③知，电路的最大电流为0.125A，小于0.6A，为保证电路安全，电流表量程能选，故A错误。
故选C。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）
13. 水乃万物之源，生活处处离不开水；
（1）常用温水给发烧的病人擦拭身体，利用了水__________吸热；
（2）通常用水作为冷却剂，利用了水的__________较大；
（3）水电站利用水能发电，水能属于__________（选填“可再生”或“不可再生”）能源；
（4）水在自然状态下，只能从高处往低处流，而不能自发从低处往高处流，是因为能量的转化或转移具有__________的。
【答案】 ①. 汽化 ②. 比热容 ③. 可再生 ④. 方向性
【解析】
【详解】（1）[1]用温水给发烧的病人擦拭身体，留在病人皮肤上的水会蒸发，汽化吸热，降低病人身体的温度。
（2）[2]因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以可作为冷却剂。
（3）[3]能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，如风能、太阳能和水能，所以水能属于可再生能源。
（4）[4]水在自然状态下，只能从高处往低处流，由重力势能转化为动能，不能自发从低处往高处流，即不能自发由动能转化为重力势能，所以能量的转化或转移具有方向性。
14. 如图所示是某隧道的交通标志牌。其中“80”表示汽车通过该隧道时的行驶速度__________。以行驶的汽车为参照物，该交通指示牌是__________汽车所使用的北斗导航系统是通过__________传递信息的．这种波在真空中的传播速度为__________m/s。
【答案】 ①. 不大于80km/h ②. 运动的 ③. 电磁波 ④. 3108
【解析】
【详解】[1]图中所示为限速交通标志牌，其中“80”表示汽车通过该隧道时的行驶速度不能超过80km/h。
[2]以行驶的汽车为参照物，汽车与交通指示牌的位置不断变化，所以该交通指示牌是运动的。
[3][4]电磁波能够传递信息且能够在真空中传播，汽车使用的北斗导航系统都是通过电磁波来传递信息的，电磁波的传播速度与光速相同，为3.0×108 m/s。
15. 如图所示的滑轮组，用20N的拉力匀速提升重50N的物体在4s内向上运动2m。不计绳重及摩擦，在此过程中，动滑轮的重力为__________N，有用功为__________J，滑轮组的机械效率为____________%，拉力的功率为_______________W。
【答案】 ①. 10 ②. 100 ③. 83.3% ④. 30
【解析】
【详解】[1]由图可知，滑轮组的动滑轮绕3段绳，不计绳重及摩擦，在此过程中，动滑轮的重力为
G动=nF-G=3×20N-50N=10N
[2]有用功为
W有=Gh=50N×2m=100J
[3]绳子自由端移动的距离
s=nh=3×2m=6m
总功
W总=Fs=20N×6m=120J
滑轮组的机械效率为
[4]拉力功率为
16. 如图甲所示，是某品牌插秧机使用的四冲程汽油机，图乙中汽油机处于______冲程。如果该汽油机飞轮的转速是60r/s，则汽油机每分钟经历______个工作循环。汽油燃烧是把______能转化为内能，若完全燃烧0.21kg的汽油所释放的热量，完全被46kg初温为45℃的水吸收，则在标准气压下水温升高______℃。[��水=4.2×103J/(kg⋅℃)，��汽油=4.6×107J/kg]
【答案】 ①. 压缩 ②. 1800 ③. 化学 ④. 50
【解析】
【详解】[1] 图乙中，两气门均关闭，活塞上行，是汽油机的压缩冲程。
[2] 该汽油机飞轮的转速是60r/s，即每秒飞轮转动60转，四冲程汽油机工作一个循环，飞轮转动两圈，所以每秒经历30个工作循环，每分钟经历1800个工作循环。
[3] 汽油燃烧经历化学反应，产生热量，是把化学能转化为内能。
[4] 完全燃烧0.21kg的汽油所释放的热量为
依题意可知，不存在热损失，则水温变化量为
而一个标准气压下，水的沸点为100℃，因为
所以水温升高了。
17. 抽油烟机在工作时，电动机带动风扇高速转动,使油烟进入烟罩内．如图是小玉家的电能表，此时电能表的读数为__________kW•h．已知她家抽油烟机额定功率为200W，小玉炒菜过程中，抽油烟机单独正常工作，电能表的表盘转了30转，则抽油烟机在这段时间内消耗了__________电能，工作时间至少为__________min。
【答案】 ①. 107.1 ②. 0.01kW٠h ③. 3
【解析】
【详解】[1]电能表上最后一位是小数位，单位是kW•h；由图知道，电能表的示数为107.1kW•h。
[2]电能表的表盘转了30转，电路消耗电能为
[3]已知抽油烟机额定功率
P=200W=0.2kW
由 知道，工作时间
18. 如图所示电路，电源电压恒定。当开关S1、S2断开，S3闭合时，电流表示数为0.4A，电压表示数为4V；当开关S1、S2闭合，S3断开时，电压表示数为12V，此时电流表示数为____________A。则该电路的电源电压为__________V，电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热之比为__________。
【答案】 ①. 1.8 ②. 12 ③. 4:9
【解析】
【详解】[1][2]当开关S1、S2断开，S3闭合时，分析电路图可知，电源电压恒定，R1和R2串联，电流表的示数为0.4A，电压表测R2两端的电压，示数为4V，则R2的阻值为
当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1和R2并联，电压表测电源电压，示数为12V，则R2的阻值为
R1和R2并联时，电流表测干路电流，示数为
[3]电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热为
Q1=I2R1t=(0.4A)2×20Ω×2×60s=384J
19. 图甲是小明设计的控温装置示意图，电磁继电器与热敏电阻Rt、滑动变阻器R串联接在电压恒为6V的电源两端。当电磁铁线圈（电阻不计）中的电流大于或等于25mA时，衔铁被吸合。热敏电阻置于温度监测区域，其电阻Rt与温度t的关系如图乙所示，滑动变阻器的最大阻值为200Ω。
（1）热敏电阻Rt随温度t的升高而___________；
（2）图甲中应将b端与___________端相连；
（3）若设置温度为60℃时启动制冷系统，则滑动变阻器接入电路的阻值为___________Ω；
（4）该电路可设置启动制冷系统的最高温度是___________℃。
【答案】 ①. 减小（变小） ②. c ③. 170 ④. 80
【解析】
【详解】（1）[1]由图乙知，温度升高时，电阻Rt的阻值减少，所以热敏电阻Rt随温度t的升高而减小。
（2）[2]为了能通过电磁继电器来控制制冷系统的通断，图甲中的b端应与c端相连，当电磁继电器的衔铁被吸下时，制冷系统工作，衔铁弹开时，制冷系统开路，不工作。
（3）[3]由题意知，电磁铁线圈中的电流大于或等于25mA时，衔铁被吸合，制冷系统工作。此时温度为60℃，由图乙知，热敏电阻的阻值为70Ω，其两端的电压
U1=IRt=0.025A×70Ω=1.75V
滑动变阻器两端的电压
U滑=U-U1=6V-1.75V=4.25V
变阻器接入电路的阻值
（4）[4]因为热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以启动制冷系统的温度越高，热敏电阻的阻值越小，而启动制冷系统的电流不变，电源电压不变，所以电路中的总电阻
R总=Rt+R=70Ω+170Ω=240Ω
当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，热敏电阻的阻值最小为
Rt′=R总-Rmax=240Ω-200Ω=40Ω
由图乙知，调动制冷系统的最高温度可设置为80℃。
三、解答题（本题共8小题，共50分，第27、28题要有解答过程。）
20. 按要求作图：完成图甲中的光路。
【答案】
【解析】
【详解】射向凹透镜对侧虚焦点的光线经过凹透镜后平行于主光轴，如下图所示：
21. 小琪站在电动扶梯的水平台阶上，随着扶梯匀速向上运动，请在图中画出小琪的受力示意图。（O点为小琪的重心）
【答案】
【解析】
【详解】小琪站在自动扶梯上随扶梯匀速向上运动，因此他相对于扶梯静止，受平衡力的作用，在竖直方向上受到重力和支持力的作用，二力平衡。过重心作竖直向下的力（即重力）和竖直向上的力（即支持力），如图所示：
22. 如图，将插座和控制插座的开关正确接入家庭电路中。
【答案】
【解析】
【详解】根据安全用电的原则，开关接在三孔插座与火线之间；三孔插座的上面的孔接地线，左面的孔接零线，右面的孔通过开关接火线，如下图所示：
23. 用矿泉水瓶做以下几个小实验。
（1）图甲中矿泉水瓶瓶口直径为______cm；
（2）图乙将矿泉水瓶装满水，用硬纸片盖住瓶口，按住纸片将瓶口朝下，移开手，瓶内水不会流出，证明了______的存在；
（3）图丙所示，在一个盛水的瓶子内插入一根吸管A，用另一根吸管B对准A的管口上方吹气，看到A的管口有水喷出，这是因为流体的流速越大，压强越______；
（4）图丁中与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑。其中“吸”字蕴含的物理道理，与下列现象中的“吸”字相同的是______。
A．地球“吸”地面上物体 B．两光滑铅块压紧后“吸”住
C．两船并行相“吸”碰撞 D．梳头后的梳子会“吸”头发
【答案】 ①. 2.50 ②. 大气压 ③. 小 ④. D
【解析】
【详解】（1）[1]刻度尺的分度值为0.1cm，图甲中矿泉水瓶瓶口直径为
（2）[2]由于大气压的作用，纸片受到向上的压力，因此将手移开后，纸片不会掉下来，瓶内水也不会流出来。
（3）[3]流速大的地方压强小。对准A的管口上方吹气，A管口空气流速大，压强小。瓶内的压强大于A管口压强，因此可以看到A管口有水喷出。
（4）[4]图丁中与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；
A．地球“吸”地面上物体，是由于地球对物体的吸引使物体受到的重力，故A不符合题意；
B．两光滑铅块压紧后“吸”住，说明分子间有引力，故B不符合题意；
C．两船并行相“吸”碰撞，是因为流体的流速越大，压强越小，故C不符合题意；
D．梳头后的梳子会“吸”头发，是因为摩擦使梳子带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，故D符合题意。
故选D。
24. 小明做“探究冰的熔化特点”的实验
（1）如图甲所示，错误的是________；
（2）某时刻温度计的示数如图乙为_________℃；
（3）图丙、丁是两个小组绘制的温度﹣时间图像，正确的是________图；
（4）试管内的物质在第5min时具有的内能_________（选填“大于”、“小于”或“等于”）第10min时具有的内能。
【答案】 ①. 试管内冰没有完全浸没在水中 ②. -2 ③. 丁 ④. 小于
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲所示，错误的是试管内冰没有完全浸没在水中，完全浸没在水中的目的是使冰在熔化的过程中受热均匀。
（2）[2]由乙图可知，该温度计的分度值为1℃，液柱的上表面与温度计0刻度线下方的第2条刻度线对齐，则读数为-2℃。
（3）[3]根据吸热公式Q吸=cmΔt，由于水的比热容大于冰的比热容，在质量一定时，升高相同的温度，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热水的时间应更长一些，所以丁图正确。
（4）[4]冰熔化时不断吸收热量，内能增加，故第5min时具有的内能小于第10min时具有的内能。
25. 如图是“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图所示位置得到了清晰的像；
①保持图中蜡烛、光屏位置不变，将透镜移至光具座______cm处，可再次看到清晰的像；
②将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像，则所加眼镜片为______透镜；
（2）小明想继续用该装置探究平面镜的成像特点，保持图中的元件位置不变，仅将凸透镜更换为玻璃板，眼睛应该在______（选填“蜡烛”或“光屏”）一侧观察蜡烛的像。为验证平面镜成的是虚像，还应进行的操作是______；
（3）下列关于凸透镜成像和平面镜成像的说法，正确的是（ ） 。
A．都可以成正立的像
B．人观察到虚像时，没有光线进入人眼
C．实像有放大的有缩小的，虚像都是与物等大的
D．实像都是由光的折射形成的，虚像都是由光的反射形成的
【答案】 ①. 50 ②. 凸 ③. 蜡烛 ④. 将光屏移动到50厘米刻度线处，直接观察光屏上是否有像 ⑤. A
【解析】
【详解】（1）[1]如图所示，蜡烛到透镜的距离即物距为15cm，光屏到透镜的距离即像距为30cm，如果保持图中蜡烛、光屏位置不变，只移动凸透镜的位置可再次看到清晰的像，根据光路可逆的规律，当新的像距为15cm时可再次看到清晰的像，即凸透镜移到50cm刻度线处即可。
[2] 将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像。向右移动蜡烛等同于物距相对变小，造成这种情况的原因是组合透镜的焦距变小，所以可以判断出放在烛焰和透镜之间的是凸透镜，因为给凸透镜叠加凸透镜形成的组合透镜能起到减小焦距的效果。
（2）[3] 探究平面镜成像特点时，眼睛应该和蜡烛在同一侧，因为平面镜成像的实质是光的反射。
[4] 为验证平面镜成的是虚像，应该把光屏移到像的位置，也就是50cm刻度线处，因为平面镜中的像到镜面的距离等于蜡烛到镜面的距离。然后观察光屏上是否有像呈现，如果没有说明平面镜成的是虚像。
（3）[5] A．平面镜成的像是正立、等大的虚像；当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，故A正确；
B．如果没有光线进入人眼，人就感觉不到像的存在，故B错误；
C．当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，故C错误；
D．我们看到水中鱼的虚像是由光的折射形成的，故D错误。
故选A。
26. 在测量图甲所示酒精消毒液密度的实验中。
（1）第一组同学用托盘天平和量筒进行测量．
①测出消毒液和瓶的总质量，读数如图乙所示，为_______g
②将瓶中的一部分消毒液倒入量筒，测出消毒液的体积，如图丙所示；
③测出__________的质量为39.4g；
④消毒液的密度为___________kg/m3。
（2）第二组同学没有使用量筒也测出了消毒液的密度。
①测出消毒液和瓶的总质量m1，并在液面处做标记；
②倒出适量消毒液，测出瓶和剩余消毒液的质量m2；
③往瓶中补水直至标记处，测出此时瓶和液体的总质量m3；
④消毒液的密度ρ=___________（用所测物理量的符号表示，水的密度用ρ水表示），
（3）分析第二组同学的实验操作，由于分子间存在空隙会导致所测密度_________。
【答案】 ①. 82.4 ②. 瓶及剩余消毒液 ③. ④. ⑤. 偏小
【解析】
【详解】（1）①[1]标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值为2.4g， 消毒液和瓶的总质量
m11=50g+20g+10g+2.4g=82.4g
②将瓶中的一部分消毒液倒入量筒，测出消毒液的体积，如图丙所示，量筒的分值为2mL， 消毒液体积为
V=50mL=50cm3
③[2]测出瓶及剩余消毒液的质量为39.4g，则可求出量筒中消毒液的质量。
④[3]倒入量筒中消毒液的质量
m=m11-m12=82.4g-39.4g=43g
消毒液的密度为
（2）④[4]根据①②的操作可知，倒出消毒液质量为
m′=m1-m2
根据②③可知，加入水的质量为
m水=m3-m2
加入水的体积即倒出消毒液的体积为
消毒液的密度
（3）[5]由于分子间存在空隙，水分子和消毒液分子相互进入对方的间隙，会导致补水的质量偏大，即m3偏大，而其它测量的质量不变，根据消毒液的密度表达式，则导致所测消毒液的密度偏小。
27. 在探究“物体动能与质量和速度的关系”实验中，如图甲所示，将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离；
（1）钢球从某一高度由静止释放后，钢球的______能转化为动能，同一钢球从不同高度由静止释放，是为了探究钢球动能与_______的关系；
（2）小华将实验装置改进成图乙所示，利用质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，来研究铁球动能大小与___________的关系；
（3）小华还想用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系，这个设计方案是_________（选填“正确”或“错误”）。
【答案】 ①. 重力势 ②. 速度 ③. 速度 ④. 错误
【解析】
【详解】（1）[1]钢球从某一高度由静止释放后，质量不变，高度降低，速度增大，所以重力势能减小，动能增大，故钢球的重力势能转化为动能。
[2]同一钢球从不同高度由静止释放，钢球的质量是相同的，速度不同，所以是为了探究动能与速度的关系。
（2）[3]质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，此时质量相同，速度不相同，所以可以研究铁球的动能大小与速度的关系。
（3）[4]观察图乙的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧的弹性势能相同，转化成的动能相同，因此木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的，所以这个设计方案是错误的。
28. 小明在做探究“电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：三节新干电池，定值电阻四个（5Ω、10Ω、20Ω、25Ω），电流表、电压表、滑动变阻器“20Ω 1A”和开关各一个、导线若干。
（1）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上画“×”，并在图上改正________；
（2）改正电路后，先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑片，使电流表的示数如图乙所示；将5Ω的电阻换成10Ω的，他应调节滑片，使电压表的示数保持________V不变，再读电流表的示数；把20Ω的电阻接入电路时，小明发现无论怎样调节滑动变阻器都不能完成实验，为使四个电阻单独接入电路都能完成实验，他应控制电压表的示数不低于_________V；
（3）小华想测量灯泡L的额定功率，已知灯泡的额定电流为I额，她设计了如图丙所示的电路，其中R为定值电阻，R'为电阻箱，请将她的实验步骤补充完整：
①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1；
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为________，电压表的示数为一个合适的值；
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关，调节________，使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2。
④灯泡L的额定功率P额=________。
【答案】 ①. ②. 2 ③. 2.5 ④. ⑤. 滑动变阻器和电阻箱 ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]原电路图中，电压表和定值电阻没有接入电路中，在探究“电流与电阻的关系”实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示
（2）[2][3]先将5Ω定值电阻接入电路，调节滑片，使电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为
在研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，故将5Ω的电阻换成10Ω的，他应调节滑片，使电压表的示数保持2V不变，再读电流表的示数。
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压为
根据分压原理有
即
因电压表示数为定值，由可知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由得
解得电压表得示数为，即为完成实验，电压表的最小电压为2.5V。
（3）[4][5][6]①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1；
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为，电压表的示数为一个合适的值；
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关，调节电阻箱和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2。
④在步骤②中，电阻箱、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱和定值电阻R两端的电压，调节滑动变阻器，使电流表示数为，此时灯泡正常发光；
在步骤③中，电阻箱、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡仍串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱、定值电阻R和灯泡两端的电压，反复调节电阻箱和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，此时灯泡仍正常发光，根据欧姆定律可知
则电阻箱减小的电阻就等于小灯泡正常发光时的电阻，根据等效替代法可知
则灯泡L的额定功率为
29. 近年来，理论电动平衡车深受年轻人的喜爱，如图所示，它采用站立式的驾驶方式，人通过身体的前倾、后仰实现驾驶，如表为某型号独轮电动车平衡车的部分数据，则：
（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是多少？
（2）质量为50kg的人驾驶该车，在水平地面上匀速直线行驶。若所受阻力为总重力的0.2倍，此时该车受到的牵引力是多大？（g取10N/kg）
（3）质量为50kg的人驾驶该车时，车对水平地面的压强是多大？
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）根据可得，能行驶的最长时间
（2）人和电动平衡车的总重力
因为电动平衡车在水平地面上匀速行驶，所以牵引力与阻力是一对平衡力，则牵引力
（3）车对水平地面的压力
车对水平地面的压强
答：（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是；
（2）该车受到的牵引力是；
（3）质量为50kg的人驾驶该车时，车对水平地面的压强是。
30. 综合实践活动中，同学们设计了一款可用电流表示数显示拉力大小的测力计模型，电流表示数随拉力的增大而增大，模型电路如图甲所示，ab为长10cm、阻值25Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比．滑片P左端固定在拉杆上，弹簧处于原长时，滑片P位于a端，电源电压恒为3V，弹簧电阻恒为1Ω，为4Ω，其余部分电阻不计，电流表量程为0～0.6A，忽略弹簧、拉杆和拉环的重力及滑片与电阻丝的摩擦。
（1）虚线框内接线柱“1”应与__________（选填“2”或“3”）连接。
（2）闭合开关，弹簧处于原长状态时，此处电流表示数标记为0N，此时消耗的功率多大_________？
（3）弹簧的伸长量△L与所受拉力F之间的关系如图乙所示，则电流表示数为0.4A处应标记为多少N_________？
（4）若不用电流表，利用电压表（量程0～3V）示数来显示拉力大小，其它条件不变，要求拉力越大，电压表示数也越大，接入电压表后与原装置相比，该装置所能测量拉力的最大值__________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 3 ②. 0.04W ③. 450N ④. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]由可知，当电流表的示数增大时，电路的总电阻减小，由图甲可知，拉力增大时，滑片下移，因电流表示数随拉力的增大而增大，所以，拉力增大时，电阻丝接入电路中的电阻应减小，则虚线框内接线柱“1”应与“3”连接。
（2）[2]闭合开关，弹簧处于原长状态时，电阻丝接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，电路中的总电阻
所以，电路中电流
R0消耗的功率
（3）[3] 电流表示数为0.4A时，电路中的总电阻
则电阻丝连入的电阻
设电阻丝连入电阻的长度为L，则有
解得
则弹簧的伸长量
由图可知，此时拉力。
（4）电阻丝连入为0时，所测力最大；其他条件不变，电流表换为电压表，电压表应与R0并联，电阻丝连入为0时，不会超过电压表的量程，所能测量拉力的最大值不变。质量
10kg
轮胎与地面接触面积
30cm2
最大速度
16km/h
充满电行程
24km
注意事项：
1．本试卷共8页，全卷满分100分．考试时间90分钟．考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效，本卷g取10N/kg．
2．请认真核对监考教师在答题卡上所粘贴条形码的姓名、考试证号是否与本人相符合，再将自己的姓名、考试证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在答题卡及本试卷上．
3．答选择题必须用2B铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑．如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水签字笔写在答题卡的指定位置，在其他位置答题一律无效．
4．作图题必须用2B铅笔作答，并请加黑、加粗．
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）
1. 以下估测中，最符合实际的是（ ）
A. 中学生完成一次引体向上做的功约为200J
B. 小灯泡正常发光时的电流约为10A
C. 教室的高度约为2m
D. 一本物理教材重约25N
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生体重约500N，引体向上时身体上升的高度约0.4m，中学生完成一次引体向上做的功约为
W=Gh=500N×0.4m=200J
故A符合题意；
B．小灯泡正常发光时的电流约为0.2A，故B不符合题意；
C．人的身高约为1.7m，所以教室的高度约为3m，故C不符合题意；
D．一本物理教材重约2N，故D不符合题意。
故选A。
2. 关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中在同一环境下敲击衣架，方式a比方式b听见的声音更清晰
B. 图乙中硬卡片先后在木梳齿上快划和慢划，产生声音的音调不同
C. 图丙中公路旁的噪声监测仪是为了在声源处减弱噪声
D. 图丁中声呐是利用次声波的特点制成的装置
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．图甲中a方式敲击衣架产生的声音是通过空气传入人耳的，b方式是通过线传入人耳，而固体传播声音的效果比气体要好，那么b方式听到的声音更清晰，故A错误；
B．图乙中，硬卡片在木梳齿上划动的快慢不同，梳齿振动的快慢不同，产生的声音的音调也不同，故B正确；
C．图丙中，噪声监测仪只能显示噪声的强弱，不能减弱噪声，故C错误；
D．图丁中，声呐是利用超声波的特点工作的，故D错误。
故选D。
3. 下列物态变化过程需要吸热的是（ ）
A. 湖面结冰B. 枝头凝霜
C. 白雾生成D. 雪人变小
【答案】D
【解析】
【详解】A．湖面结冰是凝固现象，凝固放热，故A不符合题意；
B．枝头凝霜是凝华现象，凝华放热，故B不符合题意；
C．白雾生成是液化现象，液化放热，故C 不符合题意；
D．雪人变小是升华现象，升华吸热，故D符合题意。
故选D。
4. 下列措施符合安全用电规范的是（ ）
A. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯
B. 使用测电笔时，手要接触笔尾的金属电极
C. 安装电路时，开关接在用电器和零线之间
D. 把用电器的三线插头改造为两线插头接在两孔插座上使用
【答案】B
【解析】
【详解】A．生活中用水是导体，用湿抹布擦拭正在工作的台灯有触电危险，故A不符合题意；
B．使用测电笔时，手要接触笔尾的金属电极，不能接触笔尖的金属体，故B符合题意；
C．安装电路时，开关要接在用电器和火线之间，断开开关时，用电器与火线断开，避免触电危险，故C不符合题意；
D．电器的三线插头中第三根线是与用电器外壳相连的，当三线插头插入三孔插座时，能将用电器与大地相连，避免用电器外壳带电而发生触电危险。若把用电器的三线插头改造为两线插头接在两孔插座上使用，则不能将用电器外壳接地，当用电器外壳带电时有触电危险。故D不符合题意。
故选B。
5. 如图所示的光现象中，形成原理相同的是（ ）
A. ①②B. ②④C. ③④D. ①③
【答案】B
【解析】
【详解】①手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子；②筷子在水面处折断，是由于水面下的筷子反射的光进入空气时发生折射，折射角大于入射角而造成的，所以属于光的折射；③风景在水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象；④地球上层空气温度较高，而靠近地面和海面的温度很低，从而使得下层空气密集，上层的空气比较稀薄。日落期间当光线通过密度不同的两个空气层时，由于光线的折射，它不再走直线，而是弯向地面一侧。太阳上部和下部的光线都被折射得十分厉害，几乎成了平行于地平线的直线，人们看到的太阳被压扁，便成了奇怪的“方形太阳”。综上所述，②④的形成原因相同。
故选B。
6. 小明在学习“从粒子到宇宙”的知识后，有下列认识，其中正确的是（ ）
A. 扫地时灰尘飞舞能说明分子在做无规则运动
B. 海绵容易被压缩能说明分子间有空隙
C. 在探索比分子更小的微观粒子的历程中，人们首先发现了电子
D. 月球绕着地球转，说明地球是宇宙的中心
【答案】C
【解析】
【详解】A．扫地时灰尘飞舞，是灰尘的机械运动，不是分子在运动，分子运动是肉眼看不见的，故A错误；
B．海绵里面有气孔，用手捏时海绵里的空气跑出来，则海绵的体积变小了，但不能说明分子间有间隙，故B错误；
C．在探索微小粒子的历程中人们首先发现了电子，并且知道原子也是有结构的，是可以再分的，故C正确；
D．月球绕着地球转，地球绕太阳转动，太阳是太阳系的中心；宇宙是一个有层次的天体结构系，并且处于不断的演化过程中，宇宙没有中心，故D错误。
7. 如图所示，为2月6日在2022女足亚洲杯决赛上中国女足获得冠军时的比赛情景。关于足球，下列说法正确的是（ ）
A. 足球被脚踢出去，说明只有足球才受到力的作用
B. 足球在空中飞行过程中，运动状态一定发生改变
C. 足球在水平地面上滚动时会慢慢停下来，说明足球没有力的作用就停止运动
D. 空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它一定沿水平方向做匀速直线运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．力的作用是相互的，足球被脚踢出去，足球受到脚的力的同时，脚也受到足球的力，故A错误；
B．足球在空中飞行过程中，速度的大小和方向都发生了改变，运动状态发生了改变，故B正确；
C．足球在水平地面上滚动时会慢慢停下来，是受到了地面的摩擦力，故C错误；
D．空中飞行的足球，如果在最高点时它所受的力全部消失，它将沿水平方向做匀速直线运动，否则如果不是最高点，则不会沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。
故选B。
8. 电磁炮内的金属杆通电后会受到磁场的作用力，将炮弹发射出去。以下与这一工作原理不同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】A．电磁炮的工作原理是磁场对通电导体有力的作用，本实验说明导体切割磁感线，能够在电路中产生电流，这与电磁炮工作原理不同。故A符合题意；
B．开关闭合后，通电导体在磁场作用下能够运动，这与电磁炮的工作原理相同。故B不符合题意；
C．磁场中的导体有电流通过时，会受到力的作用而运动，这与电磁炮的工作原理相同。故C不符合题意；
D．通电线圈在磁场中受力转动，这与电磁炮的工作原理相同。故D不符合题意。
故选A。
9. 下列关于热现象的说法，正确的是（ ）
A. 物体的内能增加，一定是吸收了热量
B. 0℃的水变成0℃的冰，温度不变，内能不变
C. 热量可以从内能小的物体向内能大的物体传递
D. 火箭用液态氢作燃料，是因为液态氢含有的热量多
【答案】C
【解析】
【详解】A．物体内能增大可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故A错误；
B．0℃的水变成0℃的冰，需要放出热量，温度不变，内能减小，故B错误；
C．内能小的物体的温度可能比内能大的物体温度高，所以热量可以从内能小的物体向内能大的物体传递，故C正确；
D．火箭使用液态氢作燃料，是因为它的热值大，热量是个过程量，不能说含有，故D错误。
故选C。
10. “苏科版”初中物理教材，“探究阻力对物体运动的影响”和“探究动能大小与哪些因素有关”两个实验都有器材：粗糙的斜面、水平木板和小车，如图所示。现有以下判断：（1）只添加一条棉布和一块玻璃板，可完成探究“阻力对物体运动的影响”实验；（2）只添加一个木块，可完成探究“动能与大小与哪些因素有关”实验；（3）两个实验，每次小车都要从斜面同一位置由静止释放；（4）小车从斜面下滑，减小的重力势能全部转化为动能。其中正确的判断有（ ）
A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个
【答案】A
【解析】
【详解】利用控制变量法，将小车从同一斜面的同一高度下滑，在水平木板上分别铺上棉布、玻璃板对比小车运动距离的远近，可完成探究“阻力对物体运动的影响”实验，故（1）说法正确；添加一个木块后，通过小车撞击木块移动的距离来对比小车动能的大小。通过小车从同一斜面的不同高度下滑，可改变小车的速度，但不能改变小车的质量来探究动能和质量的关系，故（2）说法错误；探究“阻力对物体运动的影响”实验，为使小车在水平面上开始的速度相同，小车要从斜面同一位置静止释放。探究“动能与大小与哪些因素有关”实验，为了改变小车在水平面上开始的速度，需要让小车从同一斜面的不同高度下滑。故（3）说法错误；小车从斜面下滑，减小的重力势能除了转化成动能，还有一部分转化为内能，故（4）说法错误。
故选A。
11. 将体积相同材料不同的甲、乙、丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底，乙球漂浮，丙球悬浮，如图，下列说法正确的是（ ）
A. 三个球的质量大小关系是
B. 三个球受到的浮力大小关系
C. 三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是
D. 三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是＇
【答案】B
【解析】
【详解】A．甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以甲球的密度大于水的密度，乙球的密度小于水的密度，丙球的密度等于水的密度，因此三个小球的密度大小关系是：
甲、乙、丙三个实心小球的体积相等，根据可知：质量大小关系是
故A错误；
B．由于甲、乙、丙三个实心小球体积相同，则根据图可知，排开水的体积关系：，，，所以
根据可知，甲、乙、丙三个实心小球受到的浮力
故B正确；
C．因为三个相同烧杯中都装满水，放入球后烧杯中液面高度不变，根据可知，烧杯底部受到水的压强相等，即
故C错误；
D．三个相同烧杯中都装满水，里面的水的重力G相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入物体后对桌面的压力为
三个容器对桌面的压力分别为
由于甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则，，，所以三个容器对桌面的压力
由于容器的底面积相同，根据可得，烧杯底部对桌面的压强的关系是
故D错误。
故选B。
12. 如图所示，电源电压恒定，电阻箱最大阻值为R，是定值电阻。闭合开关S，当电阻箱阻值调为R时，电压表示数为，电阻箱的功率为；当电阻箱阻值调为0.5R时，电压表的示数变化了。则下列说法中正确的是（ ）
A. 为保证电路安全，电流表量程不能选
B. 前后两次电路总功率变化了
C. 电阻箱的最大阻值为
D. 电源电压为
【答案】C
【解析】
【详解】D．R1与R2串联，电流表测串联电路电流，电压表测R2两端的电压；闭合开关S，当电阻箱阻值调为R时，电压表示数为3V，设电源电压为U，根据串联电路电压的规律，电阻箱的电压为
U1=U-3V
由欧姆定律可知电路的电流为
由欧姆定律定值电阻的电压为
①
当电阻箱阻值调为0.5R时，因电阻箱连入电路的电阻变小，由分压原理可知，电阻箱的电压变小了，故定值电阻的电压变大了，因电压表的示数变化了，可知此时电压表示数为5V，根据串联电路电压的规律，电阻箱的电压为
U11=U-5V
由欧姆定律可知电路的电流为
由欧姆定律定值电阻的电压为
②
由①②可得电源电压为
U=15V
故D错误；
C．当电阻箱阻值调为R时，电阻箱的电压为
U1=U-3V=15V-3V=12V
已知电阻箱的功率为，根据可知电阻箱的最大电阻为
故C正确；
B．当电阻箱阻值调为R时，可知电路的电流为
当电阻箱阻值调为0.5R时，电路的电流为
③
前后两次电路总功率变化了
ΔP=P11-P1=UI11- UI1= U(I11- UI1 )=15V×(0125A-0.075A)=0.75W
故B错误；
A．由③知，电路的最大电流为0.125A，小于0.6A，为保证电路安全，电流表量程能选，故A错误。
故选C。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）
13. 水乃万物之源，生活处处离不开水；
（1）常用温水给发烧的病人擦拭身体，利用了水__________吸热；
（2）通常用水作为冷却剂，利用了水的__________较大；
（3）水电站利用水能发电，水能属于__________（选填“可再生”或“不可再生”）能源；
（4）水在自然状态下，只能从高处往低处流，而不能自发从低处往高处流，是因为能量的转化或转移具有__________的。
【答案】 ①. 汽化 ②. 比热容 ③. 可再生 ④. 方向性
【解析】
【详解】（1）[1]用温水给发烧的病人擦拭身体，留在病人皮肤上的水会蒸发，汽化吸热，降低病人身体的温度。
（2）[2]因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以可作为冷却剂。
（3）[3]能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，如风能、太阳能和水能，所以水能属于可再生能源。
（4）[4]水在自然状态下，只能从高处往低处流，由重力势能转化为动能，不能自发从低处往高处流，即不能自发由动能转化为重力势能，所以能量的转化或转移具有方向性。
14. 如图所示是某隧道的交通标志牌。其中“80”表示汽车通过该隧道时的行驶速度__________。以行驶的汽车为参照物，该交通指示牌是__________汽车所使用的北斗导航系统是通过__________传递信息的．这种波在真空中的传播速度为__________m/s。
【答案】 ①. 不大于80km/h ②. 运动的 ③. 电磁波 ④. 3108
【解析】
【详解】[1]图中所示为限速交通标志牌，其中“80”表示汽车通过该隧道时的行驶速度不能超过80km/h。
[2]以行驶的汽车为参照物，汽车与交通指示牌的位置不断变化，所以该交通指示牌是运动的。
[3][4]电磁波能够传递信息且能够在真空中传播，汽车使用的北斗导航系统都是通过电磁波来传递信息的，电磁波的传播速度与光速相同，为3.0×108 m/s。
15. 如图所示的滑轮组，用20N的拉力匀速提升重50N的物体在4s内向上运动2m。不计绳重及摩擦，在此过程中，动滑轮的重力为__________N，有用功为__________J，滑轮组的机械效率为____________%，拉力的功率为_______________W。
【答案】 ①. 10 ②. 100 ③. 83.3% ④. 30
【解析】
【详解】[1]由图可知，滑轮组的动滑轮绕3段绳，不计绳重及摩擦，在此过程中，动滑轮的重力为
G动=nF-G=3×20N-50N=10N
[2]有用功为
W有=Gh=50N×2m=100J
[3]绳子自由端移动的距离
s=nh=3×2m=6m
总功
W总=Fs=20N×6m=120J
滑轮组的机械效率为
[4]拉力功率为
16. 如图甲所示，是某品牌插秧机使用的四冲程汽油机，图乙中汽油机处于______冲程。如果该汽油机飞轮的转速是60r/s，则汽油机每分钟经历______个工作循环。汽油燃烧是把______能转化为内能，若完全燃烧0.21kg的汽油所释放的热量，完全被46kg初温为45℃的水吸收，则在标准气压下水温升高______℃。[��水=4.2×103J/(kg⋅℃)，��汽油=4.6×107J/kg]
【答案】 ①. 压缩 ②. 1800 ③. 化学 ④. 50
【解析】
【详解】[1] 图乙中，两气门均关闭，活塞上行，是汽油机的压缩冲程。
[2] 该汽油机飞轮的转速是60r/s，即每秒飞轮转动60转，四冲程汽油机工作一个循环，飞轮转动两圈，所以每秒经历30个工作循环，每分钟经历1800个工作循环。
[3] 汽油燃烧经历化学反应，产生热量，是把化学能转化为内能。
[4] 完全燃烧0.21kg的汽油所释放的热量为
依题意可知，不存在热损失，则水温变化量为
而一个标准气压下，水的沸点为100℃，因为
所以水温升高了。
17. 抽油烟机在工作时，电动机带动风扇高速转动,使油烟进入烟罩内．如图是小玉家的电能表，此时电能表的读数为__________kW•h．已知她家抽油烟机额定功率为200W，小玉炒菜过程中，抽油烟机单独正常工作，电能表的表盘转了30转，则抽油烟机在这段时间内消耗了__________电能，工作时间至少为__________min。
【答案】 ①. 107.1 ②. 0.01kW٠h ③. 3
【解析】
【详解】[1]电能表上最后一位是小数位，单位是kW•h；由图知道，电能表的示数为107.1kW•h。
[2]电能表的表盘转了30转，电路消耗电能为
[3]已知抽油烟机额定功率
P=200W=0.2kW
由 知道，工作时间
18. 如图所示电路，电源电压恒定。当开关S1、S2断开，S3闭合时，电流表示数为0.4A，电压表示数为4V；当开关S1、S2闭合，S3断开时，电压表示数为12V，此时电流表示数为____________A。则该电路的电源电压为__________V，电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热之比为__________。
【答案】 ①. 1.8 ②. 12 ③. 4:9
【解析】
【详解】[1][2]当开关S1、S2断开，S3闭合时，分析电路图可知，电源电压恒定，R1和R2串联，电流表的示数为0.4A，电压表测R2两端的电压，示数为4V，则R2的阻值为
当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1和R2并联，电压表测电源电压，示数为12V，则R2的阻值为
R1和R2并联时，电流表测干路电流，示数为
[3]电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热为
Q1=I2R1t=(0.4A)2×20Ω×2×60s=384J
19. 图甲是小明设计的控温装置示意图，电磁继电器与热敏电阻Rt、滑动变阻器R串联接在电压恒为6V的电源两端。当电磁铁线圈（电阻不计）中的电流大于或等于25mA时，衔铁被吸合。热敏电阻置于温度监测区域，其电阻Rt与温度t的关系如图乙所示，滑动变阻器的最大阻值为200Ω。
（1）热敏电阻Rt随温度t的升高而___________；
（2）图甲中应将b端与___________端相连；
（3）若设置温度为60℃时启动制冷系统，则滑动变阻器接入电路的阻值为___________Ω；
（4）该电路可设置启动制冷系统的最高温度是___________℃。
【答案】 ①. 减小（变小） ②. c ③. 170 ④. 80
【解析】
【详解】（1）[1]由图乙知，温度升高时，电阻Rt的阻值减少，所以热敏电阻Rt随温度t的升高而减小。
（2）[2]为了能通过电磁继电器来控制制冷系统的通断，图甲中的b端应与c端相连，当电磁继电器的衔铁被吸下时，制冷系统工作，衔铁弹开时，制冷系统开路，不工作。
（3）[3]由题意知，电磁铁线圈中的电流大于或等于25mA时，衔铁被吸合，制冷系统工作。此时温度为60℃，由图乙知，热敏电阻的阻值为70Ω，其两端的电压
U1=IRt=0.025A×70Ω=1.75V
滑动变阻器两端的电压
U滑=U-U1=6V-1.75V=4.25V
变阻器接入电路的阻值
（4）[4]因为热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以启动制冷系统的温度越高，热敏电阻的阻值越小，而启动制冷系统的电流不变，电源电压不变，所以电路中的总电阻
R总=Rt+R=70Ω+170Ω=240Ω
当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，热敏电阻的阻值最小为
Rt′=R总-Rmax=240Ω-200Ω=40Ω
由图乙知，调动制冷系统的最高温度可设置为80℃。
三、解答题（本题共8小题，共50分，第27、28题要有解答过程。）
20. 按要求作图：完成图甲中的光路。
【答案】
【解析】
【详解】射向凹透镜对侧虚焦点的光线经过凹透镜后平行于主光轴，如下图所示：
21. 小琪站在电动扶梯的水平台阶上，随着扶梯匀速向上运动，请在图中画出小琪的受力示意图。（O点为小琪的重心）
【答案】
【解析】
【详解】小琪站在自动扶梯上随扶梯匀速向上运动，因此他相对于扶梯静止，受平衡力的作用，在竖直方向上受到重力和支持力的作用，二力平衡。过重心作竖直向下的力（即重力）和竖直向上的力（即支持力），如图所示：
22. 如图，将插座和控制插座的开关正确接入家庭电路中。
【答案】
【解析】
【详解】根据安全用电的原则，开关接在三孔插座与火线之间；三孔插座的上面的孔接地线，左面的孔接零线，右面的孔通过开关接火线，如下图所示：
23. 用矿泉水瓶做以下几个小实验。
（1）图甲中矿泉水瓶瓶口直径为______cm；
（2）图乙将矿泉水瓶装满水，用硬纸片盖住瓶口，按住纸片将瓶口朝下，移开手，瓶内水不会流出，证明了______的存在；
（3）图丙所示，在一个盛水的瓶子内插入一根吸管A，用另一根吸管B对准A的管口上方吹气，看到A的管口有水喷出，这是因为流体的流速越大，压强越______；
（4）图丁中与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑。其中“吸”字蕴含的物理道理，与下列现象中的“吸”字相同的是______。
A．地球“吸”地面上物体 B．两光滑铅块压紧后“吸”住
C．两船并行相“吸”碰撞 D．梳头后的梳子会“吸”头发
【答案】 ①. 2.50 ②. 大气压 ③. 小 ④. D
【解析】
【详解】（1）[1]刻度尺的分度值为0.1cm，图甲中矿泉水瓶瓶口直径为
（2）[2]由于大气压的作用，纸片受到向上的压力，因此将手移开后，纸片不会掉下来，瓶内水也不会流出来。
（3）[3]流速大的地方压强小。对准A的管口上方吹气，A管口空气流速大，压强小。瓶内的压强大于A管口压强，因此可以看到A管口有水喷出。
（4）[4]图丁中与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质；
A．地球“吸”地面上物体，是由于地球对物体的吸引使物体受到的重力，故A不符合题意；
B．两光滑铅块压紧后“吸”住，说明分子间有引力，故B不符合题意；
C．两船并行相“吸”碰撞，是因为流体的流速越大，压强越小，故C不符合题意；
D．梳头后的梳子会“吸”头发，是因为摩擦使梳子带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，故D符合题意。
故选D。
24. 小明做“探究冰的熔化特点”的实验
（1）如图甲所示，错误的是________；
（2）某时刻温度计的示数如图乙为_________℃；
（3）图丙、丁是两个小组绘制的温度﹣时间图像，正确的是________图；
（4）试管内的物质在第5min时具有的内能_________（选填“大于”、“小于”或“等于”）第10min时具有的内能。
【答案】 ①. 试管内冰没有完全浸没在水中 ②. -2 ③. 丁 ④. 小于
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲所示，错误的是试管内冰没有完全浸没在水中，完全浸没在水中的目的是使冰在熔化的过程中受热均匀。
（2）[2]由乙图可知，该温度计的分度值为1℃，液柱的上表面与温度计0刻度线下方的第2条刻度线对齐，则读数为-2℃。
（3）[3]根据吸热公式Q吸=cmΔt，由于水的比热容大于冰的比热容，在质量一定时，升高相同的温度，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热水的时间应更长一些，所以丁图正确。
（4）[4]冰熔化时不断吸收热量，内能增加，故第5min时具有的内能小于第10min时具有的内能。
25. 如图是“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图所示位置得到了清晰的像；
①保持图中蜡烛、光屏位置不变，将透镜移至光具座______cm处，可再次看到清晰的像；
②将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像，则所加眼镜片为______透镜；
（2）小明想继续用该装置探究平面镜的成像特点，保持图中的元件位置不变，仅将凸透镜更换为玻璃板，眼睛应该在______（选填“蜡烛”或“光屏”）一侧观察蜡烛的像。为验证平面镜成的是虚像，还应进行的操作是______；
（3）下列关于凸透镜成像和平面镜成像的说法，正确的是（ ） 。
A．都可以成正立的像
B．人观察到虚像时，没有光线进入人眼
C．实像有放大的有缩小的，虚像都是与物等大的
D．实像都是由光的折射形成的，虚像都是由光的反射形成的
【答案】 ①. 50 ②. 凸 ③. 蜡烛 ④. 将光屏移动到50厘米刻度线处，直接观察光屏上是否有像 ⑤. A
【解析】
【详解】（1）[1]如图所示，蜡烛到透镜的距离即物距为15cm，光屏到透镜的距离即像距为30cm，如果保持图中蜡烛、光屏位置不变，只移动凸透镜的位置可再次看到清晰的像，根据光路可逆的规律，当新的像距为15cm时可再次看到清晰的像，即凸透镜移到50cm刻度线处即可。
[2] 将一眼镜片放在烛焰和透镜之间，光屏上的像变模糊，向右移动蜡烛可再次看到清晰的像。向右移动蜡烛等同于物距相对变小，造成这种情况的原因是组合透镜的焦距变小，所以可以判断出放在烛焰和透镜之间的是凸透镜，因为给凸透镜叠加凸透镜形成的组合透镜能起到减小焦距的效果。
（2）[3] 探究平面镜成像特点时，眼睛应该和蜡烛在同一侧，因为平面镜成像的实质是光的反射。
[4] 为验证平面镜成的是虚像，应该把光屏移到像的位置，也就是50cm刻度线处，因为平面镜中的像到镜面的距离等于蜡烛到镜面的距离。然后观察光屏上是否有像呈现，如果没有说明平面镜成的是虚像。
（3）[5] A．平面镜成的像是正立、等大的虚像；当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，故A正确；
B．如果没有光线进入人眼，人就感觉不到像的存在，故B错误；
C．当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，故C错误；
D．我们看到水中鱼的虚像是由光的折射形成的，故D错误。
故选A。
26. 在测量图甲所示酒精消毒液密度的实验中。
（1）第一组同学用托盘天平和量筒进行测量．
①测出消毒液和瓶的总质量，读数如图乙所示，为_______g
②将瓶中的一部分消毒液倒入量筒，测出消毒液的体积，如图丙所示；
③测出__________的质量为39.4g；
④消毒液的密度为___________kg/m3。
（2）第二组同学没有使用量筒也测出了消毒液的密度。
①测出消毒液和瓶的总质量m1，并在液面处做标记；
②倒出适量消毒液，测出瓶和剩余消毒液的质量m2；
③往瓶中补水直至标记处，测出此时瓶和液体的总质量m3；
④消毒液的密度ρ=___________（用所测物理量的符号表示，水的密度用ρ水表示），
（3）分析第二组同学的实验操作，由于分子间存在空隙会导致所测密度_________。
【答案】 ①. 82.4 ②. 瓶及剩余消毒液 ③. ④. ⑤. 偏小
【解析】
【详解】（1）①[1]标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值为2.4g， 消毒液和瓶的总质量
m11=50g+20g+10g+2.4g=82.4g
②将瓶中的一部分消毒液倒入量筒，测出消毒液的体积，如图丙所示，量筒的分值为2mL， 消毒液体积为
V=50mL=50cm3
③[2]测出瓶及剩余消毒液的质量为39.4g，则可求出量筒中消毒液的质量。
④[3]倒入量筒中消毒液的质量
m=m11-m12=82.4g-39.4g=43g
消毒液的密度为
（2）④[4]根据①②的操作可知，倒出消毒液质量为
m′=m1-m2
根据②③可知，加入水的质量为
m水=m3-m2
加入水的体积即倒出消毒液的体积为
消毒液的密度
（3）[5]由于分子间存在空隙，水分子和消毒液分子相互进入对方的间隙，会导致补水的质量偏大，即m3偏大，而其它测量的质量不变，根据消毒液的密度表达式，则导致所测消毒液的密度偏小。
27. 在探究“物体动能与质量和速度的关系”实验中，如图甲所示，将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离；
（1）钢球从某一高度由静止释放后，钢球的______能转化为动能，同一钢球从不同高度由静止释放，是为了探究钢球动能与_______的关系；
（2）小华将实验装置改进成图乙所示，利用质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，来研究铁球动能大小与___________的关系；
（3）小华还想用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系，这个设计方案是_________（选填“正确”或“错误”）。
【答案】 ①. 重力势 ②. 速度 ③. 速度 ④. 错误
【解析】
【详解】（1）[1]钢球从某一高度由静止释放后，质量不变，高度降低，速度增大，所以重力势能减小，动能增大，故钢球的重力势能转化为动能。
[2]同一钢球从不同高度由静止释放，钢球的质量是相同的，速度不同，所以是为了探究动能与速度的关系。
（2）[3]质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，此时质量相同，速度不相同，所以可以研究铁球的动能大小与速度的关系。
（3）[4]观察图乙的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧的弹性势能相同，转化成的动能相同，因此木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的，所以这个设计方案是错误的。
28. 小明在做探究“电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：三节新干电池，定值电阻四个（5Ω、10Ω、20Ω、25Ω），电流表、电压表、滑动变阻器“20Ω 1A”和开关各一个、导线若干。
（1）图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上画“×”，并在图上改正________；
（2）改正电路后，先将5Ω的定值电阻接入电路，调节滑片，使电流表的示数如图乙所示；将5Ω的电阻换成10Ω的，他应调节滑片，使电压表的示数保持________V不变，再读电流表的示数；把20Ω的电阻接入电路时，小明发现无论怎样调节滑动变阻器都不能完成实验，为使四个电阻单独接入电路都能完成实验，他应控制电压表的示数不低于_________V；
（3）小华想测量灯泡L的额定功率，已知灯泡的额定电流为I额，她设计了如图丙所示的电路，其中R为定值电阻，R'为电阻箱，请将她的实验步骤补充完整：
①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1；
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为________，电压表的示数为一个合适的值；
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关，调节________，使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2。
④灯泡L的额定功率P额=________。
【答案】 ①. ②. 2 ③. 2.5 ④. ⑤. 滑动变阻器和电阻箱 ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]原电路图中，电压表和定值电阻没有接入电路中，在探究“电流与电阻的关系”实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示
（2）[2][3]先将5Ω定值电阻接入电路，调节滑片，使电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为
在研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，故将5Ω的电阻换成10Ω的，他应调节滑片，使电压表的示数保持2V不变，再读电流表的示数。
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压为
根据分压原理有
即
因电压表示数为定值，由可知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由得
解得电压表得示数为，即为完成实验，电压表的最小电压为2.5V。
（3）[4][5][6]①闭合开关前，将滑动变阻器滑片滑到b端，电阻箱调为某一阻值R1；
②闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为，电压表的示数为一个合适的值；
③断开开关，再将电压表与待测电阻C端间的导线改接到D端（图中虚线所示），闭合开关，调节电阻箱和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值R2。
④在步骤②中，电阻箱、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱和定值电阻R两端的电压，调节滑动变阻器，使电流表示数为，此时灯泡正常发光；
在步骤③中，电阻箱、滑动变阻器、定值电阻R和灯泡仍串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱、定值电阻R和灯泡两端的电压，反复调节电阻箱和滑动变阻器，使两表的示数与②中相同，此时灯泡仍正常发光，根据欧姆定律可知
则电阻箱减小的电阻就等于小灯泡正常发光时的电阻，根据等效替代法可知
则灯泡L的额定功率为
29. 近年来，理论电动平衡车深受年轻人的喜爱，如图所示，它采用站立式的驾驶方式，人通过身体的前倾、后仰实现驾驶，如表为某型号独轮电动车平衡车的部分数据，则：
（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是多少？
（2）质量为50kg的人驾驶该车，在水平地面上匀速直线行驶。若所受阻力为总重力的0.2倍，此时该车受到的牵引力是多大？（g取10N/kg）
（3）质量为50kg的人驾驶该车时，车对水平地面的压强是多大？
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）根据可得，能行驶的最长时间
（2）人和电动平衡车的总重力
因为电动平衡车在水平地面上匀速行驶，所以牵引力与阻力是一对平衡力，则牵引力
（3）车对水平地面的压力
车对水平地面的压强
答：（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是；
（2）该车受到的牵引力是；
（3）质量为50kg的人驾驶该车时，车对水平地面的压强是。
30. 综合实践活动中，同学们设计了一款可用电流表示数显示拉力大小的测力计模型，电流表示数随拉力的增大而增大，模型电路如图甲所示，ab为长10cm、阻值25Ω的电阻丝，其阻值与长度成正比．滑片P左端固定在拉杆上，弹簧处于原长时，滑片P位于a端，电源电压恒为3V，弹簧电阻恒为1Ω，为4Ω，其余部分电阻不计，电流表量程为0～0.6A，忽略弹簧、拉杆和拉环的重力及滑片与电阻丝的摩擦。
（1）虚线框内接线柱“1”应与__________（选填“2”或“3”）连接。
（2）闭合开关，弹簧处于原长状态时，此处电流表示数标记为0N，此时消耗的功率多大_________？
（3）弹簧的伸长量△L与所受拉力F之间的关系如图乙所示，则电流表示数为0.4A处应标记为多少N_________？
（4）若不用电流表，利用电压表（量程0～3V）示数来显示拉力大小，其它条件不变，要求拉力越大，电压表示数也越大，接入电压表后与原装置相比，该装置所能测量拉力的最大值__________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 3 ②. 0.04W ③. 450N ④. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]由可知，当电流表的示数增大时，电路的总电阻减小，由图甲可知，拉力增大时，滑片下移，因电流表示数随拉力的增大而增大，所以，拉力增大时，电阻丝接入电路中的电阻应减小，则虚线框内接线柱“1”应与“3”连接。
（2）[2]闭合开关，弹簧处于原长状态时，电阻丝接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，电路中的总电阻
所以，电路中电流
R0消耗的功率
（3）[3] 电流表示数为0.4A时，电路中的总电阻
则电阻丝连入的电阻
设电阻丝连入电阻的长度为L，则有
解得
则弹簧的伸长量
由图可知，此时拉力。
（4）电阻丝连入为0时，所测力最大；其他条件不变，电流表换为电压表，电压表应与R0并联，电阻丝连入为0时，不会超过电压表的量程，所能测量拉力的最大值不变。质量
10kg
轮胎与地面接触面积
30cm2
最大速度
16km/h
充满电行程
24km
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