黑龙江省协作体2024届高三下学期三模考试数学试题(Word版附解析)
展开注意事项:
1.本卷满分150分,考试时间120分钟。答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.
1.已知集合A={2,3},B={x|0
2.已知i为虚数单位,复数z满足,则z的实部为
A.2 B.1 C.1 D.2
3.已知函数,则图中的函数图象所对应的函数解析式为
A. B. C. D.
4.有一个非常有趣的数列叫做调和数列,此数列的前n项和已经被研究了几百年,但是迄今为止仍然没有得到它的求和公式,只是得到它的近似公式:当n很大时,,其中称为欧拉—马歇罗尼常数,≈0.577215664901…,目前还不确定是有理数还是无理数.由于上式在n很大时才成立,故当n较小时计算出的结果与实际值之间存在一定误差,已知ln2≈0.693,ln3≈1.099,则用上式估算出的ln6与实际的ln6的误差绝对值近似为
5.已知抛物线C:的焦点为F,准线为l,点A在C上,直线AF交y轴于点B,且,则点A到准线l的距离为
A.4 B.5 C.6 D.8
6.袋中装有标号为1,2,3,4,5且质地、大小相同的5个小球,从袋子中一次性摸出两个球,记下号码并放回,如果两个号码的和是偶数,则获奖.若有4人参与摸球,则恰好﹖人获奖的概率是
A. B. C. D.
7.已知函数,把的图象向左平移个单位长度可得到函数的图象,则
A.是偶函数 B.的图象关于直线对称
C.在上的最大值为0 D.不等式的解集为,k∈z
8.已知双曲线C:(a>0,b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,过F1作直线与双曲线C的左,右两支分别交于A,B两点.若,且cs∠F1BF2=,则双曲线C的离心率为
A. C.4 B. D.3
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.在某市初三年级举行的一次体育考试中(满分100分),所有考生成绩均在[50,100]内,按照[50,60),[60,70),[70,80),[80,90),[90,100]分成五组,甲、乙两班考生的成绩占比如图所示,则下列说法错误的是
A.成绩在[70,80)的考生中,甲班人数多于乙班人数
B.甲班成绩在[80,90)内人数最多
C.乙班成绩在[70,80)内人数最多
D.甲班成绩的极差比乙班成绩的极差小
10.如图,三棱锥P-ABC中,PA,PB,PC两两垂直,PA=2PB=2PC=2,则
A.BC⊥PA B.三棱锥P-ABC的体积为
C.点P到平面ABC的距离为 D.三棱锥P一ABC的外接球的表面积为
11.已知函数,则下列结论正确的是
A.的图象在点处的切线在y轴上的截距为
B.在上为增函数
G.在上的最大值为多e
D.若在内恰有11个极值点,则实数m的取值范围为
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12.甲、乙两个家庭共10人周末到某景区游玩,他们在景区门口站成两排拍照,每排5人且从左到右按从高到矮的顺序排列,则有_________种排法.(用数字作答)
13.已知圆C:,A(-3,0),B(-1,0).若C上存在点P,使得∠APB=90°,则r的取值范围为____________.
14在长方体AECD-A1B1C1D1中,AB=AA1=4,AD=2,点Р为侧面ABB1A1内一动点P,且满足C1P//平面ACD1,则C1P的最小值为_________,此时点P到直线A1C1的距离为___________.
四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
15.(13分)
已知函数.
(1)若,求曲线在点(0,f(0))处的切线方程;
(2)若恰有三个零点,求a的取值范围.
16.(15分)
为建立健全国家学生体质健康监测评价机制,激励学生积极参加身体锻炼,教育部印发了《国家学生体质健康标准》,要求各学校每学年开展覆盖本校各年级学生的《标准》测试工作.为做好全省的迎检工作,某市在高三年级开展了一次体质健康模拟测试,并从中随机抽取了500名学生的数据,根据他们的健康指数绘制了如图所示的频率分布直方图.
(1)估计这500名学生健康指数的平均数(同一组数据用该组区间的中点值作代表);
(2)由频率分布直方图知,该市学生的健康指数X近似服从正态分布N(,),其中近似为样本平均数,近似为样本方差(=84.75).
①求P(60.29≤X≤87.92);
②已知该市高三学生约有30000名,记健康指数在区间[60.29,87.92]的人数为,试求E().
附:参考数据:,若随机变量X服从正态分布N(,),则,,.
17.(15分)
在如图所示的多面体MNABCD中,四边形ABCD是边长为/2的正方形,其对角线的交点为Q,DM⊥平面ABCD,DM∥BN,DM=2BN=2,点P是棱DM的中点.
(1)求证:PQ⊥平面ANC;
(2)求直线AN和平面CMN所成角的正弦值.
18.(17分)
记椭圆C:的左、右顶点分别为A1,A2,上顶点为B(0,1),直线BA1,BA2的斜率满足.
(1)求椭圆C的方程;
(2)已知椭圆上点(,)处的切线方程是.若点P为直线l:上的动点,过点P作椭圆C的切线PM,PN,切点分别为M,N,求△PMN面积的最小值.
19.(17分)
如果n项有穷数列满足,,…,,即(i=1,2…,n),则称有穷数列为“对称数列”.
(1)设数列是项数为7的“对称数列”,其中b1,b2,b3,b4成等差数列,且b2=3,b5=5,依次写出数列的每一项;
(2)设数列是项数为(且)的“对称数列”,且满足,记为数列的前n项和.
①若,,…,构成单调递增数列,且.当k为何值时,取得最大值?
②若=2024,且=2024,求k的最小值.
2023~2024学年度高三年级第三次模拟·数学
参考答案、提示及评分细则
1.C 由题知B={x|0
3.B 由图知,图中函数图象的最小正周期T=2,所以排除A,D;对于C,,过(0,-1),排除;对于B,,满足条件,正确.
4.A 依题意,所以,又,所以估算出的ln6与实际的ln6的误差绝对值近似为1.8728-1.792=0.0808≈0.081.
5.D 设A(,),B(0,t),因为F(2,0),,所以,所以,所以=6,所以A到l的距离d=6+2=8.
6.A 从袋子中一次性摸出两个球,共有=10种情况,其中两个号码的和为偶数的有{1,3},{1,5},{2,4},{3,5}共4种情况,所以一个人摸球,能够获奖的概率为,所以4人参与摸球,恰好2人获奖的概率.
7.C 由题知,由于的定义域为R,且,故为奇函数,A错误;又,故的图象不关于直线对称,B错误;因为时,,所以在上的最大值为0,最小值为-2,故C正确;,则,则,k∈Z,故,k∈Z,D错误.
8.B 由题意结合双曲线定义可知且,不妨设,则,,.在△ABF2中,cs∠F1BF2=,由余弦定理得,即.解得.在△F1BF2中,由余弦定理得,即,结合,得,故离心率.
9.ACD 由图知,每一组中的成绩占比都是以各自班级的总人数为基数的,所以每一组中的甲班、乙班人数不能从所占的百分比来判断,故A错误;甲班成绩主要集中在[80,90),乙班成绩主要集中在[60,70),B正确,C错误;甲班成绩的极差和乙班成绩的极差的大小无法确定,故D错误.
10.AC由已知PA⊥PB,PA⊥PC,PC∩PB=P,PC,PB平面PBC,得PA⊥平面PBC,又BC平面PBC,
故BC⊥PA,A正确;
因为PA,PB,PC两两垂直,则Vp-ABC=VA-PBC=,故B错误;
设Р到平面ABC的距离为h,因为S△ABC=,所以VP-ABC=,解得.所以点Р到平面ABC的距离为,故C正确;
因PA,PB,PC两两垂直,故三棱锥P-ABC的外接球即是以2,1,1为棱长的长方体的外接球,故球的半径为,则球的表面积为,故D错误.
11.ACD 当时,,,所以,,所以函数的图象在点处的切线方程为,故切线在y轴上的截距为,A正确;当时,,,所以当时,;当时,,所以函数在上单调递增,在上单调递减,又函数为偶函数,所以在上单调递增,在上单调递减,所以在上的最大值为,故B错误,C正确;
当时,,,令得,(k=0,1,2,3,4,5…),当时,,,令得,(k=0,-1,-2,-3,-4,-5…),且以上零点均为变号零点,故均为极值点,而为R上的偶函数,也是的一个极值点,因此,函数在(-m,m)内有11个极值点,则+5,即实数m的取值范围为,故D正确.
12.252 由题意,10人选5人为一排,另5人为另一排,且每排排法只有一种,所以共有=252种.
13.[4,6] 因为点A(-3,0),B(-1,0),而点P满足∠APB=90°,则点P的轨迹是以线段AB为直径的圆M(除点A,B外),圆M:(y≠0),半径=1,又点Р在圆C:(r>0)上,圆C的圆心C(1,4),半径为r,,依题意,圆M与圆C有公共点,因此,即,解得4≤r≤6.
14.(2分) (3分) 如图所示,因为AB∥C1D1且AB=C1D1,故四边形ABC1D1为平行四边形,则BC1//AD1,因为BC1平面ACD1,AD1∈平面ACD1,所以BC1//平面A1CD1,同理可证A1B//平面ACD1,因为A1B∩BC1=B,A1B,BC1∈平面A1BC1,所以平面A1BC1//平面ACD1,因为P∈平面AA1B1B,要使得C1P//平面ACD1,则C1P平面A1BC1,因为平面AA1B1B∩平面A1BC1=A1B,故点P的轨迹为线段A1B,当C1P取最小值时,C1P⊥A1B,则P为A1B的中点,C1P=.以D为原点,,,的方向分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,易知A1(2,0,4),C1(0,4,4),P(2,2,2),=(-2,4,0),=(0,2,-2),取=(0,2,-2),=(-1,2,0),则,,所以点Р到直线A1C1的距离为.
15.解:(l)时,,所以,
所以,,
所以曲线在点(0,f(0))处的切线方程为,即.….…4分
(2)因为,
所以是的一个零点,……..……分
因为恰有三个零点,
所以方程有两个不为2实数根,即方程有两个不为2实数根,分
令,所以,
令,得,令,得,
所以在区间上单调递增,在区间上单调递减,……9分
当时,的值域为;当时,的值域为,……10分
所以,且,所以,且,
所以a的取值范围是.……13分
16.解:(1)由题意得,平均数=50×0.05+60×0.25+70×0.45+80×0.2+90×0.05=69.5;……4分
(2)①由(1)可知=69.5,≈9.21,
则P(60.29≤X≤87.92)=P(69.5-9.21≤X≤69.5+9.21×2)
则P(60.29≤X≤87.92)=P(69.5-9.21≤X≤69.5+9.21×2)
=P(≤X≤)=×0.683+×0.955=0.819;……10分
②由①可知1名学生的健康指数位于[60.29,87.92]的概率为0.819,
依题意,服从二项分布,即~B(3×104,0.819),
则E()=np=24570.…分
17.(1)证明:连接PN,QN.
因为DM⊥平面ABCD,AD,DC,DB平面ABCD,所以DM⊥DB,PD⊥AD,PD⊥DC.
因为DM=2BN=2,P是DM中点,所以四边形PDBN为矩形,PN=BD=2,PD=NB=1.……2分
因为Q是正方形ABCD的对角线交点﹐所以Q为AC,DB中点,PQ=NQ=
所以PQ2+NQ2=PN2,PQ⊥QN.…………4分
因为PA=PC=,Q为AC中点,所以PQ⊥AC.
又AC∩NQ=Q,AC,NQ平面ANC,所以PQ⊥平面ANC.…分
(2)解:由(1)知,DA,DC,DM两两垂直,以D为原点,以DA,DC,DM所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,
则A(,0,0),C(0,,0),M(0,0,2),N(,,1),
则=(,0,1),=(,,-1),=(0,,1),……9分
设平面CMN的法向量为=(x,y,z),
所以由得
令,可得=(-1,2,2),…….12分
设直线AN和平面CMN所成角为θ,则,
所以直线AN和平面CMN所成角的正弦值为…………………………15分
18.解:(1)由题知,上顶点B(0,1),得b=1;
左、右顶点A1(-a,0),A2(a,0),,得,
故椭圆C的方程为……4分
(2)设M(,N,P,
由题意知,过M,N的切线分别为,,….…6分
代入Р点坐标得,,
故直线MN:,………8分
联立椭圆方程消去x得:,则,
所以,,
则分
而P到直线MN的距离,
所以△PMN面积,…….14分
令,则在上递增,
所以,故△PMN的面积的最小值为,当且仅当t=0时取得.……17分
19.解:(1)因为数列是项数为7的“对称数列”,所以,
又因为b1,b2,b3,b4成等差数列,其公差,……3分
所以数列的7项依次为1,3,5,7,5,3,1.……4分
(2)①由c1,c2,…,ck是单调递增数列,数列是项数为的“对称数列”且满足,可知c1,c2,…,ck构成公差为2的等差数列,ck,ck+1,…,c2k-1构成公差为-2的等差数列.……6分
故
.…...….………分
所以当=1012时,取得最大值.………9分
②因为即,
所以即.
于是.……………………11分
因为数列是“对称数列”,所以)
,…..…13分
因为,故,解得k≤1或k≥2025,所以k≥2025.……15分
当c1,c2,…,ck构成公差为-2的等差数列时,满足c1=2024,且,
此时k=2025,所以k的最小值为…….17分
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