北京市顺义区2024届高三第二次质量监测数学试卷(无答案)

这是一份北京市顺义区2024届高三第二次质量监测数学试卷(无答案)，共12页。

考生须知
1.本试卷共6页，共两部分，21道小题，满分150分。考试时间120分钟。
2.在答题卡上准确填写学校、姓名、班级和教育ID号。
3.试题答案一律填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
4.在答题卡上，选择题用2B铅笔作答，其他试题用黑色字迹签字笔作答。
第一部分（选择题 共40分）
一、选择题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项.
（1）设集合，，则
（A）（B）（C）（D）
（2）已知复数z的共轭复数满足，则
（A）（B）1（C）2（D）4
（3）在的展开式中，的系数为
（A）（B）（C）40（D）80
（4）已知，，，则
（A）（B）（C）（D）
（5）已知各项均为正数的数列的前n项和为，，，，则
（A）511（B）61（C）41（D）9
（6）已知抛物线的焦点为F，准线为l，P为C上一点，直线与l相交于点Q，与y轴交于点M.若F为的中点，则
（A）4（B）6（C）（D）8
（7）若函数则“”是“”的
（A）充分不必要条件（B）必要不充分条件
（C）充要条件（D）既不充分也不必要条件
（8）如图，正方体中，P是线段上的动点，有下列四个说法：
①存在点P，使得平面；
②对于任意点P，四棱锥体积为定值；
③存在点P，使得平面；
④对于任意点P，都是锐角三角形.
其中，不正确的是
（A）①（B）②（C）③（D）④
（9）已知在平面内，圆，点P为圆外一点，满足，过点P作圆O的两条切线，切点分别为A，B.若圆O上存在异于A，B的点M，使得，则的值是
（A）（B）（C）（D）
（10）设，，，…，是1，2，3，…，7的一个排列.且满足，则的最大值是
（A）23（B）21（C）20（D）18
第二部分（非选择题 共110分）
二、填空题共5道小题，每题5分，共25分，把答案填在答题卡上.
（11）函数的定义域是______.
（12）在中，，，，则面积为______.
（13）若非零向量a，b，c满足，且，则能使得成立的一组a，c可以是______，______
（14）已知双曲线的焦距为，若点在双曲线E上，则E的离心率等于______.
（15）已知函数，给出下列四个结论：
①当时，对任意，有1个极值点；
②当时，存在，使得存在极值点；
③当时，对任意，有一个零点；
④当时，存在，使得有3个零点.
其中所有正确结论的序号是______.
三、解答题共6道题，共85分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.
（16）（本小题13分）
已知函数，其中.
（Ⅰ）若，求的值；
（Ⅱ）已知时，单调递增，再从条件①、条件②、条件③中选择一个作为已知，使函数存在，求m的最大值.
条件①：；
条件②：；
条件③：的图像与直线的一个交点的横坐标为.
注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分.
（17）（本小题14分）
在直三棱柱中，，D，E分别为棱，的中点.
（Ⅰ）求证：；
（Ⅱ）当时.
（ⅰ）求平面与平面夹角的余弦值；
（ⅱ）若平面与直线交于点F，直接写出的值.
（18）（本小题13分）
某学校工会组织趣味投篮比赛，每名选手只能在下列两种比赛方式中选择一种。
方式一：选手投篮3次，每次投中可得1分，未投中不得分，累计得分；
方式二：选手最多投3次.如第1次投中可进行第2次投篮，如第2次投中可进行第3次投篮.如某次未投中，则投篮中止.每投中1次可得2分，未投中不得分，累计得分；
已知甲选择方式一参加比赛，乙选择方式二参加比赛.假设甲，乙每次投中的概率均为，且每次投篮相互独立.
（Ⅰ）求甲得分不低于2分的概率；
（Ⅱ）求乙得分的分布列及期望；
（Ⅲ）甲，乙谁胜出的可能性更大？直接写出结论.
（19）（本小题15分）
已知椭圆的右焦点为，长轴长为.过F作斜率为的直线交E于A，B两点，过点F作斜率为的直线交E于C，D两点，设，的中点分别为M，N.
（Ⅰ）求椭圆E的方程；
（Ⅱ）若，设点F到直线的距离为d，求d的取值范围.
（20）（本小题15分）
设函数，.曲线在点处的切线方程为.
（Ⅰ）求a的值；
（Ⅱ）求证：方程仅有一个实根；
（Ⅲ）对任意，有，求正数k的取值范围.
（21）（本小题15分）
已知点集满足，，.对于任意点集，若其非空子集A，B满足，，则称集合对为的一个优划分.对任意点集及其优划分，记A中所有点的横坐标之和为，B中所有点的纵坐标之和为.
（Ⅰ）写出的一个优划分，使其满足；
（Ⅱ）对于任意点集，求证：存在的一个优划分，满足；
（Ⅲ）对于任意点集，求证：存在的一个优划分，满足且.
顺义区2024届高三第二次质量监测
一、选择题共10小题，每小题4分，共40分.DCADB，BCCAB
二、填空题共5小题，每题5分.（11） （12）
（13），且即可 （14） （15）①④（有错不得分，对1个三分）
三、解答题
（16）（本小题满分13分）
（Ⅰ）解：法一：
即可得
又，所以
法二：
所以即得
又，所以
（Ⅱ）
选择②，，
因为，所以
因为的最小正周期，
所以由可得
所以，
或法二：因为，
所以即
因为所以，
选择③，
的图像与直线的一个交点的横坐标为
即可得，所以
又，所以，
法一：令，
解得，即的单增区间为
又时，单增
所以，是的一个子区间
所以，即可得，又
所以
故是的一个子区间，所以m的最大值为.
法二：因为，，所以
因为在上单增，所以，即可得，
所以
所以，可得m的最大值为.
（17）（本小题14分）
（Ⅰ）法一：证明：连接
因为，E为中点，所以
因为是直三棱柱的侧棱，所以平面
因为平面，所以
因为，所以平面
因为平面，所以
法二：证明：连接，
因为是直三棱柱的侧棱，所以平面
所以，
又，所以
所以
又因为E为中点，所以
（Ⅱ）解：（ⅰ）因为，所以为等边三角形
设中点为O，则
因为平面，设的中点为M，则，
以所在的直线为x轴，所在的直线为y轴，所在的直线为z轴，
建立空间直角坐标系.
则，，，，，，，
因为D，E为中点，所以，
所以，
因为，，所以平面
所以是平面的一个法向量.
设是平面的一个法向量，则，
所以，令，可得，
所以
设平面与平面的夹角为，则
所以平面与平面的夹角的余弦值为.
（ⅱ）
（18）（本小题满分13分）
（Ⅰ）解：设甲选择方式一参加比赛得分为X
设甲得分不低于2分为事件A
则
（Ⅱ）设乙选择方式二参加比赛得分为Y，Y的可能取值为0，2，4，6
，，，
所以Y的分布列为
所以
（Ⅲ）甲获胜的可能性更大.
（19）（本小题满分15分）
（Ⅰ）解：长轴长为，所以
又焦点为，所以
所以
所以，椭圆E的方程为
（Ⅱ）设，，直线的方程为
联立，消去y得
所以
又M为的中点，所以，
因为，即，又N为的中点
不妨用代换，可得，
讨论：（1）当时，直线的斜率不存在
此时，解得.
当时，，，此时的方程为
所以，点到直线的距离d为
同理，当，
（2）当时，，此时
所以直线的方程为
化简可得
法一：点到直线的距离
又，所以
因为，所以
所以
综上可知，
法二：直线的方程为
令，可得，综上可知，直线恒过定成
故点到直线的距离d的最大值为，此时直线的斜率不存在
又直线的斜率一定不为0
所以
（20）（本小题满分15分）
（Ⅰ）解：因为，所以
又点在切线上，所以
所以即
（Ⅱ）证明：欲证方程仅有一个实根只需证明仅有一个零点
令，则
令，则
讨论：（1）当时，
所以在上单调递增，所以
即
所以在上单调递增，，即此时无零点
（2）当时，，即此时有一个零点
（3）当时，
所以，当时，，即此时无零点
综上可得，仅有一个零点，得证.
（Ⅲ）当时，即恒成立
令
则
由（Ⅱ）可知，时
所以
讨论：（1）当时，因为，所以
即
所以
即当时，，所以在时单增
所以恒成立，即满足条件
（2）当时，由可知
又，所以存在，使得
所以，当时，，单调递减，
当时，，单调递增
所以即不能保证恒成立
综上可知，正数k的取值范围是.Y
0
2
4
6
P