物理（河北卷）（解析版）2023年中考第二次模拟考试卷

这是一份物理（河北卷）（解析版）2023年中考第二次模拟考试卷，共16页。试卷主要包含了考试范围等内容，欢迎下载使用。
（本卷共18小题，考试时间：80分钟 试卷满分：62分）
注意事项：
1．本试卷分为单向选择题和非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答单向选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答其他题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．考试范围：中考全部内容。
一、选择题（本题共8小题，单选题每小题2分，多选题每小题3分。1-5题为单选题，6-8为多选题，共19分。多选题每小题四个选项中，有两个或两个以上的选项符合题意，每小题3分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1.“估测”是物理学中常用的一种方法。小明对些数据的估测，最接近实际的是（ ）。
A．一般教学楼每层楼高约为3.1mB．人体感觉最舒适的温度约为37℃
C．一个鸡蛋的质量约为100gD．人正常步行的速度约为12m/s
【答案】A。
【解析】A．根据国家住宅楼设计规范，一层的标准高度为2.8米，教学楼属公共建筑，略高于此标准，一般在3~4m，故A符合题意；
B．人体正常体温约为37℃，感觉最舒适的温度约为23℃，故B不符合题意；
C．1kg鸡蛋一般在20个左右，故每个鸡蛋的质量大约为
故C不符合题意；
D．人正常步行的速度约为，即
故D不符合题意。
故选A。
2．下列关于声现象的描述和分析，错误的是（ ）。
A．如图，小滨听到桌面传来的敲击声，说明固体可以传播声音；
B．如图，敲击大小不同的编钟，是为了改变响度大小；
C．如图，遇到障碍物倒车雷达发出报警声，说明声音可以传递信息；
D．如图，摩托车的消声器是防止噪声产生的
【答案】B。
【解析】A．桌面是固体，小滨听到桌面传来的敲击声，说明固体可以传递声音，故A正确，不符合题意；
B．敲击大小不同的编钟，编钟振动的频率不同，是为了改变声音的音调，故B错误，符合题意；
C．倒车雷达应用了声可以传递信息，故C正确，不符合题意；
D．安装消声器是在声源处减弱噪声，故D正确，不符合题意。故选B。
3.家庭电路和安全用电知识，是现代公民生活的必备知识，下列有关图文说法正确的是（ ）。
A.甲图：甲站在干燥的木桌上，乙站在地上，则甲、乙都会触电；
B.乙图：图中的家庭电路元件的连接顺序是正确的；
C.丙图：手握紧试电笔的金属杆，接触接火线的插孔，氖管才发光；
D.丁图：当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线
【答案】D。
【解析】A.甲图中甲站在干燥的木桌上触摸火线时，构不成通路，不会发生触电事故，乙站在地上触摸零线，也不会发生触电事故，故A错误；
B.乙图中家庭电路元件的连接顺序是错误的，总开关的位置和保鲜盒的位置应该变换一下才是正确的，故B错误；
C.丙图中手握紧试电笔的金属杆（电流没有经过试电笔内的大电阻），接触接火线的插孔，会发生触电事故，正确使用应该是手接触试电笔的金属笔尾，故C错误；
D.丁图中当人触电时，为避免二次触电，在安全的情况下应及时切断电源或用干木棒挑开电源线，再实施救援，故D正确。故选D。
4．下列现象所对应的物态变化中，需要吸收热量的是（ ）。
A．冰雪消融 B．壶口冒“白气”
C．深秋霜降 D．露珠的形成
【答案】A。
【解析】A．冰雪消融是物质由固态变成液态的熔化过程，熔化吸热，故A符合题意；
B．壶口冒“白气”属于液化现象，液化放热，故B不符合题意；
C．深秋霜降是凝华，凝华放热，故C不符合题意；
D．露珠的形成是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故D不符合题意。故选A。
5．如图所示，水平弹簧左端连接一物块，右端受到大小为F的水平外力作用，物块在水平桌面上做匀速直线运动。下列说法正确的是（ ）。
A．弹簧对物块的拉力小于F；
B．桌面对物块的滑动摩擦力等于F；
C．物块对弹簧的拉力与外力F是一对相互作用力；
D．桌面对物块的滑动摩擦力与外力F是一对平衡力
【答案】B。
【解析】A．由于力的作用是相互的，则弹簧对物块的拉力等于F，故A错误；
B．弹簧对物块的拉力与桌面对物块的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，故B正确；
C．物块对弹簧的拉力与外力F都作用在弹簧这一个物体上，所以不是一对相互作用力，故C错误；
D．桌面对物块的滑动摩擦力作用在物块上，外力F作用在弹簧上，两个力不是作用在同一个物体上，因此不是一对平衡力，故D错误。
故选B。
6．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，如图放置器材，此时光屏上呈现倒立、等大的像，下列说法正确的是（ ）。
A．凸透镜的焦距是10cm；
B．根据蜡烛移动到刻度尺上20m处的成像特点，可制成幻灯机；
C．若将蜡烛向左移动，需将光屏向左移动才能重新找到清晰的像；
D．若将凸透镜换成薄玻璃板，光屏上可以找到正立、等大的像
【答案】AC。
【解析】A．当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图所示时，像距等于物距，则成倒立等大的实像，所以在光屏上观察到烛焰清晰的等大的实像；则2f=20cm
所以f=10cm，故A正确；
B．蜡烛移动到刻度尺上20m处，物距u=50cm-20cm=30cm＞2f
成倒立缩小的实像，照相机根据此原理制成的，故B错误；
C．当蜡烛向左移动时，物距变大，像距会变小，要在光屏上再次获得清晰的像，可以将光屏向左方向适当移动，找到清晰的像，故C正确；
D．把凸透镜换成薄玻璃板，移动光屏，平面镜所成的像是虚像，光屏上始终不能呈现烛焰的像，故D错误。故选AC。
7.用如图所示的滑轮组，在时间t内，将重为G的货物匀速提升了h，人对绳子竖直向下的拉力恒为F，以下说法正确的是（ ）。
A．额外功为(2F-G)h B．滑轮组的机械效率为
C．滑轮组的机械效率随h的增大而增大 D．拉力F的功率为
【答案】AD。
【解析】A．由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=2绳子自由端移动的距离s=nh=2h，拉力F做的功
W总=Fs=2Fh
拉力做的有用功W有=Gh，则额外功W额=W总-W有=2Fh-Gh=(2F-G)h，故A正确；
B．由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=2绳子自由端移动的距离s=nh=2h，滑轮组的机械效率
，故B错误；
C．由可知，滑轮组的机械效率与提升的高度h无关，故C错误；
D．由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=2绳子自由端移动的距离s=nh=2h，拉力F做的功
W总=Fs=2Fh
则拉力F的功率：P
故D正确。
故选AD。
8.如图所示，电源电压不变且等于灯L的额定电压，a、b为电流表或电压表。开关都闭合时，无论将滑片P置于何处，灯L都能正常发光。下列说法正确的是( )。
A. b表为电流表；
B. 只闭合S1，P向右移动时，R1的功率变化量等于其电压变化量与电流变化量的乘积；
C. 只闭合S2，P向右移动，灯L逐渐变暗，a表示数不变；
D. 先闭合S1、S3，再闭合S2，电路的总功率变大
【答案】ACD。
【解析】（1）开关都闭合时，R1、L、①表并联，若①为电流表会造成灯泡短路，所以①为电压表，若②为电压表，R1与L、R2与变阻器并联，然后它们串联，由串联电路的分压特点可知，滑片移动时，灯泡两端的电压会发生变化，灯L不可能一直正常发光，所以②应为电流表，故A正确；
（2）只闭合S1时，R1与滑动变阻器串联，将P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR知，电路的电流减小，可得，R1两端的电压变化量△U1=U1'−U1=IR1−I'R1=(I−I')R1，
R1两端的电压变化量与电流变化量的乘积为(I−I')2R1，
R1的功率变化量：△P1=I2R1−I'2R1=(I2−I'2)R1=(I−I')(I+I')R1，
由(I+I')>(I−I')可知，(I−I')(I+I')R1>(I−I')2R1，
所以，R1两端的电压变化量与电流变化量的乘积不等于其电功率的变化量，故B错误；
（3）只闭合S2时，灯泡L与变阻器串联，两电表都断路，滑片移动，两电表示数都不变，将P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，由串联电路的分压特点可知，灯泡的电压变小，
由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故C正确；
（4）只闭合S1和S3时，电路为R1的简单电路，滑动变阻器被短路；
再闭合S2，电阻R1与灯泡并联，因为并联电路的总电阻比任何一个分电阻小，所以总电阻减小，根据P=UI=U2R可知电路耗的功率变大，故D正确。
故选：ACD。
二、填空及简答题（共5小题，第10小题3分，其他小题每空1分，共14分）
9.如图是常用的一个插线板。小华在使用中发现：插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供电压。根据上述现象可知指示灯和开关是 的（选填“串联”或“并联”）。使用三角插头和三孔插座，目的是将用电器的金属外壳与 相连，防止触电。
【答案】串联；大地。
【解析】（1）指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供电压；说明开关与指示灯是串联的，若是并联会造成电源短路；
（2）使用三角插头和三孔插座，多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止人触电。
故答案为：串联；大地。
10.一些大厦的外部安装了平板玻璃幕墙，人们可以通过它看到自己清晰的______（选填“虚”或“实”）像。人靠近幕墙时像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）。如图，S为平面镜MN前的一点光源，P为镜前的点，试画出S点发出经平面镜反射后经过P点的光线的光路图_______。
【答案】虚；不变；如图。
【解析】[1]因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装有平板玻璃幕墙看到自己的虚像。
[2]由于平面镜成的像与物大小相同，故人靠近幕墙时像的大小不变。
[3]根据物与像关于镜面对称，先作出点光源S的像点S′，连接PS′，与镜面的交点O为入射点；再连接SO为入射光线，OP为反射光线，如图所示：
11.在平直的公路上，甲、乙两辆汽车同时从同一地点向南行驶，如图所示记录了两辆汽车在相同时间内通过路程的情况，其中___________（填“甲”或“乙）车在做匀速直线运动。甲车前30s的平均速度是___________km/h。在前10s时间内，若以甲车为参照物，乙车是向___________（填“南”或“北”）行驶。
【答案】甲；108km/h；北。
【解析】[1]甲在相同的时间内通过的路程是相等的，所以甲车在做匀速直线运动。
[2]甲车30s通过的路程是900m，，
所以甲车前30s的平均速度
[3]在平直的公路上，甲、乙两辆汽车同时从同一地点向南行驶，在前10s时间内，甲车走了300m，乙车走了200m，以甲车为参照物，乙车是向北行驶。
12．小明断开家中所有用电器后，观察到此时电能表示数如图所示，根据电能表参数分析，此电路中的用电器总功率不能超过______W。然后接入“220V 1210W”的电热器单独工作30min，电能表示数变为 ，则电热器实际工作电压为______V，在1min内电能表转盘转过______r。
【答案】；200；50。
【解析】[1]根据电能表参数分析，电能表平时允许通过的最大电流为30A，此电路中的用电器总功率不能超过
[2]“220V 1210W”的电热器，表示其额定电压为220V，额定功率为1210W。根据题意可知，电热器单独工作30min消耗的电能为
其功率为
根据，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，故有
电热器实际工作电压为
[3]表示消耗的电能，电能表转盘转3000圈，现消耗的电能为，则电能表转1500圈，在1min内电能表转盘转过。
13.现阶段核潜艇的动力系统是由原子核 （选填“裂变”或“聚变”）提供的。泸州正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。若用燃气灶将一壶质量为3kg、初始温度为20℃的水加热到80℃，消耗了0.1m3的页岩气。已知水的比热容4.2×103J/（kg•℃），页岩气的热值为4.2×107J/m3，则该燃气灶烧水的效率为 %。
【答案】裂变；不可再生；18。
【解析】（1）核潜艇的动力系统是由原子核裂变提供。
（2）页岩气和核能，使用后不能在短期内从自然界得到补充，都属于不可再生能源。
（3）水吸收的热量为：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（80℃﹣20℃）＝7.56×105J，
页岩气燃烧放出的热量为：Q放＝qV＝4.2×107J/m3×0.1m3＝4.2×106J，
燃气灶烧水的效率为：η＝＝×100%＝18%。
三、实验探究题（共3小题，共14分）
14．（4分）某一小组用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”｡在两个相同烧杯中分别加入质量､初温相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾｡
（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高｡其中水沸腾时温度计的局部放大图如乙图所示，水的沸点为_____℃｡
（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水 （选填“多”或“少”）｡
（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：_____｡
（4）你还能想到什么方法比较水和食盐水的比热容大小，请简单写出一种方法：_____｡
【答案】98；多；不能，没有控制食盐水和水升高温度相同；用相同的酒精灯给相同质量的水和盐水加热相同的时间，比较两种液体升高的温度，温度升高的小的液体，吸热能力强，比热容大｡
【解析】（1）[1]根据图乙所示，温度计的最小分度值为1℃，则温度计示数为98℃，即水的沸点为98℃。
（2）[2]同等条件下，我们知道要比较物质吸收热量的多少，就得比较加热时间的多少，实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水多。
（3）[3]要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，由于水和食盐水的沸点不同，所以实验中没有保持二者升高的温度相同，所以不能得出食盐水比热容大的结论。
（4）[4]根据比较吸热能力的方法知，此实验可以比较用相同的酒精灯给相同质量的水和盐水加热相同的时间，比较两种液体升高的温度，温度升高的小的液体，吸热能力强，比热容大｡
15.（6分）小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同两个钢球m和2m，分别不从同的高度h和2h由静止开始放下，观察木块被撞击后移动的距离。实验过程如图所示。
（1）小明通过观察______来判断小球动能的大小，他利用的研究方法是______（选填“控制变量法”或“转换法”）；若水平面绝对光滑，本实验将______（选填“能”或“不能”）达到探究目的；
（2）由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与______有关；
（3）小明由乙、丙两图得出实验结论：物体的动能大小与质量有关，她的看法是否正确？______（选填“正确”或“错误”），理由是：______。
【答案】木块移动的距离；转换法；不能；速度；错误；没有控制小球到达水平面时的速度相同。
【解析】（1）实验中通过观察木块移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法。
若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
（2）甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面的时的速度不同，对木块做功多少不同，故可以得出结论为，质量一定时物体的动能大小与速度有关。
（3）因为要探究动能与质量的关系，需要保证小球的速度不变，乙、丙两图中小球下落的高度不同，则到达水平面的速度不同，故不能得出动能大小与质量的关系。
16．（6分）在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中小亮已连接的部分电路如图甲所示，小灯泡的额定电压。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整_______（要求：滑动变阻器滑片P向右移动时电阻变大）。
（2）实验中除保护电路外滑动变阻器另一个作用是_______。闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，造成电路故障的原因是__________。
（3）排除故障后，当实验中小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______（结果保留一位小数）。
（4）另一组的同学设计了图丙所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率，电源电压未知但恒定不变，和为滑动变阻器，的最大阻值为，请你将实验步骤补充完整。
①只闭合开关S、调节，使电压表的示数为；
②只闭合开关S、，________，使电压表示数仍为；
③接着将的滑片P调至最左端，记下电压表的示数，再将的滑片P调至最右端，记下电压表的示数，则小灯泡额定功率表达式______（用、、、表示）。
【答案】如图；调节灯泡两端的电压；灯泡断路；12.7Ω；调节R1；。
【解析】（1）[1]滑动变阻器的滑片P向右移动时电阻变大，故滑片P以左的电阻丝应连入电路中；滑动变阻器应接A接线柱，把滑动变阻器串联接入电路，如图所示：
（2）[2]滑动变阻器的基本作用是保护电路，本实验要测量小灯泡正常发光时的电阻，故还可以调节灯的电压（使灯的电压为额定电压）。
[3]闭合开关，发现灯泡不亮，电流表指针几乎不偏转，电压表示数接近电源电压，则电压表并联的部分断路，故电路故障的原因可能是灯泡断路。
（3）[4]当小灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为3.8V；由图乙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，灯泡电阻R==12.7Ω
（4）①闭合S、S1，通过调节滑动变阻器R2，使灯泡两端电压为额定电压U额，灯正常光；
②[5]保持变阻器R2的滑片位置不动，只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小，即R1=RL；
③[6] 为求出此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻，将R2的滑片P调至最左端，R2连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R2的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R1的电压，根据串联电路电压的规律和欧姆定律有=
解得R1=R0-----①
小灯泡额定功率的表达式P额=------②
由①②得P额=。
四、计算题（2小题，共15分）
17．（7分）某品牌电热水壶有“加热”和“保温”两个挡位，其内部简化电路图如图甲所示，定值电阻R1的U﹣I图像如图乙所示。已知U＝220V、R2＝525.8Ω、c水＝4.2×103J/（kg•℃）、ρ水＝1.0×103kg/m3。
（1）求定值电阻R1的阻值；
（2）当S1闭合、S2断开时，电热水壶处于______挡位，求电热水壶此挡位的功率______；
（3）已知电热水壶加热效率为80%，将1.5L水从20℃加热到100℃，求水吸收的热量和加热所需时间。
【答案】24.2Ω；低温；88W；5.04×105J，315s。
【解析】（1）[1]由图乙可知，通过R1的电流是0.5A时，R1两端的电压是12.1V，R1的阻值

（2）[2]当S1闭合、S2断开时，两个电阻串联，总电阻最大，由可知总功率最小，处于保温状态。
[3]电热水壶保温挡位的功率88W
（3）[4]水的质量m=ρ水V=1×103kg/m3×1.5×10-3m3=1.5kg
水吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1.5kg×(100℃-20℃)=5.04×105J
两个开关都闭合，只有R1的简单电路，总电阻最小，由可知总功率最大，处于加热状态，加热的功率=2000W
电热水壶消耗的电能W==6.3×105J
加热所需时间=315s。
18．（8分）如图甲所示，用弹簧测力计拉着一正方体物块处于静止状态，弹簧测力计的示数F为20N，物块的边长为0.1m。A、B两容器分别装有等高的水和酒精，容器液面高度比物块边长高，如图乙、丙所示。现将物块先后缓慢浸入 A、B两容器的液体中，当物块刚好浸没时，A、B两容器中弹簧测力计示数分别为F1和F2，且F1：F2=5：6（g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）求：
（1）物块的质量；
（2）物块浸没在水中时所受浮力大小；
（3）酒精的密度；
（4）已知A容器底面积为B容器底面积的2.5倍。若物块浸没到水中后，水面升高了2cm，此时水对容器底部的压强为1.7×103Pa，则物块浸没到酒精中时，酒精对B容器底部的压强。
【答案】（1）2kg；（2）10N；（3）；（4）。
【解析】（1）物块的质量
（2）物体的体积为
物块浸没在水中时所受浮力大小
（3）A中弹簧测力计的示数为
根据且F1：F2=5：6，可知，
可求出
那么物体在酒精中的浮力为
那么酒精的密度为
（4）水面升高了2cm，则A容器的底面积为
水对容器底部的压强为1.7×103Pa，说明此时的水面的高度为
则水面没有放物体前的高度为
B容器的底面积为
则物块浸没到酒精中时，酒精液面升高了
此时酒精液面的高度为
酒精对B容器底部的压强。
答：（1）物块的质量为2kg；（2）物块浸没在水中时所受浮力大小为10N；（3）酒精的密度为；（4）物块浸没到酒精中时，酒精对B容器底部的压强为。