江苏省南京市南京汉开书院高中部2023-2024学年高二下学期4月期中考试物理试题

这是一份江苏省南京市南京汉开书院高中部2023-2024学年高二下学期4月期中考试物理试题，文件包含江苏省南京市南京汉开书院高中部2023-2024学年高二下学期4月期中考试物理试题docx、南京汉开书院2023-2024学年第二学期期中考试高二年级物理试卷答题纸pdf、南京汉开书院2023-2024学年第二学期期中考试高二年级物理参考答案及评分标准docx等3份试卷配套教学资源，其中试卷共20页， 欢迎下载使用。


1.【答案】D
【解答】
α粒子散射实验现象为：绝大多数α粒子穿过金箔后仍沿原来的方向前进，但有少数α粒子发生了较大的偏转，并有极少数α粒子的偏转超过90°，有的甚至几乎达到180°而被反弹回来。卢瑟福根据该实验现象提出了原子核式结构模型：原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外空间里绕着核旋转。
2.【答案】B
【解答】
在此处键入公式。原子吸收一个光子后，能量增加，从低能级向高能级跃迁，轨道半径增大，能级增加，根据ke2r2=mv2r，解得，知动能减小，
因为原子能量等于电势能和电子动能之和，因为能量增大，动能减小，则电势能增大，。
3.【答案】A
4.【答案】C
【解析】A.根据题意，由图甲和图乙可知，0∼0.5s时间内，振子由O向B运动，加速度方向向左，大小从零变为最大，故A错误；
B.根据题意，由图甲和图乙可知，0.5∼1.0s时间内，振子由B向O运动，所受回复力方向向左，大小从最大变为零，故B错误；
C.根据题意，由图甲和图乙可知，1.0∼1.5s时间内，振子的速度方向向左，大小从最大变为零，故C正确；
D.根据题意，由图甲和图乙可知，1.5∼2.0s时间内，振子由A向O运动，振子的速度方向向右，大小从零变为最大，则振子的动量方向向右，大小从零变为最大，故D错误。
5.【答案】A
【解析】A.根据eUc=Ekm=hv-W0
可知，入射光的频率越高，对应的遏止电压Uc越大，由图可知：a光、c光的遏止电压相等，所以a、c发出的光频率相同，A正确；
B.同种频率的光，光强越大，饱和电流越大，a光和c光的频率相同，a光对应的饱和电流大于c光对应的饱和电流，所以a光的光强大于c光的光强，B错误；
C.由A项分析可知，b光的遏止电压大于c光的遏止电压，说明b发出的光的频率比c的大，C错误；
D.随着电压的增大，电流达到饱和电流值后不再增大，D错误。
6.【答案】A
【解析】解：根据u=51sin314t(V)可知
交流电的最大值为Um=51V
则其有效值U1=51 2=512 2V
由图可知线圈n1是原线圈，线圈n2是副线圈，
如果变压器是理想变压器，那么输入电压和输出电压的关系有U1：U2=n1：n2
可得U2=n2n1U 1=200800×51 2=51 28≈9(V)
因为交流电压表指示的是有效值，故如果是理想变压器则B正确，
但实际变压器存在露磁现象，故通过原线圈的磁通量大于通过副线圈的磁通量，故实际副线圈的输出电压小于9.0V
交流电压表指示的是电压的有效值，故应求副线圈输出电压的有效值，所以应知道原线圈的输入电压的有效值，而知道了原线圈的输入电压的瞬时值，即可知道其最大值，最大值等于有效值的 2倍．
该知识点题目比较简单，且题目单一，只要知道了输入电压和输出电压的关系本题即可顺利解出，但本题考虑了实际情况，所以容易出错．
7.【答案】C
【解答】A、a点是波峰和波峰叠加，由于两列波的振幅相等，其的振幅为2A，虽此时位移为2A，但不是始终处于2A处，故A错误；
B、振动的质点只是在各自的平衡位置附近振动，不会“随波逐流”，则c处的质点将不会向右移动，故B错误；
C、由图知c点是波谷和波谷叠加的位置，是振动加强点，经过14T，c处的质点将通过平衡位置，故C正确；
D、若S2不动，S1沿S1b连线向b运动，则b处质点并不始终处于平衡位置，故D错误；
8.【答案】D
【解答】
根据动量守恒定律可知mv0=Mv1+mv2，为了验证两球组成的系统在碰撞中动量守恒，除了以上给出的实验数据外，还需要测量的物理量是时间，可利用两钢球运动的距离和对应时间解得速度，故ABC错误，D正确。
9.【答案】B
【解析】根据安培定则，a、b处导线在c处产生的磁感应强度Ba、Bb大小相等，方向成120∘，如图所示，
合成后的磁感应强度为B，B=Ba=Bb，把位于a处的导线移到d点处后，b、d两处的导线在c处产生的磁场等大同向，都是垂直于bc边向上，合成后的磁感应强度为2B，因此F'=2F，选项B正确。
10.【答案】B
【解析】A.光线衍射是光线绕开障碍物的现象，而本题并非如此，本题是光的干涉，A错误；
BCD.过S点分别做两个平面镜的像，如图所示
可知 S1S2 相当于双缝干涉的双缝间距，设 SA=x ，则有
d=S1S2=2xcsθ⋅sinθ⋅2 ， L=BC=2xcs2θ-x+AC
由双缝干涉公式
可知增大频率，波长减小，则屏上条纹间距将减小，B正确；光屏向右移动则AC变大，则屏上间距变大，C错误；光源向右移动，x增大AC减小，则屏上间距减小，D错误。
故选：B。
11.【答案】D
【解答】A、设磁感应强度为B，两导体棒的质量均为m、接入电路的长度均为d、电阻均为R，导体棒ab的初速度为v0，某时刻t导体棒ab、cd的速度分别为v1、v2，回路的感应电流为i，由法拉第电磁感应定律有eab=Bdv1、ebc=Bdv2，i=Bd(v1-v2)2R，两导体棒受到的安培力大小F=Bdi，方向棒ab与运动方向相反、棒cd与运动方向相同，棒ab减速、棒cd加速，v1减小、v2增大，(v1-v2)减小，电流i减小，F=Bdi减小，棒运动的加速度减小，即棒ab做初速为v0，加速度逐渐减小的减速运动，v1、eab=Bdv1减小得越来越慢，最终eab趋于Bdv02，故A错误；
B、棒cd做初速为零、加速度逐渐减小的加速运动，v2、ecd=Bdv2由零开始增加得越来越慢，最终趋于恒定，故B错误；
C、(v1-v2)、i越来越小，最终(v1-v2)、i趋为零，故C错误；
D、两导轨间的电压u=eab-iR，对两棒由动量守恒有mv0=mv1+mv2，联立得u=Bdv02，u恒定，故D正确。
12.【答案】 答：相反； 相同 ；磁通量；
【解析】由实验记录1、3可发现穿过闭合回路的磁通量增大，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反；
由实验记录2、4可发现穿过闭合回路的磁通量减小时，感应电流的磁场方向与原磁场方向相同；
由此得出的结论，是感应电流的磁场总是阻碍原磁场的磁通量的变化。
13.【答案】(1)nVm+nNS；(2)A
【解答】(1)由题意可得该油酸酒精溶液的浓度为：C=nm+n×100％，一滴油酸酒精溶液的体积为：VN，故一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为：V'=nm+n×VN，而油膜面积为S，故估算出油酸分子的直径为：d=V'S=Vnm+nNS;
(2)A.由以上分析可知，水面上爽身粉撒得较多，油膜没有充分展开，则油膜面积偏小，则得到分子直径计算结果偏大，故A正确；
B.测量每滴油酸酒精溶液体积时，将29滴溶液错数成30滴，则每滴油酸酒精溶液的体积偏小，则可知纯油酸体积偏小，使最终结果偏小，故B错误；
C.计算油膜面积时，所有不足一格的方格都记为一格，则使测量面积偏大，故使得分子直径的测量偏小，故C错误；
D.油膜中含有大量未溶解的酒精时，则使油膜面积偏大，则使得测量结果偏小，故D错误。
故选A。
14.【答案】解：
(1)紫光…………………………………………2分
(2)如图所示
设光线的入射角为i，折射角为r，光在玻璃中传播的路程为s，半圆柱的半径为R。
光在玻璃中的速度v=cn…………………………………………1分
由几何知识得s=2Rcs(90°-r)=2Rsin r…………………………………………1分
光在玻璃内传播的时间t=sv
由折射定律得nsin r=sin i，解得t=2Rsinic…………………………………………1分
由题知，入射角i相同，R、c为常量，所以时间t相同。
时间为t。 …………………………………………1分
15.【答案】解：(1)由振动方程可知ω=πrad/s…………………………………………1分
所以T=2πω=2s…………………………………………2分
(2)由题意可得A到O的距离L1=14λ…………………………………………1分
即λ=1.6m…………………………………………1分
波的传播速度v=λT=0.8m/s…………………………………………1分
(2)O到B的距离L=vt=6.4m…………………………………………1分
所以A、B之间的距离…………………………………………2分

16.【答案】(1)作粒子通过 P 、 Q 两点速度方向的垂线，两垂线的交点即为粒子做圆周运动的圆心 O' 。画出粒子在第一象限运动的轨迹如图所示
可知运动半径r=acs30∘=2 3a3…………………………………………1分
洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力qvB=mv2r…………………………………………1分
解得B= 3mv2aq…………………………………………2分
(2)由图可知，圆弧轨迹对应的圆心角 θ=120∘ ，则粒子通过第一象限所用时间t=T3…………………1分
又有T=2πmqB…………………………………………1分
联立解得t=4 3πa9v…………………………………………2分
(3)带电粒子在磁场中运动轨迹为顺时针的圆弧，对应圆心角为α=60∘…………………………………………1分
末速度与x轴成α=60∘斜向下…………………………………………1分
带电粒子动量变化量为 3mv…………………………………………1分
受到磁场力的冲量为 3mv…………………………………………1分
17.【答案】解：(1)活塞固定升温，气体做等容变化
p0T=p2T…………………………………………2分
解得p=2p0…………………………………………3分
(2)活塞移动升温，气体做等压变化
V0T=V2T…………………………………………1分
V0=mρ0…………………………………………1分
V=mρ…………………………………………1分
解得ρ=ρ02…………………………………………1分
(3)活塞固定不动时，气体的体积不变，没有做功过程发生，气体吸收的热量Q=cVmT
全部用于增加气体的内能，即有Q=ΔU…………………………………………1分
如果活塞可以自由滑动，温度升高，气体膨胀，会推动活塞向外运动，对外做功，
W=-p0(V-V0) …………………………………………1分
当气体升高相同温度时，气体内能的增加量与前一个过程是相同的，也是Q
根据热力学第一定律，ΔU=W+Q2…………………………………………1分
气体吸收的热量Q2=cPmT…………………………………………1分
cVcP=ρ0Qρ0Q+mp0 …………………………………………2分