2024年广东省深圳市龙岗区南湾街道中考物理一模试卷（含解析）

这是一份2024年广东省深圳市龙岗区南湾街道中考物理一模试卷（含解析），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

1.一学生乘坐高铁去旅游，关于高铁中涉及的物理问题表述合理的是( )
A. 高铁的运行速度约为250km/h
B. 高铁车厢内的温度约37℃
C. 高铁车厢高约7m
D. 学生乘坐高铁时对座位的压力约为50N
2.关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调一定是不同的
B. 课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声
C. 当人们感觉室外的噪声过大时，习惯于关闭门窗，这是在声源处减弱噪声
D. “闻其声而知其人”是根据声音的响度来区分的
3.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示的位置时，在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距是15cm
B. 图中成像特点与投影仪的成像特点相同
C. 燃烧的蜡烛不断变短，光屏上成的像会下移
D. 保持蜡烛与光屏不动，向左移动透镜至合适位置，光屏上仍能得到清晰的像
4.在研学旅行活动中，某同学运用所学物理知识，将一瓶结了冰的矿泉水与食物一起放在泡沫塑料箱中给食物保鲜。下列说法正确的是( )
A. 矿泉水结冰是凝华现象
B. 食物保鲜利用了冰熔化放热
C. 食物外包装上出现小水珠是液化现象
D. 一段时间后食物外包装上的小水珠消失了是升华现象
5.下列体育项目中的一些现象，运用物理知识解释错误的是( )
A. 拔河运动中甲队赢得乙队，但双方的相互作用力是一样大的
B. 运动员投出篮球后，手对篮球不产生力的作用
C. 足球比赛中，前锋运动员将足球踢向球门，说明力可以改变足球的运动状态
D. 滑冰运动员在比赛中穿与冰面接触面积小的冰鞋，减小了对冰面的压强
6.如图所示的现象中不能用流体压强与流速的关系来解释的是( )
A. 图甲，飞机升力的产生原因
B. 图乙，向两张纸中间吹气，纸张向中间靠拢
C. 图丙，装有液体的玻璃管，底部和侧壁的橡皮膜往外凸出
D. 图丁，地铁站台边，人不能越过安全线候车
7.如图所示，将一个足够长的木板A放在水平桌面上，然后将弹簧测力计固定在桌面上与木板上的物块B相连，用力F拉动木板向右做匀速直线运动。下列说法不正确的是( )
A. 物块受到摩擦力的大小等于拉力F的大小
B. 物块受到的摩擦力方向与木板运动方向相同
C. 当木板做加速运动时，也能测出物块受到摩擦力的大小
D. 弹簧测力计的示数等于物块受到摩擦力的大小
8.塔式起重机提升钢材的示意图如图，吊臂前端是滑轮组。当滑轮组在10s内匀速向上拉动重3000N的钢材移动了10m，已知动滑轮重为650N，绳子自由端拉力为2000N。下列说法正确的是( )
A. 滑轮组所做的有用功为2×104J
B. 滑轮组绳子自由端的拉力的功率为2000W
C. 滑轮组绳重和摩擦的额外功为1×104J
D. 滑轮组的机械效率为75%
9.近年，由于电热水器使用不当，在淋浴时触电事故频发。下列关于电热水器的安装、使用的说法正确的是( )
A. 为电热水器单独安装一个空气开关，可以在人触电时迅速切断电路
B. 发现有人使用电热水器淋浴触电，应立即切断总开关
C. 安装电热水器时，不需要接地线
D. 选购优质零件，无需定期检修也可以防止由于零件老化发生的触电事故
10.“一盔一带，安全常在”，小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器(S1)接收到信号，再转动电动车钥匙(S2)，车才能正常启动，下列电路中符合要求的是
( )
A. B.
C. D.
二、填空题：本大题共2小题，共7分。
11.“失蜡法”是我国古代精密铸造青铜等金属器物的一种方法。原理是先用蜡做成铸件模型，再用其他耐火材料填充泥芯和敷成外范，加热烘烤后，蜡会全部______(填写物态变化名称)流出，在该物态变化过程中蜡的温度______(选填“逐渐升高”“逐渐降低”或“保持不变”)，使整个铸件模型变成空壳，再向内浇灌金属溶液铸成器物。在金属溶液铸成器物的过程中，器物的内能______(选填“增大”或“减小”)，它是通过______方式改变了器物的内能。
12.如图所示，闭合开关，通电螺线管的右端是______(选填“N”或“S”)极，此时在水平桌面上的条形磁体仍处于静止状态，条形磁体受到向______(选填“左”或“右”)的摩擦力；若将滑动变阻器滑片向下滑动，条形磁体受到的摩擦力将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
13.如图，用细线把一个小球悬桂起来，将小球拉到位置A，松开手后小球在A、B、C点之间来回摆动。画出小球在位置A时的受力示意图。
14.如图所示，水面是凸透镜的主光轴，F是其焦点。请在图中作出a光线的入射光线和它进入水中折射光线的大致位置。
四、实验探究题：本大题共3小题，共15分。
15.一同学从实验室借来带密封条的玻璃罩、抽气泵等器材，分别进行了下列探究，请你根据观察到的实验现象，选择“变大”、“变小”或“不变”填入空格中。
(1)将图甲所示正在响铃的闹钟放入玻璃罩内，抽走罩内气体，闹铃的声音______；
(2)将图乙所示盛有少量热水的烧杯放入玻璃罩内，抽走罩内气体，杯内的水沸腾，杯内水的温度值______；
(3)将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽走罩内气体，试管内外水面的高度差______。
16.在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
(1)小明安装好杠杆后，发现其左端下沉，如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______调节。
(2)如图乙所示，杠杆调节平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N，如果在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为______时，拉力最小，大小为______N。
(3)课后，小明制作了一个简易杠杆，调节杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂l1：l2=______，若两边同时各取走―枚硬币，则杠杆的______端将下沉。
17.在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小潘选用的小灯泡L的额定电压为2.5V。

(1)小潘设计了如图甲所示的电路图，连接好电路后，闭合开关S，发现电流表的指针向左偏转，如图乙所示，其原因是______；
(2)排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P到某一位置时，电压表示数如图丙所示，读数为______V，要测量小灯泡L的额定功率，滑片P应向______(选填“左”或“右”)移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡L的额定功率为______W；
(3)实验结束后，小潘认为没有电流表也能测出小灯泡的额定功率。于是他找来了另一个电源(电压恒为8V)、一个额定电压为6V的小灯泡L1和一个阻值为20Ω的定值电阻R0等器材，设计了如图丁所示的电路，并完成了实验。实验过程如下：
①断开开关S1，闭合开关S、S2，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为______V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器R的滑片P ______(选填“向左移”“向右移”或“位置保持不变”)，读出电压表的示数为1.6V；
③小灯泡L1的额定功率为______W。
五、计算题：本大题共1小题，共7分。
18.如图所示，某工人利用滑轮组将一个重为900N的货箱在6s内匀速提升3m。此过程中，绳子自由端所受的拉力为F，滑轮组的机械效率为75%。试求：
(1)货箱上升的速度是多少？
(2)有用功是多少？
(3)拉力F是多少？
六、综合题：本大题共2小题，共17分。
19.实践基地芒果获丰收，为筛选优质大果，设计自动筛选装置如图甲，检测装置电路图如图乙，电源电压恒为12V，电阻R0为20Ω，R为压敏电阻，其阻值随压力变化关系如图丙。当电路电流小于0.15A时，不达标的芒果将被推离传送带，达标芒果继续被传送到指定位置，实现自动筛选。求：

(1)若R与R0阻值相等，R消耗的电功率；
(2)此装置能筛选出重力至少为多大的芒果；
(3)若想筛选出重力至少为2N的芒果，有同学建议：仅适当增加R0的阻值即可。你认为他的建议可行吗？请通过计算做出判断。
20.2023年5月30日，神舟十六号载人飞船在酒泉卫星发射中心点火升空，成功将航天员景海鹏、朱杨柱、桂海潮顺利送入太空，中国“天宫”空间站全面建成后首次载人飞行任务开启。乘组将开展电推进气瓶安装、舱外相机抬升等平台照料工作。
“天宫”集现代科技之大成，应用了一批当今先进的科技成果，而电推进无疑是其中最值得称道的科技之一。“天宫”核心舱配置了4台电推进发动机，这是人类载人航天器上首次使用电推进，中国“天宫”悄然间掀起了一场太空动力变革。电推进器原理可简化为如图乙：先将电中性的原子注入电离室，然后电子枪注入电子，用线圈加速电子轰击中性原子制造带正电的阳离子，在正、负极栅板电场的作用下，电推进器向后喷出阳离子对飞船产生推力。在出口附近再装一把电子枪，向阳离子束注入电子，使其中性化，恢复成原子。不然带电离子会沾满整个航天器，发动机内部也会积累电子产生静电，将会带来各种麻烦。

(1)在神舟十六号飞船里，航天员与地面控制台是通过______(选填“超声波”“次声波”或“电磁波”)传递信息的。当航天员发出的声波振动话筒膜片时，话筒内部线圈和永久磁体会产生相对运动，线圈中就会产生电流，其原理是______。
(2)图甲是“天宫”空间站绕地球转动的轨迹，由远地点运动到近地点的过程中，空间站的重力势能______(选填“减小”“不变”或“增大”)，空间站在______(选填“近地点”或“远地点”)速度更大。
(3)图乙所示，左侧电子枪的电流方向为______(选填“从左到右”或“从右到左”)，中和电子枪发射的电子能够和阳离子结合，是因为______。飞船推力的施力物体是______。
(4)电能是空间站的生命力，我国采用的三结砷化镓太阳能电池组成的太阳能光伏发电系统，它由4对太阳翼帆板组成，放置在实验舱末端的析架上。一对太阳翼帆板展开面积可达134m2，光电转换效率可达30%以上，若太阳翼帆板平均每平方米的面积上每秒接收600焦耳的太阳能，则供电功率可达______kW。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、高铁的运行速度为250km/h左右，故A正确；
B、人的正常体温为37℃，感觉舒适的温度在23℃左右，高铁车厢内的温度不可能约37℃，故B错误；
C、高铁车厢高约3m，故C错误；
D、学生乘坐高铁时对座位的压力大小等于受到的重力约为500N，故D错误。
故选：A。
解答本题我们需要掌握估测法：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
对各种物理量的估算：需要凭借生活经验、需要简单的计算；物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一。
2.【答案】B
【解析】解：A、用大小不同的力敲击音叉，改变了音叉的振动幅度，用力越大，振幅越大，故响度越大，故A错误；
B、课堂上能听到老师的讲课声，是通过空气传播的，故B正确；
C、关闭门窗是为了在传播过程中减弱噪声，故C错误；
D、“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的，故D错误。
故选：B。
(1)响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；
(2)声音能够通过固体、液体和气体传播，真空不能传声；
(3)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在声源处减弱；
(4)声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关。
本题考查了声音的产生、传播、防治噪声的途径以及声音的特性，属于声学基础知识的考查。
3.【答案】D
【解析】解：
AB、由图可知，物距大于像距，则u>2f，f同时根据凸透镜成像的规律可知，此时光屏上成倒立、缩小的实像，这与照相机或摄像机的成像特点相同，故AB错误；
C、实验中，燃烧的蜡烛逐渐变短，向下运动，蜡烛成倒立的像，所以光屏上的像逐渐向上移动，故C错误；
D、根据折射现象中光路可逆，当保持蜡烛与光屏不动，向左移动透镜至合适位置，即当现在的物距大小变为原来的像距，则现在的像距大小为原来的物距大小时，光屏上仍能得到清晰的像，故D正确。
故选：D。
(1)凸透镜成像的规律：
当u>2f时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的。
当u=2f时，成倒立、等大的实像。
当f当u=f时，无像。经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点。
当u成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小；
(2)根据经过光心的光线的传播方向不变分析作答；
(3)根据折射现象中光路可逆分析作答。
要熟记凸透镜成像的规律，搞清物距与像距之间的关系、成像规律在实际生活中的应用以及折射现象中光路可逆是解答此题的关键。
4.【答案】C
【解析】解：A.水变成冰，是凝固过程，凝固放出热量，故A错误；
B.冰变成水，是熔化过程，熔化吸收热量，所以食物保鲜是利用冰熔化吸热，故B错误；
C.食物温度较低，外包装上的水珠是空气中的水蒸气遇到温度低的食物变成的小水珠，这是液化过程，故C正确；
D.一段时间后食物外包装上的小水珠消失了是汽化现象，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸收热量；物质从液态变为固态是凝固过程，凝固放出热量。
(2)物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸收热量；物质从气态变为液态是液化过程，液化放出热量。
(3)物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸收热量；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放出热量。
判断一种过程是什么物态变化，一定要分析过程原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
5.【答案】D
【解析】解：A、拔河运动中，力的作用是相互的，双方的相互作用力大小相等、方向相反、在一条直线上，作用在两个物体上，与地面之间摩擦力较大的一方不容易移动，会获胜，故A正确；
B、运动员投出篮球后，手与篮球不接触，不产生力的作用，故B正确；
C、足球比赛中，前锋运动员将足球踢向球门，说明力可以改变足球的运动状态，故C正确；
D、滑冰运动员在比赛中穿与冰面接触面积小的冰鞋，通过减小受力面积，由p=FS知增大了对冰面的压强，故D错误。
故选：D。
(1)相互作用力是作用在两个物体上，两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上；
(2)运动员投出篮球后，手与篮球没有接触，不会产生力的作用；
(3)力的作用效果：可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(4)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
本题结合考查了相互作用力、产生力的条件、力的作用效果与压强的影响因素等知识，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、相等的时间内，空气经过机翼上面的路程大于下面的路程，机翼上面的空气流速大于下面的流速，机翼上面的压强小于下面的压强，出现压强差，出现了压力差，这个压力差就是机翼向上的升力，能用流体压强与流速的关系来解释，故A不符合题意；
B、对着两张平行的纸吹气，两纸中间的空气流速大压强小，而两纸的外部空气流速小压强大，两纸受到两边向内的压力差，所以两张纸被压到一起，能用流体压强与流速的关系来解释，故B不符合题意；
C、如图所示装有液体的玻璃管，底部和侧壁的橡皮膜往外凸起，是因为液体对容器底和侧壁有压强，不能用流体压强与流速的关系来解释，故C符合题意；
D、当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险，所以人必须站在安全黄线以外的区域候车，能用流体压强与流速的关系来解释，故D不符合题意。
故选：C。
流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。据此对照各选项逐一进行分析即可作答。
本题考查了流体压强与流速的关系，看学生能否将所学知识灵活运用到实际生活中，学以致用，有意义。
7.【答案】A
【解析】解：A、以物块和木板整体为研究对象，分析受力情况：水平方向受到水平向右的拉力F、细线水平向左的拉力和地面对木板水平向左的滑动摩擦力，根据平衡条件得知，细线上拉力，即弹簧测力计示数小于水平拉力F，故A错误；
B、木板向右运动，所以物块B相对于木板向左运动，受滑动摩擦力的作用，且方向水平向右，物块受到的摩擦力方向与木板运动方向相同，故B正确；
C、当木板不做匀速运动时，物块相对于地面静止，物块处于平衡状态，此时摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，也能测出物块受到的摩擦力大小，故C正确；
D、在水平方向上物块受到的拉力和摩擦力相互平衡，所以测力计的示数等于物块受到的摩擦力大小，故D正确。
故选：A。
(1)以物块和木板整体为研究对象，根据平衡条件，分析细线与水平拉力F的大小关系；
(2)根据影响摩擦力大小的因素分析；下面的木板在抽动时，物块相对于木板运动，所以受到滑动摩擦力的作用；
(3)二力平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；
(4)在水平方向上物块受到的拉力和摩擦力相互平衡。
本题考查了摩擦力的大小和方向，属于基础题目。
8.【答案】D
【解析】解：A、滑轮组所做的有用功为：
W有=Gh=3000N×10m=30000J，故A错误；
B、由图可知，n=2，滑轮组所做的总功为：
W总=Fs=Fnh=2000N×2×10m=40000J，
滑轮组绳子自由端的拉力的功率为：
P=W总t=40000J10s=4000W，故B错误；
C、克服动滑轮做的功为：
W动=G动h=650N×10m=6500J，
根据W总=W有+W动+W绳+摩可知，滑轮组绳重和摩擦的额外功为：
W绳+摩=W总−W有−W动=40000J−30000J−6500J=3500J；
D、滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=30000J40000J×100%=75%，故D正确。
故选：D。
(1)根据W有=Gh求出滑轮组所做的有用功；
(2)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出滑轮组所做的总功，根据P=W总t求出滑轮组绳子自由端的拉力的功率；
(3)根据W动=G动h求出克服动滑轮做的功，利用W总=W有+W动+W绳+摩求出滑轮组绳重和摩擦的额外功；
(4)根据η=W有W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查有关滑轮组的功、功率和效率的计算，综合性强，难度适中。
9.【答案】B
【解析】解：A、在有人触电时通常是漏电保护器切断电路，只有在电路中电流过大时，空气开关才可以跳闸切断电路，故A错误；
B、发现有人触电，首先应切断电源，故B正确；
C、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，故C错误；
D、零件老化、破损时，容易造成短路，引起火灾，所以为防止电路起火要定期检修电路，更换老化的零件，故D错误。
故选：B。
(1)空气开关是在电路中用电器总功率过大或短路时自动切断电路；
(2)发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施；
(3)大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电；
(4)零件老化、破损时应及时更换，否则容易因漏电发生触电事故或造成短路。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
10.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，当电动车上的信号接收器(S1)接收到信号，再转动电动车钥匙(S2)，车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确、BCD错误。
故选：A。
根据电动车启动的条件分析两个开关与电动机的连接方式。
本题考查了电路的设计，能判定出两个开关的连接方式是解题的关键。
11.【答案】熔化 逐渐升高 减小 热传递
【解析】解：加热烘烤后，蜡熔化为液态全部流失，熔化吸热，温度逐渐升高；使整个铸件模型变成空壳；再往内浇灌液态金属，金属放热后会凝固，便铸成器物，内能减小，它是通过热传递方式改变了器物的内能；
故答案为：熔化；逐渐升高；减小；热传递。
(1)固态蜡吸热后会熔化为液态，吸热温度升高，内能增大；液态金属放热后会凝固，放热温度降低，内能减小；
(2)改变了内能的方式有做功和热传递。
本题考查了熔化和凝固、改变内能的方式，是一道基础题目。
12.【答案】S 左 变小
【解析】解：闭合开关，根据安培定则可知，通电螺线管的右端是S极；
因同名磁极相互排斥，则通电螺线管对条形磁铁有向右的排斥力作用，条形磁铁有向右运动趋势，所以条形磁铁受到向左的静摩擦力作用；
若将滑动变阻器滑片向下滑动，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，通电螺线管的磁性变弱，条形磁铁受到的排斥力变小，因为条形磁铁始终静止，处于平衡状态，其受到的排斥力和摩擦力是一对平衡力，故条形磁铁受到摩擦力将变小。
故答案为：S；左；变小。
根据安培定则判断通电螺线管的磁极；
根据磁极间的相互作用规律判断通电螺线管和条形磁铁相互吸引还是排斥，再判断条形磁铁的受摩擦力情况；
由滑片的移动方向可知螺线管中电流的变化，根据欧姆定律可知通电螺线管磁性强弱的变化及相互作用力的变化，由二力平衡条件可知条形磁铁所受摩擦力的大小变化。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，属于基础题。
13.【答案】解：小球在A位置时，受到竖直向下的重力和细线对小球的拉力，过重心画出这两个力，如图所示：

【解析】首先对小球到达A时进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
14.【答案】解：(1)平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以确定a光线对应的入射光线；
(2)过水面上的入射点(凸透镜的焦点)垂直水面作出法线，根据光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示：

【解析】(1)知道经过凸透镜后折射光线的特点，根据凸透镜的三条特殊光线画出对应的入射光线。
(2)折射与入射的关系：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
关于凸透镜，有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴；②过焦点；③过光心的。每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点；另外理解记好折射角和入射角之间的关系，易错点！
15.【答案】变小 变小 变小
【解析】解：(1)声音的传播需要介质，真空不能传声。声音在空气中传播时，空气越稀薄，传声效果越差。所以抽走罩内气体后，闹铃的声音会变小。
(2)液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。抽走空气后，水的沸点降低，所以水又开始沸腾并产生大量的水蒸气。水的沸腾需要吸热，这将导致水的内能减少、温度降低。
(3)一般情况下，大气压能支撑的水柱约为10m，而试管的高度远低于10m，所以试管内水柱上方存在空气，此时“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”。将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽气的过程中，管外水面处的气压逐渐降低，由“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”可知，水柱的高度将降低。当管内外气压相等时，管内外水面相平。当管外气压低于管内气压时，管内水面将低于管外水面。当时不论如何抽气，相比于未抽气前，试管内外水面的高度差都小了。
故答案为：(1)变小；(2)变小；(3)变小。
(1)声音的传播需要介质，真空不能传声。、
(2)液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
(3)当水柱上方是真空时，水柱对液面的产生的压强等于大气压；当水柱上方有空气时，水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压。
本题的难点在于第(2)问。若忽略水的沸腾需要吸收热量，可能会得出“不变”的结论。
16.【答案】右 竖直向下 2 2:1 右
【解析】(1)如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)根据杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2知要使力最小，需要使力臂最大，当力的方向竖直向下时，力臂最长，力最小；
在A点悬挂3个钩码，则由杠杆的平衡条件得：3G×4L=FB×3L，
解得：最小的力FB=4G=4×0.5N=2N；
(3)根据杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2
设每个硬币的重量为G，则由图可得，2GL1=4GL2，
则L1：L2=2：1；
若两边同时各取走―枚硬币，则左边为：GL1=2GL2，右边为3GL2，
由于2GL2<3GL2，所以杠杆的右端将下沉。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力；
(3)根据杠杆的平衡条件。
本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂。探究杠杆平衡的条件就是动力×动力臂=阻力×阻力臂。
17.【答案】电流表正、负接线柱接反了 1.8 左 0.6 2 位置保持不变 2.4
【解析】解：(1)乙中电流表指针反偏，说明电流表正、负接线柱接反了；
(2)由乙图可知，电压表所选量程为0～3V，分度值为0.1V，读出其示数为1.8V；示数小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W；
(3)①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为：U=U电源−UL=8V−6V=2V，小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理得，U0R0=U′R滑，则滑动变阻器的电阻为：R滑=U′R0U0=1.6V×20Ω8V−1.6V=5Ω，
③在①中，电路电流为：I=UR滑=2V5Ω=0.4A；
小灯泡L1的额定功率为：P额=ULI=6V×0.4A=2.4W。
故答案为：(1)电流表正、负接线柱接反了；(2)1.8；左；0.6；(3)①2；②位置保持不变；③2.4。
(1)电流表在使用时，电流要从正接线柱流入、负接线柱流出；
(2)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；根据P=UI可求出灯泡的额定功率；
(3)①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理求出电压表的示数；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理求出滑动变阻器的电阻；
③在①中，根据欧姆定律求出电路电流；再根据P=UI求出小灯泡L1的额定功率。
本题是测灯泡功率的实验，考查了电路连接、电压表的读数、电路分析、串联电路特点、电功率计算等，综合性强。
18.【答案】解：(1)货箱上升的速度为：v=st=3m6s=0.5m/s；
(2)有用功为：W有=Gh=900N×3m=2700J；
(3)由图可知，有3段绳子拉着动滑轮，则n=3；根据η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF可知，拉力的大小为：F=Gnη=900N3×75%=400N。
答：(1)货箱上升的速度是0.5m/s
(2)有用功是2700J；
(3)拉力F是为400N。
【解析】(1)根据v=st求出货箱上升的速度；
(2)根据W=Gh求出有用功；
(3)根据η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF求出拉力的大小。
本题考查了速度的计算、有用功的计算、滑轮组机械效率公式的应用，是一道简单的计算题。
19.【答案】解：由图乙可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流；
(1)由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I1=UR总1=UR+R0=12V20Ω+20Ω=0.3A，
则R消耗的电功率：PR=I12R=(0.3A)2×20Ω=1.8W；
(2)由欧姆定律可知，电路中的最大总电阻：R最大=UI最小=12V0.15A=80Ω，
由串联电路的电阻特点可知，此时压敏电阻R的阻值：R′=R最大−R0=80Ω−20Ω=60Ω，
由图丙可知，此时压敏电阻受到的压力为1N，即此装置能筛选出重力至少为1N的芒果；
(3)由图丙可知，压敏电阻的阻值随着压力的增大而减小，
当压力为2N时，压敏电阻的阻值为40Ω，
由串联电路的电阻特点可知，为了筛选出重力至少为2N的芒果，R0的阻值为R0′=R最大−R″=80Ω−40Ω=40Ω>20Ω，
因此适当增加R0的阻值可以让重力小于2N的芒果被推离传送带，将重力至少为2N的芒果继续被传送到指定位置。
答：(1)若R与R0阻值相等，R消耗的电功率为1.8W；
(2)此装置能筛选出重力至少为1N的芒果；
(3)他的建议可行，将R0的阻值增大到40Ω即可。
【解析】由图乙可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流；
(1)根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=I2R求出R消耗的电功率；
(2)根据欧姆定律求出电路中的最大总电阻，根据串联电路的电阻特点求出压敏电阻R的阻值，根据图丙找出此时压敏电阻受到的压力，进而求出此装置能筛选出的芒果；
(3)根据图丙可知，压力为2N时，压敏电阻的阻值，根据串联电路的电阻特点求出为了筛选出重力至少为2N的芒果，R0的阻值，与的原始阻值进行比较，进而判断是否可行。
本题考查串联电路的电阻、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
20.【答案】电磁波 电磁感应 减小 近地点 从右到左 异种电荷相互吸引 阳离子流 24.12
【解析】解：
(1)在太空中，地球和太空之间有真空，航天员与地面控制台是利用电磁波来传递信息的；话筒内部线圈和永久磁体会产生相对运动，线圈中就会产生电流，其原理是电磁感应；
(2)从远地点到近地点的过程中，空间站的质量不变，运动速度越来越大，动能逐渐增大，高度逐渐降低，重力势能逐渐减小，空间站在近地点速度更大；
(3)电子的定向移动方向与电流方向相反，图乙所示，电子从左到右运动，左侧电子枪的电流方向为从右到左；中和电子枪发射的电子能够和阳离子结合，是因为异种电荷相互吸引；物体间力的作用是相互的，飞船推力的施力物体是阳离子流；
(4)太阳翼帆板供电功率是P=600J/m2⋅s×134m2×30%=24120W=24.12kW。
故答案为：(1)电磁波；电磁感应；(2)减小；近地点；(3)从右到左；异种电荷相互吸引；燃气；(4)24.12。
(1)电磁波可以在真空传播，而超声波和次声波属于声音，不能在真空中传播；电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就有感应电流；
(2)动能的影响因素是物体的质量和速度，重力势能的影响因素是物体的质量和高度；
(3)电荷的定向移动形成电流。规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反；电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；物体间力的作用是相互的；
(4)已知太阳翼帆板的总面积、光电转换效率和每平方米的面积上每秒接收600焦耳的太阳能，理解公式P=Wt可求太阳翼帆板供电功率。
本题考查电磁波、机械能、电流的方向、电功率等，关键是公式及其变形的灵活运用，本题告诉我们一定要广泛应用太阳能，太阳能不但节省能源还环保。