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2024年福建省百校联考中考物理模拟试卷附解析
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这是一份2024年福建省百校联考中考物理模拟试卷附解析，共35页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）下列属于可再生能源的是（ ）
A．煤B．太阳能C．天然气D．石油
2．（2分）下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．吸盘B．茶壶C．吸尘器D．密度计
3．（2分）电业工人带电作业时需要用绝缘垫，以下材料适合做绝缘垫的是（ ）
A．铜B．橡胶C．铝合金D．不锈钢
4．（2分）如图是我国的民族管乐器——箫，演奏者用手指按压不同位置的气孔，是为了改变声音的改变声音的（ ）
A．音调B．响度C．音色D．振幅
5．（2分）蔬菜装袋放入冰箱中，可有效减慢蔬菜中水分的（ ）
A．液化B．升华C．汽化D．凝固
6．（2分）以下事例中属于防范惯性带来危害的是（ ）
A．乘车时需要系好安全带
B．跳远运动员在起跳前助跑
C．拍打衣服清除它上面的浮灰
D．撞击锤柄下端使锤头套紧在锤柄上
7．（2分）如图所示是杭州第19届亚运会吉祥物琮琮在平面镜中的全身像，则在平面镜前的琮琮是图中的（ ）
A．B．
C．D．
8．（2分）下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用电器着火时用水灭火
B．空气开关跳闸后立即合上
C．更换灯泡前先断开电源
D．用正在充电的手机打电话
9．（2分）2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱成功着陆。返回过程中，若返回舱在一段时间内的运动可看作是竖直向下的匀速运动，如图所示，则在这段时间内返回舱（ ）
A．只受重力作用B．动能不变
C．机械能不变D．相对于地面是静止的
10．（2分）在相等的时间内，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，则以下关于甲、乙电热丝对应的物理量大小判断正确的是（ ）
A．R甲＞R乙B．I甲＞I乙C．U甲＞U乙D．P甲＞P乙
11．（2分）如图所示是家用手摇晾衣架，衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．滑轮A可以省力
B．滑轮B为定滑轮
C．晾衣架静止时，绳的拉力为30N
D．增大衣物的质量，机械效率减小
12．（2分）我国古代科技著作《天工开物》中记载了用脚踏碓给稻谷去壳的过程，用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．脚踏碓在应用中属于省力杠杆
B．人脚越靠近O点越省力
C．碓的头部较细，是为了增大压力
D．脚踩位置有粗糙的花纹是为了增大摩擦
13．（2分）小明设计的吸尘器包括照明用的灯泡和吸尘用的电动机。在使用时，有时需要独立工作，有时需要同时工作，图中符合上述要求的电路图是（ ）
A．B．
C．D．
14．（2分）如图甲所示，水平向右的推力F将重为4N的物体压在竖直的粗糙程度相同的墙面上，墙面足够大。F的大小与时间t的关系如图乙所示，且已知前2s物体静止，在2s～4s时间内物体向下滑动速度逐渐增大到5m/s，之后保持5m/s速度不变，则（ ）
A．当t＝1s时，物体受到的摩擦力为12N
B．当t＝3s时，物体受到的摩擦力一定小于4N
C．在2s～6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小相等
D．在4s～6s内，滑动摩擦力对物体做功的功率为40W
二、填空题：本题共4小题，每空1分，共12分。
15．（2分）古诗“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”中，由于光的折射现象，垂钓儿童看到的水中鱼比实际位置 ；“怕得鱼惊不应人”是因为 可以传声。
16．（2分）在劳动实践活动中，同学们生火做饭，切菜下锅，大秀厨艺。烧水是通过 的方式改变水的内能；炒菜时菜香扑鼻，说明分子在不停地做 。
17．（6分）我国自主研发建造的“深海一号”超深水大气田成为世界首个具备远程遥控生产能力的超深水半潜式生产储油平台。“深海一号”主要结构为四个浮在水中的立柱，如图所示。平台上装配了5G设备，实现远程控制。另外，在实际应用中，每个钻井平台会根据水深配备不同等级的水下机器人。已知。据此回答下题。
（1）建造时，将重约2×104t的生产平台安装在四个立柱上，安装完成后每个立柱上方受到的压力为 N；远程控制时，地面工作人员是利用 波进行信息传递的。
（2）若“深海一号”一期工程年产天然气3×109m3，天然气的热值为3.6×107J/m3，则这些天然气完全燃烧可以放出的热量为 J；天然气在燃烧过程中，将化学能转化为 能。
（3）水下机器人作业时，在1500m深处受到的海水压强约为 （填“15”“150”或“1500”）个标准大气压；在水下下潜过程中，受到的浮力大小 。
18．（2分）小明设计了如图甲所示的模拟调光灯电路。电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图像如图乙所示。灯泡正常发光时的功率为 W，定值电阻R1的阻值为 Ω。
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。
19．（2分）如图所示，重为G的物体悬浮在水中，请在图中作出物体的受力示意图。
20．（2分）根据通电螺线管周围磁感线方向，在图中标明电源的正极和小磁针的N极（将小磁针的N极涂黑）。
四、简答题：本题共1小题，共4分。
21．（4分）干燥的季节，用塑料梳子梳头时会观察到如下现象，请分别用学过的物理知识解释其形成的原因。
（1）梳头的过程中头发会越梳越蓬松；
（2）头发随梳子飘起来。
五、实验题：本题共5小题，共30分。
22．（5分）用如图甲所示装置探究冰的熔化规律。
（1）实验中通过水对试管加热，而不是酒精灯直接加热试管，目的是 。
（2）图甲中温度计示数为 ℃。
（3）实验中每隔一段时间记录一次试管中物质的温度及对应状态，并作出温度随时间变化的图像，如图乙所示。由图像可知：冰在熔化过程中吸收热量，温度 ，冰是 （填“晶体”或“非晶体”）。
（4）de阶段试管中水 （填“正在”或“没有”）沸腾。
23．（6分）如图是“探究凸透镜成像规律”的实验装置。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ cm。
（2）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在 。
（3）如图乙，光屏上呈现清晰的像，该成像原理与 相同；若保持蜡烛和光屏位置不变，向 （填“左”或“右”）移动透镜可使光屏上能再次呈现清晰的像，此时像是倒立、 的实像。
（4）在凸透镜的中间有一块不透明的小污渍粘在上面，若不清理继续探究，则光屏上 。
A.不能成像
B.有烛焰不完整的像
C.有污渍的像
D.有烛焰完整但较暗的像
24．（5分）如图是探究“运动与力的关系”的实验。
（1）小车每次都从斜面上的同一位置由静止开始下滑，目的是让小车进入水平面时 大小相等。
（2）下表的实验结果表明，在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，小车前进的距离越 。由此联想到，雨雪天路滑，驾驶汽车应适当 （填“增大”或“减小”）汽车之间的距离。
（3）进一步推理，若小车受到的阻力为零，小车将做 运动。
（4）在此实验基础上继续探究“动能大小与哪些因素有关”。将一木块放置在水平木板的相同位置，通过观察被斜面上滑下的小车碰撞后木块的 ，可以比较碰撞前小车的动能大小。
25．（6分）某探究小组在实验室借助天平、烧杯、细线、水测量小石块的密度。
（1）把天平放在 桌面上，把 移至标尺左端的零刻线处，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，如图甲所示，此时应将平衡螺母向 调节，使天平平衡。
（2）用调节好的天平按正确的方法测出了装有适量水的烧杯的总质量，示数如图乙所示，为 g。
（3）如图丙所示，用细线拴着石块浸没在水中（石块未接触烧杯底且水未溢出），天平的示数变为45.2g。如图丁所示，将石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的示数变为64.8g。则石块的质量是 g，石块的密度是 kg/m3。
26．（8分）放假前，项目式学习小组利用湿敏电阻Rx和电磁继电器为班级种植的植物设计自动送水电路。根据植物的生长习性，设计的土壤湿度为35%。
（1）利用图1甲所示电路探究湿敏电阻R0阻值随湿度变化的规律。
①用笔画线代替导线，将图1甲电路连接完整；
②连接电路的过程中，应将开关 ；
③连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为 ；
④将Rx放入湿度为35%的土壤内，闭合开关S，移动滑片P，测得多组数据如下表所示。第2组实验数据中电流表示数如图1乙所示，为 A，根据三次实验的数据可得：湿度为35%的土壤内，Rx的阻值为 Ω。
⑤将湿敏电阻Rx置于不同湿度的土壤中，重复步骤④，测得的湿敏电阻Rx的阻值随所在土壤湿度变化的图像如图2所示。分析图像可得：湿敏电阻的阻值随湿度的增大而 。
（2）根据上述探究结果，利用定值电阻R0和电磁继电器设计自动送水电路。已知蓄电池电压恒定，定值电阻R0的阻值为25Ω，线圈电流大于或等于0.2A时衔铁被吸下，小于0.2A时衔铁被弹回，线圈电阻不计。
①请以笔画线代替导线完成图3所示的电路连接，要求：闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水。
②蓄电池电压恒为 V。
六、计算题：本题共3小题，共22分。
27．（6分）在如图所示的电路中，电源电压恒为9V，R1的阻值是30Ω，闭合开关S，电流表A的示数是0.4A。求：
（1）电流表A1的示数；
（2）电阻R2的阻值。
28．（7分）2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919从上海飞往北京，如图甲所示，开启了首次商业载客飞行。
（1）C919在高空水平定速巡航时，若发动机的牵引力为1.15×105N，求飞行8km牵引力做的功；
（2）如图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型。图中机翼的下表面可视为平面，面积为S1。飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接触面积为S2。飞机总重为G，飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差Δp，近似地认为飞机受到的升力来自于飞机双侧机翼。请推导在跑道上滑行时飞机：
①受到的升力F升；（用字母表示，下同）
②对地面的压强p。
29．（9分）如图甲为科技小组同学设计的储水箱控温（水温保持在20～25℃之间）电路图，S为温控开关，定值电阻R为发热电阻。工作时，温控开关S可在“1”和“2”之间自动切换，当储水箱中的水温低于20℃时，S将自动闭合到“1”开始加热；当水温达到25℃时，S将自动闭合到“2”停止加热，指示灯L亮起，指示灯的耗电量不计。己知储水箱的容积为220L，储水箱装满了水。电路正常工作时，电压为220V，加热功率为2.2kW，加热功率P与工作时间t的关系如图乙所示。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），在电路正常工作情况下，求：
（1）通过电阻R的电流；
（2）0～40min，电路的加热效率；
（3）40～320min，水的热损耗功率。
2024年福建省百校联考中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共14小题，每小题2分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2分）下列属于可再生能源的是（ ）
A．煤B．太阳能C．天然气D．石油
【答案】B
【分析】能够源源不断的从自然界得到补充的能源叫可再生能源，如太阳能、风能、生物质能等；
短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如煤、石油等。
【解答】解：煤、石油、天然气是埋藏在地下的动植物体经过亿万年的时间的形成的，短期内不能从自然界得到补充，是不可再生能源；
太阳能够一直从太阳上源源不断的得到，在人类有限的年代中，太阳能是无限的，是可再生能源。
故选：B。
【点评】可再生能源和不可再生能源的特点是《能源和可持续发展》这一章的重点，需要掌握。
2．（2分）下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．吸盘B．茶壶C．吸尘器D．密度计
【答案】B
【分析】连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。
【解答】解：A、吸盘利用的是大气压，故A不符合题意；
B、茶壶利用连通器原理工作，故B符合题意；
C、吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，故C不符合题意；
D、密度计利用了浮沉条件，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口、底部相连通的，内装同种不流动的液体，液面静止时保持相平。
3．（2分）电业工人带电作业时需要用绝缘垫，以下材料适合做绝缘垫的是（ ）
A．铜B．橡胶C．铝合金D．不锈钢
【答案】B
【分析】不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。
【解答】解：铜、铝合金、不锈钢属于导体；橡胶属于绝缘体，适合做绝缘垫。
故选：B。
【点评】本题考查了导体和绝缘体的概念，属于基础知识。
4．（2分）如图是我国的民族管乐器——箫，演奏者用手指按压不同位置的气孔，是为了改变声音的改变声音的（ ）
A．音调B．响度C．音色D．振幅
【答案】A
【分析】声音的特性包括音调、响度和音色：①音调是指声音的高低，与频率有关，振动的频率越高，音调越高；②响度是指声音的大小，与振幅有关，振动的幅度越大，响度越大；③不同物体的材料和结构不同，发出声音的音色不同。
【解答】解：演奏者用手指按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要是改变声音的音调。
故选：A。
【点评】本题主要考查声音特性的理解和应用等，要注意对概念的理解，属于一道基础题。
5．（2分）蔬菜装袋放入冰箱中，可有效减慢蔬菜中水分的（ ）
A．液化B．升华C．汽化D．凝固
【答案】C
【分析】影响蒸发的因素有液体的温度、液体的表面积和液体上方空气的流动速度。
【解答】解：温度越低，上方空气流动速度越慢，液体蒸发越慢。所以把新鲜的蔬菜装入保鲜袋并放入冰箱，是为了减慢蔬菜中水分的蒸发，蒸发属于汽化。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。同时冰箱的工作过程要有清楚的认识。
6．（2分）以下事例中属于防范惯性带来危害的是（ ）
A．乘车时需要系好安全带
B．跳远运动员在起跳前助跑
C．拍打衣服清除它上面的浮灰
D．撞击锤柄下端使锤头套紧在锤柄上
【答案】A
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种属性，人们在实际生活中利用惯性为我们服务，也能更好的防止它带来的危害。
【解答】解：A、汽车驾驶员系上安全带，是为了防止当汽车刹车时，人由于惯性向前运动撞到挡风玻璃而造成伤害，故A符合题意；
B、跳远助跑使自己具有一定的速度，利用自身的惯性能跳得更远，故B不合题意；
C、拍打刚晒过的衣服，衣服运动，而灰尘由于惯性要保持原来的静止状态，所以灰尘就会和被子分离，这是利用了灰尘的惯性，故C不符合题意；
D、锤头松动时，把锤柄的一端在水泥地上撞几下，该过程中锤头和锤柄都处于运动状态，当锤柄撞击到地面时运动停止，而锤头由于惯性仍保持运动状态，从而使锤头套紧，是惯性的有利影响，故D不合题意。
故选：A。
【点评】此题主要考查了学生对惯性知识的理解与掌握，要科学地利用惯性为人类服务，还要会避免惯性带来的危害。
7．（2分）如图所示是杭州第19届亚运会吉祥物琮琮在平面镜中的全身像，则在平面镜前的琮琮是图中的（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】根据平面镜成像特点来判断像的形状：平面镜成的像，像与物大小相同，对应点连线与镜面垂直。
【解答】解：根据平面镜成像特点分析，当镜面竖直放置时，吉祥物琮琮所成的像是正立、等大、左右相反的，符合该条件的只有A图。
故选：A。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，要着重掌握并能灵活运用。
8．（2分）下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用电器着火时用水灭火
B．空气开关跳闸后立即合上
C．更换灯泡前先断开电源
D．用正在充电的手机打电话
【答案】C
【分析】（1）生活中的水是导体，易造成触电；
（2）空气开关跳闸，原因是电路有短路或或总功率过大的情况，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；
（3）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上是切断火线，防止再次发生危害；
（4）手机在进行充电时上网或通话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，会对人体造成损伤。
【解答】解：A.发生火灾时，要先断开电源开关，才能用水灭火，否则会发生触电，故A错误；
B.因为电路有短路或总功率过大的情况，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故B错误；
C.更换灯泡时，要先切断电源，然后再换新灯泡，否则容易发生触电事故，故C正确；
D.手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
9．（2分）2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱成功着陆。返回过程中，若返回舱在一段时间内的运动可看作是竖直向下的匀速运动，如图所示，则在这段时间内返回舱（ ）
A．只受重力作用B．动能不变
C．机械能不变D．相对于地面是静止的
【答案】B
【分析】根据返回舱的运动状态判定其受力情况；
动能的影响因素是质量和速度；重力势能的影响因素是质量和高度；动能和势能统称机械能；
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
【解答】解：A、返回舱匀速下落的过程中，受力平衡，受到重力和空气阻力的作用，故A错误；
BC、返回舱匀速下落的过程中，其质量不变，速度不变，所以动能大小不变；质量不变，高度减小，则重力势能减小，所以机械能减小，故B正确、C错误；
D、返回舱匀速下落的过程中，相对于地面发生了位置的改变，所以相对于地面是运动的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了物体的受力分析、动能和重力势能的变化、运动和静止的相对性，属于基础题。
10．（2分）在相等的时间内，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，则以下关于甲、乙电热丝对应的物理量大小判断正确的是（ ）
A．R甲＞R乙B．I甲＞I乙C．U甲＞U乙D．P甲＞P乙
【答案】D
【分析】根据Q＝W＝UIt＝I2Rt＝t＝Pt分析解答。
【解答】解：AB、由Q＝I2Rt可知，电热丝放出的热量与电流、电阻以及通电时间有关，通电时间相同，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，但电阻大小、电流大小无法确定，故AB错误；
C、电热丝属于纯电阻用电器，则Q＝W＝t，由于不知道两电阻的连接方式，无法判断二者的电压大小，故C错误；
D、根据Q＝W＝Pt可知，在相等的时间内，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，说明甲的电功率大于乙的电功率，即P甲＞P乙，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查焦耳定律及其推导公式的灵活运用，知道电热丝是纯电阻用电器是解题的关键。
11．（2分）如图所示是家用手摇晾衣架，衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．滑轮A可以省力
B．滑轮B为定滑轮
C．晾衣架静止时，绳的拉力为30N
D．增大衣物的质量，机械效率减小
【答案】C
【分析】（1）定滑轮使用时，轴的位置固定不变；定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；
（2）轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮称为动滑轮，动滑轮实质是动力臂等于2倍阻力臂的杠杆（省力杠杆）；
（3）从图中可知n＝4，若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，根据F＝G总可知静止时绳的拉力；
（4）增大衣服的质量，增大有用功，额外功不变，根据η＝得到机械效率的变化。
【解答】解：A、滑轮A使用时，轴的位置固定不变，为定滑轮，作用是改变用力的方向，故A正确；
B、滑轮B使用时，轴的位置随被拉物体一起运动，为动滑轮，可以省一半力，故B正确；
C、从图中可知n＝4，若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力F＝G总＝×120N＝30N，故C正确；
D、根据η＝可知，增大衣服的质量，额外功不变，有用功增大，机械效率增大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查定滑轮及其工作特点、动滑轮及其工作特点以及使用滑轮组拉力的计算公式以及机械效率公式，难度不大。
12．（2分）我国古代科技著作《天工开物》中记载了用脚踏碓给稻谷去壳的过程，用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．脚踏碓在应用中属于省力杠杆
B．人脚越靠近O点越省力
C．碓的头部较细，是为了增大压力
D．脚踩位置有粗糙的花纹是为了增大摩擦
【答案】D
【分析】（1）结合图片和生活经验，根据动力臂和阻力臂的大小关系判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）阻力和阻力臂一定时，动力臂越短越费力；
（3）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
（4）增大摩擦力的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：A、脚踏碓在应用中动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、人脚越靠近O点，动力臂越短越费力，故B错误；
C、碓头部较细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故C错误；
D、滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，脚踩位置有粗糙的花纹，是增大了接触面的粗糙程度增大摩擦，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了杠杆的分类、增大压强的方法、增大摩擦力的方法等知识的应用，难度不大。
13．（2分）小明设计的吸尘器包括照明用的灯泡和吸尘用的电动机。在使用时，有时需要独立工作，有时需要同时工作，图中符合上述要求的电路图是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【分析】并联电路特点：各用电器之间互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路，由此根据题意分析解答。
【解答】解：由题意可知，灯泡和吸尘用的电动机都能各自独立工作，说明它们的连接方式是并联，且两支路上各有一个开关来控制灯泡和电动机，干路没有开关，故C图符合要求。
故选：C。
【点评】本题考查了并联电路的特点和开关的作用，明确串并联电路的特点是关键。
14．（2分）如图甲所示，水平向右的推力F将重为4N的物体压在竖直的粗糙程度相同的墙面上，墙面足够大。F的大小与时间t的关系如图乙所示，且已知前2s物体静止，在2s～4s时间内物体向下滑动速度逐渐增大到5m/s，之后保持5m/s速度不变，则（ ）
A．当t＝1s时，物体受到的摩擦力为12N
B．当t＝3s时，物体受到的摩擦力一定小于4N
C．在2s～6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小相等
D．在4s～6s内，滑动摩擦力对物体做功的功率为40W
【答案】B
【分析】（1）当t＝1s时，物体静止，由二力平衡条件得到摩擦力；
（2）2﹣4s物体加速运动，重力大于摩擦力；
（3）在4s～6s时间内，物体匀速直线运动，由二力平衡条件得到摩擦力，根据P＝Fv得到摩擦力做功的功率。
【解答】解：A、当t＝1s时，物体静止，摩擦力和重力是平衡力，摩擦力和重力大小相等，摩擦力是4N，故A错误；
B、2﹣4s物体加速运动，重力大于摩擦力，物体受到的摩擦力一定小于4N，故B正确；
C、在4s～6s时间内，物体匀速直线运动，摩擦力和重力是平衡力，摩擦力和重力大小相等，摩擦力是4N，在2s～6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小不相等，故C错误；
D、在4s～6s内，滑动摩擦力对物体做功的功率为P＝＝Fv＝4N×5m/s＝20W，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后根据二力平衡条件知识即可正确答题，是中考的热点考题。
二、填空题：本题共4小题，每空1分，共12分。
15．（2分）古诗“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”中，由于光的折射现象，垂钓儿童看到的水中鱼比实际位置 浅 ；“怕得鱼惊不应人”是因为 液体 可以传声。
【答案】浅；液体。
【分析】光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如看到水池底比实际变浅、水中筷子看起来变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
声音的传播需要介质。
【解答】解：鱼反射的光线从水中斜射入空气中时，在水面发生折射，所以看到水中的鱼比实际位置浅；
怕说话声惊扰到水中的鱼说明液体可以传声。
故答案为：浅；液体。
【点评】本题考查了光的折射、声音的传播，声音基础题目。
16．（2分）在劳动实践活动中，同学们生火做饭，切菜下锅，大秀厨艺。烧水是通过 热传递 的方式改变水的内能；炒菜时菜香扑鼻，说明分子在不停地做 无规则运动 。
【答案】热传递；无规则运动。
【分析】改变内能的方式：做功和热传递；
一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
【解答】解：烧水是通过热传递的方式改变水的内能；
炒菜时菜香扑鼻，这是扩散现象，这说明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：热传递；无规则运动。
【点评】此题考查了分子热运动，以及热传递的了解和掌握，是一道基础题。
17．（6分）我国自主研发建造的“深海一号”超深水大气田成为世界首个具备远程遥控生产能力的超深水半潜式生产储油平台。“深海一号”主要结构为四个浮在水中的立柱，如图所示。平台上装配了5G设备，实现远程控制。另外，在实际应用中，每个钻井平台会根据水深配备不同等级的水下机器人。已知。据此回答下题。
（1）建造时，将重约2×104t的生产平台安装在四个立柱上，安装完成后每个立柱上方受到的压力为 5×107 N；远程控制时，地面工作人员是利用 电磁 波进行信息传递的。
（2）若“深海一号”一期工程年产天然气3×109m3，天然气的热值为3.6×107J/m3，则这些天然气完全燃烧可以放出的热量为 1.08×1017 J；天然气在燃烧过程中，将化学能转化为 内 能。
（3）水下机器人作业时，在1500m深处受到的海水压强约为 150 （填“15”“150”或“1500”）个标准大气压；在水下下潜过程中，受到的浮力大小 不变 。
【答案】（1）5×107；电磁；（2）1.08×1017；内；（3）150；不变。
【分析】（1）生产平台每个立柱受到的压力等于总重的四分之一。电磁波可以传递信息。
（2）燃料燃烧时化学能转化为内能；根据公式Q放＝Vq进行计算。
（3）根据p＝ρgh进行计算；浸没在水中的物体受到的浮力不变。
【解答】解：（1）生产平台的总重为：G＝mg＝2×104×103kg×10N/kg＝2×108N；
每个立柱上方受到的压力为：；
远程控制时，地面工作人员是利用电磁波进行信息传递的。
（2）这些天然气完全燃烧可以放出的热量为：；
天然气在燃烧过程中，将化学能转化为内能。
（3）10m深度的水产生的压强为：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10m＝1×105Pa；相当于一个标准大气压，
所以1500m深处受到的海水压强约为个标准大气压；在水下下潜过程中，受到的浮力大小不变。
故答案为：（1）5×107；电磁；（2）1.08×1017；内；（3）150；不变。
【点评】本题考查的是电磁波的特点及应用；知道影响浮力大小的因素；会根据热量公式和重力公式进行计算。
18．（2分）小明设计了如图甲所示的模拟调光灯电路。电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图像如图乙所示。灯泡正常发光时的功率为 1.25 W，定值电阻R1的阻值为 2.5 Ω。
【答案】1.25；2.5。
【分析】由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以电压表V1的示数随电压的增大而增大当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出电表的示数，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的电功率；
当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据串联分压压力可知此时电压表V2的示数最大，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；
由图乙读出当电路中的电流I′＝0.4A时，灯泡两端的电压和变阻器R2两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；
根据串联电路电压规律计算通过电路的电流最小时定值电阻两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以电压表V1的示数随电压的增大而增大；
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知最大电流为0.5A，此时灯泡两端的电压UL＝2.5V，
灯泡正常发光时的功率：PL＝ULIL＝2.5V×0.5A＝1.25W；
当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据串联分压压力可知此时电压表V2的示数最大，
由图乙可知电路中的最小电流I＝0.2A，灯泡两端的电压为0.5V，变阻器R2两端的电压为3.5V，
则电源的电压为：U＝UL″+U2″+IR1＝0.5V+3.5V+0.2A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
由图乙可知当电路中的电流I′＝0.4A时，灯泡两端的电压UL′＝1.5V，变阻器R2两端的电压U2′＝2V，
则电源的电压为：U＝UL′+U2′+I′R1＝1.5V+2V+0.4A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②可得：R1＝2.5Ω，U＝4.5V；
通过电路的电流最小时定值电阻两端的电压：U1＝U﹣UL″﹣U2″＝4.5V﹣0.5V﹣3.5V＝0.5V，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R1＝＝＝2.5Ω。
故答案为：1.25；2.5。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。
19．（2分）如图所示，重为G的物体悬浮在水中，请在图中作出物体的受力示意图。
【答案】
【分析】物体悬浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，过重心表示出重力和浮力的大小和方向。
【解答】解：因为物体甲悬浮，所以F浮＝G，过重心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，如图所示：
【点评】本题考查了力的示意图的画法和物体受平衡力的判断。当物体静止或匀速直线运动时，受到的力是平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上。
20．（2分）根据通电螺线管周围磁感线方向，在图中标明电源的正极和小磁针的N极（将小磁针的N极涂黑）。
【答案】
【分析】根据图中磁感线的方向，先判断通电螺线管的N、S极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极；根据安培定则判定电源的正负极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，所以螺线管的右端为N极，左端为S极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极；根据安培定则可知，电流从螺线管的左侧流入，右侧流出，所以电源左侧为正极，右侧为负极，如图所示：
【点评】本题考查了磁感线方向和小磁针磁极的判断，要求学生步步仔细才行。
四、简答题：本题共1小题，共4分。
21．（4分）干燥的季节，用塑料梳子梳头时会观察到如下现象，请分别用学过的物理知识解释其形成的原因。
（1）梳头的过程中头发会越梳越蓬松；
（2）头发随梳子飘起来。
【答案】（1）梳头的过程中梳子和头发因为摩擦使头发带电，头发之间因为带同种电荷而相互排斥，故头发会越梳越蓬松；
（2）梳头过程中，梳子因为摩擦带电，带电体能吸引轻小物体，故头发随梳子飘起来。
【分析】（1）电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）带电体能吸引轻小物体。
【解答】答：（1）梳头的过程中梳子和头发因为摩擦使头发带电，头发之间因为带同种电荷而相互排斥，故头发会越梳越蓬松；
（2）梳头过程中，梳子因为摩擦带电，带电体能吸引轻小物体，故头发随梳子飘起来。
【点评】本题考查了摩擦起电和电荷间相互作用的规律，属于基础题。
五、实验题：本题共5小题，共30分。
22．（5分）用如图甲所示装置探究冰的熔化规律。
（1）实验中通过水对试管加热，而不是酒精灯直接加热试管，目的是 使冰受热均匀 。
（2）图甲中温度计示数为 ﹣4 ℃。
（3）实验中每隔一段时间记录一次试管中物质的温度及对应状态，并作出温度随时间变化的图像，如图乙所示。由图像可知：冰在熔化过程中吸收热量，温度 不变 ，冰是 晶体 （填“晶体”或“非晶体”）。
（4）de阶段试管中水 没有 （填“正在”或“没有”）沸腾。
【答案】（1）使冰受热均匀；（2）﹣4；（3）不变；晶体；（4）没有。
【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）温度计读数时要明确温度计的分度值，视线与液柱的液面相平，还要注意是零上还是零下；
（3）晶体在熔化过程中吸热，温度不变；非晶体在熔化过程中吸热，温度不断上升；
（4）水沸腾条件是温度达到沸点，继续吸热。
【解答】解：（1）将装有冰的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，目的是使冰受热均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）该温度计的分度值为1℃，液柱的液面在0刻度线以下，是零下，故示数为﹣4℃；
（3）实验中每隔一段时间记录一次物质的温度及对应状态，由图可知，冰在熔化过程中，吸收热量，温度不变，故冰是晶体；
（4）根据图乙可知，de阶段试管中水与烧杯中的水温度相同，试管中水不能继续吸收热量，不满足水沸腾的条件，所以，试管中水没有沸腾。
故答案为：（1）使冰受热均匀；（2）﹣4；（3）不变；晶体；（4）没有。
【点评】本题考查了冰的熔化规律的实验，难度较小，属于基础性题目。重点掌握温度计的读数、晶体熔化特点、水沸腾条件以及分析图像的能力等。
23．（6分）如图是“探究凸透镜成像规律”的实验装置。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ 10.0 cm。
（2）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在 同一高度 。
（3）如图乙，光屏上呈现清晰的像，该成像原理与 照相机 相同；若保持蜡烛和光屏位置不变，向 左 （填“左”或“右”）移动透镜可使光屏上能再次呈现清晰的像，此时像是倒立、 放大 的实像。
（4）在凸透镜的中间有一块不透明的小污渍粘在上面，若不清理继续探究，则光屏上 D 。
A.不能成像
B.有烛焰不完整的像
C.有污渍的像
D.有烛焰完整但较暗的像
【答案】（1）10.0；（2）同一高度；（3）照相机；左；放大；（4）D。
【分析】（1）根据焦点和焦距的定义进行分析。
（2）为了使像成在光屏中央，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度。
（3）物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；该成像原理与照相机相同。
光的折射中光路是可逆的，据此分析。
（4）将凸透镜遮住部分，光屏上有烛焰完整但较暗的像。
【解答】解：（1）由图甲知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚于主光轴上的一点，即焦点，焦点到光心的距离叫焦距，焦点到凸透镜的距离为f＝20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm，所以凸透镜的焦距为/＝10.0cm。
（2）为了使像成在光屏中央，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度。
（3）由图可知，此时物距u＝30cm，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；该成像原理与照相机相同。
光的折射中光路是可逆的，若保持蜡烛和光屏位置不变，当物距变为原来的像距，即把凸透镜左移至25cm刻度处，像距变为30cm，成倒立、放大的实像。
（4）不透明的小污渍将凸透镜遮住部分，仅仅遮挡部分光线，使像变暗，像的形状取决于物体，污渍不影响像的形状，光屏上有烛焰完整但较暗的像，像的形状不变，故选：D。
故答案为：（1）10.0；（2）同一高度；（3）照相机；左；放大；（4）D。
【点评】本题探究凸透镜成像规律实验，掌握凸透镜成像规律是解题关键。
24．（5分）如图是探究“运动与力的关系”的实验。
（1）小车每次都从斜面上的同一位置由静止开始下滑，目的是让小车进入水平面时 速度 大小相等。
（2）下表的实验结果表明，在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，小车前进的距离越 长 。由此联想到，雨雪天路滑，驾驶汽车应适当 增大 （填“增大”或“减小”）汽车之间的距离。
（3）进一步推理，若小车受到的阻力为零，小车将做 匀速直线 运动。
（4）在此实验基础上继续探究“动能大小与哪些因素有关”。将一木块放置在水平木板的相同位置，通过观察被斜面上滑下的小车碰撞后木块的 运动距离 ，可以比较碰撞前小车的动能大小。
【答案】（1）速度；（2）长；增大；（3）匀速直线；（4）运动距离。
【分析】（1）要研究阻力对物体运动的影响，应该采用控制变量法。小车从斜面上会自由下滑，在不同的高度，下滑到斜面底端的速度就不相同；
（2）小车运动的距离长短与所受的摩擦力大小有关，小车运动的距离短，表明受到的摩擦力大；雨雪天路滑，阻力变小，据此回答；
（3）力是改变物体运动状态的原因，如果物体不受力，则物体的运动状态就不会发生变化；
（4）在研究动能大小与什么因素有关时，我们是通过观察小车推动木块移动的距离来反映小车动能大小的，采用的是转换法的思想。
【解答】解：（1）因为该实验是要研究阻力对物体运动的影响，所以应该采用控制变量法，即控制其它因素都相同，只让水平面的阻力大小不同，所以三次实验中应使小车运动到斜面底端时的速度相等。要想让小车运动到斜面底端时的速度相等，就应该让小车从斜面的同一高度处释放；
（2）在这三次实验中，小车在木板表面上运动的距离最长，停止的最慢，这是因为木板表面最光滑，小车在该表面受到的阻力最小；
由此联想到，雨雪天路滑，阻力变小，相同速度刹车滑行距离变大，驾驶汽车应适当增大汽车之间的距离；
（3）由此我们可以推理得出：若水平面绝对光滑（即小车不受摩擦力），则小车会在水平面上做匀速直线运动；
（4）在研究动能大小与什么因素有关时，我们是通过观察小车推动木块移动的距离来反映小车动能大小的，这用到了转换法。
故答案为：（1）速度；（2）长；增大；（3）匀速直线；（4）运动距离。
【点评】本题中涉及的实验采用了初中阶段研究物理问题最常用的控制变量法与转换法，学习中注意总结归纳。
25．（6分）某探究小组在实验室借助天平、烧杯、细线、水测量小石块的密度。
（1）把天平放在 水平 桌面上，把 游码 移至标尺左端的零刻线处，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，如图甲所示，此时应将平衡螺母向 左 调节，使天平平衡。
（2）用调节好的天平按正确的方法测出了装有适量水的烧杯的总质量，示数如图乙所示，为 31.2 g。
（3）如图丙所示，用细线拴着石块浸没在水中（石块未接触烧杯底且水未溢出），天平的示数变为45.2g。如图丁所示，将石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的示数变为64.8g。则石块的质量是 33.6 g，石块的密度是 2.4×103 kg/m3。
【答案】（1）水平；游码；左；（2）31.2；（3）33.6；2.4×103。
【分析】（1）调节天平平衡时，把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，如果指针偏向分度盘的左侧，则向右调节平衡螺母，如果指针偏向分度盘的右侧，则向左调节平衡螺母；
（2）用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准；
（3）求得物块排开的水的质量，可求得排开水的体积，物体全部浸入水中，则物体的体积等于其排开的水的体积；求得物块的质量；然后，利用密度公式ρ＝可求出其密度。
【解答】解：（1）调节天平平衡时，把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调节。
（2）烧杯和水的总质量为20g+10g+1.2g＝31.2g；
（3）用细线拴着石块浸没在水中，天平的示数变为45.2g，则石块排开的水的质量为m排＝45.2g﹣31.2g＝14g；
石块全部浸入水中，则石块的体积等于其排开的水的体积，则石块的体积为：V＝＝14cm3；
将石块缓慢沉入烧杯底部，天平的示数变为64.8g，则石块的质量为：m'＝64.8g﹣31.2g＝33.6g；
则石块的密度为：ρ石块＝＝2.4g∕cm3＝2.4×103kg/m3。
故答案为：（1）水平；游码；左；（2）31.2；（3）33.6；2.4×103。
【点评】此题为固体的密度测量实验，测量密度的实验题是常规性实验题，要掌握天平、量筒的正确使用、读数方法及密度的计算公式。
26．（8分）放假前，项目式学习小组利用湿敏电阻Rx和电磁继电器为班级种植的植物设计自动送水电路。根据植物的生长习性，设计的土壤湿度为35%。
（1）利用图1甲所示电路探究湿敏电阻R0阻值随湿度变化的规律。
①用笔画线代替导线，将图1甲电路连接完整；
②连接电路的过程中，应将开关 断开 ；
③连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为 定值电阻R断路 ；
④将Rx放入湿度为35%的土壤内，闭合开关S，移动滑片P，测得多组数据如下表所示。第2组实验数据中电流表示数如图1乙所示，为 0.18 A，根据三次实验的数据可得：湿度为35%的土壤内，Rx的阻值为 15 Ω。
⑤将湿敏电阻Rx置于不同湿度的土壤中，重复步骤④，测得的湿敏电阻Rx的阻值随所在土壤湿度变化的图像如图2所示。分析图像可得：湿敏电阻的阻值随湿度的增大而 减小 。
（2）根据上述探究结果，利用定值电阻R0和电磁继电器设计自动送水电路。已知蓄电池电压恒定，定值电阻R0的阻值为25Ω，线圈电流大于或等于0.2A时衔铁被吸下，小于0.2A时衔铁被弹回，线圈电阻不计。
①请以笔画线代替导线完成图3所示的电路连接，要求：闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水。
②蓄电池电压恒为 8 V。
【答案】（1）①见上图；②断开；③定值电阻R断路；④0.18；⑤15；⑥减小；
（2）①见上图；②8。
【分析】（1）①电压表与用电器并联；
②为了保护电路，连接电路时开关要断开；
③若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
④根据电流表所用量程读数；
⑤由公式R＝可求电阻；
⑥分析图2得结论；
（2）①根据要求闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水连线。
②根据串联电路规律及欧姆定律求解。
【解答】解：（1）①电压表并联在湿敏电阻Rx两端，如图所示：
；
②为了保护电路，连接电路时开关要断开；
③连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，电路可能断路，发现电压表示数接近于电源电压，电压表与电源连通，则故障是R断路；
④由图可知电流表使用小量程，分度值为0.02A，则此时电流表示数为0.18A；
⑤湿度为35%的土壤内，Rx的阻值为Rx＝＝＝＝＝15Ω；
⑥由图2 可知，湿敏电阻的阻值随湿度的增大而减小；
（2）①闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水，如图所示：
；
②当电流I＝0.2A时，Rx＝15Ω，控制电路为串联电路，则电源电压为U＝I（R0+Rx）＝0.2A×（25Ω+15Ω）＝8V。
故答案为：（1）①见上图；②断开；③定值电阻R断路；④0.18；⑤15；⑥减小；
（2）①见上图；②8。
【点评】本题考查电路图的连接、故障分析、电压表和电流表的使用、欧姆定律、电磁继电器原理的灵活运用，有难度。
六、计算题：本题共3小题，共22分。
27．（6分）在如图所示的电路中，电源电压恒为9V，R1的阻值是30Ω，闭合开关S，电流表A的示数是0.4A。求：
（1）电流表A1的示数；
（2）电阻R2的阻值。
【答案】（1）电流表A1的示数为0.3A；
（2）电阻R2的阻值为90Ω。
【分析】根据电路图可知，定值电阻R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量R1的电流；
（1）根据并联电路电压规律和欧姆定律求出通过R1的电流，即为电流表A1的示数；
（2）根据并联电路电流规律求出通过R2的电流，再根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量R1的电流；
（1）因并联电路中各支路两端电压相等，所以U1＝U2＝U＝9V，
则通过R1的电流：I1＝＝＝0.3A，
即电流表A1的示数为0.3A；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻R2的电流为：
I2＝I﹣I1＝0.4A﹣0.3A＝0.1A，
由I＝可得电阻R2的阻值：
R2＝＝＝90Ω。
答：（1）电流表A1的示数为0.3A；
（2）电阻R2的阻值为90Ω。
【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础题。
28．（7分）2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919从上海飞往北京，如图甲所示，开启了首次商业载客飞行。
（1）C919在高空水平定速巡航时，若发动机的牵引力为1.15×105N，求飞行8km牵引力做的功；
（2）如图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型。图中机翼的下表面可视为平面，面积为S1。飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接触面积为S2。飞机总重为G，飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差Δp，近似地认为飞机受到的升力来自于飞机双侧机翼。请推导在跑道上滑行时飞机：
①受到的升力F升；（用字母表示，下同）
②对地面的压强p。
【答案】（1）飞机飞行8km牵引力做的功为9.2×108J；（2）①受到的升力F升为2ΔpS1；②对地面的压强p为。
【分析】（1）利用公式W＝Fs求牵引力所做的功；
（2）机翼上、下表面存在着压强差，因而有压力差，这就是升力产生的原因，根据公式p＝的变形公式求升力；
（3）飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，飞机受到向上的升力、向上的支持力和向下的重力，飞机在竖直方向上受力平衡，则F升+F支＝G，根据p＝即可求出飞机对地面的压强。
【解答】解：（1）已知牵引力F＝1.15×105N，飞行的距离s＝8km＝8000m，则牵引力所做的功W＝Fs＝1.15×105N×8000m＝9.2×108J；
（2）①已知机翼上下表面的压强差为Δp，机翼的下表面总面积S＝2S1，因而飞机受到的升力F升＝Δp×S＝Δp×2S1＝2ΔpS1；
②飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，飞机受到向上的升力、向上的支持力和向下的重力，飞机在竖直方向上受力平衡，则F升+F支＝G，地面对飞机的支持力和飞机对地面的压力是一对相互作用力，其大小相等，所以F压＝F支＝G﹣F升＝G﹣2ΔpS1，已知机轮与地面的总接触面积为S2，所以飞机对地面的压强p＝＝。
答：（1）飞机飞行8km牵引力做的功为9.2×108J；（2）①受到的升力F升为2ΔpS1；②对地面的压强p为。
【点评】本题考查了做功公式以及压强公式的应用，难度不大，属于基础性题目。
29．（9分）如图甲为科技小组同学设计的储水箱控温（水温保持在20～25℃之间）电路图，S为温控开关，定值电阻R为发热电阻。工作时，温控开关S可在“1”和“2”之间自动切换，当储水箱中的水温低于20℃时，S将自动闭合到“1”开始加热；当水温达到25℃时，S将自动闭合到“2”停止加热，指示灯L亮起，指示灯的耗电量不计。己知储水箱的容积为220L，储水箱装满了水。电路正常工作时，电压为220V，加热功率为2.2kW，加热功率P与工作时间t的关系如图乙所示。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），在电路正常工作情况下，求：
（1）通过电阻R的电流；
（2）0～40min，电路的加热效率；
（3）40～320min，水的热损耗功率。
【答案】（1）通过电阻R的电流为10A；
（2）0～40min，电路的加热效率为87.5%；
（3）40～320min，水的热损耗功率为275W。
【分析】（1）S将自动闭合到“1”开始加热，由图甲可知，此时只有R工作，由图乙可知此时的电功率，根据P＝UI求出通过R的电流；
（2）根据密度公式求出水箱中水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据W＝Pt求出电路消耗的电能，根据效率公式求出0～40min，电路的加热效率；
（3）40～320min，水温从25℃降低到20℃，水放出的热量等于水从20℃升高到25℃吸收的热量，根据P＝求出水的热损耗功率。
【解答】解：（1）S将自动闭合到“1”开始加热，由图甲可知，此时只有R工作，
由图乙可知，电路的加热功率P加＝2.2kW＝2200W，
由P＝UI可知，通过R的电流：I＝＝＝10A；
（2）水的体积V＝220L＝220dm3＝0.22m3，
由ρ＝可知，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.22m3＝220kg，
水从20℃升高到25℃吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×220kg×（25℃﹣20℃）＝4.62×106J；
电路消耗的电能：W＝P加t′＝2200W×40×60s＝5.28×106J，
0～40min，电路的加热效率：η＝＝＝87.5%；
（3）40～320min，水温从25℃降低到20℃，水放出的热量等于水从20℃升高到25℃吸收的热量：Q放＝Q吸＝4.62×106J，
水的热损耗功率：P损＝＝＝275W。
答：（1）通过电阻R的电流为10A；
（2）0～40min，电路的加热效率为87.5%；
（3）40～320min，水的热损耗功率为275W。
【点评】本题考查电功率公式、密度公式、吸热公式以及效率公式的应用，属于电热综合题，有一定的难度。
实验序号
水平面材料
小车受到阻力
小车滑行距离
①
毛巾
大
短
②
棉布
较大
较长
③
木板
小
长
实验序号
1
2
3
电压U/V
1.5
2.7
3.0
电流I/A
0.1
0.2
阻值Rx/Ω
实验序号
水平面材料
小车受到阻力
小车滑行距离
①
毛巾
大
短
②
棉布
较大
较长
③
木板
小
长
实验序号
1
2
3
电压U/V
1.5
2.7
3.0
电流I/A
0.1
0.2
阻值Rx/Ω
1．（2分）下列属于可再生能源的是（ ）
A．煤B．太阳能C．天然气D．石油
2．（2分）下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．吸盘B．茶壶C．吸尘器D．密度计
3．（2分）电业工人带电作业时需要用绝缘垫，以下材料适合做绝缘垫的是（ ）
A．铜B．橡胶C．铝合金D．不锈钢
4．（2分）如图是我国的民族管乐器——箫，演奏者用手指按压不同位置的气孔，是为了改变声音的改变声音的（ ）
A．音调B．响度C．音色D．振幅
5．（2分）蔬菜装袋放入冰箱中，可有效减慢蔬菜中水分的（ ）
A．液化B．升华C．汽化D．凝固
6．（2分）以下事例中属于防范惯性带来危害的是（ ）
A．乘车时需要系好安全带
B．跳远运动员在起跳前助跑
C．拍打衣服清除它上面的浮灰
D．撞击锤柄下端使锤头套紧在锤柄上
7．（2分）如图所示是杭州第19届亚运会吉祥物琮琮在平面镜中的全身像，则在平面镜前的琮琮是图中的（ ）
A．B．
C．D．
8．（2分）下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用电器着火时用水灭火
B．空气开关跳闸后立即合上
C．更换灯泡前先断开电源
D．用正在充电的手机打电话
9．（2分）2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱成功着陆。返回过程中，若返回舱在一段时间内的运动可看作是竖直向下的匀速运动，如图所示，则在这段时间内返回舱（ ）
A．只受重力作用B．动能不变
C．机械能不变D．相对于地面是静止的
10．（2分）在相等的时间内，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，则以下关于甲、乙电热丝对应的物理量大小判断正确的是（ ）
A．R甲＞R乙B．I甲＞I乙C．U甲＞U乙D．P甲＞P乙
11．（2分）如图所示是家用手摇晾衣架，衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．滑轮A可以省力
B．滑轮B为定滑轮
C．晾衣架静止时，绳的拉力为30N
D．增大衣物的质量，机械效率减小
12．（2分）我国古代科技著作《天工开物》中记载了用脚踏碓给稻谷去壳的过程，用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．脚踏碓在应用中属于省力杠杆
B．人脚越靠近O点越省力
C．碓的头部较细，是为了增大压力
D．脚踩位置有粗糙的花纹是为了增大摩擦
13．（2分）小明设计的吸尘器包括照明用的灯泡和吸尘用的电动机。在使用时，有时需要独立工作，有时需要同时工作，图中符合上述要求的电路图是（ ）
A．B．
C．D．
14．（2分）如图甲所示，水平向右的推力F将重为4N的物体压在竖直的粗糙程度相同的墙面上，墙面足够大。F的大小与时间t的关系如图乙所示，且已知前2s物体静止，在2s～4s时间内物体向下滑动速度逐渐增大到5m/s，之后保持5m/s速度不变，则（ ）
A．当t＝1s时，物体受到的摩擦力为12N
B．当t＝3s时，物体受到的摩擦力一定小于4N
C．在2s～6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小相等
D．在4s～6s内，滑动摩擦力对物体做功的功率为40W
二、填空题：本题共4小题，每空1分，共12分。
15．（2分）古诗“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”中，由于光的折射现象，垂钓儿童看到的水中鱼比实际位置 ；“怕得鱼惊不应人”是因为 可以传声。
16．（2分）在劳动实践活动中，同学们生火做饭，切菜下锅，大秀厨艺。烧水是通过 的方式改变水的内能；炒菜时菜香扑鼻，说明分子在不停地做 。
17．（6分）我国自主研发建造的“深海一号”超深水大气田成为世界首个具备远程遥控生产能力的超深水半潜式生产储油平台。“深海一号”主要结构为四个浮在水中的立柱，如图所示。平台上装配了5G设备，实现远程控制。另外，在实际应用中，每个钻井平台会根据水深配备不同等级的水下机器人。已知。据此回答下题。
（1）建造时，将重约2×104t的生产平台安装在四个立柱上，安装完成后每个立柱上方受到的压力为 N；远程控制时，地面工作人员是利用 波进行信息传递的。
（2）若“深海一号”一期工程年产天然气3×109m3，天然气的热值为3.6×107J/m3，则这些天然气完全燃烧可以放出的热量为 J；天然气在燃烧过程中，将化学能转化为 能。
（3）水下机器人作业时，在1500m深处受到的海水压强约为 （填“15”“150”或“1500”）个标准大气压；在水下下潜过程中，受到的浮力大小 。
18．（2分）小明设计了如图甲所示的模拟调光灯电路。电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图像如图乙所示。灯泡正常发光时的功率为 W，定值电阻R1的阻值为 Ω。
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。
19．（2分）如图所示，重为G的物体悬浮在水中，请在图中作出物体的受力示意图。
20．（2分）根据通电螺线管周围磁感线方向，在图中标明电源的正极和小磁针的N极（将小磁针的N极涂黑）。
四、简答题：本题共1小题，共4分。
21．（4分）干燥的季节，用塑料梳子梳头时会观察到如下现象，请分别用学过的物理知识解释其形成的原因。
（1）梳头的过程中头发会越梳越蓬松；
（2）头发随梳子飘起来。
五、实验题：本题共5小题，共30分。
22．（5分）用如图甲所示装置探究冰的熔化规律。
（1）实验中通过水对试管加热，而不是酒精灯直接加热试管，目的是 。
（2）图甲中温度计示数为 ℃。
（3）实验中每隔一段时间记录一次试管中物质的温度及对应状态，并作出温度随时间变化的图像，如图乙所示。由图像可知：冰在熔化过程中吸收热量，温度 ，冰是 （填“晶体”或“非晶体”）。
（4）de阶段试管中水 （填“正在”或“没有”）沸腾。
23．（6分）如图是“探究凸透镜成像规律”的实验装置。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ cm。
（2）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在 。
（3）如图乙，光屏上呈现清晰的像，该成像原理与 相同；若保持蜡烛和光屏位置不变，向 （填“左”或“右”）移动透镜可使光屏上能再次呈现清晰的像，此时像是倒立、 的实像。
（4）在凸透镜的中间有一块不透明的小污渍粘在上面，若不清理继续探究，则光屏上 。
A.不能成像
B.有烛焰不完整的像
C.有污渍的像
D.有烛焰完整但较暗的像
24．（5分）如图是探究“运动与力的关系”的实验。
（1）小车每次都从斜面上的同一位置由静止开始下滑，目的是让小车进入水平面时 大小相等。
（2）下表的实验结果表明，在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，小车前进的距离越 。由此联想到，雨雪天路滑，驾驶汽车应适当 （填“增大”或“减小”）汽车之间的距离。
（3）进一步推理，若小车受到的阻力为零，小车将做 运动。
（4）在此实验基础上继续探究“动能大小与哪些因素有关”。将一木块放置在水平木板的相同位置，通过观察被斜面上滑下的小车碰撞后木块的 ，可以比较碰撞前小车的动能大小。
25．（6分）某探究小组在实验室借助天平、烧杯、细线、水测量小石块的密度。
（1）把天平放在 桌面上，把 移至标尺左端的零刻线处，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，如图甲所示，此时应将平衡螺母向 调节，使天平平衡。
（2）用调节好的天平按正确的方法测出了装有适量水的烧杯的总质量，示数如图乙所示，为 g。
（3）如图丙所示，用细线拴着石块浸没在水中（石块未接触烧杯底且水未溢出），天平的示数变为45.2g。如图丁所示，将石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的示数变为64.8g。则石块的质量是 g，石块的密度是 kg/m3。
26．（8分）放假前，项目式学习小组利用湿敏电阻Rx和电磁继电器为班级种植的植物设计自动送水电路。根据植物的生长习性，设计的土壤湿度为35%。
（1）利用图1甲所示电路探究湿敏电阻R0阻值随湿度变化的规律。
①用笔画线代替导线，将图1甲电路连接完整；
②连接电路的过程中，应将开关 ；
③连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为 ；
④将Rx放入湿度为35%的土壤内，闭合开关S，移动滑片P，测得多组数据如下表所示。第2组实验数据中电流表示数如图1乙所示，为 A，根据三次实验的数据可得：湿度为35%的土壤内，Rx的阻值为 Ω。
⑤将湿敏电阻Rx置于不同湿度的土壤中，重复步骤④，测得的湿敏电阻Rx的阻值随所在土壤湿度变化的图像如图2所示。分析图像可得：湿敏电阻的阻值随湿度的增大而 。
（2）根据上述探究结果，利用定值电阻R0和电磁继电器设计自动送水电路。已知蓄电池电压恒定，定值电阻R0的阻值为25Ω，线圈电流大于或等于0.2A时衔铁被吸下，小于0.2A时衔铁被弹回，线圈电阻不计。
①请以笔画线代替导线完成图3所示的电路连接，要求：闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水。
②蓄电池电压恒为 V。
六、计算题：本题共3小题，共22分。
27．（6分）在如图所示的电路中，电源电压恒为9V，R1的阻值是30Ω，闭合开关S，电流表A的示数是0.4A。求：
（1）电流表A1的示数；
（2）电阻R2的阻值。
28．（7分）2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919从上海飞往北京，如图甲所示，开启了首次商业载客飞行。
（1）C919在高空水平定速巡航时，若发动机的牵引力为1.15×105N，求飞行8km牵引力做的功；
（2）如图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型。图中机翼的下表面可视为平面，面积为S1。飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接触面积为S2。飞机总重为G，飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差Δp，近似地认为飞机受到的升力来自于飞机双侧机翼。请推导在跑道上滑行时飞机：
①受到的升力F升；（用字母表示，下同）
②对地面的压强p。
29．（9分）如图甲为科技小组同学设计的储水箱控温（水温保持在20～25℃之间）电路图，S为温控开关，定值电阻R为发热电阻。工作时，温控开关S可在“1”和“2”之间自动切换，当储水箱中的水温低于20℃时，S将自动闭合到“1”开始加热；当水温达到25℃时，S将自动闭合到“2”停止加热，指示灯L亮起，指示灯的耗电量不计。己知储水箱的容积为220L，储水箱装满了水。电路正常工作时，电压为220V，加热功率为2.2kW，加热功率P与工作时间t的关系如图乙所示。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），在电路正常工作情况下，求：
（1）通过电阻R的电流；
（2）0～40min，电路的加热效率；
（3）40～320min，水的热损耗功率。
2024年福建省百校联考中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共14小题，每小题2分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2分）下列属于可再生能源的是（ ）
A．煤B．太阳能C．天然气D．石油
【答案】B
【分析】能够源源不断的从自然界得到补充的能源叫可再生能源，如太阳能、风能、生物质能等；
短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如煤、石油等。
【解答】解：煤、石油、天然气是埋藏在地下的动植物体经过亿万年的时间的形成的，短期内不能从自然界得到补充，是不可再生能源；
太阳能够一直从太阳上源源不断的得到，在人类有限的年代中，太阳能是无限的，是可再生能源。
故选：B。
【点评】可再生能源和不可再生能源的特点是《能源和可持续发展》这一章的重点，需要掌握。
2．（2分）下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．吸盘B．茶壶C．吸尘器D．密度计
【答案】B
【分析】连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。
【解答】解：A、吸盘利用的是大气压，故A不符合题意；
B、茶壶利用连通器原理工作，故B符合题意；
C、吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，故C不符合题意；
D、密度计利用了浮沉条件，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口、底部相连通的，内装同种不流动的液体，液面静止时保持相平。
3．（2分）电业工人带电作业时需要用绝缘垫，以下材料适合做绝缘垫的是（ ）
A．铜B．橡胶C．铝合金D．不锈钢
【答案】B
【分析】不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。
【解答】解：铜、铝合金、不锈钢属于导体；橡胶属于绝缘体，适合做绝缘垫。
故选：B。
【点评】本题考查了导体和绝缘体的概念，属于基础知识。
4．（2分）如图是我国的民族管乐器——箫，演奏者用手指按压不同位置的气孔，是为了改变声音的改变声音的（ ）
A．音调B．响度C．音色D．振幅
【答案】A
【分析】声音的特性包括音调、响度和音色：①音调是指声音的高低，与频率有关，振动的频率越高，音调越高；②响度是指声音的大小，与振幅有关，振动的幅度越大，响度越大；③不同物体的材料和结构不同，发出声音的音色不同。
【解答】解：演奏者用手指按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要是改变声音的音调。
故选：A。
【点评】本题主要考查声音特性的理解和应用等，要注意对概念的理解，属于一道基础题。
5．（2分）蔬菜装袋放入冰箱中，可有效减慢蔬菜中水分的（ ）
A．液化B．升华C．汽化D．凝固
【答案】C
【分析】影响蒸发的因素有液体的温度、液体的表面积和液体上方空气的流动速度。
【解答】解：温度越低，上方空气流动速度越慢，液体蒸发越慢。所以把新鲜的蔬菜装入保鲜袋并放入冰箱，是为了减慢蔬菜中水分的蒸发，蒸发属于汽化。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。同时冰箱的工作过程要有清楚的认识。
6．（2分）以下事例中属于防范惯性带来危害的是（ ）
A．乘车时需要系好安全带
B．跳远运动员在起跳前助跑
C．拍打衣服清除它上面的浮灰
D．撞击锤柄下端使锤头套紧在锤柄上
【答案】A
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种属性，人们在实际生活中利用惯性为我们服务，也能更好的防止它带来的危害。
【解答】解：A、汽车驾驶员系上安全带，是为了防止当汽车刹车时，人由于惯性向前运动撞到挡风玻璃而造成伤害，故A符合题意；
B、跳远助跑使自己具有一定的速度，利用自身的惯性能跳得更远，故B不合题意；
C、拍打刚晒过的衣服，衣服运动，而灰尘由于惯性要保持原来的静止状态，所以灰尘就会和被子分离，这是利用了灰尘的惯性，故C不符合题意；
D、锤头松动时，把锤柄的一端在水泥地上撞几下，该过程中锤头和锤柄都处于运动状态，当锤柄撞击到地面时运动停止，而锤头由于惯性仍保持运动状态，从而使锤头套紧，是惯性的有利影响，故D不合题意。
故选：A。
【点评】此题主要考查了学生对惯性知识的理解与掌握，要科学地利用惯性为人类服务，还要会避免惯性带来的危害。
7．（2分）如图所示是杭州第19届亚运会吉祥物琮琮在平面镜中的全身像，则在平面镜前的琮琮是图中的（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】根据平面镜成像特点来判断像的形状：平面镜成的像，像与物大小相同，对应点连线与镜面垂直。
【解答】解：根据平面镜成像特点分析，当镜面竖直放置时，吉祥物琮琮所成的像是正立、等大、左右相反的，符合该条件的只有A图。
故选：A。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，要着重掌握并能灵活运用。
8．（2分）下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用电器着火时用水灭火
B．空气开关跳闸后立即合上
C．更换灯泡前先断开电源
D．用正在充电的手机打电话
【答案】C
【分析】（1）生活中的水是导体，易造成触电；
（2）空气开关跳闸，原因是电路有短路或或总功率过大的情况，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；
（3）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上是切断火线，防止再次发生危害；
（4）手机在进行充电时上网或通话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，会对人体造成损伤。
【解答】解：A.发生火灾时，要先断开电源开关，才能用水灭火，否则会发生触电，故A错误；
B.因为电路有短路或总功率过大的情况，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故B错误；
C.更换灯泡时，要先切断电源，然后再换新灯泡，否则容易发生触电事故，故C正确；
D.手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
9．（2分）2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱成功着陆。返回过程中，若返回舱在一段时间内的运动可看作是竖直向下的匀速运动，如图所示，则在这段时间内返回舱（ ）
A．只受重力作用B．动能不变
C．机械能不变D．相对于地面是静止的
【答案】B
【分析】根据返回舱的运动状态判定其受力情况；
动能的影响因素是质量和速度；重力势能的影响因素是质量和高度；动能和势能统称机械能；
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
【解答】解：A、返回舱匀速下落的过程中，受力平衡，受到重力和空气阻力的作用，故A错误；
BC、返回舱匀速下落的过程中，其质量不变，速度不变，所以动能大小不变；质量不变，高度减小，则重力势能减小，所以机械能减小，故B正确、C错误；
D、返回舱匀速下落的过程中，相对于地面发生了位置的改变，所以相对于地面是运动的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了物体的受力分析、动能和重力势能的变化、运动和静止的相对性，属于基础题。
10．（2分）在相等的时间内，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，则以下关于甲、乙电热丝对应的物理量大小判断正确的是（ ）
A．R甲＞R乙B．I甲＞I乙C．U甲＞U乙D．P甲＞P乙
【答案】D
【分析】根据Q＝W＝UIt＝I2Rt＝t＝Pt分析解答。
【解答】解：AB、由Q＝I2Rt可知，电热丝放出的热量与电流、电阻以及通电时间有关，通电时间相同，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，但电阻大小、电流大小无法确定，故AB错误；
C、电热丝属于纯电阻用电器，则Q＝W＝t，由于不知道两电阻的连接方式，无法判断二者的电压大小，故C错误；
D、根据Q＝W＝Pt可知，在相等的时间内，电热丝甲比电热丝乙放出的热量多，说明甲的电功率大于乙的电功率，即P甲＞P乙，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查焦耳定律及其推导公式的灵活运用，知道电热丝是纯电阻用电器是解题的关键。
11．（2分）如图所示是家用手摇晾衣架，衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦。下列说法正确的是（ ）
A．滑轮A可以省力
B．滑轮B为定滑轮
C．晾衣架静止时，绳的拉力为30N
D．增大衣物的质量，机械效率减小
【答案】C
【分析】（1）定滑轮使用时，轴的位置固定不变；定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；
（2）轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮称为动滑轮，动滑轮实质是动力臂等于2倍阻力臂的杠杆（省力杠杆）；
（3）从图中可知n＝4，若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，根据F＝G总可知静止时绳的拉力；
（4）增大衣服的质量，增大有用功，额外功不变，根据η＝得到机械效率的变化。
【解答】解：A、滑轮A使用时，轴的位置固定不变，为定滑轮，作用是改变用力的方向，故A正确；
B、滑轮B使用时，轴的位置随被拉物体一起运动，为动滑轮，可以省一半力，故B正确；
C、从图中可知n＝4，若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力F＝G总＝×120N＝30N，故C正确；
D、根据η＝可知，增大衣服的质量，额外功不变，有用功增大，机械效率增大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查定滑轮及其工作特点、动滑轮及其工作特点以及使用滑轮组拉力的计算公式以及机械效率公式，难度不大。
12．（2分）我国古代科技著作《天工开物》中记载了用脚踏碓给稻谷去壳的过程，用脚连续踏木杠的一端，另一端的碓头就会连续起落，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．脚踏碓在应用中属于省力杠杆
B．人脚越靠近O点越省力
C．碓的头部较细，是为了增大压力
D．脚踩位置有粗糙的花纹是为了增大摩擦
【答案】D
【分析】（1）结合图片和生活经验，根据动力臂和阻力臂的大小关系判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）阻力和阻力臂一定时，动力臂越短越费力；
（3）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
（4）增大摩擦力的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：A、脚踏碓在应用中动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、人脚越靠近O点，动力臂越短越费力，故B错误；
C、碓头部较细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故C错误；
D、滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，脚踩位置有粗糙的花纹，是增大了接触面的粗糙程度增大摩擦，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了杠杆的分类、增大压强的方法、增大摩擦力的方法等知识的应用，难度不大。
13．（2分）小明设计的吸尘器包括照明用的灯泡和吸尘用的电动机。在使用时，有时需要独立工作，有时需要同时工作，图中符合上述要求的电路图是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【分析】并联电路特点：各用电器之间互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路，由此根据题意分析解答。
【解答】解：由题意可知，灯泡和吸尘用的电动机都能各自独立工作，说明它们的连接方式是并联，且两支路上各有一个开关来控制灯泡和电动机，干路没有开关，故C图符合要求。
故选：C。
【点评】本题考查了并联电路的特点和开关的作用，明确串并联电路的特点是关键。
14．（2分）如图甲所示，水平向右的推力F将重为4N的物体压在竖直的粗糙程度相同的墙面上，墙面足够大。F的大小与时间t的关系如图乙所示，且已知前2s物体静止，在2s～4s时间内物体向下滑动速度逐渐增大到5m/s，之后保持5m/s速度不变，则（ ）
A．当t＝1s时，物体受到的摩擦力为12N
B．当t＝3s时，物体受到的摩擦力一定小于4N
C．在2s～6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小相等
D．在4s～6s内，滑动摩擦力对物体做功的功率为40W
【答案】B
【分析】（1）当t＝1s时，物体静止，由二力平衡条件得到摩擦力；
（2）2﹣4s物体加速运动，重力大于摩擦力；
（3）在4s～6s时间内，物体匀速直线运动，由二力平衡条件得到摩擦力，根据P＝Fv得到摩擦力做功的功率。
【解答】解：A、当t＝1s时，物体静止，摩擦力和重力是平衡力，摩擦力和重力大小相等，摩擦力是4N，故A错误；
B、2﹣4s物体加速运动，重力大于摩擦力，物体受到的摩擦力一定小于4N，故B正确；
C、在4s～6s时间内，物体匀速直线运动，摩擦力和重力是平衡力，摩擦力和重力大小相等，摩擦力是4N，在2s～6s时间内，物体受到的滑动摩擦力大小不相等，故C错误；
D、在4s～6s内，滑动摩擦力对物体做功的功率为P＝＝Fv＝4N×5m/s＝20W，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后根据二力平衡条件知识即可正确答题，是中考的热点考题。
二、填空题：本题共4小题，每空1分，共12分。
15．（2分）古诗“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”中，由于光的折射现象，垂钓儿童看到的水中鱼比实际位置 浅 ；“怕得鱼惊不应人”是因为 液体 可以传声。
【答案】浅；液体。
【分析】光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如看到水池底比实际变浅、水中筷子看起来变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
声音的传播需要介质。
【解答】解：鱼反射的光线从水中斜射入空气中时，在水面发生折射，所以看到水中的鱼比实际位置浅；
怕说话声惊扰到水中的鱼说明液体可以传声。
故答案为：浅；液体。
【点评】本题考查了光的折射、声音的传播，声音基础题目。
16．（2分）在劳动实践活动中，同学们生火做饭，切菜下锅，大秀厨艺。烧水是通过 热传递 的方式改变水的内能；炒菜时菜香扑鼻，说明分子在不停地做 无规则运动 。
【答案】热传递；无规则运动。
【分析】改变内能的方式：做功和热传递；
一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
【解答】解：烧水是通过热传递的方式改变水的内能；
炒菜时菜香扑鼻，这是扩散现象，这说明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：热传递；无规则运动。
【点评】此题考查了分子热运动，以及热传递的了解和掌握，是一道基础题。
17．（6分）我国自主研发建造的“深海一号”超深水大气田成为世界首个具备远程遥控生产能力的超深水半潜式生产储油平台。“深海一号”主要结构为四个浮在水中的立柱，如图所示。平台上装配了5G设备，实现远程控制。另外，在实际应用中，每个钻井平台会根据水深配备不同等级的水下机器人。已知。据此回答下题。
（1）建造时，将重约2×104t的生产平台安装在四个立柱上，安装完成后每个立柱上方受到的压力为 5×107 N；远程控制时，地面工作人员是利用 电磁 波进行信息传递的。
（2）若“深海一号”一期工程年产天然气3×109m3，天然气的热值为3.6×107J/m3，则这些天然气完全燃烧可以放出的热量为 1.08×1017 J；天然气在燃烧过程中，将化学能转化为 内 能。
（3）水下机器人作业时，在1500m深处受到的海水压强约为 150 （填“15”“150”或“1500”）个标准大气压；在水下下潜过程中，受到的浮力大小 不变 。
【答案】（1）5×107；电磁；（2）1.08×1017；内；（3）150；不变。
【分析】（1）生产平台每个立柱受到的压力等于总重的四分之一。电磁波可以传递信息。
（2）燃料燃烧时化学能转化为内能；根据公式Q放＝Vq进行计算。
（3）根据p＝ρgh进行计算；浸没在水中的物体受到的浮力不变。
【解答】解：（1）生产平台的总重为：G＝mg＝2×104×103kg×10N/kg＝2×108N；
每个立柱上方受到的压力为：；
远程控制时，地面工作人员是利用电磁波进行信息传递的。
（2）这些天然气完全燃烧可以放出的热量为：；
天然气在燃烧过程中，将化学能转化为内能。
（3）10m深度的水产生的压强为：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10m＝1×105Pa；相当于一个标准大气压，
所以1500m深处受到的海水压强约为个标准大气压；在水下下潜过程中，受到的浮力大小不变。
故答案为：（1）5×107；电磁；（2）1.08×1017；内；（3）150；不变。
【点评】本题考查的是电磁波的特点及应用；知道影响浮力大小的因素；会根据热量公式和重力公式进行计算。
18．（2分）小明设计了如图甲所示的模拟调光灯电路。电源电压恒定，R1为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图像如图乙所示。灯泡正常发光时的功率为 1.25 W，定值电阻R1的阻值为 2.5 Ω。
【答案】1.25；2.5。
【分析】由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以电压表V1的示数随电压的增大而增大当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出电表的示数，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的电功率；
当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据串联分压压力可知此时电压表V2的示数最大，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；
由图乙读出当电路中的电流I′＝0.4A时，灯泡两端的电压和变阻器R2两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；
根据串联电路电压规律计算通过电路的电流最小时定值电阻两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以电压表V1的示数随电压的增大而增大；
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知最大电流为0.5A，此时灯泡两端的电压UL＝2.5V，
灯泡正常发光时的功率：PL＝ULIL＝2.5V×0.5A＝1.25W；
当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据串联分压压力可知此时电压表V2的示数最大，
由图乙可知电路中的最小电流I＝0.2A，灯泡两端的电压为0.5V，变阻器R2两端的电压为3.5V，
则电源的电压为：U＝UL″+U2″+IR1＝0.5V+3.5V+0.2A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
由图乙可知当电路中的电流I′＝0.4A时，灯泡两端的电压UL′＝1.5V，变阻器R2两端的电压U2′＝2V，
则电源的电压为：U＝UL′+U2′+I′R1＝1.5V+2V+0.4A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②可得：R1＝2.5Ω，U＝4.5V；
通过电路的电流最小时定值电阻两端的电压：U1＝U﹣UL″﹣U2″＝4.5V﹣0.5V﹣3.5V＝0.5V，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：R1＝＝＝2.5Ω。
故答案为：1.25；2.5。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分。
19．（2分）如图所示，重为G的物体悬浮在水中，请在图中作出物体的受力示意图。
【答案】
【分析】物体悬浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，过重心表示出重力和浮力的大小和方向。
【解答】解：因为物体甲悬浮，所以F浮＝G，过重心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，如图所示：
【点评】本题考查了力的示意图的画法和物体受平衡力的判断。当物体静止或匀速直线运动时，受到的力是平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上。
20．（2分）根据通电螺线管周围磁感线方向，在图中标明电源的正极和小磁针的N极（将小磁针的N极涂黑）。
【答案】
【分析】根据图中磁感线的方向，先判断通电螺线管的N、S极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极；根据安培定则判定电源的正负极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，所以螺线管的右端为N极，左端为S极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极；根据安培定则可知，电流从螺线管的左侧流入，右侧流出，所以电源左侧为正极，右侧为负极，如图所示：
【点评】本题考查了磁感线方向和小磁针磁极的判断，要求学生步步仔细才行。
四、简答题：本题共1小题，共4分。
21．（4分）干燥的季节，用塑料梳子梳头时会观察到如下现象，请分别用学过的物理知识解释其形成的原因。
（1）梳头的过程中头发会越梳越蓬松；
（2）头发随梳子飘起来。
【答案】（1）梳头的过程中梳子和头发因为摩擦使头发带电，头发之间因为带同种电荷而相互排斥，故头发会越梳越蓬松；
（2）梳头过程中，梳子因为摩擦带电，带电体能吸引轻小物体，故头发随梳子飘起来。
【分析】（1）电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（2）带电体能吸引轻小物体。
【解答】答：（1）梳头的过程中梳子和头发因为摩擦使头发带电，头发之间因为带同种电荷而相互排斥，故头发会越梳越蓬松；
（2）梳头过程中，梳子因为摩擦带电，带电体能吸引轻小物体，故头发随梳子飘起来。
【点评】本题考查了摩擦起电和电荷间相互作用的规律，属于基础题。
五、实验题：本题共5小题，共30分。
22．（5分）用如图甲所示装置探究冰的熔化规律。
（1）实验中通过水对试管加热，而不是酒精灯直接加热试管，目的是 使冰受热均匀 。
（2）图甲中温度计示数为 ﹣4 ℃。
（3）实验中每隔一段时间记录一次试管中物质的温度及对应状态，并作出温度随时间变化的图像，如图乙所示。由图像可知：冰在熔化过程中吸收热量，温度 不变 ，冰是 晶体 （填“晶体”或“非晶体”）。
（4）de阶段试管中水 没有 （填“正在”或“没有”）沸腾。
【答案】（1）使冰受热均匀；（2）﹣4；（3）不变；晶体；（4）没有。
【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）温度计读数时要明确温度计的分度值，视线与液柱的液面相平，还要注意是零上还是零下；
（3）晶体在熔化过程中吸热，温度不变；非晶体在熔化过程中吸热，温度不断上升；
（4）水沸腾条件是温度达到沸点，继续吸热。
【解答】解：（1）将装有冰的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，目的是使冰受热均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）该温度计的分度值为1℃，液柱的液面在0刻度线以下，是零下，故示数为﹣4℃；
（3）实验中每隔一段时间记录一次物质的温度及对应状态，由图可知，冰在熔化过程中，吸收热量，温度不变，故冰是晶体；
（4）根据图乙可知，de阶段试管中水与烧杯中的水温度相同，试管中水不能继续吸收热量，不满足水沸腾的条件，所以，试管中水没有沸腾。
故答案为：（1）使冰受热均匀；（2）﹣4；（3）不变；晶体；（4）没有。
【点评】本题考查了冰的熔化规律的实验，难度较小，属于基础性题目。重点掌握温度计的读数、晶体熔化特点、水沸腾条件以及分析图像的能力等。
23．（6分）如图是“探究凸透镜成像规律”的实验装置。
（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ 10.0 cm。
（2）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在 同一高度 。
（3）如图乙，光屏上呈现清晰的像，该成像原理与 照相机 相同；若保持蜡烛和光屏位置不变，向 左 （填“左”或“右”）移动透镜可使光屏上能再次呈现清晰的像，此时像是倒立、 放大 的实像。
（4）在凸透镜的中间有一块不透明的小污渍粘在上面，若不清理继续探究，则光屏上 D 。
A.不能成像
B.有烛焰不完整的像
C.有污渍的像
D.有烛焰完整但较暗的像
【答案】（1）10.0；（2）同一高度；（3）照相机；左；放大；（4）D。
【分析】（1）根据焦点和焦距的定义进行分析。
（2）为了使像成在光屏中央，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度。
（3）物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；该成像原理与照相机相同。
光的折射中光路是可逆的，据此分析。
（4）将凸透镜遮住部分，光屏上有烛焰完整但较暗的像。
【解答】解：（1）由图甲知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚于主光轴上的一点，即焦点，焦点到光心的距离叫焦距，焦点到凸透镜的距离为f＝20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm，所以凸透镜的焦距为/＝10.0cm。
（2）为了使像成在光屏中央，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度。
（3）由图可知，此时物距u＝30cm，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像；该成像原理与照相机相同。
光的折射中光路是可逆的，若保持蜡烛和光屏位置不变，当物距变为原来的像距，即把凸透镜左移至25cm刻度处，像距变为30cm，成倒立、放大的实像。
（4）不透明的小污渍将凸透镜遮住部分，仅仅遮挡部分光线，使像变暗，像的形状取决于物体，污渍不影响像的形状，光屏上有烛焰完整但较暗的像，像的形状不变，故选：D。
故答案为：（1）10.0；（2）同一高度；（3）照相机；左；放大；（4）D。
【点评】本题探究凸透镜成像规律实验，掌握凸透镜成像规律是解题关键。
24．（5分）如图是探究“运动与力的关系”的实验。
（1）小车每次都从斜面上的同一位置由静止开始下滑，目的是让小车进入水平面时 速度 大小相等。
（2）下表的实验结果表明，在其他条件相同时，小车受到的阻力越小，小车前进的距离越 长 。由此联想到，雨雪天路滑，驾驶汽车应适当 增大 （填“增大”或“减小”）汽车之间的距离。
（3）进一步推理，若小车受到的阻力为零，小车将做 匀速直线 运动。
（4）在此实验基础上继续探究“动能大小与哪些因素有关”。将一木块放置在水平木板的相同位置，通过观察被斜面上滑下的小车碰撞后木块的 运动距离 ，可以比较碰撞前小车的动能大小。
【答案】（1）速度；（2）长；增大；（3）匀速直线；（4）运动距离。
【分析】（1）要研究阻力对物体运动的影响，应该采用控制变量法。小车从斜面上会自由下滑，在不同的高度，下滑到斜面底端的速度就不相同；
（2）小车运动的距离长短与所受的摩擦力大小有关，小车运动的距离短，表明受到的摩擦力大；雨雪天路滑，阻力变小，据此回答；
（3）力是改变物体运动状态的原因，如果物体不受力，则物体的运动状态就不会发生变化；
（4）在研究动能大小与什么因素有关时，我们是通过观察小车推动木块移动的距离来反映小车动能大小的，采用的是转换法的思想。
【解答】解：（1）因为该实验是要研究阻力对物体运动的影响，所以应该采用控制变量法，即控制其它因素都相同，只让水平面的阻力大小不同，所以三次实验中应使小车运动到斜面底端时的速度相等。要想让小车运动到斜面底端时的速度相等，就应该让小车从斜面的同一高度处释放；
（2）在这三次实验中，小车在木板表面上运动的距离最长，停止的最慢，这是因为木板表面最光滑，小车在该表面受到的阻力最小；
由此联想到，雨雪天路滑，阻力变小，相同速度刹车滑行距离变大，驾驶汽车应适当增大汽车之间的距离；
（3）由此我们可以推理得出：若水平面绝对光滑（即小车不受摩擦力），则小车会在水平面上做匀速直线运动；
（4）在研究动能大小与什么因素有关时，我们是通过观察小车推动木块移动的距离来反映小车动能大小的，这用到了转换法。
故答案为：（1）速度；（2）长；增大；（3）匀速直线；（4）运动距离。
【点评】本题中涉及的实验采用了初中阶段研究物理问题最常用的控制变量法与转换法，学习中注意总结归纳。
25．（6分）某探究小组在实验室借助天平、烧杯、细线、水测量小石块的密度。
（1）把天平放在 水平 桌面上，把 游码 移至标尺左端的零刻线处，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，如图甲所示，此时应将平衡螺母向 左 调节，使天平平衡。
（2）用调节好的天平按正确的方法测出了装有适量水的烧杯的总质量，示数如图乙所示，为 31.2 g。
（3）如图丙所示，用细线拴着石块浸没在水中（石块未接触烧杯底且水未溢出），天平的示数变为45.2g。如图丁所示，将石块缓慢沉入烧杯底部，放开细线，天平的示数变为64.8g。则石块的质量是 33.6 g，石块的密度是 2.4×103 kg/m3。
【答案】（1）水平；游码；左；（2）31.2；（3）33.6；2.4×103。
【分析】（1）调节天平平衡时，把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，如果指针偏向分度盘的左侧，则向右调节平衡螺母，如果指针偏向分度盘的右侧，则向左调节平衡螺母；
（2）用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准；
（3）求得物块排开的水的质量，可求得排开水的体积，物体全部浸入水中，则物体的体积等于其排开的水的体积；求得物块的质量；然后，利用密度公式ρ＝可求出其密度。
【解答】解：（1）调节天平平衡时，把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调节。
（2）烧杯和水的总质量为20g+10g+1.2g＝31.2g；
（3）用细线拴着石块浸没在水中，天平的示数变为45.2g，则石块排开的水的质量为m排＝45.2g﹣31.2g＝14g；
石块全部浸入水中，则石块的体积等于其排开的水的体积，则石块的体积为：V＝＝14cm3；
将石块缓慢沉入烧杯底部，天平的示数变为64.8g，则石块的质量为：m'＝64.8g﹣31.2g＝33.6g；
则石块的密度为：ρ石块＝＝2.4g∕cm3＝2.4×103kg/m3。
故答案为：（1）水平；游码；左；（2）31.2；（3）33.6；2.4×103。
【点评】此题为固体的密度测量实验，测量密度的实验题是常规性实验题，要掌握天平、量筒的正确使用、读数方法及密度的计算公式。
26．（8分）放假前，项目式学习小组利用湿敏电阻Rx和电磁继电器为班级种植的植物设计自动送水电路。根据植物的生长习性，设计的土壤湿度为35%。
（1）利用图1甲所示电路探究湿敏电阻R0阻值随湿度变化的规律。
①用笔画线代替导线，将图1甲电路连接完整；
②连接电路的过程中，应将开关 断开 ；
③连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为 定值电阻R断路 ；
④将Rx放入湿度为35%的土壤内，闭合开关S，移动滑片P，测得多组数据如下表所示。第2组实验数据中电流表示数如图1乙所示，为 0.18 A，根据三次实验的数据可得：湿度为35%的土壤内，Rx的阻值为 15 Ω。
⑤将湿敏电阻Rx置于不同湿度的土壤中，重复步骤④，测得的湿敏电阻Rx的阻值随所在土壤湿度变化的图像如图2所示。分析图像可得：湿敏电阻的阻值随湿度的增大而 减小 。
（2）根据上述探究结果，利用定值电阻R0和电磁继电器设计自动送水电路。已知蓄电池电压恒定，定值电阻R0的阻值为25Ω，线圈电流大于或等于0.2A时衔铁被吸下，小于0.2A时衔铁被弹回，线圈电阻不计。
①请以笔画线代替导线完成图3所示的电路连接，要求：闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水。
②蓄电池电压恒为 8 V。
【答案】（1）①见上图；②断开；③定值电阻R断路；④0.18；⑤15；⑥减小；
（2）①见上图；②8。
【分析】（1）①电压表与用电器并联；
②为了保护电路，连接电路时开关要断开；
③若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
④根据电流表所用量程读数；
⑤由公式R＝可求电阻；
⑥分析图2得结论；
（2）①根据要求闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水连线。
②根据串联电路规律及欧姆定律求解。
【解答】解：（1）①电压表并联在湿敏电阻Rx两端，如图所示：
；
②为了保护电路，连接电路时开关要断开；
③连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，电路可能断路，发现电压表示数接近于电源电压，电压表与电源连通，则故障是R断路；
④由图可知电流表使用小量程，分度值为0.02A，则此时电流表示数为0.18A；
⑤湿度为35%的土壤内，Rx的阻值为Rx＝＝＝＝＝15Ω；
⑥由图2 可知，湿敏电阻的阻值随湿度的增大而减小；
（2）①闭合开关S，当土壤湿度低于35%时，电动机转动送水；当土壤湿度高于或等于35%时，电动机不转，停止送水，如图所示：
；
②当电流I＝0.2A时，Rx＝15Ω，控制电路为串联电路，则电源电压为U＝I（R0+Rx）＝0.2A×（25Ω+15Ω）＝8V。
故答案为：（1）①见上图；②断开；③定值电阻R断路；④0.18；⑤15；⑥减小；
（2）①见上图；②8。
【点评】本题考查电路图的连接、故障分析、电压表和电流表的使用、欧姆定律、电磁继电器原理的灵活运用，有难度。
六、计算题：本题共3小题，共22分。
27．（6分）在如图所示的电路中，电源电压恒为9V，R1的阻值是30Ω，闭合开关S，电流表A的示数是0.4A。求：
（1）电流表A1的示数；
（2）电阻R2的阻值。
【答案】（1）电流表A1的示数为0.3A；
（2）电阻R2的阻值为90Ω。
【分析】根据电路图可知，定值电阻R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量R1的电流；
（1）根据并联电路电压规律和欧姆定律求出通过R1的电流，即为电流表A1的示数；
（2）根据并联电路电流规律求出通过R2的电流，再根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量R1的电流；
（1）因并联电路中各支路两端电压相等，所以U1＝U2＝U＝9V，
则通过R1的电流：I1＝＝＝0.3A，
即电流表A1的示数为0.3A；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻R2的电流为：
I2＝I﹣I1＝0.4A﹣0.3A＝0.1A，
由I＝可得电阻R2的阻值：
R2＝＝＝90Ω。
答：（1）电流表A1的示数为0.3A；
（2）电阻R2的阻值为90Ω。
【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础题。
28．（7分）2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919从上海飞往北京，如图甲所示，开启了首次商业载客飞行。
（1）C919在高空水平定速巡航时，若发动机的牵引力为1.15×105N，求飞行8km牵引力做的功；
（2）如图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型。图中机翼的下表面可视为平面，面积为S1。飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接触面积为S2。飞机总重为G，飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差Δp，近似地认为飞机受到的升力来自于飞机双侧机翼。请推导在跑道上滑行时飞机：
①受到的升力F升；（用字母表示，下同）
②对地面的压强p。
【答案】（1）飞机飞行8km牵引力做的功为9.2×108J；（2）①受到的升力F升为2ΔpS1；②对地面的压强p为。
【分析】（1）利用公式W＝Fs求牵引力所做的功；
（2）机翼上、下表面存在着压强差，因而有压力差，这就是升力产生的原因，根据公式p＝的变形公式求升力；
（3）飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，飞机受到向上的升力、向上的支持力和向下的重力，飞机在竖直方向上受力平衡，则F升+F支＝G，根据p＝即可求出飞机对地面的压强。
【解答】解：（1）已知牵引力F＝1.15×105N，飞行的距离s＝8km＝8000m，则牵引力所做的功W＝Fs＝1.15×105N×8000m＝9.2×108J；
（2）①已知机翼上下表面的压强差为Δp，机翼的下表面总面积S＝2S1，因而飞机受到的升力F升＝Δp×S＝Δp×2S1＝2ΔpS1；
②飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，飞机受到向上的升力、向上的支持力和向下的重力，飞机在竖直方向上受力平衡，则F升+F支＝G，地面对飞机的支持力和飞机对地面的压力是一对相互作用力，其大小相等，所以F压＝F支＝G﹣F升＝G﹣2ΔpS1，已知机轮与地面的总接触面积为S2，所以飞机对地面的压强p＝＝。
答：（1）飞机飞行8km牵引力做的功为9.2×108J；（2）①受到的升力F升为2ΔpS1；②对地面的压强p为。
【点评】本题考查了做功公式以及压强公式的应用，难度不大，属于基础性题目。
29．（9分）如图甲为科技小组同学设计的储水箱控温（水温保持在20～25℃之间）电路图，S为温控开关，定值电阻R为发热电阻。工作时，温控开关S可在“1”和“2”之间自动切换，当储水箱中的水温低于20℃时，S将自动闭合到“1”开始加热；当水温达到25℃时，S将自动闭合到“2”停止加热，指示灯L亮起，指示灯的耗电量不计。己知储水箱的容积为220L，储水箱装满了水。电路正常工作时，电压为220V，加热功率为2.2kW，加热功率P与工作时间t的关系如图乙所示。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），在电路正常工作情况下，求：
（1）通过电阻R的电流；
（2）0～40min，电路的加热效率；
（3）40～320min，水的热损耗功率。
【答案】（1）通过电阻R的电流为10A；
（2）0～40min，电路的加热效率为87.5%；
（3）40～320min，水的热损耗功率为275W。
【分析】（1）S将自动闭合到“1”开始加热，由图甲可知，此时只有R工作，由图乙可知此时的电功率，根据P＝UI求出通过R的电流；
（2）根据密度公式求出水箱中水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据W＝Pt求出电路消耗的电能，根据效率公式求出0～40min，电路的加热效率；
（3）40～320min，水温从25℃降低到20℃，水放出的热量等于水从20℃升高到25℃吸收的热量，根据P＝求出水的热损耗功率。
【解答】解：（1）S将自动闭合到“1”开始加热，由图甲可知，此时只有R工作，
由图乙可知，电路的加热功率P加＝2.2kW＝2200W，
由P＝UI可知，通过R的电流：I＝＝＝10A；
（2）水的体积V＝220L＝220dm3＝0.22m3，
由ρ＝可知，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.22m3＝220kg，
水从20℃升高到25℃吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×220kg×（25℃﹣20℃）＝4.62×106J；
电路消耗的电能：W＝P加t′＝2200W×40×60s＝5.28×106J，
0～40min，电路的加热效率：η＝＝＝87.5%；
（3）40～320min，水温从25℃降低到20℃，水放出的热量等于水从20℃升高到25℃吸收的热量：Q放＝Q吸＝4.62×106J，
水的热损耗功率：P损＝＝＝275W。
答：（1）通过电阻R的电流为10A；
（2）0～40min，电路的加热效率为87.5%；
（3）40～320min，水的热损耗功率为275W。
【点评】本题考查电功率公式、密度公式、吸热公式以及效率公式的应用，属于电热综合题，有一定的难度。
实验序号
水平面材料
小车受到阻力
小车滑行距离
①
毛巾
大
短
②
棉布
较大
较长
③
木板
小
长
实验序号
1
2
3
电压U/V
1.5
2.7
3.0
电流I/A
0.1
0.2
阻值Rx/Ω
实验序号
水平面材料
小车受到阻力
小车滑行距离
①
毛巾
大
短
②
棉布
较大
较长
③
木板
小
长
实验序号
1
2
3
电压U/V
1.5
2.7
3.0
电流I/A
0.1
0.2
阻值Rx/Ω
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