四川省绵阳市涪城区2023年中考一模物理试卷(含答案)

这是一份四川省绵阳市涪城区2023年中考一模物理试卷(含答案)，共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．操场上，近处同学听到了体育老师的口令，而远处的同学却没有听清楚，其主要原因是老师的声音在传播过程中( )
A.频率变低B.音色变差C.响度变小D.振动幅度增大
2．目前，科学家正在研究太空电站，即地球同步轨道上的太阳能电站，其示意图如图所示。下列说法错误的是( )
A.以地球为参照物，太空电站是静止的
B.太阳能是太阳内部氢原子裂变时释放出的能量
C.利用微波实现“无缆传输”，微波是一种电磁波
D.太阳能是一种清洁、无污染的可再生能源
3．如图所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放。小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低点（形变在弹性限度内），然后又被弹起离开弹簧。上升到最大高度后又下落，如此反复……不计空气阻力。通过安装在弹簧下端的压力传感器，可测出该过程中弹簧弹力F随时间t变化的图象如图所示，则( )
A.此运动过程中，小球的机械能守恒
B.t1~t2这段时间内，小球的动能在逐渐减小
C.t2~t3这段时间内，小球的动能与重力势能之和逐渐增大
D.在t2时刻，小球的动能最大
4．下列几种情况中，不能说明大气压存在的是( )
A.吸盘固定在墙上
B.用吸管吸饮料
C.盆景中水位保持一定高度
D.穿潜水服潜水
5．甲、乙两地间距120m，某小车从甲地运动到乙地，前一半路程的速度为10m/s，后一半路程的速度为15m/s。那么该小车从甲地运动到乙地过程中的平均速度是( )
B.11m/sC.12m/sD.13m/s
6．一束平行光从水中射入空气，OP是其中的一条反射光线，如图所示.能正确反映光线OP的光路图是( )
A.B.
C.D.
7．小明和小亮一起玩一把尺子。小明先把这把尺子放在桌面上，尺子的A端伸出桌子边缘，他用手拍尺子的A端，发现可以很轻松的拍动尺子。然后小亮在尺子上盖了一张报纸，小明再用同样的力气拍A端时，却发现拍不起尺子了，请你推测一下，这是因为( )

A.报纸很重，小明的力气不够同时拍起尺子和报纸
B.报纸比尺子的面积大，所以受到的大气压强大
C.因为杠杆原理，力臂变短了
D.报纸比尺子的面积大，所以受到的大气压力大
8．如图，在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，下列说法不必要的是( )
A.要控制水和沙子的质量相同
B.要控制水和沙子体积相同
C.要用计时器隔一定时间记录温度
D.加热过程中要不停地搅拌
9．如图，当运动员挥拍大力击球时，下列说法符合事实的是( )
A.网球发生形变B.球拍不发生形变
C.网球没有惯性D.球拍没有受到网球的作用力
10．疫情期间，王老师利用手机直播网课（如图），下列说法正确的是( )
A.黑板上的文字通过手机镜头成正立缩小的实像
B.老师和黑板应位于手机镜头一倍焦距和两倍焦距之间
C.为了让同学们看到黑板上的字更大，手机应靠近黑板
D.凸透镜对光线具有发散作用
11．如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，闭合开关S，当滑片P从中点向右移时( )
A.电流表A1的示数变小
B.电压表的示数变大
C.电压表与电流表A2的示数的比值变大
D.R2的电功率变大
12．如图甲所示，金属导体棒静置于条形磁铁N极上方，当通向右的电流时，导体棒将垂直纸面向外运动。现调换磁铁磁极，并给导体棒重新通电，已知其中自由电子向右定向移动，如图乙所示，则导体棒将( )
A.垂直纸面向外运动B.垂直纸面向里运动
C.向上运动D.向下运动
13．如图甲所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑到a点时，小灯泡恰好正常发光；在图乙中绘制出电流表与两电压表示数关系的图像；下列说法中正确的是( )
A.滑片在a点时R的电阻为2.5Ω
B.滑片在a点时，滑动变阻器与小灯泡的电压之比为5∶1
C.小灯泡的额定电压为10V
D.滑动变阻器的最大电阻为15Ω
二、填空题
14．如图甲所示，水平面上叠放在一起的A、B两物体，用15N的水平拉力F1作用在A上，使它们一起向右做匀速直线运动，此时B受到的摩擦力为_________N。如图乙所示，改用大小为20N的水平拉力F2作用在物体B上，使它们一起向右运动，此时A受到地面的摩擦力为_________N。
15．如图所示是一种液面升降监测装置原理图，点光源S发出的一束激光与水平液面成50°角射向平静的液面，光经液面反射后射到上方水平标尺上的S′点，当液面下降时，光点S′将_________（选填“向左”、“不会”或“向右”）移动；当入射光线绕入射点逆时针旋转10°，反射角大小变为_________。
16．如图甲电路中，电源电压保持不变。闭合开关后，调节电阻箱的阻值，记录多组数据，得到电流随电阻箱阻值变化的图像如图乙所示，电源电压为_________V；当电流时，通电10s电阻箱消耗的电能为_________J。
17．使用清洁能源天然气有助于国家提出的2060年前实现碳中和的目标。某同学家使用天然气热水器，平均每天需将质量为100kg的水从18℃加热到58℃，水吸收的热量为_________J，若天然气完全燃烧放出热量的70%被水吸收，则热水器平均每天消耗天然气_________m3[c水=4.2×103J/(kg•℃)，q天然气=4.0×107J/m3]。
18．圆柱体容器内直径20cm、高30cm，竖直放置于水平桌面，装满菜籽油和水（菜籽油与水不相溶），液体静止时液面与容器口相平，菜籽油质量是水质量的2倍，此时液体对容器底的压力是_________N。将一个边长1cm、密度0.95×103kg/m3的小立方体轻轻放入容器内液体中，静止时液体对容器底的压强与放入小立方体前液体对容器底的压强之差是_________Pa。g取10N/kg，π取3.14，ρ油=0.9×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3。
三、实验题
19．某学习小组用如图甲所示装置做“探究冰块熔化时温度的变化规律”实验，操作如下：
（1）组装装置过程中固定铁夹，应先固定_________；（选填“A”“B”或“C”）
（2）记录冰块初始温度，点燃酒精灯开始加热后，每隔1min记录一次温度，在冰块完全熔化后再记录2~3次；
（3）以纵轴表示温度，横轴表示时间，在坐标系中描点、连线绘制出冰块熔化时温度随时间变化图像如图乙所示。分析图像可知：
①2~6min内温度不变，冰块的质量________；（选填“增加”“减少”或“不变”）
②0~2min和6~8min内温度随时间变化快慢不同，原因是冰和水的_________不同。
20．现有两个相同的烧杯a，b分别盛有体积相同的水和酒精，用压强计来鉴定水和酒精已知。
（1）无论怎么压探头上的橡皮膜发现U形管两侧液面高度差几乎不变原因可能是________。
（2）如图甲所示，先后将调好的压强计的探头浸入a、b两杯的液体中，发现a中U形管两端的液面高度差较大。于是判断a杯是水，这个结论是________（选填“可靠”、“不可靠”）。
（3）改装一个压强计再进行实验如图乙将两个探头分别浸入a、b两杯的液体中，从而判断出装水的杯子是________。
21．现有一个标有“2.5V”字样的小灯泡，小倩同学想知道小灯泡的额定功率，于是连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒为6伏，小灯泡电阻约为10欧。

（1）为了完成实验，在标有“10Ω 1A”、“20Ω 1A”的两种滑动变阻器中应选用标有“_________Ω 1A”的；
（2）实验时，小倩刚闭合开关就发现小灯泡亮度很亮然后马上熄灭了，她观察此时电表的示数，发现电流表无示数，电压表示数为6伏。老师指出她操作时的错误是_________；
（3）实验中，当电压表示数为2.5伏时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是_________瓦；
（4）小倩打算增加两只开关和一个阻值为10欧的电阻R0，只用一只电表来测量小灯泡的额定功率。方案一和方案二是小倩设计的两种不同方案的电路图。则以下判断正确的是_________（选填字母）。
A.两种方案都可行
B.两种方案都不可行
C.方案一可行，方案二不可行
D.方案一不可行，方案二可行
四、计算题
22．小华家空调的制冷和送风是交替进行的，该空调处于制冷状态时的功率P1是2.20kW，送风状态时的功率P2是0.22kW，如图所示是小华测得此空调在某段时间内的电功率随时间交替变化的图象。
（1）分析图象可知，空调在前5min内处于什么状态？此时通过它的电流是多少？
（2）在1h内，这台空调制冷状态工作了多长时间？消耗了多少电能？
（3）为了安全用电，许多家庭铺设了空调专线，请你简述铺设空调专线的意义。
23．如图所示一质量为60kg的工人师傅用150N的力，使物体A在1min内沿水平地面匀速移动了12m，此时物体A受到水平向左的拉力为240N，不计绳重、滑轮与绳之间的摩擦力。g取10N/kg，求：
（1）动滑轮重力为多少？
（2）在此过程中工人师傅做功的功率是多少？
（3）该装置此时的机械效率为多大？
（4）这个工人师傅通过滑轮组匀速拖动重物，最多能克服物体与地面之间多大的摩擦力？
参考答案
1．答案：C
解析：响度与距离发声体的远近有关，距离发声体越近，响度就越大，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
2．答案：B
解析：A.太空电站在地球同步轨道上，像同步卫星一样相对于地球是静止的，故A正确，不符合题意；
B.核反应分为核聚变和核裂变，太阳能是太阳内部氢原子聚变时释放出的能量，故B错误，符合题意；
C.电磁波是一个大家族，微波是电磁波的一种，故C正确，不符合题意；
D.能源可分为可再生能源和不可再生能源，太阳能是一种清洁、无污染的可再生能源，故D正确，不符合题意。
故选B。
3．答案：C
解析：A.由图看出，弹簧的弹力F在变化，说明在运动过程中弹簧的弹性势能在变化，而小球和弹簧组成的系统机械能守恒，则小球的机械能不守恒。故A错误；
B.t1~t2这段时间内，小球向下运动，弹簧的弹力先小于重力，后大于重力，小球的合力先向下后向上，小球先加速后减速，所以小球的动能先增加后减小，故B错误；
C.t2~t3这段时间内，小球向上运动，弹簧的弹性势能逐渐减小，弹簧的弹性势能转化为小球的动能和重力势能，小球的动能与重力势能之和逐渐增大，故C正确；
D.t2~t3这段时间内，小球向上运动，弹簧的弹力先大于重力，后小于重力，小球的合力先向上后向下，小球先加速后减速，当弹力等于重力时速度最大，所以t2~t3时间内某时刻速度最大，动能最大，故D错误。
故选C。
4．答案：D
解析：A.吸盘放在墙上后，用力挤压，排出一定的气体，内部气压减小，外部大气压不变，外部压强大于内部压强，受力面积相同，外部压力大于内部压力，压住吸盘，使它牢牢的固定在墙上，能说明大气压强存在，故A项不符合题意；
B.当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中，能说明大气压强存在，故B项不符合题意；
C.当盆景水面因为蒸发，下降到瓶口以下，空气会从瓶口进入，占据水的空间，水会由于重力流出来，使得盆景的水面上升，再次没住瓶口，这样空气进不去了，由于有大气压，水也不能流了，保持水位在一定高度，能说明大气压强存在，故C项不符合题意；
D.穿潜水服潜水，用于防止潜水时体温散失过快，造成失温，同时也能保护潜水员免受礁石或有害动物植物的伤害。不能说明大气压强存在，D项符合题意。
故选D。
5．答案：C
解析：前一半路程所用的时间
前一半路程所用的时间
该小车从甲地运动到乙地过程中的平均速度
故选C。
6．答案：B
解析：由题知，OP是一束平行光从水中射入空气时的一条反射光线，所以入射光线应在法线右侧的水中，因为反射角等于入射角，所以入射光线和反射光线与水平面的夹角也相等（均为60°）；折射光线应在法线左侧的空气中，且折射角大于入射角；由以上分析可知，B图正确.A图中折射角小于入射角，故A错误；C图中折射光线与入射光线在法线的同侧，故C错误；D图中反射角与入射角不相等，故D错误.故选B.
点睛：反射时，反射光线、入射光线、法线都在同一个平面内；反射光线、入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角.光从水中斜射入空气中，折射光线和入射光线分居于法线的两侧，折射角大于入射角.
7．答案：D
解析：A.一张报纸的重力相对于小明的力气来说非常小，所以从报纸的重力找原因是错误的，故A不符合题意；
B.报纸与尺子的面积虽然不同，但受到的大气压是相同的，故B不符合题意；
C.同样是拍打A端，动力臂并没有发生变化，故C不符合题意；
D.由于报纸的面积比原来尺子的面积大得多，受到的大气压相同，根据公式F=pS可知，报纸受到的大气压力大，所以铺上报纸后就很难把尺子拍起了，故D符合题意。
故选D。
8．答案：B
解析：AB.在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，采用的是控制变量法，需要控制水和沙子的质量和初温相同，不需要控制它们的体积相同，故A不符合题意，B符合题意；
C.实验中需要用秒表记录加热的时间，根据加热时间判定吸收热量的多少，故C不符合题意；
D.为了使水和沙子受热均匀，在加热过程中要不停地搅拌，故D不符合题意。
故选B。
9．答案：A
解析：A.当运动员挥拍大力击球时，球拍对网球施加力，使网球发生形变，故A符合题意；
B.大力击球时，球拍受力会发生形变，故B不符合题意；
C.一切物体都具有惯性，网球有惯性，故C不符合题意；
D.球拍对网球施加力，物体间力的作用是相互的，球拍受网球的作用力，故D不符合题意。
故选A。
10．答案：C
解析：AB.手机镜头的原理和照相机原理相同，利用凸透镜成倒立缩小实像的特点制成的，此时物距应该大于二倍焦距，故AB错误；
C.根据凸透镜成像规律可知，当物体靠近透镜时，物距减小，像距增大，像变大，所以为了让同学们看到黑板上的字更大，手机应靠近黑板，故C正确；
D.凸透镜对光线具有会聚作用，凹透镜对光有发散作用，故D错误。
故选C。
11．答案：C
解析：如图，R1和R2并联，电压表测量电源电压；电流表A1测量R1中的电流，电流表A2测量干路电流。
A.电源电压U，R1大小不变，由可知，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故A不符合题意；
B.电源电压保持不变，电压表测量电源电压，所以电压表V的示数不变，故B不符合题意；
C.当滑动变阻器的滑片P从中点向右移时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，即R2的阻值变大，而电源电压U不变，由可知通过R2的电流变小，通过R1的电流不变，由并联电路电流的规律可知干路中的电流变小，即电流表A2的示数变小，电压表与电流表A2的示数的比值变大，故C符合题意；
D.当滑动变阻器的滑片P从中点向右移时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，即R2的阻值变大，由可知R2的电功率变小，故D不符合题意。
故选C。
12．答案：A
解析：金属导体棒静置于条形磁铁N极上方，当通向右的电流时，导体棒将垂直纸面向外运动；现调换磁铁磁极，磁场的方向发生了变化，并给导体棒重新通电，已知其中自由电子向右定向移动，由于电子定向移动的方向与电流的方向相反，所以电流的方向是向左的，所以通电导线周围磁场的方向也发生了变化；由于通电导线的磁场和磁铁的磁场同时改变，则导体棒受力方向不变，仍垂直纸面向外运动。
故选A。
13．答案：C
解析：C.由电路图可知，变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测L两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流I=0.3A，此时灯泡和滑动变阻器两端的电压相等，即UL=UR，此时滑动变阻器R两端的电压
UR=IR=0.3A×20Ω=6V
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压
U=UL+UR=UR+UR=6V+6V=12V
当滑片从最右端向左滑动到a点时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端的电压变小，灯泡两端的电压变大，则图乙中左边的曲线是变阻器R的I-U图像，右边的曲线是灯泡的I-U图像，如图所示：
当小灯泡恰好正常发光时，电路中的电流最大，灯泡两端的电压等于灯泡的额定电压，由图乙可知，灯泡正常发光时的电流I′=0.4A，灯泡两端的电压UL′=10V，故C正确；
B.根据串联电路的电压特点可知，此时变阻器两端的电压
UR′=U-UL′=12V-10V=2V
滑片在a点时，滑动变阻器与小灯泡的电压之比
故B错误；
A.由欧姆定律可知，滑片在a点时变阻器接入电路的电阻
故A错误；
D.滑动变阻器的最大电阻为20Ω，故D错误。
故选C。
14．答案：0；15
解析：AB两物体一起向右做匀速直线运动，两个没有发生相对运动或相对运动趋势，它们直接没有摩擦力，此时B受到的摩擦力为0N。
对甲图中A物块进行受力分析可知，在水平方向上A受到水平向右的拉力F1，地面对A水平向左的摩擦力，在这两个力的作用下保持平衡状态，故地面对A水平向左的摩擦力等于拉力F1，大小为15N；若用F2=20N的水平力作用在B物块上，它们仍然一起向右做直线运动，物块A对桌面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，A物块受到桌面对它的滑动摩擦力不变，仍为15N。
15．答案：向右；50⁰
解析：当液面下降时，入射角不变，入射点右移，经过反射后，反射角等于入射角，故反射光线也右移，故S′点向右移。
当入射光线没有转动时，入射光线与法线的夹角为40°，当入射光线绕入射点逆时针旋转10°，即入射光线远离法线，入射角变为了50°，故反射角变为了50°。
16．答案：6；5
解析：电阻箱与定值电阻串联，电流表测电路的电流，由图乙可知，当电阻箱的电阻为5Ω和20Ω时，对应的电流大小分别为0.4A和0.2A，根据串联电阻的规律及欧姆定律，因电源电压不变，故有
即
解之
电源电压
U=6V
当电流时，根据欧姆定律，定值电阻的电压为
U0=IR0=0.5A×10Ω=5V
根据串联电路电压的规律，电阻箱的电压为
U箱=U-U0=6V-5V=1V
通电10s电阻箱消耗的电能为
W= U箱It=1V×0.5A×10s=5J
17．答案：1.68×107；0.6
解析：水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg•℃)×100kg×(58℃-18℃)=1.68×107J
由得，需要天然气放出的热量
由Q放=qV可得，天然气的体积
18．答案：87.7；0.0159
解析：
19．答案：（1）A；（3）减少；比热容
解析：（1）由于需要用酒精灯外焰进行加热，组装装置过程中按从下到上的原则，应先固定A。
（3）①分析图像可知：2~6min内温度不变，冰逐渐熔化，冰块的质量减少。
②0~2min和6~8min内温度随时间变化快慢不同，根据得出，在Q吸和m一定时，因为冰和水的比热容不同，所以相同时间内升高的温度不同。
20．答案：（1）压强计的气密性很差②不可靠（3）B
解析：（1）无论怎么压探头上的橡皮膜发现U形管两侧液面高度差几乎不变原因可能是压强计的气密性很差，有漏气现象；
（2）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，探究压强与密度的关系时，应控制深度不变，实验中没有控制金属盒浸入的深度相同，因此得出的结论不可靠；
（3）将压强计两金属盒分别浸入两种液体（水和酒精）中，U形管两边的液面高度相同，说明金属盒受到的液体压强相同，根据可知在液体压强相同的情况下ρ与h成反比，即深度大的液体密度小，深度小的液体密度大；由图知，金属盒在B杯中所处的深度小，所以B杯中液体密度较大，则B杯中装的液体是水。
21．答案：（1）20；（2）闭合开关前未将滑片P移至最大阻值处；（3）0.75；（4）C
解析：（1）灯的额定电压为2.5V，电源电压为6V，小灯泡电阻约为10Ω，灯的额定电流为
根据串联电路的规律和欧姆定律得到灯正常发光时变阻器连入电路中的电阻
故选用“20Ω 1A”的滑动变阻器。
（2）实验时，某个小组同学刚闭合开关就发现小灯泡亮度很亮，说明闭合开关时，电路电流太大，滑动变阻器未接入最大阻值，后来灯熄灭了，电流表无示数，电压表等于电源电压，说明小灯泡断路了，说明操作时的错误是：闭合开关前未将滑片P移至最大阻值处。
（3）图中电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，大小为0.3A，则小灯泡的额定功率为
PL=ULI=2.5V×0.3A=0.75W
（4）方案一中，只将S、S2闭合时，灯与R0并联，电流表测通过R0的电流，移动滑片使电流表示数为时，根据并联电路电压的规律，灯正常发光；保持滑片位置不动，将S1闭合，断开S2，记下电流表示数I′，即为灯与定值电阻的总电流，因电路的连接没有改变，各电阻的大小和电压没有改变，通过灯与定值电阻的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流
根据P=UI可求灯的额定功率；故方案一能测出小灯泡的额定电功率。
方案二中，R0、小灯泡、变阻器三者串联，当S、S1闭合、S2断开时，电压表测定值电阻的电压，S1断开，S2闭合时电压表测灯和定值电阻的总电压，都无法确定小灯泡是否正常发光，方案二不能测定小灯泡的额定电功率。
故选C。
22．答案：（1）1A；（2）40min，1.47kW·h；（3）见解析
解析：（1）由图象可知，在前5min，空调的功率是
22kW=220W
由题意知空调处于送风状态；此时通过空调的电流
（2）由图象可知，1h内空调制冷状态工作
空调消耗的电能
（3）在高温天气，用电器过多，导致干路电流过大，输电线上分担的电压增大，家庭电路的电压过低，导致空调不能正常启动。空调功率较大，电流较大，铺设空调专线防止家庭电路电流过大引起火灾或跳闸。
23．答案：（1）60N；（2）60W；（3）80%；（4）1140N
解析：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，不计绳重、滑轮与绳之间的摩擦力，动滑轮重力
G动=nF﹣FA=2×150N﹣240N=60N
（2）绳子自由端移动的距离
s绳=ns物=2×12m=24m
拉力做的总功
W总=Fs绳=150N×24m=3600J
在此过程中工人师傅做功的功率
（3）因物体A沿水平地面匀速移动时处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，所以，物体A受到的摩擦力
f=FA=240N
则工人师傅做的功有用功
W有=fs物=240N×12m=2880J
该装置此时的机械效率
（4）工人师傅施加的最大拉力
F大=G人=m人g=60kg×10N/kg=600N
最多能克服物体与地面之间最大的摩擦力
f大=nF大﹣G动=2×600N﹣60N=1140N