2024年高考押题预测卷—物理1（黑龙江卷）（参考答案）

这是一份2024年高考押题预测卷—物理1（黑龙江卷）（参考答案），共3页。试卷主要包含了选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
二、实验题：本题共2小题，共14分。
9.(1)b（1分）
(2)500（1分）
(3) （2分）
4.7×10−5∼4.9×10−5（2分）
10．(1) B；（2分） (2) 0.7883；（2分） (3)2tn−1；（2分） 4π2T2(L+d2)；（2分）
三、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
10.(5分)【答案】解：从B到C点，小球平抛运动，据题意可知小球在C点的速度方向与水平方向成37°，
将速度分解，竖直速度vy=v0tan37∘=gt①（2分）
水平方向匀速直线运动，则R+Rcs53∘=v0t②（2分）
联立可以解得：t=0.3s，v0=4m/s。（1分）
答：(1)小球从B点运动到C点所用时间t=0.3s；
(2)小球做平抛运动的初速度4m/s。
12.（12分）【答案】(1)负电； 3.2×10−15C ；(2) t= 610s
【解析】(1)电键S1闭合、S2断开时，电路断路
UAB=ε=300V（1分）
该油滴处于静止状态，受力平衡
Eq=mg,E=UABd（2分）
解得
q=3.2×10−15C（1分）
由于电场方向竖直向下，电场力竖直向上，故该油滴带负电；
(2)闭合电键S2电容器与R并联，因此
U′AB=UR（1分）
根据闭合电路欧姆定律
ε=IR+R0+r（1分）
UR=IR（1分）
电场强度
E′=U′ABd（1分）
根据牛顿第二定律
mg−E′q=ma（2分）
油滴下落到B板由运动学公式
d2=12at2（1分）
联立解得
t= 610s（1分）
13（21分）解：(1)线框AB边刚进入区域I时，感应电动势大小为E1=Bdv0（1分）
回路中的电流为I1=E1R（1分）
安培力大小FA=BI1d（1分）
加速度大小a=FAm（1分）
联立解得a=B2d2v0mR（1分）
(2)过程 ①:线框完全进入区域Ⅰ过程，线框向右的位移为d，设动量变化量为△p1，以水平向左为正
方向，由动量定理，有BdI⋅△t=Δp1（1分）
其中I=Bdv1R（1分）
又d=v1⋅△t（1分）
解得Δp1=B2d3R（1分）
过程 ②:从线框AB边开始进入区域Ⅱ到AB边将要进入区域Ⅲ，线框向右的位移为s，设动量变化量为
Δp2，同理，有Δp2=B2d2sR（1分）
过程 ③:从线框AB边开始进入区域Ⅲ到线框CD边将要进入区域Ⅱ，线框向右运动的位移为d−s，设动
量变化量为△p3，同理，有△p3=4B2d2(d−s)R（1分）
过程 ④:从线框CD边开始进入区域Ⅱ到CD边将要进入区域Ⅲ，线框向右运动的距离为s，设动量变化
量为△p4，同理，有△p4=B2d2sR（1分）
设线框完全进入区域Ⅲ中的速度大小为v，由动量定理可得
Δp1+Δp2+Δp3+Δp4=mv0−mv（1分）
联立解得v=v0−B2d2(5d−2s)mR（1分）
(3)对(2)中的过程 ①通过的位移，安培力大小F1=B2d2v0R 线框克服安培力做功为W1=B2d3v0R（1分）
对(2)中的过程 ②通过的位移，安培力大小F2=B2d2v0R 线框克服安培力做功为W2=B2d2sv0R（1分）
对(2)中的过程 ③通过的位移，安培力大小F3=4B2d2v0R 线框克服安培力做功为W3=4B2d2(d−s)v0R（1分）
对(2)中的过程 ④通过的位移，安培力大小F4=B2d2v0R 线框克服安培力做功为W4=B2d2sv0R（1分）
由运动的对称性知，此后线框至完全离开区域V过程，与前述运动过程中克服安培力做功的情形相同，
因此，全过程中克服安培力做的总功为W=2(W1+W2+W3+W4)=B2d2v0R(10d−4s)（1分）
全过程中线框运动的时间为t=d+3L+2sv0（1分）
因此，水平外力所做功的平均功率P=Wt=B2d2v02(10d−4s)(d+3L+2s)R （1分）
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6
7
8
C
B
D
A
C
BC
ABD
AD