2024年天津三十二中中考物理模拟试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年天津三十二中中考物理模拟试卷（含详细答案解析），共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

1.下列估测中，符合实际的是( )
A. 中学生课桌高度约为80cmB. 一个普通中学生的重力约为50N
C. 成年人步行的速度约为1.1km/hD. 人体体温的变化范围约为0∼42℃
2.如图所示的用具中，在使用时属于费力杠杆的是( )
A. 瓶盖起子B. 剪铁皮的剪刀
C. 撬棒D. 船桨
3.下列现象或装置中不是利用大气压强原理的是( )
A. 锅炉的水位计
B. 吸盘
C. 吸管吸饮料
D. 盆景自动供水装置
4.手电筒的构造如图所示，电源为两节新干电池，下列说法正确的是( )
A. 弹簧为绝缘体，按键为导体
B. 灯泡发光时，两端电压为3V
C. 此小灯泡发光时，电能只转化为光能
D. 小灯泡为用电器，提供电能
5.如图所示的家庭电路中，连接错误的元件是( )
A. 开关B. 两孔插座C. 电灯D. 三孔插座
6.如图所示，让钢球从斜槽上由静止滚下，钢球运动到水平面上碰到静止的木块后，能将木块撞出一段距离。下列说法正确的是(不计空气阻力)( )
A. 钢球能从斜槽上滚下是因为它具有惯性
B. 木块被撞得越远，说明钢球对木块做的功越多
C. 钢球在斜槽上向下滚动时，它的机械能越来越大
D. 木块被撞出一段距离，说明物体的运动需要力来维持
7.一人造地球卫星沿椭圆轨道运行，我们把卫星运行过程中离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点(如图所示)。已知卫星在运行过程中机械能保持不变，那么( )
A. 卫星在远地点的势能最大、动能为零
B. 卫星在近地点的动能最大、势能为零
C. 卫星从近地点向远地点运动过程中，势能增大、动能减小
D. 卫星从近地点向远地点运动过程中，动能增大、势能减小
8.用细绳将吊灯悬挂在天花板上，如图所示，吊灯保持静止状态，则下列说法正确的是( )
A. 吊灯所受拉力与吊灯所受重力是一对平衡力
B. 天花板所受拉力与吊灯所受拉力是一对平衡力
C. 吊灯所受重力与细绳所受拉力是一对相互作用力
D. 天花板对细绳的拉力与吊灯所受重力是一对相互作用力
9.某自动售货机，它可通过手机扫码(闭合S1)或通过投币(闭合S2)，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。符合上述情况的电路设计是图中的( )
A. B.
C. D.
10.如图所示的电路中，两个小灯泡的规格相同。闭合开关后，只有一个小灯泡发光，电压表指针偏转明显。则故障原因可能是( )
A. L1短路B. L1断路C. L2短路D. L2断路
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
11.如图所示，下列情况受力分析可能正确的是(不计空气阻力)( )
A. 物体不受外力沿粗糙斜面下滑
B. 物体在拉力作用下沿粗糙斜面匀速下滑
C. 物体不受外力沿光滑斜面上滑
D. 物体在拉力作用下沿粗糙斜面上滑
12.在老旧小区改造中，工人利用滑轮组将重380N的建筑材料提升到楼顶，如图所示。已知工人对绳子的拉力为200N，建筑材料在5s内匀速上升5m，不计绳重及摩擦。此过程中，下列说法正确的是( )
A. 动滑轮所受重力为20N
B. 滑轮组所做的有用功为2000J
C. 工人所用拉力的功率为380W
D. 滑轮组的机械效率为95%
13.底面积为S0的圆柱形薄壁容器内装有密度为ρ0的液体，横截面积为S1的圆柱形物块由一段非弹性细线与容器底部相连，如图1所示，此时细线对木块的拉力为T；现将细线剪断，当物块静止时，有25的体积露出液面，如图2所示．下列判断正确的是( )
A. 物体的体积为5T2ρ0gB. 物体所受的重力为3T2
C. 液面下降的高度为T(S0−S1)ρ0gD. 容器底部所受液体压强减小了TS0
三、填空题：本大题共6小题，共24分。
14.如图所示，木块的长度是______ cm，物块的质量是______ g。
15.如图所示，在硬币上方沿着与桌面平行方向用力吹一口气，硬币就可以跳过栏杆．这是因为硬币上方气流速度______下方的气流速度，硬币上方压强______下方压强，产生向上的升力，因此硬币就“跳”过了栏杆．
16.如图所示，在海拔五千多米的某边防哨所，战士们在日常生活中必须使用压力锅做饭，这是因为高山上气压______，用普通锅做饭水的沸点将______于100℃。(均选填“高”或“低”)
17.如图为某电磁继电器的工作原理图，开关S闭合时，电磁铁______(有/无)磁性，______(电灯/电铃)通电工作。
18.如图所示，爷爷与小红进行爬楼梯比赛，他们都从1楼上到5楼，爷爷的体重是小红体重的2倍，爷爷所用的时间是小红所用时间的2倍，若爷爷做功为W1，功率为P1，小红做功为W2，功率为P2，则W1：W2=______，P1：P2=______。
19.如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动速度v与时间t的关系图象如图丙所示，由图象可知t=1s时，物体受到的摩擦力为______N；t=3s时，物体受到的摩擦力为______N.
四、实验探究题：本大题共2小题，共14分。
20.在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：图1和图2中已将杠杆大小及杠杆上的刻度按照适当比例缩小。
(1)实验前，小明看到轻质杠杆位置如图1所示，为使该轻质杠杆在水平位置平衡，小明应将杠杆两端的螺母向______(选填“左”或“右”)调节。
(2)实验时，小明在已调节水平位置平衡的该轻质杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，分别三次改变钩码的数量、移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，三次实验获得的数据如下表所示。分析表中数据，可以得出杠杆的平衡条件是______。
(3)为了进一步验证实验结论，小明又做了如图2所示的实验，当杠杆在水平位置平衡时：
已知每个钩码的质量均为50g，则此次实验中阻力F2大小为______ N，若弹簧测力计的拉力F1为0.8N，则动力臂l1为______ cm。(g取10N/kg)
(4)请你在图2中画出动力F1的力臂l2。
21.为了探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，小夏设计了如图所示实验(实验所用棉布比木板表面粗糙)。
(1)实验过程中，弹簧测力计应沿水平方向拉着物块做______运动，根据______知识，可知滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
(2)在这四次实验中，滑动摩擦力最小的是______(选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”)。
(3)比较甲、乙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与______是否有关；比较乙、丙两次实验，是为了探究滑动摩擦力大小与______是否有关。
(4)比较甲、丁两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丁实验中弹簧测力计的示数，小夏由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是______的(选填“正确”或“错误”)，理由是______。
(5)小夏对实验装置进行改进后，如图戊所示，当他再进行实验时，发现效果更好。请你说出改进后的优点是______(写出一条即可)。
五、计算题：本大题共3小题，共18分。
22.小明家有一台额定功率为2000W的电热淋浴器，装满20kg水后连续正常加热1000s，水的温度由30℃升高到50℃。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，求：
(1)加热过程中水吸收的热量；
(2)此过程电热淋浴器的热效率。
23.如图所示，R2=3Ω，当S1闭合，S2断开时，电流表的示数为1A，当S1、S2都闭合时，电流表的示数为1.2A，求：
(1)电源电压；
(2)R1消耗的功率。
24.边长为20cm的薄壁正方形容器(质量不计)放在水平桌面
上，将质地均匀的实心圆柱体竖直放在容器底部，其横截面积为200cm2，高度为10cm。如图1所示。然后向容器内缓慢注入某种液体，圆柱体始终直立，圆柱体对容器底部的压力与注入液体质量的关系如图2所示。(g取10Nkg)
(1)判断圆柱体的密度与液体密度的大小关系，并写出判断依据；
(2)当圆柱体刚被浸没时，求它受到的浮力；
(3)当液体对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为1：3时，求容器内液体的质量。
六、综合题：本大题共1小题，共5分。
25.物理兴趣活动课上，老师让同学们测葡萄酒的密度。除了葡萄酒，老师还提供的器材有：一个形状不规则蜡块(其密度小于水和葡萄酒的密度)、两个完全相同的烧杯、适量密度为ρ0的水、一把刻度尺。请你利用上述器材，帮助同学们设计一个实验方案，测出葡萄酒的密度。要求：
(1)写出主要的实验步骤及所需测量的物理量；
(2)写出葡萄酒密度的数学表达式。(用已知量和测量量表示)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A符合实际；
B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，故B不符合实际；
C、成年人正常步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h左右，故C不符合实际；
D、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故D不符合实际。
故选：A。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】D
【解析】解：
A.瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B.剪铁皮的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C.撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，省力杠杆，故C不符合题意；
D.船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】A
【解析】A、锅炉水位计利用的是连通器原理，不是利用大气压强原理，故A符合题意；
B、将塑料吸盘按在墙壁上时，吸盘内的气压大大减小，吸盘在外面大气压的作用下，被紧紧的压在墙壁上，故B不合题意；
C、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，故C不合题意；
D、随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，瓶口继续没入水中，空气不再进入，水停止流出，如此反复，所以盆景自动供水装置利用的是大气压强，故D不合题意。
故选：A。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
此类题举出的例子一般都是学生平时接触过的，上课时老师有讲过，或是平时练习时有做过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。
4.【答案】B
【解析】解：A、手电筒的按键相当于开关，控制电路通、断，是导体，手电筒底部的金属弹簧是导体，在这里是导线，故A错误；
B、一节新干电池的电压是1.5V，灯泡发光时，两端电压为3V，故B正确；
C、小灯泡发光时，电能转化为光能和内能，故C错误；
D、小灯泡为用电器，消耗电能，故D错误；
故选：B。
根据电路的组成和作用分析。电源是提供电能的装置，用电器是用电来工作的设备，开关是用来控制电路通、断的装置，导线是将电源、用电器、开关连接起来构成电路，是输送电能的元件。一节新干电池的电压是1.5V，灯泡发光时，电能转化为光能。
本题考查了电流的组成、导体绝缘体概念、电压概念、能量转化等知识，属于基础综合题。
5.【答案】B
【解析】解：
AC、开关控制电灯时，开关要接在火线和电灯之间，这样在断开开关时，能切断火线，便于维修或更换灯泡，所以开关、电灯的连接方法正确，故AC不符合题意；
B、两孔插座的左孔应接零线，右孔应接火线，所以图中两孔插座的接法错误，故B符合题意；
D、三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，所以图中三孔插座的接法正确，故D不符合题意。
故选：B。
根据家庭电路中的以下连接要求，对照图片和选项的描述逐一做出判断：
(1)开关控制灯泡的正确连接方法：火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。
(2)两孔插座的连接方法：左孔接零线，右孔接火线。
(3)三孔插座的连接方法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路中，总开关、保险丝、灯泡、开关、两孔插座、三孔插座的连接方法是解答本题的关键。
6.【答案】B
【解析】解：
A、钢球能从斜槽上滚下是因为它受到重力的作用，而不是因为它具有惯性。故A错误；
B、根据W=Fs可知，木块被撞得越远，说明钢球对木块做的功越多。故B正确；
C、钢球在斜槽上向下滚动时，不计空气阻力，但钢球还受到摩擦力作用，钢球滚下时需要克服摩擦力做功，有一部分机械能转化为内能，所以，钢球的机械能会减少。故C错误；
D、木块被撞出一段距离，是因为木块受到力的作用，其运动状态发生了变化，不能说明物体的运动需要力来维持。故D错误。
故选：B。
(1)钢球能从斜槽上滚下是因为它受到重力的作用；
(2)根据W=Fs分析解答；
(3)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。
(4)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因。
此题考查惯性、功的大小比较、机械能守恒、力与运动的关系，涉及到的知识点较多，综合性较强，要求学生具有扎实的力学基础。
7.【答案】C
【解析】解：
A、卫星质量一定，在远地点时相对地球距离最大，势能最大，卫星仍在运动，故动能不为零，故A错误；
B、卫星质量一定，在近地点时速度最大，动能最大，相对地球有一定距离，势能不为零，故B错误；
CD、卫星在运行过程中机械能保持不变，从近地点向远地点运动过程中，速度变小，动能变小，高度变大，势能变大，动能转化为势能；故C正确，D错误。
故选：C。
(1)动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
(2)重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。
8.【答案】A
【解析】解：
A、吊灯所受拉力与吊灯所受重力，大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力；故A正确；
B、天花板所受拉力与吊灯所受拉力，二力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、吊灯所受重力是地球对吊灯的吸引作用，细线所受拉力是吊灯对细线的作用，有3个物体(即吊线、地球和吊灯)，所以不是一对相互作用力，故C错误；
D、天花板对吊线的拉力是天花板对细绳的作用，吊灯所受重力是地球对吊灯的吸引作用，有三个物体(天花板、细绳和吊灯)，所以不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上，缺一不可；
(2)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。
本题考查了平衡力的辨别，要注意四个条件缺一不可，同时要注意相互作用力和平衡力的区别：是否作用在同一个物体上。
9.【答案】C
【解析】解：由题意可知，通过手机扫码使开关S1闭合或通过投币使开关S2闭合都能启动电动机完成自动售货，
由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1和开关S2应并联共同控制电动机；
由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明，则灯泡与电动机并联，能独立工作，且只由光控开关S3控制，
综上结合选项可知，只有C图符合题意。
故选：C。
根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关S2可以独立工作、互不影响，即为并联，
再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，据此分析进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。
10.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测灯L2两端电压；当开关闭合时，其中一个灯亮，说明电路是通路，则另一个灯泡不亮的原因可能是灯泡短路。而电压表有示数，说明L2没有短路，则故障原因可能是L1短路，故A正确，BCD错误。
故选：A。
由图可知：L1、L2串联，当开关闭合时，其中一个灯亮，说明电路是通路，则另一个灯泡不亮的原因可能是灯泡短路；根据电路图，可做出判断。
本题考查了电路故障分析，根据电路图和电路中的现象，分析电路故障是电学中经常出现的题目，必须掌握。
11.【答案】ACD
【解析】解：
A、物体沿斜面下滑，在斜面上受到三个力的作用：竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面向上的摩擦力的作用，故A正确；
B、物体在拉力作用下沿粗糙斜面匀速下滑，滑动摩擦力的方向与物体运动的方向是相反的，即滑动摩擦力的方向沿斜面向上，故B错误；
C、物体不受外力沿光滑斜面上滑，由于斜面是光滑的，不受摩擦力，只受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力的作用，故C正确；
D、物体在拉力作用下沿粗糙斜面上滑，受到四个力的作用：竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面向下的摩擦力、沿斜面向上的拉力，故D正确。
故选：ACD。
滑动摩擦力方向与相对运动方向相反；对物体进行受力分析，得出结论。
此题主要考查学生对力的示意图的画法的理解和掌握，画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
12.【答案】AD
【解析】解：A、由图可知n=2，因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=2×200N−380N=20N，故A正确；
B、滑轮组所做的有用功：W有=Gh=380N×5m=1900J，故B错误；
C、绳子自由端移动的距离：s=nh=2×5m=10m，
拉力做的总功：W总=Fs=200N×10m=2000J，
拉力做功的功率：P=W总t=2000J5s=400W，故C错误；
D、滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=1900J2000J×100%=95%，故D正确。
故选：AD。
(1)由图可知n=2，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
(2)利用W有=Gh求滑轮组所做的有用功；
(3)绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮的重力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
13.【答案】ABD
【解析】【分析】
本题考查了阿基米德原理、压强公式、力的合成知识的综合运用，对木块正确的受力分析，灵活运用阿基米德原理和液体压强公式进行转化是解题的关键，属于难题．
【解答】
A、已知，此时细线对木块的拉力为T；现将细线剪断，当物块静止时，有25的体积露出液面，则T=ΔF浮=ρ0g×25V，则V=5T2ρ0g，故A正确；
B、漂浮时F浮 ′=G=ρ0g35V=ρ0g35×5T2ρ0g=3T2，故B正确；
C、细线剪断，物块上浮，静止时△V排=25V=25×5T2ρ0g=Tρ0g，则液面下降的高度：△h=ΔV排S0=Tρ0gS0=Tρ0gS0，故C错误；
D、容器底部所受液体压强减小了：p=ρ0g△h=ρ0g×Tρ0gS0=TS0，故D正确．
故选：ABD.
14.【答案】2.70103
【解析】解：由图知：
刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm，；刻度尺要估读到分度值的下一位，木块左侧与4.00cm对齐，右侧与6.70cm对齐，所以木块的长度为L=6.70cm−4.00cm=2.70cm。
盘中砝码总质量是50g+50g=100g，游码对应的刻度值是3g(左边缘对应的刻度)，物体质量m=100g+3g=103g。
故答案为：2.70；103。
(1)使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
(2)天平：盘中砝码总质量加上游码在标尺上对应的刻度值，就是被测物体的质量。
使用任何一种测量工具之前都要观察量程，认清分度值，刻度尺要观察零刻线是否磨损，天平要把游码移到零刻线处；刻度尺的读数要估读到分度值的下一位，其他测量工具，正好是整刻线，就不必估读了。希望同学们掌握每种测量工具的使用方法和读数规则。
15.【答案】大于；小于
【解析】解：没有吹气时，硬币上方和下方都受到相同的大气压的作用，在硬币上方沿着与桌面平行方向用力吹一口气，硬币上方气流速度大于下方的气流速度，硬币上方压强小于下方压强，产生向上的升力，因此硬币就“跳”过了栏杆
故答案为：大于；小于．
流动的气体和液体都称为流体，流体流速大压强小．
掌握流体的流速和压强的关系，并能解释有关的问题．
16.【答案】低 低
【解析】解：因为气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低，高原地区气压小于一个标准大气压，水的沸点低于100℃，所以高原边防哨所的战士用压力锅煮面条才能吃到熟食。
故答案为：低；低。
沸点与气压的关系：气压高，沸点高。
本题主要考查学生对气压与沸点的关系的认识，属于基础题。
17.【答案】有 电灯
【解析】解：闭合开关，电磁铁中有电流通过，电磁铁有磁性，吸引衔铁，动触点和下面的静触点接通，电灯和电源构成通路，电灯工作。
故答案为：有；电灯。
电磁铁通电后有磁性。衔铁被吸下，看看电源和哪个用电器构成通路。
电磁铁在控制电路中，用电器在工作电路中，电磁继电器是用控制电路来控制工作电路的。
18.【答案】2：1 1：1
【解析】解：(1)设爷爷的重力为G1，小红重力为G2，
根据W=Gh可知，两人的做功之比：W1W2=G1hG2h=G1G2=2：1；
(2)功率之比：P1P2=W1t1W2t2=W1W2×t2t1=21×12=1：1。
故答案为：2：1；1：1。
(1)爬楼比赛过程中，两人爬楼的高度相同，根据W=Gh求出做功之比；
(2)根据P=Wt求出功率之比。
此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，代入数值时不要弄混了是解决此题的关键。
19.【答案】1；2
【解析】解：(1)由图乙的v−t图象可以知道，在0∼2s内，物体处于静止，处于平衡状态；
由图乙的F−t图象可知，在0∼2s内推力F=f，由平衡条件得，t=1s时，物体受到的摩擦力f=F=1N；
(2)由图乙的v−t图象可知，在4∼6s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态，
由平衡条件可知，此时物体所受到的摩擦力f与推力F是一对平衡力，即f=F，
由图乙的F−t图象可知，在4s∼6s内，推力F=2N，物体所受到的摩擦力f=F=2N，
在t=3s时，物体做加速运动，物体受到的摩擦力为滑动摩擦力，
滑动摩擦力大小与速度无关，物体受到的摩擦力是2N.
故答案为：1；2.
(1)由图乙的v−t图象可以判断物体在不同时刻的运动情况；由图甲的F−t图象可以得出物体在不同时刻所受到的推力大小．
(2)由图乙v−t图象找出物体什么时候处于平衡状态，然后由平衡条件求出物体所受摩擦力大小．
此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后根据平衡条件即可正确答题，是中考的热点考题．
20.【答案】右 动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1×l1=F2×l2)112.5
【解析】解：(1)如图甲所示，杠杆静止时，左端下沉，应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡；
(2)分析表格中的数据知1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm；1.0N×20.0cm=2.0N×10.0cm；2.0N×15.0cm=3.0N×10.0cm，故可得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1×l1=F2×l2)；
(3)已知每个钩码的质量均为50g=0.05kg，由图可知，阻力大小等于钩码的重力，所以阻力F2大小为：
F2=G=mg=2×0.05kg×10N/kg=1N；
杠杆在水平位置平衡，支点到力的作用点的距离即为阻力臂，由图知阻力臂l2为10.0cm；
根据杠杆平衡的条件得，1N×10.0cm=0.8N×l2，解得，l2=12.5cm；
(4)沿力F1的方向作出F1的作用线，由支点O向F1的作用线作垂线，垂线段的长度就为F1的力臂l1，如图所示：
故答案为：(1)右；(2)动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1×l1=F2×l2)；(3)1；12.5；(4)见解答图。
(1)杠杆的调节也跟天平类似，应向高的一侧移动平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便；
(2)杠杆平衡的条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1×l1=F2×l2)；
(3)由图可知，阻力即为钩码的重力，根据重力公式G=mg即可得出，根据图得出阻力臂l2；再利用杠杆平衡的条件求出动力臂l1；
(4)力臂是从支点到力的作用线的距离；由支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂。
本题考查了杠杆平衡条件的探究实验，实验中要明确动力臂、动力、阻力臂和阻力。
21.【答案】(1)匀速直线 二力平衡
(2)丁
(3)压力大小 接触面粗糙程度
(4)错误 没有控制压力大小相等
(5)不必控制木板做匀速直线运动，便于操作(或测力计的示数稳定，便于读数)
【解析】解：
(1)弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个力是平衡力，根据二力平衡条件，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关。
由题意可知，甲乙丁的接触面较光滑，并且丁的压力最小，故丁实验中木块受到的滑动摩擦力最小。
(3)甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，压力不同，故甲、乙实验是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小是否有关；
乙、丙两次实验，压力相同，接触面粗糙程度不同，故乙、丙为了探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度是否有关。
(4)甲、丁两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，接触面积不同，即没有控制压力大小相等，无法探究滑动摩擦力跟接触面积的关系，故得到的结论是错误的。
(5)实验改进后，物体A相对于地面是静止的，物体A受到测力计的拉力和木板对物体A的滑动摩擦力是一对平衡力，其大小始终相等，与木板运动的速度无关，所以实验时不必控制木板做匀速直线运动，便于操作，且实验时测力计的示数稳定，便于读数。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)丁；(3)压力大小；接触面粗糙程度；(4)错误；没有控制压力大小相等；(5)不必控制木板做匀速直线运动，便于操作(或测力计的示数稳定，便于读数)。
(1)弹簧测力计显示拉力大小，弹簧测力计水平拉动木块进行匀速直线运动时，木块受到平衡力作用，滑动摩擦力等于拉力大小。
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，从滑动摩擦力大小的影响因素进行分析。
(3)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，利用控制变量法探究滑动摩擦力跟影响因素之间的关系。
(4)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，探究滑动摩擦力跟接触面积的关系时，控制压力大小和接触面粗糙程度不变。
(5)物体A相对地面处于静止状态，物体A受到弹簧测力计的拉力和木板对物体A的滑动摩擦力，滑动摩擦力跟物体运动速度无关。
本题是探究滑动摩擦力大小与什么因素有关的实验，注意控制变量法的运用，难点是分析实验改进的优点。
22.【答案】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×20kg×(50℃−30℃)=1.68×106J；
(2)消耗的电能：
W=Pt=2000W×1000s=2×106J，
此过程电热淋浴器的热效率：
η=Q吸W×100%=1.68×106J2×106J×100%=84%。
答：(1)加热过程中水吸收的热量为1.68×106J；
(2)此过程电热淋浴器的热效率为84%。
【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出此过程电热淋浴器的热效率。
本题是一道电学与热学的综合计算题，考查了热量的计算、电功的计算、电热淋浴器的效率的计算，要注意区分哪些是有用能量(被水吸收的)、哪些是总能量(消耗的电能)。
23.【答案】解：(1)当S1闭合，S2断开时，电路为R2的简单电路，电流表测通过R2的电流；
由I=UR可得，电源的电压等于R2两端的电压，即U=I2R2=1A×3Ω=3V；
(2)当S1，S2都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R2的电流I2=1A不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R1的电流：I1=I−I2=1.2A−1A=0.2A；
R1消耗的功率：P=UI1=3V×0.2A=0.6W。
答：(1)电源电压为3V；
(2)R2消耗的功率为0.6W。
【解析】(1)当S1闭合，S2断开时，电路为R2的简单电路，电流表测通过R2的电流；当S1，S2都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流；根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)根据P=UI即可求出R1消耗的功率。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响的特点。
24.【答案】解：
(1)圆柱体的密度大于液体密度；
依据：由图2可知，当注入液体质量大于2kg时，圆柱体对容器底部的压力不变，说明此时圆柱体浸没在液体中，即圆柱体沉底了，由浮沉条件可知，圆柱体的密度大于液体密度；
(2)由题意知，圆柱体的底面积为：S柱=200cm2=0.02m2，
其高为h=10cm=0.1m，则圆柱体的体积：V柱=S柱h=0.02m2×0.1m=2×10−3m3；
正方体容器的底面积S容=0.2m×0.2m=0.04m2；
圆柱体刚好浸没时，液体的体积为：V液体=(S容−S柱)h=(0.04m2−0.02m2)×0.1m=2×10−3m3；
由图2可知，圆柱体刚好浸没时，注入液体的质量为2kg，
则液体的密度：
ρ液=mV液体=2kg2×10−3m3=1.0×103kg/m3；
根据阿基米德原理可得，当圆柱体刚被浸没时，它受到的浮力：
F浮=ρ液gV排=ρ液gV柱=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10−3m3=20N；
(3)由(2)知，圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg；
当注入液体质量m1小于或等于2kg时，容器内液体的深度：
h′=m1ρ液△S(△S=S容−S柱=0.04m2−0.02m2=0.02m2)，
液体对容器底部的压强：
p1=ρ液g×m1ρ液△S=m1g0.02m2-----①，
由图2可知，当没有注入液体时圆柱体对容器底的压力为140N，即圆柱体的重力为140N，
则注入液体后，容器对桌面的压力为：F=140N+m1g，
容器对桌面的压强：
p2=FS容=140N+m1g0.04m2-----②，
已知p1：p2=1：3------③，
将①②代入③得：
m1g0.02m2140N+m1g0.04m2=1：3，
解得m1=2.8kg，因m1=2.8kg>2kg，故应舍去。
当注入液体的质量大于2kg时，即注入液体的深度大于10cm，
因液体体积与圆柱体体积之和等于容器底面积乘以液体的深度，即V液+V柱=S容h′，
且根据ρ=mV可得液体的体积V液=mρ液，
所以mρ液+V柱=S容h′，
则此时液体的深度h′=mρ液+V柱S容，
此时液体对容器底部的压强：
p液=ρ液gh′=ρ液g×mρ液+V柱S容=mg+ρ液gV柱S容，------④
容器对桌面的压强：
p容=FS容=140N+mgS容--------⑤，
已知p液：p容=1：3，
所以mg+ρ液gV柱S容：140N+mgS容=1：3，
即：(mg+ρ液gV柱)：(140N+mg)=1：3，
代入数据可得：
(m×10N/kg+1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10−3m3)：(140N+m×10N/kg)=1：3，
解得：m=4kg。
答：(1)圆柱体的密度大于液体密度；依据：由图2可知，当注入液体质量大于2kg时，圆柱体对容器底部的压力不变，说明此时圆柱体浸没在液体中，即圆柱体沉底了，由浮沉条件可知，圆柱体的密度大于液体密度；
(2)当圆柱体刚被浸没时它受到的浮力为20N；
(3)当液体对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为1：3时，容器内液体的质量为4kg。
【解析】(1)由图2可知，当注入液体质量大于2kg时，圆柱体对容器底部的压力不变，说明此时圆柱体浸没在液体中，由物体的浮沉条件分析回答；
(2)由题可知圆柱体的底面积和高度，从而得出圆柱体的体积，已知正方体容器的边长，可求出其底面积S容，再求出圆柱体刚好浸没时液体的体积，由图2可知，圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg，根据ρ液=mV液体求出液体的密度；
根据阿基米德原理求出当圆柱体刚被浸没时它受到的浮力；
(3)由(2)知圆柱体刚好浸没时注入液体的质量为2kg；
当注入液体质量小于或等于2kg时，表示出容器中液体的深度，根据液体压强公式得出液体对容器底部的压强；
容器对桌面的压力等于圆柱体与液体的重力之和，从而得出容器对桌面的压强，由已知条件得出液体的质量，与2kg比较，不符合题意，舍去；
即注入液体的深度大于10cm，因液体体积与圆柱体体积之和等于容器底面积乘以液体的深度，即V液+V柱=S容h′，且根据ρ=mV可得液体的体积V液=mρ液，从而得出此时液体的深度，根据液体压强公式得出容器底部受到液体的压强；
容器对桌面的压力等于圆柱体与液体的重力之和，根据压强公式得出容器对桌面的压强，由液体对容器底部的压强与容器对桌面的压强之比为1：3，列方程求出液体的质量。
本题考查物体的浮沉条件、阿基米德原理、密度公式、压强公式、重力公式的运用和分类讨论的能力，综合性强，难度大。
25.【答案】解：(1)在一个烧杯中倒入适量水，用刻度尺测量水面高度h，在另一个烧杯中放入适量葡萄酒，用刻度尺测量葡萄酒液面高度h1，并记录；
(2)将蜡块放入盛水烧杯中，用刻度尺测量水面高度h2，并记录；
(3)将蜡块取出，晾干后，放入盛葡萄酒烧杯中，用刻度尺测量葡萄酒液面高度h3，并记录。
由于蜡块在两种液体中都是漂浮状态，所以所受浮力相等，设烧杯底面积为S，葡萄酒的密度为ρ，根据阿基米德原理公式：F浮=ρ液gV排，可列式：ρ0g(h2−h)S=ρg(h3−h1)S
所以葡萄酒的密度为：ρ=(h2−h)ρ0h3−h1。
【解析】(1)先将蜡块放入盛水烧杯中，计算排水体积；
(2)再将蜡块放入盛葡萄酒烧杯中，计算排葡萄酒体积；
(3)根据排开液体体积，计算葡萄酒密度。
这道题主要考查同学对测液体密度实验的设计能力，属于中档难度题。次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
1.0
15.0
1.5
10.0
2
1.0
20.0
2.0
10.0
3
2.0
15.0
3.0
10.0