2024年安徽省合肥市西递中学中考物理模拟试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省合肥市西递中学中考物理模拟试卷（含详细答案解析），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列说法中正确的是( )
A. 汽车上的安全带是为了防止紧急刹车时受到惯性力作用而造成危害
B. 铁轨下面铺设枕木是为了增大受力面积减小压力
C. 家庭电路中安装漏电保护器是为了在电路出现短路时切断电路
D. 手机内的天线是为了接收和发射电磁波
2.用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，如图所示，金属箔张开一定的角度，下列说法中错误的是( )
A. 金属箔带上了正电
B. 金属箔张开是因为同种电荷相互排斥
C. 金属箔上的电子全部转移到了玻璃棒上
D. 瞬时电流的方向从玻璃棒到金属箔
3.如图甲为观察海波熔化特点的实验装置，图乙为海波熔化时记录下的温度随时间变化的图像，下列说法中错误的是( )
A. 由图乙可知，海波熔化过程用时12min
B. 图甲中利用水浴法加热，目的是让海波受热均匀
C. 由图乙知，海波在6min至12min内温度保持不变，内能增大
D. 由图乙知，海波为晶体，熔点为48℃
4.如图所示的是“探究凸透镜成像规律”的实验装置图，“F”型光源、凸透镜和光屏在图中位置时，光屏上恰好得到清晰的像，则下列说法中正确的是( )
A. 凸透镜的焦距为20cm
B. 人眼从图中M处观察到光屏上的像的形状为
C. 在光源和凸透镜之间加一个近视眼镜，想要光屏上得到清晰的像，光屏应该向右移动
D. 保持凸透镜位置不变，将光源移到P点，想要光屏上得到清晰的像，光屏应该向右移动
5.如图所示，A、B两物体叠放在水平桌面上，在两个水平拉力作用下保持静止，其中F1=5N，F2=8N，下列说法中正确的是( )
A. B受到的重力与地面对B的支持力是一对平衡力
B. A对B的压力与B对A的支持力是相互作用力
C. A对B的摩擦力方向水平向左
D. 桌面对B的摩擦力方向水平向左
6.如图所示的是某压力传感器原理电路图，其中弹簧上端与滑动变阻器R2相连，当A上端无压力时，滑片P正好在R2最上端，A、B间有可以收缩的导线，R1为定值电阻，电源电压一定，开关闭合后，当A上端压力增大时，下列说法中正确的是( )
A. 电压表和电流表示数都增大
B. 电压表和电流表示数都变小
C. 电压表与电流表示数之比不变
D. 电压表与电流表示数之比增大
7.如图所示的是研究电磁感应现象时的实验场景，下列说法中正确的是( )
A. 根据该原理可以制成电动机
B. 线圈转动时，ab边和cd边电流方向始终相同
C. 线圈在磁场中转动的过程中，受到磁场的作用力
D. 此过程中电能转化为机械能
二、填空题：本大题共9小题，共18分。
8.在《梁祝》的演奏中，引子部分一开始用长笛模仿鸟的叫声吹奏出一段旋律，接着双簧管以柔和抒情的引子主题展示出了一幅春光明媚、鸟语花香的美丽景色。这里的长笛和双簧管都是靠______振动发声的。
9.在2023年福冈游泳世锦赛上，我国选手覃海洋在男子200米蛙泳决赛中以2分05秒48的成绩破世界纪录夺金，成就蛙泳“三冠王”，如果按2分05秒计算，覃海洋在此次蛙泳决赛中的平均速度为______m/s。
10.如图，为一铁皮青蛙玩具，只要拧紧发条，青蛙就可以在地上扑腾好一阵子，拧紧发条实际上是为了增加青蛙的______能，放手后再转化为青蛙的动能。
11.某小组为了模拟电磁起重机原理，制成了如图所示的电磁铁，当开关闭合后，该电磁铁的A端为______极。
12.为了研究大气压强与高度的关系，某同学制作了如图所示的自制气压计，现将此气压计从山底带到山顶(环境温度不变)，玻璃管内液柱高度将______(选填“变大”“不变”或“变小”)。
13.小明在家用煤气灶烧水，使5kg的水从15℃升高到95℃，已知煤气灶烧水时的效率为40%，煤气的热值为4.2×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则此次烧水消耗的煤气质量为______ kg。
14.如图为某同学“探究杠杆平衡条件”时的情景，已知每个钩码质量为50g，当弹簧测力计与杠杆成30∘角时，杠杆刚好在水平位置平衡，则此时弹簧测力计的示数为______ N。
15.如图所示的电路中，电源电压为3V，电阻R2的阻值为20Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A，若开关S1、S2均闭合，电流表的示数为______ A。
16.如图所示的电路中，当开关闭合时，发现灯泡不亮，现用试电笔测试图中的a、b、c、d四点，发现a、b两点不发光，c、d两点发光，电路可能发生的故障为______。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
17.如图，人眼在A处看到公园池塘底部的LED灯(图中S位置)在图中的S′处，请在图中画出LED灯发出的光到达人眼A处的光路(保留作图痕迹)。
四、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
18.某同学利用天平和量筒测量消毒液的密度，先将天平放在水平台面上，将游码归零，此时指针位置如图甲所示。
(1)接下来的操作是向左调节______，直到指针指在分度盘的中央。
(2)将消毒液倒入烧杯中，测出消毒液和烧杯的总质量为95g，再将一部分消毒液倒入到量筒中，如图乙所示，用天平测量剩余消毒液和烧杯的质量如图丙所示，则该消毒液的密度为______kg/m3。
19.为了“探究滑轮组机械效率的影响因素”，小华同学利用如图所示的实验装置进行实验，测量的数据如下表所示，由于粗心，在设计表格时把绳端移动的距离漏掉了。
(1)第3次实验时，滑轮组的机械效率为______。
(2)根据表格数据分析，同一滑轮组，想要提高机械效率，可以______。
20.为了“探究电流与电压的关系”，某同学设计了如图所示的电路，已知电源电压恒为3V，R为定值电阻。
(1)如果将定值电阻R换成小灯泡，还能完成本实验吗？请说出理由：______。
(2)实验中，测出的部分数据如表格所示，根据数据，在实验误差允许的范围内，可得到的结论是______。
(3)该定值电阻R=______Ω(结果保留一位小数)。
(4)根据测量的数据可知，本实验中该同学选择的滑动变阻器的规格为______(填序号)。
①10Ω1A
②20Ω2A
③50Ω1A
五、计算题：本大题共3小题，共20分。
21.如图所示的是某餐厅送菜机器人，某次送菜时沿直线匀速运动，速度为0.5m/s，受到的阻力为60N，求：
(1)此次送菜过程中驱动力做功的功率是多少？
(2)若送菜用时12s，驱动力所做的功是多少？
22.如图所示，将一块边长为10cm的正方体冰块(密度未知)，投入到一水槽中，冰块漂浮时浸入水中的深度h为9cm，此时水槽中水的深度H为25cm，已知水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)冰块受到的浮力；
(2)冰块的密度ρ冰；
(3)当冰块完全熔化后，水槽底部受到水的压强。
23.如图甲所示的电路中，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，小灯泡标有“2.5V”字样，它的I−U图像如图乙所示。求：
(1)小灯泡的额定功率；
(2)小灯泡正常发光时，10s内滑动变阻器上产生的热量；
(3)小灯泡的功率为0.2W时，电路消耗的总功率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、汽车上的安全带是为了防止紧急刹车时人由于惯性造成的伤害，故A错误；
B、铁轨下面铺设枕木是为了增大受力面积减小压强，故B错误；
C、家庭电路中安装空气开关是为了在电路出现短路时切断电路，故C错误；
D、手机内的天线是为了接收和发射电磁波，故D正确。
故选：D。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
(2)在压力一定时，增大受力面积可以减小压强。
(3)家庭电路中的空气开关是保证电路中电流过大时自动切断电路；漏电保护器是为了防止触电的设备。
(4)电磁波可以传递信息。
本题考查的是电磁波的特点及应用；知道惯性、增大或减小的方法；知道空气开关和漏电保护器的作用。
2.【答案】C
【解析】解：AC、当丝绸与玻璃棒摩擦后，玻璃棒因为失去电子而带上了正电荷，当带正电的玻璃棒与验电器上的金属球接触时，金属箔上的部分电子移动到玻璃棒上，金属箔因为失去电子而带上了正电，故A正确，C错误。
B、两金属箔片张开一定角度，是因为同种电荷相互排斥，故D错误。
D、带正电的玻璃棒接触验电器的金属球时，电子由验电器向玻璃棒转移，由于电子定向移动的方向与电流的方向相反，所有电流的方向是玻璃棒到金属箔，故D确。
故选：C。
(1)丝绸与玻璃棒摩擦后，玻璃棒因为失去电子而带上了正电荷，摩擦起电的实质是电子的转移；
(2)验电器的工作原理：同种电荷相互排斥；
(3)电子带负电，电子的定向移动方向与电流的方向相反。
本题考查了验电器的工作原理、摩擦起电、接触带电、电流方向的判断等内容，属于基础内容，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：ACD、由图像乙可知，海波在6∼12min内为熔化过程，在熔化过程中温度保持48℃不变，内能增大，因此海波属于晶体，熔化共经历12min−6min=6min，故A错误，故CD正确。
B、图甲中利用水浴法加热，目的是让海波受热均匀，故B正确；
故选：A。
晶体的熔化特点是吸收热量，温度不变；熔化过程中保持不变的温度是熔点，晶体在熔化开始前处于固态，熔化过程中处于固液共存态。
本题是探究“海波熔化过程的规律”的实验，考查了晶体熔化过程的特点及对熔化图象的分析。
4.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，此时u=v=20cm，根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，即2f=20cm，因此该凸透镜的焦距为f=10cm，故A错误；
B、由图可知，F”型光源开口向里(即垂直于纸面向里)，因凸透镜成的是倒立、等大的实像，即像与物体的左右、上下相反，所以，若从光屏的M处观察(即左侧观察)，此时看到的字母“F”开口向外(或开口向右)，即，故B错误；
C、在光源和凸透镜之间加一个近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会将光线推迟会聚成像，想要光屏上得到清晰的像，光屏应该向右移动，故C正确；
D、保持凸透镜位置不变，将光源移到P点，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，想要光屏上得到清晰的像，光屏应该向左移动，故D错误。
故选：C。
(1)根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；
(2)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用；
(3)根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
5.【答案】B
【解析】解：A、桌面对B的支持力等于AB重力的和，要大于物体B受到的重力，不是一对平衡力，故A错误；
B、A对B的压力与B对A的支持力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，是相互作用力，故B正确；
C、A、B两物体叠放在水平桌面上受到两个水平拉力而保持静止，A处于静止状态，静摩擦力与拉力F1是一对平衡力，则B对A的摩擦力大小为5N，由于物体间力的作用是相互的，则A对B的摩擦力大小为5N，方向水平向右，故C错误；
D、对整体进行分析，则整体在水平向上受F1、F2及地面对B的摩擦力而处于静止状态，故三力的合力应为零，因为向左的拉力较大，故摩擦力方向水平向右，故D错误。
故选：B。
(1)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查摩擦力的方向，属于中档题。
6.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB、开关闭合后，当A上端压力增大时，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担电压变大，电压表示数变大；
此时电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；故AB错误；
CD、根据R=UI可知，电压表与电流表示数之比为滑动变阻器接入电路的电阻，所以两者比值变大，故D正确、C错误。
故选：D。
由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
开关闭合后，当A上端压力增大时，根据滑片的移动方向分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，利用欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；
根据R=UI分析电压表与电流表示数比值的变化。
本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电阻规律，难度不大。
7.【答案】C
【解析】解：AD、图中线圈abcd转动时会做切割磁感线运动，灵敏电流计指针偏转，说明有感应电流产生，根据该原理可以制成发电机，将机械能转化为电能，故AD错误；
B、图中磁场的方向不变，线圈的ab边和cd边切割磁感线的方向相反，产生的感应电流的方向相反，故B错误；
C、通电线圈在磁场中会受力的作用，线圈转动产生感应电流过程中线圈也会受到磁场的作用力，故C正确。
故选：C。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的。
(2)感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向有关。
(3)通电线圈在磁场中会受力的作用。
本题考查电磁感应现象、发电机的原理、感应电流方向的影响因素等知识的理解和应用，难度不大。
8.【答案】空气柱
【解析】解：长笛和双簧管是管乐器，都是由空气柱的振动产生的。
故答案为：空气柱。
声音是由物体的振动产生的；管乐器是由空气柱的振动产生的。
本题考查的是声音产生的条件，属于基础性题目。
9.【答案】1.6
【解析】解：蛙泳时间t=2min05s=125s，
覃海洋的平均速度：
v=st=200m125s=1.6m/s。
故答案为：1.6。
知道运动员通过的路程和运动时间，根据公式v=st求出其平均速度。
本题考查了速度公式的应用，是一道基础题，注意平均速度是指整段路程上的平均快慢，要用总路程比上总时间得出。
10.【答案】弹性势
【解析】解：由题意知，铁皮青蛙玩具内部有发条，拧紧发条实际上是使发条发生弹性形变，这样可增加青蛙的弹性势能，放手后再转化为青蛙的动能。
故答案为：弹性势。
物体由于发生弹性形变而具有的能叫弹性势能，弹性势能的大小与物体形变的程度有关。
本题考查了对弹性势能的认识与应用，属基础题。
11.【答案】N
【解析】解：由图可知，开关闭合后，电流由螺线管的上端流入、下端流出，由安培定则可知，螺线管的A端为N极，B端为S极。
故答案为：N。
开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极。
本题考查安培定则的应用，属于基础题。
12.【答案】变大
【解析】解：把自制气压计从山底带到山顶，外界气压变小，管内气压不变，故管内液柱高度会变大。
故答案为：变大。
大气压强随着海拔高度的增加而降低。
本题考查了大气压与海拔的关系，属于基础题。
13.【答案】1
【解析】解：水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×(95℃−15℃)=1.68×106J。
煤气完全燃烧放出的热量：
Q放=Q吸η=1.68×106J40%=4.2×107J，
由Q放=mq可得，完全燃烧的煤气的质量：
m煤气=Q放q=4.2×107J4.2×107J/kg=1kg。
故答案为：1。
(1)知道水的质量、初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)水吸收的热量是有用的能量，煤气完全燃烧放出的热量为总能量，利用效率公式求出煤气完全燃烧放出的热量，根据Q放=mq求出煤气的质量。
本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
14.【答案】2
【解析】解：图中，动力臂为L1=OA×sin30∘=6L×12=3L，阻力臂为L2=4L，阻力：G=3mg=3×50×10−3kg×10N/kg=1.5N，
根据杠杆的平衡条件可得，F×L1=G×L2，解得：F=L2L1×G=4L3L×1.5N=2N。
故答案为：2。
在杠杆右侧A点用弹簧测力计与水平方向成30∘角斜向上拉，则力臂为OAsin30∘，根据杠杆平衡条件解答；
本题考查了杠杆平衡条件的应用，属于中考常见题型，正确分析拉力的力臂变化是解题的关键。
15.【答案】0.45
【解析】解：只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，电流表的示数为I1=0.3A，
开关S1和S2均闭合时，R1和R2并联，U2=U=3V，通过R2的电流I2=U2R2=3V20Ω=0.15A；
根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1电流不变，
电流表的示数即干路电流I=I1+I2=0.3A+0.15A=0.45A。
故答案为：0.45。
只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，开关S1和S2均闭合时，R1和R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1电流不变，根据并联电路的电压特点和欧姆定律计算通过R2的电流，根据并联电路的电流特点得出电流表的示数。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律，属于中档题。
16.【答案】灯泡断路
【解析】解：试电笔测试图中的a、b、c、d四点，发现a、b两点不发光，c、d两点发光，这说明c、d与火线之间是接通的，a、b与火线之间是断开的，所以故障是b、c之间发生了断路现象，即灯泡断路。
故答案为：灯泡断路。
试电笔是用来辨别火线和零线的：用手接触笔尾的金属体，笔尖接触火线，试电笔的氖管将发光，根据试电笔的发光情况分析电路的故障。
本题考查了家庭电路故障的判断、试电笔的使用，正常情况下，试电笔测火线氖管亮，测零线氖管不亮。
17.【答案】解：眼睛观察到的S′点在S点的上方，然后连接AS′与界面的交点为折射点O，在图中光由S点发出，经水面射入空气中时发生折射，折射角大于入射角，而射入A点，S′就在折射光线的反向延长线上，如图所示：

【解析】先根据S′与A(代表人眼)点确定入射光线的方向，然后根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，发光点S在S′的下方，确定折射光线的反向和发光点A的位置。
要解决此题需要掌握光的折射定律的内容。知道光从水中斜射入空气中时折射角大于入射角，折射光线将远离法线。
18.【答案】平衡螺母 0.85×103
【解析】解：(1)使用天平时，首先要调节天平平衡，在游码移至标尺左端零刻度线处，观察指针偏向，观察到横梁指针指在分度盘中央刻度线的右侧，此时应向左调节平衡螺母；
(2)量筒的分度值为2mL，消毒液的体积为V=40mL=40cm3，
由图丙知，剩余消毒液和烧杯的质量为：m2=50g+10g+1g=61g，
量筒中消毒液的质量为m=m1−m2=95g−61g=34g。
消毒液的密度为：ρ=mV=34g40cm3=0.85g/cm3=0.85×103kg/m3。
故答案为：(1)平衡螺母；(2)0.85×103。
(1)使用天平前要将平衡螺母向指针相反的方向调节，使天平平衡；
(2)在测量物体的质量时，物体放在左盘中，砝码放在右盘中；在进行量筒的读数时，注意量筒的分度值；
天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，根据公式ρ=mV进行计算。
本题考查液体的密度测量，用天平测量液体的密度时，一定要先测量质量再测量体积，减少实验误差，属于实验基础操作题。
19.【答案】80%增大物重
【解析】解：(1)由图可知，n=3，s3=nh3=3×0.1m=0.3m，
再由表格信息可得，第3次实验机械效率为
η3=W有用3W总3=G3h3F3s3=6N××0.3m×100%=80%；
(2)比较表中数据可知，同一滑轮组，物体的重力越大，机械效率越高，所以增大提起的物重，可提高机械效率。
故答案为：(1)80%；(2)增大物重。
(1)根据η=W有用W总=GhFs求第3次实验机械效率；
(2)分析表中数据回答。
本题探究影响滑轮组机械效率的因素，考查机械效率的计算及影响机械效率的因素。
20.【答案】不能；探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯丝的电阻随温度的变化而变化 电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 10.4③
【解析】解：(1)探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯丝的电阻随温度的变化而变化，所以不能用小灯泡做此实验；
(2)分析表中数据，考虑到误差因素，电压为原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，故得出的结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(3)由欧姆定律可知，各次实验中定值电阻的阻值分别为：R1=U1I1=Ω，R2=U2I2=Ω，R3=U3I3=≈10.8Ω，R4=U4I4=≈10.7Ω，
则该定值电阻R=R1+R2+R3+R44=10Ω+10Ω+10.8Ω+10.7Ω4≈10.4Ω；
(4)由欧姆定律可知，当电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，
由表中数据可知，电路中的最小电流为0.06A，由串联电路的电压规律可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑大=U−U1=3V−0.6V=2.4V，
滑动变阻器接入电路的最大电阻：R滑最大=U滑大I最小=Ω>20Ω，故选③。
故答案为：(1)不能；探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯丝的电阻随温度的变化而变化；(2)电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(3)10.4；(4)③。
(1)探究电流与电压的关系时，需要保持电阻不变，而灯丝的电阻受温度的影响。
(2)分析表中电流与电压的关系得出结论；
(3)根据表中数据利用欧姆定律求出各次实验中定值电阻的阻值，取平均值作为该定值电阻的阻值；
(4)根据欧姆定律可知，当电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据表中数据可知电路中的最小电流，根据串联电路的电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大电阻，进而确定滑动变阻器的规格。
本题探究电流与电压的关系，考查控制变量法、分析数据归纳结论和欧姆定律的应用。
21.【答案】解：(1)机器人匀速直线运动，驱动力和阻力是平衡力，驱动力：F=f=60N，
机器人做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=60N×0.5m/s=30W；
(2)若送菜用时12s，驱动力所做的功：W=Pt=30W×12s=360J。
答：(1)此次送菜过程中驱动力做功的功率是30W；
(2)若送菜用时12s，驱动力所做的功是360J。
【解析】(1)机器人匀速直线运动，驱动力和阻力是平衡力，由P=Wt=Fst=Fv得到机器人做功的功率；
(2)若送菜用时12s，根据W=Pt得到驱动力所做的功。
本题考查功和功率的计算，需要知道功和功率的计算公式。
22.【答案】解：(1)冰块受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×0.09m=9N；
(2)因为冰块漂浮在水面，则冰块的重力为：G=F浮=9N，
由G=mg=ρVg可知冰块的密度为：ρ冰=G冰V冰g=9N(0.1m)3×10N/kg=0.9×103kg/m3；
(3)当冰熔化后，水和冰的质量相同，即ρ水V水=ρ冰V冰，
V水=ρ冰V冰ρ水=910V冰，即熔化的水与原来冰排开的水体积相同，故液面高度不变；
所以当冰块完全熔化后，水槽底部受到水的压强为：
p=ρ水gH=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.25m=2500Pa。
答：(1)冰块受到的浮力为9N；
(2)冰块的密度为0.9×103kg/m3；
(3)当冰块完全熔化后，水槽底部受到水的压强为2500Pa。
【解析】(1)根据阿基米德原理可求出冰块受到的浮力；
(2)根据物体沉浮的条件可求出冰块的重力，根据G=mg=ρVg可求出冰块的密度；
(3)由浮力公式及冰的质量可冰变成水后的体积进而判断水面高度的变化；根据p=ρgh求出容器底部受到的压强。
本题主要考查了密度公式、重力公式、液体压强公式、阿基米德原理以及物体浮沉条件的应用等，涉及的知识点较多，有一定难度。
23.【答案】解：(1)由题知，灯泡的额定电压为2.5V，由灯泡的I−U图像可知，灯泡正常发光时的电流I=0.30A，
灯泡的额定功率：
P额=U额I=2.5V×0.30A=0.75W；
(2)由图甲知，灯泡与滑动变阻器串联，
由串联电路的电流和电压规律知，此时通过滑动变阻器的电流：
IR=I=0.30A，
滑动变阻器两端的电压：
UR=U−U额=4.5V−2.5V=2V，
10s内滑动变阻器上产生的热量：
Q=W=URIt=2V×0.30A×10s=6J；
(3)由图像知，当灯泡两端电压为1.0V时，通过的电流为0.20A，
由P=UI知，此时灯泡的实际功率为0.2W，
所以电路中的电流I′=0.20A，
时电路消耗的总功率：
P=UI′=4.5V×0.20A=0.9W。
答：(1)小灯泡的额定功率为0.75W；
(2)小灯泡正常发光时，10s内滑动变阻器上产生的热量为6J；
(3)小灯泡的功率为0.2W时，电路消耗的总功率为0.9W。
【解析】(1)由灯泡的I−U图像可知，灯泡正常发光时的电流，根据P=UI计算它的额定功率；
(2)由图甲知，灯泡与滑动变阻器串联，由串联电路特点可得灯泡正常发光时滑动变阻器两端电压和通过它的电流，由Q=W=UIt计算10s内滑动变阻器上产生的热量；
(3)根据P=UI结合灯泡的I−U图像确定其功率为0.2W时，通过的电流，由P=UI计算此时电路消耗的总功率。
本题考查了串联电路特点、电功率和电热计算公式的灵活应用，能从图像中获取有用信息是关键。次数
物重G/N
物体上升高度h/m
拉力F/N
机械效率η
1
2
0.1
1.0
66.7%
2
3
0.1
1.4
71.4%
3
6
0.1
2.5
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
0.6
1.0
1.3
1.5
电流I/A
0.06
0.10
0.12
0.14