2024年安徽省安庆市中考物理模拟试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省安庆市中考物理模拟试卷（含详细答案解析），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列说法中正确的是( )
A. 温度高的物体，其内能不一定大B. 做功一定可以使物体的热量增加
C. 风能、水能和煤都是可再生能源D. 气体在流速大的地方压强也较大
2.冰壶又称掷冰壶，冰上溜石，是以队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，被大家喻为冰上的“国际象棋”，它考验参与者的体能与脑力，展现动静之美，取舍之智慧。如图为北京2022年2月北京冬奥会冰壶比赛的情景。下列说法正确的是( )
A. 运动员将冰壶沿水平冰面投掷后，冰壶由于惯性继续向前运动
B. 运动员在冰壶前方“刷冰”，是为了增大摩擦
C. 冰壶最终停下来因为不受力的作用
D. 冰壶静止时，冰壶受到的重力和冰壶对冰面的压力二力平衡
3.如图所示的装置中，当开关S闭合后，下列判断正确的是( )
A. 通电螺线管外 A 点的磁场方向向左B. 通电螺线管的左端为 N 极
C. 向左移动滑片 P，通电螺线管的磁性减弱D. 小磁针静止后，其 N 极的指向沿水平向右
4.如图所示电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，在保证电路安全的情况下，将滑片P由b端移到a端的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A、电压表V1的示数都变大B. 电流表A、电压表V1的示数都变小
C. 电流表A示数变大，电压表V1示数不变D. 电压表V1电流表A的示数比值变大
5.在研究容器中液体内部的压强跟液体的深度、液体密度之间的定量关系时，要想得到液面下某处的压强，可设想这里有一个水平放置的“平面”。如图所示，这个平面以上的液柱对它的压力等于液柱所受的重力，设液柱的高度为h，平面的面积为S，液体密度为ρ，用压强公式就可以推导出该处的压强p=FS.若增大此“平面”的面积S，则该处液体的压强将( )
A. 增大B. 减小C. 不变D. 无法判断
6.如图所示，将甲、乙两个质量相等的带电小球，先后放入一固定的内壁光滑且绝缘的竖直平底圆管内，甲球静止在圆管底部，乙球恰好能在甲球正上方某个位置(两球未接触)保持静止，分别作出甲、乙的受力示意图，下列判断正确的是( )
A. F1和F2是一对平衡力
B. F1和F2是一对相互作用力
C. F1和G甲是一对平衡力
D. F2和F3是一对相互作用力
二、填空题：本大题共10小题，共20分。
7.如图所示电路，电阻R1为3Ω，R2为1Ω。当开关S闭合后，电压表V1、V2的示数之比为______。
8.2020年11月24日04时30分长征五号遥五运载火箭携带嫦娥五号喷射出熊熊烈焰发射升空，大量的“白气”从发射台底部的大水池中涌出，这些“白气”是水池中的水______产生的。(填写物态变化过程)
9.如图所示为电动按摩棒结构示意图，ABO可以看做是一个杠杆。O为支点，B处有一个条形磁体，A为按摩槌头。当电磁铁输入方向改变的电流时，条形磁体会受到引力或斥力，带动按摩槌头A振动。某一时刻，电磁铁与条形磁体间的磁感线如图所示，则电流从电磁铁的______(选填“a”或“b”)端流入。
10.在测量金属块密度的实验中，小明先用天平测其质量，所用砝码及游码位置如图甲所示，再用量筒测其体积如图乙所示，则金属块的密度为______kg/m3。
11.如图所示家庭电路中，当开关S闭合后，灯泡L不亮，用测电笔测试c、d两点时，氖管都发光。测试a、b两点时，只有a点氖管发光，则故障可能是______(选填“ad”、“dc”或“bc”)开路。
12.在疫情期间，小范因在家中经常同时打开的电器过多而跳闸，所以他想用测电笔检查电路故障。能使氖管测电笔发光的是______线。后来有一次闭合开关后，发现电灯不亮，如图所示，他用试电笔测试图中的 a、b、c、d四点，四点都发光，则可能发生的故障是______(选填“ab”、“bc”、“cd”、“进户火线”或“进户零线”)断路。
13.如图所示，电源电压恒定，R1=10Ω，闭合开关S，断开S1电流表示数为0.3A。若再闭合S1，发现电流表示数为0.5A，则通电1min电阻R2产生的热量为______ J。
14.如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R1=10Ω，R2=20Ω。当开关S1、S2都闭合时，电流表示数为0.3A，若此时断开开关S2，则电流表的示数变为______ A。
15.如图所示是小明用迷你电动机制成的升降机模型。用它提升重为10N的物体，当电源电压为12V时，闭合开关，电动机正常工作，电流表示数为0.4A，电动机同时以0.4m/s的速度匀速提升物体，电动机正常工作时的效率是______。
16.冬天到了，人们喜欢用电热毯来取暖。已知某电热毯的电阻的阻值是605Ω，正常接在家庭电路中使用的时候，电热毯在1min内产生的热量为______ J。
三、实验探究题：本大题共4小题，共20分。
17.在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小明做了如图所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。
(1)实验时用弹簧测力计______拉动物块，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
(2)实验过程中小明发现拉动时弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是______.
A.木板的长度太长
B.木板的粗糙程度不均
C.弹簧测力计的分度值太大
D.木块与木板的接触面积太大
18.小敏在“测量小灯泡的电功率”实验中，备有器材的规格如下：电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，连接电路的过程中他发现电压表的0∼15V挡已损坏，0∼3V挡完好，于是他马上改变电路连接，完成了实验。
(1)请用笔画线代替导线，帮助小敏将图甲中的实物电路连接完整；
(2)闭合开关，移动变阻器的滑片到某点，电压表的示数为2V。要测量小灯泡的额定功率，还应将滑动变阻器滑片向______(选填“左”或“右”)移动，当小灯泡正常发光时，此时电流表的指针位置如图乙所示，小敏不仅根据数据得出小灯泡的额定功率，还求出小灯泡正常发光时滑动变阻器的电功率为______ W。
19.如图所示，在探究光的反射定律时，芳芳将一块平面镜放在水平桌面上，再把一张硬纸板竖直放在平面镜上，硬纸板由可以绕ON折转的E、F两块板组成。让一束光贴着硬纸板左侧的E板沿AO方向射到O点，在右侧F板上能看到反射光线OB。
(1)实验时从硬纸板前不同的方向都能看到入射光线，这是因为光在硬纸板上发生了______(选填“镜面”或“漫”)反射。
(2)若将F板向后折转一定的角度，则在F板上______(选填“能”或“不能”)看到反射光线。
20.在学习了密度知识以后，小明利用托盘天平、烧杯测量牛奶的密度：
(1)小明在测量牛奶质量过程中发现，当放入最小的砝码时，指针偏右，若将这个砝码取下，指针偏左，若要正确测出物体的质量，则接下来的操作是______；
(2)小明将装有适量牛奶的烧杯放在天平上，测量结果如图甲所示，再将部分牛奶倒入量筒中测量体积，测量结果如图丙所示，之后再将装有剩余牛奶的烧杯放在天平上重新测量质量，测量结果如图乙所示，则牛奶的密度是______kg/m3。
四、计算题：本大题共3小题，共18分。
21.如图所示，一根质量分布均匀、粗细均匀的木棒，质量为1kg，长度为1m，竖直悬挂在转轴O处，在木棒最下端用一方向始终水平向右的拉力F缓慢将木棒拉动到与竖直方向夹角为θ的位置(转轴处摩擦不计)。
(1)在图中画出拉力F的力臂L。
(2)木棒从竖直位置，匀速拉开θ=60∘的过程，用时10s，求：拉力F的功率。
22.如图所示，一个底面积为2m2的圆柱状容器，装有适量的水，现在将一个体积为5m3的长方体物体A放入其中，最终物体漂浮于水面上。现在将虚线以上的部分截取走(截走部分的体积等于露出水面体积的一半)，待剩余部分再次静止后水面下降了0.3m。则：
(1)容器底部受到的压强减少了多少？
(2)容器底部受到的压力减少了多少？
(3)物体A的密度为多少？
23.小童同学用满偏电流Ig=3mA、内阻Rg=100Ω的灵敏电流计表头G，按如图所示的电路改装成量程分别为3A和15V的既能测电流又能测电压的多用表。图中R1和R2为定值电阻，S1和S2为开关。请解答以下问题：
(1)若该多用表用于测电流时，则需要闭合开关______(选填“S1”、“S2”、“S1和S2”)；
(2)求：定值电阻R1。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、影响物体内能大小的因素有物质的量和温度高低，物质的量不同，温度高的物体，其内能不一定大，故A正确；
B、做功改变物体的内能，宏观表现为物体温度的变化，并非增加热量，故B错误；
C、煤属于化石能源，属于不可再生能源，风能和水能是可再生能源，故C错误。
D、气体在流速大的地方压强也较小，故D错误；
故选：A。
(1)影响物体内能大小的因素有质量和温度高低，同一物体温度越高，具有的内能越大；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递，这两种方式是等效的；
(3)不可再生能源：我们今天使用的煤、石油、天然气是存储的亿万年的太阳能，是不可再生能源。可再生能源：我们今天大力开发的新能源有风能、水能、太阳能、沼气、地热、核能等都是可再生能源；
(4)流速大的地方压强小。
本题考查影响内能的因素，做功和热传递都可以改变物体的内能，能源分类，以及流速与压强的关系，是一道综合题。
2.【答案】A
【解析】解：A、开始冰壶和手一起运动，冰壶脱离手后，冰壶由于惯性要保持原来的运动状态，所以会继续向前运动，故A正确；
B、冰刷扫冰时，克服摩擦做功，冰的内能增大，温度升高，达到熔点熔化，在冰面和冰壶之间形成水膜，使接触面分离，从而减小了冰壶和冰面之间的摩擦，故B错误；
C、冰壶最终停下来因为受到摩擦力的作用，故C错误；
D、冰壶静止时，冰壶对冰面的压力作用在冰面上，冰壶受到的重力作用在冰壶上，二力作用在两个物体上，且二力的方向相同，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)物体由于惯性要保持原来的运动状态不变。
(2)影响滑动摩擦力大小的因素有：压力大小和接触面的粗糙程度。增大摩擦的方法有：增大压力和增大接触面的粗糙程度。减小摩擦力的方法有：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动摩擦为滚动摩擦和使两接触表面彼此离开。
(3)力是改变物体运动状态的原因。
(4)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
本题通过冰壶运动考查了惯性、增大和减小摩擦的方法、力和运动的关系、二力平衡条件等知识，综合题，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：AB、由于右端是电源的正极，所以电流从右端流入，据安培定则可知，该螺线管的左端是N极，右端是S极，所以磁感线的方向应该从左向右，故通电螺线管外A点的磁场方向向右，故A错误，B正确；
C、滑片P向左移动，接入电路的电阻变小，电路的电流变大，磁性变强，故C错误；
D、据上面的分析可知，该螺线管的右端是S极，所以小磁针的左端应该是N极，故N极的指向沿水平向左，故D错误；
故选：B。
(1)磁场中某点的磁场方向与该点的磁感线方向是一致的；
(2)据电流的方向，结合安培定则判断出该通电螺线管的NS极即可；
(3)通电螺线管的磁场的强弱与电流的强弱有关。
此题考查了磁极间的作用规律、安培定则、影响电磁铁磁性强弱的因素等知识点，是一道综合题。
4.【答案】C
【解析】解：由实物电路可知，闭合开关S，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表A测量电路中电流，电压表V1测电源电压；
ABC、电压表V1测的是电源电压，V1示数不变；当滑片P由b端移到a端的过程中，R连入电路中的电阻变小，电路中的总电阻也随之变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故AB错误，C正确；
D、根据R=UI可知电压表V1示数与电流表A的示数比值等于电路中的总电阻；将滑片P由b端移到a端的过程中，R连入电路中的电阻变小，电路中的总电阻也随之变小，所以比值变小，故D错误。
故选：C。
由实物电路可知，闭合开关S，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表A测量电路中电流，电压表V1测电源电压；
电压表V1测的是电源电压，所以滑片P由b端移到a端的过程中，V1示数不变；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化；根据R=UI分析电压表V1的示数跟电流表A的示数的比值的变化。
本题考查了电路的识别、欧姆定律的应用，关键是判断各电表的测量对象。
5.【答案】C
【解析】解：根据液体压强的公式p=ρgh，液体内部的压强与液体的深度和密度有关，若所选“平面”的面积S变化，液体的密度与深度不变，压强不会改变。
故选：C。
根据液体压强的公式p=ρgh可知，液体内部的压强与液体的深度和密度有关，而与其它的因素无关，可做出判断。
解答本题要明确影响液体压强的因素，无论利用公式p=ρgh，还是利用公式p=FS都可以得出压强不变的结论。
6.【答案】D
【解析】解：A、由图可知甲球受到的支持力F1与F2和重力G甲之和相等，所以F1与F2大小不相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、F1与F2这两个力作用在同一个物体上，所以不是一对相互作用力，故B错误；
C、由图可知甲球受到的支持力F1与F2和重力G甲之和相等，所以F1与G甲大小不相等，所以不是一对平衡力量，故C错误；
D、F2与F3这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，所以是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一物体上；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
本题考查相互作用力和平衡力的判断，难度不大。
7.【答案】3：4
【解析】解：分析电路图可知，电阻R1和R2为串联关系，电压表V1 测R1两端电压，电压表V2测电源电压。
串联电路中各处电流相等，且串联电路的总电阻等于各串联电阻之和，
由U=IR可得，电压表V1、V2的示数之比为：UV1UV2=IR1I(R1+R2)=I×3ΩI×(3Ω+1Ω)=34。
故答案为：3：4。
闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源电压，根据串联电路的电流、电阻规律，结合欧姆定律可得电压表V1、V2的示数之比。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
8.【答案】先汽化再液化
【解析】解：高温的火焰喷射到水池里时，水吸热发生剧烈的汽化，产生大量的水蒸气，水蒸气在升腾的过程中遇冷，温度降低，发生液化，凝结成无数的小水滴，形成“白气”。
故答案为：先汽化再液化。
物质由液态变为气态叫汽化，物质由气态变为液态叫液化。
该题考查了液化现象及汽化现象，属于基础知识，难度不大。
9.【答案】b
【解析】解：由图可知，电磁铁的上端与B处条形磁体的N极相互排斥，由于同名磁极互相排斥，因此电磁铁的上端为N极，下端为S极，根据安培定则可知，电流从电磁铁的b端流入，a端流出。
故答案为：b。
同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引；
安培定则：用右手握住螺线管，四指弯曲指向螺线管中的电流方向，大拇指所指的那一端即为通电螺线管的N极。
此题考查了磁极间的相互作用、安培定则，难度不大，属基础题目。
10.【答案】2.74×103
【解析】解：由图甲可知，金属块的质量m=20g+5g+2.4g=27.4g，
由图乙可知，量筒中水的体积V1=26mL，量筒中水和金属块的总体积V2=36mL，则金属块的体积为：
V=V2−V1=36mL−26mL=10mL=10cm3；
金属块的密度：
ρ=mV=27.4g10cm3=2.74g/cm3=2.74×103kg/m3。
故答案为：2.74×103。
金属块的质量等于右盘砝码的质量加上游码在标尺上对应的刻度值；金属块的体积等于量筒中水和金属块的总体积减去量筒中水的体积；利用密度公式计算出金属块的密度。
本题是固体密度测量的实验，主要考查天平的读数、用量筒测量固体的体积、密度的计算等知识，是一道中考常考题。
11.【答案】b、c之间某处断路
【解析】解：如图，闭合开关后，发现电灯L不亮，用测电笔测试c、d两点时，氖管都发光，说明c、d都与火线连通(即c点到火线间的电路没有断路)；测试a、b两点时，只有a点氖管发光，则测b点时氖管不发光，说明b点没有与火线连通，所以故障可能是b、c之间某处断路。
故答案为：b、c之间某处断路。
电灯L不亮，这说明电路出现了断路现象，根据氖管的发光情况分析电路故障。
本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。
12.【答案】火 进户零线
【解析】解：试电笔可以辨别火线和零线，能使氖管发光的是火线；
若用试电笔测试图中的a、b、c、d四点都发光，说明这四点都与火线接通的，而灯泡不发光、电路中无电流，则可能发生的故障是零线断路。
故答案为：火；进户零线。
试电笔是用来辨别火线和零线的：用手接触笔尾的金属体，笔尖接触火线时，试电笔的氖管将发光；
若用试电笔测试图中的a、b、c、d四点都发光，说明这四点都与火线接通的，据此判断。
本题考查了家庭电路故障的判断、测电笔的使用，难点在家庭电路故障的判断。
13.【答案】36
【解析】解：由图可知，闭合开关S，断开S1，只有R1工作，电流表测量通过R1的电流，
由I=UR可知，电源电压：U=U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
若再闭合S1，则R1、R2并联，电流表测量干路的总电流，
根据并联电路的特点可知，通过R2的电流：I2=I−I1=0.5A−0.3A=0.2A，
根据并联电路的电压特点可知，R2两端的电压：U2=U=3V，
通电1min电阻R2产生的热量：Q2=W2=U2I2t=3V×0.2A×1×60s=36J。
故答案为：36。
(1)由图可知，闭合开关S，断开S1，只有R1工作，电流表测量通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
(2)若再闭合S1，则R1、R2并联，电流表测量干路的总电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据并联电路的电压特点可知R2两端的电压，根据Q=W=UIt求出通电1min电阻R2产生的热量。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律以及焦耳定律的应用，难度不大。
14.【答案】0.1
【解析】解：由电路图可知，当开关S1、S2都闭合时，只有电阻R1接入电路，电流表测量电路电流，
则I=UR可知电源电压：U=IR=0.3A×10Ω=3V；
若此时断开开关S1，电阻R1、R2串联，电流表测量电路电流，
则电流表的示数为：I′=UR1+R2=3V10Ω+20Ω=0.1A。
故答案为：0.1。
由电路图可知，当开关S1、S2都闭合时，只有电阻R1接入电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出电源电压；
若此时断开开关S1，电阻R1、R2串联，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出电路中的电流，即为电流表的示数。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
15.【答案】83.3%
【解析】解：电动机匀速提升物体时F=G，电动机提升物体时的输出功率为：
P输出=Fv=Gv=10N×0.4m/s=4W，
电动机正常工作时消耗的电功率为：
P=UI=12V×0.4A=4.8W，
电动机正常工作的机械效率为：
η=W输出W电×100%=P输出tPt×100%=P输出P×100%=4W4.8W×100%≈83.3%。
故答案为：83.3%。
首先利用P输出=Fv和P=UI分别计算出电动机的输出功率和总功率，然后利用η=W有用W总=P输出tPt求出答案即可。
本题考查了力学和电学部分功率的计算以及效率的求解，是一道综合题。
16.【答案】4800
【解析】解：家庭电路的正常工作电压是220V，只有电热毯的电路属于纯电阻电路，符合欧姆定律，
通过电热毯的电流I=UR=220V605Ω=411A，
则电热毯在1min内产生的热量Q=I2Rt=(411)2×605Ω×60s=4800J。
故答案为：4800。
家庭电路的正常工作电压是220V，只有电热毯的电路属于纯电阻电路，符合欧姆定律，根据I=UR计算通过电热毯的电流，根据Q=I2Rt计算电热毯在1min内产生的热量。
本题要求学生知道家庭电路的正常工作电压是220V，只有电热毯的电路属于纯电阻电路，符合欧姆定律；要求学生能够根据焦耳定律Q=I2Rt进行计算产生的热量。
17.【答案】水平匀速直线 B
【解析】解：(1)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小，故实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据二力平衡知识，滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
(2)滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，由于木板的粗糙程度不均匀，造成滑动摩擦力大小不同，所以弹簧测力计示数不稳定，故选B。
木板的长度、弹簧测力计的分度值和接触面积都不影响滑动摩擦力的大小，故ACD错误。
故答案为：(1)水平匀速直线；(2)B。
(1)弹簧测力计显示拉力大小，木块在水平方向上进行匀速直线运动，木块受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件原理进行分析；
(2)从滑动摩擦力大小的影响因素进行分析。
本题考查利用控制变量法和转换法探究滑动摩擦力大小的影响因素，是一道比较典型的滑动摩擦力实验题。
18.【答案】右 0.66
【解析】解：(1)由分析可知，应将电压表并联在滑动变阻器两端，如下图所示：
；
(2)闭合开关，移动变阻器的滑片到某点，电压表的示数为2V，根据串联电路电压规律，灯泡两端电压为6V−2V=4V，大于灯泡额定电压3.8V，要测量小灯泡的额定功率，应减小灯泡两端电压，根据串联电路电压规律可知，应增大滑动变阻器两端电压，根据分压原理可知，应增大滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器滑片向右移动；
当小灯泡正常发光时，此时电流表的指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A；
根据串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端电压为U滑=U−UL=6V−3.8V=2.2V，
则小灯泡正常发光时滑动变阻器的电功率为：
P=U滑I=2.2V×0.3A=0.66W。
故答案为：(1)见解答图；(2)右；0.66。
(1)灯与滑动变阻器并联，根据串联电路电压的规律，当滑动变阻器的电压为6V−3.8V=2.2V