2024年江苏省盐城市中考物理模拟试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年江苏省盐城市中考物理模拟试卷（含详细答案解析），共26页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

1.下列实验中，能探究声音产生原因的是( )
A. 如图实验中，发声的音叉可以反复将乒乓球弹开
B. 如图实验中，抽出玻璃罩内的空气，闹铃声逐渐变小
C. 如没图实验中，耳朵贴到桌面上，听到的敲击声更大
D. 如图实验中，改变吸管的长度，可以吹出不同的哨音
2.某同学用刻度尺测木块的长度，四次测量结果分别是5.37cm、5.36cm、5.34cm、5.45cm，则木块的长度应记作( )
A. 5.36cmB. 5.35cmC. 5.356cmD. 5.3567cm
3.在女排大冠军杯的比赛中，中国女排勇夺冠军。如图，“跳发球”可简化为运动员“①抛球、②腾空、③击球、④落地”四个过程，其中运动员对排球做功的过程有( )
A. ①②
B. ②③
C. ①③
D. ③④
4.如图所示是从机械能、内能和化学能出发，整理的第12章“机械能和内能”的单元知识结构图，图中①②③处依次填写的内容是( )
A. 单摆、扩散、热值B. 温度计、燃烧、比热容
C. 火箭、热传递、做功D. 热机、做功、热传递
5.用如图所示电路探究串联电路中电流、电压的特点。关于该实验，下列说法中正确的是( )
A. L1和L2可选型号不同的灯泡，可以通过灯泡亮暗判断电流大小
B. 为探究串联电路电压特点，L1和L2应选型号相同的灯泡
C. 最好选用型号相同、量程相同的三个电压表串联接入a、b、c处测量
D. 最好选用型号相同、量程相同的三个电流表串联接入a、b、c处测量
6.关于家庭电路和安全用电，下列符合安全用电规范的是( )
A. 图甲：三脚插头中的L脚接地线
B. 图乙：测电笔使用时要用指尖抵住笔尾金属电极
C. 图丙：空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路情况造成的
D. 图丁：发生此类触电时，电路中的“漏电保护器”会自动切断电路
7.用如图所示电路探究“影响电阻大小的因素”实验时，下列说法正确的是( )
A. 该电路中小灯泡的作用，代替电流表判断电流强弱
B. 该电路探究导体的电阻大小与导体横截面积有关
C. 该电路探究导体的电阻大小与导体长度有关
D. 该电路探究导体的电阻大小与导体温度有关
8.如图甲所示，停车场的入口处常用横杆来控制车辆的出入。我们可以将横杆看作一个杠杆，如图乙所示，横杆的质量分布均匀，O为横杆的支点，横杆的重力G=100N，AB=3m，AO=0.3m。下列有关说法正确的是( )
A. 在升起横杆时，施加在A端的力为动力，此时横杆是费力杠杆
B. 相同条件下，在A端施加的动力越靠近O点，升起横杆所需的动力越小
C. 升起横杆时，沿F1方向比沿F2方向更省力
D. 要使横杆AB保持水平平衡，则在A端施加的最小的力为500N
9.如图所示，用甲、乙滑轮组在相同时间分别将A、B物体匀速提升相同高度，已知物体受到的重力GA>GB，滑轮组的机械效率η甲<η乙.忽略绳重和摩擦，下列判断正确的是( )
A. 甲滑轮组的动滑轮比乙的重
B. 甲滑轮组的总功率比乙的小
C. 甲滑轮组的有用功比乙的少
D. 两滑轮组绳端移动的距离相等
10.如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法错误的是( )
A. 油位越高，流过R的电流越大
B. R、R0在电路中是串联的
C. 油位越高，R两端的电压越大
D. 油量表是由电压表改装而成的
11.如图是小明探究“电流一定时，电压与电阻关系”的实验电路图。已知电源电压U=15V，滑动变阻器上标有“20Ω3A”(实际最大阻值略小于20Ω)，实验中所用的四个定值电阻分别为5Ω，10Ω，15Ω，20Ω.为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流表选择的量程和应控制的电流最合理的是( )
A. 0∼B. 0∼3A0.8AC. 0∼3A0.7AD. 0∼3A0.75A
12.小明如图甲所示电路探究串联电路中电阻消耗的电功率与电流的关系，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，R1的U−I关系图象如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压是7.5VB. R1的电阻值是3.6Ω
C. 电路消耗的最大功率是3.6WD. 滑动变阻器R2的最大阻值是50Ω
二、填空题：本大题共8小题，共24分。
13.2023年10月31日，我国神舟十六号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，返回时返回舱与大气摩擦，温度升高，返回舱的内能______，这是通过______方式改变内能的，这一过程能量转化形式与汽油机的______冲程相同。
14.如图所示是小聪家的电能表表盘，该电能表的示数为______kW⋅h，他家同时工作的用电器的总功率不能超过______ W。小聪发现当电路中只有电饭锅工作时，指示灯闪烁了160次用时3min，则电饭锅工作时的电功率为______ W。
15.《天工开物》中写道：“凡弓弦取食柘叶蚕茧”，指出用多股蚕丝作为弓的弦，这是利用蚕丝的弹性好。拉弯的弓发生______，对箭有弹力作用；放手后，弓恢复形变过程中，弓的______能转化为箭的______能。
16.如图甲是一只便携塑料封口机，电路原理图如图乙所示，电源电压为3V，电热丝R的电阻为0.4Ω，开关闭合，电热丝温度升高，这是利用电流的______效应工作的，通电2min产生的热量为______ J；若使用时总把塑料烫坏，改进的措施是______(答一种即可)。
17.妈妈去市场买电热水壶，发现有甲、乙两种容积相同但规格不同的电热水壶，甲规格为“220V 880W”，乙为“220V 1500W”。甲电热水壶正常工作时的电流为______ A。妈妈想买一只烧水快的电水壶，你给妈妈的建议应选购______电热水壶，理由是______。
18.小明利用如图所示的装置估测薯片的热值。实验中利用______来反映薯片燃烧放出热量的多少。实验时，应测量并记录薯片的质量m1、水的质量m2、加热前的水温t0和______(写物理量及对应的符号)。用c表示水的比热容，薯片热值q的表达式为q=______。
19.“引体向上”是我市体育中考的自选项目之一。在做引体向上时，双臂的拉力克服______做功使身体上升。小王体重为 G，某次引体向上重心上升高度h，所用时间为t，该过程中拉力的功率为______(用题中字母表示)，选这个项目优势的身体条件是______(写出一点)。
20.LED灯具有节能环保、发光效率高等特点，工作时主要将______能转化为光能。如图和表是额定电压为220 V的某品牌LED灯与荧光灯的对比广告图。若广告属实，将一个额定功率为40W的荧光相同亮度灯替换成亮度相同的LED灯，LED的功率为______ w，可以节约______%的电能。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
21.如图是使用钓鱼竿的示意图，O为支点，请在图中画出F2的力臂。
22.如图所示中，在建筑工地上，工人师傅利用一根绳子和两个滑轮运送建筑材料。请在图中画出最省力的滑轮组绕绳方法。
23.在如图虚框内接一个保险丝，另一处用导线连接，并将插座连接补充完整。
四、实验探究题：本大题共3小题，共21分。
24.在“探究平面镜成像特点”的实验中，小刚同学用两个大小相同的“F”字样物体a和b、白纸、刻度尺、薄玻璃板(带支架)进行如下探究：
(1)将白纸对折后展开铺于水平桌面上，沿折痕画一条直线MN，再将玻璃板______于纸面放置，且底边与 MN重合。物体a置于玻璃板前方，如图甲所示。
(2)在探究物像大小关系时，应在玻璃板______(前/后)观察a的像，将物体b按图乙中______(①/②)置于玻璃板后，不断移动b的位置，直至与a的像重合。由此得出初步结论：平面镜成像，像与物体的大小______(相等/不相等)。
(3)在探究物像位置关系时，将物体a旋转一个角度放置，再次调整物体b使其与a的像重合，记录下此时两物体的位置。在a的位置上标出A、B、C三点，再在b的位置上标出对应点A′、B′、C′，如图丙。测量并比较A、B、C三点以及对应点到MN的距离，发现相等。通过这次实验小刚得出结论：平面镜成像，像和物到平面镜的距离相等。该结论______(可信/不可信)，理由是______。
25.“小秤砣，压千斤”，可生活中没见过能称“千斤”的杆秤，小明对此存在疑惑。“五⋅一”假期他邀请物理老师去动物园，准备自制“杆秤”称一头大象的质量。器材有：铁笼、长钢管、卷尺、电子测力计、起重机等。测量的步骤如下：
(1)如图甲，先将空铁笼挂在钢管的B点，左右移动吊钩到O点，直到钢管______静止，目的是消除装置的______对测量的影响。
(2)将大象引入铁笼，保持吊钩的悬吊点O和铁笼悬挂点B的位置不变。用电子测力计______向下拉住槽钢的另一端 A点，使之再次在水平位置平衡，目的是______。
(3)测得图乙中OB=8cm，OA=8m，测力计示数为200N。则大象质量为______ kg。(g=10N/kg)
(4)若测力计量程为0∼200N，要用现有器材称出更重些的大象，正确的做法是______。
(5)经过活动，小明知道了“小秤砣，压千斤”的原理是______。
26.小明做“测量小灯泡电功率”实验时，手边的器材有：标有“2.5V”字样相同规格的灯泡L1和L2，3V恒定不变的电源，“20Ω，1A”的滑动变阻器。
(1)连接电路前，小明发现电流表的指针在图甲中的位置。为正确进行实验，他需要调节电流表上序号______(①/②/③)处的部件。
(2)用笔画线代替导线将乙图连接完整，要求：当滑片P向右滑动时，灯泡变亮。
(3)连好电路后，小明闭合开关，发现灯泡L1不亮此时，他应先______(A/B/C)。
A.用灯泡L2换下灯泡L1
B.移动滑动变阻器的滑片
C.观察电流表有无示数
(4)电路无误后，滑片P移到某处时，电压表示数如图丙。要测量小灯泡的额定功率，他应将滑片P向______(左/右)端移动，直到电压表示数为______ V，读出电流表的示数为0.26A，则小灯泡的额定功率为______ W。
(5)由于电压表中也有微弱电流流过，导致小灯泡测得功率比额定功率______(偏大/偏小)。
(6)根据实验数据绘制出灯泡L1的I−U关系图像(图丁中曲线AB)，现将灯泡L2也串联到电路中，移动滑片，获得L1的I−U关系图像可能是______(BD/AB/CD/BC)段。
五、计算题：本大题共2小题，共15分。
27.工人师傅借助于如图所示的滑轮组在10s内将600N的重物匀速提升2m。匀速提升过程中滑轮组的机械效率是80%，则在提升过程中：
(1)他做的有用功为多少？
(2)拉力F的大小是多少？
(3)拉力的功率多大？
28.图甲是可自动调节亮度台灯的电路图。灯泡标有“48V，24W”字样，R1为光敏电阻，其阻值随光照强度的变化如图乙。滑动变阻器R2最大阻值为60Ω。当光照强度为E1时，R2连入电路的阻值为24Ω时，灯正常发光。不计灯丝电阻的变化，求：
(1)灯泡正常发光300s消耗的电能。
(2)电源电压。
(3)光照强度在E1∼E2之间时，通过调节R2，灯泡实际功率的最小值。
六、综合题：本大题共1小题，共10分。
29.阅读短文，回答问题。
感应雨刮器
图甲是一种智能化的汽车感应雨刮器，主要由直流电动机、摆杆、连杆、雨刮片、光电传感器和控制器等组成。它可根据雨量大小自动调节刮水速度，提高行车安全性。
光电传感器包括红外发射器P和接收器Q两个光电转换器。当发射器P输入固定电压U0时会激发出红外光束，以特定角度投射到贴在挡风玻璃上的棱镜处形成感光区域，接收器Q又将反射的红外光束转换成电压U输入(图乙)。在无雨水时，接收的红外线强度与发出的红外线强度近似相等，此时U与U0近似相等；当有一定量的雨滴落在感光区域时，部分红外线会经雨滴传播到挡风玻璃外，导致接收到的红外线强度变弱，此时U小于U0。控制器是由微处理器和工作电路组成。微处理器根据电压差△U=U0−U的大小来判断雨量大小，当电压差△U大于设定值时，输出工作指令，工作电路驱动电动转动系统。电动机的转速r与电压差△U的关系如图丙所示；摆杆摆动的频率f与电动机的转速r成正比。
(1)人从不同的角度______(能/不能)看到光电传感器激发的红外线；
(2)当雨刮器工作时，图甲中的摆杆可以看作一个______杠杆；
(3)下列关于光电转换器P、Q上的能量转化情况说法中，正确的是______；
A.均将电能转化为光能
B.均将光能转化为电能
C.P将电能转化为光能，Q将光能转化为电能
D.P将光能转化为电能，Q将电能转化为光能
(4)挡风玻璃贴上棱镜的作用是______(控制感光面积/增加反射光强度)。
(5)下列关于电动机的转速r、摆杆摆动的频率f与输入电压U的关系图像中，正确的是______。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、将细线悬吊的乒乓球轻触正在发声的音叉，可以观察到乒乓球被弹开，声音是由物体的振动产生的，说明发声体在振动，能探究声音产生原因，故A符合题意；
B、在抽气的过程中，玻璃罩内的空气减少，所以声音传播的介质减少，因此听到声音将会变小，说明声音的传播需要介质，不能探究声音产生原因，故B不符合题意；
C、声音的传播需要介质，不同介质传播声音的效果不同，固体传声效果最好，所以耳朵贴到桌面上，听到的敲击声更大，不能探究声音产生原因，故C不符合题意；
D、改变吸管的长度，则空气柱的长短随之变化，振动的频率会改变，故可以吹出不同音调的声音，不能探究声音产生原因，故D不符合题意。
故选：A。
(1)声音是物体的振动产生的；
(2)声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
(3)固体传播声音的能力比气体要好；
(4)音调与频率有关，而音色是由发声体的材料和结构决定的。
本题考查声音的产生、声音的传播条件及声音的音调，属于声学基础题。
2.【答案】A
【解析】解：四次测量结果分别是5.37cm、5.36cm、5.34cm、5.45cm，这四个值中5.45cm与其它三个值偏差较大，这不是读数误差造成的，而是读数错误，即该数据错误，应去掉；所以木块的长度L=5.37cm+5.36cm+5.34cm3≈5.36cm。
故选：A。
为减小误差，常用的测量方法是多次测量求平均值，在求平均值时去掉错误数据，然后求剩下的正确数据的平均值，即可得物体长度值，注意小数点后保留与原题中相同的位数。
用刻度尺多次测量物体长度时，求平均值并保留到与测量数值位数一样，这样更接近物体长度真实值。
3.【答案】C
【解析】解：抛球和击球时运动员对球有力的作用并且球在力的方向移动一段距离，故做功；
腾空和落地过程中，运动员对球没有力的作用，故不做功；
综上分析可知，选项ABD错误，C正确。
故选：C。
物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
判断人做没做功的依据就是看在这个过程中，是否同时具备做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离。
4.【答案】D
【解析】解：热机是内能的一种应用，热机是将内能转化为机械能，改变内能的方式有做功和热传递。
故选：D。
热机工作时，将内能转化为机械能，改变内能的方式有做功和热传递。
本题考查内能及内能的利用等知识，属于基础题。
5.【答案】D
【解析】解：AB、因灯泡的亮暗变化不易观察，所以不能通过灯泡亮暗判断电流的大小，为了使实验结论具有普遍性，应选择不同型号的小灯泡进行实验，故AB错误；
CD、探究串联电路的电流特点时，要用电流表分别测出电路中不同位置的电流，所以要选用电流表，不能用电压表，因为不同量程电流表的分度值不同，准确程度不同，并且不同型号的电流表的灵敏度也不一定相同，所以最好选用型号相同、量程相同的三个电流表测量，故C错误，D正确；
故选：D。
(1)为了使实验结论具有普遍性，需要型号不同的灯泡进行实验；灯泡亮暗的变化不易观察，所以电流的大小用电流表测量后比较较好；
(2)探究串联电路中的电流时，要用电流表分别测出电路中不同位置的电流，然后比较得出结论。
本题考查了探究串联电路电流特点的实验，涉及到实验器材的选择和实验方法的设计，是一道较为简单的题目。
6.【答案】B
【解析】解：A.三脚插头中较长的插脚E是接用电器的金属外壳的，三孔插座的E是接地线的，当三脚插头插入到三孔插座时，用电器金属外壳就接地了，L是接火线的，故A错误；
B.图乙中，测电笔可以用来区分零线和火线，使用时要用指尖抵住上端的金属帽，故B正确；
C.空气开关跳闸，可能是家庭电路出现短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误；
D.这种现象电流会从人的右手边到左手边回到零线。相当于人是一个负载。不存在漏电，所以漏电保护器不会起作用，故D错误。
故选：B。
(1)接金属外壳的那个插脚较长，当三脚插头与三孔插座相接时，把用电器的金属外壳首先(或最后)与地线相接(或脱离)，可以防止触电；
(2)测电笔的作用是辨别家庭电路中的火线和零线；正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光的导线是火线；氖管不发光的是零线，手千万不要接触笔尖金属体；
(3)电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
(4)漏电保护器原理就是检测火线和零线的电流，一般情况下火线电流应该与零线电流差不多，因为大致两个接入点可以看成串联关系。漏电保护器就是利用这个特性，当火线电流比零线电流大太多的话就说明电路的某个地方可能接地漏电，电流从大地跑了。当单相触电时实际上就是人体加载在了火线和地线之间，火线电流大，零线电流小，漏电保护器工作。而当双相触电时实际上就是在负载上并联了一个人体，实际的火线电流和零线电流的差值并没有什么变化，所以会起不到保护作用。
本题考查了安全用电的注意事项，要掌握，本题在现实生活中具有现实意义，是一道好题。
7.【答案】A
【解析】解：A、本题在探究“影响电阻大小的因素”实验中，电阻的大小是通过小灯泡的亮度来体现的，灯泡越亮，表示电流越大，电阻越小，所以该电路中用小灯泡代替电流表判断电流强弱，故A正确；
BCD、由图可知，两根电阻丝的长度、横截面积相同，材料不同，所以此实验可以探究导体电阻的大小与材料是否有关，故BCD错误。
故选：A。
(1)电阻和小灯泡串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，通过小灯泡的亮度判断电流的大小进而判断导体电阻大小；
(2)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化或小灯泡亮度变化体现的，这里采用了转换法的思想。
8.【答案】A
【解析】解：
A、在升起横杆时，施加在A端的力为动力，此时的动力臂要小于阻力臂，为费力杠杆，故A正确；
B、相同条件下，在A端施加的动力越靠近O点，动力臂变小了，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，升起横杆所需的动力越大，故B错误；
C、升起横杆时，沿F1方向的动力臂比沿F2方向的动力臂要小，根据杠杆的平衡条件可知，此时会更费力，故C错误；
D、要使横杆AB保持水平平衡，根据杠杆的平衡条件可知：F×OA=G×(AB2−OA)则：F×0.3m=100N×(3m2−0.3m)，解得：F=400N，即在A端施加的最小的力为400N，故D错误。
故选：A。
(1)根据动力臂、阻力臂的大小分析；
(2)(3)根据杠杆的平衡条件分析；
(4)根据杠杆平衡条件求出最小的力。
本题考查了杠杆的分类、杠杆平衡力的应用、杠杆中最小力的问题，难度不大。
9.【答案】A
【解析】解：
A、忽略绳重和摩擦，由η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动可得，η甲=GAGA+G动，η乙=GBGB+G动，
因为GA>GB，η甲<η乙，所以甲滑轮组的动滑轮比乙的重，故A正确。
BC、已知物体受到的重力GA>GB、上升的高度相同，根据W有=Gh可知，甲滑轮组的有用功比乙的多，即W有甲>W有乙；已知滑轮组的机械效率η甲<η乙，由η=W有用W总可得，甲滑轮组的总功比乙的大，已知时间相同，由P=Wt可知，甲滑轮组的总功率比乙的大，故BC错误；
D、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n甲=2，n乙=3，则s甲=2h，s乙=3h，则两滑轮组绳端移动的距离不相等，故D错误；
故选：A。
(1)不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动，据此分析动滑轮的重力大小关系。
(2)根据W=Gh比较有用功的大小；滑轮组的机械效率η甲<η乙(忽略绳重和摩擦)，由此可知总功大小，然后利用P=Wt分析其功率大小关系。
(3)由图可知滑轮组绳子的有效股数n甲=2，n乙=3，利用s=nh比较拉力端移动距离的大小关系。
本题考查了功公式、功率公式、机械效率公式的应用，关键是η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动的灵活运用。
10.【答案】A
【解析】解：
BD、由电路图可知，R与R0串联，油量表并联在变阻器R的两端，所以油量表是由电压表改装而成的，故BD正确；
AC、由图可知，油位上升时，浮子也上升，在杠杆的作用下滑片P向上移动，变阻器R接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，由U=IR可知，R0两端的电压变小，由串联电路的电压规律可知变阻器R两端的电压变大，即油位越高，流过R的电流越小，R两端的电压越大，故A错误、C正确。
故选：A。
(1)由电路图可知，R与R0串联，油量表并联在变阻器R的两端，由此可知油量表的电表类型；
(2)由图可知，油位上升时，滑片P向上移动，由此可知R接入电路的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和R0两端的电压变化；根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变化。
本题考查了欧姆定律的应用和串联电路的特点，正确判断油位变化时变阻器接入电路的阻值变化是关键。
11.【答案】C
【解析】解：(1)定值电阻与变阻器串联，当定值电阻为5Ω，且滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，
根据欧姆定律可得，电路中的最大电流
Imax1=UR1=15V5Ω=3A，所以电流表的量程为0∼3A；
(2)当定值电阻为20Ω时，电路中的最大电流：
Imax2=UR4=15V20Ω=0.75A，
滑动变阻器上标有“20Ω3A”表示变阻器的最大电阻为20Ω，当定值电阻为5Ω时，由电阻的串联和欧姆定律，电路中的最小电流：
Imin1=UR4+R1=15V20Ω+5Ω=0.6A；
因滑动变阻器的实际最大阻值略小于20Ω，Imin1稍大于0.6A，且电流表的分度值为0.1A，
为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应控制在0.7A最合理。
故选：C。
(1)当定值电阻为5Ω，且滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，由欧姆定律求同电路中的最大电流，确定电流表的选择的量程；
(2)当定值电阻为20Ω时，由欧姆定律求出电路中的最大电流；
当定值电阻为5Ω时，由串联电阻的规律和欧姆定律求出电路中的最小电流：
根据滑动变阻器的实际最大阻值略小于20Ω，且电流表的分度值为0.1A，确定为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应控制的大小。
本题考查了电流表量程的选择和电流表的读数、串联电路特点、欧姆定律的应用等，关键是会根据最大定值电阻接入电路中时电路中的最大电流和最小定值电阻接入电路中时最小电流以及电流表的分度值确定控制最合理的电流值。
12.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.当滑片位于最左端时，R2接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，此时电压表测电源两端的电压，其示数最大，
由图乙可知，电压表的最大示数为6V即电源的电压为6V，故A错误；
B.由图乙可知，当R1两端的电压为6V时，通过的电流为0.6A，由I=UR可得，R1=U1I1=6V0.6A=10Ω，故B错误；
C.当电路中的电流最大时，电路消耗的功率最大，则P大=UI=6V×0.6A=3.6W，故C正确；
D.当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I′=0.15A，R1两端的最小电压U1=1.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以变阻器两端的最大电压U2=U−U1=6V−1.5V=4.5V，
则滑动变阻器的最大阻值R2=U2I′ =Ω，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于最左端时，接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，此时电压表测电源两端的电压，其示数最大，由图乙读出电压表的示数即为电源的电压；
(2)根据图乙读出R1两端的电压为6V时通过的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；
(3)当电路中的电流最大时，电路消耗的功率最大，根据P=UI求出电路消耗的最大功率；
(4)当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的最大电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
13.【答案】增加 做功 压缩
【解析】解：神舟十一号飞船返回舱返回时，返回舱进入大气层后与大气剧烈摩擦温度升高，内能增加，机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变物体内能，在压缩冲程中是机械能转化为内能，这一过程能量转化形式与汽油机的压缩冲程相同。
故答案为：增加；做功；压缩。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
在做功冲程中内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能。
本题主要考查学生对改变物体内能的方式和热机的冲程的理解和掌握，属于基础知识的考查。
14.【答案】2017.688001000
【解析】解：
(1)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h，由图知，电能表的示数为2017.6kW⋅h，
(2)由电能表的参数可知，工作电压为U=220V，允许工作的最大电流为I=30A，
电能表允许用电器工作的最大总功率：P大=UI=220V×40A=8800W；
(3)3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，
则电能表指示灯闪烁160次时，电饭锅消耗的电能：W=160imp3200imp/kW⋅h=0.05kW⋅h，
电饭锅的实际功率：P=Wt=0.05kW⋅h360h=1kW=1000W。
故答案为：2017.6；8800；1000。
(1)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h；
(2)由电能表的参数可知工作电压和允许工作的最大电流，根据P=UI求出电能表允许用电器工作的最大总功率；
(3)3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此可求出当电能表指示灯闪烁160次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=Wt求出该用电器消耗的功率。
本题考查了电功率和电功的计算以及电能表的读数，明白电能表参数的含义是解题的关键。
15.【答案】弹性形变 弹性势 动
【解析】解：拉弯的弓发生弹性形变，对箭有弹力作用；放手后，弓恢复形变过程中，弓的弹性势能转化为箭的动能。
故答案为：弹性形变；弹性势；动。
弹力是物体发生弹性形变而产生的力，拉弯的弓发生弹性形变具有弹性势能，转化为箭的动能。
本题考查弹力与机械能的转化，属于基础题。
16.【答案】热 2700 增大R的阻值
【解析】解：电流通过电阻，因为电流的热效应，电阻发热产生热量，温度升高，实现高温封口；
电阻产生的热量为：
Q=I2Rt=U2Rt=(3V)20.4Ω×2×60s=2700J；
由公式Q=I2Rt=U2Rt可知，电压不变，要减小电阻产生的热量，应增大R的阻值。
故答案为：热；2700；增大R的阻值。
当电流通过电阻时，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；纯电阻电路产生的热量Q=I2Rt=U2Rt；若电压不变，则R越大产生的热量越少。
本题考查了电流的热效应及焦耳定律的计算公式的应用，属于基础考查，难度不大。
17.【答案】4 乙 烧开一壶水需要的热量是不变的，根据Q=W=Pt可知，功率越大，需要的时间越短，烧水越快，故从烧水快的角度考虑，应选用1500W的乙电热水壶
【解析】解：
甲电热水壶正常工作时的电流I甲=P甲U甲=880W220V=4A。烧开一壶水需要的热量是不变的，根据Q=W=Pt可知，功率越大，需要的时间越短，烧水越快，故从烧水快的角度考虑，应选用1500W的乙电热水壶。
故答案为：4；乙；烧开一壶水需要的热量是不变的，根据Q=W=Pt可知，功率越大，需要的时间越短，烧水越快，故从烧水快的角度考虑，应选用1500W的乙电热水壶。
故答案为：4；乙；烧开一壶水需要的热量是不变的，根据Q=W=Pt可知，功率越大，需要的时间越短，烧水越快，故从烧水快的角度考虑，应选用1500W的乙电热水壶。
根据P=UI得出甲电热水壶正常工作时的电流；
烧开一壶水需要的热量是不变的，根据Q=W=Pt可知，功率越大，需要的时间越短，烧水越快。
本题考查电功率的有关计算，是一道综合题。
18.【答案】水温度的变化 燃料燃尽后的水温tcm2(t−t0)m1
【解析】解：(1)实验时用水温度的变化来表示薯片燃烧放出热量的多少；
(2)由热值公式和吸热公式得薯片热值的推导式：q=Qm1=cm2(t−t0)m1知还需要记录水的末温度t，薯片的热值大约为q=cm2(t−t0)m1。
故答案为：(1)水温度的变化；(2)燃料燃尽后的水温t； cm2(t−t0)m1。
(1)实验时用水温度的变化来表示薯片燃烧放出热量的多少；
(2)根据薯片热值的推导式进分析。
本题考查燃料热值的测定实验，要掌握实验的原理、实验器材的选择、实验数据的分析等要点，本题属于常规题，难度中等。
19.【答案】重力 Ght 重力小一些
【解析】解：在做引体向上时，双臂的拉力克服重力做功使身体上升。
引体向上时人做功的功率P=Wt=Ght，
选择重力小一些的或者手臂短一些的，比较有优势。
故答案为：重力；Ght；重力小一些。
做引体向上运动的功就是克服自身重力做的功，人在重力方向上上升的高度略等于手臂长。
根据W=Fs=Gh和P=Wt求拉力的功率。
此题是考查功率测量在生活中的应用以及功率的计算。
20.【答案】电 24 40
【解析】解：LED灯具有节能环保、发光效率高等特点，工作时主要将电能转化为光能。
将一个额定功率为40W的荧光相同亮度灯替换成亮度相同的LED灯，LED的功率PL=40W×36W60W=24W，
可以节约：40W−24W40W=40%的电能。
故答案为：电；24；40。
LED灯具有节能环保、发光效率高等特点，工作时主要将电能转化为光能。
将一个额定功率为40W的荧光相同亮度灯替换成亮度相同的LED灯，根据两种灯的功率比得出LED的功率，进而得出可以节约的电能。
本题考查电功率的计算，是一道综合题。
21.【答案】解：从支点O作F2的垂线段就是F2的力臂L2，如图所示：

【解析】力臂的画法：
①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离。
22.【答案】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法，如图所示。

【解析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
在滑轮组中，绕过动滑轮的绳子股数越多会越省力，即F=1nG。
23.【答案】解：家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线上，保证断电时切断火线。根据灯泡的右侧开关与火线相连，确定上方的导线是火线，保险丝应该安装在火线上，三孔插座是左零右火上接地，如图：

【解析】家庭电路中，为了保证安全，开关、保险丝应该安装在火线上，保证断电时切断火线，三孔插座是左零右火上接地。
本题考查家庭电路的组成与安装，属于简单的基础题。
24.【答案】垂直 前 ① 相等 可信 A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可作为多次实验
【解析】解：(1)实验时，玻璃板要与纸面垂直放置；如果玻璃板与纸面不垂直，根据平面镜所成的像和物体关于平面镜对称可知，发光体“F”的像与发光体“F”不在同一水平面上，所以有可能找不到像。
(2)平面镜成像的原理是光的反射，观察像时，本质上是看到了玻璃板反射的光线，a放在玻璃板前方，所以应该在玻璃板前观察a的像。
物体b放在玻璃板后方和a的像重合，因为玻璃板成的是正立的像，所以b的方向要与a一致，故选①。
因为b与a大小相同，b能与a的像重合，说明a的像与a大小相同。
(3)要探究像和物到平面镜的距离是否相等，就要多次改变物到平面镜的距离，从而寻找到普遍规律，A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可视为多次改变物体到镜面的距离进行实验，故结论可信。
故答案为：(1)垂直；
(2)前；①；相等；
(3)可信；A、B、C三点到玻璃板的距离不同，可作为多次实验。
(1)实验时玻璃板要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的发光体“F”都不可能与前面发光体“F”的像完全重合；
(2)实验选择两个完全相同的发光体“F”，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；根据玻璃板后面的发光体“F”和玻璃板前面的发光体“F”的像完全重合，可以确定物像大小关系；
(3)根据平面镜成像的特点分析解答。
考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
25.【答案】水平 重力 竖直 便于测出力臂 2000 将B点适当向左移动，再移动O点，使之再次水平 杠杆原理
【解析】解：(1)先将空铁笼挂在钢管的B点，左右移动吊钩到O点，直到钢管水平静止，目的是消除槽钢和铁笼重力对杠杆平衡的影响；
(2)将大象引入铁笼，保持吊钩的悬吊点O和铁笼悬挂点B的位置不变。用电子测力计竖直向下拉住槽钢的另一端 A点，使之再次在水平位置平衡，这样可以便于测出力臂；
(3)甲图中，槽钢重力作用在AB中点，槽钢重心到O点距离l，
槽钢在水平位置平衡时根据杠杆的平衡条件：
G槽钢×l=G铁笼×OB…①
大象引入铁笼后，再次在水平位置平衡时，
G槽钢×l+F×AO=(G象+G铁笼)×OB…②
②-①式得：F×AO=G象×OB，
200N×800cm=G象×8m，
所以：G象=2×104N；
m=G象g=2×104N10N/kg=2000kg；
(4)利用现有器材称一只重力更大的大象，即阻力变大，动力不变，若动力臂OA也不变，根据F1×OA=G象×OB可知需减小阻力臂OB，具体做法是将铁笼向左移动；
(5)小明知道了“小秤砣，压千斤”的原理杠杆原理。
故答案为：(1)水平；重力；(2)竖直；便于测出力臂；(3)2000；(4)将B点适当向左移动，再移动O点，使之再次水平；(5)杠杆原理。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；
(2)使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂；
(3)根据杠杆平衡条件计算；
(4)根据F1×OA=G象×OB可得当阻力变大，动力、动力臂不变时，需减小阻力臂；
(5)杠杆可以分为三类，即省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，即我们生活中所用的杆秤就是利用杠杆的原理制成的。
本题考查了杠杆平衡条件，难度适中。
26.【答案】① C 右 偏大 CD
【解析】解：(1)电流表使用前要调零，为正确进行实验，他需要调节电流表上序号①处的部件。
(2)当滑片P向右滑动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与电源串联在电路中，如下图所示：
(3)若连好电路闭合开关，发现小灯泡不亮，有可能是因为电路中电流过小造成的，故先观察电流表有无示数，选C；
(4)由图乙知，电压表使用0∼3V量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；
要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向右端移动，使电压表的示数为2.5V为止；当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.26A，则小灯泡额定功率为：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
(5)通过灯的电流为IL，电压表工作时，其实内部有微弱电流IV通过，根据并联电路电流的特点，电流表的示数I=IL+IV，测量时，小灯泡的额定电功率PL=UL×I，而灯正常发光时的实际功率P=UL×IL，所以，PL>P，即所测量的额定功率偏大；
(5)将滑动变阻器的滑片滑到最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，灯泡L1和L2串联，因两灯泡规格相同，根据串联分压原理可知，此时L1两端电压为1.5V，对应图丙的D点；原先滑动变阻器阻值最大时，灯泡两端电压为0.5V，即A点；现将两灯串联，当滑动变阻器阻值最大时，根据串联电路分压原理，灯泡L1和L2两端总电压将大于0.5V，因两灯泡规格相同，则L1两端电压将大于0.25V，对应图丙的C点，所以L1的I−U关系图像可能是图丁中的CD段。
故答案为：(1)①；(2)如上图所示；(3)C；(4)右；2.5；0.65；(5)偏大；(6)CD。
(1)电流表使用前要调零；①是调零旋钮；
(2)当滑片P向右滑动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(3)若连好电路闭合开关，发现小灯泡不亮，有可能是因为电路中电流过小造成的，故先观察电流表有无示数；
(4)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
根据图乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出小灯泡额定功率；
(5)根据并联电路电流的特点，比较实际通过灯的电流与电流表示数的大小，确定所测额定功率的变化情况；
(6)将滑动变阻器的滑片滑到最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0，灯泡L1和L2串联，因两灯泡规格相同，根据串联分压原理可知，此时L1两端电压为1.5V，据此确定L1在I−U关系图像中的最高点；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，原来灯泡两端电压为0.5V，即A点；现将两灯串联，当滑动变阻器阻值最大时，根据串联电路分压原理，灯泡L1和L2两端总电压将大于0.5V，因两灯泡规格相同，则L1两端电压将大于0.25V，对应图丙的C点，据此得出L1的I−U关系图像。
本题测小灯泡电功率的实验，考查了电路连接、注意事项、电压表读数、功率的计算、实验操作和数据分析等知识。
27.【答案】解：(1)他做的有用功：W有=Gh=600N×2m=1200J；
(2)匀速提升过程中滑轮组的机械效率是80%，
根据η=W有W总可得，拉力所做的总功：W总=W有η=1200J80%=1500J，
由图可知绳子有效段数n=3，重物匀速提升2m，绳端移动的距离：s=3h=3×2m=6m，
根据W总=Fs可知，拉力F的大小：F=W总s=1500J6m=250N；
(3)拉力的功率：P=Wt=1500J10s=150W。
答：(1)他所做的有用功是1500J；
(2)拉力F的大小是250N；
(3)拉力的功率是150W。
【解析】(1)利用W有=Gh求出拉力所做的有用功；
(2)从图中可知n=3，根据s=3h求出绳子自由端移动的距离，根据η=W有W总求出总功W总，利用F=W总s求出拉力F的大小；
(3)根据P=Wt可知拉力的功率。
本题考查了功、功率、机械效率的有关计算，关键是公式的灵活运用。
28.【答案】解：(1)由P=Wt可知灯泡正常发光300s消耗的电能为：
W=PLt=24W×300s=7200J；
(2)由图甲可知，R1、灯泡L、滑动变阻器串联，当光照强度为E1时，R2连入电路的阻值为24Ω时，灯正常发光，
由图乙可知，当光照强度为E1时，R1=24Ω，
灯泡正常发光时通过灯泡的电流为：IL=PLUL=24W48V=0.5A，
灯泡的电阻为：RL=ULIL=48V0.5A=96Ω，
因为串联电路中电流处处相等，所以此时该串联电路的电流为：I=IL=0.5A，
电路的总电阻为：R总=R1+RL+R2=24Ω+96Ω+24Ω=144Ω，
电源电压为：U=IR总=0.5A×144Ω=72V；
(3)由图乙可知，光照强度在E1∼E2之间时，R1的最大值为84Ω，即R1大=84Ω，
当滑动变阻器接入电路的阻值最大为R2大=60Ω时，串联电路的总电阻的最大，
则串联电路的总电阻的最大值为：
R总大=R1大+R2大+RL=84Ω+60Ω+96Ω=240Ω，
电路中的最小电流为：I小=UR总大=72V240Ω=0.3A，
则灯泡的实际功率的最小值为：PL小=I小2RL=(0.3A)2×96Ω=8.64W。
答：(1)灯泡正常发光300s消耗的电7200；
(2)电源电压为72V；
(3)光照强度在E1∼E2之间时，灯泡实际功率的最小值为8.64W。
【解析】(1)根据电能公式W=Pt可计算出灯泡正常发光300s消耗的电能；
(2)由图甲可知，R1、灯泡L、滑动变阻器串联，由图乙确定出当光照强度为E1时R1的阻值，此时灯正常发光，由电功率公式P=UI可得灯泡正常发光时的电流，由欧姆定律可得灯泡的电阻，再根据U=IR求出电源电压；
(3)分析图乙可知光照强度在E1∼E2之间时光敏电阻的最大值，且当滑动变阻器阻值最大时，根据串联电路的电阻规律可知此时电路的总电阻最大，根据欧姆定律求出电路中的最小的电流，再根据P=I2R求出灯泡实际功率的最小值。
本题考查了欧姆定律的应用及电功率的计算，解答本题的关键是要弄清电路中总电阻最大时电路中的电流最小。
29.【答案】不能 费力 C 控制感光面积 A
【解析】解：(2)红外线是不可见光，人不能看到光电转换器发出的红外线；
(2)图甲中，O是支点，动力臂小于阻力臂，所以当雨刮器工作时，摆杆可以看作一个费力杠杆；
(3)光电转换器P将电能转化为光能，Q将光能转化为电能，故C正确；
A.如果有别的东西挡住了这个感光区域，都会导致感应出现异常，正常情况下感应到异常雨刮就会启动，把阻挡物刮走，故A错误；
BC.挡风玻璃上雨滴的多少，不会影响红外发射器发出的光总量，当有一定量的雨滴落在感应区域时，部分红外线会经雨滴传播到挡风玻璃外，导致接收到的红外线强度变小，故BC错误；
D.光电转换器P将电能转化为光能，Q将光能转化为电能，故D正确；
(4)按题意可知挡风玻璃贴上棱镜的作用是控制感光面积；
(5)已知ΔU=U0−U，则U=U0−ΔU，由图丙可知r与ΔU是线性函数，r随ΔU的增大而增大，则r与U是线性函数，r随U的增大而减小，故A正确，B错误；
摆杆摆动的频率f与电动机的转速r成正比，所以f随r的增大而增大，则摆杆摆动的频率f随U的增大而减小，故CD错误，
图丁关于电动机的转速r、摆杆摆动的频率f与输入电压U的关系图像中，故选：A。
故答案为：
(1)不能；
(2)费力；
(3)C；
(4)控制感光面积；
(5)A。
(1)红外线是不可见光；
(2)动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；
(3)光电转换器P将电能转化为光能，Q将光能转化为电能；
(4)按题意分析挡风玻璃贴上棱镜的作用；
(5)已知ΔU=U0−U，则U=U0−ΔU，由图丙可知r与ΔU是线性函数，r随ΔU的增大而增大，则r与U是线性函数，r随U的增大而减小；摆杆摆动的频率f与电动机的转速r成正比，所以f随r的增大而增大，则摆杆摆动的频率f随U的增大而减小。
本题考查杠杆的分类、对可见光和不可见光的理解、凸透镜对光线的作用等，正确读取信息是解题的关键。相同亮度
LED
荧光灯
12W
20W
18W
30W
36W
60W