2024年江西省赣州市大余县中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年江西省赣州市大余县中考物理一模试卷（含详细答案解析），共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.物理源于生活，下列对生活中常见物理量的估测，最接近实际的是( )
A. 人体感觉最舒适的气温是36.8℃B. 初中女生跑完800m的时间约为80s
C. 中学生课桌高度约为80cmD. 手机电池的电压约为36V
2.2023年全国跳水锦标赛暨巴黎奥运会、多哈世锦赛选拔赛2023年11月22日在湖北武汉开赛。首个比赛日中，王宗源、谢思埸、彭健烽分获男子3米板决赛冠亚季军。如图是运动员正在比赛时的情境，下列判断正确的是( )
A. 起跳时，运动员对跳台施加了力，跳台对运动员没有力的作用
B. 起跳后能继续向上运动，是因为运动员受到向上的力大于自身的重力
C. 起跳上升过程中，若运动员所受的力全部消失，他将静止不动
D. 运动员从空中下落过程中，运动员的重力做了功
3.中华诗词蕴藏着丰富的物理知识，下列对古诗词中涉及的物态变化解释正确的是( )
A. “欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象，需要放热
B. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
C. “月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝固现象，需要吸热
D. “一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象，需要吸热
4.如图所示，电源电压不变，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A1示数变小，电压表V示数变大
B. 电流表A2示数变大，电压表V示数变小
C. 电压表V示数与电流表A1示数的比值不变
D. 电压表V示数与电流表A2示数的乘积变大
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
5.如图是小明在科技活动周上展示的自制“电磁秋千”：铜线圈制成的秋千下方放有一块永磁体，线圈通电后，就能不停地摆动。下列有关叙述正确的是( )
A. 该电磁秋千的工作原理和电动机原理相同
B. 该电磁秋千是利用电磁感应原理工作的
C. 电磁秋千摆动过程中电能转化为机械能
D. 增加电池的节数可以使电磁秋千摆动得更高
6.下列说法正确的是( )
A. 图甲：跑步右脚后蹬时，受到的摩擦力方向向前
B. 图乙：汽油机的做功冲程
C. 图丙：冰箱没有接地线，容易发生触电事故
D. 图丁：用滑轮组提升重物既省力又省功
三、填空题：本大题共9小题，共23分。
7.如图为某智能手表，当运动过量时，它会发出“嘀嘀嘀——”的声音，穿戴者听到后会停止运动，这说明声音可以传递______；星闪技术(无线短距离通信技术)利用______(选填“光信号”或“声信号”)来进行数据传输，可以让智能手机、平板、笔记本等终端之间实现高速率、低时延、低功耗的信息交互。
8.我国古代科技著作《天工开物》中描绘了“炒蒸油料”的场景。如图所示，劳动人民在锅中翻炒的目的是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方法改变油料的内能；在翻炒油料的过程中，人们能闻到油料的香味，这是______现象。
9.杭州亚运会全部竞赛场馆实现了亚运史上首次100%绿电供应。绿电的主要来源为太阳能和风能。太阳能、风能都属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。开幕式中的灯光秀给观众们带来了前所未有的视觉盛宴，其LED光源是由______材料制成的。
10.生活处处有物理。如图所示，小明将用餐巾纸摩擦过的吸管置于正在缓慢下落的肥皂泡上方，发现肥皂泡向上靠近吸管。这是因为带电体具有______的性质，同时说明力可以改变物体的______。
11.在社会实践活动中，小明与爸爸一起在果园修剪果树枝。如图所示，用园艺剪修剪树枝的过程中，该园艺剪属于______杠杆，园艺剪的刀口制得很锋利，是为了增大______(选填“压强”或“压力”)。
12.小丽和妈妈一起到超市购物，如图所示，小丽用水平推力推着购物车在水平地面上做匀速直线运动，此时小丽对车的水平推力和购物车受到的摩擦力是一对______力；小丽撤去对车的水平推力后，购物车会慢慢地停下来，此过程中购物车所受的摩擦力______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
13.2023年10月27日，2023中国航空产业大会暨南昌飞行大会开幕，已在海外正式商业飞行的ARJ21支线飞机亮相南昌。该飞机升空的过程中，机翼上方的压强______(选填“小于”或“大于”)机翼下方的压强；随着海拔的升高，机舱外的大气压强______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
14.如图所示的水罗盘是我国古代船舶上使用的一种测向工具。水罗盘是把磁针放在一个中间盛水、边上标有方位的盘子里，磁针浮在水面上能够自由旋转，静止时磁针两端分别指向南北。使用过程中，磁针针尖由于受到______的作用指向南方，则针尖部分是磁针的______极。
15.亲爱的同学，你会使用下列基本仪器吗？
(1)如图甲所示，用刻度尺测量物体的长度，按照正确的方法读数，测量结果应记为______ cm；如图乙所示，该仪器是用来测量______的工具，其读数为______；
(2)弹簧测力计在测量物体重力前应在______方向调零，如图丙所示，该弹簧测力计的读数是______ N；
(3)某滑动变阻器的铭牌如图丁所示，则该滑动变阻器允许通过的最大电流为______ A，它是通过改变接入电路中电阻丝的______来改变电阻的大小的。
四、实验探究题：本大题共3小题，共21分。
16.【探究名称】探究电流与电压的关系。
【问题】电压是形成电流的原因，小明由此猜想：通过导体的电流可能随着导体两端的电压增大而增大。为了探究电流与电压的关系，小明进行了如下实验：
【证据】
(1)如图甲是小明连接好的电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最______(选填“左”或“右”)端；
(2)小明正准备闭合开关时，旁边的小兰急忙告诉他，电路连接有错，需要改接一根导线。请你在图甲中把小明接错的那根导线找出来，并打上“×”，再用笔画线代替导线正确连接；
(3)正确连接电路后，闭合开关，改变滑片位置，记录实验数据如下表，第3次实验时，电流表示数如图乙所示，请将数据填写在表格中。
【解释】
(1)分析表格中的数据可得出结论：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成______；
(2)实验中，调节滑动变阻器滑片P的目的是______；
【拓展】
小华利用小明所用实验器材及阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω的定值电阻探究电流与电阻的关系，小华根据测得的实验数据绘制了电流I随电阻R变化的图像，如图丙所示，则定值电阻两端的电压为______ V，滑动变阻器的最大阻值至少是______Ω。
17.【实验名称】用天平和量筒测小石块的密度。
【实验器材】天平、量筒、小石块、水和细线等。
【实验原理】______。
【实验步骤】
(1)将天平放在水平桌面上，游码移至标尺的零刻度处，发现指针指向分度盘右侧，如图甲所示，小明应向______(选填“左”或“右”)调节平衡螺母直至指针指向分度盘中央的刻度线。
(2)用调节好的天平测小石块的质量时，小组成员小华将最小的5g砝码放在天平的右盘后，发现天平的指针静止时仍如图甲所示，则他接下来应该进行的操作是______。
(3)当右盘中所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平横梁平衡，则小石块的质量为______ g。
(4)如图丙所示，在量筒内先倒入适量的水，然后将用细线系好的小石块放入量筒中，测得小石块的体积为______cm3，则小石块的密度为______g/cm3。
【交流与评估】将小石块放入量筒中时，若有几滴水溅出量筒，则小石块密度的测量值比真实值______(选填“偏大”或“偏小”)。
18.【探究名称】探究变焦照相机如何成清晰的像。
【问题】
小雨同学通过实验探究知道，人能看清远近不同的物体，与晶状体的焦距有关.小雨还想知道使用变焦照相机拍照，如何得到清晰的像？于是他用图甲所示装置进行探究。
【证据】
(1)实验前，应调节“F”光源、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，目的是使像呈现在______；
(2)小雨先用焦距为8cm的凸透镜做实验，当各器材位置如图甲所示时，______(选填“能”或“不能”)模拟照相机的拍照原理；
(3)保持______到凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节光屏到凸透镜的距离，直到光屏上成清晰的像，分别记录焦距、像距和像的高度；
(4)保持(3)中某距离不变，换用不同焦距的透镜多次实验；
(5)部分实验数据如表所示。(“F”光源的高度H=5.0cm)
【解释】分析表中数据可知：当物距不变时，凸透镜焦距越______，像距越大，像也越大；
【应用】如图乙是小雨站在同一位置用数码相机(焦距可改变)对着滕王阁景点先后拍摄了两张照片A和B，请你根据实验结果判断照片A是用焦距______(选填“小一些”或“大一些”)的镜头拍摄的；
【交流】在图甲中，小雨借来物理老师的眼镜将其放在“F”光源和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上的像又变清晰，说明老师戴的是______(选填“近视”或“远视”)眼镜。
五、计算题：本大题共3小题，共22分。
19.如图所示，电源电压恒定，灯泡L标有“5V2.5W”的字样(灯丝的电阻不随温度变化而变化)。当只闭合开关S1时，灯泡恰好正常发光；当同时闭合S1和S2时，电流表的示数为0.7A。求：
(1)灯泡正常发光时的电阻；
(2)电源电压及R0的阻值；
(3)同时闭合S1和S2时，通电100s，电流做的总功。
20.2023年1月16日，我国首艘具有破冰功能的大型航标船“海巡156”轮(如图所示)在天津列编。“海巡156”轮总长74.9米，型宽14.3米，型深6.2米，排水量约2400吨，采用全电力驱动、双回转舵桨推进系统，在5节航速下能破冰0.5米，在海冰条件下具有优秀的操控能力和航标作业能力。海水密度取1.03×103kg/m3，g取10N/kg。
(1)“海巡156”轮吃水深度为6m时，海水对船底的压强是多少？
(2)“海巡156”轮满载时排开海水的体积是多少？(计算结果保留整数)
(3)“海巡156”轮采用全电力驱动，若航行过程中保持输出功率2.1×103kW，则它以3m/s的航速匀速破冰时受到的阻力是多少？
(4)“海巡156”轮从江河驶入大海后，船体会上浮一些还是下沉些，为什么？
21.小明家最近装了一台“光电互补型”太阳能热水器。晴天，该热水器吸收太阳能加热水；阴雨天，用电加热水。该热水器的部分参数如表所示。晴天，正常情况下该热水器一天能将100L的水从25℃加热到65℃。[ρ水=1.0×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃),天然气的热值为4.0×107J/m3，g取10N/kg]
(1)求100L水的重力。
(2)热水器将100L的水从25℃加热到65℃，求水吸收的热量。
(3)若在雨天使用该热水器将一满箱水从25℃加热到65℃，需要加热多长时间？(不计热损失)
(4)若用加热效率为60%的天然气灶将100L的水从25℃加热到65℃，需要完全燃烧多少天然气？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.人感觉舒适的环境温度一般在18℃∼26℃，故A不符合实际；
B.初中女生跑完800m的时间约为4min=240s，故B不符合实际；
C.中学生课桌高度约为0.8m=80cm，故C符合实际；
D.手机电池的电压约为3.7V，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】D
【解析】解：A、起跳时，运动员对跳台施加了力，根据力的作用是相互的，跳台对运动员也有力的作用，故A错误；
B、起跳后能继续向上运动，是因为运动员具有惯性，没有受到向上的力，故B错误；
C.起跳上升过程中，具有一定的速度，若运动员所受的力全部消失，根据牛顿第一定律，她将保持原来的速度做匀速直线运动，故C错误；
D、运动员在空中下落过程中，受到竖直向下的重力，竖直向下移动了距离，重力对运动员做了功，故D正确。
故选：D。
(1)力的作用是相互的；
(2)任何物体都有惯性，惯性是一种性质，惯性大小与质量有关；
(3)根据牛顿第一定律分析运动员的运动状态；
(4)做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。
本题所考查的内容都是基本的力学规律，是我们判断力学相关现象的基础，我们必须熟知并深入领会其意义。
3.【答案】B
【解析】解：A、冰是水凝固形成的，属于凝固现象，凝固放热，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、雨是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故D错误。
故选：B。
(1)物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：
AB、由电路图可知，R1和R2并联，电流表A1测量通过R1电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
由于电源电压不变，移动滑片时，电压表示数不变；
闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，由于并联电路各支路互不影响，所以通过R1的电流不变，电流表A1示数不变；
滑动变阻器变阻器R2连入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小；
根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，电流表A2示数变小，故AB错误；
C、由于电压表和电流表A1的比值不变，所以电压表V示数与电流表A1示数的比值不变，故C正确；
D、电压表V示数不变，电流表A2示数变小，电压表V示数与电流表A2示数的乘积变小，故D错误。
故选：C。
由电路图知，R1和R2并联，电流表A1测量通过R1电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
根据电源电压分析电压表示数的变化；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，根据欧姆定律判定通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路的特点分析通过R1电流的变化；根据并联电路的电流规律分析干路中电流的变化；根据电压表V示数、电流表A1与电流表A2示数的变化分析电压表V示数与电流表A1示数比值的变化、电压表V示数与电流表A2示数乘积的变化。
本题考查了欧姆定律的应用和滑动变阻器的使用，分析电路图确定电路连接方式、电表的作用是本题的关键。
5.【答案】ACD
【解析】解：ABC.由题图可知，该电池秋千的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，与电动机的工作原理相同，与发电机原理不同，此过程将电能转化为机械能，故AC正确，B错误；
D.增加电池的节数可以使得电流变大，因而受到的磁场力变大，电磁秋千摆动得更高，故D正确。
故选：ACD。
(1)电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；
(2)电池秋千摆动过程中消耗了电能，得到了机械能；
(3)通电线圈在磁场中受力大小与电流大小、磁场的强度有关。
本题考查磁场对电流的作用，属于中档题。
6.【答案】AB
【解析】解：A、图甲：跑步右脚后蹬时，脚有向后运动的趋势，则脚受到的摩擦力方向向前，故A正确；
B、图乙：两气门关闭，活塞向下运动，火花塞点火，为做功冲程，故B正确；
C、图丙：冰箱连接了地线，这样不容易发生触电事故，故C错误；
D、图丁：用滑轮组提升重物可以省力，但不能省功，故D错误。
故选：AB。
(1)摩擦力的方向始终与相对运动或相对运动趋势的方向相反；
(2)根据活塞运动的方向和气门的情况判断是哪个冲程；
(3)有金属外壳的用电器，其外壳应接地；
(4)滑轮组可以省力，但不能省功。
本题通过几幅图片的分析，考查了对摩擦力、内燃机冲程、用电器连接、滑轮组等的认识与分析，有一定综合性。
7.【答案】信息 光信号
【解析】解：声音能够传递信息和能量，穿戴者听到智能手表发出“嘀嘀嘀——”的声音后会停止运动，说明声音可以传递信息。
星闪技术是无线短距离通信技术，采用的是电磁波传递信息，是通过光信号来进行数据传输的。
故答案为：信息；光信号。
声音和电磁波都可以传递信息。
本题考查声音和电磁波的应用，是一道基础题。
8.【答案】热传递；扩散
【解析】解：“炒蒸油料”的过程中，柴火对锅加热，油料从锅上吸收热量，所以是通过热传递的方法改变油料的内能。
人们能闻到油料的香味是因为气味分子不停地做无规则运动，属于扩散现象。
故答案为：热传递；扩散。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移。
(2)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子的这种运动属于扩散现象。
本题考查了热传递改变物体的内能和扩散现象，难度不大。
9.【答案】可再生 半导体
【解析】解：太阳能和风能都可以从自然界源源不断地获得，属于可再生能源。
LED光源是一种发光二极管，采用的是半导体材料制成的。
故答案为：可再生；半导体。
(1)能在自然界源源不断的获得的是可再生能源；在短时间内不能在自然界获得补充的属于不可再生能源。
(2)LED主要由半导体材料制成。
本题考查了能源的分类和半导体材料的应用，难度不大。
10.【答案】吸引轻小物体 运动状态
【解析】解：因为带电体具有吸引轻小物体的性质，因此用餐巾纸摩擦过的吸管能够吸引肥皂泡。
肥皂泡因为受到吸引力的作用向上运动，说明力能改变物体的运动状态。
故答案为：吸引轻小物体；运动状态。
带电体可以吸引轻小物体；力能改变物体的运动状态。
本题考查带电体的性质以及力的作用效果，是一道基础题。
11.【答案】省力 压强
【解析】解：园艺剪使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
园艺剪的刀口制得很锋利，是为了通过减小受力面积来增大压强。
故答案为：省力；压强。
结合图片和生活经验，判断各个工具在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。
此题考查的是增大压强的方法、杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；
②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；
③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
12.【答案】平衡 不变
【解析】解：小丽用水平推力推着购物车在水平地面上做匀速直线运动，此时小丽对车的水平推力和购物车受到的摩擦力是一对平衡力；小丽撤去对车的水平推力后，购物车会慢慢地停下来，购物车对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，此过程中购物车所受的摩擦力不变。
故答案为：平衡；不变。
(1)掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(2)掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度。
本题考查了二力平衡条件的应用、摩擦力大小的判断，常见题目。
13.【答案】小于 变小
【解析】解：该飞机升空的过程中，机翼上方的压强小于机翼下方的压强，产生向上的压力差，从而获得升力。
大气压随高度的增大而减小，随着海拔的升高，机舱外的大气压强变小。
故答案为：小于；变小。
(1)流体的压强与流速的关系是：流速越大，压强越小；流速越小，其压强越大；
(2)大气压随海拔高度的升高而减小。
该题考查流体压强与流速的关系和大气压与海拔高度的关系，难度不大；解题关键是看准机翼面向哪弯曲，找出机翼的上下方的空气流速特点。
14.【答案】地磁场 S
【解析】解：使用过程中，磁针针尖由于受到地磁场的作用指向南方，针尖相当于磁针的S极。
故答案为：地磁场；S。
指南针指示南北是因为受到地磁场的作用。指南针指南的那一端是它的S极。
本题考查了地磁场和指南针指示南北的原因，属于基础性题目。
15.【答案】3.40温度 20℃竖直 3.61.5长度
【解析】解：(1)如图甲所示，该刻度尺的分度值为1mm，在读数时视线要正对刻度尺。物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.4cm刻度线对齐，因要估读到分度值的下一位，所以物体的长度为3.40cm。
如图乙所示，该仪器的单位是“ ℃”，所以是测量温度的工具，读数为20℃。
(2)重力的方向竖直向下，所以弹簧测力计在测量物体重力前应在竖直方向调零，如图丙所示，该弹簧测力计的分度值为0.2N，读数为3.6N。
(3)如图丁所示，滑动变阻器的规格为“50Ω1.5A”，则该滑动变阻器允许通过的最大电流为1.5A；它是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻的大小的。
故答案为：(1)3.40；温度；20℃；(2)竖直；3.6；(3)1.5；长度。
(1)刻度尺读数时，视线要正对刻度尺，要估读到分度值的下一位；观察表盘仪器的单位及分度值判断作答；
(2)重力的方向是竖直向下的；根据测力计的量程和分度值读数；
(3)根据滑动变阻器的铭牌标有“50Ω1.5A”字样的含义回答；滑动变阻器的工作原理是通过改变接入电路中电阻丝的长度可以逐渐改变电阻。
本题考查了滑动变阻器的工作原理、刻度尺的读数、弹簧测力计的使用与读数以及测量仪器的判断，考查较综合，难度一般。
16.【答案】右 0.30正比 改变定值电阻两端的电压 3 15
【解析】解：【证据】
(1)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，所以滑片应移到阻值最大的右端。
(2)原电路中，电压表串联在电路中，这是错误的，电压表应与定值电阻并联，如图所示：
(3)由图乙可知，电流表接小量程，分度值为0.02A，因此电流表示数为0.3A。
【解释】
(1)根据表中数据可知，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比。
(2)探究电流与电压的关系时，需要改变定值电阻两端的电压，因此实验中，调节滑动变阻器滑片P的目的是改变定值电阻两端的电压。
【拓展】
由图丙知，电阻两端的电压始终保持Uv=IR=0.6A×5Ω=×30Ω=3V，
由电路实物图知，电源电压为U=1.5V×3=4.5V，
根据串联分压可知，滑动变阻器两端电压U滑=U−UV=4.5V−3V=1.5V，故U滑UV=R滑R=1.5V3V=12
当R=30Ω时，R滑=15Ω，即要想完成实验，滑动变阻器的最大阻值至少是15Ω。
故答案为：【证据】(1)右；(2)见解答图；(3)0.30；【解释】(1)正比；(2)改变定值电阻两端的电压；【拓展】3；15。
【证据】(1)连接电路时，开关断开，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大；
(2)电压表应与定值电阻并联；
(3)根据电流表量程和分度值读数；
【解释】研究电流与电压的关系时，要保持电阻不变，需要改变定值电阻两端的电压；分析表中数据得出结论；
【拓展】根据串联分压原理分析。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查实验注意事项、电路连接、电表读数、分析数据归纳结论的能力等，属于中等难度的题目。
17.【答案】ρ=mV 左 把5g砝码放回砝码盒，移动游码 53202.65偏大
【解析】解：(1)用天平和量筒测小石块的密度实验原理是求密度的公式；将天平放在水平桌面上，游码移至标尺的零刻度处，指针指向分度盘中央，天平平衡，如果指针指向分度盘右侧，平衡螺母左调，直至指针指向分度盘中央的刻度线；如果指针指向分度盘左侧，平衡螺母右调，直至指针指向分度盘中央的刻度线；
(2)将最小的5g砝码放在天平的右盘后，发现天平的指针静止时指针指向分度盘右侧，则说明右盘质量大于左盘，应该把5g砝码放回砝码盒，移动游码；
(3)物体的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值，则小石块的质量为：m=50g+3g=53g；
(4)用量筒测量固体体积，固体的体积等于量筒中水体积的变化量，则测得小石块的体积为：V=40mL−20mL=20mL=20cm3；根据ρ=mV可得小石块的密度：ρ=mV=53g20cm3=2.65g/cm3；
(5)将小石块放入量筒中时，若有几滴水溅出量筒，会导致石块体积偏小，小石块质量准确，则小石块密度的测量值比真实值偏大。
故答案为：
ρ=mV；(1)左；
(2)把5g砝码放回砝码盒，移动游码；
(3)53；
(4)20；2.65；
偏大。
(1)用天平和量筒测小石块的密度实验原理是求密度的公式；将天平放在水平桌面上，游码移至标尺的零刻度处，指针指向分度盘中央，天平平衡，如果指针指向分度盘右侧，平衡螺母左调，直至指针指向分度盘中央的刻度线；如果指针指向分度盘左侧，平衡螺母右调，直至指针指向分度盘中央的刻度线；
(2)将最小的5g砝码放在天平的右盘后，发现天平的指针静止时指针指向分度盘右侧，则说明右盘质量大于左盘，应该把5g砝码放回砝码盒，移动游码；
(3)物体的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值；
(4)用量筒测量固体体积，固体的体积等于量筒中水体积的变化量；根据ρ=mV可得小石块的密度；
(5)将小石块放入量筒中时，若有几滴水溅出量筒，会导致石块体积偏小，小石块质量准确，则小石块密度的测量值比真实值偏大。
本题考查天平的使用，质量的测量，密度的计算，测量误差的分析。
18.【答案】光屏的中央 能 光源 缩小 大 小一些 近视
【解析】解：(1)实验中为了使像成在光屏的中央，应调节“F”光源、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度。
(2)甲图中物距为50.0cm−20.0cm=30.0cm，用焦距为8cm的凸透镜做实验，此时物距大于二倍焦距，则能模拟照相机的拍照原理。
(3)实验中换上不同焦距的凸透镜，调节光屏到凸透镜的距离，因此应保持光源到凸透镜的距离不变。
(5)由表可知，物距一定，焦距变大，像距变大，三次实验中物距均大于二倍焦距，则成倒立、缩小的实像，且由数据可知，凸透镜焦距越大，像距越大，像也越大。
[应用]图乙中A照片上的物体小于B照片上的，当物距一定时，焦距越大，像越大，则照片A是用焦距小一些的镜头拍摄的。
[交流]小雨借来物理老师的眼镜将其放在“F”光源和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上的像又变清晰，说明该镜片对光线具有发散作用，则老师戴的应该是近视眼镜。
故答案为：(1)光屏的中央；(2)能；(3)光源；(5)缩小；大；[应用]小一些；[交流]近视。
(1)光源、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度是为了像成在光屏的中央；
(2)照相机的原理是物距大于二倍焦距成倒立缩小的实像；
(3)根据控制变量法分析
(5)根据表格中的数据分析物距与焦距关系，上下对比分析像的大小变化；
(6)根据上面的规律分析解答；
(7)近视眼眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，成像变晚。
本题考查凸透镜成像规律的探究，属于中档题。
19.【答案】解：(1)当只闭合开关S1时，电路为小灯泡L的简单电路，电流表测电路中的电流，因小灯泡恰好正常发光，所以电源的电压U=UL=5V，
由P=UI可得，电流表的示数：
I=IL=PLUL=2.5W5V=0.5A；
(2)电源的电压U=5V，
当同时闭合S1和S2时，灯泡L与灯泡R0并联，电流表测干路电流，
由I=UR可得，电路的总电阻和灯泡的电阻分别为：
R=UI′=5V0.7A=507Ω，RL=ULIL=5V0.5A=10Ω，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，1R=1R0+1RL，即1507Ω=1R0+110Ω，
解得：R0=25Ω；
(3)同时闭合S1和S2时，通电100s电流做的总功：W=UI′t=5V×0.7A×100s=350J。
答：(1)只闭合S1时，电流表的示数为0.5A；
(2)R0的阻值为25Ω；
(3)同时闭合S1和S2时，通电1min电路产生的总热量为350J。
【解析】(1)当只闭合开关S1时，电路为小灯泡L的简单电路，电流表测电路中的电流，根据额定电压下小灯泡正常发光可知电源的电压，根据P=UI求出电路中电流表的示数；
(2)当同时闭合S1和S2时，灯泡L与灯泡R0并联，电流表测干路电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻和灯泡的电阻，利用电阻的并联求出R0的阻值；
(3)同时闭合S1和S2时，根据Q=W=UIt求出通电1min电路产生的总热量。
本题考查了串并联电路的特点和电功率公式、欧姆定律、电功公式的综合应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
20.【答案】解：(1)“海巡156”吃水深度为6m时，水对船底的压强为：
p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×6m=6.18×104Pa；
(2)根据阿基米德原理可知：浮力的大小等于物体排开的液体的重力，
“海巡156”满载时排水量为：m=2400t=2.4×106kg，
那么F浮=mg=2.4×106kg×10N/kg=2.4×107N，
根据F浮=ρ海水gV排可知：
V排=F浮ρ海水g=2.4×107N1.03×103kg/m3×10N/kg≈2330m3；
(3)“海巡156”匀速行驶时受到的阻力等于牵引力，由P=Wt=Fst=Fv可知匀速破冰时受到的阻力为：
f=F=Pv=2.1×103×103W3m/s=7×105N；
(4)由于“海巡156”从江河驶入大海始终是漂浮，所受浮力等于重力，重力不变，浮力不变，由于ρ江水<ρ海水，根据F浮=ρ液V排g得排开水的体积变小，船体会上浮一些。
答：(1)“海巡156”轮吃水深度为6m时，海水对船底的压强是6.18×104Pa；
(2)“海巡156”轮满载时排开海水的体积是2330m3；
(3)“海巡156”轮采用全电力驱动，若航行过程中保持输出功率2.1×103kW，则它以3m/s的航速匀速破冰时受到的阻力是7×106N；
(4)“海巡156”轮从江河驶入大海后，船体会上浮一些，由于“海巡156”从江河驶入大海始终是漂浮，所受浮力等于重力，重力不变，浮力不变，由于ρ江水<ρ海水，根据F浮=ρ液V排g得排开水的体积变小，船体会上浮一些。
【解析】(1)根据p=ρgh计算出吃水深度为6m时，水对船底的压强；
(2)根据阿基米德原理计算出“海巡156”满载时的浮力，根据F浮=ρ液gV排计算出排开水的体积；
(3)“海巡156”匀速行驶时受到的阻力等于牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv可得匀速破冰时受到的阻力；
(4)根据阿基米德原理的公式，浮力不变，分析当液体密度增大时，排开液体的体积的变化，得出是上浮还是下沉。
本题主要考查了液体压强公式、功率公式、阿基米德原理及物体沉浮条件的应用，难度不大。
21.【答案】解：(1)水的体积V水=100L=100dm3=0.1m3，
由ρ=mV得，水的质量：
m水=ρ水V水=1×103kg/m3×0.1m3=100kg，
水的重力：G水=m水g=100kg×10N/kg=1000N；
(2)水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(65℃−25℃)=1.68×107J。
(3)不计热损失，热水器消耗的电能：W=Q吸=1.68×107J，
由P=Wt可得加热时间：
t=WP=1.68×107J2000W=8.4×103s；
(4)根据η=Q吸Q放得，
天然气放出的热量为：Q放=Q吸η=1.68×107J60%=2.8×107J，
由Q放=V气q得，
需要完全燃烧液化气的质量是：
V气=Q放q=2.8×107J4.0×107J/m3=0.7m3。
答：(1)100L水的重力为1000N；
(2)100L的水从25℃加热到65℃，水吸收的热量为1.68×107J；
(3)若在雨天使用该热水器将一满箱水从25℃加热到65℃，需要加热8.4×103s；
(4)若用加热效率为60%的天然气灶将100L的水从25℃加热到65℃，需要完全燃烧0.7m3天然气。
【解析】(1)知道水的密度和体积，根据m=ρV可计算水的质量，再根据G=mg可计算水的重力；
(2)根据Q吸=c水m水(t−t0)求出水吸收的热量；
(3)不计热损失，热水器消耗的电能W=Q吸，知道电加热器的额定功率，利用P=Wt求加热时间；
(4)根据热量公式和效率公式进行分析和计算。
此题主要考查密度公式、重力公式、吸热公式、电功率公式、效率公式和热值公式的理解和掌握，关键是公式及变形公式的灵活应用，综合性较强。实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.10
0.20
______
0.40
0.50
0.60
实验序号
物距u/cm
焦距f/cm
像距v/cm
像的高度h/cm
像的性质
1
25.0
8.0
11.8
2.4
始终成倒立______的实像
2
25.0
10.0
16.7
3.3
3
25.0
12.0
23.1
4.6
水箱容量
100L
额定电压
220V
额定功率
2000W