2024年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理零模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年辽宁省沈阳市皇姑区中考物理零模试卷（含详细答案解析），共24页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列用电器正常工作时，电流最大的是( )
A. 台灯B. 电热水壶
C. 电风扇D. 电子手表
2.小聪同学跟家人寒假外出旅游，去了永济市普救寺中的莺莺塔，如图所示，它是我国现有的四大回音建筑之一。若游人在塔附近的一定位置以两石相击，便可听到“呱，呱”的回声，类似青蛙鸣叫，并且声音格外响亮。关于此现象，下列说法正确的是( )
A. “以两石相击”是使石头振动发声B. “类似青蛙鸣叫”是指响度相近
C. “格外响亮”是指音调高D. “呱，呱”的回声一定是噪声
3.如图所示，天气较冷时，戴近视眼镜的人佩戴口罩，眼镜镜片容易变模糊，当他进入温暖的房间后，镜片又变清晰，下列与“变清晰”原理相同的是( )
A. 冬天汽车尾气管冒“白气”
B. 衣柜樟脑丸“变小”
C. 西岭雪山树枝上的“雾凇”
D. 教室里的积水“消失”
4.如图所示，北京冬奥会比赛项目中相关物理知识描述正确的是( )
A. 谷爱凌夺冠决赛中完美旋转时，她受到惯性的作用
B. 苏翊鸣完成单板转体，他上升到最高点时受平衡力作用
C. 武大靖蹬地加速通过弯道，是由于力改变了他的运动状态
D. 柳鑫宇和王诗玥以如图造型滑行时，王诗玥相对于柳鑫宇是运动的
5.某车库采用车牌自动识别系统，当摄像头拍摄到车辆车牌后，经计算机对注册车牌予以识别，并控制电动机抬起栏杆放行，下列说法正确的是( )
A. 拍摄的像是倒立、放大的实像
B. 在显示屏上能看到车牌信息，是利用了光的漫反射
C. 栏杆被抬起过程中，栏杆重力的力臂减小
D. 摄像头拍摄车牌时，所成的实像在二倍焦距以外
6.第22届世界杯在炎热的卡塔尔进行，所有场地周边都配备有一种“ElPalm凉亭”，如图所示，它装有风力涡轮机，其内部有磁铁，风进入装置带动线圈摆动可提供电能。下列实验能解释“EIPalm凉亭”发电原理的是( )
A. B.
C. D.
二、多选题：本大题共3小题，共6分。
7.关于电磁波和现代通信，下列叙述正确的是( )
A. 电磁波可以在真空中传播
B. 电磁波的频率越低，在空气中传播的速度越小
C. 卫星通信是利用人造地球卫星作为中继站，进行通信
D. 光纤通信具有传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等优点
8.如图所示电路，电源电压恒为6V，定值电阻R=4Ω，开关S始终处于闭合状态，当开关S1由断开到闭合时，以下说法中正确的是( )
A. 小灯泡继续发光
B. 电压表的示数变为6V
C. 电路中消耗的总功率变为9W
D. 电流表的示数变为1A
9.用如图甲所示的装置提升重物A，A的重力为360N，底面积为50cm2，施加的拉力F随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度v随时间变化关系如图丙所示(忽略绳重和摩擦).下列结论正确的是( )
A. 物体匀速上升时拉力F的功率为40W
B. 动滑轮的重力为40N
C. 2∼3s时，此装置的机械效率为90%
D. 0.5s时，物体A对地面的压强为2×104Pa
三、填空题：本大题共6小题，共12分。
10.我国唐朝的张志和在《玄真子》中记载了著名的“人工虹”实验：“背日喷乎水，成虹霓之状”，这是光的______现象，进一步的研究表明，将红、______、蓝三种色光按照不同比例混合，能产生任何一种其它颜色的光。
11.用测电笔辨别火线和零线时，氖管发光，说明插孔与______相连，此时，测电笔与人体之间的连接方式是______联。
12.如图所示是某充电式露营灯，其铭牌参数如表所示。若电池充满电后，储存的能量是______ J；表中电池充满电时“正常照明时间”应标识为______ h。
13.科技助力农业，满载农药的无人机在麦田上方沿水平方向匀速直线低空飞行，同时均匀喷洒农药，在此过程中，该无人机的惯性将______(选填“增大”“减小”或“不变”)，喷洒任务完成后，无人机减速降落，此时该无人机的合力方向向______。
14.如图甲所示为小明家的电能表，若小明家此时只有电炉在烧水，该电能表的转盘在5min内转了60转，则这段时间内小明家消耗的电能为______kW⋅h，可以算得电炉子的功率为______ W，小明观察到图乙电炉丝热得发红，而跟电炉丝连接的导线却发热不明显，可以通过比较图丙实验中的______(选填“A、B、C”)两个液柱高度可解释说明这种情况。
15.在家庭电路中“超负荷”是指电路中的电流过大，出现上述情况时，电路中的熔断器或空气开关会自动切断电路，熔断器中的熔丝熔断是电流的热效应引起的；而空气开关(如图所示)切断电路是电流的______效应引起的。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
16.如图甲所示是牙医借助平面镜观察患者牙齿背面时的情景，请在图乙中画出牙医通过平面镜观察到患者牙齿的光路图。
17.如图所示，生活中的剪刀可看作杠杆，O为支点，要用剪刀将竹签剪断，画出图中动力F1的力臂l1，并在A点画出阻力F2的示意图。
五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
18.(1)如图1所示是探究“平面镜成像特点”的实验装置图。
①本实验应选择厚度较______的玻璃板进行实验；
②多次移动蜡烛A进行实验后得出结论：平面镜成的是正立、等大的______像；
③当蜡烛A远离玻璃板M时，像的大小______。
(2)图2甲是探究“固体熔化时温度变化规律”的实验装置。
①图2乙中温度计显示的是试管中的物质在某时刻的温度，其示数是______ ℃；
②每隔1min记录一次试管中物质的温度及状态，作出如图丙所示的温度随时间变化的图象。分析图象可知，该物质在第4min时处于______态，且该物质在第5min时的内能______第3min时的内能。
19.如图1所示，小明用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
(1)实验开始前应对装置进行检查，当用手指按压(不论轻压还是重压)橡皮膜时，发现U形管两边液面的高度几乎不变，则说明装置______；
(2)完成上述操作后，如图1乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而______；
(3)小明同学利用U形管压强计改装成如图1戊所示的测量某种未知液体的密度的密度计。A为固定支架，其作用是保证橡皮膜在不同的液体中深度均为5cm。U形管盛水，其右管标有刻度值，为了便于读数，在U形管右管有一个指示液面位置的红色浮标。未测量时，U形管水面刚好与a相平。当橡皮膜放入某液体中时，浮标指示在b处，小明利用刻度尺测出a、b之间的距离为2.0cm，则该未知液体的密度为______g/cm3；
(4)同组的小刚同学，利用实验室的电子秤，烧杯和一个实心金属圆柱体也测出了该未知液体的密度，如图2所示：
①用细线拉着圆柱体，使其一半浸入水中，记下台秤的示数为m1=112.0g；
②用细线拉着圆柱体，浸没入水中，记下台秤的示数为m2=162.0g；
③将圆柱体从水中取出擦干后，用细线系住实心金属圆柱体浸没于与水等质量的未知液体中，记下台秤的示数m3=152.0g；
小刚根据实验数据计算出了，该未知液体的密度ρ=______g/cm3；
(5)实验最后，小明发现自己测出的未知液体密度总是小于小刚的测量值，多次实验后仍然如此。造成此现象的原因是______。
20.用图甲电路探究“电流与电压和电阻的关系”。器材有：两节新干电池，开关，滑动变阻器，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω和25Ω的定值电阻各一个，电压表和电流表各一个，导线若干。
实验一：探究“电流与电压的关系”。
(1)图甲中，电表1应为______表(选填“电压”或“电流”)；
(2)闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应移动到最______端；
(3)小明将5Ω的电阻接入电路，检查电路无误后并正确操作，依次得到A到E点的数据，并绘制I−U图像如图乙，根据图象可得出结论：______；
(4)为了使实验结论更具有普遍性，小明依次换用10Ω和15Ω的电阻重复前面操作，得到多组数据，并得出相同的结论。
实验二：探究“电流与电阻的关系”。
(5)小明将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻接入电路，拆下5Ω电阻后，发现电压表、电流表指针偏转如图丙所示，小明不规范的操作是______；
(6)小明将五个电阻分别连入电路完成测量。用测量数据绘制I−R图像如图丁，每次实验电压表保持______ V不变。为了确保实验的顺利进行，选取的滑动变阻器最大阻值至少为______Ω。
21.小明用图甲所示器材测量小灯泡额定电功率。待测小灯泡L的额定电压为2.5V，额定功率小于1W，电源为两节旧干电池，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”。
(1)在图甲中把电路连接完整(滑片向右移动，灯泡变亮)；
(2)小明正确连接完电路后，闭合开关发现无论怎样移动滑片，灯泡两端电压无法达到2.5V，请帮助小明分析产生此现象的原因______；
(3)排除故障后，通过正确操作，进行测量，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为______ W；
(4)小明改变灯两端电压进行了三次实验，将三次不同电压下的电功率求平均值，作为灯的额定功率，他的做法是______(选填“正确”或“错误”)的；
(5)小灯泡用久了，钨丝会变细，在2.5V电压下，小灯泡实际功率______(选填“大于”、“小于”或“等于”)额定功率；
(6)小刚也想完成这个实验，他将电压为6V的电源，标有“”的小灯泡、电流表、滑动变阻器、开关串联，然后将电压表并联在电路中，移动变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关，观察到电压表示数如图丙所示，然后移动变阻器滑片P至某位置，使小灯泡正常发光，此过程中电压表指针向左偏转了6小格。请你分析：小刚将电压表并在了______两端。
六、计算题：本大题共2小题，共16分。
22.有人为沈阳建设献策：充分利用浑河水上资源，打造水上旅游路线，让游客乘坐游船穿行其间，就可以尽享“不出城郭而获山水之怡，身居闹市而有林泉之致”的都市休闲意趣。如图所示，若游船质量为2t，从富民桥码头出发以2.5m/s的速度匀速行驶到沈水湾码头，所用时间约为10min，牵引力是5×106N。通过计算回答：
(1)从富民桥码头到沈水湾码头河段大约多长？
(2)游船在河中排开水的体积多大？
(3)这次水上航行中，牵引力对游船做功的功率多大？
(4)试分析这次水上航行中，浮力是否对船做功？(船的质量保持不变)
23.如图甲所示是小明家的某品牌的电火锅，其额定电压为220V，具有加热和保温两个挡位。该电火锅的电路原理图如图乙所示，R1与R2均为电阻不变的电热丝，R1=48.4Ω，R2=110Ω。
(1)电火锅处于保温挡正常工作时电路中的电流是多少安？
(2)电火锅处于加热挡正常工作的功率多少瓦？
(3)电火锅处于加热挡正常工作时，将2kg初温为20℃的水加热到沸腾所用的时间为10min，电火锅的加热效率是多少？[1标准大气压，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，计算结果保留到0.1%]
七、综合题：本大题共1小题，共6分。
24.阅读材料，回答问题。
最佳空燃比进入发动机的空气与燃料的质量比例称为空燃比，若吸入发动机的空气所含氧气与燃料恰好完全反应就达到最佳空燃比。为了达到最佳空燃比，在尾气管上安装了如图甲的氧传感器，工作原理(如图乙)是：氧化锆内外表面各有一层金属组成铂电极，氧化锆的外侧与高温尾气接触，内侧连通外界大气，电加热器通电后加热附近大气，使其达到最佳工作温度350℃，在这个温度下氧分子O2会电离成氧离子O2−，高温电离后的氧离子会通过氧化锆从氧浓度高的位置移到氧浓度低的位置，氧离子O2−浓度差越大，铂电极A和B会聚集越多异种电荷，铂电极间的电压越高。
当燃料较多时，空燃比小于最佳空燃比，尾气中含氧量为0，两电极间的电压达到恒定最大值；当空燃比大于最佳空燃比时，随着尾气中氧含量变大，两电极板间电压急剧变小。发动机控制模块通过检测铂电极两端的电压，控制喷油量，使发动机接近最佳空燃比。
(1)氧化锆内的电流方向是：铂电极______(选填“A到B”或“B到A”)。
(2)为使质量为1×10−6kg、温度为−10℃的大气在0.02秒内达到其最佳工作温度，大气需吸收______ J的热量。若加热器两端的电压为12V，则电阻R的阻值不能大于______Ω。[大气比热容取1000J/(kg⋅℃)，不计热量损失]
(3)发动机控制模块检测铂电极两端的电压与空燃比的关系图象如图丙所示，若发动机控制模块检测铂电极两端的电压接近为零，说明尾气中的氧气含量较______(选填“高”或“低”)，需要______(选填“加大”或“减少”)喷油嘴的喷油量。由图丙可知最佳空燃比为______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、台灯的工作电流在0.02A左右；
B、电热水壶的工作电流在5A左右；
C、电风扇的工作电流在0.3A左右；
D、电子手表的各种电流非常小，一般在100μA=10−4A左右。
比较知：电热水壶的工作电流最大。
故选：B。
根据我们对生活中常用用电器电流大小的了解去选择。
本题考查学生对一些用电器电流大小的掌握和了解，自己平时在学习和生活中要多积累。
2.【答案】A
【解析】解：
A、“以两石相击”，石头会振动，振动会产生声音，故A正确；
B、“类似青蛙鸣叫”是指的是与青蛙的音色相近，故B错误；
C、“变得格外响亮”是指响度大，故C错误；
D、如果有人喜欢听“呱、呱”的回声，回声不是噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色；
(3)从环境保护角度凡是妨碍人们正常工作、学习和休息的声音都是噪声；从物理学角度发声体做无规则振动发出的声音是噪声。
本题考查了声音产生的条件，声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
3.【答案】D
【解析】解：当他进入温暖的房间后，镜片又变清晰，是水的汽化现象；
A、冬天汽车尾气管冒“白气”，是水蒸气的液化现象，故A不符合题意；
B、衣柜樟脑丸“变小”，是升华现象，故B不符合题意；
C、西岭雪山树枝上的“雾凇”，是水蒸气的凝华现象，故C不符合题意；
D、教室里的积水“消失”，是水的汽化现象，故D符合题意。
故选：D。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：A、惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B、苏翊鸣上升到最高点时排球只受重力作用，所以受力不平衡，故B错误；
C、武大靖蹬地加速通过弯道，是由于力改变了他的运动状态，故C正确；
D、以柳鑫宇为参照物，王诗玥相对于柳鑫宇的位置没发生变化，所以王诗玥相对于柳鑫宇是静止的，故D错误。
故选：C。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(2)根据苏翊鸣的受力情况判定其是否受到平衡力的作用；
(3)力可以改变物体的形状和运动状态；
(4)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查了力的多个知识点，都是基础知识。
5.【答案】C
【解析】解：AD、摄像头的镜头相当于一个凸透镜，其成像原理为：当物体位于其二倍焦距以外时，凸透镜成倒立、缩小的实像，所成的实像在一倍焦距到二倍焦距之间，故AD错误；
B、在显示屏上能看到车牌信息，是利用了光的直线传播，故B错误；
C、力臂是指支点到力的作用线的距离，由下图可知，当栏杆被抬起的过程中，栏杆重力的力臂会逐渐减小，故C正确；
故选：C。
(1)(4)凸透镜成像规律及其应用之一：当u>2f时，成倒立、缩小的实像，所成的实像在一倍焦距到二倍焦距之间，应用于照相机和摄像机；
(2)光的反射分为漫反射和镜面反射两类，镜面反射反射面平滑，漫反射反射平面不平整，凹凸不平；
(3)根据力臂的概念、支点位置和题意判断栏杆重力的力臂如何变化。
此题考查了凸透镜成像规律的应用、力臂的概念以及动能、光的直线传播等，是一道综合性较强的题目。
6.【答案】A
【解析】解：由题意可知，风力涡轮机是利用风力带动线圈切割磁场线，从而产生电流，与发电机原理相同。
A.闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生电流，是发电机原理，故A正确；
B.该装置是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B错误；
C.该装置是探究电荷间的相互作用规律，故C错误；
D.图中有电源，是电动机工作原理，故D错误。
故选：A。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象。
电磁部分包括三部分内容：磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动，掌握电动机、发电机、电磁铁、扬声器、话筒、电磁起重机等工作原理。
7.【答案】ACD
【解析】解：A、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故A正确；
B、电磁波的速度一定的，如果电磁波的频率低，那么波长会大，故B错误；
C、卫星通信是利用人造地球卫星作为中继站进行通信的，这样可以使它转发的微波到达地球上很大的范围，故C正确；
D、光纤通信的优点是：传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小等，故D正确。
故选：ACD。
(1)电磁波的传播不需要介质；
(2)电磁波在传播过程中传播速度保持不变；
(3)卫星通信是利用人造地球卫星作为中继站进行通信的；
(4)光纤通信的优点是：传输信息量大、高抗干扰及光能损耗小。
本题是一道综合题，考查学生对电磁波和现代通信的综合理解，是中考的热点。
8.【答案】BC
【解析】解：AB、由电路图可知，当开关S1断开时，灯泡L与定值电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关S1闭合时，灯泡L被短路，不发光，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为6V，故A错误，B正确；
CD、当开关S1闭合时，电流表的示数：I=UR=6V4Ω=1.5A，故D错误，
电路中消耗的总功率：P=UI=6V×1.5A=9W，故C正确。
故选：BC。
由电路图可知，当开关S1断开时，灯泡L与定值电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关S1闭合时，灯泡L被短路，不发光，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，根据电源电压可知开关S1闭合时电压表的示数，根据欧姆定律求出电流表的示数，根据P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关S1由断开到闭合时电路的连接方式是关键。
9.【答案】BCD
【解析】解：A、由图丙知，2∼3s物体匀速上升，速度v=0.2m/s，由乙图知，此时拉力F=200N，
承担重物绳子的段数n=2，绳端速度v=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，
所以拉力F的功率P=Wt=Fst=Fv=200N×0.4m/s=80W，故A错误；
B、由图甲知，忽略绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得，动滑轮的重力；G动=2F−G=2×200N−360N=40N，故B正确；
C、2∼3s时，此装置的机械效率：η=W有W总=GhFs=GnF=360N2×200N=90%，故C正确；
D、由图丙知，0.5s时速度为0，即物体A处于静止状态，由图乙知，绳端拉力F′=150N，
物体受到竖直向上的拉力为F拉=nF′−G动=2×150N−40N=260N，
物体对地面的压力为F压=G−F拉=360N−260N=100N，
对地面的压强：p=F压S=100N50×10−4m2=2×104Pa，故D正确。
故选：BCD。
(1)由图丙读出物体匀速上升的速度，结合丙图由乙图知此时拉力F的大小，根据P=Wt=Fst=Fv计算拉力的功率；
(2)忽略绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)计算动滑轮的重力；
(3)根据η=W有W总=GhFs=GnF计算2∼3s时，此装置的机械效率；
(4)由图丙知，0.5s时处于静止状态，先计算物体受到的拉力，再计算出物体A对地面的压力，根据p=FS计算物体A对地面的压强。
本题考查了滑轮组拉力、功率、机械效率以及压强的计算，要能从图象中获取有用信息。
10.【答案】色散 绿
【解析】解：“背日喷乎水，成虹霓之状”描写的是“人工虹”，这是喷出水后，空中有大量的小水滴，太阳光照在这些小水滴上，被分解为绚丽的七色光，也就是光的色散；
三种色光适当混合能产生其它色光，这三种色光就是光的三原色，它们分别是红光、绿光、蓝光。
故答案为：色散；绿。
(1)彩虹的成因是由于光的色散。
(2)红、绿、蓝三种色光，按不同比例混合，可以产生各种颜色的光。因此把红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色。
此题考查了学生对光的色散和光的三原色的掌握情况，本章节知识点需要牢固记忆。
11.【答案】火线 串
【解析】解：使用测电笔辨别火线和零线时，笔尖接触被测物体，人体接触笔尾金属体，与测电笔串联，若氖管发光，说明被测物体与火线相连通。
故答案为：火线；串。
使用测电笔辨别火线和零线时，笔尖接触被测物体，人体接触笔尾金属体，与测电笔串联，若氖管发光，说明被测物体与火线相连通，或氖管不发光，说明被测物体未与火线连通。
本题考查测电笔的使用及判别零线、火线的方法，属于基础知识的考查。
12.【答案】7.2×104 4
【解析】解：已知电池的容量是“4000mA⋅h”，电池充满电储存的电能为：W=UIt=5V×4A×3600s=7.2×104J；
灯“正常照明时间”t=WP=7.2×104J5W=14400s=4h。
故答案为：7.2×104；4。
根据W=UIt计算电池充满电储存的电能；根据t=WP计算电池充满电时“正常照明时间”。
本题考查电功公式和电功率公式的灵活运用。
13.【答案】减小 上
【解析】解：喷药无人机在麦田上方沿水平方向匀速飞行，同时均匀喷洒农药，无人机质量变小，所以惯性减小；
无人机在减速降落，说明受到合力的方向与运动方向相反，则其方向是竖直向上的。
故答案为：减小；上。
惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大；
无人机在减速降落，对无人机进行受力分析，判断受到的合力的方向。
用所学物理知识分析身边实际现象是考试的重点，也反映了学以致用的思想，因此在平时学习时注意联系生活，多分析、多解释。
14.【答案】0.11200B、C
【解析】解：(1)600r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过600转，
则电能表转盘转了60转，用电器消耗的电能：W=60r600r/(kW⋅h)=0.1kW⋅h；
电炉的功率：P=Wt=0.1kW⋅h560h=1.2kW=1200W；
(2)图乙中的电炉丝与导线是串联的，通过的电流和通电时间相等，根据Q=I2Rt可知电阻越大，产生的热量越多，电炉丝的电阻远大于导线的电阻，所以在相同的时间内，电炉丝产生的热量较多，电炉丝热得发红，而与电炉丝连接的导线却几乎不发热；图丙中B、C两电阻串联接入电路，通过两电阻的电流相等，两电阻的阻值不同，故可用图丙中的B、C两个液柱高度可说明这种情况。
故答案为：0.1；1200；B、C。
(1)600r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过600转，据此求出电能表转盘转了60转，用电器消耗的电能；利用P=Wt求出电炉的功率；
(2)电炉丝与导线是串联的，电流和通电时间相等，根据Q=I2Rt可知电阻越大，产生的热量越多，电炉丝的电阻远大于导线的电阻，图乙中B、C两电阻串联接入电路，通过两电阻的电流相等，两电阻的阻值不同。
本题考查对电能表参数的理解、电功率公式的计算以及电流通过导体时产生热量多少的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系，不仅要掌握焦耳定律，而且要学会根据其解释有关现象。
15.【答案】磁
【解析】解：通电导线周围存在磁场，这种现象叫电流的磁效应。由图可知，螺线管M中电流过大时，通电螺线管的磁性变强，能吸引铁构件N，弹簧S拉动开关，使电路断开，所以空气开关切断电路是电流的磁效应引起的。
故答案为：磁。
空气开关是由电磁铁、衔铁、触点和弹簧组成的，当电路中电流过大时，电磁铁会产生较强的磁性从而吸引衔铁，则脱扣器将产生作用使脱扣机构中的锁钩脱开，于是主触点在弹簧的作用下被迅速分断。
本题考查了学生对熔断器和空气开关原理的了解，它们都是物理知识在生活中的实际应用，要记住电流的热效应和磁效应。
16.【答案】解：先作出牙齿A关于平面镜的对称点A′，即像的位置，连接像A′和眼睛B与平面镜交于O点，即为入射点，连接AO为入射光线，OB为反射光线，如图所示：

【解析】由于光在平面镜发生镜面反射，所以牙齿和在平面镜形成的像关于平面镜对称，先确定像的位置，连接像与人的眼睛确定入射点，可得反射光线，进一步得出入射光线即可完成光路。
本题用到了光的反射定律、反射光线反向延长过像点，考查的是我们对生活中光的反射现象的应用，这是光现象中的重点。
17.【答案】解：连接OA，即为阻力臂，阻力F2垂直于阻力臂OA，由于阻力阻碍剪刀口闭合，所以力的方向向下；过支点做动力F1的垂线，则垂线段为力臂l1，如下图所示：

【解析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。先确定阻力的方向，画一条于剪刀的接触面垂直的带箭头的线段，即为阻力。
此题考查了力和力臂的作法，关键是要作出支点到力的作用线的垂线段，力臂就是支点到力的作用线的垂直距离。
18.【答案】薄 虚 不变 −2固液共存 大于
【解析】解：(1)①用厚玻璃板实验时，因其两个反射面成两个相距较远的像，导致实验无法完成，故本实验应选择薄玻璃板进行实验；玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置，用玻璃板代替平面镜，是为了便于确定像的位置；
②多次移动蜡烛A进行实验后得出结论：平面镜成的是正立、等大的虚像；
③平面镜成的像与物大小相等，当蜡烛A远离玻璃板M时，像的大小不变；
(2)①由图乙可知，零刻度在上方，是零下温度，每个小格代表1℃，所以温度计的示数为−2℃；
②由图象知，该物质在熔化过程中温度保持不变，所以是晶体，在第4min时处于固液共存态，由于熔化过程在吸热，因此物质在第5min时的内能大于第3min时的内能。
故答案为：(1)①薄；②虚；③不变；(2)①−2；②固液共存；大于。
(1)①用厚玻璃板实验时，因其两个反射面成两个相距较远的像，导致实验无法完成；玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置；
②平面镜成的是正立、等大的虚像；
③平面镜成的像与物大小相等；
(2)①温度计的读数：首先找出零刻度确定零上还是零下，再读数；
②掌握晶体在熔化过程中的特点，吸热但温度保持不变，晶体熔化过程的存在状态；
由图象可知，BC段时，这种物质吸热，但温度不变。
本题考查“固体熔化时温度的变化规律”和“平面镜成像的特点”实验，难点是温度计的读数和图象的分析等。
19.【答案】漏气 增大 0.80.9橡皮膜发生形变，造成U形管左侧的气压减小，测得U形管两侧液面的高度差减小，即h水减小，由上面表达式可知液体密度的测量值总是偏小
【解析】解：(1)使用前应检查装置是否漏气，在保证橡皮管与U形管导通良好的情况下，当用手指按压(不论轻压还是重压)橡皮膜时，发现U形管两边液面的高度几乎不变，说明装置漏气；
(2)乙和丙比较，水的密度一定，橡皮膜的方向相同，深度不同，深度越大压强越大，可得出结论：同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；
(3)当橡皮膜放入某液体中深度为5cm，ab右管升高2cm，左管下降2cm，则左右两管水面高度差为4cm，
根据液体压强计受到的压强等于左右两管水产生的压强差，
所以，p液=p水，
则有：ρ液gh液=ρ水gh水，
则ρ液=h水h液ρ水=4cm5cm×1g/cm3=0.8g/cm3；
(5)步骤②中水对容器底部的压力比步骤①中增大了：
F=G排=(m2−m1)g=(0.162kg−0.112kg)×10N/kg=0.5N；
圆柱体完全浸没时，在水中受到的浮力为：F浮=2F=2×0.5N=1N，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知圆柱体的体积为：
V=V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3=100cm3，
在未知液体中受到浮力为：
F液浮=G液排={m3−[m1−(m2−m1)]}g=(m3+m2−2m1)g=(0.152kg+0.162kg−2×0.112kg)×10N/kg=0.9N，
根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知未知液体的密度为：
ρ液=F液浮Vg=0.9N1×10−4m3×10N/kg=0.9×103kg/m3=0.9g/cm3；
(5)小明发现自己测出的未知液体密度总是小于小刚的测量值，其原因是橡皮膜发生形变，造成U形管左侧的气压减小，测得U形管两侧液面的高度差减小，即h水减小，由上面表达式可知液体密度的测量值总是偏小。
故答案为：(1)漏气；(2)增大；(3)0.8；(4)0.9；(5)橡皮膜发生形变，造成U形管左侧的气压减小，测得U形管两侧液面的高度差减小，即h水减小，由上面表达式可知液体密度的测量值总是偏小。
(1)在保证橡皮管与U形管导通良好的情况下，用手轻轻按压橡皮膜几下，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气，气密性良好；
(2)探究液体压强跟深度的关系时，保持液体的密度和方向相同；
(3)未测量时，U形管水面刚好与a相平，读数时，读取浮标所对的刻度值即可。当橡皮膜放入某液体中，浮标指示在b处，ab之间的距离为2cm，右管升高2cm，左管下降2cm，左右两管相差4cm，根据液体压强计受到的压强等于左右两管水产生的压强差，求出被测液体的密度；
(4)F=G排=(m2−m1)g算出步骤②中水对容器底部的压力比步骤①中增大量；根据增加的浮力等于增加的压力，圆柱体从一半浸没在水中到全部浸没在水中，根据ΔF浮=ΔF压=(m2−m1)g得出浮力增加量，根据阿基米德原理得出排开水的体积增加量，进而得出圆柱体的体积；
圆柱体从一半浸入水中到全部浸没在水中，根据Δm=m2−m1得出台秤示数增加量，所以圆柱体未浸入前，根据m总=m1−Δm=m1−(m2−m1)=2m1−m2得出容器中水与容器的总质量，根据m总′=m总=2m1−m2得出未知液体与容器的总质量，将圆柱体全部浸入与水等质量的未知液体中，根据Δm′=m3−m总′=m3−(2m1−m2)=m3−2m1+m2得出台秤示数增加量，根据F浮′=ΔF压′=Δm′g=(m3−2m1+m2)g得出此时圆柱体全部浸没在未知液体中受到的浮力等于增加的压力，根据阿基米德原理得出未知液体的密度；
(5)根据表达式分析测量值总是偏小的原因。
本题主要考查了液体压强特点及液体密度的测量，难度较大。
20.【答案】电压 左 导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 开关在连接电路时没有断开 212.5
【解析】解：(1)图甲中，电表1与R并联，应为电压表；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应移动最大阻值处，即最左端；
(3)因为绘制出电阻R的I−U图象为过原点的直线，所以可得结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(5)如图乙所示，电流表示数为零，表明电路中可能存在断路，电压表接近电源电压，表明电压表与电源两极是通路，由此可知，拆下5Ω电阻过程开关依然处于闭合状态，则不规范的操作可能是开关在连接电路时没有断开；
(6)如图丁图像所示，定值电阻两端的电压U1=IR=0.2A×10Ω=2V保持不变，根据串联电压规律，则滑动变阻器的电压U2=U−U1=3V−2V=1V，定值电阻最大为25Ω，根据串联电压之比等于电阻之比，则：U2：U1=R′：R=R′：25Ω=1V：2V，则滑动变阻器的电阻是12.5Ω，滑动变阻器的最大阻值至少为12.5Ω。
故答案为：(1)电压；(2)左；(3)导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(5)开关在连接电路时没有断开；(6)2；12.5。
(1)电压表应与被测电路并联，电流表应与被测电路串联；
(2)连接电路时为保证电路不出现短路，保护电路安全，开关应断开，电路电阻应调到最大，滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
(3)根据所画图像为一条过原点的直线分析得出结论；
(5)电流表示数为零，表明电路中可能存在断路，电压表接近电源电压，表明电压表与电源两极是通路，由此分析；
(6)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理分析解答滑动变阻器的最大；根据图线得出结论。
探究“通过导体的电流与电压、电阻的关系”的实验，涉及到实物图的连接、电表的正确使用、电路故障的判断、实验的注意事项、实验数据的处理、串联电路的特点和欧姆定律的应用等，知识点较大，综合性强，有一定的难度。
21.【答案】电源电压太低了 0.7错误 小于 滑动变阻器
【解析】解：(1)滑片向右移动时，灯泡变亮，表明电路中电流变大，即接入电阻变小，所以滑动变阻器下端应接入右端的接线柱。如图所示：
(2)如果发现无论怎样移动滑片，灯泡两端电压无法达到额定电压，可能是电源电压太低了；
(3)电流表示数如图乙所示，电流表接入的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所以小灯泡的额定电流为0.28A，额定功率为：P额=U额I额=2.5V×0.28A=0.7W；
(4)灯泡在额定电压下的电功率为额定功率，求平均值没有意义，故小明的做法是错误的；
(5)电阻大小与导体的横截面积有关，小灯泡用久了，钨丝会变细，电阻将变大，根据P=U2R，在2.5V电压下，小灯泡实际功率小于额定功率；
(6)变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关，移动变阻器滑片P至某位置，则滑动变阻器接入的电阻变小了，此过程中电压表指针向左偏转了6小格，即示数变小了，根据串联电路分压的规律，此时电压表应显示的为滑动变阻器两端的电压，故电压表并联在滑动变阻器两端。
故答案为：(1)见解答图；(2)电源电压太低了；(3)0.7；(4)错误；(5)小于；(6)滑动变阻器。
(1)根据滑片向右移动时，灯泡变亮，表明电路中电流变大，即接入电阻变小，所以滑动变阻器下端应接入右端的接线柱；
(2)如果发现无论怎样移动滑片，灯泡两端电压无法达到额定电压，可能是电源电压太低了；
(3)电流表示数如图乙所示，电流表接入的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所以小灯泡的额定电流为0.28A，根据P=UI可以求得额定功率；
(4)灯泡在额定电压下的电功率为额定功率，求平均值没有意义；
(5)电阻大小与导体的横截面积有关，小灯泡用久了，钨丝会变细，电阻将变大，根据P=U2R，在2.5V电压下，小灯泡实际功率小于额定功率；
(6)变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关，移动变阻器滑片P至某位置，则滑动变阻器接入的电阻变小了，此过程中电压表指针向左偏转了6小格，即示数变小了，根据串联电路分压的规律，此时电压表应显示的为滑动变阻器两端的电压，故电压表并联在滑动变阻器两端。
本题主要考查测量小灯泡的电功率，难度适中。
22.【答案】解：(1)由v=st得，从富民桥码头到沈水湾码头河段的长度为：
s=vt=2.5m/s×10×60s=1500m；
(2)游船在河中受到的浮力为：
F浮=G=mg=2000kg×10N/kg=2×104N；
由F浮=ρ水gV排得游船在河中排开水的体积为：
V排=F浮ρ水g=2×104N1.0×103kg/m3×10N/kg=2m3；
(3)这次水上航行中，牵引力对游船做的功为：
W=Fs=5×106N×1500m=7.5×109J；
这次水上航行中，牵引力对游船做功的功率为：
P=Wt=7.5×109J10×60s=1.25×107W；
(4)船的质量保持不变，则重力不变，受到的浮力不变，船在浮力的方向上没有通过距离，所以这次水上航行中，浮力对船不做功。
答：(1)从廖河公园到四德广场河段大约为1500m；
(2)游船在河中排开水的体积2m3；
(3)这次水上航行中，牵引力对游船做功的功率为1.25×107W；
(4)这次水上航行中，浮力对船不做功。
【解析】(1)根据s=vt得出从富民桥码头到沈水湾码头河段的长度；
(2)根据F浮=G=mg得出游船在河中受到的浮力，由F浮=ρ水gV排得游船在河中排开水的体积；
(3)根据W=Fs得出这次水上航行中，牵引力对游船做的功；根据P=Wt得出这次水上航行中，牵引力对游船做功的功率；
(4)物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。
本题考查速度公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，以及功和功率的计算、力是否做功的判断等，是一道综合题，难度中等，解题的关键是熟练掌握相关基础知识和原理。
23.【答案】解：
(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路的总电阻最小，根据P=U2R可知，此时电路的总功率最大，则电火锅处于加热挡；
当只闭合S时，只有R2工作，电路的总电阻最大，总功率最小，则电火锅处于保温挡；
电火锅处于保温挡正常工作时电路中的电流：I保=UR2=220V110Ω=2A；
(2)由(1)可知，电火锅处于加热挡时，R1、R2并联，
则电火锅处于加热挡正常工作的功率：P加=P1+P2=U2R1+U2R2=(220V)248.4Ω+(220V)2110Ω=1440W；
(3)一个标准大气压下，水的沸点是100℃，
水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J，
电火锅加热挡正常工作10min消耗的电能：W=P加t加=1440W×10×60s=8.64×105J，
则电火锅的加热效率：η=Q吸W×100%=6.72×105J8.64×105J×100%≈77.8%。
答：(1)电火锅处于保温挡正常工作时电路中的电流是2A；
(2)电火锅处于加热挡正常工作的功率为1440W；
(3)电火锅的加热效率是77.8%。
【解析】(1)由图乙可知，当开关S、S1都闭合时，R1、R2并联，当只闭合S时，只有R2工作；根据并联电路的电阻特点和P=U2R可知电火锅处于加热挡和保温挡时电路的连接方式；根据欧姆定律求出电火锅处于保温挡正常工作时电路中的电流；
(2)分析可知，电火锅处于加热挡时R1、R2并联，根据P加=P1+P2=U2R1+U2R2求出电火锅处于加热挡正常工作的功率；
(3)先根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量，然后根据W=Pt求出电火锅加热挡正常工作10min消耗的电能，最后根据效率公式求出电火锅的加热效率。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式、吸热公式以及效率公式的应用，综合性较强，有一定的难度。
24.【答案】A到B0.368高 加大 14.7
【解析】解：
(1)由图乙可知氧离子O2−从B向A作定向移动，而氧离子带负电，且电流方向与负电荷定向移动的方向相反，故氧化锆内的电流方向是铂电极A到B；
(2)大气需吸收的热量为：Q吸=cmΔt=1000J/(kg⋅℃)×1×10−6kg×[350℃−(−10℃)]=0.36J；
不计热量损失，所以加热器产生的热量：Q=Q吸=0.36J，
由Q=W=U2Rt可得，电阻R的阻值为：R=U2Qt=(12V)20.36J×0.02s=8Ω；
(3)由题知，当空燃比大于最佳空燃比时，随着尾气中氧含量变大，两电极板间电压急剧变小，则铂电极两端的电压接近为零，说明尾气中的氧气含量较高，需要加大喷油嘴的喷油量；
根据题意，由图丙可知最佳空燃比为14.7。
故答案为：(1)A到B；(2)0.36；8；(3)高；加大；14.7。
(1)正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反；
(2)根据吸热公式Q吸=cmΔt求出大气需吸收的热量；不计热量损失，根据公式Q=W=U2Rt变形可求出电阻R的阻值；
(3)由题知，进入发动机的空气与燃料的质量比例称为空燃比，若吸入发动机的空气所含氧气与燃料恰好完全反应就达到最佳空燃比；当空燃比大于最佳空燃比时，随着尾气中氧含量变大，两电极板间电压急剧变小；发动机控制模块通过检测铂电极两端的电压，并控制喷油量，使发动机接近最佳空燃比。
本题考查了电流方向、吸热公式和电功公式的应用等知识，正确理解题意和看懂图像是解题的关键。物理量
参数
电池容量
4000mAh
电池充电/工作电压
5V
灯泡额定功率
5W
正常照明时间
？