2024年广东省广州市天河区中考一模物理试题（解析版）

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本试卷共8页，18小题，满分90分。考试用时60分钟。
注意事项：
1.答卷前，考生必须用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的学校、姓名、班级、座位号和考生号填写在答题卡相应的位置上，再用2B铅笔把考号的对应数字涂黑。
2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑：如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔或涂改液。不按以上要求作答的答案无效。
4.考生必须保证答题卡的整洁，考试结束后，将试卷和答题卡一并交回
一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1. 《说文》记载，“度人之两臂为寻”，“一寻”指成人两臂左右平伸的长度，“一寻”约为（ ）
A. 17cmB. 17dmC. 17mmD. 17m
【答案】B
【解析】
【详解】A．17cm相当于一本书的边长，故A不符合题意；
B．17dm，约为1.7m，两臂伸平后的长度大约为此长度，故B符合题意；
C．17mm相当于一块橡皮擦的长度，故C不符合题意；
D．17m相当于三层楼的高度，故D不符合题意。
故选B。
2. 如图，风光互补路灯系统可通过风力发电，也可通过阳光发电，给蓄电池充电以供使用，则（ ）
A. 风能是可再生能源B. 晚上即使有风也不能发电
C. 叶片转动时电能转化为机械能D. 蓄电池所充能量可以100％供给路灯
【答案】A
【解析】
【详解】A．风能在自然界中循环再生，是取之不尽，用之不竭的能源，不需要人力参与便会自动再生，是可再生能源，故A符合题意；
B．风光互补路灯系统可单独使用风力发电，也可单独使用阳光发电，故B不符合题意；
C．叶片转动时机械能转化为电能，故C不符合题意；
D．蓄电池所充能量在使用过程中会出现能量损耗，不会100％供给路灯使用，故D不符合题意。
故选A。
3. 如图，将不带电的羽毛划过纸垫，带上正电的羽毛靠近金箔，轻质金箔即被吸起，则（ ）
A. 纸垫失去电子B. 金箔一定带负电
C. 电子从羽毛转移到纸垫上D. 正电荷从纸垫转移到羽毛上
【答案】C
【解析】
【详解】ACD．将不带电的羽毛划过纸垫，羽毛失去电子，带上正电，纸垫得到电子，带上负电，电子从羽毛转移到纸垫上，而正电荷不发生转移，故C符合题意，AD不符合题意；
B．若金箔是不带电的，根据带电体能吸引轻小物体的性质可得金箔能被带上正电的羽毛吸起；若金箔带负电，根据异种电荷相互吸引可得金箔也能被带上正电的羽毛吸起，故B不符合题意。
故选C。
4. 按下钢琴琴键，用M处的手机记录甲、乙两次声音的特性如下表，甲乙相比（ ）
A. 甲的响度大于乙B. 甲的音调比乙的低
C. 甲对应琴弦振幅比乙的大D. 甲对应琴弦每秒振动的次数比乙的多
【答案】D
【解析】
【详解】AC．响度是指声音的强弱，其大小与物体的振幅有关，dB是响度单位，等级越高的声音，响度越大，由表中数据可得甲的响度小于乙、琴弦的振幅也比乙小，故AC不符合题意；
B．音调指声音的高低，由振动频率决定，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低，由表中数据可知，甲的音调比比乙高，故B不符合题意；
D．琴弦每秒振动的次数即为频率，因甲的频率比乙大，所以甲对应琴弦每秒振动的次数比乙的多，故D符合题意。
故选D。
5. 汽车行驶过程中，发动机（汽油机）的冷却水温度升高，油箱里的油减少，则（ ）
A. 油箱里的油热值不变
B. 汽油机在图示冲程，将内能转化为机械能
C. 某零件传热给冷却水，说明此零件内能大于冷却水
D. 用水冷却是因为水比热容大，吸热时内能保持不变
【答案】A
【解析】
【详解】A．热值是燃料的一种性质，与燃料的种类有关，与质量等无关，故A符合题意；
B．两气门关闭，活塞上行，是压缩冲程，将机械能转化成内能，故B不符合题意；
C．发生热传递的条件是有温度差，某零件传热给冷却水，说明该零件和冷却水之间存在温度差，与内能多少无关，故C不符合题意；
D．水的比热容大，和同样质量的其他物质相比，升高相同的温度，从发动机处吸收的热量多，内能变大，故D不符合题意。
故选A。
6. 离地高360km的某探测卫星，向地球发射电磁波，接收地球反射的信号并解析。电磁波家族如图，则（ ）
A. 无线电波的波长比可见光的短
B. 频率为的电磁波属于红外线
C. 无线电波与可见光在真空中的传播速度相等
D. 卫星从发射电磁波到接收到反射的信号需1.2s
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，无线电波的频率小于可见光，波速一定，由可知，无线电波的波长大于可见光，故A不符合题意；
B．由图可得频率为是无线电波，不是红外线，故B不符合题意；
C．各种电磁波在真空中的速度c都是相同的，即是，故C符合题意；
D．卫星从发射电磁波到接收到反射的信号需
故D不符合题意。
故选C。
7. 如图插线板，开关闭合后指示灯发光，插孔供电，开关断开后指示灯不发光、插孔不供电。若指示灯损坏，开关闭合后插孔仍供电。下列与现象描述一致且符合用电安全的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线，插座和灯泡另一端接在零线上，这样使用更安全，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
8. 图甲为正在竖直向上做匀速直线运动的无人机，零件P在高处松脱，之后在空中M、N位置处，P的动能和重力势能大小对比如图乙（不计阻力），则（ ）
A. P松脱后立即向下运动B. N位置比M离地高度高
C. PM处速度比N处小D. P松脱后相对无人机向上运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．无人机正在竖直向上做匀速直线运动，零件P在高处松脱，由于惯性，零件P要保持原来的运动状态继续向上运动一段距离后再向下运动，故A不符合题意；
B．由图乙可知，零件P在N处重力势能大于M处，根据重力势能的知识可知N位置比M位置离地面高度高，故B符合题意；
C．由图乙可知，零件P在N处动能小于M处，根据动能的知识可知P在N处的速度小于M处，故C不符合题意；
D．零件P松脱后先向上运动，速度逐渐减小至零后再向下运动，而无人机一直是向上做匀速直线运动，所以零件P相对于无人机向下运动，故D不符合题意。
故选B。
9. 用滑轮组甲、斜面乙等装置分别匀速提升同一物块（）如图，相关数据如下表，则（ ）
A. 机械效率B. 做的功小于做的功
C. 两电动机输出的机械能相等D. 甲的有用功小于乙的有用功
【答案】A
【解析】
【详解】由题可知，甲和乙提起相同的重物到相同的高度，所以甲和乙的有用功相同，为
由题可知，动滑轮承担物重的绳子段数为3，做的功
做的功
所以做的功大于做的功。
两电动机输出的机械能表现为做的总功上面，因为做的功大于做的功，所以甲电动机输出的机械能小于乙电动机输出的机械能。
甲电动机的机械效率
乙电动机的机械效率
所以机械效率，故A符合题意，BCD不符合题意
故选A。
10. 初温相同的三块金属甲、乙、丙，甲、乙质量相等材料不同，乙、丙材料相同质量不等，均匀加热甲、乙、丙，让它们吸收相等的热量，末温，以上过程不发生物态变化，比较三者质量m和比热容c大小，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】由可知，，因为金属甲、乙、丙初温相同，末温
所以
因为它们吸收相等的热量，所以
A．因为，它们吸收相等的热量，所以，因为甲丙的材料不相同，质量也不相同，当，则，故A不符合题意；
B．甲、乙质量相等，由可知，，故B不符合题意；
C．因为，它们吸收相等的热量，所以，因为甲丙的材料不相同，质量也不相同，当，则，故C不符合题意；
D．乙、丙材料相同，即比热容相同，由可知，，故D符合题意。
故选D。
二、非选择题：本题共8小题，共60分。按题目要求作答。
11. 如图，光源S发出的一条光线，经平面镜AB发生反射，画出该光线经AB反射后的光线和S在AB中的像。
【答案】
【解析】
【详解】根据平面镜的性质做出光源S关于平面镜的对称点，可得像的位置，连接和入射光线与平面镜的交点即可做出反射光线，具体如图所示：
12. 如图，凸透镜的焦距为10cm，光心在15cm处，光源M发出的光线a经过光心后的光线为b；M发出的光线c经过透镜后的光线d与主光轴平行。
①在图中画出光线b、c、d；____
②要使光线b经过P点，应沿主光轴水平向左移动_________（选填“透镜”“光源M”）。
【答案】 ①. ②. 透镜
【解析】
【详解】[1]由凸透镜的特点可知通过光心的光线传播方向不变，所以光线b为光线a的延长线，而焦距出发出的光线经过凸透镜后平行于主光轴，所以光线c与光源M和焦距（25cm刻度线处）的连线共线，方向指向凸透镜，光线c与凸透镜的交点为光线d的起始点，光线d平行于主光轴，方向向左。如图所示：
[2]由图可知，想要使光线b通过P点，须让它靠近主光轴偏折，而让光源远离透镜可以使发出的光线相比于原来靠近主光轴偏折，所以应沿主光轴水平向左移动透镜。
13. 《天工开物》记载了提水用的桔槔，小明制作其模型如图，以第③孔位置作为支点O，若横杆水平静止时，所受动力为，阻力为。不计摩擦和横杆重力。

（1）①画出；②画出的力臂；_________
（2）根据杠杆的平衡条件_________可知，此时_________（选填“＞”“＝”“＜”），此杠杆属于_________（选填“省力”“费力”“等臂”）杠杆；
（3）若石块和A、B点不变，方向不变，支点可在如图五个孔的位置移动，横杆仍保持水平静止，支点O在_________孔的位置，最小（选填“①”“②”“④”“⑤”）。
【答案】 ①. ②. ③. ＜ ④. 省力 ⑤. ①
【解析】
【详解】（1）[1]由题意得，石块的重力是该杠杆的阻力，过支点往动力F1的作用线画垂线，从支点到垂足的距离即为力臂l1，具体如图所示：

（2）[2][3][4]根据杠杆平衡条件“”可知，当动力臂大于阻力臂时，动力F1小于阻力F2，此时杠杆属于省力杠杆。
（3）[5]由题意得石块不变，即阻力F2不变；F1方向不变，即动力臂l1始终是OB的长度，则阻力臂OA的长度即为整个杆的长度减小OB的长，由杠杆平衡原理可得
则
当OB越大，则F1越小，所以支点O在①位置处。
14. 桌子H在水平拉力作用下，在水平面从M到N如图1，重10N的箱子放在H上如图2，H在水平拉力作用下在另一水平面从P到Q，箱子与H一起运动，、的方向始终沿着H运动方向。H两次运动的路程—时间图像如图3。
（1）在MN、PQ段，H的速度分别为、，所受摩擦力分别为、，则_________，_________。（均选填“＞”“＝”“＜”）
（2）H上表面水平，在PQ段，H对箱子的支持力做的功为_________J，H受到的力做的功为_________J。在MN段的功率为，在PQ段的功率为，则_________（选填“＞”“＝”“＜”）。
【答案】 ①. ＞ ②. ＞ ③. 0 ④. 2.4 ⑤. ＞
【解析】
【详解】（1）[1][2]由图3可得，桌子两次都做匀速直线运动，且MN段的速度为
PQ段的速度为
则
因桌子在MN、PQ段均做匀速直线运动，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，则
所以
（2）[3]在PQ段，H对箱子的支持力是竖直方向的，而箱子是在水平方向上移动的，所以H对箱子的并没有做功，即做功为0J。
（2）[4]H受到力F2做的功为
（2）[5]F1在MN段的功率为
F2在PQ段的功率为
则
15. 小明连接如图电路
（1）闭合开关S，和发光，电流表和正常工作，示数为0.21A，示数为0.48A。通过灯泡的电流为_________A；通过灯泡的电流为_________A。
（2）将取下，闭合开关，则灯泡_________；（选填“发光”“不发光”），的示数_________的示数（选填“大于”“小于”“等于”）。
（3）闭合开关S，若发光而不发光，可能是_________处发生断路（选填“”“”）。
【答案】 ①. 0.21 ②. 0.27 ③. 发光 ④. 等于 ⑤. A1
【解析】
【详解】（1）[1][2]由题意得，灯泡L1和L2并联，电流表A1测灯泡L1的电流，即为0.21A，电流表A2在干路上，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得通过灯泡L2的电流为
（2）[3][4]将L2取下，闭合开关，则灯泡L1、电流表A1、电流表A2串联，则灯泡L1能发光，根据串联电路电流处处相等，则两电流表的示数相等。
（3）[5]闭合开关，若电流表A2断路，则整个电路都不通，两灯泡都不发光；若电流表A1断路，则与其串联的灯泡L1不能发光，另一条支路的灯泡L2能发光。
16. 如图是电动机的模型，磁场由两个电磁铁提供。abcd是线圈。闭合开关，
（1）图1中P为磁体N极，Q为磁体_________极（选填“N”“S”）；
（2）图1中线圈ab边受力方向竖直向下，图2中将电源正负极调转后ab边的受力方向竖直向_________（选填“上”“下”）。
【答案】 ①. N ②. 下
【解析】
【详解】（1）[1]由安培定则可知Q为磁体N极。
（2）[2]磁场中通电导体受力方向与磁场方向和电流方向有关，将电源正负极对调后，电流方向发生了改变，同时磁场方向也发生了改变，所以通电导体在磁场中受力方向不变，即竖直向下。
17. 如图将电磁铁接通电源。线圈abcd接入LED和小灯泡。闭合开关后，摇动手柄使线圈abcd转动，LED和灯泡可发光。此过程，线圈abcd将_________能转化为_________能。在方框内画出图中LED和灯泡所在电路的电路图，已经画出LED和等效电源。____
【答案】 ①. 机械 ②. 电 ③.
【解析】
【详解】[1][2]线圈abcd转动做切割磁感线运动，产生感应电流，使得LED和灯泡可发光，此过程中，线圈abcd由于运动将机械能转化为电能。
[3]线圈abcd运动产生感应电流，相当于电源，开关在干路上，灯泡和LED并联，具体电路如下所示：
18. 电动机M启动，设M两端电压为U，通过M的电流为I，与M串联的定值保护电阻R为1Ω，测得和图像如图。
（1）根据图像，流过M的电流为100A时，M两端电压为_________V；
（2）求：第8s时M的电功率，M在此状态下持续工作5s消耗的电能；____
（3）通过M的电流为10A时，求电阻R两端电压；____
（4）2s—4s，电阻R产生热量为；8s—10s，R产生的热量为，_________（选填“＞”“＝”“＜”），写出判断依据：_________
【答案】 ①. 200 ②. 2400W，1.2×104J ③. 10V ④. ＞ ⑤. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]由右图知道，流过M电流为100A时，时间是4s，结合左图知道，此时M两端电压为200V。
（2）[2]由图像知道，第8s时通过M的电流是10A，由知道，此时M两端电压为240V，由知道，此时M的电功率
M在此状态下持续工作5s消耗的电能
（3）[3]由欧姆定律知道，通过M的电流为10A时，电阻R两端电压
（4）[4][5] 由图像知道，2s—4s通过电阻R的电流大于8s—10s通过电阻R的电流，由焦耳定律知道
19. 图1容器装有适量的H液体，摆件P通过细线和浮球相连，均处于静止状态。P的体积为，P的重力为2.5N，P排开H的质量为0.11kg（）。
（1）求：摆件P所受的浮力____，以及此时H的密度____；
（2）剪断细线后，浮球和摆件P静止时如图2所示，浮球不吸收液体。
①在方框内画出浮球（以“·”代替）的受力示意图____，浮球所受浮力相比剪断前_________（选填“变大”“变小”“不变”）。
②求摆件受容器（底部水平）的支持力____。
③容器对水平桌面的压力为200N，与桌面接触面积为，求容器对桌面的压强____。
④比较a、b、c三点液体的压强大小_________，_________。（均选填“＞”“＝”“＜”）。
（3）液体H的密度和H的温度t关系如图3，H的温度时，如图4实心物块M悬浮（M不吸收液体且体积不变）
①时，M将_________（选填“漂浮”“悬浮”“沉到底部”）。M静止时，10℃时M受的浮力_________6℃时M受的浮力（选填“大于”“小于”“等于”）。
②t在6℃~16℃范围内，M静止时排开H液体的体积与H温度关系的图像可能正确的是_________
【答案】 ①. 1.1N ②. ③. ④. 变小 ⑤. 1.4N ⑥. ⑦. ＜ ⑧. ＜ ⑨. 漂浮 ⑩. 等于 ⑪. A
【解析】
【详解】（1）[1][2]根据阿基米德原理可计算出摆件P受到的浮力为
H的密度为
（2）[3][4]浮球漂浮在液体上，所受的重力和浮力大小相等、方向相反、在同一条直线上，具体如图所示：
剪断细线后球排开液体的体积变小，根据可得浮力变小。
（2）[5]摆件静止在容器底部，受到的浮力为
则摆件受到容器的支持力为
（2）[6]容器对桌面的压强为
（2）[7][8]由图2可知a、b、c三点的深度关系为
液体的密度相同，根据液体压强公式，可得
，
（3）[9][10]当H的温度是12℃时，实心物块M悬浮，说明物块M的密度等于此时H的密度；当温度为10℃时，H的密度变大，大于物块的密度，根据物体的浮沉条件可知M会漂浮，当M静止时，浮力等于重力；当H的温度变为6℃时，物块M也会漂浮，静止时受到的浮力等于重力，所以M在10℃所受的浮力和6℃时所受的浮力相等。
（3）[11]当H温度从6℃上升到12℃时，密度逐渐减小，但都大于物体的密度，物体会上浮，最终漂浮，浮力都等于重力，但根据，液体的密度逐渐减小，所以排开液体的体积会逐渐增大；当H的温度从12℃上升到16℃时，密度仍在逐渐减小，小于物体的密度，物体会下沉，最终沉底，物体排开液体的体积相同，都等于物体的体积，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
20. 小明想要自制一个刻度均匀，量程为2℃~40℃的液体温度计，经过调查，他找到以下三种常温下为液态的材料甲、乙、丙，标准气压下对应参数如下表所示，三种材料对应的体积随温度变化图线如图。请你帮小明选择一种最合适的材料，并说明不选择其它两种的理由。
【答案】见解析
【解析】
【详解】选择材料乙，不选择另外两种材料的理由是：
①丙的熔点为5℃，丙在5℃以下为固态，(体积几乎不随温度改变)，用丙不能测量5℃以下的温度， 不符合题目2℃ -40℃的量程要求，不符合题目液体温度计的要求。
②甲在0℃至4℃温度升高、体积变小，而4℃之后温度升高、体积变大。(4℃前后同一体积有两个不 同的温度)，(用甲不能测量4℃前后的温度)，不符合题目2℃-40℃的量程要求。
③甲和丙的图线为曲线(不为倾斜直线)，(升高相同的温度体积变化不相等)，选甲、丙做材料会使温度计刻度不均匀。声音
声音强弱的等级／dB
频率／Hz
甲
40
880
乙
60
440
拉力
距离
材料
甲
乙
丙
凝固点/℃
0
5
沸点/℃
100
78
约1300