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2024年陕西省宝鸡市陇县九年级下学期学业水平考试物理试卷（原卷版+解析版）
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这是一份2024年陕西省宝鸡市陇县九年级下学期学业水平考试物理试卷（原卷版+解析版），文件包含2024年陕西省宝鸡市陇县九年级下学期学业水平考试物理试卷原卷版docx、2024年陕西省宝鸡市陇县九年级下学期学业水平考试物理试卷解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共28页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1.本试卷分为第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）。全卷共6页，总分80分。考试时间80分钟。
2.领到试卷和答题卡后，请用0.5毫米黑色墨水签字笔，分别在试卷和答题卡上填写姓名和准考证号，同时用2B铅笔在答题卡上填涂对应的试卷类型信息点（A或B）。
3.请在答题卡上各题的指定区域内作答，否则作答无效。
4.作图时，先用铅笔作图，再用规定签字笔描黑。
5.考试结束，本试卷和答题卡一并交回。
第一部分（选择题 共20分）
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。每小题只有一个选项符合题意）
1. “不积跬步，无以至千里，不积小流，无以成江海”。步也可以当做长度单位，中学生走一步的距离约为（ ）
A 5mB. 10mC. 15mD. 0.5m
【答案】D
【解析】
【详解】中学生步行时，走一步的距离约50cm左右，即中学生走一步的距离约为0.5m。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
2. 为了提升学生的人文修养，夯实学生的文化功底，提高学生的朗读水平，西安沣东第一学校于2024年3月6日至11日举行了“诵中华美文，展自我风采”华韵之声诵读大赛。关于同学们朗诵时的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 朗诵时领读同学使用话筒是为了提高声音的音调
B. 朗诵的声音是通过空气传到观众的耳中
C. 禁止在会场交头接耳是在传播过程中减弱噪声的
D. 朗诵时同学们的音色是相同的
【答案】B
【解析】
【详解】A．响度是指声音强弱（大小），音调指声音的高低，领读同学使用话筒是为了提高声音的响度，故A错误；
B．声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声，朗诵的声音是通过空气传到观众的耳中，故B正确；
C．减弱噪声的通常方法有3种，分别是在声源处减弱噪声、在传播途中减弱噪声、在人耳处减弱噪声，禁止在会场交头接耳是在声源处减弱噪声，故C错误；
D．音色是由发声体本身决定的一个特性，音色反映了声音的品质和特色，朗诵时同学们的音色各不相同，故D错误。
故选B。
3. 西安市的昆明池七夕公园，是融山、湖、林、田、水于一体的生态公园，是市民休闲放松的好去处。如图是公园的夜景，下列说法正确的是（ ）
A. 岸边的灯柱是自然光源
B. 汉船雕塑在水中的倒影是实像
C. 水中景物的倒影比景物本身暗一些，是因为有一部分光折射入水中
D. 离水面越远的建筑物，在水中的像越小
【答案】C
【解析】
【详解】A．岸边的灯柱是人造光源，故A错误；
B．汉船雕塑在水中的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的虚像，故B错误；
C．水中景物的倒影比景物本身暗一些，由于光入射到水平面时，一部分光发生反射，有一部分光折射入水中，故C正确；
D．平面镜所成的像与物体大小相等，离水面越远的建筑物，在水中的像大小不变，故D错误。
故选C。
4. 小文周末喜欢学习厨艺，研究美食，在学习过程中发现厨房中也包含了许多物理知识。下列说法中不正确的是（ ）
A. 从冰箱拿出来的冻肉没有内能
B. 炒菜时菜的香味弥漫整个房间，是因为分子在不停地做无规则运动
C. 高压锅能够快速将羊肉炖烂，是因为气压越大，水的沸点越高
D. 烧水时壶嘴冒出的“白气”是液化现象
【答案】A
【解析】
【详解】A．一切物体都具有内能，从冰箱拿出来的冻肉也有内能，故A错误，符合题意；
B．炒菜时菜的香味弥漫整个房间，是扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动，故B正确，不符合题意；
C．因为气压越大，水的沸点越高，高压锅内气压大，水的沸点高，温度越高时，物体熟的更快，故C正确，不符合题意；
D．烧水时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气遇到冷发生了液化，形成小水滴，故D正确，不符合题意。
故选A。
5. 关于生活用电，下列说法正确的是（ ）
A. 站在干燥的木板凳上同时接触火线和零线，不会触电
B. 电饭煲的三脚插头插入三孔插座时，人接触电饭煲的金属外壳不会触电
C. 可以用湿巾擦正在待机的电视
D. 连接电路时灯泡和火线连接，开关和零线连接
【答案】B
【解析】
【详解】A．站在干燥的木板凳上同时接触火线和零线，火线-人体-零线组成闭合回路，加在人体的电压为220V，超过人体的安全电压，会触电，故A错误；
B．使用三脚插头和三孔插座，多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止触电事故的发生，故B正确；
C．生活用水是导体，用湿毛巾擦正在待机的电视，易发生触电事故，故C错误；
D．连接电路时灯泡和零线连接，开关和火线连接，这样可以让开关断开时，电路与火线断开，起到保护作用，故D错误。
故选B
6. 2月25日，2024年国际乒联世乒赛团队赛在韩国釜山结束全部赛程。女子团体决赛中，由孙颖莎、陈梦和王艺迪组成的中国队以3∶2战胜日本，如图是比赛时的场景。下列说法正确的是（ ）
A. 乒乓球在飞行时只受到重力作用
B. 乒乓球加速飞行时处于平衡状态
C. 乒乓球离开球拍后还会继续飞行是因为乒乓球受到惯性作用
D. 乒乓球被球拍击飞，说明力能改变物体的运动状态
【答案】D
【解析】
【详解】A．乒乓球在飞行时受到了重力和空气阻力，故A错误；
B．乒乓球加速飞行时运动状态时刻在变，处于非平衡状态，故B错误；
C．乒乓球具有惯性，离开球拍后仍能保持原来的状态继续飞行一段距离，惯性不是力，不能说受到惯性的作用。故C错误；
D．乒乓球被球拍击飞，运动状态发生变化，说明力能改变物体的运动状态，故D正确。
故选D。
7. “咸阳舰”是第八艘055型驱逐舰，拥有更强大的作战能力、更先进的武器系统和更完善的导航控制系统。“咸阳舰”满载时吃水深度为8m，排水量可达12500t（g取，海水密度取）。下列说法正确的是（ ）
A. “咸阳舰”上的直升机起飞后，舰体会下沉一些
B. “咸阳舰”满载时受到海水的浮力为
C. “咸阳舰”满载航行时海水对舰底的压强为
D. “咸阳舰”满载航行时，海水对舰底的压力大于其所受的重力
【答案】C
【解析】
【详解】A．舰载直升机起飞后，驱逐舰的总重力变小，且仍漂浮，根据F浮=G可知所受的浮力变小，根据F浮=ρ液gV排可知，排开海水的体积变小，舰体会上浮一些，故A错误；
B．驱逐舰满载时受到的浮力
F浮=G排=m排g=12500×103kg×10N/kg=1.25×108N
故B错误；
C．驱逐舰满载航行时吃水深度为8m，舰底所受的压强
p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×8m=8×104Pa
故C正确；
D．驱逐舰在海上航行时处于漂浮状态，所受到的浮力等于它的总重力，根据浮力产生的原因可知受到的浮力等于海水对舰底的压力大小，所以海水对舰底的压力大小等于驱逐舰所受重力大小，故D错误。
故选C。
8. 2024年的跨年夜，小阳用手机观看央视跨年元旦晚会，晚会有绚丽的烟火表演，下列说法正确的是（ ）
A. 用手机观看跨年晚会，是通过电磁波传递信息的
B. 手机5G信号比4G信号传播速度快
C. 烟花爆竹声能传递信息，但不具有能量
D. 烟花内部爆炸时将机械能转化为内能
【答案】A
【解析】
【详解】A．电磁波能传递信息，人们通过手机观看烟花直播，是通过电磁波传递信息的，故A正确；
B．5G和4G只是频率不同，但都是电磁波，真空中电磁波传播速度相同均等于光速，它们的传播速度相同，故B错误；
C．烟花爆竹声能传递信息，也能传递能量，故C错误；
D．烟花内部爆炸时，将内能转化为机械能，故D错误。
故选A。
9. 在工地上工人用如图装置将质量为50kg的建筑材料匀速提升6m，电动机的输出功率为500W，用时10s，g取，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 增加建筑材料的重量会降低滑轮组的机械效率
B. 绳子自由端移动的速度为
C. 10s内电动机输出功为3000J
D. 滑轮组的机械效率为60%
【答案】D
【解析】
【详解】B．由图可知，滑轮组绳子的有效股数，则绳子自由端移动的距离
绳子自由端的速
故B错误；
C．10s内电动机输出的总功
故C错误；
D．电动机对绳子拉力所做的有用功
则滑轮组的机械效率
故D正确；
A．不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
由上式可知，当增加建筑材料的重量会提高滑轮组的机械效率，故A错误。
故选D。
10. 如图所示电路，滑动变阻器规格为“”，小灯泡的额定电压为4V，电流表的量程为“”。只闭合开关时，小灯泡正常发光，将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关，电流表的示数为，在电路安全情况下，下列说法正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定功率为1.6W
B. 电路的最大功率为0.8W
C. 电路功率最大时工作10s所消耗的电能为24J
D. 滑动变阻器接入电路的阻值范围是
【答案】C
【解析】
【详解】A．只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，由小灯泡正常发光可知，电源的电压为
将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过滑动变阻器的电流为
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流为
则小灯泡的额定功率为
故A错误；
B．当电流表的示数最大为0.6A时，电路功率最大，最大功率为
故B错误；
C．此时工作10s所消耗的电能为
故C正确；
D．当电流表的示数最大为0.6A时，通过滑动变阻器的电流为
滑动变阻器接入电路中的最小电阻为
所以，滑动变阻器连入的阻值范围是10∼20Ω，故D错误。
故选C。
第二部分（非选择题 共60分）
二、填空与作图题（共7小题，计22分）
11. 清晨荷叶上的两颗露珠接触后合成更大的一颗水珠，表明分子之间存在_________力。分子是由原子组成的，原子由_________和核外高速运动的_________组成。
【答案】 ①. 引 ②. 原子核 ③. 电子
【解析】
【详解】[1]分子间存在相互作用的引力和斥力，两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在引力。
[2][3]卢瑟福提出了原子的核式结构模型，他认为：原子由处于原子中心的原子核与核外高速运动的带负的电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成。
12. 如图，无人机在航拍时通过摄像头取景，在感光晶片上形成缩小的______（选填“实像”或“虚像”），当无人机远离景物时，为了使拍摄景物更清晰，需要______（选填“增大”或“减小”）镜头与感光晶片间的距离，无人机摄像头所用的透镜与______（选填“近视眼”或“远视眼”）眼镜的镜片类型相同。
【答案】 ①. 实像 ②. 减小 ③. 远视眼
【解析】
【详解】[1][2]无人机在航拍时通过摄像头拍摄景物，摄像头是一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，物体在感光晶片上形成倒立、缩小的实像；当无人机远离景物时，物距变大，像距变小，需要减小镜头与感光晶片间的距离，才能拍摄到清晰的画面。
[3]无人机摄像头所用的透镜是凸透镜，与远视眼镜的镜片类型相同，对光线有会聚作用。
13. 中国古典诗词的文化魅力不但在于它的语言美，而且有些还包含了丰富的物理知识。“滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，水能属于清洁的_________（选填“可再生”或“不可再生”）能源；“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”，磁针石指南是受_________的作用；“停车坐爱枫林晚，霜叶红于二月花”，霜的形成是_________（填物态变化名称）现象。
【答案】 ①. 可再生 ②. 地磁场 ③. 凝华
【解析】
【详解】[1]自然界中存在水循环，因此水能在短期内可以重复获得，即为清洁的可再生能源。
[2]由于受到地磁场的作用，磁针石的北极指向地磁场的南极，也就是地理的北极；磁针石的南极指向地磁场的北极，也就是地理的南极。
[3]霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，由气体直接变为固体，属于凝华过程。
14. 2024年2月29日21时03分，长征三号乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞，随后成功将卫星互联网高轨卫星01星送入预定轨道。火箭升空时以_________作燃料，因为该燃料的_________大；升空时火箭和卫星是相对_________（选填“静止”或“运动”）的。
【答案】 ①. 氢 ②. 热值 ③. 静止
【解析】
【详解】[1][2]火箭升空使用的燃料是液态氢，是因为它的热值较大，与其他质量相同的燃料相比，液态氢完全燃烧，释放的热量较多。
[3]火箭升空时，火箭和卫星的位置没有发生改变，所以火箭和卫星是相对静止的。
15. 如图所示，选取一根吸管，在距离乒乓球前面2cm处持续吹气，观察到乒乓球______（选填“向左”或“向右”）运动，这是因为流速大的地方，______小。飞机机翼获得升力的原理与该原理______（选填“相同”或“不相同”）。
【答案】 ①. 向左 ②. 压强 ③. 相同
【解析】
【详解】[1][2]选取一根吸管，在距离乒乓球前面2cm处持续吹气，因为乒乓球左侧的空气流速大，压强小，乒乓球右侧的空气流速小，压强大，则乒乓球受到一个向左的压力差，所以乒乓球向左运动。
[3]飞机飞行时，飞机的机翼上方凸起，机翼上方空气流速大于下方空气流速，根据流体流速越大压强越小，机翼上方空气压强小于下方压强，从而产生向上的升力，故飞机飞行时机翼获得升力的原理与该原理相同。
16. 如图为某盒装牛奶饮品，盒上标着其净含量为250g，若该饮品的密度是，则这盒饮品的体积为______（结果保留整数），同体积的水的质量是______g；当盒中牛奶饮品喝掉一半，剩余部分的密度______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 245 ②. 245 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]这盒饮品的体积为
[2]同体积的水的质量
m水=ρ水V水=ρ水V=1g/cm3×245cm3=245g
[3]密度是物质的一种特性，与质量无关，当盒中牛奶饮品喝掉一半，剩余部分的密度不变。
17. 如图所示，已知射向凹透镜的两条入射光线，请画出对应的折射光线．
【答案】
【解析】
【详解】凸透镜中三条特殊光线：平行于主光轴的光线，经过凸透镜后会聚焦点；过凸透镜光心的光线，传播方向不改变；从凸透镜焦点射向凸透镜的光线，平行于主光轴射出；如图所示：
18. 如图甲所示是一种蔬菜挤水器，其手柄可以看作一个杠杆，图乙是其简化的示意图，请在图乙中画出阻力及在A点施加的最小动力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】由杠杆平衡条件知道，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小；力F1作用在A点，当OA为动力臂时，动力臂最长，此时动力F1最小，并且F1的方向垂直于OA向下，力F2作用在B点，方向竖直向上，如图所示：
三、实验与探究题（共4小题，计22分）
19. 完成下列填空。
（1）如图—1所示是使用温度计测量液体温度时的情景，测量时存在的错误是________。
（2）如图—2所示，给装水的塑料瓶侧壁上扎两个小孔，两孔喷出的水流距离不同，说明液体压强与______有关。
（3）如图—3所示，小李家的电能表的示数为______kW·h，电能表转盘转过100转，该过程中消耗的电能是_________kW·h。
【答案】 ①. 温度计玻璃泡触碰烧杯底 ②. 深度 ③. 2024.1 ④. 0.04
【解析】
【详解】（1）[1]温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底或容器壁，图-1中温度计的玻璃泡碰到烧杯底部，是错误的。
（2）[2]给装水的塑料瓶侧壁上扎两个小孔，两孔喷出的水流距离不同，说明液体压强与深度有关，深度越深，压强越大，水喷出的距离越远。
（3）[3][4]电能表上的示数，最后一位是小数，由图-3可知，此时的读数为2024.1kW·h，电能表转盘转过100转，该过程中消耗的电能
20. 探究小组在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，选择如下器材：长木板、木块、弹簧测力计、毛巾等，进行实验。
（1）实验时用弹簧测力计水平拉动放在水平木板上的木块做______运动，则木块所受滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）如图-1，在长木板上铺棉布或毛巾，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面______的关系；
（3）由图-3和图-4两次实验可知：当______相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）下列实例中，应用（3）的结论解决实际问题的是______。
A．压路机的碾子非常重
B．行李箱上安装轮子，拉起来更轻松
C．下雪天汽车安装防滑链，提高安全性
【答案】 ①. 匀速直线 ②. 粗糙程度 ③. 压力 ④. C
【解析】
【详解】（1）[1]用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。
（2）[2]在长木板上铺棉布或毛巾，改变了接触面的粗糙程度，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
（3）[3]由乙、丙两次实验可知，压力相同，接触面不同时，弹簧秤的示数不同，可得结论，当压力相同时，接触面越粗糙，测力计示数越大，滑动摩擦力越大。
（4）[4] （3）的结论：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
A．压路机的碾子非常重，是在接触面一定时，通过增大压力来增大碾子对地面的压强，从而压紧路面，故A不符合题意；
B．行李箱上安装轮子，拉起来更轻松，变滑动为滚动减小摩擦，B不符合题意；
C．下雪天汽车安装防滑链，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故C符合题意。
故选C。
21. 小红和小华在实验室做“测量未知电阻”的实验。
（1）用笔画代替导线将图-1的实物图连接完整。（要求滑片向右移动时，电压表示数变小）__________；
（2）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表始终无示数、电流表有示数且发生变化，经检查电路元件完好，则出现这种情况的原因可能是电阻______（选填“短路”或“断路”）；
（3）排除故障后，调节滑片至某一位置时，电流表的示数如图-2所示，此时电压表的示数为2.4V。那么本次测得的阻值为______；
（4）若将图-1中的电阻换为小灯泡，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，电压表与电流表示数的比值将______（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（5）为了减小误差，需要进行三次测量求平均值。请你设计一个记录数据的表格__________；
（6）小华设计了如图-3所示的实验电路图。电路连接正确后，将电阻箱的阻值调为，闭合开关，将开关拨到触点1时，电压表的示数为，则电源电压为______。将开关拨到触点2，电压表的示数为，则待测电阻的阻值______。
【答案】 ①. ②. 短路 ③. 8 ④. ⑤. ⑥. U1 ⑦.
【解析】
【详解】（1）[1]滑片向右移动时，电压表示数变小，说明滑动变阻器接入的阻值变大，分到的电压变大，故应该接左下端接线柱，如下图：
（2）[2]闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数且发生变化，说明电路通路且变阻器能控制电路的电流，电路元件完好，但电压表始终无示数，则出现这种情况的原因可能是电阻Rx短路。
（3）[3]电流表示数如图-2所示，此时电流表选择小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，电压表的示数为2.4V。那么本次测得Rx的阻值为
（4）[4]若将图-1中的电阻换为小灯泡，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，电路中的电流将变大，灯丝的温度升高，灯丝电阻随温度升高而增大，所以电压表与电流表示数的比值，即为灯丝的电阻将变大。
（5）[5]电阻的测量是一种间接测量方法，要用到欧姆走律，到量出导体两端的电压与此时对应的电流，然后求出导体的电阻及平均值。根据一个物理量占据一列，每一次实验占据一行的原则去设计表格。直接测量的物理量为电压、电流、电 阻、平均值功四个物理量。做三次实验。故设计表格见下表：
（6）[6][7]如图-3所示电路，将电阻箱的阻值调为R0，闭合开关S1，将开关S2拨到触点1时，电压表测电源电压，所以电压表的示数为U1=U总，则电源电压为U1。将开关S2拨到触点2，电压表测Rx两端电压，且示数为U2，所以Ux=U2，根据串联电阻的分压特点可知
待测电阻的阻值
22. 小明发现用打气筒给篮球打气时外壁有些发热，于是他想探究是什么原因导致打气筒的外壁发热的，小明和小红进行了交流，联系所学物理知识，他们提出了以下两个猜想：
A．活塞在筒内往复运动时，与筒壁摩擦导致发热；
B．活塞在筒内往复运动时，不断压缩气体做功导致发热。
他们设计了实验进行探究，选用的实验器材有：打气筒、测温枪、计时器、气压不足的篮球等，分别在打气筒的上部和下部标注两个测温点，如图所示。请回答下列问题：
（1）打气筒内壁的热量是通过______的方式传递到外壁，请你举个同样方式的实例：______；
（2）打气过程中，筒内气体压强______，活塞在打气筒内向下运动时的能量转化过程，与四冲程内燃机的______冲程相同；
（3）小明的实验方案是：用打气筒往气压不足的篮球内打气，10s内使活塞在筒内往复运动20次；立即用测温枪测出此时两个测温点的温度。待打气筒外壁温度降至室温（25℃）后，放出篮球中的部分气体，使其内部气压与打气前相同，重复上述操作，实验数据记录如下表：
小明分析表中实验数据可以验证猜想______（填字母）是导致打气筒外壁发热的原因。
（4）小红回顾整个实验过程，分析实验数据，认为小明得出的结论不够严谨，理由是在实验过程中，活塞向下运动时既克服摩擦做功，又压缩空气做功，无法准确地确定外壁发热的原因。于是他们对实验进行改进，对猜想A再次进行探究，打气筒______（选填“与”或“不与”）篮球连接，让活塞在相同的时间内往复运动相同的次数，用测温枪测出打气筒外壁的温度，若上部和下部温度______（选填“相同”或“不同”），则说明猜想A是正确的。
【答案】 ①. 热传递 ②. 用燃气烧水 ③. 增大 ④. 压缩 ⑤. B ⑥. 不与 ⑦. 不同
【解析】
【详解】（1）[1]改变物体内能的两种方法：做功、热传递。打气筒内壁的热量是通过热传递的方式传递到外壁。
[2]生活中用燃气烧水就是通过热传递的方式使水的内能增大的。
（2）[3]打气过程中，筒内气体增多，压强增大。
[4]活塞在打气筒内向下运动时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，能量转化情况与内燃机压缩冲程相同。
（3）[5]由表中数据知道，打气筒下部温度高于上部温度，说明活塞在打气筒内向下运动时，活塞对筒内的空气做功，空气内能增加，温度升高，造成下部温度高于上部温度，故导致打气筒外壁发热的原因是活塞在筒内往复运动时，不断压缩气体做功导致发热，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[6][7]根据控制变量法，要探究猜想A，应让活塞只克服摩擦做功，而不压缩空气做功，故他们的改进方法是：打气筒不与篮球连接，直接让活塞在相同的时间内往复运动相同的次数，用测温枪测出打气筒外壁的温度，若上部和下部温度不同，说明猜想A是正确的。
四、综合题（共2小题，计16分）
23. 新能源汽车具有清洁无污染等优点，加快培育和发展节能汽车与新能源汽车，能有效缓解能源和环境压力。如图-1是某款新能源纯电动汽车，满电状态运行过程中一部分电能转化为机械能，还有一部分电能会用于动能回收，继续给车补充电能。（整车质量为1400kg，100km耗电量为）
（1）电动汽车的核心部件是电动机，其工作原理是通电导体在______中受力的作用；
（2）在某次运行中，司机和乘客的总质量为，若车轮与地面的总接触面积为，该汽车载客时对地面的压强为多少？（ ）
（3）汽车保持恒定功率在水平路面上做直线运动，其图像如图-2所示。若在运动中汽车所受阻力的大小为总重的，则内牵引力对其做的功为多少?这次运行电能转化为机械能的效率为多少?（结果保留整数）（ ）
【答案】 ①. 磁场 ②. ③. ，79%
【解析】
【详解】解：（1）电动汽车的核心部件是电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用而运动。
（2）“海豚”载客时对地面的压力
“海豚”载客时对地面的压强为
（3）汽车做匀速直线运动时处于平衡状态，牵引力等于阻力
由图乙可知，汽车匀速行驶的速度，则汽车的恒定功率为
汽车在内牵引力做的功为
内电动车运动的距离
消耗的电能
这次运行电能转化为机械能的效率为
答：（1）电动汽车的核心部件是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力的作用；
（2）该汽车载客时对地面的压强为；
（3）内牵引力对其做的功为，这次运行电能转化为机械能的效率为79%。
24. 如图所示为生物实验室中常用的恒温箱的工作原理图。S为电源开关，通过控制温控开关可实现“保温”“加热”两个挡位间的切换。电源实际电压，、是电热丝，恒温箱“保温”时的电功率。将恒温箱两气孔封闭，闭合开关S，置于“加热”挡位，箱内温度从20℃升至设定的恒温38℃（不计热量损失），用时90s，恒温箱的容积，箱内空气密度，箱内空气的比热容。求：
（1）箱内空气升温吸收热量；
（2）“加热”时恒温箱的电功率；
（3）电热丝、的阻值；
（4）某次做实验时，使用恒温箱先加热5min，再保温30min，该过程共消耗的电能是多少？
【答案】（1）；（2）600W；（3）400Ω，80Ω；（4）
【解析】
【详解】解：（1）恒温箱内的空气质量为
恒温箱内气体吸收的热量
（2）不计热量损失，恒温箱加热消耗的电能
“加热”时恒温箱的电功率
（3）电路中只有工作，恒温箱处于“保温”挡
、并联，恒温箱处于“加热”挡，则
（4）消耗的电能是
答：（1）箱内空气升温吸收的热量为5.4×104J；
（2）“加热”时恒温箱的电功率为600W；
（3）电热丝R1、R2的阻值分别为400Ω，80Ω；
（4）某次做实验时，使用恒温箱先加热5min，再保温30min，该过程共消耗的电能是3.6×105J实验次序
时间/s
活塞往复次数
上部温度/℃
下部温度/℃
1
10
20
30.7
36.6
2
10
20
30.2
36.2
3
10
20
30.5
36.3
注意事项：
1.本试卷分为第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）。全卷共6页，总分80分。考试时间80分钟。
2.领到试卷和答题卡后，请用0.5毫米黑色墨水签字笔，分别在试卷和答题卡上填写姓名和准考证号，同时用2B铅笔在答题卡上填涂对应的试卷类型信息点（A或B）。
3.请在答题卡上各题的指定区域内作答，否则作答无效。
4.作图时，先用铅笔作图，再用规定签字笔描黑。
5.考试结束，本试卷和答题卡一并交回。
第一部分（选择题 共20分）
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。每小题只有一个选项符合题意）
1. “不积跬步，无以至千里，不积小流，无以成江海”。步也可以当做长度单位，中学生走一步的距离约为（ ）
A 5mB. 10mC. 15mD. 0.5m
【答案】D
【解析】
【详解】中学生步行时，走一步的距离约50cm左右，即中学生走一步的距离约为0.5m。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
2. 为了提升学生的人文修养，夯实学生的文化功底，提高学生的朗读水平，西安沣东第一学校于2024年3月6日至11日举行了“诵中华美文，展自我风采”华韵之声诵读大赛。关于同学们朗诵时的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 朗诵时领读同学使用话筒是为了提高声音的音调
B. 朗诵的声音是通过空气传到观众的耳中
C. 禁止在会场交头接耳是在传播过程中减弱噪声的
D. 朗诵时同学们的音色是相同的
【答案】B
【解析】
【详解】A．响度是指声音强弱（大小），音调指声音的高低，领读同学使用话筒是为了提高声音的响度，故A错误；
B．声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声，朗诵的声音是通过空气传到观众的耳中，故B正确；
C．减弱噪声的通常方法有3种，分别是在声源处减弱噪声、在传播途中减弱噪声、在人耳处减弱噪声，禁止在会场交头接耳是在声源处减弱噪声，故C错误；
D．音色是由发声体本身决定的一个特性，音色反映了声音的品质和特色，朗诵时同学们的音色各不相同，故D错误。
故选B。
3. 西安市的昆明池七夕公园，是融山、湖、林、田、水于一体的生态公园，是市民休闲放松的好去处。如图是公园的夜景，下列说法正确的是（ ）
A. 岸边的灯柱是自然光源
B. 汉船雕塑在水中的倒影是实像
C. 水中景物的倒影比景物本身暗一些，是因为有一部分光折射入水中
D. 离水面越远的建筑物，在水中的像越小
【答案】C
【解析】
【详解】A．岸边的灯柱是人造光源，故A错误；
B．汉船雕塑在水中的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的虚像，故B错误；
C．水中景物的倒影比景物本身暗一些，由于光入射到水平面时，一部分光发生反射，有一部分光折射入水中，故C正确；
D．平面镜所成的像与物体大小相等，离水面越远的建筑物，在水中的像大小不变，故D错误。
故选C。
4. 小文周末喜欢学习厨艺，研究美食，在学习过程中发现厨房中也包含了许多物理知识。下列说法中不正确的是（ ）
A. 从冰箱拿出来的冻肉没有内能
B. 炒菜时菜的香味弥漫整个房间，是因为分子在不停地做无规则运动
C. 高压锅能够快速将羊肉炖烂，是因为气压越大，水的沸点越高
D. 烧水时壶嘴冒出的“白气”是液化现象
【答案】A
【解析】
【详解】A．一切物体都具有内能，从冰箱拿出来的冻肉也有内能，故A错误，符合题意；
B．炒菜时菜的香味弥漫整个房间，是扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动，故B正确，不符合题意；
C．因为气压越大，水的沸点越高，高压锅内气压大，水的沸点高，温度越高时，物体熟的更快，故C正确，不符合题意；
D．烧水时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气遇到冷发生了液化，形成小水滴，故D正确，不符合题意。
故选A。
5. 关于生活用电，下列说法正确的是（ ）
A. 站在干燥的木板凳上同时接触火线和零线，不会触电
B. 电饭煲的三脚插头插入三孔插座时，人接触电饭煲的金属外壳不会触电
C. 可以用湿巾擦正在待机的电视
D. 连接电路时灯泡和火线连接，开关和零线连接
【答案】B
【解析】
【详解】A．站在干燥的木板凳上同时接触火线和零线，火线-人体-零线组成闭合回路，加在人体的电压为220V，超过人体的安全电压，会触电，故A错误；
B．使用三脚插头和三孔插座，多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止触电事故的发生，故B正确；
C．生活用水是导体，用湿毛巾擦正在待机的电视，易发生触电事故，故C错误；
D．连接电路时灯泡和零线连接，开关和火线连接，这样可以让开关断开时，电路与火线断开，起到保护作用，故D错误。
故选B
6. 2月25日，2024年国际乒联世乒赛团队赛在韩国釜山结束全部赛程。女子团体决赛中，由孙颖莎、陈梦和王艺迪组成的中国队以3∶2战胜日本，如图是比赛时的场景。下列说法正确的是（ ）
A. 乒乓球在飞行时只受到重力作用
B. 乒乓球加速飞行时处于平衡状态
C. 乒乓球离开球拍后还会继续飞行是因为乒乓球受到惯性作用
D. 乒乓球被球拍击飞，说明力能改变物体的运动状态
【答案】D
【解析】
【详解】A．乒乓球在飞行时受到了重力和空气阻力，故A错误；
B．乒乓球加速飞行时运动状态时刻在变，处于非平衡状态，故B错误；
C．乒乓球具有惯性，离开球拍后仍能保持原来的状态继续飞行一段距离，惯性不是力，不能说受到惯性的作用。故C错误；
D．乒乓球被球拍击飞，运动状态发生变化，说明力能改变物体的运动状态，故D正确。
故选D。
7. “咸阳舰”是第八艘055型驱逐舰，拥有更强大的作战能力、更先进的武器系统和更完善的导航控制系统。“咸阳舰”满载时吃水深度为8m，排水量可达12500t（g取，海水密度取）。下列说法正确的是（ ）
A. “咸阳舰”上的直升机起飞后，舰体会下沉一些
B. “咸阳舰”满载时受到海水的浮力为
C. “咸阳舰”满载航行时海水对舰底的压强为
D. “咸阳舰”满载航行时，海水对舰底的压力大于其所受的重力
【答案】C
【解析】
【详解】A．舰载直升机起飞后，驱逐舰的总重力变小，且仍漂浮，根据F浮=G可知所受的浮力变小，根据F浮=ρ液gV排可知，排开海水的体积变小，舰体会上浮一些，故A错误；
B．驱逐舰满载时受到的浮力
F浮=G排=m排g=12500×103kg×10N/kg=1.25×108N
故B错误；
C．驱逐舰满载航行时吃水深度为8m，舰底所受的压强
p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×8m=8×104Pa
故C正确；
D．驱逐舰在海上航行时处于漂浮状态，所受到的浮力等于它的总重力，根据浮力产生的原因可知受到的浮力等于海水对舰底的压力大小，所以海水对舰底的压力大小等于驱逐舰所受重力大小，故D错误。
故选C。
8. 2024年的跨年夜，小阳用手机观看央视跨年元旦晚会，晚会有绚丽的烟火表演，下列说法正确的是（ ）
A. 用手机观看跨年晚会，是通过电磁波传递信息的
B. 手机5G信号比4G信号传播速度快
C. 烟花爆竹声能传递信息，但不具有能量
D. 烟花内部爆炸时将机械能转化为内能
【答案】A
【解析】
【详解】A．电磁波能传递信息，人们通过手机观看烟花直播，是通过电磁波传递信息的，故A正确；
B．5G和4G只是频率不同，但都是电磁波，真空中电磁波传播速度相同均等于光速，它们的传播速度相同，故B错误；
C．烟花爆竹声能传递信息，也能传递能量，故C错误；
D．烟花内部爆炸时，将内能转化为机械能，故D错误。
故选A。
9. 在工地上工人用如图装置将质量为50kg的建筑材料匀速提升6m，电动机的输出功率为500W，用时10s，g取，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 增加建筑材料的重量会降低滑轮组的机械效率
B. 绳子自由端移动的速度为
C. 10s内电动机输出功为3000J
D. 滑轮组的机械效率为60%
【答案】D
【解析】
【详解】B．由图可知，滑轮组绳子的有效股数，则绳子自由端移动的距离
绳子自由端的速
故B错误；
C．10s内电动机输出的总功
故C错误；
D．电动机对绳子拉力所做的有用功
则滑轮组的机械效率
故D正确；
A．不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
由上式可知，当增加建筑材料的重量会提高滑轮组的机械效率，故A错误。
故选D。
10. 如图所示电路，滑动变阻器规格为“”，小灯泡的额定电压为4V，电流表的量程为“”。只闭合开关时，小灯泡正常发光，将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关，电流表的示数为，在电路安全情况下，下列说法正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定功率为1.6W
B. 电路的最大功率为0.8W
C. 电路功率最大时工作10s所消耗的电能为24J
D. 滑动变阻器接入电路的阻值范围是
【答案】C
【解析】
【详解】A．只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，由小灯泡正常发光可知，电源的电压为
将滑动变阻器的滑片滑至阻值最大处，再闭合开关S1时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过滑动变阻器的电流为
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流为
则小灯泡的额定功率为
故A错误；
B．当电流表的示数最大为0.6A时，电路功率最大，最大功率为
故B错误；
C．此时工作10s所消耗的电能为
故C正确；
D．当电流表的示数最大为0.6A时，通过滑动变阻器的电流为
滑动变阻器接入电路中的最小电阻为
所以，滑动变阻器连入的阻值范围是10∼20Ω，故D错误。
故选C。
第二部分（非选择题 共60分）
二、填空与作图题（共7小题，计22分）
11. 清晨荷叶上的两颗露珠接触后合成更大的一颗水珠，表明分子之间存在_________力。分子是由原子组成的，原子由_________和核外高速运动的_________组成。
【答案】 ①. 引 ②. 原子核 ③. 电子
【解析】
【详解】[1]分子间存在相互作用的引力和斥力，两颗露珠接触后成为了更大的一颗水珠，表明分子之间存在引力。
[2][3]卢瑟福提出了原子的核式结构模型，他认为：原子由处于原子中心的原子核与核外高速运动的带负的电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成。
12. 如图，无人机在航拍时通过摄像头取景，在感光晶片上形成缩小的______（选填“实像”或“虚像”），当无人机远离景物时，为了使拍摄景物更清晰，需要______（选填“增大”或“减小”）镜头与感光晶片间的距离，无人机摄像头所用的透镜与______（选填“近视眼”或“远视眼”）眼镜的镜片类型相同。
【答案】 ①. 实像 ②. 减小 ③. 远视眼
【解析】
【详解】[1][2]无人机在航拍时通过摄像头拍摄景物，摄像头是一个凸透镜，当物距大于二倍焦距时，物体在感光晶片上形成倒立、缩小的实像；当无人机远离景物时，物距变大，像距变小，需要减小镜头与感光晶片间的距离，才能拍摄到清晰的画面。
[3]无人机摄像头所用的透镜是凸透镜，与远视眼镜的镜片类型相同，对光线有会聚作用。
13. 中国古典诗词的文化魅力不但在于它的语言美，而且有些还包含了丰富的物理知识。“滚滚长江东逝水，浪花淘尽英雄”，水能属于清洁的_________（选填“可再生”或“不可再生”）能源；“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”，磁针石指南是受_________的作用；“停车坐爱枫林晚，霜叶红于二月花”，霜的形成是_________（填物态变化名称）现象。
【答案】 ①. 可再生 ②. 地磁场 ③. 凝华
【解析】
【详解】[1]自然界中存在水循环，因此水能在短期内可以重复获得，即为清洁的可再生能源。
[2]由于受到地磁场的作用，磁针石的北极指向地磁场的南极，也就是地理的北极；磁针石的南极指向地磁场的北极，也就是地理的南极。
[3]霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，由气体直接变为固体，属于凝华过程。
14. 2024年2月29日21时03分，长征三号乙运载火箭在西昌卫星发射中心点火起飞，随后成功将卫星互联网高轨卫星01星送入预定轨道。火箭升空时以_________作燃料，因为该燃料的_________大；升空时火箭和卫星是相对_________（选填“静止”或“运动”）的。
【答案】 ①. 氢 ②. 热值 ③. 静止
【解析】
【详解】[1][2]火箭升空使用的燃料是液态氢，是因为它的热值较大，与其他质量相同的燃料相比，液态氢完全燃烧，释放的热量较多。
[3]火箭升空时，火箭和卫星的位置没有发生改变，所以火箭和卫星是相对静止的。
15. 如图所示，选取一根吸管，在距离乒乓球前面2cm处持续吹气，观察到乒乓球______（选填“向左”或“向右”）运动，这是因为流速大的地方，______小。飞机机翼获得升力的原理与该原理______（选填“相同”或“不相同”）。
【答案】 ①. 向左 ②. 压强 ③. 相同
【解析】
【详解】[1][2]选取一根吸管，在距离乒乓球前面2cm处持续吹气，因为乒乓球左侧的空气流速大，压强小，乒乓球右侧的空气流速小，压强大，则乒乓球受到一个向左的压力差，所以乒乓球向左运动。
[3]飞机飞行时，飞机的机翼上方凸起，机翼上方空气流速大于下方空气流速，根据流体流速越大压强越小，机翼上方空气压强小于下方压强，从而产生向上的升力，故飞机飞行时机翼获得升力的原理与该原理相同。
16. 如图为某盒装牛奶饮品，盒上标着其净含量为250g，若该饮品的密度是，则这盒饮品的体积为______（结果保留整数），同体积的水的质量是______g；当盒中牛奶饮品喝掉一半，剩余部分的密度______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 245 ②. 245 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]这盒饮品的体积为
[2]同体积的水的质量
m水=ρ水V水=ρ水V=1g/cm3×245cm3=245g
[3]密度是物质的一种特性，与质量无关，当盒中牛奶饮品喝掉一半，剩余部分的密度不变。
17. 如图所示，已知射向凹透镜的两条入射光线，请画出对应的折射光线．
【答案】
【解析】
【详解】凸透镜中三条特殊光线：平行于主光轴的光线，经过凸透镜后会聚焦点；过凸透镜光心的光线，传播方向不改变；从凸透镜焦点射向凸透镜的光线，平行于主光轴射出；如图所示：
18. 如图甲所示是一种蔬菜挤水器，其手柄可以看作一个杠杆，图乙是其简化的示意图，请在图乙中画出阻力及在A点施加的最小动力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】由杠杆平衡条件知道，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小；力F1作用在A点，当OA为动力臂时，动力臂最长，此时动力F1最小，并且F1的方向垂直于OA向下，力F2作用在B点，方向竖直向上，如图所示：
三、实验与探究题（共4小题，计22分）
19. 完成下列填空。
（1）如图—1所示是使用温度计测量液体温度时的情景，测量时存在的错误是________。
（2）如图—2所示，给装水的塑料瓶侧壁上扎两个小孔，两孔喷出的水流距离不同，说明液体压强与______有关。
（3）如图—3所示，小李家的电能表的示数为______kW·h，电能表转盘转过100转，该过程中消耗的电能是_________kW·h。
【答案】 ①. 温度计玻璃泡触碰烧杯底 ②. 深度 ③. 2024.1 ④. 0.04
【解析】
【详解】（1）[1]温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底或容器壁，图-1中温度计的玻璃泡碰到烧杯底部，是错误的。
（2）[2]给装水的塑料瓶侧壁上扎两个小孔，两孔喷出的水流距离不同，说明液体压强与深度有关，深度越深，压强越大，水喷出的距离越远。
（3）[3][4]电能表上的示数，最后一位是小数，由图-3可知，此时的读数为2024.1kW·h，电能表转盘转过100转，该过程中消耗的电能
20. 探究小组在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，选择如下器材：长木板、木块、弹簧测力计、毛巾等，进行实验。
（1）实验时用弹簧测力计水平拉动放在水平木板上的木块做______运动，则木块所受滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）如图-1，在长木板上铺棉布或毛巾，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面______的关系；
（3）由图-3和图-4两次实验可知：当______相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）下列实例中，应用（3）的结论解决实际问题的是______。
A．压路机的碾子非常重
B．行李箱上安装轮子，拉起来更轻松
C．下雪天汽车安装防滑链，提高安全性
【答案】 ①. 匀速直线 ②. 粗糙程度 ③. 压力 ④. C
【解析】
【详解】（1）[1]用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。
（2）[2]在长木板上铺棉布或毛巾，改变了接触面的粗糙程度，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系。
（3）[3]由乙、丙两次实验可知，压力相同，接触面不同时，弹簧秤的示数不同，可得结论，当压力相同时，接触面越粗糙，测力计示数越大，滑动摩擦力越大。
（4）[4] （3）的结论：当压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
A．压路机的碾子非常重，是在接触面一定时，通过增大压力来增大碾子对地面的压强，从而压紧路面，故A不符合题意；
B．行李箱上安装轮子，拉起来更轻松，变滑动为滚动减小摩擦，B不符合题意；
C．下雪天汽车安装防滑链，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故C符合题意。
故选C。
21. 小红和小华在实验室做“测量未知电阻”的实验。
（1）用笔画代替导线将图-1的实物图连接完整。（要求滑片向右移动时，电压表示数变小）__________；
（2）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表始终无示数、电流表有示数且发生变化，经检查电路元件完好，则出现这种情况的原因可能是电阻______（选填“短路”或“断路”）；
（3）排除故障后，调节滑片至某一位置时，电流表的示数如图-2所示，此时电压表的示数为2.4V。那么本次测得的阻值为______；
（4）若将图-1中的电阻换为小灯泡，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，电压表与电流表示数的比值将______（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（5）为了减小误差，需要进行三次测量求平均值。请你设计一个记录数据的表格__________；
（6）小华设计了如图-3所示的实验电路图。电路连接正确后，将电阻箱的阻值调为，闭合开关，将开关拨到触点1时，电压表的示数为，则电源电压为______。将开关拨到触点2，电压表的示数为，则待测电阻的阻值______。
【答案】 ①. ②. 短路 ③. 8 ④. ⑤. ⑥. U1 ⑦.
【解析】
【详解】（1）[1]滑片向右移动时，电压表示数变小，说明滑动变阻器接入的阻值变大，分到的电压变大，故应该接左下端接线柱，如下图：
（2）[2]闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数且发生变化，说明电路通路且变阻器能控制电路的电流，电路元件完好，但电压表始终无示数，则出现这种情况的原因可能是电阻Rx短路。
（3）[3]电流表示数如图-2所示，此时电流表选择小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，电压表的示数为2.4V。那么本次测得Rx的阻值为
（4）[4]若将图-1中的电阻换为小灯泡，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，电路中的电流将变大，灯丝的温度升高，灯丝电阻随温度升高而增大，所以电压表与电流表示数的比值，即为灯丝的电阻将变大。
（5）[5]电阻的测量是一种间接测量方法，要用到欧姆走律，到量出导体两端的电压与此时对应的电流，然后求出导体的电阻及平均值。根据一个物理量占据一列，每一次实验占据一行的原则去设计表格。直接测量的物理量为电压、电流、电 阻、平均值功四个物理量。做三次实验。故设计表格见下表：
（6）[6][7]如图-3所示电路，将电阻箱的阻值调为R0，闭合开关S1，将开关S2拨到触点1时，电压表测电源电压，所以电压表的示数为U1=U总，则电源电压为U1。将开关S2拨到触点2，电压表测Rx两端电压，且示数为U2，所以Ux=U2，根据串联电阻的分压特点可知
待测电阻的阻值
22. 小明发现用打气筒给篮球打气时外壁有些发热，于是他想探究是什么原因导致打气筒的外壁发热的，小明和小红进行了交流，联系所学物理知识，他们提出了以下两个猜想：
A．活塞在筒内往复运动时，与筒壁摩擦导致发热；
B．活塞在筒内往复运动时，不断压缩气体做功导致发热。
他们设计了实验进行探究，选用的实验器材有：打气筒、测温枪、计时器、气压不足的篮球等，分别在打气筒的上部和下部标注两个测温点，如图所示。请回答下列问题：
（1）打气筒内壁的热量是通过______的方式传递到外壁，请你举个同样方式的实例：______；
（2）打气过程中，筒内气体压强______，活塞在打气筒内向下运动时的能量转化过程，与四冲程内燃机的______冲程相同；
（3）小明的实验方案是：用打气筒往气压不足的篮球内打气，10s内使活塞在筒内往复运动20次；立即用测温枪测出此时两个测温点的温度。待打气筒外壁温度降至室温（25℃）后，放出篮球中的部分气体，使其内部气压与打气前相同，重复上述操作，实验数据记录如下表：
小明分析表中实验数据可以验证猜想______（填字母）是导致打气筒外壁发热的原因。
（4）小红回顾整个实验过程，分析实验数据，认为小明得出的结论不够严谨，理由是在实验过程中，活塞向下运动时既克服摩擦做功，又压缩空气做功，无法准确地确定外壁发热的原因。于是他们对实验进行改进，对猜想A再次进行探究，打气筒______（选填“与”或“不与”）篮球连接，让活塞在相同的时间内往复运动相同的次数，用测温枪测出打气筒外壁的温度，若上部和下部温度______（选填“相同”或“不同”），则说明猜想A是正确的。
【答案】 ①. 热传递 ②. 用燃气烧水 ③. 增大 ④. 压缩 ⑤. B ⑥. 不与 ⑦. 不同
【解析】
【详解】（1）[1]改变物体内能的两种方法：做功、热传递。打气筒内壁的热量是通过热传递的方式传递到外壁。
[2]生活中用燃气烧水就是通过热传递的方式使水的内能增大的。
（2）[3]打气过程中，筒内气体增多，压强增大。
[4]活塞在打气筒内向下运动时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，能量转化情况与内燃机压缩冲程相同。
（3）[5]由表中数据知道，打气筒下部温度高于上部温度，说明活塞在打气筒内向下运动时，活塞对筒内的空气做功，空气内能增加，温度升高，造成下部温度高于上部温度，故导致打气筒外壁发热的原因是活塞在筒内往复运动时，不断压缩气体做功导致发热，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[6][7]根据控制变量法，要探究猜想A，应让活塞只克服摩擦做功，而不压缩空气做功，故他们的改进方法是：打气筒不与篮球连接，直接让活塞在相同的时间内往复运动相同的次数，用测温枪测出打气筒外壁的温度，若上部和下部温度不同，说明猜想A是正确的。
四、综合题（共2小题，计16分）
23. 新能源汽车具有清洁无污染等优点，加快培育和发展节能汽车与新能源汽车，能有效缓解能源和环境压力。如图-1是某款新能源纯电动汽车，满电状态运行过程中一部分电能转化为机械能，还有一部分电能会用于动能回收，继续给车补充电能。（整车质量为1400kg，100km耗电量为）
（1）电动汽车的核心部件是电动机，其工作原理是通电导体在______中受力的作用；
（2）在某次运行中，司机和乘客的总质量为，若车轮与地面的总接触面积为，该汽车载客时对地面的压强为多少？（ ）
（3）汽车保持恒定功率在水平路面上做直线运动，其图像如图-2所示。若在运动中汽车所受阻力的大小为总重的，则内牵引力对其做的功为多少?这次运行电能转化为机械能的效率为多少?（结果保留整数）（ ）
【答案】 ①. 磁场 ②. ③. ，79%
【解析】
【详解】解：（1）电动汽车的核心部件是电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用而运动。
（2）“海豚”载客时对地面的压力
“海豚”载客时对地面的压强为
（3）汽车做匀速直线运动时处于平衡状态，牵引力等于阻力
由图乙可知，汽车匀速行驶的速度，则汽车的恒定功率为
汽车在内牵引力做的功为
内电动车运动的距离
消耗的电能
这次运行电能转化为机械能的效率为
答：（1）电动汽车的核心部件是电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力的作用；
（2）该汽车载客时对地面的压强为；
（3）内牵引力对其做的功为，这次运行电能转化为机械能的效率为79%。
24. 如图所示为生物实验室中常用的恒温箱的工作原理图。S为电源开关，通过控制温控开关可实现“保温”“加热”两个挡位间的切换。电源实际电压，、是电热丝，恒温箱“保温”时的电功率。将恒温箱两气孔封闭，闭合开关S，置于“加热”挡位，箱内温度从20℃升至设定的恒温38℃（不计热量损失），用时90s，恒温箱的容积，箱内空气密度，箱内空气的比热容。求：
（1）箱内空气升温吸收热量；
（2）“加热”时恒温箱的电功率；
（3）电热丝、的阻值；
（4）某次做实验时，使用恒温箱先加热5min，再保温30min，该过程共消耗的电能是多少？
【答案】（1）；（2）600W；（3）400Ω，80Ω；（4）
【解析】
【详解】解：（1）恒温箱内的空气质量为
恒温箱内气体吸收的热量
（2）不计热量损失，恒温箱加热消耗的电能
“加热”时恒温箱的电功率
（3）电路中只有工作，恒温箱处于“保温”挡
、并联，恒温箱处于“加热”挡，则
（4）消耗的电能是
答：（1）箱内空气升温吸收的热量为5.4×104J；
（2）“加热”时恒温箱的电功率为600W；
（3）电热丝R1、R2的阻值分别为400Ω，80Ω；
（4）某次做实验时，使用恒温箱先加热5min，再保温30min，该过程共消耗的电能是3.6×105J实验次序
时间/s
活塞往复次数
上部温度/℃
下部温度/℃
1
10
20
30.7
36.6
2
10
20
30.2
36.2
3
10
20
30.5
36.3
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