04， 2024年江苏省南京市中考物理三模专用卷--2024年各直辖市省及省会初中学业水平考试物理三模高度仿真试卷

这是一份04， 2024年江苏省南京市中考物理三模专用卷--2024年各直辖市省及省会初中学业水平考试物理三模高度仿真试卷，共21页。
（本卷中g取10N/㎏）
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）
1. 国产大飞机C919采用碳纤维材料减轻机身质量，因为碳纤维材料具有较小的（ ）
A. 弹性B. 密度C. 硬度D. 导热性
【答案】B
【解析】飞机体积是不变，机身质量减小，根据可知，飞机的密度较小，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。
2. 初中三年，同学们彼此互相熟悉，甚至能“闻其声，知其人”，这样判断主要依据声音的（ ）
A. 音色B. 音调 C. 响度D. 声速
【答案】A
【解析】音色是声音的特色，不同人发出的声音音色不同，依据声音的音色不同可以区分不同的发声人。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
3. 唐朝诗人孟郊在《登科后》中写道“春风得意马蹄疾，一日看尽长安花”。若马是静止的，则选择的参照物是（ ）
A. 孟郊 B. 身后的房屋 C. 路面 D. 路边的花
【答案】A
【解析】A．由题意可得，若以孟郊为参照物，马相对于孟郊，位置没有发生变化，所以马是静止的，故A符合题意；
B．由题意可得，若以身后的房屋为参照物，马相对于身后的房屋，位置发生变化，所以马是运动的，故B不符合题意；
C．由题意可得，若以路面为参照物，马相对于路面，位置发生变化，所以马是运动的，故C不符合题意；
D．由题意可得，若以路边的花为参照物，马相对于路边的花，位置发生变化，所以马是运该试卷源自 每日更新，享更低价下载。动的，故D不符合题意。故选A。
4.下列估测数据中，最符合实际情况的是( )
A. 中学生课桌的高度约为20cmB. 人的正常体温约为37℃
C. 中学生百米赛跑的成绩约为8sD. 一节新干电池的电压为2V
【答案】B
【解析】A.课桌的高度约为80cm，故A错误；
B.人的正常体温约是37℃，符合实际，故B正确；
C.中学生百米赛跑的成绩约为15s，故C错误；
D.一节新干电池的电压为1.5V，故D错误．
5. 如图所示，虚线是小华抛出的皮球落地后又弹起的运动轨迹，当皮球运动到最高点A时，若它所受外力突然全部消失，则皮球将（ ）
A. 保持静止B. 沿水平方向做匀速直线运动
C. 竖直向上做匀速直线运动D. 竖直向下做匀速直线运动
【答案】B
【解析】如图所示，当皮球运动到最高点A时，还会向前运动，说明此时具有水平的速度，当此时它所受外力突然全部消失，小球将由于惯性，继续向前做匀速直线运动，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。
6. 下图所示的四幅图中，能利用流体压强与流速的关系解释的是（ ）

A.用吸管将饮料吸到嘴里
B.热气球腾空而起
C.向烧瓶浇冷水，停止沸腾的水又沸腾了
D.往b管中吹气，a管中的水面上升
【答案】D
【解析】A．用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，不能揭示流体压强与流速的关系，故A不符合题意；
B．热气球升空，是因为热空气的密度比空气的密度小，热气球受到的浮力大于重力，利用的是空气的浮力，不能揭示流体压强与流速的关系，故B不符合题意；
C．向烧瓶浇冷水后，瓶内水面上的空气温度降低，气压减小，导致水的沸点降低，而水的实际温度仍很高，高于此时水的沸点，所以水会重新沸腾，不能揭示流体压强与流速的关系，故C不符合题意；
D．往b管中吹气，吸管a上方的流速增大，压强减小，a管中液体受到向上的压强大于向下的压强，在这个管内外产生压强差的作用下，液面上升，能揭示流体压强与流速的关系，故D符合题意。故选D。
7. 夏季，混凝土护栏被太阳晒得很热，池塘中太阳下的水却不很热，主要原因是（ ）【】
A. 水不吸热B. 混凝土初温高C. 水的比热容大D. 混凝土放热
【答案】C
【解析】根据可知，质量相等的水和混凝土，太阳照射同样的时间，吸收相同热量，由于水的比热容较大，水的温度升高较小，因此水的温度比混凝土低，所以太阳下的混凝土热得烫脚，而旁边池塘里的水却不怎么热，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。
8. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）

A. 这一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
【答案】C
【解析】A．“高转筒车”转动时，需要水能提供动力，如果没有水能，它将不能转动，因此不是“永动机”，根据能量守恒定律可知，世界上不存在“永动机”，故A错误；
B．水从河里被输送到上方的田里，高度增加了，因此水的重力势能变大，故B错误；
C．转轮转速越快，相同时间内对水做的功越多，根据公式可知，功率越大，故C正确；
D．上、下两个转轮的轴都是固定不动的，因此都可看做定滑轮，故D错误。
故选C。
9. 如图，这是一种塔式起重机，已知起重机上的滑轮组在匀速起吊330kg的物体时，滑轮组的机械效率是60%，g取10N/kg。下列分析和计算错误的是（ ）
A. 起重机的吊臂AOB可视为杠杆
B. 增加起吊物体的质量，滑轮组的机械效率将减小
C. 物体上升2m，滑轮组所做有用功是6.6×103J
D. 物体上升2m，滑轮组所做总功是1.1×104J
【答案】B
【解析】A．由图可知，起重机的吊臂可以视为支点在O点，力臂分别为OA、OB的杠杆，故A正确，不符合题意；
B．滑轮组的机械效率
增加起吊物体的质量时，有用功增加，额外功不变，有用功与总功的比值变大，则滑轮组的机械效率变大，故B错误，符合题意；
C．物体上升2m，滑轮组所做有用功
W有=Gh=mgh=330kg×10N/kg×2m=6.6×103J
故C正确，不符合题意；
D．滑轮组所做总功
故D正确，不符合题意。故选B。
10. 如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A. 弹簧的弹性势能减小
B. 电磁铁的上端为极
C. 电动机工作，灯不发光
D. 电磁铁的工作原理是电磁感应
【答案】C
【解析】A．当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分下落，弹簧被拉长，弹性势能增大，故A错误；
B．当闭合开关后，线圈相当于通电螺线管，根据右手螺旋定则判断电磁铁上端为N极，故B错误；
C．当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分往下落，开关与下面电动机所在的电路结合，电动机所在电路闭合，电动机正常工作，开关与上面灯泡所在的电路分离，灯泡所在电路断路，灯泡不发光，故C正确；
D．电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电磁感应无关，故D错误。故选C。
11. 如图所示，电源电压不变，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向左移动，下列说法正确的是（ ）

A. 电流表示数变小B. 电压表示数变大
C. 小灯泡变亮D. 滑动变阻器阻值变大
【答案】C
【解析】BD．由图可知，滑动变阻器和小灯泡串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端的电压，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联分压原理可知，滑动变阻器两端的电压变小，故BD错误；
AC．电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的总电流变大，所以小灯泡变亮，故C正确，A错误。故选C。
12. 小王随父母去自贡江姐故里进行红色研学之旅。需要提前给移动充电宝进行充电，充电宝容量为60000mA·h，充电电压为5V，充电时剩余电量为0，于是她关闭家中其它用电器，并观察到家里电能表如图所示，要给充电宝充满电，电能表的转盘将转过（ ）
A. 120rB. 200rC. 300rD. 1000r
【答案】C
【解析】给充电宝充满电消耗的电能
W＝UIt＝5V×60000×10−3A×3600s＝1080000J＝0.3 kW•h
1000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过1000转，则消耗0.3kW•h电能，电能表转盘的实际转数
n＝0.3kW•h×1000r/（kW•h）＝300r
故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共23分）
13. 图是氢的原子模型示意图，原子核是_______，核外电子是______，其中带负电的是_______。（均选填“A”或“B”）

【答案】 B A A
【解析】原子是由原子核和核外电子组成，核外电子绕着原子核运动，原子核是由质子和中子组成的，其中质子带正电，中子不带电，电子带负电。
14. 秉承可持续发展的思想，开发新能源、更好地利用已知能源是全球范围内的重要课题，开发和利用核能就是一个有效途径。核能是质量较大的原子核发生______或质量较小的原子核发生聚变时释放的能量，通过可控聚变来利用核能，有望解决人类能源问题。1g核燃料聚变时释放的能量约为1×105kW·h，假设把1×105kW·h的能量完全转化为电能，可供年用电量为1000kW·h的家庭使用_____年。太阳也是一个巨大的“核能火炉”，它向外辐射的能量是我们的能源宝库。人类利用太阳能的实质是将太阳能转化为其他形式的能量，请你写出一种转化方式:________.一个相关的实例：________。
【答案】 裂变 100 光热转换，太阳能集热器
【解析】质量较大的原子核发生分裂或者质量较小的原子核相互结合时释放出的惊人的能量叫做核能，获得核能的两种途径：核裂变和核聚变。
可供年用电量为1000kW·h的家庭使用
太阳能转化为其他形式能量的方式：光热转换，例如用太阳能集热器把水加热；光电转换，把太阳能转化为电能，例如太阳能电池。
15. 托盘天平相当于______杠杆。调节天平平衡时，指针如图甲，此时应将平衡螺母向______调节。测量物体质量时，右盘砝码及游码示数如图乙，物体质量为______g，合_____kg。

【答案】 等臂 右 26.4 0.0264
【解析】托盘天平的支点在横梁的中心，左右两侧的力臂相等，属于等臂杆杠。
由图甲可知，指针偏向分度盘中线的左侧，应将平衡螺母向右调节，使天平在水平位置平衡。
由图乙可知，右盘砝码的总质量为
20g+5g=25g
标尺分度值为0.2g，游码的读数为1.4g，则物体质量为
25g+1.4g=26.4g
16. “早穿皮袄午穿纱”表明沙漠地区昼夜_____大，而沿海地区则昼夜温差小，这是因为水比砂石的________大，楼房中的“暖气”用水作为介质，正是利用了水的这一特性。某同学家“暖气”管道中500kg的水从65℃降低到35℃，放出的热量为________J，这一过程中水的内能减少。除热传递外，________也可以改变物体的内能。[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
【答案】 温差 比热容 6.3×107J 做功
【解析】沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区则昼夜温差小，这是因为水比砂石的比热容大，相同质量的水和砂石，白天吸收相同的热量后，水的温度升高的少；夜晚放出相同的热量后，水的温度降低的少。
放出的热量
Q放=c水m(t0-t)=4.2×103J/(kg·℃)×500kg×(65℃-35℃)=6.3×107J
改变内能的方式有两种：做功和热传递。
17.如图所示，桌面上有一枚转动灵活的小磁针，静止时，小磁针_______极指南；当导线与电池触接时，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在_______；断开电路，小磁针_______（选填“会”或“不会”）回到原来位置。

【答案】 S 磁场 会
【解析】地球本身是个磁体，地球周围存在磁场，地磁北极在地理南极附近，根据异名磁极相互吸引的特性，静止时，在地磁场的作用下，小磁针的南极指向地磁北极，即地理南极。
当导线与电池接触时，形成闭合回路，导线中有电流通过，此时，小磁针发生偏转，即小磁针受到磁场力的作用，说明通电导线周围存在磁场。
断开电路，电路中没有电流通过，小磁针在地磁场的作用下会回到原来的位置。
18.用如图所示的装置可探究电流产生热量与______（填“电流”或“电阻”）的关系，若通过R2的电流为1A，通电1min，R2产生的热量为______J。若将R3更换为10Ω的电阻，_______（填“仍能”或“不能”）完成该实验探究。

【答案】 电流 300 仍能
【解析】根据控制变量法的思想，R1和R2的电阻相同，R3与R1并联进行分流，因此R1和R2的电流不同，所以可以探究电流产生热量与电流的关系。
根据焦耳定律，R2产生的热量
Q=I2Rt=(1A)2×5Ω×1×60s=300J
若将R3更换为10Ω的电阻，R3仍与R1并联进行分流，R1和R2的电流仍然不同，因此仍能完成该实验探究。
19.目前，我国时速600公里高速磁悬浮列车研制已取得重大技术突破，标志着我国磁悬浮技术已达到世界领先水平：
(1)我国高速磁悬浮列车上装有电磁体，铁轨上装有线圈（相当于电磁铁），通电后，可使列车悬浮起来，悬浮后列车的惯性_____（填“大于”“小于”或“等于”）悬浮前的惯性。由于磁悬浮列车与轨道不接触，磁悬浮列车行驶时的噪声比普通轮轨列车行驶时的噪声______（填“大”或“小”）；列车以600 km/h的速度匀速行驶时，列车牵引系统的电功率为2.4×107 W，不计能量损失，列车受到的阻力大小为_________N；
(2)高速磁悬浮列车上电磁体始终通有直流电，铁轨上线圈通电后，电磁体和线圈会变成一节节带有N极和S极的电磁铁，列车所受磁力如图所示，图中列车在磁力作用下正在向_________（填“左”或“右”）行驶；要保证列车一直向前行轨道驶，线圈的N极和S极就要不断变换，则铁轨上线圈中应通_________（填“直流”或“交流”）电；为了节约能源，列车行驶时应对铁轨上线圈分区段供电。
【答案】 (1) 等于 小 1.44×105 (2) 右 交流
【解析】(1)质量是对物体惯性大小的量度，故悬浮后列车的惯性等于悬浮前的惯性。
由于磁悬浮列车与轨道不接触，没有轮轨噪声，磁悬浮列车行驶时的噪声比普通轮轨列车行驶时的噪声小。
列车以600 km/h的速度匀速行驶时，牵引力与所受摩擦力大小相等、方向相反，不计能量损失时，即由功率公式
可知牵引力为
(2)根据磁场同极相吸、异极相斥特点，列车受到的力方向向右，故图中列车在磁力作用下正在向右行驶。
要保证列车一直向前行轨道驶，线圈的N极和S极就要不断变换，则铁轨上线圈中应通交流电，通过不断变换电流方向实现磁场方向的改变。
为了节约能源，列车行驶时应对铁轨上线圈分区段供电，可仅需在列车正在通过或将要通过的一段铁轨上供电。
三、解答题（本题共8题，共53分．解答第26、27题时应有公式和解题过程）
20.(6分)(1)如图所示，请补充平面镜的入射光线和透镜的折射光线，完成光路图。
【答案】如图所示.
【解析】经过入射点作出法线，因为反射光线与镜面的夹角是45°，所以反射角为90°﹣45°＝45°．根据反射角与入射角相等作出入射光线；
反射光线平行于凸透镜的主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点.
（2）在劳动实践活动中，小刚用平板车运送货物，使货物与车一起沿水平路面向右做匀速直线运动，请在图中以O为作用点，画出该货物的受力示意图。

【答案】

【解析】货物随车一起水平向右做匀速直线运动，货物与车间没有相对运动，也没有相对运动趋势，所以货物不受摩擦力，只受两个力作用：重力和支持力，并且这两个力是一对平衡力；重力方向竖直向下，作用点在重心，支持力方向竖直向上，作用点也画在重心上，其受力示意图如图所示。
（3）在图相应的括号中，标出小磁针的N、S极和电源的“＋”、“-”极。
【答案】如图所示
【解析】通电螺线管右端为N极，由安培定则，可知电源左端为“＋”极，右端为“-”极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故可知小磁针的左端为S及，右端为N及，如下所示。
21. (4分)“探究光的反射规律”装置如图所示，白纸板放在水平桌面上，再将一块平面镜竖直放在纸板上，在纸板上安装一支可自由移动的激光笔，使其发出的光紧贴纸板入射。

（1）图中的入射角是______度；
（2）当_______时，反射光线与入射光线重合，此时入射光线向右偏转一定角度，反射光线向______偏转；
（3）多次实验，在纸板上画出入射光线和对应的反射光线后，发现没有量角器，为了得出反射角等于入射角这一结论，你的操作是______。
【答案】（1）50 （2）入射光线垂直射向平面镜 左 （3）把白纸板沿法线对折，观察反射光线与对应的入射光线是否重合
【解析】（1）入射光线与法线的夹角叫入射角。由图可知，入射光线与平面镜的夹角为40°，则入射角为
90°-40°=50°
（2）当入射光线垂直射向平面镜，反射光线垂直平面镜射出，此时反射角等于入射角，都等于0°，反射光线与入射光线重合；
反射时，反射光线和入射光线分居法线两侧。入射光线向右偏转一定角度，位于法线的右侧，则反射光线会向左偏转相同角度，位于法线左侧。
（3）没有量角器无法直接测量角度大小，此时可以把白纸板沿法线对折，如果入射光线与对应的反射光线重合，说明反射时反射角等于入射角。
22. (5分)小明所在的学习小组开展了“冰熔化时温度的变化规律”的实验探究，在标准大气压下，利用如图甲所示的实验装置进行探究：
（1）根据实验数据，小明作出了冰熔化时温度随时间变化的图像，如图乙所示，冰属
于 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（2）该物质在第5分钟时，处于 （选填“固态”、“液态”或“固液共存”）状态。
（3）冰在熔化过程中 （选填“吸收”或“放出”）热量，温度保持不变。
（4）实验过程中温度计的示数如图甲所示，读数为 ℃。
（5）甲图装置中，石棉网的主要作用是 。
【答案】（1）晶体；（2）固液共存；（3）吸收；（4）﹣4；（5）使烧杯底部受热均匀。
【解析】（1）由图乙可知，该坐标系中，横轴表示时间，纵轴表示温度。图线中，有一段与横轴重合的线段，这就表明：在3～8min，该物质虽然吸收热量，但温度保持不变，符合晶体的熔化特点，所以冰是晶体。
（2）该物质在第5min时处于熔化过程，由晶体的熔化特点可知，该物质处于固液共存状态。
（3）晶体熔化过程中需要持续吸热才能继续熔化下去，否则熔化过程将停止。
（4）该温度计的分度值为1℃，液面在0℃以下第四个，所以图甲中温度计的示数为﹣4℃。
（5）酒精灯的外焰主要集中在烧杯底部中心位置，若不使用石棉网，火焰长时间集中在烧杯中心位置可能导致烧杯爆裂。而使用石棉网，可使烧杯底部均匀受热，这样烧杯就不会出现爆裂的现象，更加安全。
23. (9分)小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。

（1）图1装置是测量液体内部压强的仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会________，U形管左右两侧液面就会产生________；
（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与________的关系。根据研究得出的结论，拦河坝应设计成________（选填“下宽上窄”或“下窄上宽”）的形状；
（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察U形管左右两侧液面的变化，得出结论：_________；
（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到U形管左右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论的实验过程是_______（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：_________；
（5）通过学习，小彬利用掌握的液体压强知识测量实验所用盐水的密度，过程如下：
①向如图5所示容器中的左侧倒入适量的水，橡皮膜向右凸起；
②再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜___________；
③测得水面到橡皮膜中心的深度为；
测得盐水液面到橡皮膜中心的深度为；
④可推导出该盐水密度的表达式为___________（用表示）。
【答案】 （1）发生形变 高度差 （2） 液体深度 下宽上窄 （3） 同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强相等 （4）错误 没有控制探头所在深度一定 （5） 恢复原状
【解析】（1）当探头放进液体里时，由于液体内部存在压强，故探头上的橡皮膜会受到压强，在受力面积一定时，即受到压力的作用，在压力的作用下，橡皮膜发生形变，导管以及U形管左侧的玻璃管内的空气被压塑，因此U形管左右两侧液面会产生高度差，高度差的大小反映了橡皮膜所受的压强大小，液面高度差越大，液体的内部压强就越大。
（2）根据图2、图3所示现象可知，橡皮膜所处的液体都是水，即液体的密度相同，深度不同，U形管液面的高度差不同，图3橡皮膜所处的深度大于图2橡皮膜所处的深度，图3U形管的液面高度差大于图2的液面高度差，即图3探头受到的液体的压强大于图2探头受到的液体压强，由此可得：在液体密度相同时，深度越深，液体内部的压强就越大。因此拦河大坝因为液体内部的压强的大小随深度的增加而增大而做成上窄下宽的。
（3）如图3、图4所示，探头所处的液体都是水，液体密度相同，深度相同，橡皮膜的朝向不同，U形管液面高度差相同，即探头所受的液体的压强相同，故得出结论是：同种液体、同一深度，液体向各个方向的压强相等。
（4）小彬保持图3中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，由于没有控制深度不变，所以不能探究液体压强跟液体密度的关系，故结论是错误的。
（5）②图5中容器左侧是水，橡皮膜受到水的压强，因此橡皮膜会向右凸；当向容器中的右侧缓慢倒入盐水，当盐水浸过橡皮膜后，橡皮膜也会受到盐水的压强，且盐水深度越大，橡皮膜受到的压强就越大，橡皮膜会向左凸，如果橡皮膜受到水的压强刚好等于其受到盐水的压强，即左右两边的压强相等，那么橡皮膜受到的压力相等，橡皮膜会变平，即恢复原状。因此②步骤为再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜恢复原状。
④若橡皮膜左右两侧压强不相等，橡皮膜将左凸或右凸，只有橡皮膜左侧和右侧的压强相等时，橡皮膜相平，根据液体压强公式p=ρgh可得，由p左=p右，得
ρ水gh1=ρgh2
解得，盐水密度的表达式为
24. (5分)小明利用铁架台、杠杆、钩码和弹簧测力计等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均相等，杠杆上每格长度均相等，

（1）当杠杆静止时如图甲所示，为了方便测量力臂，需要调节杠杆在水平位置平衡，应当将杠杆的平衡螺母向_______（选填“右”或“左”）调节；
（2）在杠杆两侧挂上钩码，设右侧钩码对杠杆施的力为动力F1，左侧钩码对杠杆施的力为阻力F2测出杠杆平衡时的动力臂l1和阻力臂l2；多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，使杠杆在水平位置平衡，得到实验数据如下表：
分析表中的数据，得到杠杆的平衡条件是：_____________________；
（3）本次探究经过多次实验的目的是_______；
A．减小实验误差 B．寻找普遍规律
（4）如图乙所示，将A、B位置的钩码个数都减少一个，杠杆将会_______（选填“仍然平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”）；
（5）如图丙所示，用弹簧测力计先后在a、b位置拉杠杆上同一点C，杠杆都在水平位置平衡，弹簧测力计在a位置竖直向上的拉力为Fa，在b位置斜向上的拉力为Fb，则Fa______Fb（选填“大于”、“等于”“小于”）。
【答案】 （1）右 （2）见解析 （3）B （4）右端下沉 （5）小于
【解析】（1）图甲中，杠杆左端下降，要调节到水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂。
（2）由表格中数据知，第一次数据
0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm
第二次数据
1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
第三次数据
1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm
可得杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1l1=F2l2。
（3）通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，故选B。
（4）设一个钩码的重力为G，杠杆一格长度为L，将A、B位置的钩码个数都减少一个，杠杆左端
G×3L=3GL
杠杆右端
2G×2L=4GL
3GL