海南省省直辖县级行政单位屯昌县屯昌中学2023-2024学年高一下学期期中考试物理试题

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【详解】A．如果分运动为两个匀变速直线运动，当两个匀变速直线运动的合加速度方向与合初速度方向在同一条直线上时合运动一定是直线运动，当两个匀变速直线运动的合加速度方向与合初速度方向不在同一条直线上时合运动就是曲线运动，故A错误；
B．物体做曲线运动时，所受合外力方向与速度方向不可能在同一条直线，故B错误；
C．物体保持速率不变沿曲线运动时，其速度方向在改变，其加速度一定不为零，故C错误；
D．物体做曲线运动时，其速度方向一定在变化，所以曲线运动一定是变速运动，故D正确。
故选D。
2．D
【详解】A．物体做平抛运动，落地瞬间
可得
在竖直方向做自由落体运动，则
解得
故A错误；
B．在水平方向做匀速直线运动，则
解得
故B错误；
CD．物体下落的高度为
解得
故C错误，D正确。
故选D。
3．D
【详解】AB．AB同轴转动可知A点的角速度和B点的角速度相等，根据
可知A点的周期和B点的周期相等。故AB正确；
C．根据圆周运动规律
可知角速度相同，半径越大，线速度越大，即A点的线速度大于B点的线速度。故C正确；
D．根据向心加速度公式
可知角速度相同，半径越大，向心加速度越大。即A点的向心加速度大于B点的向心加速度。故D错误。
题目要求选择不正确的，故选D。
4．B
【详解】汽车通过凸形路面的最高处时，根据牛顿第二定律有
所以
汽车通过凹形路面的最低处时，根据牛顿第二定律有
所以
故ACD错误，B正确。
故选B。
5．D
【详解】根据天体环绕模型中，万有引力提供向心力可得
解得
则甲、乙两探测器运行的周期之比约为
故选D。
6．C
【详解】A．根据
可得
可知卫星在轨道I的速度大于轨道III的速度，选项A错误；
B．根据开普勒第二定律可知，卫星在轨道II的P点速度大于Q点速度，选项B错误；
C．卫星在轨道I的P点加速才能进入轨道II，则卫星在轨道I的P点速度小于轨道II的P点速度，选项C正确；
D．根据
可知，卫星在轨道II的Q点加速度等于轨道III的Q点加速度，选项D错误。
故选C。
7．D
【详解】根据功的定义可知拉力F做功为
故选D。
8．B
【详解】在弹性限度内，小球从轻弹簧原长处下落的过程中，小球的重力对小球一直做正功，可知其重力势能一直在减小，而弹簧的形变量越来越大，可知弹簧的弹性势能越来越大。
故选B。
9．AB
【详解】BD．小钢球在竖直方向做自由落体运动，根据
可知
故B正确，D错误；
AC．小钢球在水平方向做匀速直线运动，根据
可知
故A正确，C错误。
故选AB。
10．BC
【详解】A．根据角速度与周期的公式有
rad/s
故A错误；
B．根据周期与转速的公式有
r/s
故B正确；
C．根据线速度与角速度的公式有
故C正确；
D．根据加速度的公式有
故D错误；
故选BC。
11．ABC
【详解】A．两轮为皮带传动，则边缘的线速度相同，则A、B两点的线速度大小相等，A正确；
B．根据
可知，A点的加速度小于B点的加速度，B正确；
C．根据
可知，B点的角速度大于A点的角速度，而A、C两点的角速度相同，故B点的角速度大于C点的角速度，C正确；
D．根据
可知，因为B、C两点的转动半径相同，故B点的加速度大于C点的加速度，D错误。
故选ABC。
12．BD
【详解】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据
可得
若卫星运行中通过变轨周期增大了，则离地面的高度增大，线速度减小，角速度减小，向心加速度减小。
故选BD。
13．ABC
【详解】ABC．“天宫二号”绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力
ABC正确
D．若只知道角速度和周期，缺少半径条件，无法求出中心天体质量M，D错误。
故选ABC。
14． BCD 1.0 （－10cm，－5cm）
【详解】（1）[1]
A．钢球与斜槽间的摩擦对实验无影响，只要到达斜槽末端的速度相等即可，选项A错误；
B．使用密度大、体积小的钢球可减小相对的阻力，从而减小误差，选项B正确；
C．实验时，让小球每次都从同一位置由静止开始滚下，以保证初速度相同，选项C正确；
D．使斜槽末端切线保持水平，以保证抛出时的初速度水平，选项D正确；
故选BCD。
（2）[2][3]由于物体在竖直方向做自由落体运动，故在竖直方向有
由图可知
将，带入解得
T=0.1s
物体在水平方向做匀速直线运动故
将x=10cm=0.1m带入解得
因竖直方向两段相等时间的位移比为，则根据初速度为零的匀变速直线运动的规律可知，抛出点到原点的竖直位移为5cm；水平位移是10cm，则抛出点的坐标是（-10cm，-5cm）。
15． 相同 不相同 A
【详解】（1）[1][2]根据向心力与角速度的关系有
在研究多个物理量之间的关系时，需要采用控制变量法，可知要探究向心力与角速度的关系，应保证两球的半径相同，使两球的角速度不相同。
（2）[3]皮带带动塔轮，塔轮边缘的线速度大小相等，即有
又由于
，
结合题意解得
故选A。
16．（1）；（2）
【详解】（1）小球做自由落体运动，则下落的高度为
（2）小球下落到地面时的速度为
则落地前瞬间重力的功率为
17．（1）；（2）；（3）
【详解】（1）根据
可得滑块的线速度大小
（2）滑块受到静摩擦力提供向心力，则有
可得滑块受到的摩擦力大小为
（3）若滑块与圆盘之间动摩擦因数为0.5，设圆盘转动的最大角速度为，则有
解得
18．（1）；（2）；（3）
【详解】（1）小球从离地面的高度由静止释放，做自由落体运动，则有
解得火星表面重力加速度为
（2）物体在火星表面处，有
解得火星的质量为
（3）根据
联立解得火星的平均密度为