2025届高考 一轮复习 人教版 自由组合定律的遗传特例分析 课件(多选版)

这是一份2025届高考 一轮复习 人教版 自由组合定律的遗传特例分析 课件(多选版)，共60页。PPT课件主要包含了解题步骤，aaBB，悟高考•瞻动向，YyDdHh，能出现1∶3的分离比等内容，欢迎下载使用。
考点一　自交“和”为16的特殊分离比
【精研·破疑难】【命题研究】【典例】(2024·邯郸模拟)某种鳟鱼的眼色受一对等位基因A/a控制,体色受一对等位基因B/b控制,两对等位基因均位于常染色体上。现以红眼黄体鳟鱼和黑眼黑体鳟鱼为亲本做杂交实验,实验结果如图所示。下列叙述错误的是(　　)A.F2中黑眼∶红眼=13∶3,基因A/a遗传遵循基因自由组合定律B.F2中黄体∶黑体=3∶1,基因B/b遗传遵循基因的分离定律C.F2黑眼黄体的基因型有4种,其中纯合子所占比例为1/9D.F2中红眼黄体随机交配,后代中黑眼黑体所占比例为1/9聚焦考查点:自由组合特殊分离比。
【解析】选A。据题意,以红眼黄体鳟鱼和黑眼黑体鳟鱼为亲本,F2表型的比例为9∶3∶4,是“9∶3∶3∶1”的变形,说明两对等位基因遗传遵循基因的自由组合定律。基因A/a遗传遵循基因的分离定律,两对等位基因遗传遵循基因的自由组合定律,A错误;F2中黄体∶黑体=3∶1,基因B/b遗传遵循基因的分离定律,B正确;F2黑眼黄体的基因型(A_B_)有4种,其中纯合子(AABB)所占比例为1/9,C正确;F2中红眼黄体(1/3aaBB、2/3aaBb)随机交配,产生的ab配子的概率是1/3,后代中黑眼黑体(aabb)所占比例为:1/3×1/3=1/9,D正确。
【破解策略】自交“和”为16的特殊分离比的解题规律1.形成原因:
3.方法规律:(1)以上各种表型的比例都是在9∶3∶3∶1的基础上重新组合而来的,只是表型的比例有所改变,而基因型的比例没有改变。许多题目给出数值偏大,如紫花∶红花∶白花=810∶272∶358,可以通过以下3步完成转化:①先将相关数据相加计算出总和:810+272+358=1 440。②将总和除以16,得出每份的数量:1 440÷16=90。③求比例:810÷90=9,272÷90≈3, 358÷90≈4。这样便可求出相应比例。(2)有些情况是将原来9∶3∶3∶1比例打破后重排的,例如出现3∶6∶7的表型比,根据异常分离比出现的原因,推测亲本的基因型或者子代相应表型的比例。
【精练·提能力】1.南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(A、a和B、b),这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交,F1收获的全是扁盘形南瓜;F1自交,F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断,亲代圆形南瓜植株的基因型分别是(　　)A.aaBB和AabbB.aaBb和AAbbC.AAbb和aaBBD.AABB和aabb
【解析】选C。两株圆形南瓜植株进行杂交,F1收获的全是扁盘形南瓜,F1自交,F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜,比例约为9∶6∶1,之和为16,所以F1基因型为AaBb,扁盘形南瓜基因型为A_B_,圆形南瓜基因型为A_bb和aaB_,长圆形南瓜基因型为aabb,2株圆形南瓜杂交后代全是扁盘形,所以这两株圆形南瓜的基因型为AAbb和aaBB,C正确。
2.某种二倍体野生植物的花瓣有白色、紫色、红色、粉红色4种,由位于非同源染色体上的两对等位基因(A、a和B、b)控制,如图所示。研究人员将白花植株的花粉授给紫花植株,得到的F1全部表现为红花,然后让F1进行自交得到F2。下列相关叙述错误的是(　　)
A.由基因A指导合成的酶,其发挥作用的场所最可能是液泡B.亲本白花植株的基因型为aaBB,F1红花植株的基因型为AaBbC.F2中白花∶紫花∶红花∶粉红花=4∶3∶6∶3,F2中自交子代不会发生性状分离的植株占3/8D.若研究人员用两种不同花色的植株杂交,得到的子代植株有4种花色,则子代中新出现的两种花色及其比例为红色∶白色=1∶1
3.(多选)鸭的羽色受两对常染色体上的等位基因C和c、T和t控制,其中基因C能控制黑色素的合成,c不能;T能促进黑色素的合成,且TT和Tt促进效果不同,t能抑制黑色素的合成。现有甲、乙、丙三只纯合的鸭,其交配结果(假设子代的数量足够多)如表所示,下列描述正确的是(　　)
A.控制羽色的两对基因遵循自由组合定律B.甲和乙的基因型分别是CCtt和ccTTC.若让组合一F2中的黑羽个体随机交配,则其子代出现白羽个体的概率为1/6D.组合一F2的白羽个体中,杂合子所占的比例为4/7
【解析】选A、B、D。根据题意可知黑羽基因型为C_TT,灰羽基因型为C_Tt,白羽基因型为cc_ _或C_tt。组合一的F2中黑羽∶灰羽∶白羽=3∶6∶7,为9∶3∶3∶1的变式,据此可判断控制羽色的两对基因遵循基因的自由组合定律,A正确;组合一中F1的基因型应为CcTt,组合二中F1全为灰羽,F2中黑羽∶灰羽∶白羽=1∶2∶1,推测组合二中F1的基因型为CCTt,则丙应为CCTT,甲为CCtt,乙为ccTT,B正确;组合一F2中黑羽个体的基因型为1/3CCTT、2/3CcTT,它们随机交配,子代出现白羽个体的概率是(2/3)×(2/3)×(1/4)=1/9,C错误;组合一F2的白羽个体的基因型为1ccTT、2ccTt、1cctt、1CCtt、2Cctt,杂合子所占比例为4/7,D正确。
【加固训练】1.某植物的花色有白色、紫色和蓝色三种类型,由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b控制,基因型和表型的关系如表所示。现用纯合紫花植株和纯合蓝花植株作亲本,杂交得F1,F1自交得F2。下列分析错误的是(　　)
A.理论上推测,F2的表型及比例为白花∶紫花∶蓝花=10∶3∶3B.用F1进行测交,推测测交后代有3种基因型,表型之比约为2∶1∶1C.从F2中任选两株白花植株相互交配,后代的表型可能有3种、2种、1种D.F1自交产生F2的过程中发生了等位基因的分离和非等位基因的自由组合
【解析】选B。理论上推测,F2的基因型及比例是A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1,其中A_B_、aabb为白花,A_bb为紫花,aaB_为蓝花,所以F2的表型及比例为白花∶紫花∶蓝花=10∶3∶3,A正确;让F1进行测交,即基因型为AaBb的个体与基因型为aabb的个体杂交,后代基因型有4种,分别为1AaBb(白花)、1aaBb(蓝花)、1Aabb(紫花)、1aabb(白花),显然测交后代的表型及比例为蓝花∶白花∶紫花=1∶2∶1,B错误;F2中白花植株的基因型为AABB、AaBB、AABb、AaBb、aabb,任选两株白花植株相互交配,AABB与aabb杂交后代有1种表型,AaBb与aabb杂交会有3种表型,AABb或AaBB与aabb杂交会有2种表型,C正确;F1的基因型为AaBb,由于两对等位基因自由组合,因此F1个体自交产生F2的过程中发生了等位基因的分离和非等位基因的自由组合,D正确。
2.生菜的颜色受两对等位基因A、a和B、b控制。野生生菜通常为绿色,遭遇低温时会合成花青素(花青素能够通过光衰减保护光合色素),叶片变为红色,人工栽培的生菜品种在各种环境下均为绿色。用野生型红色生菜与人工栽培的绿色生菜杂交,F1自交,F2在低温环境种植,有7/16的个体始终为绿色。研究人员将A/a、B/b的基因进行特定酶切后,分别对F2中8株红色植株的DNA进行扩增和分离,结果如图所示。下列分析错误的是(　　)
A.人工栽培的生菜均为绿色的原因是不含有A和B基因B.编号为2和6植株的基因型在F2中所占的比例相同C.野生生菜由绿色变为红色后不能进行光合作用D.编号为3和5的植株自交后代仍为红色植株
【解析】选C。人工栽培的生菜均为绿色的根本原因可能是不含有合成红色花青素的基因(A和B),所以不能合成花青素,A正确;编号为2的基因型可表示为AABb,6植株的基因型为AaBB,二者在F2中所占的比例相同,均为1/8,B正确;光合色素主要吸收红光和蓝紫光,红色生菜对红光吸收的少反射的多,故光合作用可能较弱,C错误;由题图中扩增结果可知,编号1到8的红色生菜中,植株3、5的A/a、B/b的基因扩增结果都只有一条带,可知3号和5号的基因是纯合的,所以编号为3和5的植株自交后代仍为红色植株,D正确。
考点二　自交“和”小于16的特殊分离比——致死效应
【精研·破疑难】【命题研究】【典例】致死基因的存在可影响后代表型之比。现有基因型为AaBb的个体,两对等位基因独立遗传,但具有某种基因型的配子或个体致死,不考虑环境因素对表型的影响,若该个体自交,下列说法错误的是(　　)A.后代分离比为6∶3∶2∶1,则推测原因可能是某对基因显性纯合致死B.后代分离比为5∶3∶3∶1,则推测原因可能是基因型为AB的雄配子或雌配子致死C.后代分离比为7∶3∶1∶1,则推测原因可能是基因型为Ab的雄配子或雌配子致死D.后代分离比为9∶3∶3,则推测原因可能是基因型为aB的雄配子或雌配子致死聚焦考查点:致死现象与自由组合定律。
【解析】选D。后代分离比为6∶3∶2∶1,可拆分成(3∶1)(2∶1),则2∶1中显性纯合致死,A正确;后代分离比为5∶3∶3∶1,只有双显中死亡四份,可推测可能是基因型为AB的雄配子或雌配子致死,导致双显性状中少4份,B正确;由于后代A_B_∶aaB_∶A_bb∶aabb=7∶3∶1∶1,与9∶3∶3∶1相比,A_B_少了2,A_bb少了2,最可能的原因是Ab的雄配子或雌配子致死,C正确;后代分离比为9∶3∶3,没有出现双隐性,说明aabb的合子或个体死亡,D错误。
【破解策略】致死类型与原因推导1.致死类型:(1)个体致死:主要包括因某类基因型不能发育的胚胎致死和幼龄的夭折,一般由基因的纯合导致,包括显性纯合致死和隐性纯合致死。
(2)配子致死与合子致死:
2.“致死”原因的精准推导:(1)直接判断法——直接利用基因自由组合定律来分析。
(2)间接判断法——分解成两个基因分离定律问题,分别分析。即将“黄短∶黄长∶灰短∶灰长=4∶2∶2∶1”转化为两个基因分离定律问题来处理,即黄色∶灰色=2∶1,短尾∶长尾=2∶1,由此来确定致死原因是Y和D基因都会导致纯合致死。
【精练·提能力】1.果蝇的体色有黄身(H)、灰身(h)之分,翅形有长翅(V)、残翅(v)之分。现用两种纯合果蝇杂交,因某种精子没有受精能力,导致F2的4种表型比例为5∶3∶3∶1。下列说法错误的是(　　)A.果蝇体色和翅形的遗传遵循自由组合定律B.亲本果蝇的基因型是HHvv和hhVVC.不具有受精能力的精子基因型是HVD.F2黄身长翅果蝇中双杂合子的比例为2/5
【解析】选D。5∶3∶3∶1是9∶3∶3∶1的变式,这说明果蝇体色和翅形这两对性状的遗传遵循自由组合定律,A正确;F1的基因型是HhVv,一种精子不具有受精能力使F2比例为5∶3∶3∶1,这种精子的基因型只能为HV,则亲本基因型为HHvv和hhVV,B、C正确;F2黄身长翅果蝇的基因型是HhVV、HHVv、HhVv,比例为1∶1∶3,所以双杂合子的比例为3/5,D错误。
2.(2024·邯郸模拟)某雌雄同株二倍体植物的红花与白花分别由等位基因A、a控制,圆叶与尖叶分别由等位基因B、b控制,已知A、a和B、b位于两对同源染色体上,A对a为完全显性,B对b为完全显性。现某双杂合植株自交,子代中红花圆叶植株所占的比例为5/9,则可推知该双杂合植株产生(　　)A.基因型为Ab的雌、雄配子均致死B.含a的花粉中有一半致死C.基因型为AB的雌配子或雄配子致死D.含a的配子中有一半致死
【解析】选A。某双杂合植株自交,即AaBb自交,若基因型为Ab的雌、雄配子均致死,则后代的基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=5∶0∶3∶1,子代中红花圆叶植株所占的比例为5/9,A正确;AaBb自交,若含a的花粉中有一半致死,则花粉的基因型比例为A∶a=2∶1,雌配子的基因型比例为A∶a=1∶1,故Aa自交后代的表型及比例为红花(A_)∶白花(aa)=5∶1;Bb自交后代表型及比例为圆叶∶尖叶=3∶1,则后代表型及比例为红花圆叶∶红花尖叶∶白花圆叶∶白花尖叶=15∶5∶3∶1,子代中红花圆叶的比例为5/8,B错误;AaBb自交,若基因型为AB的雌配子或雄配子致死,则后代的基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=5∶3∶3∶1,子代中红花圆叶的比例为5/12,C错误;AaBb自交,若含a的配子中有一半致死,则花粉和雌配子的基因型及比例为A∶a=2∶1,Aa自交后代的表型及比例为红花(A_)∶白花(aa)=8∶1;Bb自交后代表型及比例为圆叶∶尖叶=3∶1,则后代表型及比例为红花圆叶∶红花尖叶∶白花圆叶∶白花尖叶=24∶8∶3∶1,子代红花圆叶的比例为2/3,D错误。
【加固训练】1.某种鼠的黄色与鼠色是一对相对性状(由一对等位基因A、a控制),正常尾与卷尾是一对相对性状(由一对等位基因T、t控制),黄色卷尾鼠彼此杂交,得到的子代为6/12黄色卷尾、2/12黄色正常尾、3/12鼠色卷尾、1/12鼠色正常尾。由此所做出的下列推断,错误的是(　　)A.上述遗传现象仍然遵循基因的自由组合定律B.上述遗传现象的主要原因是基因T纯合致死C.彼此杂交的黄色卷尾亲本的基因型为AaTtD.子代鼠色正常尾和鼠色卷尾杂交,后代鼠色卷尾∶鼠色正常尾=2∶1
【解析】选B。根据题意分析控制两对性状的基因遗传遵循基因的自由组合定律,A正确;子代中黄色∶鼠色=2∶1,不符合3∶1的分离比的原因是控制体色的基因A纯合致死,导致后代性状分离比偏离9∶3∶3∶1的情况,B错误;由于每对性状的后代都发生了性状分离,所以彼此杂交的黄色卷尾亲本的基因型都为AaTt,C正确;亲本是AaTt,则子代鼠色正常尾的基因型是aatt,鼠色卷尾的基因型是aaT_,它们杂交后代的基因型及比例为2/3aaTt,1/3aatt,即鼠色卷尾∶鼠色正常尾=2∶1,D正确。
2.某种鼠的体色有三种,即黄色、青色、灰色,受两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制。A_B_表现为青色,A_bb表现为灰色,aa_ _表现为黄色(约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡)。让灰色鼠与黄色鼠杂交,F1全为青色,理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是(　　)A.9/16B.3/4C.6/7 D.9/14【解析】选D。理论上后代的基因型及表型为A_B_∶A_bb∶(aaB_+aabb)=9∶3∶4=青色∶灰色∶黄色,由于黄色中有50%的个体死亡,则后代个体表型及比例为黄色∶青色∶灰色=2∶9∶3,所以F2存活个体中青色鼠所占的比例是9/14。
3.豌豆种子的种皮黄色(A)对绿色(a)为显性,圆粒(B)对皱粒(b)为显性,两对相对性状独立遗传,互不影响,基因组成为ab的花粉致死。现有基因型为AaBb的豌豆植株若干,下列说法正确的是(　　)A.选取一植株自交能得到的种子黄色∶绿色为4∶1B.选取一植株自交,其后代中亲本基因型相同的比例为1/4 C.若选取两植株进行杂交,子代最多可有6种基因型D.正常情况下不可能存在基因型为Aabb的植株
【解题指南】对于两对等位基因有特定配子致死情况,可以通过列棋盘来解决相关问题。
【解析】选B。列出棋盘,从棋盘中可知种子黄色∶绿色为10∶2,即5∶1,A错误;从棋盘中可知和亲本(AaBb)基因型相同的比例为3/12,即1/4,B正确;ab死亡后子代中缺少了aabb个体,在原有基因型基础上少了一种,即3×3-1=8种,C错误;雌配子提供ab,雄配子提供Ab,即可产生基因型为Aabb的个体,D错误。
考点三　数量性状遗传和抑制基因
【精研·破疑难】【命题研究】【典例】小麦的粒色受不连锁的两对基因R1、r1和R2、r2控制。R1、R2决定红色,r1、r2决定白色,R对r不完全显性,并有累加效应,麦粒的颜色随R数目的增加而加深。将红粒R1R1R2R2与白粒r1r1r2r2杂交得F1,F1自交得F2。请问F2的表型的种类与比例分别为(　　)A.6种,1∶4∶3∶3∶4∶1B.5种,1∶4∶6∶4∶1C.4种,9∶3∶3∶1D.3种,9∶6∶1聚焦考查点:数量性状遗传和自由组合定律。
【破解策略】基因的数量性状遗传和抑制基因1.数量性状遗传:(1)表现:
(2)原因:A与B的作用效果相同,但显性基因越多,其效果越强。(3)规律:两对位于非同源染色体上的等位基因控制的数量性状遗传,表型比例之和是16,符合自由组合定律,表型数与含显性基因的数量一致,有5种表型,n对位于非同源染色体上的等位基因控制的数量性状遗传,表型数为2n+1。
2.抑制基因:(1)定义:有些基因本身并不能独立地表现出任何可见的表型效应,但可以完全抑制其他非等位基因的作用,这种基因为抑制基因。(2)实例:如家蚕的茧有黄茧和白茧,其基因型和表型关系:iiY_表现为黄茧,I_ _ _、iiyy表现为白茧。当I基因存在时,抑制了黄茧Y基因的作用,只有I基因不存在时,Y基因的作用才能表现出来。家蚕的I基因对Y基因有抑制作用。
【精练·提能力】1.小麦粒色受不连锁的三对基因A/a、B/b、C/c控制。A、B、C决定红色,每个基因对粒色增加效应相同且具有叠加性,a、b和c决定白色。将粒色最浅和最深的植株杂交得到F1。F1自交后代中,与基因型为Aabbcc的个体表型相同的概率为(　　)A.1/64B.3/32C.15/64D.5/16
【解析】选B。已知小麦粒色受不连锁的三对基因A/a、B/b、C/c控制,三对基因遵循基因的自由组合定律。A、B和C决定红色,每个基因对粒色增加效应相同且具有叠加性,a、b、c决定白色。因为每个基因对粒色增加效应相同且具有叠加性,所以后代表型与Aabbcc相同的个体有Aabbcc、aaBbcc、aabbCc。将粒色最浅和最深的植株杂交,就是aabbcc与AABBCC杂交,则F1为AaBbCc,让F1自交,产生Aabbcc、aaBbcc、aabbCc的概率均为1/32,即与基因型为Aabbcc的个体表型相同的概率为3/32。
2.(多选)人类的皮肤含有黑色素,皮肤中黑色素量的多少由两对独立遗传的基因(A和a、B和b)控制,显性基因A和B可以使黑色素的量增加,两者增加的量相等,并且可以累加。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为aaBb的女性结婚,下列关于其子女皮肤颜色深浅的叙述,正确的是(　　)A.与父母皮肤颜色深浅不同的孩子占1/4B.生出基因型为AaBb的男孩的概率是1/4C.肤色最深的孩子的基因型是AaBBD.与母亲表型相同的孩子占3/8
【解析】选A、C、D。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为aaBb的女性结婚,子代可产生四种表型对应的基因型与比例为aabb∶(Aabb+aaBb) ∶(AaBb+aaBB) ∶AaBB=1∶3∶3∶1,与父母皮肤颜色深浅不同的孩子占1/4,A正确;根据A分析可知,生出基因型为AaBb的男孩的概率是1/8,B错误;根据A分析可知,肤色最深的孩子基因型是AaBB,C正确;根据A分析可知,与母亲表型相同的孩子对应的基因型为Aabb和aaBb,占3/8,D正确。
3.抑制基因能完全抑制某种基因的表型效应。家蚕结黄茧(Y)对结白茧(y)为显性,但黄茧基因的作用能被基因I抑制,等位基因i无此效应。让结白茧品种与结黄茧品种杂交,子一代全结白茧。让子一代相互杂交,子二代结白茧与结黄茧的个体比例为13∶3,下列关于此现象的分析不合理的是(　　)A.基因I与基因Y位于两对同源染色体上B.亲本的基因型分别为IIyy、iiYYC.子二代白茧个体共有8种基因型D.子二代白茧个体中纯合子占3/13
【解析】选C。子一代的白茧相互杂交,子二代出现了13∶3的比例,和为16,可知两对基因符合自由组合定律,因此这两对基因位于两对同源染色体上,且子一代的基因型为IiYy,由此推测亲本的白茧为IIyy、黄茧为iiYY,A、B正确;子二代白茧的基因型为I_ _ _和iiyy,共有7种,C错误;子二代白茧个体中纯合子为IIYY、IIyy、iiyy,子二代白茧个体中纯合子比例=子二代白茧个体中纯合子(3)/子二代白茧个体(13)=3/13,D正确。
【加固训练】1.不同水稻品种由于花青苷色素含量的差异,使稻米表现出深浅不同的多种颜色,研究表明稻米颜色受多对独立遗传的等位基因控制。研究人员让某种水稻的一个黑色品系与一个白色品系杂交得到 F1,再让F1自交得到F2,F2 的表型及比例为黑色∶紫黑∶ 深褐∶褐色∶浅褐∶微褐∶ 白色 =1∶6∶15∶20∶15∶6∶1。下列说法错误的是(　　)A.稻米的颜色性状受3对等位基因控制B.F1稻米的颜色应该为褐色C.F2深褐稻米的基因型有3种D.F2紫黑稻米自交,F3中黑色稻米∶紫黑稻米∶深褐稻米=1∶2∶1
【解析】选C。稻米颜色受多对独立遗传的等位基因控制,由F2的表型比例之和为64可知,稻米的颜色性状由3对等位基因控制,A正确。表型数为7种=2×等位基因+1,属于数量性状遗传,如果用A/a、B/b、C/c表示相关基因。分析可知,亲本的基因型为AABBCC(黑色)和aabbcc(白色),F2中含6个显性基因的个体表现为黑色,含5个显性基因的个体表现为紫黑,含4个显性基因的个体表现为深褐,含3个显性基因的个体表现为褐色,含2个显性基因的个体表现为浅褐,含1个显性基因的个体表现为微褐,隐性纯合子 aabbcc 表现为白色。据分析可知,F1的基因型为AaBbCc,含3个显性基因,表现为褐色,B正确。含4个显性基因的个体表现为深褐,F2深褐稻米的基因型为AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AaBbCC、AABbCc、AaBBCc,共6种,C错误。含5个显性基因的个体表现为紫黑,F2紫黑稻米的基因型为AABBCc、AABbCC、AaBBCC,以AABBCc为例,F2紫黑稻米自交,F3的基因型为1/4AABBCC、2/4AABBCc、1/4AABBcc,表型及比例为黑色稻米∶紫黑稻米∶深褐稻米=1∶2∶1,D正确。
2.某植物有白花和红花两种性状,由等位基因R/r、I/i控制,已知基因R控制红色素的合成,基因I会抑制基因R的表达。某白花植株自交,F1中白花∶红花=5∶1;再让F1中的红花植株自交,后代中红花∶白花=2∶1。下列有关分析错误的是(　　)A.基因R/r与I/i独立遗传B.基因R纯合的个体会致死C.F1中白花植株的基因型有7种D.亲代白花植株的基因型为IiRr
【解析】选C。根据题意分析可知:某白花植株自交,F1中白花∶红花=5∶1,红花(iiR_)占1/6,可拆解为1/4×2/3,这说明两对等位基因独立遗传,遵循基因的自由组合定律,A正确;根据F1红花(iiR_)占1/6=1/4×2/3,可推知亲本白花植株的基因型为IiRr,再让F1中的红花植株自交,后代中红花∶白花=2∶1,说明RR基因纯合致死,则F1中红花的基因型为iiRr,F1中白花植株的基因型有5种,分别为IIRr、IiRr、IIrr、Iirr、iirr,B正确,C错误,D正确。
3.杜克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制,毛色有红毛、棕毛和白毛三种,对应的基因组成如表。请回答下列问题:
(1)棕毛猪的基因型有___种。已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛,F1雌雄交配产生F2,该杂交实验的亲本基因型为_____________。 【解析】(1)棕毛猪的基因型有4种,分别是AAbb、Aabb、aaBB、aaBb。两头纯合棕毛猪杂交得到的F1均为红毛猪,说明亲本的基因型为AAbb、aaBB。
(2)若另一对染色体上有一对基因I、i,I基因对A和B基因的表达都有抑制作用,i基因不抑制,如I_A_B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配,子代中红毛个体的比例为_____,白毛个体的比例为______。 【解析】(2)i基因不抑制A和B基因的表达,所以IiAaBb自交,子代中红毛个体(iiA_B_)的比例为1/4×3/4×3/4=9/64,棕毛个体(iiA_bb+iiaaB_)的比例为1/4×3/4×1/4+1/4×1/4×3/4=6/64,白毛个体的比例为1-9/64-6/64=49/64。
【感悟高考】1.(2023·全国新课标卷)某研究小组从野生型高秆(显性)玉米中获得了2个矮秆突变体。为了研究这2个突变体的基因型,该小组让这2个矮秆突变体(亲本)杂交得F1,F1自交得F2,发现F2中表型及其比例是高秆∶矮秆∶极矮秆=9∶6∶1。若用A、B表示显性基因,则下列相关推测错误的是(　　)A.亲本的基因型为 aaBB和AAbb, F1的基因型为 AaBbB.F2矮秆的基因型有aaBB、AAbb、aaBb、Aabb,共4种C.基因型是AABB的个体为高秆,基因型是aabb的个体为极矮秆D.F2矮秆中纯合子所占比例为1/2,F2高秆中纯合子所占比例为1/16
【解题指南】(1)获取信息:F2表型及其比例为高秆∶矮秆∶极矮秆=9∶6∶1,是9∶3∶3∶1经典比例的变形,该相对性状由两对等位基因控制,遵循基因的自由组合定律。(2)扫清障碍:矮秆基因型为A_bb或者aaB_,纯合子为aaBB、AAbb,占所有矮秆的1/3;F2高秆中纯合子基因型为AABB,占所有高秆的1/9。
【解析】选D。本题考查自由组合定律的应用。由题干信息可知,2个矮秆突变体(亲本)杂交得F1,F1自交得F2,发现F2中表型及其比例是高秆∶矮秆∶极矮秆=9∶6∶1,是9∶3∶3∶1的变式,因此控制两个矮秆突变体的基因遵循基因的自由组合定律。高秆基因型为A_B_,矮秆基因型为A_bb、aaB_,极矮秆基因型为aabb,F1的基因型为AaBb,亲本的基因型为aaBB和AAbb,A正确;矮秆为A_bb或者aaB_,即aaBB、AAbb、aaBb、Aabb,共 4 种,B正确;通过上述分析可知,基因型为AABB的个体为高秆,基因型为aabb 的个体为极矮秆,C正确;F2矮秆中纯合子基因型为aaBB、AAbb,占所有矮秆的1/3,F2高秆中纯合子基因型为AABB,占所有高秆的1/9,D错误。
2.(2023·全国乙卷)某种植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制,A基因控制宽叶性状;高茎/矮茎由等位基因B/b控制,B基因控制高茎性状。这2对等位基因独立遗传。为研究该种植物的基因致死情况,某研究小组进行了两个实验,实验①:宽叶矮茎植株自交,子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎=2∶1。实验②:窄叶高茎植株自交,子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎=2∶1。下列分析及推理中错误的是(　　)A.从实验①可判断A基因纯合致死,从实验②可判断B基因纯合致死B.实验①中亲本的基因型为Aabb,子代中宽叶矮茎的基因型也为AabbC.若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎,则其基因型为AaBbD.将宽叶高茎植株进行自交,所获得子代植株中纯合子所占比例为1/4
【解题指南】(1)模型对比判定类型:一对基因杂合的杂合子自交出现3∶1的分离比,与此分离模型相比,出现2∶1的分离比,推知显性基因纯合致死,据题推断此题涉及的两对独立遗传的基因均为显性纯合致死,有关该性状的基因型只有AaBb、Aabb、aaBb和aabb四种。(2)模型特化正推解答:据两对基因显性纯合致死推知,AaBb自交子代基因型AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=4∶2∶2∶1,即将宽叶高茎(AaBb)的植株自交,所得子代植株中的纯合子只有aabb一种,其所占比例为1/(4+2+2+1)=1/9,或(1/3)×(1/3)=1/9。
【解析】选D。本题主要考查基因的自由组合定律的综合应用。据实验①的分离比宽叶矮茎∶窄叶矮茎=2∶1和实验②的分离比窄叶高茎∶窄叶矮茎=2∶1,推知A基因纯合个体致死,B基因纯合个体致死,A正确;据实验①的分离比宽叶矮茎∶窄叶矮茎=2∶1,推知实验①亲本基因型为Aabb,子代中的AAbb个体致死,所以自交子代中的宽叶矮茎的基因型也为Aabb,B正确;由于AA和BB基因使个体致死,所以某个体表现为宽叶高茎(A-B-),其基因型为AaBb,C正确;将宽叶高茎(AaBb)的植株自交,所得子代植株中的纯合子只有aabb一种,其所占比例为(1/3)×(1/3)=1/9。
3.(2022·全国甲卷)某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性,含A的花粉可育;含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色,红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交,则下列叙述错误的是(　　)A.子一代中红花植株数是白花植株数的3倍B.子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12C.亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍D.亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等
【解析】选B。本题考查遗传的基本规律。基因A/a和B/b的遗传遵循自由组合定律,因为B/b 控制花色,红花对白花为显性,所以Bb×Bb的子代为3B_(红花)∶1bb(白花),A正确;AaBb 产生的雌配子中ab的比例为1/4,由于含a的花粉50%可育、50%不育,Aa产生的可育花粉中2/3A、1/3a,Bb产生的花粉中1/2B、1/2b,则产生的可育花粉中ab的比例为1/6,所以子一代中基因型为aabb的个体所占的比例为1/4×1/6=1/24,B错误;Aa理论上产生雄配子1/2(A)+1/2×1/2(a)=3/4,不育的雄配子为1/2×1/2(a)=1/4,C正确;因为雄配子的育性只与 A/a有关,而与 B/b无关,所以亲本产生的含 B 的可育雄配子数与含 b 的可育雄配子数相等,D正确。
【预测高考】锁定新情境:质量性状和数量性状　　质量性状是指同一种性状的不同表型之间呈现质的中断性变化的性状,如豌豆的圆粒和皱粒。数量性状是指在一个群体内的不同个体间表现为连续变异的性状,如动物毛发的长度等。为了解不同花色的观赏向日葵杂交后代主要观赏性状的遗传规律,研究人员以GW和GY分别为父本和母本进行正反交。分别从F1中挑选优良单株,同一单株内不同花朵间相互传粉,构建F2花色分离群体。
基于核心素养的新考向:1.(批判性思维)在孟德尔的豌豆杂交实验中,能证明豌豆的圆粒和皱粒属于质量性状的证据是____________________________________________________, 豌豆的圆粒和皱粒体现基因对性状的控制方式是__________________________________________________________。 【解析】1.由题意可知,质量性状是指同一种性状的不同表型之间呈现质的中断性变化的性状。在孟德尔的豌豆杂交实验中,F2中圆粒与皱粒出现一定的分离比,即呈现质的中断性变化,能证明豌豆的圆粒和皱粒属于质量性状。豌豆的圆粒和皱粒实例可体现基因通过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制生物体的性状。
F2中圆粒与皱粒出现一定的分离比,即呈现质的中断性变化
基因通过控制酶的合成来
控制代谢过程,进而控制生物体的性状
2.(演绎与推理)研究发现,向日葵舌状花花色由三对独立遗传的等位基因控制,其中基因Y控制色素的合成,基因y无控制色素合成的功能;基因D和基因H对黄色有积累效应(每个显性基因对颜色深度增加的效果相同),基因型为Y_ddhh的个体的舌状花表现为乳白色。在F2中,白色舌状花个体占总数的1/4,乳白色舌状花个体占总数的3/64。由以上信息可推知,F1的基因型为_________; F2中与F1的舌状花花色相同个体的比例为_____,基因型有___种。 【解析】2.由题干信息推知,在F2中,白色舌状花个体(yy_ _ _ _)占总数的1/4,乳白色舌状花个体(Y_ddhh) 占总数的3/64,可推知F1的基因型为YyDdHh。因此,F2中与F1的舌状花花色相同个体的基因型有1/64YYDDhh、4/64YYDdHh、1/64YYddHH、2/64YyDDhh、8/64YyDdHh、2/64YyddHH,共6种,在F2中占9/32。
3.(批判性思维)在上述实验的F2中,绿色柱头个体有85株,紫色柱头个体有241株,分离比约为1∶3,则柱头色属于______(填“质量”或“数量”)性状。根据F2柱头色分离比, ______(填“能”或“不能”)确定柱头色受一对等位基因控制,请说明理由: _____________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。 
若柱头色受A、a和B、b两对等位基因控制,且A和B基因位于同一条染色体上,
a和b基因位于另一条染色体上,则AABB×aabb,F1的基因型为AaBb,F2柱头色也