2024年天津市北辰区中考物理二模试卷附解析

这是一份2024年天津市北辰区中考物理二模试卷附解析，共29页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）二胡是一种弦乐器，在我国流传历史悠久。演奏前，演员经常要调节弦的松紧程度，其目的在于调节弦发声时的（ ）
A．响度B．音调C．音色D．振幅
2．（3分）北方的冬天可以看到户外的人不断呼出“白气”，“白气”产生过程中发生的物态变化是（ ）
A．液化B．汽化C．升华D．凝华
3．（3分）如图所示四个现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．小孔成像
B．镜中的蜡烛
C．手影
D．感觉水中鱼的位置变浅
4．（3分）汽油机是由四个冲程不断循环而工作的，图中表示内能转化为机械能的冲程是（ ）
A．B．
C．D．
5．（3分）下列生活中常见的电流、电压的描述，符合实际的是（ ）
A．我国家庭电路的电压是220V
B．一节干电池的电压为36V
C．手电筒工作时的电流约为10A
D．家用电冰箱工作电流约10mA
6．（3分）如图中各螺线管通电后，小磁针的指向正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
7．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．电能表是测量电功率的仪表
B．保险丝容易熔断，最好用铜线替代
C．家庭电路中空气开关跳闸，不一定是发生了短路
D．在使用试电笔时，手指一定不能接触试电笔尾部的金属体
8．（3分）如图所示让小铁球从斜面上滚下，在它运动路径的侧旁放一个磁体，观察到小铁球由直线运动改做曲线运动，该现象说明了（ ）
A．力能使物体发生形变
B．力能改变物体的运动状态
C．此时小球受到的是平衡力
D．物体的运动需要力来维持
9．（3分）如图所示各种工具都可以看成是杠杆，其中属于费力杠杆的是（ ）
A． 钳子B． 自行车手闸
C．剪铁片剪刀D． 赛艇的桨
10．（3分）小明同学在通过如图电路探究“电流与电阻的关系”时，在R0的位置接入10Ω电阻，调节滑动变阻器的滑片P到某一位置，分别记录下电流表和电压表的示数。他断开开关，取下10Ω的电阻，改接为20Ω的电阻后，保持滑片的位置不变闭合开关，此时电压表和电流表的示数较之前的变化情况是（ ）
A．电流表示数变大；电压表示数变大
B．电流表示数变大；电压表示数变小
C．电流表示数变小；电压表示数变大
D．电流表示数变小；电压表示数变小
二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分.每小题给出的四个选项中，符合题意的选项均多于一个，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分.）
（多选）11．（3分）当蜡烛、凸透镜甲和光屏放置在如图所示的位置时，烛焰在光屏上成清晰的像。现保持蜡烛和透镜的位置不变，将凸透镜甲更换为凸透镜乙后，需将光屏向左移动一段距离，方可在光屏上再次成清晰的像。下列判断正确的是（ ）
A．凸透镜甲的焦距为20cm
B．凸透镜甲的焦距比乙的大
C．换为凸透镜乙后，再次成的清晰像是倒立、缩小的实像
D．如图，保持透镜甲位置不动，将蜡烛移动到45cm刻度处，光屏上成放大的像
（多选）12．（3分）如图所示，闭合开关S后，灯泡L1和L2都发光，两电表均有示数。过一会儿由于某个灯泡发生故障，两灯泡均熄灭，电流表示数变为零，电压表示数比原来增大。以下对电路和电路故障的分析正确的是（ ）
A．灯泡L1和L2发光时，两灯串联
B．灯泡L1和L2发光时，电压表测的是灯泡L1的电压
C．灯泡熄灭是由于灯泡L1断路
D．灯泡熄灭是由于灯泡L2断路
（多选）13．（3分）将一底面积为S0、盛有适量密度为ρ0的水的薄壁圆柱形容器置于水平桌面上，一装有铝块的平底金属盒漂浮在水面上，如图甲所示，此时金属盒受到的浮力为F1。将铝块从金属盒中取出放入容器的水中，铝块沉到容器底，如图乙所示，此时金属盒受到的浮力为F2，容器底对铝块的支持力为F3。下列判断正确的是（ ）
A．铝块的重力为F1﹣F2
B．铝块放入水中后，铝块受到的浮力为F1﹣F2+F3
C．铝块放入水中后，水对容器底的压强减小了
D．铝块的体积为
三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）
14．（4分）早在公元前4世纪，墨家就做过小孔成像的实验，该实验的原理是光的 ；在“水中倒影”、“手影”、“电影”中，与“小孔成像”的原理相同的是 。
15．（4分）如图所示，建筑工人通常用重垂线来检验墙壁是否竖直，这是根据重力的方向总是 的原理制成的；如图，跳水运动员站到踏板上，踏板发生了形变，当她走到踏板前端，踏板弯曲得更大，说明力的作用效果与力的 有关。
16．（4分）如图所示的装置可以说明 机的工作原理；若导体棒AB在磁场中竖直上、下运动时，灵敏电流表的指针 （选填“能”或“不能”）发生偏转。
17．（4分）如图所示，多芯线是高压输电常用的导线，多芯线中各根细导线之间的连接方式是 （选填“串联”或“并联”）；材料、长度相同的多芯线的电阻 （选填“大于”、“小于”或“等于”）其中每一根细导线的电阻。
18．（4分）如图是工人用撬棒撬起石块的情景，O是支点，若动力臂是阻力臂的5倍，则工人用50N的力能撬起重为 N的石块；在动力方向不变的情况下，该工人想用更小的力撬起石块，那么他的手应该向 （选填“远离”或“靠近”）支点O的方向移动。（杠杆的自重及摩擦不计）
19．（4分）如图为小红家庭电路中安装的电能表，此时示数为 kW•h；小红将某一个用电器单独接入家庭电路中，其正常工作0.1h，电能表的转盘转了300转，则这个用电器可能是 （选填“电热水壶”、“台灯”或“电视机”）。
四、综合题（本大题共6小题，共37分.解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位.）
20．（6分）小安家用一个标有“220V 1000W”的电热水器来烧水，该电热水器正常工作20min，可将质量为5kg温度为20℃的水加热到60℃，水的比热容为c＝4.2×103J/（kg•℃），求这段时间内
（1）水吸收的热量
（2）电热水器消耗的电能
21．（6分）在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：
（1）请根据图1所示的电路图，用笔画出导线完成图2的电路连接；
（2）实验过程中得到的部分数据如下表所示。第3次测量时，电流表的示数如图3所示，请将该数据填入表格中；
（3）在图4中的坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线。
22．（6分）实验小组在探究“影响摩擦力大小因素”的实验中，小吴有如下猜想：
A.滑动摩擦力大小与压力大小有关；
B.滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
为此，小吴进行了如图所示的实验：
（1）在实验过程中，需用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，根据 的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）由图甲和图乙比较，可验证猜想 （填“A”或“B”）正确，并可得到结论：接触面粗糙程度相同时， 。
（3）小军认为滑动摩擦力大小还可能与接触面积大小有关，于是将甲图中的木块竖着切去一半，如图丁所示，比较甲、丁两次实验，发现拉力大小不同，由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是： 。
23．（6分）小华采用如下方法测量一物块（不溶于水）的密度：弹簧测力计悬挂物块静止时的示数为F1＝3.0N（如图甲所示）；将物块浸没在水中，静止时弹簧测力计的示数为F2＝2.0N（如图乙所示）。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）物块的质量m；
（2）物块的体积V；
（3）物块的密度ρ。
24．（6分）现有水、量杯、石块（足够重）、细绳（质量忽略不计）、待测木块（密度比水的密度ρ水小且不吸水），请你用给出的器材测出木块的密度。
（1）实验步骤。
（2）计算公式（用测出的物理量符号表示）。
25．（7分）如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，小灯泡L上标有“3V、1.5W”字样（忽略灯丝电阻的变化），滑动变阻器R规格为“30Ω、1A”，电流表量程选择“0～0.6A”，电压表量程选择“0～3V”。闭合开关S，在不损坏电路元件情况下，求：
（1）电路的最大功率；
（2）滑动变阻器阻值变化范围；
（3）电压表示数变化范围。
2024年天津市北辰区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分，每小题给出的四个选项中只有一项符合题意）
1．（3分）二胡是一种弦乐器，在我国流传历史悠久。演奏前，演员经常要调节弦的松紧程度，其目的在于调节弦发声时的（ ）
A．响度B．音调C．音色D．振幅
【答案】B
【分析】弦的长短、松紧、粗细都影响弦的振动快慢，影响振动频率，影响音调。
【解答】解：弦乐的音调跟频率有关，频率跟松紧、长度、粗细有关，调节二胡的松紧程度，改变了弦的松紧，改变了振动频率，改变声音的音调。
故选：B。
2．（3分）北方的冬天可以看到户外的人不断呼出“白气”，“白气”产生过程中发生的物态变化是（ ）
A．液化B．汽化C．升华D．凝华
【答案】A
【分析】物质由气态变成液态的过程属于液化现象，液化是放热的。
【解答】解：北方的冬天，室外的气温很低，户外的人们呼出的水蒸气温度较高，遇到外面的冷空气会放出热量液化成小水珠，就形成了我们看到的“白气”。
故选：A。
3．（3分）如图所示四个现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．小孔成像
B．镜中的蜡烛
C．手影
D．感觉水中鱼的位置变浅
【答案】B
【分析】光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，水变浅了，水中的筷子折断了等；
光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
【解答】解：A、小孔成像中的光线是在同种均匀的介质中传播的，所以是光沿直线传播形成的，故A错误；
B、镜中的蜡烛是平面镜成像现象，属于光的反射，故B正确；
C、手影是光在同种均匀的介质中沿直线传播形成的，故C错误；
D、感觉水中鱼的位置变浅，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：B。
4．（3分）汽油机是由四个冲程不断循环而工作的，图中表示内能转化为机械能的冲程是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【分析】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。
【解答】解：内能转化为机械能的是做功冲程：
A图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
B图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
C图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；
D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意。
故选：C。
5．（3分）下列生活中常见的电流、电压的描述，符合实际的是（ ）
A．我国家庭电路的电压是220V
B．一节干电池的电压为36V
C．手电筒工作时的电流约为10A
D．家用电冰箱工作电流约10mA
【答案】A
【分析】（1）根据对家庭电路电压、一节干电池的电压的了解判断AB的正误；
（2）电筒灯泡正常工作的电流非常小，远小于10A；
（3）估测电冰箱电功率，利用P＝UI估算正常工作时的电流。
【解答】解：
AB、我国家庭电路的电压是220V；一节干电池的电压约为1.5V，不会达到36V，故A正确、B错误；
C、手电筒灯泡正常工作的电流非常小，约为0.2A，故C错误；
D、家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作的电流在I＝＝＝1A左右，故D错误。
故选：A。
6．（3分）如图中各螺线管通电后，小磁针的指向正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【分析】先判断电流的流向，再利用安培定则可确定通电螺线管的极性，最后根据磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的指向。
【解答】解：
A、由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以图中小磁针的左端应是N极，右端是S极，故A错误。
B、由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极、右端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以图中小磁针的左端是N极，右端是S极，故B正确；
C、由图知，电流从螺线管的上端流入、下端流出，根据安培定则可知，螺线管的下端是N极、上端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的下端应是N极，上端是S极，故C错误。
D、由图知，螺线管中正面的电流方向向下，根据安培定则可知，螺线管的右端是N极、左端是S极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的右端是S极，左端是N极，故D错误。
故选：B。
7．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．电能表是测量电功率的仪表
B．保险丝容易熔断，最好用铜线替代
C．家庭电路中空气开关跳闸，不一定是发生了短路
D．在使用试电笔时，手指一定不能接触试电笔尾部的金属体
【答案】C
【分析】（1）电能表是测量用电器消耗电能的仪表，又叫电度表，单位是kW•h（度）；
（2）保险丝的作用：在电路中电流超过最大电流时，自动熔断切断电路，从而起到保护电路安全运行的作用；
（3）空气开关“跳闸”的原因可能是电流过大，电流过大的原因有两个：短路和电路中总功率过大；
（4）使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触。
【解答】解：
A、电能表是测量用电器消耗电能（电流做功）的仪表，故A错误；
B、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故B错误；
C、电流过大的原因有两个：短路和电路中总功率过大，因此，空气开关“跳闸”的原因可能是电路发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故C正确；
D、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光，故D错误。
故选：C。
8．（3分）如图所示让小铁球从斜面上滚下，在它运动路径的侧旁放一个磁体，观察到小铁球由直线运动改做曲线运动，该现象说明了（ ）
A．力能使物体发生形变
B．力能改变物体的运动状态
C．此时小球受到的是平衡力
D．物体的运动需要力来维持
【答案】B
【分析】（1）力的作用效果有两个：①力能改变物体的运动状态；②力能使物体发生形变；
（2）物体受平衡力的作用时，只可能处于静止或匀速直线运动状态；
（3）物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因。
【解答】解：（1）小铁球在磁体的作用下由直线运动改做曲线运动，运动状态发生变化，所以A错误，B正确；
（2）物体受平衡力的作用时，只可能处于静止或匀速直线运动状态。而小铁球做曲线运动，此时小球受到到是非平衡力，故C错误；
（3）力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，故D错误；
故选：B。
9．（3分）如图所示各种工具都可以看成是杠杆，其中属于费力杠杆的是（ ）
A． 钳子B． 自行车手闸
C．剪铁片剪刀D． 赛艇的桨
【答案】D
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
B、自行车手闸在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
C、剪铁片剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
D、赛艇的桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意。
故选：D。
10．（3分）小明同学在通过如图电路探究“电流与电阻的关系”时，在R0的位置接入10Ω电阻，调节滑动变阻器的滑片P到某一位置，分别记录下电流表和电压表的示数。他断开开关，取下10Ω的电阻，改接为20Ω的电阻后，保持滑片的位置不变闭合开关，此时电压表和电流表的示数较之前的变化情况是（ ）
A．电流表示数变大；电压表示数变大
B．电流表示数变大；电压表示数变小
C．电流表示数变小；电压表示数变大
D．电流表示数变小；电压表示数变小
【答案】C
【分析】电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；根据电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化。
【解答】解：断开开关，取下10Ω的电阻，改接为20Ω的电阻后，保持滑片的位置不变闭合开关，电路中的总电阻变大，由I＝可得，总电流变小，电流表示数变小；保持滑片的位置不变，滑动变阻器接入电路中的电阻不变，电流变小，故滑动变阻器分得的电压减小，电源电压不变，故R0的两端的电压增大，即电压表的示数增大，故C正确，ABD错误。
故选：C。
二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分.每小题给出的四个选项中，符合题意的选项均多于一个，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分.）
（多选）11．（3分）当蜡烛、凸透镜甲和光屏放置在如图所示的位置时，烛焰在光屏上成清晰的像。现保持蜡烛和透镜的位置不变，将凸透镜甲更换为凸透镜乙后，需将光屏向左移动一段距离，方可在光屏上再次成清晰的像。下列判断正确的是（ ）
A．凸透镜甲的焦距为20cm
B．凸透镜甲的焦距比乙的大
C．换为凸透镜乙后，再次成的清晰像是倒立、缩小的实像
D．如图，保持透镜甲位置不动，将蜡烛移动到45cm刻度处，光屏上成放大的像
【答案】BC
【分析】（1）根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像；
（2）根据u＜f，成正立放大的虚像。
【解答】解：A．由图可知，此时u＝v＝20cm，根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，即凸透镜的焦距为f＝10cm，故A不符合题意；
B．现保持蜡烛和透镜的位置不变，将透镜甲更换为透镜乙后，需将光屏向左移动一段距离，此时的像距减小，则物距不变的情况下，相当于减小了焦距，所以透镜甲的焦距比乙的大，故B符合题意；
C．将透镜甲更换为透镜乙后，需将光屏向左移动一段距离，方可在光屏上再次成清晰的像，此时的物距要大于像距，成的是倒立、缩小的实像，故C符合题意；
D．如图，保持透镜甲位置不动，将蜡烛移动到45cm刻度处，此时u＝50cm﹣45cm＝5cm＜f，根据u＜f，成正立放大的虚像，在光屏上不能成像，故D不符合题意。
故选：BC。
（多选）12．（3分）如图所示，闭合开关S后，灯泡L1和L2都发光，两电表均有示数。过一会儿由于某个灯泡发生故障，两灯泡均熄灭，电流表示数变为零，电压表示数比原来增大。以下对电路和电路故障的分析正确的是（ ）
A．灯泡L1和L2发光时，两灯串联
B．灯泡L1和L2发光时，电压表测的是灯泡L1的电压
C．灯泡熄灭是由于灯泡L1断路
D．灯泡熄灭是由于灯泡L2断路
【答案】AD
【分析】由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是灯泡L2两端的电压；某个灯泡发生故障，两灯泡都熄灭，说明电路中无电流，根据电压表的示数变化判定故障的原因。
【解答】解：A．当电压表去掉，电流表当成一根导线，那么此时两灯泡是串联的，故A符合题意；
B．用图可知，电压表并联在L2与电流表两端，可以判断电压表测量的是灯泡L2的电压，故B不符合题意；
CD．灯泡熄灭，从电流表没有示数，可知，是灯泡断路，从电压表有示数，说明有电流通过电压表，那么只能是电压表所测量的灯泡L2断路，故C不符合题意，D符合题意。
故选：AD。
（多选）13．（3分）将一底面积为S0、盛有适量密度为ρ0的水的薄壁圆柱形容器置于水平桌面上，一装有铝块的平底金属盒漂浮在水面上，如图甲所示，此时金属盒受到的浮力为F1。将铝块从金属盒中取出放入容器的水中，铝块沉到容器底，如图乙所示，此时金属盒受到的浮力为F2，容器底对铝块的支持力为F3。下列判断正确的是（ ）
A．铝块的重力为F1﹣F2
B．铝块放入水中后，铝块受到的浮力为F1﹣F2+F3
C．铝块放入水中后，水对容器底的压强减小了
D．铝块的体积为
【答案】ACD
【分析】（1）甲图中金属盒与铝块漂浮在液面上，浮力等于金属盒和铝块的总重力，即F1＝G金属盒+G铝块，乙图中金属盒漂浮在液面上，浮力等于金属盒的重力，据此算出铝块的重力；
（2）乙图中铝块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力、竖直向上的支持力，由平衡力的知识算出铝块受到的浮力；
（3）铝块放入水中后，根据ΔF＝ΔF浮算出水对容器底减小的压力，由压强公式算出水对容器底压强的减小量；
（4）由阿基米德原理算出铝块的体积。
【解答】解：A．甲图中金属盒与铝块漂浮在液面上，浮力等于金属盒和铝块的总重力，即F1＝G金属盒+G铝块，乙图中金属盒漂浮在液面上，浮力等于金属盒的重力，即F2＝G金属盒，所以铝块的重力为：G铝块＝F1﹣F2，故A正确；
B．铝块沉到容器底，受到重力、支持力和浮力，铝块受到的浮力为F浮铝＝G铝块﹣F支持＝F1﹣F2﹣F3，故B错误；
C．原来金属盒和铝块的总浮力为F1＝G金属盒+G铝块，铝块沉到容器底，金属盒和铝块的总浮力F2＝G金属盒+F浮铝，
铝块放入水中后，总浮力的变化量ΔF浮＝F1﹣F2＝G金属盒+G铝块﹣（G金属盒+F浮铝）＝G铝块﹣F浮铝＝F支持＝F3，
铝块放入水中后，水对容器底的压强减小了，故C正确；
D．铝块全部浸入水中，铝块的体积，故D正确。
故选：ACD。
三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）
14．（4分）早在公元前4世纪，墨家就做过小孔成像的实验，该实验的原理是光的 直线传播 ；在“水中倒影”、“手影”、“电影”中，与“小孔成像”的原理相同的是 手影 。
【答案】见试题解答内容
【分析】光在同种均匀介质中是沿直线传播的；小孔成像是光的直线传播的实例。
【解答】解：早在公元前4世纪，墨家就做过小孔成像的实验，该实验的原理是光的直线传播；在“水中倒影”、“手影”、“电影”中，与“小孔成像”的原理相同的是手影。
故答案为：直线传播；手影。
15．（4分）如图所示，建筑工人通常用重垂线来检验墙壁是否竖直，这是根据重力的方向总是 竖直向下 的原理制成的；如图，跳水运动员站到踏板上，踏板发生了形变，当她走到踏板前端，踏板弯曲得更大，说明力的作用效果与力的 作用点 有关。
【答案】竖直向下；作用点。
【分析】（1）重力的方向总是竖直向下的；
（2）力的作用效果与力的大小、方向、作用点有关。
【解答】解：
（1）铅垂线检测墙体是否竖直，是运用了重力的方向是竖直向下的。
（2）跳水运动员站到踏板上，踏板发生了形变，运动员走到踏板前端，踏板弯曲得更大，分析两种情况下踏板的受力情况，踏板所受的压力大小均为运动员的重力，方向都是竖直向下，但压力的作用点不一样，说明力的作用效果与力的作用点有关。
故答案为：竖直向下；作用点。
16．（4分）如图所示的装置可以说明 发电 机的工作原理；若导体棒AB在磁场中竖直上、下运动时，灵敏电流表的指针 不能 （选填“能”或“不能”）发生偏转。
【答案】发电；不能。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，这就是电磁感应现象；利用这一原理制成了发电机。
【解答】解：由图可知，该装置为探究电磁感应现象的实验装置，根据电磁感应现象制成了发电机；
开关闭合后，当导体棒ab在磁场中竖直上下运动时，由于ab没有切割磁感线，所以电路中不会产生感应电流，灵敏电流表的指针不偏转。
故答案为：发电；不能。
17．（4分）如图所示，多芯线是高压输电常用的导线，多芯线中各根细导线之间的连接方式是 并联 （选填“串联”或“并联”）；材料、长度相同的多芯线的电阻 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）其中每一根细导线的电阻。
【答案】并联；小于。
【分析】影响电阻大小的因素：导体长度、导体横截面积、材料和温度。当其它因素相同时，导体的横截面积越大，电阻越小；而电阻并联相当于增加了电阻的横截面积。
【解答】解：多芯线是由多根细导线并联而成，而并联相当于增大了导体的横截面积，使总电阻减小，故多芯线的电阻远小于每根细导线的电阻。
故答案为：并联；小于。
18．（4分）如图是工人用撬棒撬起石块的情景，O是支点，若动力臂是阻力臂的5倍，则工人用50N的力能撬起重为 250 N的石块；在动力方向不变的情况下，该工人想用更小的力撬起石块，那么他的手应该向 远离 （选填“远离”或“靠近”）支点O的方向移动。（杠杆的自重及摩擦不计）
【答案】250；远离。
【分析】根据杠杆平衡条件可知，若动力臂是阻力臂的5倍，则阻力为动力的5倍，据此分析；、
阻力、阻力臂不变，在动力方向不变的情况下，想用更小的力撬起石块，则应该增大动力臂。
【解答】解：根据杠杆平衡条件可知，若动力臂是阻力臂的5倍，则阻力为动力的5倍，即G＝5F＝5×50N＝250N；
阻力、阻力臂不变，在动力方向不变的情况下，想用更小的力撬起石块，则应该增大动力臂，即工人的手应该向远离支点O的方向移动。
故答案为：250；远离。
19．（4分）如图为小红家庭电路中安装的电能表，此时示数为 2023.5 kW•h；小红将某一个用电器单独接入家庭电路中，其正常工作0.1h，电能表的转盘转了300转，则这个用电器可能是 电热水壶 （选填“电热水壶”、“台灯”或“电视机”）。
【答案】2023.5；电热水壶。
【分析】（1）电能表计数器的单位是kW•h，最后一位是小数；
（2）由电能表的参数和转盘转的圈数得到电流做的功，用P＝得到该家用电器的功率，根据生活经验判断是哪个电器。
【解答】解：电能表的读数单位是kW•h，最后一位是小数，其示数为2023.5kW•h。
电能表的转盘转了300转，用电器消耗的电能，
该用电器的电功率，
电热水壶的功率约1000W，台灯的功率在20W左右，电视机的功率约100W，故这个家用电器可能是电热水壶。
故答案为：2023.5；电热水壶。
四、综合题（本大题共6小题，共37分.解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位.）
20．（6分）小安家用一个标有“220V 1000W”的电热水器来烧水，该电热水器正常工作20min，可将质量为5kg温度为20℃的水加热到60℃，水的比热容为c＝4.2×103J/（kg•℃），求这段时间内
（1）水吸收的热量
（2）电热水器消耗的电能
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；
（2）根据W＝Pt即可求出电热水器消耗的电能。
【解答】解：（1）水吸收热量：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×105J；
（2）由P＝可得，电热水器消耗的电能：W＝Pt＝1000W×20×60s＝1.2×106J；
答：（1）水吸收的热量为8.4×105J；
（2）电热水器消耗的电能为1.2×106J。
21．（6分）在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：
（1）请根据图1所示的电路图，用笔画出导线完成图2的电路连接；
（2）实验过程中得到的部分数据如下表所示。第3次测量时，电流表的示数如图3所示，请将该数据填入表格中；
（3）在图4中的坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线。
【答案】（1）见解答图；（2）0.48；（3）见解答图
【分析】（1）结合图1和下面表格记录的实验数据可知，电压表选用小量程与电阻并联，电流表选用小量程与R串联，将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联；
（2）电流表读数时要先确定量程和分度值，再根据指针位置读取电流数值；
（3）在坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线。
【解答】解：（1）结合图图1和下面表格记录的实验数据可知，电压表选用小量程与电阻并联，电流表选用小量程与R串联，将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联，如下图所示：
；
（2）根据电流表接线柱，电流表选择0～0.6A量程，可知此时电流表的分度值为0.02A，电流表示数是0.48A；
（3）在坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线，如下图所示：
。
故答案为：（1）见上图；（2）0.48；（3）见上图。
22．（6分）实验小组在探究“影响摩擦力大小因素”的实验中，小吴有如下猜想：
A.滑动摩擦力大小与压力大小有关；
B.滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
为此，小吴进行了如图所示的实验：
（1）在实验过程中，需用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，根据 二力平衡 的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）由图甲和图乙比较，可验证猜想 A （填“A”或“B”）正确，并可得到结论：接触面粗糙程度相同时， 压力越大，滑动摩擦力越大 。
（3）小军认为滑动摩擦力大小还可能与接触面积大小有关，于是将甲图中的木块竖着切去一半，如图丁所示，比较甲、丁两次实验，发现拉力大小不同，由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是 错误 （选填“正确”或“错误”）的，理由是： 没有控制压力不变 。
【答案】（1）二力平衡。（2）A；压力越大，滑动摩擦力越大。（3）错误；没有控制压力不变。
【分析】（1）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力，据此分析。
（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关。当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）若想探究滑动摩擦力大小与接触面积大小是否有关时，应该控制压力大小和接触面的粗糙程度不变，改变受力面积。
【解答】解：（1）弹簧测力计拉动木块时，弹簧测力计显示拉力大小，当木块在水平方向上进行匀速直线运动时，木块受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，这两个力大小相等，所以根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力大小等于拉力大小。
（2）图甲和图乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不相等，因此可以验证滑动摩擦力大小与压力大小有关，并可得到实验结论：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）若想探究滑动摩擦力大小与接触面积大小是否有关时，应该控制压力大小和接触面的粗糙程度不变，改变受力面积。比较甲、丁两次实验可知，接触面的粗糙程度相同，木块对木板的压力不同，所以拉力大小不同，所以不能由此得出滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关的结论。
故答案为：（1）二力平衡。（2）A；压力越大，滑动摩擦力越大。（3）错误；没有控制压力不变。
23．（6分）小华采用如下方法测量一物块（不溶于水）的密度：弹簧测力计悬挂物块静止时的示数为F1＝3.0N（如图甲所示）；将物块浸没在水中，静止时弹簧测力计的示数为F2＝2.0N（如图乙所示）。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）物块的质量m；
（2）物块的体积V；
（3）物块的密度ρ。
【答案】（1）物块的质量m为0.3kg；
（2）物块的体积V为1.0×10﹣4m3；
（3）物块的密度ρ为3×103kg/m3
【分析】（1）根据物体的重力，利用m＝求出物体的质量；
（2）根据称重法可计算物块受到的浮力；由阿基米德原理计算出物块排开水的体积，即物体体积；
（3）由密度公式计算物块密度。
【解答】解：
（1）由题知，物体在空气中静止时弹簧测力计的示数F1＝3.0N，则物块重力G＝3.0N；
则物体的质量为：m＝＝＝0.3kg；
（2）物块受到的浮力F浮＝F1﹣F2＝3.0N﹣2.0N＝1.0N；
物块浸没在水中，由阿基米德原理可得，物体排开的水的体积即物块的体积为：
V＝V排＝＝＝1.0×10﹣4m3；
（3）物块密度为：ρ＝＝＝3×103kg/m3。
答：（1）物块的质量m为0.3kg；
（2）物块的体积V为1.0×10﹣4m3；
（3）物块的密度ρ为3×103kg/m3。
24．（6分）现有水、量杯、石块（足够重）、细绳（质量忽略不计）、待测木块（密度比水的密度ρ水小且不吸水），请你用给出的器材测出木块的密度。
（1）实验步骤。
（2）计算公式（用测出的物理量符号表示）。
【答案】见试题解答内容
【分析】根据漂浮条件求得木块的重力，从而得木块质量；利用石块和细绳测出木块的体积。根据ρ＝计算木块的密度。
【解答】解：
（1）实验步骤：
①向量杯内加入适量的水，记下量杯内水的体积V0；
②将木块轻轻放入量杯内水中，待木块静止处于漂浮状态时，记下此时总体积V1；
③用细绳将木块和石块绑在一起，放入量杯的水中，待它们下沉后，记下此时总体积V2；
④将细绳解开，拿出木块，记下此时总体积V3。
（2）计算公式：
木块漂浮，G＝F浮＝ρ水gV排＝ρ水g（V1﹣V0），
木块的质量为m＝＝＝ρ水（V1﹣V0），
木块的体积为V＝V2﹣V3，
所以木块密度：ρ＝＝。
25．（7分）如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，小灯泡L上标有“3V、1.5W”字样（忽略灯丝电阻的变化），滑动变阻器R规格为“30Ω、1A”，电流表量程选择“0～0.6A”，电压表量程选择“0～3V”。闭合开关S，在不损坏电路元件情况下，求：
（1）电路的最大功率；
（2）滑动变阻器阻值变化范围；
（3）电压表示数变化范围。
【答案】（1）电路的最大功率为2.25W；
（2）滑动变阻器阻值变化范围为3Ω～30Ω；
（3）电压表示数变化范围为0.75V～3V。
【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出通过的电流，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据P＝UI求出电路消耗的最大功率；
（2）电路中的电流最大时接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出接入电路中的最小电阻，结合滑动变阻器的最大阻值得出滑动变阻器阻值变化范围；
（3）当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路中电流最小，灯泡的电压最小，根据P＝求出灯泡的电阻，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出灯泡两端的最小电压，进而得出电压表示数变化范围。
【解答】解：（1）灯泡与变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压，
结合小灯泡的铭牌可知灯泡的额定电流，
因串联电路中各处的电流相等，且变阻器R允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0～0.6A，灯泡的额定电流为0.5A，所以，为不损坏电路元件，电路中最大电流Imax＝I额＝0.5A，
电路的最大功率Pmax＝UImax＝4.5V×0.5A＝2.25W。
（2）由灯泡的铭牌可知，灯泡的电压最大为3V，此时电流最大为0.5A，变阻器接入电路的阻值最小，此时滑动变阻器的电压U滑小＝U﹣UL大＝4.5V﹣3V＝1.5V，
滑动变阻器接入电路的最小阻值，
所以滑动变阻器阻值变化范围为3Ω～30Ω。
（3）当滑动变阻器接入电路阻值最大为30Ω时，电路中电流最小，灯泡的电压最小，结合小灯泡的铭牌可知灯泡的电阻，
电路中的最小电流，
灯泡两端的最小电压（电压表的最小示数）Umin＝IminRL＝0.125A×6Ω＝0.75V。
所以电压表示数变化范围为0.75V～3V。
答：（1）电路的最大功率为2.25W；
（2）滑动变阻器阻值变化范围为3Ω～30Ω；
（3）电压表示数变化范围为0.75V～3V。
实验序号
1
2
3
…
电压U/V
0.8
1.6
2.4
…
电流I/A
0.16
0.32
…
实验序号
1
2
3
…
电压U/V
0.8
1.6
2.4
…
电流I/A
0.16
0.32
…