期末全真模拟卷（二）-2020-2021学年七年级数学下学期期末考试全真模拟卷（解析版）（人教版）

这是一份期末全真模拟卷（二）-2020-2021学年七年级数学下学期期末考试全真模拟卷（解析版）（人教版），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

数 学 试 卷
一、单选题（每小题3分，共30分）
1.如图所示，由图案（1）平移得到的图案是（ ）
图（1） A B C D
【答案】B
【解析】根据平移的定义，观察图形可得答案.图案B可以看作由“图案（1）”经过平移得到．
【解答】观察图形可知，图案B可以看作由“图案（1）”经过平移得到．
故选：B．
2．下列说法正确的是（ ）
A．4的平方根是±2B．8的立方根是±2
C．4=±2D．（﹣2）2＝﹣2
【答案】A
【解析】根据平方根和立方根定义，即可解答．
【解答】A.4的平方根是±2，正确；
B.8的立方根是2，故本选项错误；
C.4=2，故本选项错误；
D．（﹣2）2＝4，故本选项错误；
3．在实数−15，3−27，π2，16，8，0中，无理数的个数为（ ）
A．1个B．2个C．3个D．4个
【答案】B
【解析】根据无理数的定义：无限不循环小数叫做无理数可得答案．
【解答】在实数−15，3−27，π2，16，8，0中，无理数有π2、8这2个，
故选：B．
4.若点P（m﹣3，m﹣1）在第二象限，则整数m为（ ）
A．1B．2C．3D．4
【答案】B
【解析】点在第二象限的条件是：横坐标是负数，纵坐标是正数，可得m﹣3＜0且m﹣1＞0，求不等式的解集，从而得出结论．
【解答】∵点在第二象限，
∴横坐标是负数，纵坐标是正数，
即m﹣3＜0且m﹣1＞0，
解不等式得1＜m＜3，
在这个范围内的整数只有2，
故选：B．
5．如图，下面哪个条件能判断DE∥BC的是（ ）
A．∠1＝∠2B．∠4＝∠C
C．∠1+∠3＝180°D．∠3+∠C＝180°
【答案】C
【解析】同位角相等，两直线平行；内错角相等，两直线平行；同旁内角互补，两直线平行，据此进行判断即可．
【解答】当∠1＝∠2时，EF∥AC；
当∠4＝∠C时，EF∥AC；
当∠1+∠3＝180°时，DE∥BC；
当∠3+∠C＝180°时，EF∥AC；
故选：C．
6．将不等式的解集在数轴上表示出来，正确的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【解析】分别把两个不等式解出来,然后判断哪个选项的表示正确
【解答】由x+8<4x-1得x>3,由x≤8-x得x≤4.
所以37.如图，ABCD为一长条形纸带，AB∥CD，将ABCD沿EF折叠，A、D两点分别与A′、D′对应，若∠1＝2∠2，则∠AEF的度数为（ ）
A．60°B．65°C．72°D．75°
【答案】C
【解析】由题意∠1＝2∠2，设∠2＝x，易证∠AEF＝∠1＝∠FEA′＝2x，构建方程即可解决问题．
【解答】由翻折的性质可知：∠AEF＝∠FEA′，
∵AB∥CD，
∴∠AEF＝∠1，
∵∠1＝2∠2，设∠2＝x，则∠AEF＝∠1＝∠FEA′＝2x，
∴5x＝180°，
∴x＝36°，
∴∠AEF＝2x＝72°，
故选：C．
8．某校九年级学生视力情况的统计图如图所示．若九年级近视的学生人数有300名，则九年级学生视力正常的有（ ）
A．50名B．150名C．300名D．500名
【答案】B
【解析】先由近视的学生人数及其所占百分比求出总人数，再用总人数乘以对应的百分比可得答案．
【解答】∵被调查的总人数为300÷60%=500（人），
∴九年级学生视力正常的有500×30%=150（人），
故选：B．
如图,10块相同的长方形墙砖拼成一个大长方形，设长方形墙砖的长和宽分别为x厘米和y厘米,则依题意所列方程组正确的是( )
B.
C. D.
【答案】D
【解析】根据图示可得:大长方形的宽可以表示为x+2y,宽又是75厘米,故x+2y=75,大长方形的长可以表示为2x,或x+3y,故2x=3y+x,整理得x=3y,联立两个方程即可.
【解答】设长方形墙砖的长和宽分别为x厘米和y厘米,根据图示可得
,
故选:D.
10．如图，动点P在平面直角坐标系中按图中箭头所示方向运动，第1次从原点运动到点（1，1），第2次接着运动到点（2，0），第3次接着运动到点（3，2），…，按这样的运动规律，经过第2021次运动后，动点P的坐标是（ ）
A．（2020，0）B．（2021，1）C．（2021，2）D．（2021，0）
【答案】B
【解析】设第n此运动后点P运动到Pn点（n为自然数）．根据题意列出部分Pn点的坐标，根据坐标的变化找出变化规律“P4n（4n，0），P4n+1（4n+1，1），P4n+2（4n+2，0），P4n+3（4n+3，2）”，依此规律即可得出结论．
【解答】设第n此运动后点P运动到Pn点（n为自然数）．
观察，发现规律：P0（0，0），P1（1，1），P2（2，0），P3（3，2），P4（4，0），P5（5，1），…，
∴P4n（4n，0），P4n+1（4n+1，1），P4n+2（4n+2，0），P4n+3（4n+3，2）．
∵2021＝4×505+1，
∴P2021（2021，1）．
故选：B．
二、填空题（每小题3分，共30分）
11．的平方根为 ．
【答案】
【解析】
根据算术平方根的定义计算=4，再根据平方根的性质一个正数有两个平方根，它们是互为相反数可得答案.
【解答】∵=4，
∵4的平方根为±2.
∴的平方根为±2
12．(本题3分)点关于轴的对称点的坐标为________
【答案】
【解析】根据关于轴对称的点的特征：横坐标相同，纵坐标互为相反数即可得出答案．
【解答】
∵关于轴对称的点横坐标相同，纵坐标互为相反数，
∴点关于轴的对称点的坐标为．
故选：．
若式子有意义，则的取值范围是________.
【答案】a≤1
【解析】二次根式被开方数大于或等于0的性质，可得出a的取值范围
【解答】∵式子 有意义，
∴被开方数为非负数
即1-a≥0，
-a≥-1
故a≤1
某校征集校运会会徽，遴选出甲、乙、丙三种图案.为了解何种图案更受欢迎，随机调查了该校100名学生，其中60名同学喜欢甲图案，若该校共有2000人，根据所学的统计知识可以估计该校喜欢甲图案的学生有_______人.
【答案】1200
【解析】用总人数乘以样本中喜欢甲图案的频率即可求得总体中喜欢甲图案的人数．
【解答】
由题意得：2000×＝1200人，
故答案为：1200．
15．若二元一次方程组的解为，则_________．
【答案】1
【解析】把x、y的值代入方程组，再将两式相减即可求出a﹣b的值．
【解答】
∵二元一次方程组的解为
∴
①-②得到
故
故填1．
16．如图，在平面直角坐标系中，若▱ABCD的顶点A，B，C的坐标分别是(2，3)，(1，-1)，(7，-1)，则点D的坐标是______．
【答案】
【解析】由四边形ABCD是平行四边形，根据平行四边形的性质，即可求得顶点D的坐标．
【解答】∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AD＝BC，AD∥BC，
∵▱ABCD的顶点A、B、C的坐标分别是（2，3），（1，−1），（7，−1），
∴BC＝6，顶点D的坐标为（8，3）．
故答案为（8，3）．
17．关于x、y的二元一次方程组的解满足x+y＞2，则a的取值范围为__________．
【答案】a＜-2．
【解析】观察方程组的特点，发现①+②再除以4,可得x+y= 代入x+y>2中，可化成含a的不等式解得.
【解答】
由①+②，得
；
∵x+y>2
∴ ；
解得，a＜-2．
18．“输入一个实数 x，然后经过如图的运算，到判断是否大于 190 为止”叫做一次操作，那么恰好经过三次操作停止，则x的取值范围是_______________．
【答案】
【解析】本题首先理清流程图，继而将解题过程分为三步，按照流程图指示列不等式求解x范围，最后取其公共解集．
【解答】
由已知得：第一次的结果为：，没有输出，则，求解得；
第二次的结果为：，没有输出，则，求解得；
第三次的结果为：，输出，则，求解得；
综上可得：．
故答案为：．
19.如图，把直角梯形ABCD沿AD方向平移到梯形EFGH，∠C=90°，HG=24cm，WG=8cm，CW=6cm，则图中阴影部分面积为_________cm2．
【答案】168
【解析】根据平移的变换只改变图形的位置不改变图形的形状与大小可得梯形ABCD的面积等于梯形EFGH的面积，CD=HG，从而得到阴影部分的面积等于梯形DWGH的面积，再求出DW的长，然后利用梯形的面积公式列式计算即可得解．
【解答】由平移的性质，梯形ABCD的面积=梯形EFGH的面积，CD=HG=24cm，
∴阴影部分的面积=梯形DWGH的面积，
∵CW=6cm，
∴DW=CD-CW=24-6=18cm，
∴阴影部分的面积=（DW+HG）•WG=（18+24）×8=168cm2．
答：阴影部分面积是168cm2．
如图，已知EF∥GH，A、D为GH上的两点，M、B为EF上的两点，延长AM于点C，AB平分∠DAC，点N在直线DB上，且BN平分∠FBC，若∠ACB=100°.则下列结论：①∠MAB=∠BAD; ②∠ABM=∠BAM;③∠NBC=∠MBD;④设∠BAD=α，∠CBM=100°-2α ; ⑤∠DBA的度数为50°.其中正确结论为___________（填序号）

【答案】①②③⑤
【解析】利用平行线的性质，角平分线的定义，三角形的内角和定理，理清图中各角度之间的关系是解题的关键．
【解答】 解：如图，①∵AB平分∠DAC，∴∠MAB=∠BAD.故①正确.② ∵EF∥GH，∴∠MBA=∠BAD又∵∠MAB=∠BAD∴∠ABM=∠BAM，故②正确．③∵BN平分∠FBC∴∠FBN=∠CBN,∵∠FBN=∠MBD,∴∠CBN=∠MBD,故③正确；④设∠BAD=α，∵AB平分∠DAC∴∠CAD=2∠BAD=2α，∵EF∥GH∴∠CMB=∠CAD=2α,∵∠ACB=100°∴在△CMB中，∠CBM=180°-100°-2α =80°-2α，故④不正确.⑤设∠BAD=α，由④中证明可知∠CBM=80°-2α，∵BN平分∠FBC，∴∠CBN=∠NBF,∵∠CBN+∠NBF+∠CBM=180°∴∠CBM=180°-2∠CBN，即∠CBN=（180°-∠CBM）=【180°-（80°-2α）】=50°+α，又∵∠ABM=∠BAM=∠BAD=α，∴∠DBA=180°﹣∠ABM﹣∠CBM﹣∠CBN
=180°﹣x﹣（80°﹣2x）﹣（50°+x）
=180°﹣x﹣80°+2x﹣50°﹣x
=50°．故⑤正确．
三、解答题（本大题8个小题，共60分）
21. 计算(本题6分)
（1） （2）
【答案】（1）1；（2）；
【解析】（1）首先解平方根和立方根，然后再按顺序计算.（2）首先观察为最简二次根式，然后将同类二次根式的系数相加减即可.
【解答】
（1）
原式=2-（3-2）=2-1=1
（2）
原式=（1+3-6）= -2
22. (本题8分)（1）解方程组：
（2）解不等式，并把解集在数轴上表示出来，并写出它的最大整数解．
【答案】（1） ；（2）2.
【解析】（1）利用加减消元法，求解二元一次方程即可。（2）首先解出一元一次不等式的解集，然后在数轴上表示，找出解集中的最大整数解即可.
【解答】
（1）
解：把3x-2y=4方程两边同时乘以3，得9x-6y=12③，
用②-③得9x-5y-9x+6y=13-12，
解得y=1，
把y=1代入①得3x-2×1=4，
解得x=2，
所以原方程组的解为
（2），
解：去分母得：6x+3≤4x﹣4+12，
移项合并得：2x≤5，
系数化为1得：x≤2.5，
此不等式的解集在数轴上表示为
则不等式的最大整数解为2．
23. (本题6分) 如图，三角形ABC在平面直角坐标系中第二象限内，顶点A的坐标是，先把三角形ABC向右平移4个单位，再向下平移3个单位得到三角形．
（1）请在图中作出三角形；
（2）点的坐标为_____；点的坐标为______；点的坐标为_____；
（3）求三角形的面积．
【答案】（1）见解析；（2）（2,0）；（-1,-1）；（3,-2）；（3）
【解析】（1）分别确定平移后的对应点 再顺次连接即可得到答案；
（2）由平移后的图形在坐标系内的位置可得答案；
（3）由长方形的面积减去周边三角形的面积即可得到答案．
【解答】解：（1）如图，即为所求作的三角形，
（2）观察图形可得：（2,0）；（-1,-1）；（3,-2）；
（3）
24. (本题5分) 完成下面的证明：如图，，，求证：．
证明：
（_______________________________）
又，
，
（___________________________）
_____（______________________________）
又，
，
（______________________________）
（__________________________）
【答案】对顶角相等；同旁内角互补，两直线平行；；两直线平行，同旁内角互补；内错角相等，两直线平行；两直线平行，内错角相等
【解析】先证明，得到∠C，再证明，问题得证．
【解答】
（对顶角相等）
又，
，
（同旁内角互补，两直线平行）
∠C（两直线平行，同旁内角互补）
又，
，
（内错角相等，两直线平行）
（两直线平行，内错角相等）．
25. (本题8分)某市教育局在全市党员教职工中开展的“学习新党章、树立新形象”活动中,进行了论文的评比,论文的交稿时间为11月1日至24日,评委会把各校交的论文的篇数按4天一组分组统计,绘制成如图所示的频数分布直方图(每组包括左端点,不包括右端点)已知从左往右各小长方形的高的比为2:3:4:6:4:1,第二组的频数为18.请回答下列问题:
(1)本次活动共有多少篇论文参加评比?
(2)哪组上交的论文数量最多?是多少?
(3)经过评比,第四组和第六组分别有20篇、4篇论文获奖,则这两组哪组获奖率高?
【解析】（1）第二组的频数为18，由各小长方形的高的比为2:3:4:6:4:1,即各组频数的比是2:3:4:6:4:1，可求出第二组的频率=0.15，第二组频数除以第二组频率求得答案；
观察图可知第四组频数最多，总数乘以第四组频数即可得出答案；
计算第四组和第六组的获奖率进行比较即可得出答案。
【解答】
(1)第二组的频率是=0.15
总篇数是18÷0.15=120(篇),
则本次活动共有120篇论文参加评比.
(2)由题意可知:从左至右各长方形的高的比为2:3:4:6:4:1,则从左到右的各组的频率为0.1、0.15、0.2、0.3、0.2、0.05，第四组的论文的频数=120×0.3=36篇,
则计算可知第四组上交的论文数量最多,有36篇.
(3)第六组的论文的频数=120×0.05=6篇;
第四组的获奖率=20÷36×100%≈56%,第六组的获奖率为4÷6≈67%;
56%<67%,
则第六组的获奖率较高.
(本题7分)如图,AD⊥BC,垂足为D,∠ADE=∠CFG,∠C+∠CFG=90°试说明DE∥AC.
【解析】根据垂直定义可知∠BDE+∠ADE=90°，由于题中∠ADE=∠CFG,∠C+∠CFG=90°可知∠C+∠ADE=90°，根据同角的余角相等，可得∠BDE=∠C，根据同位角相等，两直线平行可得DE∥AC.
【解答】∵AD⊥BC,
∴∠BDE+∠ADE=90°,
又∵∠C+∠CFG=90°,∠ADE=∠CFG,
∴∠BDE=∠C,
∴DE∥AC
27.(本题10分)水果市场将120吨水果运往各地商家,现有甲、乙、丙三种车型供选择,每辆车的运载能力和运费如下表所示:(假设每辆车均满载)
(1)若全部水果都用甲、乙两种车型来运送,需运费8200元,问分别需甲、乙两种车型各几辆?
(2)为了节约运费,市场可以调用甲、乙、丙三种车型参与运送(每种车型至少1辆),已知它们的总辆数为16辆,则有几种运送方案,哪种运送方案最省运费.
【解析】(1)设需要甲种车型x辆,乙种车型y辆,根据水果120吨且运费为8200元,即可得出关于x、y的二元一次方程组,解之即可得出结论;
(2)设甲车型有a辆,乙车型有b辆,则丙车型有c辆,根据水果120吨,16辆车列出三元一次方程组,结合未知数a、b、c实际意义均为正整数求解.
【解答】(1)设需甲车型x辆,乙车型y辆,得:
解得
答:需甲车型8辆,乙车型10辆;
(2)设需甲车型a辆,乙车型b辆,丙车型c辆,
得:
消去c得5a+2b=40,
即 ,
因a,b是正整数,且不大于16,得b=5,10,
由c是正整数,解得,
当a=6,b=5,c=5时,总运费为:6×400+5×500+5×600=7900元;
当a=4,b=10,c=2时,总运费为:4×400+10×500+2×600=7800元;
由于7800元<7900元
答：有两种运送方案：①甲车型6辆,乙车型5辆,丙车型5辆；
②甲车型4辆,乙车型10辆,丙车型2辆.
最省运费的运送方案是②甲车型4辆,乙车型10辆,丙车型2辆.
28.(本题10分)如图1，在平面直角坐标系中，A（a，0），B（b，3），C（4，0），且满足（a+b）2+|a-b+6|=0，线段AB交y轴于F点．
（1）求点A、B的坐标．
（2）点D为y轴正半轴上一点，若ED∥AB，且AM，DM分别平分∠CAB，∠ODE，如图2，求∠AMD的度数．
（3）如图3，（也可以利用图1）
①求点F的坐标；
②点P为坐标轴上一点，若△ABP的三角形和△ABC的面积相等？若存在，求出P点坐标．
【解析】
（1）根据非负数的性质得a+b=0，a-b+6=0，然后解方程组求出a和b即可得到点A和B的坐标；
（2）由AB∥DE得∠ODE+∠DFB=180°，可得∠DFB=∠AFO=90°-∠FAO，所以∠ODE+90°-∠FAO=180°，再根据角平分线定义得∠OAN=∠FAO,∠NDM=∠ODE，则∠NDM-∠OAN=45°，接着利用∠OAN=90°-∠ANO=90°-∠DNM，得到∠NDM-（90°-∠DNM）=45°，所以∠NDM+∠DNM=135°，然后根据三角形内角和定理得180°-∠NMD=135°，所以∠NMD=45°；
（3）①连结OB，如图3，
设F（0，t），根据△AOF的面积+△BOF的面积=△AOB的面积得到
•3•t+•t•3=•3•3，解得t=，
则可得到F点坐标为（0，）；
②先计算△ABC的面积=•7•3=，分类讨论：当P点在y轴上时，设P（0，y），利用△ABP的三角形=△APF的面积+△BPF的面积得到•|y-|•3+•|y-|•3=,，解得y=5或y=-2，所以此时P点坐标为（0，5）或（0，-2）；当P点在x轴上时，设P（x，0），根据三角形面积公式得
解得x=-10或x=4，所以此时P点坐标为（-10，0）或（4，0）．
【解答】
∵（a+b）2+|a-b+6|=0，
∴a+b=0，a-b+6=0，
∴a=-3，b=3，
∴A（-3，0），B（3，3）；
（2）如图2，
∵AB∥DE，
∴∠ODE+∠DFB=180°，
而∠DFB=∠AFO=90°-∠FAO，
∴∠ODE+90°-∠FAO=180°，
∵AM，DM分别平分∠CAB，∠ODE，
∴∠OAN=∠FAO,∠NDM=∠ODE,
∴∠NDM-∠OAN=45°，
而∠OAN=90°-∠ANO=90°-∠DNM，
∴∠NDM-（90°-∠DNM）=45°，
∴∠NDM+∠DNM=135°，
∴180°-∠NMD=135°，
∴∠NMD=45°，
即∠AMD=45°；
（3）①连结OB，如图3，
设F（0，t），
∵△AOF的面积+△BOF的面积=△AOB的面积，
∴×3×t+×t×3=×3×3，解得t=
∴F点坐标为（0，）；
②存在．
△ABC的面积=×7×3=
当P点在y轴上时，设P（0，y），
∵△ABP的三角形=△APF的面积+△BPF的面积，
∴•|y-|•3+•|y-|•3=,
解得y=5或y=-2，
∴此时P点坐标为（0，5）或（0，-2）；
当P点在x轴上时，设P（x，0），
则解得x=-10或x=4，
∴此时P点坐标为（-10，0）或（4，0），
综上所述，满足条件的P点坐标为（0，5）；（0，-2）；（4，0）；（-10，0）．
车型
甲
乙
丙
汽车运载量(吨/辆)
5
8
10
汽车运费(元/辆)
400
500
600