2023-2024学年吉林省长春市榆树市九年级（下）期中物理试卷

这是一份2023-2024学年吉林省长春市榆树市九年级（下）期中物理试卷，共15页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1.下列能源中，属于不可再生能源的是( )
A. 水能B. 风能C. 太阳能D. 核能
2.一束单色光从空气斜射入水中的情境如图所示。下列说法正确的是( )
A. BO是入射光，OA是反射光
B. AO是入射光，OC是折射光
C. ∠AOM是入射角，∠BON是反射角
D. 光若沿CO入射，将沿OA和OB射出
3.下列实例，通过做功改变物体内能的是( )
A. 晒太阳B. 搓手取暖C. 用电褥子取暖D. 向双手哈气取暖
4.下列实例中属于增大压强的是( )
A. 书包带做得很宽B. 大货车轮子较多C. 滑雪板较宽大D. 刀刃磨得很薄
5.下列实例中，为了减小摩擦的是( )
A. 下雪后往路面撒煤渣B. 拔河时用力握紧绳子
C. 运动鞋底部制有花纹D. 给机器轴承加润滑油
6.对于一些物理量的估测，下列说法正确的是( )
A. 家庭餐桌的高度约为80cmB. 人正常行走速度约为5m/s
C. 一名健康中学生的质量约为100kgD. 人体感觉最舒适的气温约为37℃
7.如图所示，是用滑动变阻器调节灯泡亮度的几种方案，你认为可能达到目的的是( )
A. B. C. D.
8.如图所示，用甲、乙两个滑轮将同样的钩码匀速提升相同的高度(不计摩擦及绳重，G动滑轮A. 拉力F1小于F2
B. F1和F2大小相等
C. 乙滑轮的机械效率较高
D. 甲滑轮的机械效率较高
9.如图所示电路，闭合开关，滑动变阻器的滑片由右向左最大范围内调节的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A1示数不变
B. 电压表V示数变小
C. 电流表A1示数与电流表A2示数之差变小
D. 电压表V示数与电流表A1示数的乘积变大
10.水平桌面上放置甲、乙两个相同的圆柱形容器，分别装有体积相等的不同液体。将两个完全相同的瓶口扎有薄橡皮膜的空玻璃瓶竖直浸入两种液体中，使其均处于悬浮状态，此时乙容器液面低于甲容器液面，如图所示。下列判断正确的是( )
A. 甲容器中玻璃瓶受到的浮力等于乙容器中玻璃瓶受到的浮力
B. 甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度
C. 甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
D. 甲容器底受到的液体压强小于乙容器底受到的液体压强
二、非选择题（共40分）
11.如图所示是用吸管和棉签制作的“鸟鸣器”，从管口吹气，能发出类似鸟叫的声音，鸟鸣器发声是由空气______产生的，拉动棉签可以改变声音的______，根据声源的差异，鸟鸣器可以与小提琴、笛子、鼓这三种乐器中的______归为一类。
12.小亮早上坐公交车上学时，观察到路旁的树木飞快向后退，以地面为参照物，则小亮是______的，树木是______的。(选填“运动”或“静止”)
13.为保障市民的出行安全，交管部门在很多十字路口安装了监控摄像头，它可以拍下违章车辆的现场照片，拍照时，摄像头的镜头相当于一个______(选填“凸”或“凹)透镜，所成的像是______(选填“放大”，“缩小”或“等大”)的实像，当车辆远离摄像头时，所成的像将会______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
14.如图为科研人员研制的“发电鞋”，鞋的内部安装了磁铁和线圈，人在行走时发的电存储于蓄电池中，可用于手机充电。
(1)发电鞋发电时是利用______原理工作的；
(2)穿该发电鞋以某速度行走，其平均发电功率约为0.4瓦，若以这样的速度行走10分钟，可产生电能______焦。
15.在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中：

(1)在组装器材时，出现如图甲所示的情形，其中存在的错误是______，此时应对______(选填“A”或“B”)处进行调整。
(2)器材调整好后，用酒精灯给烧杯中的水加热，某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______℃。
(3)继续加热，当水温达到90℃时，每隔0.5min记录一次温度，根据记录的数据绘制了如图丙所示的图象。由图象可知此次实验中水的沸点是______℃，由此可知当地当时的大气压______(选填“高于”“低于”或“等于”)标准大气压。
(4)为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应______，观察水是否继续沸腾。
16.请作出甲、乙两图中小球所受的力的示意图：
(1)如图甲，质地均匀的小球从弹簧正上方竖直下落，压缩弹簧减速下降。
(2)如图乙、小球刚好和斜面接触，细线处于竖直方向。
17.在探究电路的实验中，用铜导线按图甲连接好元件，闭合开关后，两表示数如图。
(1)在连接两电流表的导线中，实际电荷定向移动方向是______(选填“向左”、“向右”或“无规则运动”)。
(2)在使用电流表前发现其指计偏向零刻线左侧，应调节表盘下面的______，使指针归零。
(3)通过L1、L2的电流分别是______A、______A。
18.如图所示是某实验小组探究“杠杆平衡条件”的实验装置(杠杆刻度均匀，每个钩码重0.5N)。

(1)挂钩码前，杠杆如图甲所示。此时正确的操作是向______(选填“左”或“右”)调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡。
(2)接下来，在A、B两处挂上如图乙所示的钩码后，杠杆重新在水平位置平衡，若将A处的钩码拿掉一个，要使杠杆在水平位置再次平衡，则应将B处所挂钩码向______(选填“左”或“右”)移动______个格。
(3)某同学用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一定角度至如图丙所示位置。在旋转过程中，要使杠杆始终在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐______(选填“变大”或“变小”)，原因是______。
19.在做“探究浮力大小与液体密度、物体排开液体体积的关系”实验中。如图所示，A、B为同种材料的金属块(体积VAρ水，均在物体静止时对弹簧测力计进行读数(其中F1、F2分别为乙、丙两图中测力计示数)。

(1)如图甲所示，金属块A所受重力为______N。
(2)他将金属块A分别浸没在浓盐水和清水中，如图乙、丙所示，初步得出的实验结论是：______相同时，液体密度越大，物体所受浮力越______。
(3)再将金属块B浸没在清水中(如图丁所示)，测得其受到的浮力为1.2N，分析图甲、丙和丁得出结论：______；对比图甲、乙和丁。同时结合(2)的实验结论，是否也能分析出相同的结论呢？请写出你的分析。
20.一位设计师设计了一种“重力灯”。无论你在地球哪一个角落，无论当地的天气如何，它都可以实现照明。如图甲所示是这种“重力灯”的结构简化图，当重物下落时拉动绳子，转轴转动，小灯泡就可以发光了，重复以上操作，可以实现长时间照明。现挂上一个质量为25kg的重物，该重物恰好可以缓慢匀速下落。在重物下落高度为2.4m的过程中，就可以供一个标有“3.6V 1W”字样的LED灯持续正常发光4min。(g取10N/kg)
(1)甲图虚线框内一定有______，它的工作原理是______。
(2)求重物下落时，重力做功的功率。
(3)求重物在一次下落过程中，甲图装置能量转化的效率。
(4)取下灯泡，将甲图装置的两个输出端接入乙图中的a、b两个接线柱进行实验(设该装置在短时间实验过程中可以稳定输出3.6V电压)。R0为标有“5Ω 0.3A”的定值电阻，滑动变阻器R1标有“50Ω 1A”，电流表选择的量程为0∼0.6A，电压表选择的量程为0∼3V。为了保证电路安全，求滑动变阻器接入电路的阻值变化范围。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：根据可再生和不可再生能源的区别，可知：
核能是短时间内不能再次产生的，是不可再生能源。
太阳能、水能、风能等在短时间内可以再次产生，是可再生能源。
故选：D。
解答本题要清楚可再生能源与不可再生能源的区别，使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源。
要掌握可再生能源和不可再生能源的特点。重点记住化石能源、核能是不可再生能源；太阳能、潮汐能、风、水能是可再生能源。
2.【答案】B
【解析】解：ABC、根据反射定律，在没有光传播方向的情况下，反射光线与入射光线应该关于法线对称，过入射点O作垂直于界面的垂线即为法线PQ，如图所示：
；
根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角，可知：AO为入射光线、OB为反射光线，OC为折射光线，则∠AOP是入射角，∠BOP是反射角，∠COQ是折射角，故AC错误，B正确；
D、根据光路是可逆的可知，光若沿CO入射，将沿OA射出，故D错误。
故选：B。
(1)反射和折射是在两种介质的界面上同时发生的现象，反射遵从反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；折射遵从折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；能根据图解识别三条光线。
(2)根据光路是可逆的分析。
在两种透明介质的界面上，会同时发生折射和反射，反射光线与入射光线分居法线两侧且在同种介质中；折射光线与入射光线也是分居法线两侧，但在两种不同介质中。
3.【答案】B
【解析】解：A、晒太阳属于热传递是改变物体内能。故A错误；
B、搓手时克服摩擦做，属于做功改变物体内能。故B正确；
C、用电褥子取暖属于热传递是改变物体内能。故C错误；
D、向双手哈气，手吸收热量，属于热传递是改变物体内能。故D错误。
故选：B。
做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
本题考查了改变物体内能方式的判断，知道内能改变过程中发生的是能量的转化还是能量的转移是正确解题的关键。
4.【答案】D
【解析】解：ABC、书包带做得很宽、大货车轮子较多、滑雪板较宽大都是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故ABC不合题意。
D、刀刃磨得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D符合题意。
故选：D。
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。
5.【答案】D
【解析】解：A、下雪后往路面撒煤渣，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B、拔河时用力握紧绳子，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C、运动鞋底部制有花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、给机器轴承加润滑油，在压力一定时，使接触面分离来减小摩擦力；故D正确。
故选：D。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
6.【答案】A
【解析】解：A、中学生的身高在160cm左右，餐桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A符合实际；
B、人正常步行的速度在4km/ℎ=4×13.6m/s≈1.1m/s左右，故B不符合实际；
C、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右，故C不符合实际；
D、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
7.【答案】C
【解析】解：
A、如图，灯泡和滑动变阻器的下半段被导线短路，灯泡不亮，滑动变阻器更不能调节灯泡的亮度，故A不符合题意。
B、滑动变阻器的上半段被短路，灯泡和滑动变阻器的下半段是并联的，灯泡两端电压始终等于电源电压，所以滑动变阻器不能改变灯泡的亮度，故B不符合题意。
C、滑动变阻器和灯泡是串联的，移动滑动变阻器的滑片，改变电路中的电阻，改变电路中的电流，改变灯泡的亮度，故C符合题意。
D、灯泡和滑动变阻器都被导线短路，灯泡不能发光，滑动变阻器更不能调节灯泡的亮度，故D不符合题意。
故选：C。
灯泡和滑动变阻器串联在电路中，移动滑片，改变连入电路的电阻，改变电路中灯泡的电流，能调节灯泡的亮度。灯泡和滑动变阻器并联时，移动滑片，不能改变灯泡的电流，不能调节灯泡的亮度。
滑动变阻器和灯泡串联时才能改变灯泡的亮度。掌握滑动变阻器连入电路的部分，才能具体判断灯泡亮度的变化情况。
8.【答案】D
【解析】解：
AB、不计摩擦及绳重时，F1=G，F2=12(G+G动)，且G动滑轮F2，故AB错误；
CD、把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用动滑轮做的总功多，机械效率η=W有用W总，故甲的机械效率比乙大，故C错误，D正确．
故选D
由滑轮的特点可知力的大小和绳子自由端移动的距离；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用动滑轮做的总功多，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系．
本题考查了定滑轮与定滑轮的特点，机械效率的计算方法，是中考的热点．
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测灯泡支路的电流，电压表测电源的电压；
闭合开关S，当滑动变阻器的滑片从右端向左移动的过程中，由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故B错误；
滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大，由于电流表A1示数与电流表A2示数之差就是通过滑动变阻器的电流，所以电流表A1示数与电流表A2示数之差变大，故C错误；
并联电路各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变，电流表A2示数不变；
根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，电流表A1示数变大，故A错误；
电压表示数不变，电流表A1示数变大，则电压表V示数与电流表A1示数的乘积变大，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测灯泡支路的电流，电压表测电源的电压；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流不变；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后分析各个选项。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
10.【答案】ACD
【解析】解：A、两瓶都悬浮在液体中，根据物体浮沉条件可知，两瓶受到的浮力都等于其重力，两瓶相同，则重力相等，所以两瓶受到的浮力大小相等，故A正确；
B、两瓶都悬浮在液体中，其受到的浮力大小相等，液体原来的体积相同，放入小瓶后，乙容器液面低于甲容器液面，所以乙容器中排开液体的体积小于甲容器中排开液体的体积，根据F浮=ρ液gV排可知甲容器中液体密度小于乙容器中液体密度，故B错误；
C、液体原来的体积相同，且甲容器中液体密度小于乙容器中液体密度，根据m=ρV知甲容器中液体的质量小于乙容器中液体的质量，由G=mg知甲容器中液体的重力小于乙容器中液体的重力，两瓶相同，其重力相等；两容器也相同，其重力相等，由于容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的总重力，所以甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力，故C正确；
D、甲容器中液体的重力小于乙容器中液体的重力，且两瓶重力相等，即总重力相同，由于容器为圆柱形，所以对容器底的压力相同，由p=FS得甲容器底受到的液体压强小于乙容器底受到的液体压强，故D正确。
故选：ACD。
(1)物体悬浮时，F浮=G；
(2)根据F浮=ρ液gV排比较两种液体的密度关系；
(3)容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的总重力；
(4)根据p=ρ液gℎ分析解答。
此题考查物体浮沉条件的应用、压强的大小比较、压力及重力与压力的区别，具有较强的综合性，难度一般，知道容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的总重力是关键。
11.【答案】振动 音调 笛子
【解析】解：从管口吹气，吸管内的空气就会振动发出类似鸟鸣的声音。
音调指声音的高低，与频率有关。拉动棉签，吸管内振动的空气柱的长度发生变化，造成空气柱振动的快慢不同，频率不同，音调就会发生变化。
“鸟鸣器”是靠吸管内的空气振动发声的。小提琴是靠琴弦的振动发声，笛子是笛子内空气柱振动发声，而鼓是鼓面的振动发声，所以鸟鸣器可以与笛子归为一类。
故答案为：振动；音调；笛子。
(1)物体振动产生声音。
(2)音调指声音的高低，与频率有关。
(3)管乐器靠空气柱振动发声。
理解声音产生的条件，区分声音的三个特征，知道空气柱振动能够产生声音，可解答此题。
12.【答案】运动 静止
【解析】解：以地面为参照物，小亮的位置发生变化，说明小亮是运动的；路旁的树木相对于地面的位置不发生变化，则树木是静止的。
故答案为：运动；静止。
以地面为参照物，小亮的位置发生变化，树木的位置不发生变化，据此判断。
本题考查参照物的选取，判断物体的运动状态的关键是看物体的位置是否发生变化。
13.【答案】凸 缩小 变小
【解析】解：拍照时，摄像头的镜头相当于一个凸透镜；
照相机和摄像头的原理：当u>2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像。
当车辆远离摄像头时，物距增大，像距减小，像变小。
故答案为：凸；缩小；变小。
(1)凸透镜成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机或摄像头。
(2)凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像也变小。
掌握凸透镜成像的三种情况和应用是解决此题的关键。
14.【答案】电磁感应；240
【解析】解：
(1)由题意可知，人在行走时，人体带动磁铁运动，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流，所以“发电鞋”是利用电磁感应原理制成的；
(2)以正常速度行走时，其发电的功率约为0.4W，
所以10min产生的电能为：W=Pt=0.4W×600s=240J。
本题主要考查了电磁感应原理的应用和电能的计算，明确“发电鞋”的工作原理是解答此题的关键。
15.【答案】温度计的玻璃泡碰到容器底 A 76 99 低于 停止加热
【解析】解：(1)实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，图甲中温度计的玻璃泡接触了烧杯底部，应调整A；
(2)确定温度计的分度值为1℃，在0刻度线以上，示数为76℃；
(3)从图象可以看出水在沸腾过程中保持99℃不变，所以沸点为99℃；沸腾时，温度保持不变，1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越小沸点越低，由此可知当地当时的大气压低于标准大气压；
(4)为探究水沸腾的过程中是否需要吸热，应停止加热，观察水是否继续沸腾。
故答案为：(1)温度计的玻璃泡碰到容器底；A；(2)76；(3)99；低于；(4)停止加热。
(1)实验组装过程中，要采用自下而上的方法组装，温度计在使用时玻璃泡不能接触烧杯底或烧杯壁；
(2)确定温度计的分度值为1℃，读出示数；
(3)水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变；1标准大气压时水的沸点为100℃，气压越低沸点越低；
(4)水沸腾时的特点：不断吸热但温度保持不变。
在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。
16.【答案】解(1))忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，此时小球受到重力和弹力两个力的作用，从小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，用G和F表示，且G(2)小球处于静止状态，受力平衡，绳子处于竖直状态(球与斜面虽然接触但不发生挤压)，所以小球不受摩擦力和支持力的作用；则小球受到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子向上，两个力的作用点都画在球的重心上，这两个力是一对平衡力，大小相等，作图时两条线段的长度相等。如图所示：

【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
17.【答案】(1)向左；(2)调零旋钮；(3)0.76；0.24。
【解析】解：
(1)在连接两电流表的导线中，电流是从电源的正极出发，经过电流表、用电器，回到电源的负极，如图所示电路，开关闭合后，电流方向为从左到右；而实际电荷(电子)定向移动方向是向左；
(2)在使用电流表前，需要先检查电流表的指针是否对准零刻线，如果不在“0”刻度线上，需要调节表盘下面的调零旋钮，使指针归零；
(3)由图可知，两灯泡并联，电流表A2测量通过灯泡L2的电流，电流表A1测量干路电流，则乙选择的是0～3A量程，故乙为电流表A1，其分度值为0.1A，示数为I=1A；
电流表丙选择的是0～0.6A，分度值为0.02A，示数为I2=0.24A，即丙为电流表A2，则通过灯泡L2的电流为0.24A；
根据并联电路的电流特点可知，通过灯泡L1的电流为I1=I−I2=1A−0.24A=0.76A。
故答案为：(1)向左；(2)调零旋钮；(3)0.76；0.24。
本题考查了电流的方向、电流表的使用和读数，需要首先对电路连接关系进行分析，然后根据电路的特点确定两个电流表的示数。
18.【答案】右 左 2 变大 阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力慢慢变大
【解析】解：(1)由图中，杠杆的右端较高，平衡螺母应向右端移动使杠杆平衡；
(2)设一个钩码重为G，一格的长度为L；根据杠杆的平衡条件可得G×6L=3G×nL
解得n=2，
故应该将B处所挂钩码须向左移动2格；
(3)弹簧测力计在B处竖直向下拉时，拉力的方向竖直向下与杠杆垂直，动力臂等于支点到力的作用点的距离；弹簧测力计在逐渐旋转过程中，拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂不再等于支点到力的作用点的距离，即动力臂变小，根据杠杆平衡条件得，动力变大，阻力和阻力臂不变，则弹簧测力计的示数变大。
故答案为：(1)右；(2)左；2；(3)变大；阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力慢慢变大。
(1)调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此分析；
(3)根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析解题。
本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。正确理解杠杆的平衡条件是关键。
19.【答案】4 物体排开液体体积 大 浮力大小与排开液体的体积有关
【解析】解：(1)图甲是用弹簧测力计测量金属块A的重力，弹簧测力计分度值为0.1N，示数4N，即金属块A所受重力为4N；
(2)由图乙、丙可知，金属块A浸没在浓盐水和清水中排开液体的体积相同，受到的浮力分别为：
F ​浮乙=G−F ​1=4N−2.8N=1.2N，
F ​浮丙=G−F ​2=4N−3N=1N，
由此看出，浓盐水的密度大，金属块受到的浮力大，故可得结论：排开液体体积相同时，液体密度越大，物体所受浮力越大；
(3)分析图甲、丙和丁可知，液体密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，说明浮力大小与排开液体的体积有关；
因为ρ浓盐水>ρ水，由(2)知，其他条件相同时，物体在水中受到浮力应小一些，而实验中物体在清水中受到的浮力却等于盐水中受到的浮力，是因为在清水中排开液体体积较大，所以能分析出“浮力大小与物体排开液体体积的关系。
故答案为：(1)4；(2)物体排开液体体积；大；(3)浮力大小与排开液体的体积有关；实验中物体在清水中受到的浮力等于盐水中受到的浮力，由于ρ浓盐水>ρ水，所以在清水中排开液体体积较大，故能分析出浮力大小与物体排开液体体积的关系。
(1)根据弹簧测力计的量程和分度值读出弹簧测力计的示数；
(2)根据称量法算出金属块A在盐水和清水中的浮力，得出结论；
(3)根据乙、丙中受到的浮力以及盐水密度与水密度的关系判断出乙、丙排开液体体积的关系。
本题考查了探究影响浮力大小的因素和控制变量法的应用。在分析问题时，要明确哪些量是相同的，哪些量是变化的或不同的，正是这些变化的或不同的量导致了实验结果的不同。
20.【答案】(1)发电机 电磁感应现象
(2)重物下落时，重力做的功：W机械=Gℎ=mgℎ=25kg×10N/kg×2.4m=600J，
重力做功的功率：P=W机械t=600J4×60s=2.5W；
(3)由P=Wt可得，该装置获得的电能：W电=PLEDt=1W×4×60s=240J，
所以甲图装置能量转化的效率：η=W电W机械×100%=240J600J×100%=40%；
(4)因串联电路中各处的电流相等，且R0允许通过的最大电流为0.3A，滑动变阻器R1允许通过的最大电流为1A，电流表选择量程为0∼0.6A，
所以，电路中的最大电流I大=0.3A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=UR可得，电路的最小总电阻：R总小=UI大=Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R1小=R总小−R0=12Ω−5Ω=7Ω；
当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时R0两端的电压：U0=U−U1大=3.6V−3V=0.6V，
则电路中的最小电流：I小=U0R0=0.6V5Ω=0.12A，
此时滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R1大=U1大I小=3V0.12A=25Ω，
所以，为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值变化范围为7Ω∼25Ω。
答：(1)发动机；电磁感应现象；
(2)重物下落时，重力做功的功率为2.5W；
(3)重物在一次下落过程中，甲图装置能量转化的效率为40%；
(4)为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值变化范围为7Ω∼25Ω。
【解析】本题考查了发动机的原理和做功公式、功率公式、串联电路的特点以及欧姆定律的应用等，要注意重物下落的时间和灯泡持续正常发光时间相等。