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    广东省惠州市博罗县2023-2024学年高一下学期5月期中考试数学试题

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    广东省惠州市博罗县2023-2024学年高一下学期5月期中考试数学试题

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    这是一份广东省惠州市博罗县2023-2024学年高一下学期5月期中考试数学试题,共16页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    1.(5分)若复数z满足(1﹣i)z=2i,则z•=( )
    A.B.C.2D.4
    2.(5分)已知α,β,γ是三个不同的平面,α∩γ=m,β∩γ=n,则“m∥n”是“α∥β”的( )条件.
    A.充分非必要B.必要非充分
    C.充分必要D.既非充分又非必要
    3.(5分)在△ABC中,,则A=( )
    A.30°B.45°C.120°D.150°
    4.(5分)设,是两个单位向量,且||=,那么它们的夹角等于( )
    A.B.C.D.
    5.(5分)在△ABC中,D是BC的中点,E是AD的中点,则=( )
    A.B.C.D.
    6.(5分)如图,在平面直角坐标系xOy中,P是函数y=sinx图象的最高点,Q是y=sinx的图象与x轴的交点,则的坐标是( )
    A.B.(π,0)C.(﹣π,0)D.(2π,0)
    7.(5分)已知轴截面为正方形的圆柱MM′的体积与球O的体积之比为,则圆柱MM′的表面积与球O的表面积之比为( )
    A.1B.C.2D.
    8.(5分)如图,某市人民广场正中央有一座铁塔,为了测量塔高AB,某人先在塔的正西方点C处测得塔顶的仰角为45°,然后从点C处沿南偏东30°方向前进60m到达点D处,在D处测得塔顶的仰角为30°,则铁塔AB的高度是( )
    A.50mB.30mC.25mD.15m
    二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得6分,有选错的得0分,若只有2个正确选顶,每选对一个得3分;若只有3个正确选项,每选对一个得2分
    (多选)9.(6分)设z=1﹣i,则( )
    A.B.C.D.
    (多选)10.(6分)已知直线l,m,平面α,β,则下列说法错误的是( )
    A.m∥l,l∥α,则m∥α
    B.l∥β,m∥β,l⊂α,m⊂α,则α∥β
    C.l∥m,l⊂α,m⊂β,则α∥β
    D.l∥β,m∥β,l⊂α,m⊂α,l∩m=M,则α∥β
    (多选)11.(6分)下列说法中错误的是( )
    A.若都是非零向量,则“”是“与共线”的充要条件
    B.若都是非零向量,且,则
    C.若单位向量满足,则
    D.若I为三角形ABC外心,且,则B为三角形ABC的垂心
    三、填空题,本题共3小题,每小题5分,共计15分.
    12.(5分)若一个球的表面积与其体积在数值上相等,则此球的半径为 .
    13.(5分)已知平面向量与的夹角为,若,,则在上的投影向量的坐标为 .
    14.(5分)已知△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c,若△ABC的面积为,,则该三角形的外接圆直径2R= .
    四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
    15.(13分)已知向量.
    (1)若,求λ+μ的值;
    (2)若,求与的夹角的余弦值.
    16.(15分)如图所示,在正四棱锥S﹣ABCD中,SA=SB=SC=SD=2,AB=,求;
    (1)正四棱锥S﹣ABCD的表面积;
    (2)若M为SA的中点,求证:SC∥平面BMD.
    17.(15分)记△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知.
    (1)求A;
    (2)求的最大值.
    18.(17分)如图,在等腰梯形ABCD中,AB∥DC,AB=2BC=2CD=2DA,M为线段BC中点,AM与BD交于点N,P为线段CD上的一个动点.
    (1)用和表示;
    (2)求;
    (3)设,求xy的取值范围.
    19.(17分)设f(z)是一个关于复数z的表达式,若f(x+yi)=x1+y1i(其中x,y,x1,y1∈R,i为虚数单位),就称f将点P(x,y)“f对应”到点Q(x1,y1).例如:将点(0,1)“f对应”到点(0,﹣1).
    (1)若f(z)=z+1(z∈C),点P1(1,1)“f对应”到点Q1,点P2“对应”到点Q2(1,1),求点Q1、P2的坐标.
    (2)设常数k,t∈R,若直线l:y=kx+t,f(z)=z2(z∈C),是否存在一个有序实数对(k,t),使得直线l上的任意一点P(x,y)“f对应”到点Q(x1,y1)后,点Q仍在直线l上?若存在,试求出所有的有序实数对(k,t);若不存在,请说明理由.
    (3)设常数a,b∈R,集合D{z|z∈C且Rez>0}和A={w|w∈C且|w|<1},若满足:①对于集合D中的任意一个元素z,都有f(z)∈A;②对于集合A中的任意一个元素w,都存在集合D中的元素z使得w=f(z).请写出满足条件的一个有序实数对(a,b),并论证此时的f(z)满足条件.
    参考答案与试题解析
    一、单项选择题:木题共8小题,每小题5分,共40分,在每个小题绐出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
    1.(5分)若复数z满足(1﹣i)z=2i,则z•=( )
    A.B.C.2D.4
    【解答】解:因为(1﹣i)z=2i,
    所以=﹣1+i.
    故=2.
    故选:C.
    2.(5分)已知α,β,γ是三个不同的平面,α∩γ=m,β∩γ=n,则“m∥n”是“α∥β”的( )条件.
    A.充分非必要B.必要非充分
    C.充分必要D.既非充分又非必要
    【解答】 解:如图,将α,β,γ平面视为一个三棱柱的三个侧面,
    设α∩β=a,a,m,n为三棱柱三条侧棱所在的直线,
    则由m∥n得不到α∥β,充分性不成立,
    若α∥β,且α∩γ=m,β∩γ=n,
    由面面平行的性质定理可得m∥n,必要性成立,
    所以是必要非充分条件.
    故选:B.
    3.(5分)在△ABC中,,则A=( )
    A.30°B.45°C.120°D.150°
    【解答】解:在△ABC中,,
    可得csA==,A∈(0°,180°),
    所以A=30°.
    故选:A.
    4.(5分)设,是两个单位向量,且||=,那么它们的夹角等于( )
    A.B.C.D.
    【解答】解:∵,且,
    ∴=,
    ∴,
    ∴,且,
    ∴.
    故选:C.
    5.(5分)在△ABC中,D是BC的中点,E是AD的中点,则=( )
    A.B.C.D.
    【解答】解:在△ABC中,D是BC的中点,E是AD的中点,
    故 .
    故选:C.
    6.(5分)如图,在平面直角坐标系xOy中,P是函数y=sinx图象的最高点,Q是y=sinx的图象与x轴的交点,则的坐标是( )
    A.B.(π,0)C.(﹣π,0)D.(2π,0)
    【解答】解:由题意以及题图可知Q(π,0),O(0,0),所以.
    故选:B.
    7.(5分)已知轴截面为正方形的圆柱MM′的体积与球O的体积之比为,则圆柱MM′的表面积与球O的表面积之比为( )
    A.1B.C.2D.
    【解答】解:设圆柱MM′底面圆半径为r,球O的半径为R,
    则圆柱MM′的高为2r,由,可得,
    所以圆柱MM′的表面积与球O的表面积之比为.
    故选:B.
    8.(5分)如图,某市人民广场正中央有一座铁塔,为了测量塔高AB,某人先在塔的正西方点C处测得塔顶的仰角为45°,然后从点C处沿南偏东30°方向前进60m到达点D处,在D处测得塔顶的仰角为30°,则铁塔AB的高度是( )
    A.50mB.30mC.25mD.15m
    【解答】解:设AB=x,x>0,
    在Rt△ABC中,由∠ACB=45°,得BC=AB=x,
    在Rt△ABD中,由∠ADB=30°,得BD=AB=x,
    在△BCD中,有∠BCD=90°﹣30°=60°,CD=60,
    由余弦定理得:BD2=CD2+CB2﹣2CD•CB•cs∠BCD,
    即3x2=3600+x2﹣2×60×x×cs60°,
    整理得x2+30x﹣1800=0,
    解得x=30或x=﹣60(不合题意,舍去),
    所以塔AB的高度是30m.
    故选:B.
    二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得6分,有选错的得0分,若只有2个正确选顶,每选对一个得3分;若只有3个正确选项,每选对一个得2分
    (多选)9.(6分)设z=1﹣i,则( )
    A.B.C.D.
    【解答】解:由z=1﹣i可得,
    所以,即A正确;
    可得,即B正确;
    |z|2=12+(﹣1)2=2,,显然错误,即C错误;
    ,而,所以D错误.
    故选:AB.
    (多选)10.(6分)已知直线l,m,平面α,β,则下列说法错误的是( )
    A.m∥l,l∥α,则m∥α
    B.l∥β,m∥β,l⊂α,m⊂α,则α∥β
    C.l∥m,l⊂α,m⊂β,则α∥β
    D.l∥β,m∥β,l⊂α,m⊂α,l∩m=M,则α∥β
    【解答】解:选项A中,m可能在α内,也可能与α平行,故A错误;
    选项B中,α与β也可能相交,故B错误;
    选项C中,α与β也可能相交,故C错误;
    选项D中,依据面面平行的判定定理可知α∥β,故D正确.
    故选:ABC.
    (多选)11.(6分)下列说法中错误的是( )
    A.若都是非零向量,则“”是“与共线”的充要条件
    B.若都是非零向量,且,则
    C.若单位向量满足,则
    D.若I为三角形ABC外心,且,则B为三角形ABC的垂心
    【解答】解:对于A项,由与共线,
    可取,
    则,
    又,
    即“”是“与共线”的充分不必要条件,
    故A项错误;
    对于B项,由两边平方,展开得,
    化简得:,
    即,
    故B项正确;
    对于C项,由可得:,
    两边平方得,
    因是单位向量,
    则,
    则,
    解得,
    又由可得:,
    两边平方得,
    则,
    解得,
    则,
    故C项错误;
    对于D项,因为,
    故由可得:,
    故得点I为边AC的中点,
    即三角形ABC的外心为AC的中点,
    即AI=BI=CI,
    故得AB⊥BC,
    即B为三角形ABC的垂心,
    故D项正确.
    故选:AC.
    三、填空题,本题共3小题,每小题5分,共计15分.
    12.(5分)若一个球的表面积与其体积在数值上相等,则此球的半径为 3 .
    【解答】解:设球的半径为R,由题意可得,
    解得R=3.
    故答案为:3.
    13.(5分)已知平面向量与的夹角为,若,,则在上的投影向量的坐标为 .
    【解答】解:向量在向量上的投影向量是.
    故答案为:.
    14.(5分)已知△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c,若△ABC的面积为,,则该三角形的外接圆直径2R= 2 .
    【解答】解:△ABC的面积为,
    则,即tanC=1,
    0<C<π,
    则C=,

    则,解得2R=2.
    故答案为:2.
    四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤
    15.(13分)已知向量.
    (1)若,求λ+μ的值;
    (2)若,求与的夹角的余弦值.
    【解答】解:(1)因为,
    所以.
    因为,所以,
    解得,
    所以.
    (2)因为,所以,
    即2×4+3×1﹣(2×1+3x)=0,
    解得x=3,所以,
    故.
    16.(15分)如图所示,在正四棱锥S﹣ABCD中,SA=SB=SC=SD=2,AB=,求;
    (1)正四棱锥S﹣ABCD的表面积;
    (2)若M为SA的中点,求证:SC∥平面BMD.
    【解答】(1)解:因为SA=SB=SC=SD=2,AB=,
    取CD的中点H,连接SH,
    由题意可得SH===,
    由题意可得S侧面积=4S△SCD=4×CD×SH=2××=2,
    所以S表面积=S侧面积+SABCD=2+()2=2+2;
    (2)证明:连接BD交AC于O,由题意可得O为AC的中点,
    连接OM,M为SA的中点,在△SAC中,可得OM∥SC,
    OM⊂平面BMD,SC⊄平面BMD,
    所以SC∥平面BMD.
    17.(15分)记△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知.
    (1)求A;
    (2)求的最大值.
    【解答】解:(1)由bsinA+acsB=c及正弦定理得,sinBsinA+sinAcsB=sinC,
    因为sinC=sin(A+B)=sinAcsB+csAsinB,
    所以sinBsinA+sinAcsB=sinAcsB+csAsinB,
    即sinBsinA=csAsinB,
    因为sinB≠0,所以sinA=csA,
    所以tanA=,
    又A∈(0,π),所以A=.
    (2)由正弦定理知,,
    所以===•(2sinB+csB+sinB)
    =•(sinB+csB)=sin(B+φ),其中tanφ=(|φ|<),
    所以当B+φ=时,的最大值为.
    18.(17分)如图,在等腰梯形ABCD中,AB∥DC,AB=2BC=2CD=2DA,M为线段BC中点,AM与BD交于点N,P为线段CD上的一个动点.
    (1)用和表示;
    (2)求;
    (3)设,求xy的取值范围.
    【解答】解:(1)由平面向量的加法法则,可得①,,②
    因为M为线段BC中点,所以,
    ①②相加,结合,化简得,即.
    (2)由AM与BD交于点N,可知存在实数t,使,
    根据B、N、D三点共线,得,解得,即,所以.
    (3)由题意,设,
    代入并整理,可得.
    又,根据平面向量基本定理,得,所以x=y﹣1,可得.
    因为,所以,
    可得xy=y(1﹣y)=y2﹣y,相应二次函数的图象是开口向上的抛物线,关于直线x=对称,
    因此函数F(y)=y2﹣y在区间单调为增函数,当y=1时,(xy)min=0,当y=时,,
    综上所述,xy的取值范围为.
    19.(17分)设f(z)是一个关于复数z的表达式,若f(x+yi)=x1+y1i(其中x,y,x1,y1∈R,i为虚数单位),就称f将点P(x,y)“f对应”到点Q(x1,y1).例如:将点(0,1)“f对应”到点(0,﹣1).
    (1)若f(z)=z+1(z∈C),点P1(1,1)“f对应”到点Q1,点P2“对应”到点Q2(1,1),求点Q1、P2的坐标.
    (2)设常数k,t∈R,若直线l:y=kx+t,f(z)=z2(z∈C),是否存在一个有序实数对(k,t),使得直线l上的任意一点P(x,y)“f对应”到点Q(x1,y1)后,点Q仍在直线l上?若存在,试求出所有的有序实数对(k,t);若不存在,请说明理由.
    (3)设常数a,b∈R,集合D{z|z∈C且Rez>0}和A={w|w∈C且|w|<1},若满足:①对于集合D中的任意一个元素z,都有f(z)∈A;②对于集合A中的任意一个元素w,都存在集合D中的元素z使得w=f(z).请写出满足条件的一个有序实数对(a,b),并论证此时的f(z)满足条件.
    【解答】解:(1)由P1(1,1)知z=1+i,则f(z)=z+1=2+i,故Q1(2,1),
    设P2(x,y),则f(z)=z+1=(x+1)+yi,
    由Q2(1,1)知x+1=1,y=1,则x=0,y=1,即P2(0,1);
    (2)直线l上的任意一点P(x,y)“对应”到点Q(x1,y1),
    所以z=x+yi,f(z)=z2=(x2﹣y2)+2xyi,且y=kx+t,
    所以x2﹣y2=x1,2xy=y1,即Q(x2﹣y2,2xy),
    由题意,点Q(x1,y1)仍在直线l上,
    则2xy=k(x2﹣y2)+t,又y=kx+t,
    则2x(kx+t)=k[x2﹣(kx+t)2]+t,
    展开整理得(k3+k)x2+(2t+2k2t)x+kt2﹣t=0,
    则,解得k=t=0,
    所以,所求的有序实数对(k,t)为(0,0);
    (3)满足条件的一个有序实数对为(﹣1,1),
    即a=﹣1,b=1,f(z)=,证明如下:
    证明:设z=x+yi,x,y∈R且x>0,
    则f(z)==,
    |f(z)|=||=,
    因为(﹣x+1)2+y2﹣[(x+1)2+y2]=﹣4x<0,
    所以(﹣x+1)2+y2<(x+1)2+y2,
    |f(z)|=<1,
    即f(z)∈A,满足条件①;
    设ω=m+ni,m,n∈R,且|ω|<1,即<1,得m2+n2<1,
    由ω=f(z)得ω=,
    则z==﹣1+=﹣1+=﹣1+=﹣1+﹣=﹣,
    则Rez=>0,满足条件②,
    综上,满足条件的一个有序实数对为(﹣1,1).

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