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2024年陕西省宝鸡市教育联盟校中考（二模）物理试卷（原卷版+解析版）
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这是一份2024年陕西省宝鸡市教育联盟校中考（二模）物理试卷（原卷版+解析版），文件包含2024年陕西省宝鸡市教育联盟校中考二模物理试卷原卷版docx、2024年陕西省宝鸡市教育联盟校中考二模物理试卷解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共30页， 欢迎下载使用。
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。
2.本套试卷满分80分，考试时间80分钟。
3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第一部分（选择题共20分）
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1. 物理是一门以观察和实验为基础的学科。作为初三学生的你，对与自身相关的一些物理量的估测最切合实际的是（ ）
A. 质量约50kgB. 正常体温约42℃
C. 身高约16.5cmD. 1min脉搏跳动约50次
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生的质量在50kg左右，故A符合实际；
B．正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度较小，故B不符合实际；
C．中学生的身高约在
1.65m=16.5dm=165cm
故C不符合实际；
D．正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，故D不符合实际。
故选A。
2. 关于智能音箱，以下说法中错误的是（ ）
A. 音箱发出的声音在空气中传播的速度大约340m/s
B. 音箱靠扬声器纸盆的振动发出声音
C. 当音箱接收到“大声点”的指令后，纸盘振动加快
D. 播放音乐时，人们能分辨出不同乐器的声音，依据的是声音的音色
【答案】C
【解析】
【详解】A．声音在15℃的空气中传播的速度约为340m/s，故A正确，A不符合题意；
B．一切声音都是由物体的振动产生的。音箱发出的声音靠扬声器纸盆的振动发出声音，故B正确，B不符合题意；
C． “大声点”是指响度大一些，因此纸盘振动的振幅会变大，故C错误，C符合题意；
D．不同的发声体发出声音的音色不同，人们能分辨出不同乐器的声音，依据的是声音的音色，故D正确，D不符合题意。
故选C。
3. 小吃街上出现了一种“冒烟”的冰激凌，只见店员将﹣196℃的液氮倒入容器中，然后放入液体牛奶和五颜六色的爆米花冰激凌原料瞬间冷冻成型而容器中的液氮发生了肉眼可见的“沸腾”。下列说法正确的是（ ）
A. 碗里液体“沸腾”是因为液氮汽化
B. 冰激凌周围的“白气”是液氮汽化成的氮气
C. 液体“沸腾”是因为液氮放热使容器中的水吸热后沸腾
D. 冰激凌周围的“白气”过一会消失是液化现象
【答案】A
【解析】
【详解】氮在常温常压下是气态，所以液氮倒入容器后迅速吸热汽化，导致周围空气中的水蒸气遇冷液化形成“白气”，冰激凌周围的“白气”过一会消失是汽化现象，故A正确，BCD错误。
故选A。
4. 诗词是中华文化的瑰宝之一，下列诗词与对应的物理知识正确的一项是（ ）
A. “溪边照影行，天在清溪底”诗句中的“天”是由光的折射形成的虚像
B. “水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”看到水中游鱼细石是因为光的直线传播
C. “人面桃花相映红”桃花呈红色是因为它能吸收红光
D. “掬水月在手，弄花香满衣”诗句中的月是由光的反射形成的虚像
【答案】D
【解析】
【详解】A．“溪边照影行，天在清溪底”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，所成的像是虚像，故A错误；
B．“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”在岸上看到水中的游鱼、细石，是水中的游鱼、细石反射的光线斜射入空气中时，发生光的折射而形成的虚像，故B错误；
C．因为桃花能反射红光，其他有色光都被吸收了，所以会有人面和桃花相映红的现象，故C错误；
D．“掬水月在手，弄花香满衣”，属于平面镜成像现象，是由光的反射形成的虚像，故D正确。
故选D。
5. 下列四幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，有关说法正确的是（ ）
A. “场中打稻”中通过摔打的方法能将稻粒从稻秆上打落下来是因为稻粒具有惯性
B. “赶稻及菽”中牛拉石碾的力与石碾拉牛的力是一对平衡力
C. “透火焙干”中把湿纸贴在墙上可以加快水分升华
D. “炒蒸油料”中在锅中翻炒的目的是通过做功的方法改变油料的内能
【答案】A
【解析】
【详解】A．当摔打稻秆时，稻秆由静止变为运动，而稻粒由于惯性继续保持原来的静止状态，所以能将稻粒从稻秆上打落下来，这是利用稻粒的惯性，故A正确；
B．“赶稻及菽”中牛拉石碾的力与石碾拉牛的力作用在不同物体上，是相互作用力，不是平衡力，故B错误；
C．“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上，温度升高，水分蒸发加快，易干，故C错误；
D．“炒蒸油料”中翻炒油料使油料受热均匀，油料从锅体上吸收热量，是通过热传递增加了油料的内能，故D错误。
故选A。
6. 历史文化名城宝鸡有着许多让人印象深刻的美食、文化、旅游资源。下列说法正确的是（ ）
A. “岐山擀面皮”蒸煮过程中内能增加，是采用做功的方法改变了物体的内能
B. 秦岭主峰“太白山”山顶煮食物比山脚易熟，山顶的海拔高气压高水的沸点高
C. 西凤酒“开坛香十里，隔壁醉三家”，酒香四溢说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 在“渭河河堤路”骑行道上骑车时，以自行车为参照物路标是静止的
【答案】C
【解析】
【详解】A．“岐山擀面皮”在蒸煮过程中，吸收热量，内能增加，采用热传递改变了物体的内能，故A错误；
B．山顶的海拔高，气压低，水的沸点低，不容易煮熟食物，故B错误；
C．酒香四溢，属于扩散现象，是分子无规则运动的结果，故C正确；
D．骑车时，以自行车为参照物，路标于自行车之间有位置的变化，路标是运动的，故D错误。
故选C。
7. 如图是一款家用衣物烘干机，关上门相当于闭合开关S1，滚筒旋转紫外杀菌灯杀菌；再将烘干开关S2闭合，开始烘干衣物并高温杀菌：若只闭合开关S2不关门，则烘干机不工作。下图中M是滚筒，L是杀菌灯，R是加热电阻，如杀菌灯坏了，不影响烘干衣物。下列设计符合题意的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据题意可知，开关S1控制滚筒、紫外杀菌灯，开关S2闭合，开始烘干衣物并高温杀菌，这说明开关S2闭控制发热电阻，只闭合开关S2不关门，则烘干机不工作，这说明开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与发热电阻串联在电路中，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲的连接方式符合安全用电的原则
B. 图乙中如果测电笔接触插座左、右两孔氖管都发光可能是零线断路
C. 如果发生人体触电事故，图丙中空气开关一定会跳闸
D. 图丁洗衣机的三脚插头中的N脚接地线
【答案】B
【解析】
【详解】A．图甲中开关接在零线与灯泡之间，开关断开时灯泡依然与火线相连接，容易发生危险，不符合安全用电的原则，故A错误；
B．图乙中如果测电笔接触插座左右两孔氖管都发光，可能是因为进户零线断路，插座中的“零线”通过其他用电器连接到火线上，所以接触左右两孔时都相当于接到了火线上，氖管都发光，故B正确；
C．空气开关跳闸是因为家庭电路中的电流过大，而发生人体触电事故是因为漏电，电流一般较小，空气开关不会跳闸，故C错误；
D．三孔插座中的N脚是接火线的，故D错误。
故选B。
9. 电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。下列实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】发电机是利用电磁感应原理来工作的。
A．图说明通电螺线管周围存在磁场，故A不符合题意；
B．扬声器是利用通电线圈在磁场中受到力的作用来工作的，故B不符合题意；
C．该图说明闭合路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，闭合开关后，电流表的指针发生偏转，是电磁感应现象，故C符合题意；
D．该图说明通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故D不符合题意。
故选C。
10. 中国近年来在科技方面发展迅猛，特别是能源方面取得了骄人成绩。关于能源、能量及其转化，下列说法中正确的是（ ）
A. 被称为“海上幽灵”的“096”核潜艇利用核裂变产生的能量来驱动
B. 中国能源数字化战略就是通过先进技术使能源实现无限循环使用
C. 传统的汽油机在压缩冲程中将内能转化为机械能，从而实现动力输出
D. 能量既不会创造也不会消灭，总量是不会变的，所以不需节约能源
【答案】A
【解析】
【详解】A．核在裂变和聚变时都能释放出巨大的能量，核潜艇是利用核裂变释放的能量来驱动的，故A正确；
BD．能源在使用时，其总量是不变的，但转化过程是有方向性、不可逆的，所以不能无限循环使用，可利用的能源是有限的，需要节约能源，故BD错误；
C．汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化机械能，实现动力输出，故C错误。
故选A。
第二部分（非选择题共60分）
二、填空与作图题（共7小题，计21分）
11. 如图是一款无人驾驶的太阳能汽车，它可以实现自动驾驶和远程操控，车顶提供电能的太阳能电池板是用______（选填“超导材料”或“半导体材料”）制成的。太阳能是______（选填“可再生”或“不可再生”）能源，该汽车在干燥的天气里高速行驶一段时间后，发现车身上灰尘很多，这是由于汽车车身与空气摩擦导致车身带电，而带电体具有______的性质，使车身吸引灰尘。
【答案】 ①. 半导体材料 ②. 可再生 ③. 吸引轻小物体
【解析】
【详解】[1]太阳能电池板是用硅材料制成的，硅是半导体材料。
[2]太阳能取之不尽、用之不竭，可以在自然界里源源不断地得到，是可再生能源。
[3]汽车在干燥的天气里高速行驶一段时间后，由于汽车车身与空气摩擦导致车身带电，而带电体具有吸引轻小物体的性质，因此车身上会有很多灰尘。
12. 2023年10月26日神舟十七号载人飞船点火升空，并将首次进行空间站舱外试验性维修作业。
（1）载人飞船与空间站组合体成功实现自主快速交会对接后，以天宫一号为参照物，神舟十七号是的__________（选填“静止”或“运动”）；
（2）两个重达8吨多的庞然大物都是用“长征系列”运载火箭送入太空的。运载火箭的头部涂有一种特殊材料的保护层，该材料在与空气作用升温后会熔化，并迅速__________（填物态变化名称），__________（选填“吸收或放出”）了大量的热，而火箭自身的温度却不再升高，从而保护了火箭。
【答案】 ①. 静止 ②. 汽化 ③. 吸收
【解析】
【详解】（1）[1]载人飞船与空间站组合体成功实现自主快速交会对接后，以天宫一号为参照物，神舟十七号与天宫一号之间没有位置变化，所以神舟十七号是静止的。
（2）[2][3]运载火箭的头部涂有一种特殊材料的保护层，该材料在与空气作用升温后会熔化，并迅速汽化，熔化和汽化都吸收了大量的热，而火箭自身的温度却不再升高，从而保护了火箭。
13. 在开发西部地区的一次地质勘探中，发现某处有大片地下油层，测得油层的压强为1.8×107Pa，原油密度为0.9×103kg/m3，若从地面向此油层开一竖井，地下原油从油层表面向上自喷的最大高度为___________m；若油层距离地面2400m，要使原油喷出地面，至少需向油层加___________Pa的压强。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 2000 ②. 3.6106
【解析】
【详解】[1]地下原油从油层表面向上自喷最大高度为
[2]要使原油喷出地面，则压强为
至少需向油层增加的压强
14. 如图所示，图A、B、C、D是四冲程汽油机的工作示意图，图E、F是演示实验的示意图，B图是______冲程，与它原理相同的是______图所示的演示实验。汽车内某单缸汽油机飞轮转速为2400r/min，该汽油机每秒对外做功______次。汽油机用冷却液降温是利用了冷却液的______大的特性。
【答案】 ①. 压缩 ②. E ③. 20 ④. 比热容
【解析】
【详解】[1]B图中，两气门都关闭，活塞上行，是压缩冲程，此冲程将内能转化为机械能。
[2]E图中，用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，这是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程。F图中，水蒸气膨胀对外做功，将塞子冲出，将内能转化为机械能；综上所述，与B图原理相同的是E图所示的演示实验。
[3]由题意可知，单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min，即每分钟飞轮转2400圈，则每秒飞轮转40圈。四冲程汽油机的一个工作循环有4个冲程，飞轮转2圈，做功一次。则该汽油机每秒对外做功20次。
[4]汽油机工作时会产生大量热，是因为冷却液的比热容比较大，由可知，与其它液体相比，在质量和升高温度相同时，冷却液可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
15. 由于雾霾天气的增多，空气净化器逐渐走入家庭，洁净空气量（CADR）是反映空气净化器净化能力的性能指标，CADR值越大，其净化效率越高。利用CADR值，可以评估其在运行一定时间后，去除室内空气污染物的效果。按下列公式计算洁净空气量（V：房间容积；t：空气净化器使房间污染物的浓度下降90%运行的时间。）其铭牌如表：
该空气净化器正常工作时的电流为 _____A；图甲为空气净化器的工作电路，电源电压保持6V恒定，R1为可变电阻，是制作二氧化碳传感器的常用元件，其阻值随二氧化碳浓度变化如图乙，R0为定值电阻，当浓度为0.031%时，电压表示数为1V，则R0阻值为 _____Ω；当电压表示数大于3V时，二氧化碳浓度大于 _____会自动报警。
【答案】 ①. 0.25 ②. 10 ③. 0.035%
【解析】
【详解】[1]由表中数据可知，该空气净化器的额定电压为220V，额定功率为55W，根据P＝UI可得，净化器正常工作时的电流为为
[2][3]由图甲可知，可变电阻R1与定值电路R0串联，电压表测量R0两端的电压；由图乙可知，当二氧化碳浓度为0.031%时，R1＝50Ω，因电压表示数为1V，由串联电路电压的规律知，R1两端的电压为
U1＝U﹣U0＝6V﹣1V＝5V
根据串联电路的分压原理可得
当电压表示数大于3V时，根据串联电路电压的规律可知，R1的电压为
根据串联电路的分压原理可得，当时，有
由图乙可知，当时，二氧化碳浓度大于0.035%。
16. 如图所示，当家庭电路中只有微波炉工作时，从电能表的表盘可知，电能表在5min内指示灯闪烁了320imp，则该微波炉在5min内消耗的电能为 _____ kW•h，则微波炉的实际功率为 _____ W。
【答案】 ①. 0.1 ②. 1200
【解析】
【详解】[1]因为“3200imp/(kW•h)”表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，所以指示灯闪烁320次，该微波炉消耗的电能为
[2]该微波炉的电功率为
17. 如图．小钟同学在做模拟引力实验时，用一根细线拴一块橡皮，甩起来，使橡皮绕手做圆周运动．如图所示，请你画出橡皮受到的重力和拉力的示意图．
【答案】
【解析】
【详解】过橡皮的重心分别沿竖直向下的方向和沿绳子指向手的方向画一条带箭头的线段表示重力和拉力，用符号G和F表示．如图所示：
18. 将图中各元件正确接入电路其中开关只控制电灯，三孔插座带保险盒。
【答案】
【解析】
【详解】开关只控制电灯，则开关与电灯串联后接在火线上，三孔插座带保险盒，则保险盒与三孔插座串联后接在火线上，零线直接接入三孔插座的左孔，地线直接接入三孔插座的上孔，电路图如下：
三、实验探究题（共4小题，计23分）
19. 按要求完成填空
（1）如图1所示，温度计的读数为__________℃；
（2）如图2所示，电压表的示数为__________V；
（3）如图3所示，压力大小相同时，__________越小，压力的作用效果越明显；
（4）如图4所示，闭合开关不更换定值电阻R，只移动滑动变阻器的滑片该实验可以探究电流与__________的关系。
【答案】 ①. 25 ②. 2.2 ③. 受力面积 ④. 电压
【解析】
【详解】（1）[1]由图知，温度计的分度值为1℃，液柱在0℃以上，所以温度计的示数为25℃。
（2）[2]电压表选择的是0～3V的量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2.2V。
（3）[3]两手指按压铅笔，受力大小相同，右手指更疼说明压力大小相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）[4]闭合开关不更换定值电阻R，只移动滑动变阻器的滑片，定值电阻两端的电压发生变化，电流也发生变化，所以该实验可以探究电流与电压的关系。
20. （1）如图是小亮同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
①比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越______（选填“小”或“大”）；
②比较图乙和图丁，得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论，你认为小亮的判断是______ 的（选填“合理”或“不合理”）；
（2）小亮还通过如图的步骤进行了“浮力的大小可能与哪些因素有关”的实验：
①对A、C、D三图中的实验现象和数据进行分析，得出下列结论：物体浸没后，浮力的大小与深度______（选填“有关”或“无关”）；
②分析D、E两图中的实验现象和数据，可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的______有关；
③根据图中的数据计算出物体的密度为______kg/m3，如考虑物体具有吸水性，则计算的结果比物体的真实密度偏______（选填“小”或“大”）。
【答案】 ① 大 ②. 不合理 ③. 无关 ④. 密度
⑤. ⑥. 大
【解析】
【详解】（1）①[1]液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。比较图乙和图丙可知，液体密度相同，丙中橡皮膜的深度较大，产生的压强较大，故可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越大。
②[2]研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同，图乙和图丁液体的深度不同，得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论，小亮的判断是不合理的。
（2）①[3]根据称重法测浮力
F浮=G-F示
比较C、D两图可知，物体浸没在水中的深度不同，而测力计示数相同，由称重法测浮力可知，C、D两图中物体受到的浮力相同，故比较A、C、D三图中的实验现象和数据进行分析，得出下列结论：物体浸没后，浮力的大小与深度无关。
②[4]分析D、E两图可知，物体排开液体的密度不同，排开液体的体积相同，根据称重法，两次实验中物体受到的浮力不同，故分析D、E两图中的实验现象和数据，可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的密度有关。
③[5]根据A、D可知，物体浸没在水中时受到的浮力为
F浮=G-F示=4N-3N=1N
根据阿基米德原理，物体排开水的体积，即物体的体积为
物体的密度为
[6]如考虑物体具有吸水性，则D实验中测力计的示数偏大，根据称重法求出的浮力偏小，根据阿基米德原理求出的物体积偏小，则计算的结果比物体的真实密度偏大。
21. 在一次测量标有“2.5V”字样小灯泡电功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路。
（1）请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；______
（2）开关闭合前，应将图甲中的滑动变阻器的滑片P移到________（选填“左”或“右”）端。电路连接正确后闭合开关，小明发现电流表有示数，电压表无示数，产生这种现象的原因可能是_________；
（3）在某次实验时，电压表的示数如图乙所示，要使灯泡正常发光，滑动变阻器的滑片应该向_________（选填“左”或“右”）端移动。
（4）通过移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡的亮度，并根据记录的多组数据作出了如图丙所示的I-U图像。由图像可知小灯泡的额定功率为________W，小灯泡变亮时，小灯泡灯丝的电阻_________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（5）小李同学根据下图所示的电路也测出了小灯泡的额定功率。图中为定值电阻，为单刀双掷开关，实验操作如下：
①闭合开关S，将置于________处，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡两端电压达到其额定电压；
②不改变滑动变阻器滑片P的位置，将置于另一个触点处，记录下此时电压表的示数。
则小灯泡的额定功率可表示为：________（用、、表示）。
【答案】 ①. ②. 左 ③. 灯泡短路 ④. 右 ⑤. 0.75 ⑥. 变大 ⑦. 1 ⑧.
【解析】
【详解】（1）[1]灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，变阻器按一下一上连入电路中与灯串联，如下所示：
（2）[2]开关闭合前，为保护电路，应将图甲中的滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处的左端。
[3]电路连接正确后闭合开关，小明发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，产生这种现象的原因可能是灯泡短路。
（3）[4]灯在额定电压下正常发光，图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压。
（4）[5]根据丙所示的I-U图像可知，灯在额定电压下的电流为0.3A，小灯泡的额定功率为
P=U灯I灯=2.5V×0.3A=0.75W
[6]由图丙可知，通过小灯泡的电流随电压的增大而变大，根据P=UI，小灯泡的功率变大，小灯泡灯丝的温度升高，小灯泡变亮，小灯泡灯丝的电阻变大。
（5）①[7]灯在额定电压下正常光，要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，闭合开关S，将置于1处，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡两端电压达到其额定电压；
②[8]不改变滑动变阻器滑片P的位置，将置于另一个触点处，记录下此时电压表的示数。此时电压表测灯与R0的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压
U0=U2-U1
由欧姆定律通过定值电阻电流
即灯的额定电流，小灯泡的额定功率表达式
22. 楚杭在课外活动时，偶然将两个弹性球叠放在一起，使它们同时自由下落，发现上面小球反弹的高度大于下落的高度，于是他想探究同一个上面小球反弹的高度与哪些因素有关。为此，他提出了三个猜想：①与两个弹性球下落的高度有关；②与下面弹性球的质量有关；③与下面弹性球的材料有关。为了验证猜想：楚杭选取了质量为10g的A球作为上面的反弹小球，用体积相同的B、C、D三个球分别作为下面的弹性球，B、C两球质量相同但材料不同，C、D两球材料相同但质量不同，楚杭在同一水平地面上做了多次实验，实验数据如下表：
（1）楚杭实验选取的测量工具有电子秤和__________；
（2）比较三次实验__________（选填序号），可以初步得出的结论是：在下面弹性球的质量、材料等条件一定时，下落高度越高，上面弹性球反弹的高度越高；
（3）比较实验序号4、7（5、8或6、9），可以初步得出的结论是：在下面弹性球的材料、下落高度等条件一定时，__________，上面弹性球反弹的高度越高；
（4）为了探究猜想③，除了选取A球作为上面的反弹小球外，还应在B、C、D三个弹性球中选择__________两球进行实验；
（5）实验表明，每次所测A球反弹的高度总比下落高度要高，是因为在两球碰撞时下面弹性球对上面A球做功，使A球机械能总量__________（选填“增大、减小或不变”），这一现象__________（选填“会”或“不会”）违背能量守恒定律。
【答案】 ①. 刻度尺 ②. 1.2.3 ③. 下面弹性球的质量越大 ④. B、C ⑤. 增大 ⑥. 不会
【解析】
【详解】（1）[1]实验中需要用刻度尺测量小球下落的高度和弹起的高度，故除了用到电子秤，还需要刻度尺。
（2）[2]由表格中的信息可知，实验序号1、2、3（4、5、6或7、8、9），下面弹性球各自的材料和质量相同，下落高度越高，上面弹性球反弹的高度越高。
（3）[3]比较实验序号4、7（5、8或6、9）可知，下面弹性球的材料相同，下落相同高度时，质量越大的，上面弹性球反弹的高度越高，故结论为：在下面弹性球的材料、下落高度等条件一定时，下面弹性球的质量越大，上面弹性球反弹的高度越高。
（4）[4]探究下面弹性球反弹的高度与与下面弹性球的材料有关时，应控制质量相同、下落高度相同，材料不同，故应选择B、C两球进行实验。
（5）[5][6]每次测量得A球反弹的高度总比下落高度要高，这是因为在两球碰撞时，下面的弹性球对上面A球施加了一个向上的力，并在这个力的方向上移动了一段距离，即对上面A球做功，使得A球机械能增大，因此这一现象不违背能量守恒定律。
四、综合题（共2小题，计16分）
23. 手的握力反映了一个学生的肌肉力量。握力考查通过握力体重指数来反映，握力体重指数=(握力÷体重）×100，某研究小组设计了一款握力计，握力计的原理如图甲，它主要由手压板、杠杆OAB，压力传感器R（电阻值会随所受压力的大小发生变化）的变阻器和显示压力大小的仪器A（实质是电流表）构成，其中OA∶OB=1∶2，且已知压力传感器R的电阻与它所受的压力F的关系如图乙所示。接通电源后，压力传感器两端的电压恒为4.8V。手压板和杠杆的质量不计，g取10N/kg。
（1）若某同学对手压板的压力为400N时，压力传感器上受的压力；
（2）中学生的握力体重指数大于70为合格，某同学的质量为60kg，利用该握力计测量时，电流表的示数为0.032A，通过计算判断他的握力体重指数是否合格；
（3）把电流表的电流值改为对应手压板压力值，刻度盘从左到右压力值如何变化并说明判断方法。
【答案】（1）800N；（2）合格；（3）见解析
【解析】
【详解】解：（1）根据杠杆平衡条件得FA×OA=FB×OB，因为压力传感器受的压力
（2）当电流表的示数为0.032A时，传感器R的电阻
由图像可知传感器受的压力FA′=1000N，根据杠杆平衡条件，该同学的握力
该同学的体重
则
83.3>70
所以他的握力体重指数合格。
（3）从左到右压力值逐渐变大，因为刻度盘从左到右电流值逐渐增大，对应传感器R的电阻在逐渐减小，由图像知压力传感器所受的压力在逐渐增大，手压板压力也在逐渐增大，因此刻度盘从左到右压力值逐渐增大。
答：（1）压力传感器上受的压力是800N；
（2）他的握力体重指数合格；
（3）见解析。
24. 如图为世界上最大的卡车别拉斯75710，其车身长20米，宽度将近10米，高度则有8米，作为一台在矿山进行工程运输的车辆，该车装配了两个高性能的柴油发动机。安装8条轮胎，车辆自身重量达到360吨，载重量达到450吨，最高速度可达60km/h，请回答下列问题，g取10N/kg。
（1）该车辆以最高速度行驶10min的距离是多少？
（2）车辆每条轮胎与地面的接触面积按0.3m2计算，当该车辆空载时静止在水平地面上，对地面的压强为多少？
（3）已知其匀速行驶时所受阻力为车重的0.1倍，空载时匀速行驶2.15km，效率按25%来计算，柴油的热值为4.3×107J/kg，那么此过程中消耗柴油多少kg？
【答案】（1）10km；（2）1.5×106Pa；（3）72kg
【解析】
【详解】解：（1）该车辆以最高速度行驶10min的距离为
（2）在水平地面上，空载时卡车对地面的压力
受力面积
卡车对地面的压强为
（3）卡车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，卡车空载时的牵引力
卡车空载行驶2.15km时，牵引力做的功
由可得，消耗的柴油完全燃烧释放的热量
由可得，消耗柴油的质量
答：（1）该车辆以最高速度行驶10min的距离是10km；
（2）当该车辆空载时静止在水平地面上，对地面的压强为1.5×106Pa；
（3）此过程中消耗柴油72kg。规格
额定电压
频率
额定功率
洁净空气量（CADR）
KJFB2000型
220V
50Hz
55W
200m3/h
实验序号
下面弹性球
质量/kg
下落高度/m
A球反弹高度/m
1
B
0.5
0.9
1.6
2
1.1
19
3
1.3
2.1
4
C
0.5
0.9
1.7
5
1.1
2.0
6
1.3
2.5
7
D
0.8
0.9
2.2
8
1.1
2.3
9
1.3
2.8
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡上。
2.本套试卷满分80分，考试时间80分钟。
3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第一部分（选择题共20分）
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1. 物理是一门以观察和实验为基础的学科。作为初三学生的你，对与自身相关的一些物理量的估测最切合实际的是（ ）
A. 质量约50kgB. 正常体温约42℃
C. 身高约16.5cmD. 1min脉搏跳动约50次
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生的质量在50kg左右，故A符合实际；
B．正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度较小，故B不符合实际；
C．中学生的身高约在
1.65m=16.5dm=165cm
故C不符合实际；
D．正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，故D不符合实际。
故选A。
2. 关于智能音箱，以下说法中错误的是（ ）
A. 音箱发出的声音在空气中传播的速度大约340m/s
B. 音箱靠扬声器纸盆的振动发出声音
C. 当音箱接收到“大声点”的指令后，纸盘振动加快
D. 播放音乐时，人们能分辨出不同乐器的声音，依据的是声音的音色
【答案】C
【解析】
【详解】A．声音在15℃的空气中传播的速度约为340m/s，故A正确，A不符合题意；
B．一切声音都是由物体的振动产生的。音箱发出的声音靠扬声器纸盆的振动发出声音，故B正确，B不符合题意；
C． “大声点”是指响度大一些，因此纸盘振动的振幅会变大，故C错误，C符合题意；
D．不同的发声体发出声音的音色不同，人们能分辨出不同乐器的声音，依据的是声音的音色，故D正确，D不符合题意。
故选C。
3. 小吃街上出现了一种“冒烟”的冰激凌，只见店员将﹣196℃的液氮倒入容器中，然后放入液体牛奶和五颜六色的爆米花冰激凌原料瞬间冷冻成型而容器中的液氮发生了肉眼可见的“沸腾”。下列说法正确的是（ ）
A. 碗里液体“沸腾”是因为液氮汽化
B. 冰激凌周围的“白气”是液氮汽化成的氮气
C. 液体“沸腾”是因为液氮放热使容器中的水吸热后沸腾
D. 冰激凌周围的“白气”过一会消失是液化现象
【答案】A
【解析】
【详解】氮在常温常压下是气态，所以液氮倒入容器后迅速吸热汽化，导致周围空气中的水蒸气遇冷液化形成“白气”，冰激凌周围的“白气”过一会消失是汽化现象，故A正确，BCD错误。
故选A。
4. 诗词是中华文化的瑰宝之一，下列诗词与对应的物理知识正确的一项是（ ）
A. “溪边照影行，天在清溪底”诗句中的“天”是由光的折射形成的虚像
B. “水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”看到水中游鱼细石是因为光的直线传播
C. “人面桃花相映红”桃花呈红色是因为它能吸收红光
D. “掬水月在手，弄花香满衣”诗句中的月是由光的反射形成的虚像
【答案】D
【解析】
【详解】A．“溪边照影行，天在清溪底”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，所成的像是虚像，故A错误；
B．“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”在岸上看到水中的游鱼、细石，是水中的游鱼、细石反射的光线斜射入空气中时，发生光的折射而形成的虚像，故B错误；
C．因为桃花能反射红光，其他有色光都被吸收了，所以会有人面和桃花相映红的现象，故C错误；
D．“掬水月在手，弄花香满衣”，属于平面镜成像现象，是由光的反射形成的虚像，故D正确。
故选D。
5. 下列四幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，有关说法正确的是（ ）
A. “场中打稻”中通过摔打的方法能将稻粒从稻秆上打落下来是因为稻粒具有惯性
B. “赶稻及菽”中牛拉石碾的力与石碾拉牛的力是一对平衡力
C. “透火焙干”中把湿纸贴在墙上可以加快水分升华
D. “炒蒸油料”中在锅中翻炒的目的是通过做功的方法改变油料的内能
【答案】A
【解析】
【详解】A．当摔打稻秆时，稻秆由静止变为运动，而稻粒由于惯性继续保持原来的静止状态，所以能将稻粒从稻秆上打落下来，这是利用稻粒的惯性，故A正确；
B．“赶稻及菽”中牛拉石碾的力与石碾拉牛的力作用在不同物体上，是相互作用力，不是平衡力，故B错误；
C．“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上，温度升高，水分蒸发加快，易干，故C错误；
D．“炒蒸油料”中翻炒油料使油料受热均匀，油料从锅体上吸收热量，是通过热传递增加了油料的内能，故D错误。
故选A。
6. 历史文化名城宝鸡有着许多让人印象深刻的美食、文化、旅游资源。下列说法正确的是（ ）
A. “岐山擀面皮”蒸煮过程中内能增加，是采用做功的方法改变了物体的内能
B. 秦岭主峰“太白山”山顶煮食物比山脚易熟，山顶的海拔高气压高水的沸点高
C. 西凤酒“开坛香十里，隔壁醉三家”，酒香四溢说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 在“渭河河堤路”骑行道上骑车时，以自行车为参照物路标是静止的
【答案】C
【解析】
【详解】A．“岐山擀面皮”在蒸煮过程中，吸收热量，内能增加，采用热传递改变了物体的内能，故A错误；
B．山顶的海拔高，气压低，水的沸点低，不容易煮熟食物，故B错误；
C．酒香四溢，属于扩散现象，是分子无规则运动的结果，故C正确；
D．骑车时，以自行车为参照物，路标于自行车之间有位置的变化，路标是运动的，故D错误。
故选C。
7. 如图是一款家用衣物烘干机，关上门相当于闭合开关S1，滚筒旋转紫外杀菌灯杀菌；再将烘干开关S2闭合，开始烘干衣物并高温杀菌：若只闭合开关S2不关门，则烘干机不工作。下图中M是滚筒，L是杀菌灯，R是加热电阻，如杀菌灯坏了，不影响烘干衣物。下列设计符合题意的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据题意可知，开关S1控制滚筒、紫外杀菌灯，开关S2闭合，开始烘干衣物并高温杀菌，这说明开关S2闭控制发热电阻，只闭合开关S2不关门，则烘干机不工作，这说明开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与发热电阻串联在电路中，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲的连接方式符合安全用电的原则
B. 图乙中如果测电笔接触插座左、右两孔氖管都发光可能是零线断路
C. 如果发生人体触电事故，图丙中空气开关一定会跳闸
D. 图丁洗衣机的三脚插头中的N脚接地线
【答案】B
【解析】
【详解】A．图甲中开关接在零线与灯泡之间，开关断开时灯泡依然与火线相连接，容易发生危险，不符合安全用电的原则，故A错误；
B．图乙中如果测电笔接触插座左右两孔氖管都发光，可能是因为进户零线断路，插座中的“零线”通过其他用电器连接到火线上，所以接触左右两孔时都相当于接到了火线上，氖管都发光，故B正确；
C．空气开关跳闸是因为家庭电路中的电流过大，而发生人体触电事故是因为漏电，电流一般较小，空气开关不会跳闸，故C错误；
D．三孔插座中的N脚是接火线的，故D错误。
故选B。
9. 电动汽车刹车时，汽车电动机“变身”为发电机，将汽车动能转化为电能，简称动能回收系统。下列实验中与动能回收系统原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】发电机是利用电磁感应原理来工作的。
A．图说明通电螺线管周围存在磁场，故A不符合题意；
B．扬声器是利用通电线圈在磁场中受到力的作用来工作的，故B不符合题意；
C．该图说明闭合路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，闭合开关后，电流表的指针发生偏转，是电磁感应现象，故C符合题意；
D．该图说明通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故D不符合题意。
故选C。
10. 中国近年来在科技方面发展迅猛，特别是能源方面取得了骄人成绩。关于能源、能量及其转化，下列说法中正确的是（ ）
A. 被称为“海上幽灵”的“096”核潜艇利用核裂变产生的能量来驱动
B. 中国能源数字化战略就是通过先进技术使能源实现无限循环使用
C. 传统的汽油机在压缩冲程中将内能转化为机械能，从而实现动力输出
D. 能量既不会创造也不会消灭，总量是不会变的，所以不需节约能源
【答案】A
【解析】
【详解】A．核在裂变和聚变时都能释放出巨大的能量，核潜艇是利用核裂变释放的能量来驱动的，故A正确；
BD．能源在使用时，其总量是不变的，但转化过程是有方向性、不可逆的，所以不能无限循环使用，可利用的能源是有限的，需要节约能源，故BD错误；
C．汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化机械能，实现动力输出，故C错误。
故选A。
第二部分（非选择题共60分）
二、填空与作图题（共7小题，计21分）
11. 如图是一款无人驾驶的太阳能汽车，它可以实现自动驾驶和远程操控，车顶提供电能的太阳能电池板是用______（选填“超导材料”或“半导体材料”）制成的。太阳能是______（选填“可再生”或“不可再生”）能源，该汽车在干燥的天气里高速行驶一段时间后，发现车身上灰尘很多，这是由于汽车车身与空气摩擦导致车身带电，而带电体具有______的性质，使车身吸引灰尘。
【答案】 ①. 半导体材料 ②. 可再生 ③. 吸引轻小物体
【解析】
【详解】[1]太阳能电池板是用硅材料制成的，硅是半导体材料。
[2]太阳能取之不尽、用之不竭，可以在自然界里源源不断地得到，是可再生能源。
[3]汽车在干燥的天气里高速行驶一段时间后，由于汽车车身与空气摩擦导致车身带电，而带电体具有吸引轻小物体的性质，因此车身上会有很多灰尘。
12. 2023年10月26日神舟十七号载人飞船点火升空，并将首次进行空间站舱外试验性维修作业。
（1）载人飞船与空间站组合体成功实现自主快速交会对接后，以天宫一号为参照物，神舟十七号是的__________（选填“静止”或“运动”）；
（2）两个重达8吨多的庞然大物都是用“长征系列”运载火箭送入太空的。运载火箭的头部涂有一种特殊材料的保护层，该材料在与空气作用升温后会熔化，并迅速__________（填物态变化名称），__________（选填“吸收或放出”）了大量的热，而火箭自身的温度却不再升高，从而保护了火箭。
【答案】 ①. 静止 ②. 汽化 ③. 吸收
【解析】
【详解】（1）[1]载人飞船与空间站组合体成功实现自主快速交会对接后，以天宫一号为参照物，神舟十七号与天宫一号之间没有位置变化，所以神舟十七号是静止的。
（2）[2][3]运载火箭的头部涂有一种特殊材料的保护层，该材料在与空气作用升温后会熔化，并迅速汽化，熔化和汽化都吸收了大量的热，而火箭自身的温度却不再升高，从而保护了火箭。
13. 在开发西部地区的一次地质勘探中，发现某处有大片地下油层，测得油层的压强为1.8×107Pa，原油密度为0.9×103kg/m3，若从地面向此油层开一竖井，地下原油从油层表面向上自喷的最大高度为___________m；若油层距离地面2400m，要使原油喷出地面，至少需向油层加___________Pa的压强。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 2000 ②. 3.6106
【解析】
【详解】[1]地下原油从油层表面向上自喷最大高度为
[2]要使原油喷出地面，则压强为
至少需向油层增加的压强
14. 如图所示，图A、B、C、D是四冲程汽油机的工作示意图，图E、F是演示实验的示意图，B图是______冲程，与它原理相同的是______图所示的演示实验。汽车内某单缸汽油机飞轮转速为2400r/min，该汽油机每秒对外做功______次。汽油机用冷却液降温是利用了冷却液的______大的特性。
【答案】 ①. 压缩 ②. E ③. 20 ④. 比热容
【解析】
【详解】[1]B图中，两气门都关闭，活塞上行，是压缩冲程，此冲程将内能转化为机械能。
[2]E图中，用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，这是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程。F图中，水蒸气膨胀对外做功，将塞子冲出，将内能转化为机械能；综上所述，与B图原理相同的是E图所示的演示实验。
[3]由题意可知，单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min，即每分钟飞轮转2400圈，则每秒飞轮转40圈。四冲程汽油机的一个工作循环有4个冲程，飞轮转2圈，做功一次。则该汽油机每秒对外做功20次。
[4]汽油机工作时会产生大量热，是因为冷却液的比热容比较大，由可知，与其它液体相比，在质量和升高温度相同时，冷却液可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
15. 由于雾霾天气的增多，空气净化器逐渐走入家庭，洁净空气量（CADR）是反映空气净化器净化能力的性能指标，CADR值越大，其净化效率越高。利用CADR值，可以评估其在运行一定时间后，去除室内空气污染物的效果。按下列公式计算洁净空气量（V：房间容积；t：空气净化器使房间污染物的浓度下降90%运行的时间。）其铭牌如表：
该空气净化器正常工作时的电流为 _____A；图甲为空气净化器的工作电路，电源电压保持6V恒定，R1为可变电阻，是制作二氧化碳传感器的常用元件，其阻值随二氧化碳浓度变化如图乙，R0为定值电阻，当浓度为0.031%时，电压表示数为1V，则R0阻值为 _____Ω；当电压表示数大于3V时，二氧化碳浓度大于 _____会自动报警。
【答案】 ①. 0.25 ②. 10 ③. 0.035%
【解析】
【详解】[1]由表中数据可知，该空气净化器的额定电压为220V，额定功率为55W，根据P＝UI可得，净化器正常工作时的电流为为
[2][3]由图甲可知，可变电阻R1与定值电路R0串联，电压表测量R0两端的电压；由图乙可知，当二氧化碳浓度为0.031%时，R1＝50Ω，因电压表示数为1V，由串联电路电压的规律知，R1两端的电压为
U1＝U﹣U0＝6V﹣1V＝5V
根据串联电路的分压原理可得
当电压表示数大于3V时，根据串联电路电压的规律可知，R1的电压为
根据串联电路的分压原理可得，当时，有
由图乙可知，当时，二氧化碳浓度大于0.035%。
16. 如图所示，当家庭电路中只有微波炉工作时，从电能表的表盘可知，电能表在5min内指示灯闪烁了320imp，则该微波炉在5min内消耗的电能为 _____ kW•h，则微波炉的实际功率为 _____ W。
【答案】 ①. 0.1 ②. 1200
【解析】
【详解】[1]因为“3200imp/(kW•h)”表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，所以指示灯闪烁320次，该微波炉消耗的电能为
[2]该微波炉的电功率为
17. 如图．小钟同学在做模拟引力实验时，用一根细线拴一块橡皮，甩起来，使橡皮绕手做圆周运动．如图所示，请你画出橡皮受到的重力和拉力的示意图．
【答案】
【解析】
【详解】过橡皮的重心分别沿竖直向下的方向和沿绳子指向手的方向画一条带箭头的线段表示重力和拉力，用符号G和F表示．如图所示：
18. 将图中各元件正确接入电路其中开关只控制电灯，三孔插座带保险盒。
【答案】
【解析】
【详解】开关只控制电灯，则开关与电灯串联后接在火线上，三孔插座带保险盒，则保险盒与三孔插座串联后接在火线上，零线直接接入三孔插座的左孔，地线直接接入三孔插座的上孔，电路图如下：
三、实验探究题（共4小题，计23分）
19. 按要求完成填空
（1）如图1所示，温度计的读数为__________℃；
（2）如图2所示，电压表的示数为__________V；
（3）如图3所示，压力大小相同时，__________越小，压力的作用效果越明显；
（4）如图4所示，闭合开关不更换定值电阻R，只移动滑动变阻器的滑片该实验可以探究电流与__________的关系。
【答案】 ①. 25 ②. 2.2 ③. 受力面积 ④. 电压
【解析】
【详解】（1）[1]由图知，温度计的分度值为1℃，液柱在0℃以上，所以温度计的示数为25℃。
（2）[2]电压表选择的是0～3V的量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2.2V。
（3）[3]两手指按压铅笔，受力大小相同，右手指更疼说明压力大小相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）[4]闭合开关不更换定值电阻R，只移动滑动变阻器的滑片，定值电阻两端的电压发生变化，电流也发生变化，所以该实验可以探究电流与电压的关系。
20. （1）如图是小亮同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
①比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越______（选填“小”或“大”）；
②比较图乙和图丁，得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论，你认为小亮的判断是______ 的（选填“合理”或“不合理”）；
（2）小亮还通过如图的步骤进行了“浮力的大小可能与哪些因素有关”的实验：
①对A、C、D三图中的实验现象和数据进行分析，得出下列结论：物体浸没后，浮力的大小与深度______（选填“有关”或“无关”）；
②分析D、E两图中的实验现象和数据，可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的______有关；
③根据图中的数据计算出物体的密度为______kg/m3，如考虑物体具有吸水性，则计算的结果比物体的真实密度偏______（选填“小”或“大”）。
【答案】 ① 大 ②. 不合理 ③. 无关 ④. 密度
⑤. ⑥. 大
【解析】
【详解】（1）①[1]液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。比较图乙和图丙可知，液体密度相同，丙中橡皮膜的深度较大，产生的压强较大，故可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越大。
②[2]研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同，图乙和图丁液体的深度不同，得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论，小亮的判断是不合理的。
（2）①[3]根据称重法测浮力
F浮=G-F示
比较C、D两图可知，物体浸没在水中的深度不同，而测力计示数相同，由称重法测浮力可知，C、D两图中物体受到的浮力相同，故比较A、C、D三图中的实验现象和数据进行分析，得出下列结论：物体浸没后，浮力的大小与深度无关。
②[4]分析D、E两图可知，物体排开液体的密度不同，排开液体的体积相同，根据称重法，两次实验中物体受到的浮力不同，故分析D、E两图中的实验现象和数据，可得出结论：物体受到的浮力大小还与液体的密度有关。
③[5]根据A、D可知，物体浸没在水中时受到的浮力为
F浮=G-F示=4N-3N=1N
根据阿基米德原理，物体排开水的体积，即物体的体积为
物体的密度为
[6]如考虑物体具有吸水性，则D实验中测力计的示数偏大，根据称重法求出的浮力偏小，根据阿基米德原理求出的物体积偏小，则计算的结果比物体的真实密度偏大。
21. 在一次测量标有“2.5V”字样小灯泡电功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路。
（1）请用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；______
（2）开关闭合前，应将图甲中的滑动变阻器的滑片P移到________（选填“左”或“右”）端。电路连接正确后闭合开关，小明发现电流表有示数，电压表无示数，产生这种现象的原因可能是_________；
（3）在某次实验时，电压表的示数如图乙所示，要使灯泡正常发光，滑动变阻器的滑片应该向_________（选填“左”或“右”）端移动。
（4）通过移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡的亮度，并根据记录的多组数据作出了如图丙所示的I-U图像。由图像可知小灯泡的额定功率为________W，小灯泡变亮时，小灯泡灯丝的电阻_________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（5）小李同学根据下图所示的电路也测出了小灯泡的额定功率。图中为定值电阻，为单刀双掷开关，实验操作如下：
①闭合开关S，将置于________处，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡两端电压达到其额定电压；
②不改变滑动变阻器滑片P的位置，将置于另一个触点处，记录下此时电压表的示数。
则小灯泡的额定功率可表示为：________（用、、表示）。
【答案】 ①. ②. 左 ③. 灯泡短路 ④. 右 ⑤. 0.75 ⑥. 变大 ⑦. 1 ⑧.
【解析】
【详解】（1）[1]灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，变阻器按一下一上连入电路中与灯串联，如下所示：
（2）[2]开关闭合前，为保护电路，应将图甲中的滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处的左端。
[3]电路连接正确后闭合开关，小明发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，产生这种现象的原因可能是灯泡短路。
（3）[4]灯在额定电压下正常发光，图乙中电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压。
（4）[5]根据丙所示的I-U图像可知，灯在额定电压下的电流为0.3A，小灯泡的额定功率为
P=U灯I灯=2.5V×0.3A=0.75W
[6]由图丙可知，通过小灯泡的电流随电压的增大而变大，根据P=UI，小灯泡的功率变大，小灯泡灯丝的温度升高，小灯泡变亮，小灯泡灯丝的电阻变大。
（5）①[7]灯在额定电压下正常光，要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，闭合开关S，将置于1处，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡两端电压达到其额定电压；
②[8]不改变滑动变阻器滑片P的位置，将置于另一个触点处，记录下此时电压表的示数。此时电压表测灯与R0的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压
U0=U2-U1
由欧姆定律通过定值电阻电流
即灯的额定电流，小灯泡的额定功率表达式
22. 楚杭在课外活动时，偶然将两个弹性球叠放在一起，使它们同时自由下落，发现上面小球反弹的高度大于下落的高度，于是他想探究同一个上面小球反弹的高度与哪些因素有关。为此，他提出了三个猜想：①与两个弹性球下落的高度有关；②与下面弹性球的质量有关；③与下面弹性球的材料有关。为了验证猜想：楚杭选取了质量为10g的A球作为上面的反弹小球，用体积相同的B、C、D三个球分别作为下面的弹性球，B、C两球质量相同但材料不同，C、D两球材料相同但质量不同，楚杭在同一水平地面上做了多次实验，实验数据如下表：
（1）楚杭实验选取的测量工具有电子秤和__________；
（2）比较三次实验__________（选填序号），可以初步得出的结论是：在下面弹性球的质量、材料等条件一定时，下落高度越高，上面弹性球反弹的高度越高；
（3）比较实验序号4、7（5、8或6、9），可以初步得出的结论是：在下面弹性球的材料、下落高度等条件一定时，__________，上面弹性球反弹的高度越高；
（4）为了探究猜想③，除了选取A球作为上面的反弹小球外，还应在B、C、D三个弹性球中选择__________两球进行实验；
（5）实验表明，每次所测A球反弹的高度总比下落高度要高，是因为在两球碰撞时下面弹性球对上面A球做功，使A球机械能总量__________（选填“增大、减小或不变”），这一现象__________（选填“会”或“不会”）违背能量守恒定律。
【答案】 ①. 刻度尺 ②. 1.2.3 ③. 下面弹性球的质量越大 ④. B、C ⑤. 增大 ⑥. 不会
【解析】
【详解】（1）[1]实验中需要用刻度尺测量小球下落的高度和弹起的高度，故除了用到电子秤，还需要刻度尺。
（2）[2]由表格中的信息可知，实验序号1、2、3（4、5、6或7、8、9），下面弹性球各自的材料和质量相同，下落高度越高，上面弹性球反弹的高度越高。
（3）[3]比较实验序号4、7（5、8或6、9）可知，下面弹性球的材料相同，下落相同高度时，质量越大的，上面弹性球反弹的高度越高，故结论为：在下面弹性球的材料、下落高度等条件一定时，下面弹性球的质量越大，上面弹性球反弹的高度越高。
（4）[4]探究下面弹性球反弹的高度与与下面弹性球的材料有关时，应控制质量相同、下落高度相同，材料不同，故应选择B、C两球进行实验。
（5）[5][6]每次测量得A球反弹的高度总比下落高度要高，这是因为在两球碰撞时，下面的弹性球对上面A球施加了一个向上的力，并在这个力的方向上移动了一段距离，即对上面A球做功，使得A球机械能增大，因此这一现象不违背能量守恒定律。
四、综合题（共2小题，计16分）
23. 手的握力反映了一个学生的肌肉力量。握力考查通过握力体重指数来反映，握力体重指数=(握力÷体重）×100，某研究小组设计了一款握力计，握力计的原理如图甲，它主要由手压板、杠杆OAB，压力传感器R（电阻值会随所受压力的大小发生变化）的变阻器和显示压力大小的仪器A（实质是电流表）构成，其中OA∶OB=1∶2，且已知压力传感器R的电阻与它所受的压力F的关系如图乙所示。接通电源后，压力传感器两端的电压恒为4.8V。手压板和杠杆的质量不计，g取10N/kg。
（1）若某同学对手压板的压力为400N时，压力传感器上受的压力；
（2）中学生的握力体重指数大于70为合格，某同学的质量为60kg，利用该握力计测量时，电流表的示数为0.032A，通过计算判断他的握力体重指数是否合格；
（3）把电流表的电流值改为对应手压板压力值，刻度盘从左到右压力值如何变化并说明判断方法。
【答案】（1）800N；（2）合格；（3）见解析
【解析】
【详解】解：（1）根据杠杆平衡条件得FA×OA=FB×OB，因为压力传感器受的压力
（2）当电流表的示数为0.032A时，传感器R的电阻
由图像可知传感器受的压力FA′=1000N，根据杠杆平衡条件，该同学的握力
该同学的体重
则
83.3>70
所以他的握力体重指数合格。
（3）从左到右压力值逐渐变大，因为刻度盘从左到右电流值逐渐增大，对应传感器R的电阻在逐渐减小，由图像知压力传感器所受的压力在逐渐增大，手压板压力也在逐渐增大，因此刻度盘从左到右压力值逐渐增大。
答：（1）压力传感器上受的压力是800N；
（2）他的握力体重指数合格；
（3）见解析。
24. 如图为世界上最大的卡车别拉斯75710，其车身长20米，宽度将近10米，高度则有8米，作为一台在矿山进行工程运输的车辆，该车装配了两个高性能的柴油发动机。安装8条轮胎，车辆自身重量达到360吨，载重量达到450吨，最高速度可达60km/h，请回答下列问题，g取10N/kg。
（1）该车辆以最高速度行驶10min的距离是多少？
（2）车辆每条轮胎与地面的接触面积按0.3m2计算，当该车辆空载时静止在水平地面上，对地面的压强为多少？
（3）已知其匀速行驶时所受阻力为车重的0.1倍，空载时匀速行驶2.15km，效率按25%来计算，柴油的热值为4.3×107J/kg，那么此过程中消耗柴油多少kg？
【答案】（1）10km；（2）1.5×106Pa；（3）72kg
【解析】
【详解】解：（1）该车辆以最高速度行驶10min的距离为
（2）在水平地面上，空载时卡车对地面的压力
受力面积
卡车对地面的压强为
（3）卡车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，卡车空载时的牵引力
卡车空载行驶2.15km时，牵引力做的功
由可得，消耗的柴油完全燃烧释放的热量
由可得，消耗柴油的质量
答：（1）该车辆以最高速度行驶10min的距离是10km；
（2）当该车辆空载时静止在水平地面上，对地面的压强为1.5×106Pa；
（3）此过程中消耗柴油72kg。规格
额定电压
频率
额定功率
洁净空气量（CADR）
KJFB2000型
220V
50Hz
55W
200m3/h
实验序号
下面弹性球
质量/kg
下落高度/m
A球反弹高度/m
1
B
0.5
0.9
1.6
2
1.1
19
3
1.3
2.1
4
C
0.5
0.9
1.7
5
1.1
2.0
6
1.3
2.5
7
D
0.8
0.9
2.2
8
1.1
2.3
9
1.3
2.8
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