2024年中考第三次模拟考试题：物理（成都卷）全解全析

这是一份2024年中考第三次模拟考试题：物理（成都卷）全解全析，共22页。试卷主要包含了下列有关声现象的说法不正确的是等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1．本试卷分A卷和B卷，A卷满分85分，B卷满分20分，全卷满分105分，考试时间90分钟。
2．考生务必用黑色字迹的签字笔或钢笔在答题卡上填写自己的考号、姓名、试室号、座位号，用2B铅笔把对应该号码的标号涂黑。
3．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试题上。
4．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔、涂改液，不按以上要求作答的答案无效。
5．考生务必保持答题卡的整洁，考试结束时，将答题卡交回。
A卷（共85分）
第I卷（选择题 共26分）
一、单项选择题（本题共13小题，每小题2分，共26分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．下列不能实现和古代烽火台一样传递信息的现代设备是（ ）
A．手机B．雷达C．风力发电机D．北斗卫星导航系统
【答案】C
【详解】ABD．手机、雷达和北斗卫星导航系统都是利用电磁波进行工作的，故ABD不符合题意；
C．风力发电机是利用风能转化为电能，不能传递信息，故C符合题意。
故选C。
2．能用纸锅烧开水吗？小华带着疑问进行了如图的实验探究。她惊奇地发现：水真的能烧开！对实验分析正确的是（ ）
A．水烧开时水中的气泡是液化形成的B．水面上方的“白气”是汽化形成的
C．水烧开时纸锅底部温度低于水的温度D．水的沸点低于纸的着火点故纸没烧着
【答案】D
【详解】A．水烧开时水中的气泡是水变为水蒸气形成的，是汽化现象，故A错误；
B．水面上方的“白气”是水烧开时产生的大量热的水蒸气遇到外界较冷的空气液化形成的，故B错误；
C．水沸腾过程中仍需要从纸锅底部吸收热量，因热从高温物体传到低温物体（或从物体的高温部分传到低温部分）所以水烧开时纸锅底部温度高于水的温度，故C错误；
D．在标准大气压下，水的沸点是100℃，沸腾过程中吸收热量，温度不变，并且水的沸点低于纸的着火点，所以纸锅没有燃烧，故D正确。
故选D。
3．下列家用电器的有关数据，最符合实际的是（ ）
A．电视遥控器的工作电流为1AB．洗衣机的工作电压为220V
C．电冰箱的工作电压为380VD．空调的待机功率为0.01W
【答案】B
【详解】A．普通灯泡正常发光时的电流为0.2~0.3A，电视遥控器的工作电流比灯泡正常发光时的电流小，约为50mA左右，故A不符合题意；
BC．家庭电路的电压为220V，所以洗衣机、电冰箱正常工作的电压都是220V，故B符合题意，C不符合题意；
D．空调的待机功率大约为5W左右，故D不符合题意。
故选B。
4．如图所示，热爱运动的小刚同学正在晨跑。下列说法正确的是（ ）
A．以远处的山为参照物，小刚是静止的B．以远处的山为参照物，小刚是运动的
C．以小刚为参照物，路旁的树是静止的D．以小刚为参照物，迎面跑来的同学是静止的
【答案】B
【详解】AB．小刚同学正在晨跑，以远处的山为参照物，小刚的位置在不断变化，所以小刚是运动的，故A错误，B正确；
C．以小刚为参照物，路旁的树的位置相对于小刚的位置是在不断变化的，所以树是运动的，故C错误；
D．以小刚为参照物，迎面跑来的同学距离小刚越来越近，说明位置在不断变化，所以相对于小刚，迎面跑来的同学是运动的，故D错误。
故选B。
5．谚语是劳动人民智慧的结晶，下列分析正确的是（ ）
A．“十月打了霜，来年粮满仓”，如图甲，霜的形成是凝华现象，需要吸热
B．“大雾不过响，过响听雨响”，如图乙，雾的形成是汽化现象，需要放热
C．“草上露水凝，天气一定晴”，如图丙，露的形成是液化现象，需要放热
D．“大雪河封住，冬至不行船”，如图丁，冰的形成是凝固现象，需要吸热
【答案】C
【详解】A．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成固态的小冰晶，凝华过程需要放热，故A错误；
BC．雾和露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，液化过程需要放热，故B错误，C正确；
D．物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故D错误。
故选C。
6．下列有关声现象的说法不正确的是（ ）
A．图甲中的倒车雷达利用超声波传递信息
B．图乙中航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在传播过程中减弱噪声
C．图丙中吹笛子时，按住不同气孔是为了改变声音的音调
D．图丁中从无人机传出的声音不能在真空中传播
【答案】B
【详解】A．超声波可以传递信息，汽车安装的倒车雷达是利用超声波传递信息，故A正确，不符合题意；
B．图乙中航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在人耳处减弱噪声，故B错误，符合题意；
C．吹奏笛子时，演奏者按住不同气孔，是为了改变空气柱振动的快慢，故是为了改变音调，故C正确，不符合题意；
D．声音的传播需要介质，声音不能在真空传播，图丁中从无人机传出的声音不能在真空中传播，故D正确，不符合题意。
故选B。
7．第31届世界大学生夏季运动会将在成都隆重举行。运动会将设体操比赛，体操比赛中的自由体操运动员空中翻滚非常精彩。关于翻滚过程中体操运动员的动能与重力势能的变化正确的是（ ）
A．体操运动员上升过程中动能增大，重力势能增大
B．体操运动员下降过程中动能增大，重力势能增大
C．体操运动员上升过程中动能减小，重力势能增大
D．体操运动员下降到最低点时重力势能最大
【答案】C
【详解】AC．体操运动员上升过程中，速度减小，高度增加，质量不变，动能减小，重力势能增大，故A错误，C正确；
BD．体操运动员下降过程中，速度增大，高度减小，质量不变，动能增大，重力势能减小，体操运动员下降到最低点时重力势能最小，故BD错误。
故选C。
8．《天工开物》记载的“透火焙干”是造纸的一道工序，其做法是将刚生产出的湿纸张贴在烤火的墙上（如图）。给墙壁烤火能加快湿纸变干的主要原因是（ ）
A．升高湿纸的温度B．增大湿纸的表面积
C．改变湿纸中的液体种类D．加快湿纸表面的空气流动
【答案】A
【详解】影响蒸发快慢的因素：液体温度、液体表面积和液体表面上方的空气流动速度。“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上，湿纸从墙上吸收热量，使纸的温度升高，从而使水分蒸发加快，使湿纸干得更快。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
9．关于体育活动项目，下列说法正确的是（ ）
A．跳远项目中，助跑是为了增大运动员的惯性
B．单杠活动中，运动员手涂防滑粉是为了增大摩擦
C．拔河比赛中，获胜方对绳子拉力大于另一方对绳子拉力
D．举重过程中，地面对运动员的支持力和运动员自身的重力是一对平衡力
【答案】B
【详解】A．跳远运动员在起跳前要助跑是为了利用惯性，但惯性的大小只与物体的质量有关，所以不能增大惯性，故A错误；
B．单杠活动中，运动员手涂防滑粉是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故B正确；
C．两队拔河，两队之间的力是一对作用力和反作用力，所以在不考虑绳子重力的情况下，获胜方对绳子的拉力等于输掉的一方对绳子的拉力，故C错误；
D．地面对运动员的支持力和运动员所受的重力大小不相等，不是一对平衡力，故D错误。
故选B。
10．如图所示是家庭电路的一部分，下列说法中正确的是（ ）
A．若保险丝熔断了，可以用铜丝代替
B．灯泡与开关的连接符合安全用电原则
C．使用试电笔辨别火线时，手指要接触笔尖金属体
D．电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地
【答案】D
【详解】A．保险丝是用熔点低的材料制成的，而铜的熔点高，不能及时熔断，故A错误；
B．开关接到火线上，图中开关接到零线上，容易触电，故B错误；
C．在使用试电笔时，应用手接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，手指不能碰到笔尖的金属体，故C错误；
D．三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故D正确。
故选D。
11．2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯。如图所示是比赛中的场景，下列说法正确的是（ ）
A．足球在空中飞行是因为受到惯性的作用
B．足球能被头顶飞，说明力能改变物体的运动状态
C．足球在空中飞行时，如果外力全部消失，足球将保持静止
D．足球在空中飞行时，运动员一直对足球做功
【答案】B
【详解】A．足球在空中飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B．足球能被头顶飞，足球的运动状态发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C．足球在空中飞行时，如果外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动，故C错误；
D．足球在空中飞行时，运动员没有对足球施加了，运动员对足球不做功，故D错误。
故选B。
12．如图所示的实验电路，还有部分导线未连接，字母a、b、c、d、e、f、g、h表示各元件的接线柱。下列操作能让灯、都亮起来的是（ ）
A．用导线连接d、f，再闭合开关S
B．用导线连接b、f，再闭合开关S
C．用一根导线连接e、g，用另一根导线连接d、f，再闭合开关S
D．用一根导线连接e、f，用另一根导线连接d、g，再闭合开关S
【答案】C
【详解】A．用导线连接d、f，再闭合开关S，灯泡L2和电流表接入电路中，灯泡L1没有接入电路中，只有灯泡L2亮，故A不符合题意；
B．用导线连接b、f，再闭合开关S，灯泡L2和电流表接入电路中，灯泡L1没有接入电路中，只有灯泡L2亮，故B不符合题意；
C．用一根导线连接e、g，用另一根导线连接d、f，再闭合开关S，两个灯泡并联，两个灯泡都亮，故C符合题意；
D．用一根导线连接e、f，用另一根导线连接d、g，再闭合开关S，两个灯泡被短路，两个灯泡都不亮，故D不符合题意。
故选C。
13．如图所示，电磁铁的右下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向左做匀速直线运动，在铁块从电磁铁的右下方运动到正下方的过程中，滑片P逐渐向a端滑动，下列判断正确的是（ ）
A．电磁铁的磁性逐渐减弱B．电磁铁的上端为S极
C．铁块对地面的压强逐渐变大D．弹簧测力计的示数逐渐变大
【答案】B
【详解】A．滑片P逐渐向a端滑动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中电流变大，电磁铁的磁性逐渐增强，故A错误；
B．电流从电磁铁的下侧接线柱流进，用右手定则判断出电磁铁的下端为N极，上端为S极，故B正确；
C．电磁铁的磁性增强，对铁块产生向上的吸引力，所以铁块对地面的压力变小，但受力面积不变，压强，所以铁块对地面的压强逐渐变小，故C错误；
D．铁块对地面的压力变小，接触面的粗糙程度不变，所以地面对铁块的摩擦力变小，铁块做匀速直线运动，弹簧测力计对它的拉力和它受到的摩擦力是一对平衡力，所以拉力变小，故D错误。
故选B。
第II卷（非选择题 共59分）
二、填空题（本题共7小题，每空2分，共28分）
14．元旦假期妈妈在厨房烙馅饼，小强在客厅里就闻到了馅饼的香味，这是 现象，剁陷儿前妈妈把菜刀放在磨石上磨了几下，发现菜刀的温度升高了，这是用 的方法改变物体的内能。
【答案】 扩散 做功
【详解】[1]妈妈在厨房烙馅饼，温度很高，加快了馅饼的香味分子的无规则运动，扩散到了空气中，所以小强在客厅里就闻到了馅饼的香味，属于扩散现象。
[2]妈妈把菜刀放在磨刀石上磨了几下，菜刀克服摩擦力做功，菜刀内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能。
15．粗糙水平面上一木箱重200N，当用50N的水平推力推木箱时，木箱静止不动，此时木箱受到水平方向的摩擦力为 N；当用100N的水平推力推木箱时，木箱恰能做匀速直线运动；当用150N的水平推力推木箱时，木箱受到水平方向的摩擦力为 N。
【答案】 50 100
【详解】[1]由题意可知，当用50N的水平推力推木箱时，木箱静止不动，即木箱处于平衡状态，故木箱所受的静摩擦力与推力平衡，所以可得，f静=F1=50N
[2]当用100N的水平推力推木箱时，木箱恰能做匀速直线运动，即木箱处于平衡状态，故木箱所受的滑动摩擦力与推力平衡，所以可得f动=F2=100N
当用150N的水平推力推木箱时，根据影响滑动摩擦力的因素可知，压力大小没变，接触面的粗糙程度没变，所以滑动摩擦力不变，即仍为100N。
16．疫情防控期间，为了控制外来人员出入小区，遂宁很多小区装备了人脸识别系统（如图所示）。其中摄像机可以自动将镜头前0.4m处的人脸拍摄成数码照片，则摄像机镜头的焦距应小于 （m），该镜头与 眼镜属同一类透镜。
【答案】 0.2 远视
【详解】[1]摄像机摄像时应用的原理是物距大于凸透镜二倍焦距时成缩小、倒立的实像。摄像机可以自动将镜头前0.4m处的人脸拍摄成数码照片，说明0.4m大于二倍焦距，即凸透镜焦距小于0.2米。
[2]因为摄像机的镜头是一个凸透镜，它是与矫正远视眼的眼镜属于同一类透镜。
17．如图是国产歼－15舰载机在“辽宁号”航空母舰上起飞时的情景。飞机升空是利用 （二力平衡原理／流体压强与流速的关系）。当飞机飞离航母后，航母所受的浮力大小将 。
【答案】 流体压强与流速的关系 减小
【详解】[1]飞机升力是根据流体压强与流速的关系的原理获得的。
[2]航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小。
18．在如图所示的装置中，闭合开关后，导体在磁场中沿 （选填“左右”或“上下”）方向运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象。人们根据此现象发明了 机。
【答案】 左右 发电
【详解】[1]如图所示，磁感线是竖直方向，当AB左右运动时，会切割磁感线，产生感应电流，是电磁感应现象。
[2]发电机是根据电磁感应原理制造而成。
19．如图甲是某酒精浓度检测仪的原理图．电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为酒精气体敏感电阻，它的阻值随酒精气体浓度的变化曲线如图乙所示．闭合开关，驾驶员呼出的气体中酒精浓度越大，R2的阻值 ，电压表示数 ．当电压表示达到一定值时，检测仪发出报警信号．
【答案】 越小 变大
【详解】第一空．分析乙图可得，电阻R2阻值随酒精气
体浓度增大而减小；
第二空．由图像分析电阻与酒精气体浓度关系，
浓度越大电阻越小，则驾驶员呼出酒精气体浓
度增大时，电阻变小，R2分得电压变小，R1分
得电压变大，电压表测量R1电压，则示数变大．
20．如图所示，电热水壶上标有“220V 1800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻 ．在额定电压下，烧开一壶水用时3min20s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量为 J．
【答案】 小 3.6×105
【详解】热水壶的发热体与电线串联，通过它们的电流及时间相等，但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多，所以电热丝很热，但与之相连的电线却不怎么热；在额定电压下，烧开一壶水用时，t＝3min20s＝200s，
这段时间内电热水壶发热体产生的热量：Q＝W＝Pt＝1800W200s＝3.6105J.
三、作图题与计算题（本题共3小题，共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的验算步骤，只写最后答案的不得分）
21．（4分）
（1）如图所示，一束激光从空气中射到半圆形玻璃砖上（O为圆心），发生了反射和折射，请在图中画出：①反射光线；②折射光线的大致方向．
【答案】
【详解】根据光的反射定律知道，反射角等于入射角，所以，在法线上侧的空气中作出反射光线；又因为当光由空气斜射进入玻璃中时，折射光线靠近法线，折射角小于入射角，所以，在法线上侧的玻璃中作出折射光线，如下图
【点睛】本题考查的是光的反射定律和折射规律，要求学生能根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且还能根据反射或折射画出入射光线，解题的关键是熟记光的反射定律和折射规律的内容．
（2）质量均匀的小球a从地面冲上弧形轨道,如图所示，是小球a向上运动的某一状态，请画出此时小球所受重力及小球对弧形轨道压力的示意图．
【答案】
【详解】重力作用在小球的重心，方向竖直向下；压力作用在受力面上，垂直于受力面指向被压轨道，如图：
22．（6分）小杨同学品学兼优，全面发展，热爱劳动，周末，他从超市采购归来，手提一袋大米，站在匀速竖直上升的电梯内。
（1）若小杨及所带物品的总重为700N，在电梯上升10m的过程中，求电梯对他的支持力做的功；
（2）若这袋大米总质量为5kg，手的受力面积为2cm2，g取10N/kg，求他的手受到的压强。
【答案】（1）7×103J；（2）2.5×105Pa
【详解】解：（1）由题意可知，电梯对小杨的支持力F等于小杨的总重力G总，
即F=G总=700N
电梯上升的高度为h=10m，故由W=Fs可得，
电梯对他的支持力做的功为W=Fs=G总h=700N×10m=7×103J
由受力分析可知，大米对手的压力F压大小等于大米的重力G大小，
即F压=G=mg=5kg×10N/kg=50N
由可得，手受到的压强为
答：（1）电梯对他的支持力做的功为7×103J；
（2）他的手受到的压强为2.5×105Pa。
23．（7分）小黄家中新购置了一台挂式电热水器，他查看了电热水器说明书后，将电热水器内部电路结构简化成如图所示电路图，该热水器设有高，中，低三档，电热丝R1=50Ω，电热丝R2=220Ω，电热转化效率为84%，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）高温档的加热功率
（2）用低温档将22kg水从20℃加热到60℃需要的时间
【答案】（1）1188W；（2）2×104s．
【详解】解：（1）由图知，三个开关都闭合时，R1与R2并联，电阻最小，功率最大，即高档，R并＝高温档的加热功率：P高温＝＝1188W；
（2）Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×22kg×（60℃﹣20℃）＝3.696×106J，电路中电阻最大时，功率最小时热水器处于低温档，由电路图可知， S、S2闭合只R2连入电路中即低温档，P低＝ ＝＝220W，电热转化效率为84%，所以：Q＝84%W＝84%P低温t，所以加热时间：t＝＝2×104s．
点睛：（1）解答此题的关键是结合电路图分清开关分别处于什么状态时是高档、中档、低档．（2）先由Q＝cm△t计算水吸热，求出低温档功率，再由Q＝84%W＝84%P低温t计算加热时间．
实验与探究题（本题共2小题，每空2分，共14分）
24．（6分）李岚同学要测量额定电压为2.5V小灯泡的功率，如图所示。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲连接完整（要求滑动变阻器滑片向右滑动时，灯泡变亮） ；
(2)正确连好电路后，闭合开关，调节变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V时，电流表的指针位置如图乙所示，此时电流表的示数为 A，小灯泡的额定功率为 W。
【答案】 0.3 0.75
【详解】(1)[1]根据要求，滑动变阻器滑片向右滑动时，灯泡变亮，滑动变阻器接线柱要一上一下接入电路，并且串联到电路中，接法如图所示：
(2)[2]由图乙可知，电流表所选择的是0~0.6A的小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A。
[3]小灯泡的额定电压为2.5V，额定电流为0.3A，则额定功率为
25．（8分）利用铁架台、杠杆、质量相等的钩码等器材，探究杠杆的平衡条件；
（1）调节螺母，将没挂钩码的杠杆调节至水平位置平衡，如图甲所示，其目的是方便测量 ；

（2）为探究杠杆的平衡条件，小明设计了以下两种收集实验数据的方案，其中合理的是 ；
（3）如图所示，在A处挂3个钩码，则应在B处挂 个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡；
（4）杆秤就是杠杆平衡条件的一个应用，是中国最古老也是现今人们仍然在使用的一种称质量的简易工具，由带有秤星的秤杆、秤砣、提纽等组成，如图所示，此杆秤有两个提纽，使用它称较重的物体时，常用离秤钩较 （选填“近”或“远”）的提纽。

【答案】 力臂 方案二 2 近
【详解】（1）[1]调节螺母，将没挂钩码的杠杆调节至水平位置平衡，使得杠杆中心经过支点，避免杠杆自重对实验结果产生影响，便于测量力臂。
（2）[2]为探究杠杆的平衡条件，为了避免偶然性对实验结果的影响，使实验结论具有普遍性，应多次改变动力与阻力的大小，观察动力臂与阻力臂，故方案二更合理。
（3）[3]如图所示，在A处挂3个钩码，OA=2，OB=3，根据杠杆平衡原理，
即，可得F2=2，即应在B处挂2个钩码。
（4）[4]使用杆秤称量较重的物体时，物体的重力变大，在秤砣的重力不变的情况下，根据杠杆的平衡条件可知，需要增大秤砣重力的力臂、减小物体重力的力臂，所以用离秤钩较近的提纽。
B卷（共20分）
一、选择题（本题共5小题，每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．勤劳的中华民族创造了灿烂的华夏文明，在众多领域取得了举世瞩目的成就，推动了人类社会的进步。下列关于我国科学技术的成就和应用描述完全正确的有（ ）
①四大发明中的“指南针”——司南能指示南北方向是受地磁场的作用
②1293年，郭守敬在通惠河上建造了船闸，这一创举利用了连通器原理
③战国时期的天平——木衡和铜环权利用了杠杆原理
④“玉兔2号”月球车在月球背面留下属于中国的第一道印记，说明力可以改变物体的形状
⑤“华龙一号”核反应堆利用核聚变进行发电，所用核燃料属于可再生能源
⑥“复兴号”动车组刷新了中国速度，动车组速度越快，它的惯性越大
A．①②③④B．①②③⑤C．③④⑤⑥D．②③④⑥
【答案】A
【详解】①地球的周围存在磁场，司南能指示南北方向是受地磁场的作用。故①正确；
②船闸上方开口，下方连通，符合连通器的定义。因此1293年，郭守敬在通惠河上建造了船闸，这一创举利用了连通器原理。故②正确；
③战国时期的天平——木衡和铜环权可绕一固定点旋转，两侧分别放“权”（相当于砝码或秤锤）、“重”（被称量的重物），使其保持平衡，称量出物体的“重”，利用了杠杆原理。故③正确；
④“玉兔2号”月球车在月球背面移动时，对月壤有压力的作用，月壤受到力的作用发生了形状变化，留下属于中国的第一道印记，说明力可以改变物体的形状。故④正确；
⑤“华龙一号”核反应堆利用核裂变进行发电，所用核燃料不能重复使用，属于不可再生能源。故⑤错误；
⑥惯性是物体的一种属性，只与物体的质量有关。因此“复兴号”动车组刷新了中国速度，动车组速度越快，它的质量未变，惯性不变。故⑥错误。
综上，故A正确，BCD错误。
故选A。
2．宋代范仲淹的《岳阳楼记》中蕴含了丰富的光学知识，文中词句与物理知识相符合的是（ ）
A．“皓月千里”，皎洁的月亮是光源
B．“静影沉璧”，如玉璧一样月亮的倒影是光的反射现象
C．“浮光跃金”，湖面波动的光闪着金色是光的折射现象
D．“锦鳞游泳”，看到水里的鱼是实像
【答案】B
【详解】A．皎洁的月亮不是光源，因为月亮是反射的太阳光，故A不符合题意；
B．如玉璧一样月亮的倒影是光的反射形成的平面镜成像现象，故B符合题意；
C．湖面波动的光闪着金色是光的反射现象，故C不符合题意；
D．看到水里的鱼是由于光的折射形成的虚像，故D不符合题意。
故选B。
3．小帆在老师指导下，用如图所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图像如图，乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精（）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等，，则下列说法中正确的是（ ）
A．B．乙的吸热能力大于甲的吸热能力
C．0~8min乙吸收的热量为D．该酒精灯的加热效率为28%
【答案】C
【详解】ABC．由图乙知，甲从20℃加热至沸腾用时8min，乙从20℃加热至沸腾用时10min。 升高相同温度，甲所需时间长，需要吸收的热量多，那么甲的吸热能力更强，则甲是水，甲从20℃升温至100℃，需要吸收的热量Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(100℃-20℃)=3.36×104J
两种液体在相同时间吸收的热量相同，那么乙在8min内吸收的热量为3.36×104J。乙从20℃升温至100℃，所需时间为4min，吸收的热量
那么乙的比热容，故AB错误，C正确；
D．乙从20℃加热至沸腾，所需时间为10min，吸收的热量
消耗的酒精放出的热量Q放=m酒精q酒精=0.004kg×3×107J/kg=1.2×105J
那么酒精灯的加热效率，故D错误。
故选C。
4．如图甲所示的装置，每个滑轮的重力为10N，物体A的重力GA=100N，物体B的重力GB=40N，对A施加水平向右的拉力F=110N，使A以0.1m/s的速度匀速向右运动；撤去拉力F1，在A的右侧加挂一个与它相同的物体，如图乙所示，对B施加一个竖直向下的拉力F2，使A以0.2m/s的速度匀速向左运动．绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计．则下列说法正确的是（ ）
A．甲图中，A受到的摩擦力为110NB．乙图中，F2的大小为45N
C．乙图中，P点处受到的拉力为145ND．乙图中，F2做功的功率为2W
【答案】CD
【详解】A．甲图中设滑轮组对A的拉力为F甲，如图．物体B重40N，动滑轮重10N，绳子段数n=2．根据滑轮组特点有：GB=，则F甲= nGB-G动=2×40N-10N=70N．
对A施加水平向右的拉力F=110N，使A以0.1m/s的速度匀速向右运动时，水平方向上A受到拉力F1、平面对A向左的摩擦力f、滑轮组对A的拉力F甲三个力作用．因A匀速运动，所以F1=f+F甲，则A受到的摩擦力为：f甲=F1-F甲=110N-70N=40N．，故A错误；
B．因A对平面的压力不变，接触面粗糙程度不变，则A对平面的滑动摩擦力不变．所以乙图中在A的右侧加挂一个与A相同的物体后，它们受到平面的摩擦力为：f乙=2f=2×40N=80N；
此时A向左匀速运动，则滑轮组对它们的拉力F乙（如图所示）等于平面对它们的摩擦力，即：
F乙= f乙=80N；
此时B物体下受到拉力F2，根据滑轮组特点，有：GB+ F2=，
则：F2=- GB=- 40N=5N，故B错误；
C．乙图中，P点处承担GB、F2、两个滑轮重、F乙，所以P点受到的拉力为：
FP= GB+F2+2G动+F乙=40N+5N+2×10N+80N=145N，故C正确；
D．乙图中，A速度为0.2m/s，根据滑轮组特点，则拉力F2移动的速度为：v=2vA=2×0.2m/s=0.4m/s，
则F2做功的功率为：P= F2v=5N×0.4m/s=2W；
故D正确．
5．如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S、S1，断开S2，滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑动到某点时，小灯泡正常发光；保持滑动变阻器R1的滑片位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，再将滑动变阻器R1的滑片继续向左滑动到最左端；两次电流表示数与电压表示数关系图像如图乙所示：下列说法中正确的是（ ）

A．定值电阻R2的阻值是10ΩB．电源电压是6V
C．小灯泡的额定功率是3WD．滑动变阻器R1最大阻值是25Ω
【答案】ABD
【详解】AB．如图所示，闭合开关S、S2，断开S1，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测总电流，根据变阻器阻值不变，电流与电压成反比的知识，图像右侧为直线，由图像和欧姆定律可知，此时R2的电阻为
再将滑动变阻器继续滑到最左端时，只有R2接入电路，此时电路中的最大电流为0.6A，则R2两端的电压即为电源电压，故AB正确；
C．当切换开关，滑动变阻器的两端的电压为U1=U-U2=6V-4V=2V
故此时滑动变阻器接入电路的电阻为
闭合开关S、S1，断开S2，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测总电流，从最右端到左端某点时，小灯泡正常发光，由乙图可知，灯泡的最大电压为3.5V，滑动变阻器的电压为
此时电路中的电流即为灯泡正常发光的电流，即
故灯泡的额定功率为P=ULIL=3.5V×0.5A=1.75W，故C错误；
D．滑动变阻器滑到最右端时，灯泡的电压为1V，电流为0.2A，此时滑动变阻器的电压为
故此时滑动变阻的最大电阻为，故D正确。
故选ABD。
二、综合题(本题共2小题，共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
6．（4分）小华找到了一张测定汽车油箱内油量的装置图，如图所示，他与同组同学对相关问题进行了探究。
(1)把油量信息转化为电信息，有利于信息的传递。装置中，信息转化的关键环节为：油量变化→杠杆绕O点转动→电路的 变化→电流变化；
(2)若圆弧形电阻丝最大阻值为100Ω，其他可供选择的器材有：恒压电源E1(电压3V)和E2(电压18V)；电流表A1(量程0~0.6A)和A2(量程0~0.1A)；定值电阻R1=5Ω、R2=30Ω和R3=100Ω。为了节约能源，并且实现油量最大时，电流表示数最大，器材选择的最佳组合为 ；
A．E2、A2、R3 B．E1、A2、R2 C．E1、A2、R1D．E2、A1、R3
(3)合理选择器材后，他们通过测量，得到了下表所示的结果(其中V是油箱的容积，Ig是电流表的最大示数)：
依据测量结果，可以将电流表的刻度改为油量体积。分析数据可知，当液体体积为时，电流表示数 (选填“大于”、“等于”或“小于)；
(4)关于探究过程的反思，下列说法中不正确的是 。
A．调整圆弧形电阻丝的位置，要让圆心在O点B．为保证安全和方便，测量时用水来灌装油箱
C．为节约空间，应该使电路元件尽量靠近油箱D．该装置还存在一些缺陷，应继续探究并改进
【答案】 总电阻 B 小于 C
【详解】(1)[1]杠杆绕O点转动，电阻值接入电路的阻值变化，电路总电阻变化，电流变化。
(2)[2]为了节约能源，需要电压较小的，电流较小，则选择电源E1和电流表A2，当油量最大时，电流表示数最大，圆弧形电阻丝接入电路阻值为0，则需要定值电阻为，综上，故选B。
(3)[3]如果液体体积和电流表示数成正比，则当液体体积为时，电流表示数等于，分析电流表的示数可知，电流减小的变化量越来越小，所以当液体体积为时，电流表示数小于。
(4)[4] A．让圆心在O点,则两边力臂大小相同，变化量相同，故A正确，不符合题意；
B．水不可燃，容易获取，测量时用水来灌装油箱，故B正确，不符合题意；
C．电路元件会由于电流热效应，温度较高，油是可燃物，电路元件尽量靠近油箱容易燃烧，故C错误，不符合题意；
D．当油量最小时，电阻丝接入电路最大，电流最小，但是电流表示数不为0，所以需要对电流表的示数最小位置进行标记为油量为0，故D正确，不符合题意。
故选C。
7．洪水猛如虎，为减小抗洪压力，科创小组设计了水库自动泄洪控制装置，将其制成顶部开有小孔的模型，如图所示。其中A为压力传感器，B是不吸水的圆柱体，能沿固定的光滑细杆在竖直方向自由移动。当模型内水深时，B与模型底面刚好接触且压力为零。水位上涨到设计的警戒水位时，圆柱体B已上升至与A接触，此时B浸入水中深度为，B对A的压力刚好触发报警装置，开启通洪阀门。已知圆柱体B的底面积，高，，。求：
（1）当模型内水深时，水对B底面的压强；
（2）刚触发报警装置时，B对A压力是多少；
（3）为了提高防洪安全性，科创小组将圆柱体B的高度增加，则警戒水位比原设计低多少。
【答案】（1）；（2）3N；（3）4cm
【详解】解：（1）当模型内水深时，B与模型底面刚好接触且压力为零，水对B底面的压强
（2）圆柱体B已上升至与A接触，此时B浸入水中深度为，则B受到的浮力为
B的重力
B受力平衡，A对B的压力为
相互作用力大小相等，所以刚触发报警装置时，B对A压力为3N。
（3）当触发警报时，A距离水面的距离为
设警戒水位比原设计低hcm，A距离水面的距离为
则B排开水的深度为
则B的浮力为
将圆柱体B的高度增加，则B的重力增大值为
B现在的重力
浮力等于重力加压力，即
解得
答：（1）当模型内水深时，水对B底面的压强为；
（2）刚触发报警装置时，B对A压力是3N；
（3）为了提高防洪安全性，科创小组将圆柱体B的高度增加，则警戒水位比原设计低4。
实验次数
方案一
方案二
F1/N
l1/cm
F2/N
l2/cm
F1/N
l1/cm
F2/N
l2/cm
1
3
3
3
5
2
2
2
4
3
3
1
1
2
5
液体体积
V
0
电流表示数
Ig