福建省漳州市华安县第一中学2023-2024学年八年级下学期5月月考物理试题（原卷版+解析版）

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（考试时间90分钟，总分100分，）
一、选择题（每题2分，共28分）
1. 如图所示，下列器件中属于省力杠杆的是
A. 坩埚钳B. 剪刀
C. 筷子D. 镊子
【答案】B
【解析】
【详解】A．坩埚钳，L1＜L2动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；故A不符合题意．
B．剪刀，L1＞L2动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；故B符合题意．
C．筷子使用时，L1＜L2动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；故C不符合题意．
D．镊子，L1＜L2动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；故D不符合题意．
2. 小明学习了杠杆的知识后，想用公园的翘翘板来估测一块石头的重，如图所示，他将石头放在翘翘板位置，自己坐在位置上，翘翘板在水平位置平衡．若小明体重，可估得石头的重约为
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】设石头所在一端为动力F1，则小明所在一端为阻力F2，读图可知，杠杆水平平衡，石头的力臂约为小明力臂的2倍，即L1=2L2，根据杠杆平衡条件：FL1=FL2;得： F1×2L1=500N×L1，解得F1=250N,即石块的重力为250N
【点睛】学生通过做答本题进一步明确，对于杠杆平衡问题，一般知道动力臂、动力、阻力臂、阻力其中的三个物理量，根据杠杆平衡条件求出第四个物理量.
3. 如图所示，杠杆AOB用细线悬挂起来，当A端挂重物G1，B端挂重物G2时，杠杆平衡，此时OA恰好处于水平位置，AO=BO，杠杆重力不计，则
A. G1＜G2B. G1＞G2
C G1=G2D. 都有可能
【答案】A
【解析】
【详解】OA恰好处于水平位置，AO=BO，作出两力的力臂如图：
；
根据杠杆的平衡条件：可知，力与相应的力臂成反比关系；
如图知，，所以物体重力．
故选A．
【点睛】除了杠杆平衡条件的应用，关键还是力臂大小情况的判断，理解当力与杠杆垂直时，力臂是最长的，倾斜后力臂会变短．
4. 小明将一本八年级物理课本从地板上拿到桌面上，他对课本所做的功最接近（ ）
A. 0.04JB. 0.4JC. 4JD. 40J
【答案】C
【解析】
【详解】一本物理课本的质量约为300g，其受到的重力约为
将物理课本从地板上拿到桌面上，使课本上升的高度约为1m，他对课本做功即克服课本重力做功
他对课本做功最接近4J，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
5. 一足球运动员用50N的力，用脚把足球踢出20m，则球在空中飞行时，运动员对足球做的功（ ）
A. 1000JB. 0JC. 100JD. 无法计算
【答案】B
【解析】
【详解】力学里的功包含两个必要因素：作用在物体上的力、物体在这个力的方向上移动的距离。球在空中飞行时，运动员对足球没有力的作用，因此球在空中飞行时，运动员没有对足球做功。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
6. 如图所示，物体A、B都处于静止状态，它们所受的重力分别是6N和14N，关于它们的受力情况，下面说法正确的是（ ）
A. 物体A受到的合力是8N
B. 物体A受到的拉力是14N
C. 物体B受到重力与拉力的合力是8N
D. 物体B受到地面的支持力是14N
【答案】C
【解析】
【详解】AB．物体A受重力GA和绳子对A的拉力FA，因为物体A静止，所以物体A受到的重力和拉力是平衡力，由二力平衡的条件可知拉力
FA=GA=6N
物体A受到的合力为零，故AB错误；
CD．物体B受向下的重力、绳子向上的拉力、地面向上的支持力，由力的平衡可知物体B的重力
GB=F支+FB
因为力的作用是相互的，所以物体B受到拉力
FB=FA=6N
物体B受到重力与拉力的合力
F合=GB-FB=14N-6N=8N
物体B受到地面的支持力
F支=GB-FB=14N-6N=8N
故C正确，故D错误。
故选C。
7. 如图所示，在500N拉力F的作用下，用滑轮组将重为800N的物体在10s内匀速提升了1m，不计绳重及滑轮上的摩擦。下列说法正确的是（ ）

A. 滑轮组做的有用功是500J
B. 绳端拉力F移动的速度为0.3m/s
C. 该滑轮组机械效率是80%
D. 该滑轮组提升的物体越重，其机械效率越小
【答案】C
【解析】
【详解】A．拉力做的有用功
W有＝Gh＝800N×1m＝800J
故A错误；
B．动滑轮上绳子段数n＝2，绳子自由端移动的距离
s＝nh＝2×1m＝2m
绳端拉力F移动的速度为
故B错误；
C．拉力做的总功
W总＝Fs＝500N×2m＝1000J
该滑轮组机械效率是
故C正确；
D．滑轮组的机械效率
可知，动滑轮的重力一定，提升的货物越重，即G越大，机械效率越大，故D错误。
故选C。
8. 一位体重为500N的同学在跳绳测试中，1min跳180次，每次腾空的最大高度平均为4cm，则他在跳绳过程中，克服重力做功的平均功率是（ ）
A. 60WB. 3.6×103WC. 6×103WD. 3.6×105W
【答案】A
【解析】
【详解】由题可知，他在跳绳过程中，1min内克服重力做功
W=Ghn=500N×0.04m×180=3600J
由可得，他克服重力做功的平均功率是
故选A。
9. 甲乙两人用同一竹竿进行爬杆比赛，甲从地面爬到杆顶用了16s，乙从地面爬到杆顶用了12s，甲乙体重之比为3∶4，则甲乙爬杆功率之比为（ ）
A. 4∶3B. 3∶4C. 16∶9D. 9∶16
【答案】D
【解析】
【详解】甲乙爬杆功率之比为
故选ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
10. 如图所示，斜面长为3m，高为1m，工人用400N沿斜面方向的力将重为840N的箱子推到车上．在这过程中（ ）
A. 有用功是400J，总功是840JB. 有用功是840J，额外功是400J
C. 总功是1200J，机械效率是70%D. 有用功是400J，机械效率是70%
【答案】C
【解析】
【详解】国家体育知道，箱子重是840N，斜面高1m，所以把箱子推到斜面顶端时，做的有用功是
W有=Gh=840N×1m=840J
因为斜面的长度是3m，推力是400N，所以，把箱子推到斜面顶端时，推力做的总功是
W总 =Fs=400N×3m=1200J
斜面的机械效率是
故选C。
11. 垂直升降式立体车库能有效缓解车位不足的问题。停在载车板上的汽车匀速上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 动能不变，重力势能不变B. 动能不变，重力势能增大
C. 动能增大，重力势能不变D. 动能增大，重力势能增大
【答案】B
【解析】
【详解】汽车在匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，则动能不变，同时高度增加，故重力势能增大，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
12. 如图所示，是某建筑工地使用的一种起重机的滑轮组。一次提升货物A的质量为2.7×103kg，30s内货物A被匀速提升了3m，动滑轮的重力3×103N(不计起重机钢绳重和一切摩擦)。下列分析中正确的是（ ）
A. 钢绳自由端的移动速度为0.1m/s
B. 拉力F的功率为1.5×103W
C. 滑轮组的机械效率为90%
D. 钢绳的拉力F的大小为1.0×104N
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，承担物重的绳子段数，绳子移动距离
绳子自由端移动速度
故A错误；
BD．货物A的重力为
钢绳的拉力F的大小是
拉力F做功
拉力F的功率为
故BD错误；
C．滑轮组做的有用功是
滑轮组的机械效率为
故C正确。
故选C。
13. 如图甲所示的是人造地球卫星随火箭加速上升的情景：如图乙所示的是人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的情景，离地球最近的点叫近地点，最远的点叫远地点。下列说法中正确的是（ ）
A. 图甲：在加速上升的过程中，人造地球卫星的动能转化为重力势能
B. 图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从远地点向近地点运行时，其机械能减小
C. 图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从近地点向远地点运行时，其速度减小
D. 在甲、乙两图中，人造地球卫星的机械能都不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．卫星加速上升过程中，其质量不变，速度增大，则动能增大；同时高度增大，重力势能增大；因卫星的动能与重力势能都增大，所以不是动能转化为重力势能，且卫星的机械能增大，故A错误；
BC．太空中是真空，卫星沿椭圆轨道绕地球运行过程中，不受空气阻力，机械能守恒，只有动能和势能的相互转化；从近地点向远地点运行时，质量不变，高度变大，重力势能增大，速度减小，动能减小，故B错误，C正确；
D．图甲中卫星的机械能增加，图乙中卫星的机械能不变，故D错误。
故选C。
14. 用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物的关系如图乙所示（不计绳重和摩擦）。则下列说法正确的是（ ）

A. 此滑轮组动滑轮的重力为5N
B. 当G物=15N时，滑轮组机械效率为η=75%
C. 同一滑轮组机械效率随G物的增大而增大，最后等于100%
D. G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组的机械效率仍不改变
【答案】D
【解析】
【详解】A．不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率
由图像知道，当物体的重力为12N时，滑轮组的机械效率80%，即
解得动滑轮重力
故A错误；
B．不计绳重和摩擦，当G物=6N时，滑轮组的机械效率
故B错误；
C．使用滑轮组时，克服物重做功的同时，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功，由公式知道，滑轮组的机械效率一定小于100%；由图像可知同一滑轮组的机械效率η随G物的增大而增大，但最终不能超过100%，故C错误；
D．G物不变，改变图甲中的绕绳方式,因为此图与题中甲图将同一物体匀速提高相同的高度，所以所做的有用功相同，忽略绳重及摩擦时，额外功
W额=G动h
则额外功W额相同，又因为
W总=W有+W额
所以总功相同，由知道，两装置的机械效率相同，即
η1=η2
所以，G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组机械效率不变，故D正确。
故选D。
二、填空题（每空1分，共12分）
15. 如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个_____（填“省力”或“费力”）杠杆，若箱和物品共重100N，设此时动力臂是阻力臂的5倍，则抬起拉杆的力F为_____N．
【答案】 ①. 省力 ②. 20
【解析】
【详解】[1][2]根据动力臂与阻力臂的大小关系，杠杆可分为省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，动力臂大于阻力臂的杠杆属于省力杠杆，拉杆式旅行箱的动力臂大于阻力臂的杠杆属于省力杠杆；根据杠杆的平衡条件可知，拉力应等于重力的五分之一为20N．
16. 如图所示，用同样的轻绳（不计绳重）和滑轮安装成甲、乙两种装置．将同一物体匀速提升相同高度，则使用装置中机械效率_____较高，使用乙装置_____能省力．（选填“一定”或“不一定”）
【答案】 ①. 甲 ②. 不一定
【解析】
【分析】(1)动滑轮和定滑轮的使用特点：使用定滑轮不能省力，但能改变动力的方向；使用动滑轮不能改变动力的方向，但能省力．
(2)对滑轮组机械效率公式η=×100%的理解；
【详解】由图可知甲是定滑轮；乙是动滑轮；
把同一货物匀速提升相同高度（不计绳重），则做的有用功相同，由于乙图要克服动滑轮的重力做功，所以用动滑轮所做的总功多，由机械效率公式η=×100%可得甲的机械效率一定高；
因为提升物体的同时，还需要提升动滑轮，在不知物体重和滑轮重的情况下，使用乙装置不一定能省力。
17. 在水平地面上，工人用100N的水平推力推动重150N的箱子，4s内前进了6m，在这个过程中，木箱所受重力对木箱做功为________J；工人对木箱做功为________J．
【答案】 ①. 0 ②. 600
【解析】
【详解】[1]由题知，箱子在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为0。
[2]工人对木箱做功
W=Fs=100N×6m=600J
18. 火箭在返回大气层的过程中，随着高度降低，它的重力势能 ________（选填“减少”或“增加”），动能增加；最后过程中，火箭会张开降落伞，这一举动是为了减少火箭的 ________（选填“动能”或“重力势能”）。
【答案】 ①. 减少 ②. 动能
【解析】
【详解】[1]返回大气层的过程中，其质量不变，随着高度降低，它的重力势能减少。
[2]最后过程中，火箭会张开降落伞，这一举动是为了减少火箭下落的速度，从而减小火箭的动能。
19. 分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组将重为100N的物体G匀速提升相同高度，每个滑轮的重均为10N。不计绳重及摩擦，此过程中______，机械效率______。（均填“＞”“