07，2024年广东省惠州市尚书江南学校中考三模物理试题

这是一份07，2024年广东省惠州市尚书江南学校中考三模物理试题，共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 小明在2024年广州市体育中考现场，则（ ）
A. 现场气温约为5℃B. 篮球的质量约为4kg
C. 足球的直径约为2.2dmD. 小明跑100m用时130s
【答案】C
【解析】
【详解】A．体育中考的时间一般为5月份，广州的天气比较炎热，现场气温应高于5℃。故A不符合题意；
B．篮球的质量约为600g左右。故B不符合题意；
C．标准足球的直径约在21.65厘米到22.29厘米之间，约为2.2dm。故C符合题意；
D．100m的世界记录约为9秒58。中学生跑100米约为13s。故D不符合题意。
故选C。
2. 如图所示，一只白鹤站在水中觅食，下列说法正确的是（ ）
A. 图中的黑影是由光的直线传播形成的
B. 倒影是因光反射形成的实像
C. 白鹤看到水中的鱼比实际的要深一些
D. 人从不同角度看见白鹤是由于光的镜面反射
【答案】A
【解析】
【详解】A．白鹤的黑影属于影子，是由于光的直线传播形成的，故A正确；
B．白鹤的倒影属于平面镜成像，平面镜成像是由于光的反射形成的，成的像是虚像，故B错误；
C．白鹤看到水中的鱼，是光从水中斜射向空气中时，在水面处发生折射而形成的虚像，白鹤看到水中的鱼比实际的要浅一些。故C错误；
D．人能从不同角度看见水鸟是由于光照射在鸟身上发生了漫反射，使反射光射向各个方向，故D错误。试卷源自 试卷上新，欢迎访问。故选A。
3. 2024年2月9日除夕夜，在央视春晚长沙分会场，2500架无人机升空比出巨型爱心，如图所示。年轻活力的“不夜星城”以其独特魅力，为全球观众带来一场视觉盛宴。当开关S1闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，无人机起飞。下列电路设计符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】由题意可知，无人机的指示灯和电动机的工作互不干扰，说明两者是并联接入电路中，且开关S1控制指示灯的通断，与指示灯串联，开关S2控制电动机的通断，与电动机串联，结合选项可知，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
4. 《热辣滚烫》引发全民拳击热潮，全民健身，“赢”战自我。下列说法中正确的是（ ）
A. 拳击比赛中，拳头击中对手头部时，拳头没有受到对手的作用力
B. 在拳击比赛中，运动员都要戴一双又大又软的拳击手套，是为了减小压力
C. 训练中举起杠铃静止时，训练者受到的重力和地面给他的支持力是一对平衡力
D. 健身后体重下降到合理值，感觉自己身轻如燕，是因为质量小惯性小
【答案】D
【解析】
【详解】A．拳击比赛中，拳头击中对手头部时，拳头也受到对手的头部给拳头的作用力，说明力的作用是相互的，故A错误；
B．在拳击比赛中，运动员都要戴一双又大又软的拳击手套，是为了在压力一定是，减小对身体的压强，从而降低伤害，故B错误；
C．训练中举起杠铃静止时，训练者和杠铃受到的总重力与地面给他的支持力是一对平衡力，故C错误；
D．惯性的大小只与物体的质量有关，健身后体重下降到合理值，感觉自己身轻如燕，是因为质量小惯性小，故D正确。
故选D。
5. 如图所示是一款遥感无人机。它在匀速下降的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 重力势能减小B. 动能增加C. 机械能守恒D. 能量不守恒
【答案】A
【解析】
【详解】无人机在匀速下降的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度不变，动能不变，所以它的机械能减小，机械能不守恒，但是能量的总量不变，整个过程中能量是守恒的，故A正确，BCD错误。
故选A。
6. 如图所示，轮滑鞋深受孩子们的喜爱。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，表明LED灯有电流经过，电路中产生了电流，属于电磁感应现象。
A．图中当导线通电时，小磁针发生偏转，表明通电导体周围存在磁场，属于电流的磁现象，故A不符合题意；
B．电路通电时，导体在磁场受力而运动，属于电动机工作原理，故B不符合题意；
C．导体在磁场中做切割磁感线的运动时，灵敏的电流计会发生偏转，表明电路中有电流，属于电磁感应现象，故C符合题意；
D．给线圈通电时，线圈在磁场中受力而转动，属于电动机工作原理，故D不符合题意。
故选C。
7. 如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A1示数变小
B. 电压表V示数与电流表A1示数之比变大
C. 电流表A2示数不变
D. 电压表V示数与电流表A2示数乘积变小
【答案】D
【解析】
【详解】A．将电压表去掉，电流表当作导线，可以看出电阻R1与电阻R2并联，A1测量电阻R1的电流，A2测量滑动变阻器R2的电流，当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器R2接入的电阻变大，电源电压不变，电阻R1的阻值不变，故通过的电流不变，故A1的示数不变，故A错误；
B．电压表V示数与电流表A1示数之比为定值电阻R1，故电压表V示数与电流表A1示数之比不变，故B错误；
C．当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器R2接入的电阻变大，电源电压不变，则通过电阻R2的电流变小，电流表A2示数变小，故C错误；
D．电压表测量电源电压，电压表V示数不变，电流表A2示数变小，故电压表V示数与电流表A2示数乘积变小，故D正确。
故选D。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8. 如图所示，古诗词“留连戏蝶时时舞，自在娇莺恰恰啼”描绘了春天的景象。人们是根据声音的___________来辨别黄莺啼声的，人耳听不到蝴蝶翅膀扇动的声音是由于蝴蝶翅膀振动的___________低，这种声音___________（能/不能）在真空中传播。
【答案】 ①. 音色 ②. 频率 ③. 不能
【解析】
【详解】[1]音色是由发声体本身决定的一个特性，反映了声音的品质与特色，人们根据音色来辨别黄莺啼声。
[2]因为人的听觉频率范围是：20Hz~20000Hz，蝴蝶翅膀振动的频率太低，属于次声波，因此人耳是听不到的。
[3]声音的传播需要介质，次声波不能在真空中传播。
9. 我国家庭电路的电压是______V；家里某用电器发生短路，熔丝立即熔断，用下列方法进行检测，如图所示，断开所有用电器的开关，用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”与熔断的熔丝并联，然后只闭合S、S1，若L正常发光说明L1______；只闭合S、S2，若L发出暗红色的光（发光不正常），说明L2______（选填“正常”“短路”或“断路”）。
【答案】 ①. 220 ②. 短路 ③. 正常
【解析】
【详解】[1][2][3]在我国家庭电路中的电压是220V。由题意知，将一个普通的白炽灯L并联在与熔断的熔丝两端，闭合闸刀开关，当只闭合S、S1时，若发现校验灯泡L正常发光时，则灯L两端的电压应为220V，则此时一定是灯泡L1发生了短路；当只闭合S、S2时，灯泡L发光不正常，则此时灯泡L两端的电压应小于220V，说明此时应该是灯泡L与灯泡L2串联接在火线与零线之间，则灯泡L2是正常的。
10. 2024年3月20日，“长征八号遥三”运载火箭从我国文昌航天发射场发射升空，成功将探月工程四期“鹊桥二号”中继星送入预定轨道，如图所示。中继星随火箭加速升空过程中，中继星的机械能___________（选填“变大”“变小”或“不变”）；以地面为参照物，火箭是___________的；火箭喷出的气体对空气向下的力___________（选填“大于”“小于”或“等于”）空气对火箭向上的力。
【答案】 ①. 变大 ②. 运动 ③. 等于
【解析】
【详解】[1]中继星随火箭加速升空过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，所以机械能变大。
[2]以地面为参照物，火箭升空的过程中，火箭的位置发生变化，所以火箭是运动的。
[3]火箭喷出的气体对空气向下的力和空气对火箭向上的力是一对相互作用力，大小相等，方向相反。
11. 如图所示为一单缸四冲程汽油机某冲程剖面图，该图表示为______冲程，在这个过程中，气缸内气体内能的改变是通过______方式改变的。汽车使用的汽油的热值是，完全燃烧5kg汽油放出的热量是______J。
【答案】 ①. 压缩 ②. 做功 ③.
【解析】
【详解】[1]如图，汽油机的两气门关闭，活塞上行，为压缩冲程。
[2]在这个过程中，活塞压缩气缸内的气体，对气体做功，使气体内能增大，温度升高，气缸内气体内能的改变是通过做功方式改变的。
[3]完全燃烧5kg汽油放出的热量是
12. 如图所示是华为麒麟系列芯片惊艳全球，该芯片主要用到______材料（选填“导体”、“半导体”或“超导体”）：使用该芯片的手机用户实现卫星通话，所连接的卫星是由火箭发射到太空，火箭助推器用的是液氢+液氧燃料，液氢燃料具有较大的______；该卫星属于同步卫星，与地球相对______。
【答案】 ①. 半导体 ②. 热值 ③. 静止
【解析】
【详解】[1]华为麒麟9000S系列、5G芯片惊艳全球，该芯片主要用到硅、镓等半导体材料。
[2]同条件下的液氢放出的热量较多，液氢燃料具有较大的热值。
[3]该卫星属于同步卫星，与地球之间没有位置的变化，同步卫星相对地球是静止的。
13. 如图所示，木板B在的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数是4N，则木块A受到的滑动摩擦力是______N；物体B受到地面的摩擦力是______N，当F增大到12N时，木板B受到的A的滑动摩擦力是______N。
【答案】 ①. 4 ②. 6 ③. 4
【解析】
【详解】[1]木块A在弹簧测力计的拉力和木板B对它的滑动摩擦力的作用下处于静止状态，弹簧测力计的拉力和木板B对它的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，此时弹簧测力计的示数是4N，则木块A受到的滑动摩擦力是4N。
[2]木板B在的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，则在水平方向上，它受到的拉力、A对它向左的滑动摩擦力、地面对它向左的滑动摩擦力，三个力平衡，所以，物体B受到地面的摩擦力是
[3]当F增大到12N时，木块A对木板B的压力及接触面的粗糙程度都没有发生改变，所以，木板B对木块A的滑动摩擦力不变，仍为4N；木板B对木块A的滑动摩擦力和木块B受到的A的滑动摩擦力是一对相互作用力，所以，木块B受到的A的滑动摩擦力是4N。
14. 有一只标有“3.8V；0.3A”的小灯牌，其中“3.8V”是指小灯泡的__________。将小灯泡接在电源电压为3.0V的电路中，小灯泡实际的电功率是__________W（灯丝电阻不变，结果保留两位小数）。小灯泡的亮暗由它的__________（选填“额定功率”或“实际功率”）决定。
【答案】 ①. 额定电压 ②. 0.71 ③. 实际功率
【解析】
【详解】[1]小灯泡的规格“3.8V；0.3A”中“3.8V”是指小灯泡的额定电压。
[2]小灯泡的规格灯牌上标出的是其额定电压与额定电流，则由欧姆定律可得，小灯泡的灯丝电阻为
将小灯泡接在电源电压为3.0V的电路中时，小灯泡实际的电功率为
[3]小灯泡亮度与实际功率有关，与额定功率无关。
三、作图题：本题7分。
15. 如图为运动员沿斜面下滑场景，O为运动员重心，画出运动员所受重力G和支持力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】运动员受到的重力方向竖直向下，运动员受到的支持力方向垂直于斜面向上，作用点都在运动员的重心，故作图如下：
16. 电源电压恒定不变，闭合开关S，小磁针静止时其N、S极如图所示，且电路能改变电磁铁磁性的强弱，请在虚线框内将电路图补充完整。
【答案】
【解析】
【详解】由磁极间的相互作用规律可知，电磁铁左端为N极，应用右手定则，可知电流从电磁铁右端流入左端流出，所以电源右侧为正极；可以通过改变电流的大小改变电磁铁磁性的强弱，在电路中接入滑动变阻器，与电磁铁串联，通过改变变阻器滑片改变电流的大小，如图所示：
17. 如图甲所示是博物馆内“刘充国印”的展台，上方是凸透镜，透过它能看到放大的印章；下方是平面镜，通过它能看到印章底部的字。图乙是其示意图，F为凸透镜的焦点，O为凸透镜的光心，光线a平行于凸透镜的主光轴（图中虚线）。请在图乙中画出：①光线a经过凸透镜折射后的光线；②光线b经过平面镜反射后的光线。

【答案】
【解析】
【详解】凸透镜能将平行光会聚到焦点，所以平行于主光轴的光线a经过凸透镜后，会聚于焦点；先过入射点做法线垂直于平面镜，由光的反射定律可得，反射角等于入射角，做出反射光线，如下图所示：

四、实验题：共20分。
18. 如图所示，读数时视线正确的是__________（选填“A”或“B”），物体的长度为__________cm。
【答案】 ①. B ②. 2.45~2.47
【解析】
【详解】[1]读数时视线应与刻度尺垂直，则B读数正确；
[2]刻度尺分度值为1mm，左侧与5.00cm对齐，则估读到分度值下一位，则读数可为2.45cm~2.47cm。
19. 如图所示，停表的读数为__________s。
【答案】217.5
【解析】
【详解】秒表小盘的分度值是1min，指针在3min和4min之间，靠近4min，读数为3min，大盘的分度值是0.1s，读数为37.5s，因此秒表读数为
20. 习完物态变化后，小明在实验室同时做“探究冰熔化和水沸腾的特点”实验，如图所示。
（1）如图甲，小明把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热，而不直接用酒精灯加热，目的是：______；图乙是小明描绘的冰熔化前后温度与时间的关系图像，冰在a点时处于______（选填“固态”“液态”或“固液共存态”）
（2）试管中的冰完全熔化为水后，小明继续加热，得到图乙中DE段，可知水的沸点为______℃，由此判断液面上方的气压______（选填“高于”“低于”或“等于”）1个标准大气压；
【答案】 ①. 使碎冰受热均匀 ②. 固液共存态 ③. 98 ④. 低于
【解析】
【20题详解】
（1）[1] 小明把装有碎冰试管放入装有水的烧杯中加热，这叫水浴法，目的是使碎冰受热均匀，且温度上升缓慢，方便记录数据。
[2] 冰吸收热量温度升高，达到熔点，继续吸收热量，温度保持不变，处于固液共存状态，等冰全部熔化成液态之后，吸收热量，温度不断升高。BC段冰在不断吸热，温度保持不变，属于熔化过程，熔化时处于固液共存态，故冰在a点时处于固液共存态。
（2）[3] 水沸腾时温度保持不变，如图乙中DE段，可知水的沸点为98℃。
[4]沸点与气压有关，在一标准大气压下，水的沸点为100℃，如图水的沸点为98℃，可知液面上方的气压低于1个标准大气压。
21. 为了探究电流与电压的关系，小明进行了如下实验：
（1）如图甲是小明连接好的电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最______（选填“左”或“右”）端；
（2）小明正准备闭合开关时，旁边的小兰急忙告诉他，电路连接有错，需要改接一根导线。请你在图甲中把小明接错的那根导线找出来，并打上“×”，再用笔画线代替导线正确连接______；
（3）正确连接电路后，闭合开关，改变滑片位置，记录实验数据如下表，第3次实验时，电流表示数如图乙所示，请将数据填写在表格中：
（4）分析表格中的数据可得出结论：电阻一定时，______；实验中，调节滑动变阻器滑片P的目的是______；
（5）小华利用小明所用实验器材及阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω的定值电阻探究电流与电阻的关系，小华根据测得的实验数据绘制了电流I随电阻R变化的图像，如图丙所示，则定值电阻两端的电压为______V。
【答案】 ①. 右 ②. ③. 0.30 ④. 电流与电压成正比 ⑤. 见解析 ⑥. 3
【解析】
【详解】（1）[1]为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片应移到阻值最大的右端。
（2）[2]原电路中，电压表串联在电路中，这是错误的，电压表应与定值电阻并联，如图所示：
（3）[3]由图乙可知，电流表接小量程，分度值为0.02A，因此电流表示数为0.3A。
（4）[4]根据表中数据可知，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比。
[5]探究电流与电压的关系时，需要改变定值电阻两端的电压，因此实验中，调节滑动变阻器滑片P的目的是改变定值电阻两端的电压。
（5）[6]由图丙知，电阻两端的电压始终保持
Uv=IR=0.6A×5Ω=×30Ω=3V
22. 如图是某实验小组的同学探究浮力大小与哪些因素有关的实验步骤。
（1）从图中可知物块的重力为______N；
（2）比较D和E，可以得出：浮力大小与______有关；
（3）比较______和______可以得出：当物块完全浸没后，浮力大小与所处深度无关；
（4）本实验采用的物理方法是______（选填“控制变量法”或“转换法”）；
（5）该小组的同学根据阿基米德原理计算出了上述实验中所用物块的密度：
①物块完全浸没于水中所受浮力为______N；
②物块密度为______kg/m3。（ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）
【答案】 ①. 4.8 ②. 液体的密度 ③. C ④. D ⑤. 控制变量法 ⑥. 0.6 ⑦. 8×103
【解析】
【详解】（1）由题图A可知，弹簧测力计的示数为4.8N，该物块的重力G物=4.8N。
（2）比较D和E可知，排开液体的体积相同，只有液体的密度不同，故可以得出浮力大小与液体的密度有关。
（3）要想得出当物块完全浸没后，浮力大小与所处深度无关，应控制排开波体的体积和密度不变，只改变深度，故应比较C和D两图。
（4）本实验中要探究浮力的大小与多个因素的关系，采用的物理方法是控制变量法。
（5）①由A、C两图可知，物块完全浸没于水中所受浮力为F浮=4.8N-4.2N=0.6N；
②由浮力公式F浮=ρ液V排g得，物块的体积V=V排==0.6×10-4m3，
物块的质量m==0.48kg，物块密度为ρ物==8×103kg/m3。
五、计算题：共13分。
23. 如图甲所示，一瓶水正放于水平桌面上，已知水瓶质量为m瓶=0.05kg，瓶底面积S底=50cm2，瓶盖面积S盖=5cm2，此时液面高度为8cm；后将水瓶倒置，液面高度变为12cm（ρ水=1×103kg/m3，g=10N/kg）试求∶
（1）倒放时液体对瓶盖的压力。
（2）水的重力。
（3）已知教学楼每层高度3.4m，小明从教学楼1楼把这瓶水带上4楼教室，请计算小明在这个过程中克服这瓶水重力做功大小。
【答案】（1）0.6N；（2）4N；（3）45.9J
【解析】
【详解】解：（1）将水瓶倒置，液面高度变为12cm即0.12m，则倒放时液体对瓶盖的压强为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa
液体对瓶盖的压力
F=pS=1200Pa×5×10-4m2=0.6N
（2）水瓶正放时，瓶底面积S底=50cm2，液面高度为8cm，则水的体积为
V水=S底h=50cm2×8cm=400cm3=4×10-4m3
则水的质量为
m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×4×10-4m3=0.4kg
水的重力为
G水=m水g=0.4kg×10N/kg=4N
（3）这瓶水的总重力为
G总=G水+G瓶=G水+m瓶g=4N+0.05kg×10N/kg=4.5N
小明从教学楼1楼把这瓶水带上4楼教室，上升的高度
h=3×3.4m=10.2m
克服这瓶水重力做功
W=G总h=4.5N×10.2m=45.9J
答：（1）倒放时液体对瓶盖的压力为0.6N；
（2）水的重力为4N；
（3）小明在这个过程中克服这瓶水重力做功为45.9J。
24. 图甲是某电饭锅的简化电路原理图，R1、R2为阻值不变的加热电阻，，S为温控开关，1、2是开关连接的触电，某次煮饭时，只将电饭锅接入220V的电路中，在加热状态下工作了一段时间，开关S自动切换到保温状态。在保温状态下，电能表（如图乙）（r为盘转数）的转盘在1min内转动了5r。求：
（1）保温状态下该电饭锅的发热功率；
（2）用电高峰期时，该电饭锅在加热状态下，14min内将2kg初温为20℃的水加热至沸腾（1个标准大气压），求电饭锅的加热功率。[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
【答案】（1）100W；（2）968W
【解析】
【详解】解：（1）3000r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，电能表（如图乙）的转盘在1min内转动了5r，消耗的电能为
保温功率
（2）当S接2时，R1、R2串联，电路中电阻最大，由得，电路电功率最小，为保温挡， 当S接1时，R1独自工作，电路中电阻最小，由得，电路电功率最大，为加热挡，电路电功率为
答：（1）保温状态下该电饭锅的发热功率是100W；
（2）电饭锅的加热功率968W。
六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。
25. 2023年11月25日，我国西北首台抽水蓄能机组——国家电网新疆阜康抽水蓄能电站1号机组投产发电（如图所示），实现了新疆和西北电网调节性电源的新突破。
（1）电站藏在海拔2000m左右的天山深处，该处气压______（填“高于”、“等于”或“低于”）标准大气压。弥漫在山间的云雾为电站蒙上了一层神秘的色彩，雾是水蒸气______（填物态变化）形成的；
（2）新疆的风光电资源充足，产能过剩时，抽水蓄能电站安装的可逆式发电机组处于______（填“抽水”或“发电”）状态，提高了电网对风电、光伏等新能源的接纳能力，该过程中增加了水库中水的______（选填“动能”或“重力势能”）；增加的水能属于______次能源；
（3）水力发电把______能转化为电能。
【答案】 ①. 低于 ②. 液化 ③. 抽水 ④. 重力势能 ⑤. 一 ⑥. 机械
【解析】
【详解】（1）[1]气压随高度的增加而减小，故海拔2000m左右的天山深处气压低于标准大气压。
[2]雾是液态的小水滴，是由水蒸气液化形成的。
（2）[3]产能过剩时，可逆式发电机组处于抽水状态，将水抽到高处，获得重力势能，实现蓄能。
[4]水能可以从自然界直接获取，属于一次能源。
（3）[5]动能和势能统称机械能，水力发电是把水的机械能转化为电能。
26. 节能灯实际上就是一种紧凑型的日光灯，其工作时的温度要比白炽灯低很多，具有节能且使用寿命长的优点。下表所示是亮度相当（输出相同的光能）的节能灯和白炽灯的相关数据。（发光效率是指电能转化为光能的效率）
（1）要使它们均正常发光，应___________（选填“串联”或“并联”）接入家庭电路中，正常工作时，节能灯消耗电能比白炽灯要___________（选填“快”或“慢”）；
（2）节能灯正常工作的电流为___________A（保留两位小数），上表中①为___________（用百分比表示）；正常工作10h，节能灯比白炽灯节能___________kW·h；
（3）额定功率为12W的节能灯能与60W的白炽灯在正常工作时亮度相当的原因是___________。
【答案】 ①. 并联 ②. 慢 ③. 0.05 ④. 60% ⑤. 0.48 ⑥. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1][2]由表中数据可知，节能灯和白炽灯的额定电压都是220V，家庭电路的电压是220V，要使它们均正常发光，应并联接入家庭电路中；正常工作时，它们的实际功率等于额定功率，节能灯的额定功率小于白炽灯的额定功率，电功率表示电流做功快慢的物理量，所以节能灯消耗电能比白炽灯要慢。
（2）[3][4][5]节能灯正常工作的电流为
白炽灯t时间内输出的光能
E白=W白η白=P白tη白
它们输出相同的光能，节能灯发光效率
正常工作10h，可节约电能
ΔW=ΔPt=(0.06kW-0.012kW)×10h=0.48kW·h
（3）[6]额定功率为12W的节能灯能与60W的白炽灯在正常工作时，相同时间内，输出相同的光能，所以它们在正常工作时亮度相当。
27. 阅读短文，回答问题。
无人机
无人驾驶飞机简称“无人机”，英文缩写为“UAV”，是利用无线电波（无线电波与光的性质一样，可以在真空中传播）遥控设备和自备的程序控制装置操纵的不载人飞机。无人机工作时噪音小于，巡航速度可以达到每小时90-150千米，可以搭载高分辨率的摄像机、专业光学相机、红外相机等。
（1）无人机在匀速起飞过程，动能______，机械能______；（均选填“不变”“减小”或“增大”）
（2）制作无人机的材料应具有______小、硬度大的特点，起飞时，增大四个旋翼的转速，向下方的风量增加，无人机就会上升，这是因为力的作用是______；
（3）该机一个旋翼电动机额定功率为30W，额定电压为15V，电动机正常工作时，通过的电流为______A；
（4）该机所需的能量是由一块输出电压为15V，容量为的电池提供。若电能的80%用于飞行，飞行时的实际功率为100W，则该机最多能飞行______s。
【答案】 ①. 不变 ②. 增大 ③. 密度 ④. 相互的 ⑤. 2 ⑥. 2160
【解析】
【详解】（1）[1][2]无人机在匀速起飞过程中，质量不变，速度不变，其动能不变，高度增加，其重力势能增大，故机械能增大。
（2）[3][4]为了减小无人机的质量，制作无人机的材料应具有密度小、硬度大的特点；当起飞时，增大四个旋翼的转速，向下方的风量增加，对空气有作用力，同时无人机就会上升，这是因为力的作用是相互的。
（3）[5]根据可得，电动机正常工作时，通过的电流为
（4）[6]该机所用电池的参数为输出电压为15V、容量，则该电池储存的能量为
根据可得，电能转化为的机械能为
根据可得，该机最多飞行的时间为
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流/A
0.10
0.20
___
0.40
0.50
0.60
项目
节能灯
白炽灯
发光原理
荧光粉发光
钨丝高温发光
额定电压
220V
220V
额定功率
12W
60W
发光效率
①
12%