16，2024年安徽省合肥市蜀山区中考质量调研检测（三模）物理试题

这是一份16，2024年安徽省合肥市蜀山区中考质量调研检测（三模）物理试题，共16页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

（本卷中g取10N/kg）
一、填空题（每小题2分，共20分）
1. 2024年4月26日，神舟十八号与中国空间站完成自主快速交会对接，对接成功后，组合体围绕地球飞行的过程中，以地面为参照物，神舟十八号是______（选填“运动”或“静止”）。
【答案】运动
【解析】
【1题详解】
成功对接后，以地面为参照物，神舟十八号飞船与地面之间的位置不断发生变化，所以神舟十八号飞船是运动的。
2. 如图所示是一支公元前6000年前的完整骨笛——贾湖骨笛，它是世界上出土年代最早、保存最为完整、现在还可用以吹奏的乐器。它是由丹顶鹤尺骨制成的，上有七个音孔。演奏时用手指控制不同音孔的开闭，使它发出声音的_________（填写声音的特性）变化。
【答案】音调
【解析】
【详解】用手分别按住不同的孔，贾湖骨笛内空气柱的长度不同，振动频率不同，使它发出声音的音调变化。
3. 在某星球表面，物体所受重力与质量的比值约为4.0N/kg，大气压约为800Pa、假设能在该星球表面用水做托里拆利实验，如图所示，水的密度为1.0×103kg/m3，则经实验测出的h约为___________m。试卷源自 试卷上新，欢迎访问。
【答案】0.2
【解析】
【详解】依题意得
则
4. 如图所示，针筒中充满了气态乙醚，当向下压活塞时，会有液态乙醚出现，这是______现象。（填一种物态变化名称）．
【答案】液化
【解析】
【4题详解】
由题可知，当向下压活塞时，乙醚从气态变为液态，这是液化现象。
5. 在热传递的过程中，若不计热量损失，高温物体放出的热量和低温物体吸收的热量相等。现将质量为40kg，初温为550℃的铁块投入温度为20℃的水中迅速冷却，水的质量为460kg，不计热量损失，则热传递结束时的水温为______℃。（已知铁的比热容，水的比热容）
【答案】25
【解析】
【详解】铁块放出的热量等于水吸收的热量，由
得热传递结束时的水温为
6. 如图甲所示，“×”代表磁场方向垂直纸面向里，导体AB的电流方向向上，导体AB在磁场中受到向左的力作用，若一电子在某一时刻沿图乙所示的方向运动时，则该电子在此刻受到向______（选填“左”、“右”）的力。
【答案】右
【解析】
【详解】电子带负电，电子定向移动的方向与电流的方向相反，由图可知，电子向上运动，则电流的方向是向下的，与甲图对比可知，磁场方向不变，而电流方向相反，所以电子受到力的方向为向右。
小明在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：如图甲所示用弹簧测力计竖直向上拉，当杠杆由图甲的位置变成图乙的位置静止时，测力计示数将___7___（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（设杠杆质地均匀，支点恰好在杠杆的中心，并且不计支点处摩擦）
【答案】不变
【解析】
【详解】当杠杆由图甲的位置变成图乙的位置时，其动力臂、阻力臂的比值是不变的，始终等于阻力和动力之比，所以在阻力不变的情况下，动力是不变的，即弹簧测力计的示数将是不变的。
8. 如图所示，三个灯泡灯丝电阻均为10Ω，电路接通后均能发光，电路两端总电压为9V，则通电100s灯泡消耗的电能为______J。
【答案】90
【解析】
【详解】由图可知，灯L2与L3并联之后再与灯L1串联，由于并联电路的总电阻的倒数等于各个分电阻的倒数之和，故灯L2与L3并后有
解得灯L2与L3并后的总电阻，则该电路的总电阻为
由欧姆定律得电路的干电流为
由于灯的电阻相等，故流过灯L2的电流为干路电流的一半，即
由焦耳定律得，通电10s灯泡L2产生的电的热量为
由于该灯产生热量是由电能转化的，故通电10s灯泡L2消耗的电能为
9. 探究串联电路特点时，小明连接的电路如图1所示，其中电源电压恒定，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，表和表随A表示数变化关系分别是图2所示，当滑片移至某位置时，灯泡电阻为10Ω，此时滑动变阻器接入电路的阻值为______Ω。
【答案】2.5
【解析】
【详解】滑动变阻器与灯泡串联，电压表V1并联在滑动变阻器两端，电压表V2并联在灯泡两端，由图像可知，V1表和V2表随A表示数变化关系分别是图2所示①和②，所以①为变阻器的图象，②为灯泡的图象。当滑片移至某位置时，灯泡电阻为10Ω，由图像可知，当灯泡两端的电压为2.5V，通过的电流为0.25A时，符合要求，此时滑动变阻器两端的电压为0.5V，滑动变阻器接入电路的阻值为
10. 如图所示，质量分布均匀的小球被细线系住保持静止，请在图中画出小球的受力示意图。
【答案】
【解析】
【10题详解】
小球受到重力，方向竖直向下，符号为G；绳对小球的拉力，方向沿绳斜向上，符号为F拉；墙对小球的支持力，方向垂直墙面向外，符号为F支，如图所示：
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）
11. 小明利用刻度尺测量某物体的长度时，得到了以下五个数据：5.51cm、5.50cm、5.51cm、5.49cm、5.35cm。下列说法错误的是（ ）
A. 小明所用刻度尺的分度值为1mmB. 第五个数据是错误的
C. 本次测量的结果是5.50cmD. 本次测量的结果是5.5025cm
【答案】D
【解析】
【详解】A．用刻度尺测量物体长度读数时，要估读到分度值的下一位，由测量数据可知，刻度尺的分度值为0.1cm=1mm，故A正确，不符合题意；
B．第五个数据与其他数据相差太大，可知该数据错误，应该舍去，故B正确，不符合题意；
CD．误差在测量过程中不可避免，为了减小误差，应多次测量求平均值，因为长度测量时要估读到分度值的下一位，故舍去5.35cm的错误数据后，取平均值后物体的长度应为5.50cm，而测量的结果是5.5025cm是估读到了分度值后3位了，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。
故选D。
12. 小明用平行斜面向上的拉力F将物块沿粗糙斜面匀速拉到顶端，如图所示。以下说法正确的是（ ）
A. 物块受到的重力与斜面对物块的支持力是一对平衡力
B. 拉力F与斜面对物块的摩擦力是一对平衡力
C. 斜面对物块的摩擦力大于物块对斜面的摩擦力
D. 如果仅增大拉力F，斜面对物块的摩擦力不变
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】AB．物块被匀速拉上斜面时，受到：竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的拉力，还有沿斜面向下的摩擦力作用，处于平衡状态，所以这四个力是平衡力，虽然拉力F与斜面对物块的摩擦力方向相等，但大小不等，不是一对平衡力，故AB错误；
C．斜面对物块的摩擦力与物块对斜面的摩擦力是一对相互作用力，其大小相等，故C错误；
D．仅增大拉力，那么物块对斜面的压力与接触面的粗糙程度不变，且相对滑动趋势不变，则物块对斜面的摩擦力不变，反过来，斜面对物块的摩擦力也不变，故D正确。
故选D。
13. 下列关于功、内能和热量的描述中正确的是（ ）
A. 物体分子热运动加剧一定是从外界吸收了热量
B. 物体从外界吸收了热量其分子热运动一定加剧
C. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
D. 内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
【答案】D
【解析】
【详解】A．对物体做功也能使物体温度升高，分子热运动加剧，不一定要通过热传递，例如压缩密闭的气体，故A错误；
B．温度反映了分子无规则运动剧烈程度，物体从外界吸收了热量，不一定升高物体温度，也可能是改变了物体的状态，例如冰熔化为水，吸收热量温度不变，故B错误；
C．热传递时，热量只能从温度高的物体向温度低的物体传递，与物体内能大小无关，故C错误；
D．内能小的物体只要温度高，也可以向内能大但温度低的物体传递内能，故D正确。
故选D。
14. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，有一个电表的指针没有发生偏转。移动滑动变阻器的滑片，此时观察到只有一个电表指针的位置在改变，则故障是（ ）
A. 电阻R2断路B. 变阻器R1断路
C. 电阻R2短路D. 变阻器R1短路
【答案】C
【解析】
【详解】A．若电阻R2断路，串联电路无电流，电流表指针不偏转，此时电压表直接接在电源两端，测量电源电压，滑动变阻器滑片的移动不会对电源电压产生影响，故此过程电流表和表的指针位置都不会产生变化，A选项不符合题意；
B．若变阻器R1断路，串联电路无电流，电流表指针不偏转，同时电压表所在回路也断开，即电压表指针也不会产生偏转，滑动变阻器滑片的移动也不会对电流表和电压表指针位置产生影响，B选项不符合题意；
C．若电阻R2短路，电压表测导线，示数为零，此时回路闭合，电路中形成电流，电流表有偏转，滑动变阻器滑片的移动会改变该串联电路的电阻，故电流表示数会产生变化，但电压表示数依旧是零，C选项符合题意；
D．若变阻器R1短路，此时回路闭合，电路中形成电流，电压表测量电阻R2两端电压，电流表和电压表都产生偏转，移动已经短路的R1，不会对电路产生影响，D选项不符合题意。
故选C。
15. 如图所示，是我国自主研发的C919大型商用客机，下列关于客机的相关物理知识的说法，正确的是（ ）
A. 客机宽大的轮子，减小了客机着陆时对地面的压力
B. 客机在高空受到的大气压强比在地面受到的大气压强要大
C. 客机在加速升空时惯性会增大
D. 客机升空是利用了“流体在流速大的地方压强小”的原理
【答案】D
【解析】
【详解】A．客机宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小客机对地面的压强，故A错误；
B．大气压随着高度的增加而减小，所以客机在高空所受的大气压强，比地面附近的大气压强小，故B错误；
C．惯性只跟质量有关，客机在加速升空时质量不变，惯性不变，故C错误；
D．客机机翼表面制作成“上凸下平”制造形状，利用了流体压强与流速的关系，即空气流速大的地方压强小，使上方空气流速快，压强小，下方空气流速慢，压强大，从而产生升力，故D正确。
故选D。
16. 在如图所示的电路中，电源电压为且保持不变，不考虑电源内阻，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电路中的电流以及三个电阻两端电压、和都发生变化，变化量的大小分别用、、、表示。下列分析判断正确的是（ ）

A. B.
C. 电压表示数变小D. 消耗的电功率变大
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，三个电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
D．当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流减小，根据可知消耗的电功率变小，故D错误；
AC．变阻器接入电路的阻值变大，由串联电路的分压规律可知变阻器两端的电压增大，即电压表示数变大；根据串联电路电压的规律知，、两端的电压减小；因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以两端电压的增加量等于、两端电压的减小量，即
故AC错误；
B．由欧姆定律可知，等于定值电阻的阻值，故B正确；
故选B。
17. 建筑工地用如图1所示的装置提升重物A，电动机拉动绳子的功率保持不变，电动机对绳子的拉力F与绳子自由端的移动速度v的关系如图2所示。重物A以0.1m/s的速度匀速上升时，滑轮组的机械效率为80%。不计绳重与摩擦。下列分析与计算正确的是（ ）
A. 重物A以0.1m/s的速度匀速上升时，电动机对绳子的拉力为600N
B. 重物A的重力为600N
C. 动滑轮重为120N
D. 匀速提升108kg的重物B时，重物B在30s上升的高度为4.5m
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，n=3，自由端移动的速度为
v绳=nv物=3×0.1m/s=0.3m/s
由图2可知，电动机对绳子的拉力为200N，故A错误；
B．根据
可知，重物A的重力为
G=ηnF=80%×3×200N=480N
故B错误；
C．不计绳重与摩擦，根据
可知，动滑轮重为
G动=nF-G=3×200N-480N=120N
故C正确；
D．电动机的功率为
当匀速提升108kg的重物B时的拉力F'为
因电动机拉动绳子的功率保持不变，重物B移动的速度为
则重物B在30s上升的高度为
h=vBt=0.05m/s×30s=1.5m
故D错误。
故选C。
三、实验题（第18小题4分，第19小题6分，第20小题6分，共16分）
18. 天平是一种重要的测量工具。小宁同学学习用天平测物体质量，遇到如下问题：（砝码盒里的砝码有100g、50g、20g、20g、5g）
（1）在测量时，她在右盘中放入了50g、20g的砝码各一个，再往右盘里放一个20g的砝码时，指针位置如图c所示；再用10g砝码将一个20g砝码替换下来，指针位置如图a所示，则该铁块的质量在______之间。
A．70g~80g B．80g~90g C．90g~100g D．100g~110g
（2）她接下来应该进行的操作是______，使天平横梁平衡。（请选出所有的正确操作）
A．调节平衡螺母
B．取下10g的砝码，再加入5g的砝码，并移动游码
C．加入5g的砝码，若指针左偏，再移动游码
D．加入5g的砝码，若指针右偏，再取下5g的砝码，并移动游码
【答案】 ①. B ②. CD
【解析】
【详解】（1）[1]加20g砝码，指针偏右，此时质量为
50g+20g+20g=90g
说明砝码的质量偏大； 用10g砝码将一个20g砝码替换下来，指针偏左，此时质量为
50g+20g+10g=80g
说明物体的质量偏小， 由此可见，该铁块的质量在80g～90g之间。
故选B。
（2）[2]A．称量过程中不可以再移动平衡螺母。故A错误；
B．因为质量相差在10g和20g之间。所以不能取下10g的砝码，再加入5g的砝码，并移动游码，故B错误；
C．加入5g的砝码，若指针左偏，说明砝码质量偏小，可以再移动游码，故C正确；
D．加入5g的砝码，若指针右偏，说明砝码质量偏大，可以再取下5g的砝码，并移动游码，故D正确。
故选CD。
19. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
（1）如图甲所示，小玉找到了一个焦距未知的凸透镜，用一束平行光正对凸透镜照射，为了找到该凸透镜的右侧焦点，借助光屏，小玉应进行的操作是：______。
（2）如图乙所示，点光源A点发出的两条入射光线经凸透镜折射后形成两条折射光线，O点为光心，则该凸透镜的焦距f______AO（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（3）如图丙所示，表示S的虚像位置，光线SA是点S发出的一条平行于凸透镜主光轴的光线，请在丙图中做出凸透镜右侧焦点F的位置。______
【答案】 ①. 移动光屏，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，即为焦点 ②. 小于 ③.
【解析】
【详解】（1）[1]平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚到主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以小玉应进行的操作是：移动光屏，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，即为焦点。
（2）[2]由光路图可知，点光源A点发出的两条入射光线经凸透镜折射后形成两条折射光线，折射光线相对于入射光线更靠近主光轴，说明凸透镜对光线有会聚作用，且折射光线交于主光轴上的某一点，则该点到凸透镜光心的距离即为焦距，所以f小于AO。
（3）[3]根据凸透镜成像规律，由SA平行于主光轴的光线，经过凸透镜折射后通过焦点F，则折射光线AF的反向延长线FA的延长线通过凸透镜左侧的像点，故先用虚线连接S′A并延长，延长线用实线并交主光轴于F点，F点即为凸透镜的右侧的焦点位置，则OF所在的直线即为凸透镜的主光轴，作图如下：
20. 如图所示是用“伏安法”测电阻的部分电路图，若考虑到电流表和电压表内阻对电路的影响，电阻阻值的测量会存在误差.
（1）实验中为了能得出多组测量数据#电路中应连接_________.
（2）当开关由接触a点变到接触b点时，电压表示数将_____（选填“增大”、“减小”或“不变”）.
（3）如果已知电流表内阻为2Ω，则开关接在b点时，电压表示数为12 V,电流表示数为200mA则被测电阻Rx的准确阻值是_______Ω.
【答案】 ①. 滑动变阻器 ②. 增大 ③. 58
【解析】
【详解】（1）用“伏安法”测电阻，为了能得出多组测量数据，电路中应连接滑动变阻器，调节滑动变阻器的滑片，改变电阻两端的电压和通过电阻的电流．
（2）若考虑到电流表和电压表内阻对电路的影响，当开关由接触a点变到接触b点时，所测电路电阻变大，电流不变，根据U=IR可知，电压表示数将增大．
（3）由电路图可知，未知电阻Rx与电流表内阻r串联，根据欧姆定律可得，，则被测电阻Rx的准确阻值是Rx=R总-r=60Ω-2Ω=58Ω．
四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21. 我国首款大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600如图所示，该飞机蓄满水后总质量53.5t。为检测飞机性能，先后进行了模拟灭火和水面滑行测试。在灭火测试中：飞机盘悬在火场上方150m处，将所蓄水分次投下，每次投水200kg，用时20s到达地面。在水面滑行测试中：飞机在水平面上以10m/s的速度沿直线匀速滑行了60s，若飞机发动机牵引力的总功率始终保持。求：
（1）每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率；
（2）飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受牵引力。
【答案】（1）1.5×104W；（2）2.5×105N
【解析】
【详解】解：（1）每次投下的水在下落过程中重力做功
重力做功的平均功率
（2）飞机发动机牵引力的总功率始终保持2.5×106W，由于
所以，飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力
答：（1）每次投下的水在下落过程中重力做功的平均功率为1.5×104W；
（2）飞机在水面沿直线匀速滑行时，飞机所受的牵引力为2.5×105N。
22. 实验室常用的滑动变阻器。有时也可按如图甲所示的方法，将它的3个接线柱同时接入电路，物理上把这种接法叫分压式接法，图中灯L与滑动变阻器的右半部分并联（如图乙所示）滑动变阻器的滑片P移动时，灯L两端电压也随之改变，如图甲所示的电路中，电源电压为U＝6V，灯L的规格为“6V，3.6W”，滑动变阻器R的规格为“20Ω，2A”，若不考虑小灯泡电阻的变化，试完成下列问题：
（1）灯泡L的电阻是多大？
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，电阻R的功率PR多大？
（3）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.4A。则此时灯L的实际功率P实是多大？
【答案】（1）10Ω；（2）1.8W；（3）0.4W
【解析】
【详解】解：（1）根据知，灯泡L的电阻
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，小灯泡被短路，只有电阻R工作，电阻R的功率为
（3）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P在中点时，小灯泡与滑动变阻器的右半段并联后再与滑动变阻器的左半部分串联，此时电流表的示数为0.4A，此时滑动变阻器的右半段的电阻为10Ω，小灯泡的电阻也为10Ω，根据并联电路各支路电压相等和欧姆定律可知，通过滑动变阻器的右半段的电阻与通过灯的电流相等，由并联电路电流的规律，通过小灯泡的电流为
I灯=0.5×0.4A＝0.2A
此时灯L的实际功率为
P实＝I灯2RL＝(0.2A)2×10Ω＝0.4W
答：（1）灯泡L的电阻是10Ω；
（2）当滑动变阻器的滑片P在最右端时，电阻R的功率为1.8W；
（3）当开关S合，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.4A，则此时灯L的实际功率是0.4W。
23. 如图所示，底面积为的圆柱形容器内盛有一定量的水，将一重力为6N的木块A放入水中，再将另一重力为2N的合金块B放在木块A的上方，此时木块A恰好有的体积浸入水中（）。求：
（1）木块A浸入水中的体积；
（2）木块A的密度；
（3）若取走合金块B，水对容器底部压强的变化量。
【答案】（1）8×10-4m3；（2）600kg/m3；（3）200Pa
【解析】
【详解】解：（1）A、B整体漂浮，所受浮力为
只有A浸入水中，则木块A浸入水中的体积为
（2）木块A的体积为
木块A的密度为
（3）若取走合金块B，木块A漂浮，此时变化的浮力为
水对容器底部压强的变化量为
答：（1）木块A浸入水中的体积为8×10-4m3；
（2）木块A的密度为600kg/m3；
（3）若取走合金块B，水对容器底部压强的变化量为200Pa。