2024年中考物理考前信息必刷卷05（安徽专用）（原卷版+解析版）

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物 理（安徽专用）
2024年安徽中考物理试卷结构和内容较前三年基本不会发生变化。2024年物理试卷共23题：10（填空+作图）+7（单项选择题）+3（实验题）+3（综合计算题），根据最新考试信息、样卷以及模拟考试可以发现：安徽中考物理在稳中求变，体现了重视知识的结构化、突出对物理模型的考查、重视真实问题情境下问题的解决、重视对科学思维的考查。
新考法1：第6、14、17题情景融入中华古代优秀的文化和我国重大科技成果，体现立德树人的理念；
新考法2：第4、10题创设问题情境，注重模型建构能力，注重对科学思维的考查分析；
新考法3：第1、6、12、13题注重生活情景的考查，体现生活中的物理，体现了由知识立意向能力立意以及素养立意转化；
新考法4：第13、21、22、23题突出科学推理，增强数理性，强化学生对于计算能力的考察。
新考法5：第20题新情境的热学和电学实验命题的综合性考查，注重学生实际应用能力，同时体现出安徽中考稳中求变的趋势。
注意事项：
1．物理试卷共四大题23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。
2．试卷包括“试题卷”（4页）和“答题卷”（2页）两部分。请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题是无效的。
3．考试结束后，请将“试题卷”和“答题卷”一并交回。
4．本卷试题中，g均取10N/kg。
一、填空题（每空2分，共20分）
1．2023年夏天，如图所示的贵州榕江“村超”火了。无数观众跨越千里而来，只为亲眼目睹一次激烈的对决，观众和拉拉队，全都沉浸在这激情澎湃的乡土竞赛中，震耳欲聋的欢呼声体现了声音的 大。（填写声音的一个特性）
【答案】响度
【解析】震耳欲聋的欢呼声说明声音很强，体现了声音的响度大。
2．科技强国，成就中国梦，石墨烯是目前世界上最薄、强度最大、导电导热性能最强的一种新型材料，在实际使用方面具有重要的应用前景，石墨烯适合用来制成 （选填“输电线”“电热丝”或“用电器的外壳”）。
【答案】输电线
【解析】石墨烯导电性能最强，石墨烯适合用来制成输电线，输电线产生热量较少，不需要浪费太多的电能。
3．把两滴墨水分别同时滴入盛有冷水和热水的两个玻璃杯中，实验过程及现象如图所示，分析可知物体的温度越高，分子的无规则运动越 。
【答案】剧烈
【解析】由于热水的温度高，所以墨水在热水中扩散的快，这表明分子的无规则运动与温度有关，且温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
4．如图所示，调皮的小聪和小伟同时用力推同一张桌子的两边，小聪用F=4N的力水平向右推，小伟用F2=7N的力水平向左推，结果桌子保持不动，则地面对桌子的摩擦力f= N。
【答案】3
【解析】根据处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用，即处于平衡状态的物体受到的合力为零；因为桌子处于平衡状态，并且桌子受到水平向右的推力为4N，受到水平向左的推力为7N，由于桌子的合力为零，因此桌子还受到水平向右摩擦力的作用，其大小为
f=7N-4N=3N
5．某同学在利用天平（砝码盒内最小砝码的规格为5g）测量物体质量时，在正确操作的基础上出现了如图所示的情况，则该同学接下来应进行的操作是 。
【答案】取下5 g砝码后移动游码
【解析】在调节横梁平衡时，需要调节平衡螺母，当开始测量质量后，则不能再调节平衡螺母了，由图可知，测量质量时，指针右偏，说明天平右端下沉，即右盘砝码质量较大，且游码未移动，所以接下来的操作应该是取下5 g砝码后移动游码。
6．随着国家；双碳；目标的实施，新能源的利用越来越广泛；如图所示，这是一款国产纯电动汽车，工作过程中利用电能驱动电机工作；该车还装有运用电磁感应原理的能量再利用装置，当车辆减速时，可以将行驶过程中的 能转化为电能储存起来，提高了能量的利用率。
【答案】机械
【解析】该车还装有运用电磁感应原理的能量再利用装置，当车辆减速时，动能减小，减小的动能会转化为电能进行储存，即可以将行驶过程中的机械能转化为电能储存起来，提高了能量的利用率。
7．某新能源小汽车在一段平直的高速公路上匀速行驶时，车前屏幕显示该车输出功率为40kW，车速为120km/h，则该小汽车行驶时受到的阻力为 N。
【答案】1200
【解析】在一段平直的高速公路上匀速行驶时,机车在水平路面行驶时的阻力等于牵引力，所以
8．在“怎样使两个灯泡都亮起来”的活动中，小明采用如图甲所示的方法将两个相同的灯泡连接在电压恒为3V的电源上，结果两个灯泡都亮了。灯泡的额定电压为3V，通过灯泡的电流随两端电压的变化关系如图乙所示，则此时两个灯泡的总电阻为 Ω。
【答案】6
【解析】由于两灯泡串联，所以电源电压为3V，灯泡的规格相同，根据串联电路的分压规律可知，每个灯泡两端的电压均为1.5V，由图乙可知，当电压为1.5V时，通过灯泡的电流为0.5A，则两个灯泡的总电阻为
9．灯L标有“6V 3W”，其电流随电压变化关系图像如图甲，滑动变阻器R标有“50Ω 2A”。如图乙中，当滑片移到最左端时，灯L恰好正常发光；调节滑片，当R的功率是灯L功率的2倍时，通过灯泡的电流为 A。
【答案】0.3
【解析】图乙中，当滑片移到最左端时，电路为L的简单电路，灯L恰好正常发光，则电源电压为等于灯泡的额定电压，为6V。灯泡与R串联，电流相等，调节滑片，当R的功率是灯L功率的2倍时，由得，此时R的电压为L的2倍，电源电压
则此时灯泡的电压为
由图像得，此时灯泡的电流为0.3A，则R的电流为0.3A。
10．如图所示，一条光线经平面镜反射后射向凹透镜，反射光线恰好与凹透镜的主光轴平行。请请在图中画出：
（1）射向平面镜的入射光线；
（2）经过凹透镜的折射光线。
【答案】
【解析】根据光的反射定律可以画出入射光线，故先过入射点画平面镜的垂线，即法线，根据反射角等于入射角画出入射光线；平行主光轴的光线经过凹透镜后，折射光线的反向延长线过虚焦点，如图所示：
二、选择题（每题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）
11．2024年元旦，哈尔滨冰雪旅游爆红。请你利用所学知识，判断下面的说法正确的是（ ）
A．图甲：用滚烫的水“泼水成冰”，能将水泼出是因为水受到惯性的作用
B．图乙：冰雕在升华时会对外放热
C．图丙：在滑雪场滑雪，穿雪橇的目的是为了减小对雪地的压强
D．图丁：雪花飞舞说明分子在不停地做无规则运动
【答案】C
【解析】A．图甲：用滚烫的水“泼水成冰”，能将水泼出是因为水具有惯性，故A错误；
B．图乙：冰雕在升华时会从外界吸热，故B错误；
C．图丙：在滑雪场滑雪，穿雪橇的目的是为了通过增大受力面积来减小对雪地的压强，故C正确；
D．图丁：雪花飞舞是机械运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。
故选C。
12．如图所示，小华正在水平地面上玩滑板，下列说法正确的是（ ）
A．滑板表面比较粗糙是为了减小摩擦
B．小华受到的重力和滑板对小华的支持力是一对平衡力
C．小华受到的重力和小华对滑板的压力是一对相互作用力
D．地面对滑板的支持力大小等于滑板受到的重力大小
【答案】B
【解析】A．滑板表面比较粗糙是为了增大摩擦，故A错误；
B．小华受到的重力和滑板对小华的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，使小华在竖直方向处于平衡状态，故B正确；
C．小华受到的重力的施力物体是地球，小华对滑板的压力的施力物体是小华，所以这两个力不是是一对相互作用力，故C错误；
D．地面对滑板的支持力大小等于滑板和小华受到的总重力大小，故D错误。
故选B。
13．如图所示滑轮组，用的拉力将重200N的箱子10s内匀速提升了2m，不计绳重及摩擦，g取，下列说法正确的是（ ）

A．定滑轮的作用是省力
B．滑轮组对重物做的有用功是250J
C．滑轮组机械效率为
D．拉力F的功率为100W
【答案】C
【解析】A．使用定滑轮的作用是改变力的方向，不能省力，故A错误；
B．滑轮组对重物做的有用功
故B错误；
C．由图知，，拉力端移动的距离
拉力做的总功
滑轮组的机械效率
故C正确；
D．拉力做功的功率
故D错误。
故选C。
14．初美国一架波音客机坠入河中，造成这一事故的主要原因是一只飞鸟撞上高速飞行的飞机。对这一现象的解释，下列说法正确的是（ ）
A．飞机飞上了高空后，玻璃窗受气压影响，不再坚固
B．鸟在地面飞行时重力势能小，在高空飞行时重力势能大
C．鸟在地面飞行时动能很小，在高空飞行时动能很大
D．鸟相对于高速飞行的飞机来说，速度很大，因此相对于飞机的动能也很大
【答案】D
【解析】A．玻璃窗的坚固程度与气压是没有关系的，故A错误；
B．鸟在地面飞行时，重力势能很小，在高空飞行时，重力势能很大，鸟的重力势能对飞机没有影响，故B错误；
C．动能不受高度影响，飞鸟在高空飞行时，动能很大是错误说法，故C错误；
D．对于高速飞行的飞机来说，鸟飞行的速度很大，因此相对于飞机的动能也大，相对于飞机动能大就能造出严重伤亡事故，故D正确。
故选D。
15．用电动机竖直提升重物。图1中ab边所受磁场的作用力为F，把电源的正负极对调再接入电路，闭合开关，线圈abcd转至图2所示位置，则（ ）
A．转动过程中线圈不会产生感应电流
B．图1中cd边受到磁场作用力的方向与F的相同
C．图2中ab边受到磁场作用力的方向与F的相反
D．图2中cd边受到磁场作用力的方向与F的相反
【答案】D
【解析】A．转动过程中线圈切割磁感线会产生感应电流，故A不符合题意；
B．导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向有关，图1中cd边与ab边电流方向不同，则图1中cd边受到磁场作用力的方向与F的相反，故B不符合题意；
C．把电源的正负极对调后，图2中ab边电流方向与图1中ab边相同，磁场方向相同，则图2中ab边受到磁场作用力的方向与F的相同，故C不符合题意；
D．把电源的正负极对调后，图2中cd边电流方向与图1中ab边相反，磁场方向相同，则图2中cd边受到磁场作用力的方向与F的相反，故D符合题意。
故选D。
16．图甲是水果自动筛选装置的原理图，电源电压不变，R0为定值电阻，压敏电阻R的阻值随压力F 变化的关系图像如图乙所示，压敏电阻置于压力检测点处。当压力检测点受到的压力变大时，电路中的（ ）
A．电压表的示数减小，电流表的示数增大
B．电压表的示数增大，电流表的示数减小
C．电压表和电流表的示数均减小
D．电压表和电流表的示数均增大
【答案】D
【解析】由图甲知压敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测定电路电流。当压力检测点受到的压力变大时时，压敏电阻受到的压力越大，由图象乙可知，压敏电阻的阻值越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，所以电流表示数增大。根据欧姆定律可知，定值电阻R0两端的电压增大，电压表的示数增大，故D符合题意，ABC不符合题意。
故D正确。
17．如图1是某种型号压力传感器的主要元件——压敏电阻，它的阻值会随所受压力的变大而变小。将压敏电阻接入图2所示的电路，R为定值电阻。闭合开关S，当压敏电阻所受压力变大时，下列判断错误的是（ ）
A．电压表示数变小，电流表示数变大
B．电压表和电流表示数都变小
C．电压表示数与电流表示数之比变小
D．电路的总功率变大
【答案】B
【解析】AB．根据电路图可知，压敏电阻与R串联在电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量压敏电阻两端的电压；闭合开关S，当压敏电阻所受压力变大时，压敏电阻的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据串联电路的分压规律可知，压敏电阻分担的电压变小，电压表示数变小，故A正确，不符合题意，B错误，符合题意；
C．根据可知，电压表与电流表示数比值为压敏电阻的阻值，所以比值变小，故C正确，不符合题意；
D．根据P=UI可知，电源电压不变，电路电流表变大，则电路的总功率变大，故D正确，不符合题意。
故选B。
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．学习了摩擦力以后，某同学发现用课本上的实验方案探究“滑动摩擦力与哪些因素有关”时，很难保持匀速拉动且弹簧测力计示数很难稳定。于是设计了如图所示的实验装置进行实验（水平传送带的速度可以调节，定滑轮的摩擦忽略不计）。
（1）启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，此时木块所受滑动摩擦力的方向为水平向 （选填“左”或“右”）；
（2）改变传送带的速度大小，待弹簧测力计的示数稳定后，发现弹簧测力计的示数没有改变，说明木块所受滑动摩擦力的大小与速度无关；
（3）在木块上加一个砝码，启动传送带，待弹簧测力计的示数稳定后，发现弹簧测力计的示数变大，说明滑动摩擦力的大小与 有关。
【答案】 左 压力
【解析】（1）[1]启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，即测力计对木块的拉力大小不变，此时木块相对地面处于静止状态，木块受在水平方向上平衡力的作用，由二力平衡条件知道，弹簧测力计示数等于木块所受滑动摩擦力的大小，这两个力的方向相反，因测力计对木块的拉力方向水平向右，故木块所受滑动摩擦力的方向为水平向左。
（3）[2]在木块上加一个砝码，则压力变大，而接触面粗糙程度不变，启动传送带，待弹簧测力计的示数稳定后，大家发现弹簧测力计的示数变大，则滑动摩擦力变大，说明滑动摩擦力的大小与压力有关。
19．为了探究杠杆平衡条件，小聪同学将质量分布均匀的薄木板的中心O点固定在支架上，并在薄木板上画出距离相等的横线和竖线：
（1）小聪同学首先在A处挂了2个100g的钩码，然后分别在B、C、D三处挂上若干钩码使薄木板保持水平平衡，操作结束后发现在B、C、D三处所挂钩码的个数相同（均为3个100g的钩码）。小聪同学思考：B、C、D三点到O点的距离不相等，为什么使薄木板保持水平平衡所需的拉力大小是相等的呢？通过小组讨论发现：三次实验中拉力的作用线是重合的，所以O点到拉力的作用线的距离是相等的，这就是我们物理上介绍的 （填物理名词）；
（2）学习杠杆平衡条件后，小聪同学推知，若在E点用弹簧测力计竖直向下拉，则拉力大小为 N时，薄木板也能保持水平平衡。（g取10N/kg）
【答案】 力臂 1.5
【解析】（1）[1]力臂的定义是支点到力的作用线的距离，B、C、D三点到O点的距离不相等，但使薄木板保持水平平衡所需的拉力大小相等，O点到拉力的作用线的距离是相等的，符合力臂的定义。
（2）[2]一钩码重为100g，重力
G=mg=100×10-3kg×10N/kg=1N
设每一格的长度为L，根据杠杆平衡条件由甲图可知
2×1N×3L=FE×4L
所以FE=1.5N。
20．在学习“焦耳定律”时，我们先用如图所示的装置分别探究了电流通过导体时产生的热量与电阻和电流的关系，进而学习“焦耳定律”，请你完成下列任务：
【定性实验探究】
通过图乙所示的实验，可探究电流通过导体时产生的热量与 的关系；
【课文回顾】英国物理学家焦耳于1840年最先确定了电流通过导体时产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系，随即给出了焦耳定律。即电流通过导体时产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系，此关系是 ；
【定量理论推导】
第一步：建立模型——选取一段导体进行研究，如图所示，已知导体电阻和通过导体的电流；
第二步：理论推导——在导体消耗的电能全部用来产生热量的情况下，利用电热与电能的关系进行推导；
请你写出推导过程： ；
【定律应用】小龙在妈妈指导下用电熨斗熨烫衣服，他首先阅读说明书，知道电熨斗有“低温”和“高温”两个挡位，其简化电路如图所示，、是电热丝，且，S为旋转式开关。则相同时间内，高温挡与低温挡位产生的热量之比是 。
【答案】 电流 见解析 3∶2
【解析】[1]如图乙所示，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同；因此可探究电流通过导体时产生的热量与电流的关系。
[2]焦耳定律是：电流通过导体产生的热量跟电流的平方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比，即。
[3]电流通过导体时，如果电能全部转化为内能，而没有转化为其他形式的能量，那么，电流产生的热量Q就等于消耗的电能(或电功)W，即
再根据欧姆定律变形式U=IR，就可得
[4]根据可得，电压一定时，电阻越大，电功率越小。由电路图可知，当旋转式开关S的触片接触触点1和2时，只有电阻R1连入电路，S的触片接触触点2和3时，两电阻并联，根据电阻的串并联特点可知：并联时电阻最小，所以，当旋转触片接触触点1和2时，电路电功率最小，电熨斗处于低温挡；旋转触片接触触点2和3时，电路电功率最大，电熨斗处于高温挡。当电熨斗处于高温挡时，电路的总电阻为
根据
可得，在相同时间内，高温挡与低温挡位产生的热量之比是
四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）
21．如图所示，一辆无人驾驶清扫车，空车质量为400kg。
（1）若空车停在水平地面上时，地面总受力面积为200cm2，则空车对地面的压强为多少？（g取10N/kg）
（2）空车行驶时牵引力的功率为800W，其在10s内匀速行驶10m，则车受到的阻力为多少？
【答案】（1）2×105 Pa；（2）800N
【解析】解：（1）若空车停在水平地面上时，地面总受力面积为200cm2，则车对地面的压力

车对地面的压强
（2）空车行驶时牵引力的功率为800W，在10s内匀速行驶10m，空车所做的功为
因车匀速行驶，则牵引力和阻力为一对平衡力，大小相等，故阻力
答：（1）空车对地面的压强为2×105 Pa；
（2）车受到的阻力为800N。
22．如图所示，某科技小组利用容积为500mL、质量为20g、厚度不计的饮料瓶做成了潜水艇模型，已知图中螺母配重为100g、体积忽略不计，进排水口和进排气管的质量和体积均忽略不计，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）潜水艇模型浸没在水中时受到的浮力；
（2）为了使潜水艇模型恰好悬浮在水中，需要在饮料瓶中装入多少克的水？

【答案】（1）5N；（2）380
【解析】解：（1）饮料瓶的容积为500mL，即其体积为5×10-4m3；由可知，潜水艇模型浸没在水中时受到的浮力
（2）为了使潜水艇模型恰好悬浮在水中，需要让模型的总重力大小等于其浮力大小，所以模型的总质量应为
故需要在饮料瓶中装入水的质量为
答：（1）潜水艇模型浸没在水中时受到的浮力为5N；
（2）为了使潜水艇模型恰好悬浮在水中，需要在饮料瓶中装入380克的水。
23．如图所示的电路中，电源电压保持不变，小灯泡L标有“12V 6W”字样（忽略灯丝电阻随温度的变化），滑动变阻器R标有“20Ω 1A”字样，两个电压表均有“0~3V”和“0~15V”两个量程，电流表有“0~0.6A”和“0~3A”两个量程。闭合开关S，调节滑动变阻器滑片至最左端时，小灯泡恰好正常发光。
（1）求小灯泡正常发光时的电阻。
（2）当滑动变阻器的滑片 P 滑至连入电路的阻值为6Ω时，求此时电路的总功率。
（3）若用电阻R0来替换小灯泡L，选择适当的电表量程，调节滑动变阻器滑片至中点时，电压表V1与V2的偏转角度之比为1∶2，求满足要求的R0的阻值。
【答案】（1）24Ω；（2）4.8W；（3）9Ω，10Ω
【解析】解：（1）小灯泡正常发光时的电阻
（2）闭合开关S，调节滑动变阻器滑片至最左端时，电路为只有小灯泡的简单电路，小灯泡恰好正常发光，则电源电压
当滑动变阻器的滑片 P滑至连入电路的阻值为 6Ω时，电路中的总电阻
此时电路中的电流
电路的总功率
P=UI=12 V×0.4 A=4.8 W
（3）若用电阻R0来替换小灯泡L，滑动变阻器滑片至中点时，电路为 R₀、R 的串联电路，此时滑动变阻器连入电路的阻值。 电压表 V₂ 测电源电压，故电压表V₂ 的量程为0∼15 V，电压表 V₁ 的量程可能为0∼3 V或0~15 V。当电压表 V₁ 的量程为0~3 V时，电压表 V₁ 与 V₂ 偏转角度之比为 1 ：2，则电压表 V₁ 与 V₂ 的示数之比为1∶10，即所以
又则。当电压表 V₁ 的量程为 0∼15 V时，电压表 V₁ 与 V₂ 偏转角度之比为1∶2，则电压表 V₁ 与 V₂ 的示数之比为1 ∶ 2，即，则
则
则满足要求的 R0的阻值为 90Ω或10Ω。
答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为24Ω；
（2）此时电路的总功率为4.8W；
（3）满足要求的 R0的阻值为 90Ω或10Ω。