2024年黑龙江省佳木斯市中考三模物理试题(1)

这是一份2024年黑龙江省佳木斯市中考三模物理试题(1)，共24页。试卷主要包含了全卷共六道大题，总分100分，本试卷g取10N/kg等内容，欢迎下载使用。
1．全卷共六道大题，总分100分
2．本试卷g取10N/kg
一、单项选择题（每小题2分，共24分。每小题只有一个正确选项）
1. 下列数据中，与实际偏差最大的是（ ）
A. 中学生课桌的标准高度约为80cm
B. 做一次眼保健操的时间约为5min
C. 一名中学生爬一层楼所做的功约为1500J
D. 一个成年人双脚站立时对水平地面的压强约为
【答案】D
【解析】
【详解】A．中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，与实际偏差较小，故A不符合题意；
B．做一次眼保健操时间约4~6min，与实际偏差较小，故B不符合题意；
C．中学生的体重在500N左右，一层楼的高度在3m左右，中学生爬一层楼做的功约为
W=Gh=500N×3m=1.5×103J
与实际偏差较小，故C不符合题意；
D．一个成年人体重约为600N，双脚站立时与地面接触面积约400cm2，站立在水平地面时对地面的压强为
与实际偏差最大，故D符合题意。
故选D。
2. 下列四幅图中，关于声现象的描述错误的是（ ）
A. 图甲中，用硬纸片把音箱糊起来，做成一个“舞台”。小“人”随音乐起舞是由于“舞台”在振动
B. 图乙中，将钢尺的一端紧按在桌面上，另一端伸出。拨动钢尺，每次都使钢尺的振幅相同，伸出桌边的长度越长，拨动时发声的音调越高
C. 图丙中，大象有时用我们人类听不到的次声波进行交流试卷源自 每日更新，不到1元，欢迎访问。D. 图丁中，工人用的防噪声耳罩是防止噪声进入人的耳朵
【答案】B
【解析】
【详解】A．声音是由物体振动产生的，音乐响起，音响在振动，舞台在振动，导致小“人”随音乐起舞，故A正确，不符合题意；
B．将钢尺的一端紧按在桌面，拨动钢尺，钢尺发声，另一端伸出桌边的长度越长，钢尺越不容易振动，振动频率越低，音调越低，故B错误，符合题意；
C．人们能听到的声音频率是20Hz～20000Hz，大象的发声频率是14～24Hz，当大象发出低于20Hz频率的声音，人类是听不到的，故C正确，不符合题意；
D．工厂用的防噪声耳罩是在人耳处减弱噪声的，故D正确，不符合题意。
故选B。
3. 下列有关生活中热现象的解释或做法正确的是（ ）
A. 衣柜中的樟脑丸时间长了会变小甚至消失，这是汽化现象
B. 高压锅的原理是气压随沸点的升高而增大
C. 将湿衣服晾在通风且光照充足的地方有利于加快水的蒸发
D. 寒冬的玻璃窗户上常常会有一层“水雾”，应当从室外擦玻璃才能擦去“水雾”
【答案】C
【解析】
【详解】A．衣柜中的樟脑丸时间长了会变小甚至消失，樟脑丸由固态直接变为气态，这是升华现象，故A错误；
B．高压锅的原理是液体的沸点随气压的增大而升高，故B错误；
C．将湿衣服晾在通风且光照充足的地方，提高了温度、加快了空气的流动，有利于加快水分蒸发，故C正确；
D．寒冬的玻璃窗户上常常会有一层“水雾”，是室内的水蒸气遇冷液化形成的，应当从室内擦玻璃才能擦干“水雾”，故D错误。
故选C。
4. 如图所示的四种光现象中，与海市蜃楼原理相同的是（ ）
A. 绿树成荫B. 景物在观后镜中成像
C. 月食现象的形成D. 铜勺好像在水面处“折断”
【答案】D
【解析】
【详解】海市蜃楼是光在不均匀的空气中发生偏折形成的，光的折射现象。
A．绿树成荫，荫是光在直线传播时在不透明物体后面留下的影子，故A不符合题意；
B．景物在观后镜中成像，是由光的反射形成的虚像，故B不符合题意；
C．月食是地球在太阳和月球之间挡住了太阳射向月球的光，是由于光的直线传播形成的，故C不符合题意；
D．铜勺好像在水面处折断，是光从水中斜射向空气中时，发生了偏折，是光的折射形成的，故D符合题意。
故选D。
5. 如图所示，平衡车是现在非常流行的新型代步工具。人们脚踏底座，手推操纵柄，依靠自身重心的偏移就可控制平衡车的车速和方向，还能原地转弯。关于平衡车，下列说法正确的是（ ）
A. 当人站在平衡车上静止在水平地面上时，平衡车受到的重力与水平地面对它的支持力不是一对平衡力
B. 行驶中的平衡车遇到紧急情况刹车时，不能立即停下来，是因为它受到惯性的作用
C. 平衡车速度越大越难停下来，是因为速度越大惯性越大
D. 行驶在平直路面上的平衡车关闭电源后会停下来，说明力是维持物体运动的原因
【答案】A
【解析】
【详解】A．当人站在平衡车上静止在水平地面上时，平衡车受到的重力与水平地面对它的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故A正确；
B．行驶中的平衡车遇到紧急情况刹车时，不能立即停下来，是因为它具有惯性，惯性时一种性质，不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C．平衡车速度越大越难停下来，是因为速度越大，动能越大，而惯性大小只与质量有关，平衡车运动过程中，质量不变，惯性不变，故C错误；
D．行驶在平直路面上的平衡车关闭电源后会停下来，是因为阻力作用，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选A
6. 如图所示的实例中，主要利用大气压强工作的是（ ）
A. 用注射器吸取敞口瓶中的药液B. U形管压强计
C. 孔明灯升空D. 锅炉水位计
【答案】A
【解析】
【详解】A．注射器能够吸取敞口瓶中的药液，是注射器内的气压小于药液上方的气压，是利用大气压强工作的，故A符合题意；
B．U形管压强计是测量液体的压强探头橡皮膜所受压强不同，U形管液面高度差不同，不是利用大气压强工作的，故B不符合题意；
C．孔明灯升空是利用空气的浮力上升的，故C不符合题意；
D．锅炉水位计是利用连通器工作的，故D不符合题意。
故选A。
7. 如图所示，人造地球卫星在大气层外沿椭圆轨道环绕地球运行，有近地点和远地点，下列说法正确的是（ ）
A. 卫星在远地点时速度为零，动能为零
B. 卫星从近地点向远地点运动，动能增大，势能减小
C. 卫星在近地点势能最小，动能最大，速度最大
D. 卫星从远地点向近地点运动，动能增大，势能减小，机械能减小
【答案】C
【解析】
【详解】A．卫星在远地点时速度最小，但速度不为零，所以其动能不为零，故A错误；
B．卫星从近地点向远地点运动时，速度变小，相对高度变大，则动能减小，势能增大，故B错误；
C．卫星在近地点时，质量不变，高度最小，重力势能最小，速度最大，动能最大，故C正确；
D．卫星从远地点向近地点运动，相对高度变小，势能减小，势能转化为动能，动能增大，机械能不变，故D错误。
故选C。
8. 如图所示，一根质地均匀粗细相同的铁棒AB静止在水平地面上，现用力F将铁棒从水平地面缓慢拉至竖直立起。在这个过程中，力F作用在A端且始终与铁棒垂直，则力F将（ ）
A. 逐渐变大B. 逐渐变小C. 保持不变D. 先变小后变大
【答案】B
【解析】
【详解】由题意可知，阻力是铁棒自身的重力G不变， F与铁棒始终垂直，则动力臂l1不变。铁棒抬起的过程中，重力的方向始终竖直向下，则重力的力臂l2在变小，根据杠杆平衡条件Fl1=Gl2可知，l1、G都不变，l2变小，所以F也在变小。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
9. 如图所示是额定电压为6V的灯泡L的关系图像。结合图像分析，下列说法正确的是（ ）
A. 通过灯泡L的电流与其两端的电压成正比
B. 当通过灯泡L的电流为0.3A时，其额定功率为0.72W
C. 将这样两个完全相同的灯泡L串联在2.4V的电源两端，电路的总功率为0.24W
D. 将灯泡L和18Ω的定值电阻并联在3.6V的电源两端，电路的总电阻为6Ω
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，灯泡L的I-U图像是一条曲线，说明通过它的电流与电压不成正比关系，故A错误；
B．由图可知当灯通过的电流为0.5A时，灯两端电压等于其额定电压，此时灯的功率才是额定功率，故B错误；
C．将两个完全相同的灯泡L串联在2.4V的电源两端，根据串联分压的规律，各小灯泡分得的电压为1.2V，由图像可知，此时电路中的电流为0.2A，则电路的总功率为
故C错误；
D．将灯泡L和18Ω的定值电阻并联在3.6V的电源两端，由图可知，此时小灯泡的电流为0.4A，根据欧姆定律，通过定值电阻的电流为
则干路总电流为
电路的总电阻为
故D正确。
故选D。
10. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 家庭电路中，空气开关跳闸一定是发生了短路
B. 家庭电路中，所有用电器都要使用三线插头和三孔插座
C. 使用试电笔时，手要接触笔尾金属体
D 发现有人触电时，应立即用手把他拉开
【答案】C
【解析】
【详解】A．家庭电路中，空气开关跳闸是电路中的电流过大引起的，而引起电流过大可能是短路，也可能是总功率过大，故A错误；
B．家庭电路，金属外壳的用电器要使用三线插头和三孔插座，以便及时将外壳所带的电导走，避免触电事故，故B错误；
C．使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故C正确；
D．发现有人触电时，应立即断开电源再施救，直接用手拉开，施救者也会触电，故D错误。
故选C。
11. 将标有“2.5V 0.3A”字样的灯泡甲和“3.8V 0.3A”字样的灯泡乙，分别串联和并联后，接在电压为2.5V的电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响。下列说法中正确的是（ ）
A. 串联时，甲、乙两灯都能正常发光B. 串联时，甲灯比乙灯亮
C. 并联时，通过甲、乙两灯的电流相等D. 并联时，甲灯比乙灯亮
【答案】D
【解析】
【详解】A．串联时，电源电压为2.5V，据串联电路的电压特点知，两灯的电压都小于2.5V，小于各灯的额定电压，不能正常发光，故A错误；
B．不考虑温度对灯丝电阻的影响，甲、乙两灯的灯丝电阻分别为
，
甲灯的电阻比乙灯的小，两灯串联时，通过的电流相等，据P=I2R知，甲的实际功率比乙的实际功率小，甲灯比乙灯暗，故B错误；
C．两灯正常发光时，通过的电流相等，为0.3A，两灯并联在2.5V的电源两端，则甲灯正常发光，通过的电流为0.3A，乙灯不能正常发光，通过的电流不为0.3A，通过两灯的电流不相等，故C错误；
D．两灯并联时，两端的电压都2.5V，甲灯的功率
乙灯的实际功率
甲灯比乙灯亮，故D正确。
故选D。
12. 关于下列四幅图的描述正确的是（ ）
A. 图甲：司南的勺柄由于受到地磁场的作用指向地理的北极
B. 图乙：通电螺线管的左端为N极
C. 图丙：演示的是发电机的工作原理
D. 图丁：可以探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
【答案】D
【解析】
【详解】A．司南的勺柄原来是指南的，即指向地理的南极、地磁的北极，故A错误；
B．闭合开关后，由电源位置可知通电螺线管缠绕导线电流方向向上，由安培定则，伸出右手握住通电螺线管，四根手指指向电流方向，大拇指所指方向为N极，大拇指指向右侧，所以右端为N极，故B错误；
C．图示的通电导体在磁场中受到力的作用，属于电动机原理，故C错误；
D．图丁中移动滑片，可以改变电路中电流大小，可以探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故D正确。
故选D。
二、双项选择题（每小题3分，共9分。每小题有两个正确选项，选项不全但正确得1分，有错误选项不得分）
13. 汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙所示分别是某单缸四冲程汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是（ ）
A. 甲图是压缩冲程，机械能转化为内能
B. 由乙图可知该汽油机的效率是30%
C. 汽车尾气中的“汽油味”越浓，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D. 若该汽油机飞轮的转速为3600r/min，则在1s内汽油机对外做功30次
【答案】AD
【解析】
【详解】A．根据图甲可知，两个气门关闭、活塞上行，为压缩冲程，此冲程活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高，故A正确；
B．热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，由图可知，输出有用机械能所占比例为
即该汽油机的效率为28%，故B错误；
C．热值是燃料本身的一种特性，只与燃料本身决定，与燃料的质量、放出热量的多少、燃烧是否充分、温度高低无关，故C错误；
D．汽油机飞轮的转两圈对外做功一次。若该汽油机飞轮的转速为3600r/min，则在1s内飞轮的转60r，汽油机对外做功30次，故D正确。
故选AD。
14. 如图所示是建筑工地上的起重机吊臂上的滑轮组，滑轮组的钢丝绳能承受的最大拉力为3000N，货箱重400N，货箱的钢丝绳能承受的拉力足够大。某次用1200N的拉力F将质量为300kg的货物以0.6m/s的速度匀速竖直提升5s。则下列说法正确的是（ ）
A. 此次提升货物过程中滑轮组的机械效率约为83.3%
B. 此次提升货物过程中拉力F的功率是2160W
C. 若增大提升速度，则滑轮组的机械效率升高
D. 该起重机的滑轮组一次能匀速提起的货物重最大为8600N
【答案】AB
【解析】
【详解】A．根据题图可知，该滑轮组的绳子的股数为n=3，由
可得，此次提升货物过程中滑轮组的机械效率约为
故A正确；
B．由于该滑轮组的绳子的股数为n=3，货物以0.6m/s的速度匀速竖直提升5s，则绳子的速度为
此次提升货物过程中拉力F的功率是
故B正确；
C．根据机械效率公式
可知，若增大提升速度，则滑轮组的机械效率不变，故C错误；
D．该滑轮组的绳子的股数为n=3，用1200N的拉力F将质量为300kg的货物以0.6m/s的速度匀速竖直提升5s，可得该滑轮组的动滑轮的重力为
由于滑轮组的钢丝绳能承受的最大拉力为3000N，则该起重机的滑轮组一次能匀速提起的货物重最大为
故D错误。
故选AB。
15. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡标有“12V 6W”的字样，滑动变阻器R的最大阻值为36Ω，为定值电阻。当开关S闭合，、断开，滑片P由b端向a端滑动，使其连入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，小灯泡恰好正常发光。小灯泡正常发光后，滑片位置保持不变，开关S、、都闭合时，电流表的示数变化了2A。不考虑灯丝电阻的变化，下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压是20V
B. 当开关S闭合，、断开，小灯泡正常发光10s，整个电路消耗的电能是90J
C. 的阻值为12Ω
D. 小灯泡正常发光后，滑片位置保持不变，开关S、、都闭合时，电路消耗的总功率是45W
【答案】BD
【解析】
【详解】A．当开关S闭合，S1、S2断开，滑片P由b端向a端滑动，使其连入电路的电阻是最大阻值的三分之一时，灯泡与变阻器总电阻的三分之一电阻串联，小灯泡恰好正常发光，由得，此时电路电流为
变阻器接入电路电阻为
电源电压是
故A错误；
B．当开关S闭合，、断开，小灯泡正常发光10s，整个电路消耗的电能是
故B正确；
C．小灯泡正常发光后，滑片位置保持不变，开关S、S1、S2都闭合时，电路变成R0与变阻器并联，电流表测量干路电流，此时电路电阻变小，电路电流变大，电流表的示数变化了2A，则此时电路电流为
变阻器的电流为
的电流为
由欧姆定律得，的阻值为
故C错误；
D．小灯泡正常发光后，滑片位置保持不变，开关S、、都闭合时，电路消耗的总功率是
故D正确。
故选BD。
三、填空题（每空1分，每小题2分，共24分）
16. 某同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，绘制了如图所示的图象（v表示像到凸透镜的距离，u表示物体到凸透镜的距离），用该凸透镜作放大镜使用时，被观察的物体到透镜的距离在________cm以内；把物体从距凸透镜6cm处移动到距凸透镜20cm处的过程中，像的大小将________（选填“变大”、“变小”、“先变小再变大”、“先变大再变小”）。
【答案】 ①. 5cm ②. 变小
【解析】
【详解】[1]由图象可知
u=v=2f=10cm
所以f=5cm，作放大镜使用时，被观察的物体到透镜的距离在焦距以内，被观察的物体到透镜的距离在5cm以内。
[2]把物体从距凸透镜6cm处移动到距凸透镜20cm的过程中，物距增大，像距减小，像变小。
17. 某医院急诊室的氧气瓶中，氧气的密度为5 kg/m 3，给急救病人供氧用去了氧气质量的一半，则瓶内剩余氧气的密度是 kg/m 3；病人需要冰块进行物理降温，取450g水凝固成冰后使用，其体积增大了 cm3．（ρ冰=0.9×103kg/m 3）
【答案】2.5 ； 50
【解析】
【详解】氧气瓶中，氧气的密度为5 kg/m3，给急救病人供氧用去了氧气质量的一半，但剩余氧气仍要占满氧气瓶，氧气的体积不变，则瓶内剩余氧气的密度是原密度的一半，为2.5kg/m3；
450g水的体积：V水=，
ρ冰=0.9×103kg/m 3=0.9g/cm3，
450g冰的体积：V冰=，
450g水凝固成冰后使用，其体积增大：△V= V冰- V水=500cm3-450cm3=50cm3．
18. 烤肉是人们喜爱的美食，烤肉时，香气四溢是______现象，该现象说明____________。
【答案】 ①. 扩散 ②. 分子在不停地做无规则运动
【解析】
【18题详解】
[1][2]不同物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散，香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
19. 如图所示，是歼20战机与加油机空中加油的情景，歼20战机相对加油机是______（选填“静止”或“运动”）的；飞机正常飞行时，机翼______（选填“上方”或“下方”）受到空气的压强较大。
【答案】 ①. 静止 ②. 下方
【解析】
【详解】[1]歼20战机与加油机空中加油的过程中，歼20战机相对加油机位置保持不变，因此是静止的。
[2]等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速；而下表面平直，因此机翼下方的流速大致等于前方的流速，由此可知，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力。
20. 2024年5月1日8时许，我国完全自主设计建造的第三艘航空母舰福建舰出海开展首次航行试验。福建舰采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻拦装置，排水量8万余吨。排水量按8万吨计算，该航母满载时，受到海水的浮力为______N；若航母上有舰载机，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力将______（填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】 ①. ②. 减小
【解析】
【20题详解】
[1]根据阿基米德原理可得，其满载时受到的浮力为
[2]航母漂浮在水面上，受到的浮力等于它的总重力，当航母的舰载机从甲板上起飞后，航母受到的总重力变小，所以，航母受到的浮力变小。
21. 用丝绸摩擦过的玻璃棒能吸引一个轻质带电小球，则小球带______（填“正”或“负”）电；发光二极管主要由______材料制成。
【答案】 ①. 负 ②. 半导体
【解析】
【21题详解】
[1]摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，玻璃棒与丝绸摩擦时，丝绸得到电子而带负电，玻璃棒因失去电子而带正电；用该玻璃棒去接触一带电小球，小球被吸引，根据异种电荷相互吸引可知，小球带负电。
[2]发光二极管的主要材料是半导体，具有单向导电性。
22. 2024年5月3日，嫦娥六号探测器成功发射。探测器着陆区为月球背面南极—艾特肯盆地，计划从月球背面采集更多样品，争取实现2000克的目标。探测器“腿”上的圆形“大脚掌”可减小对月面的______；探测器上展开的太阳能帆板，将太阳能转化为______能，供其使用。
【答案】 ①. 压强 ②. 电
【解析】
【22题详解】
[1]探测器“腿”上的圆形“大脚掌”增大了受力面积，压力一定时，受力面积增大，可减小对月面的压强。
[2]太阳能帆板工作时，消耗太阳能，得到电能，为探测器提供能量，即把太阳能转化为电能。
23. 2024年4月30日下午，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。在返回舱进入大气层时，由于与空气剧烈摩擦，表面温度很高，这是通过______方式改变内能的；在返回舱刚进入大气层时，由于高温产生的等离子体会屏蔽______波，导致地面和航天员之间的通信中断。
【答案】 ①. 做功 ②. 电磁
【解析】
【详解】[1]返回舱与空气摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能增大，温度升高，是通过做功的方式改变内能。
[2]返回舱刚进入大气层时，返回舱与空气摩擦产生的高温等离子体包围了返回舱，由于等离子体能够屏蔽电磁波，造成了返回舱与地面控制人员无法进行通讯。
24. 电冰箱是间断式工作的（即工作一段时间停止一段时间；再工作再停止，如此循环），某电冰箱铭牌有关参数如图所示。在家庭电路中只有电冰箱在标定耗电量下正常工作时，一天实际工作______h；若电冰箱每次从启动到停止工作的时间都为12min，则该电冰箱每天启动______次。
【答案】 ①. 6 ②. 30
【解析】
【详解】[1]由铭牌参参数可知冰箱一天耗电0.9kW∙h，电冰箱工作时功率为150W，则一天的工作时间为
[2]电冰箱每次从启动到停止工作的时间
电冰箱每天启动次数
25. 如图所示是一把既能吹冷风，又能吹热风的家用电吹风的简化电路，图中A是吹风机，B是电热丝。吹风机吹冷风时的功率为440W，吹热风时的功率为1100W，则吹热风时通过电热丝的电流是________A。已知电动机线圈的电阻是3Ω。电流通过吹风机的发热功率是________W。

【答案】 ①. 3 ②. 12
【解析】
【详解】[1]家庭电路电压为220V，电热丝消耗的电功率为
由可知，吹热风时通过电热丝的电流为
[2]由可知，通过电动机的电流为
电动机的发热功率为
26. 如图所示，要使R1与R2组成并联电路，应只闭合开关______。若此时电流表A1和A2的示数之比为2:5，则R1与R2的电阻之比为______。
【答案】 ①. S1和S3 ②. 3:2
【解析】
【详解】[1][2]当开关S1和S3闭合后，R1与R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量干路电流，若此时电流表A1和A2的示数之比为2:5，则R1与R2的电阻之比为
27. 如图所示电路，电源电压恒定，R1=20Ω，R2=10Ω。当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.6A，通电2min，电阻R2产生的热量为______J；当S1、S3闭合，S2断开时，电流表的示数为______A。
【答案】 ①. 432 ②. 0.9
【解析】
【详解】[1]当S1闭合，S2、S3断开时，电路中仅有R2单独工作，所以由焦耳定律可得电阻产生热量
Q= I22Rt=(0.6A)2×10Ω×2×60s=432J
[2]当S1、S3闭合，S2断开时，电阻R1和电阻R2并联，电流表测量干路电流，电阻R2单独工作时电路中的电流为0.6A，所以电源电压
U=I2R2=0.6A×10Ω=6V
则通过电阻R1的电流
则由并联电路的电流规律可得干路电流即电流表的示数为
I=I1+I2=0.3A+0.6A=0.9A
四、探究与实验题（28题6分，29题7分，30题7分，共20分）
28. 小红在家中照镜子时，发现她在镜子中的像“远小近大”。她猜想：物体在平面镜中所成像的大小是否与物体到平面镜的距离有关？于是，她选择了白纸、笔、火柴、光屏、两支外形相同的蜡烛A和B、透明玻璃板、茶色玻璃板，进行了如图所示的实验。
（1）为使实验效果明显，本实验应该选用______（填“透明”或“茶色”）玻璃板代替平面镜。
（2）选取两支外形相同的蜡烛是为了比较像与物的______关系。
（3）将白纸平铺在水平桌面上，将玻璃板立在白纸上。在玻璃板前点燃蜡烛A，将蜡烛B竖立在玻璃板后面，发现无论怎样移动蜡烛B，都无法使其与蜡烛A的像完全重合，这是因为______。
（4）解决问题后，小红多次改变蜡烛A到玻璃板的距离，在玻璃板的另一侧移动蜡烛B后，发现蜡烛B与蜡烛A的像总是能完全重合，说明物体在平面镜中所成像的大小与物体到平面镜的距离______（填“有关”或“无关”）。
（5）做完上面实验，小红移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一个光屏，在光屏上______（填“能”或“不能”）接收到蜡烛A的像，说明平面镜成的是______像。
【答案】 ①. 茶色 ②. 大小 ③. 玻璃板没有竖直放置（合理即可） ④. 无关 ⑤. 不能 ⑥. 虚
【解析】
【详解】（1）[1]在光亮的环境下，实验结果得出的数据更准确一些；故实验前，平面镜应该选用茶色玻璃板代替，因为茶色玻璃板成像更清晰，便于观察。
（2）[2]实验时选择两个完全相同的蜡烛，便于比较像和物体的大小关系。
（3）[3]实验时玻璃板要竖直放置，即垂直于桌面，如果与水平桌面不垂直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合。无论怎样移动蜡烛 B，都无法使其与蜡烛 A 的像完全重合，这是因为玻璃板没有竖直放置。
（4）[4]多次改变蜡烛A到玻璃板的距离，在玻璃板后移动蜡烛B，发现总能找到一个对应位置，在玻璃板前从不同角度观察，蜡烛B与蜡烛A的像均重合，说明物体在平面镜中所成像的大小与物体到平面镜的距离无关。
（4）[5][6]平面镜所成的像是反射光线的反向延长线会聚成的，不是实际光线会聚的，是虚像；所以如果在像的位置放一光屏，光屏不能承接到像。
29. 小明在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，提出了以下几种猜想：
猜想一：与物体间压力的大小有关；
猜想二：与物体间接触面积的大小有关；
猜想三：与物体间接触面的粗糙程度有关。
为了探究各种猜想是否正确，他找来了量程合适的弹簧测力计一个、长木板两个（表面粗糙程度不同）、长方体木块一个、砝码一盒，设计了如图所示的实验过程。
（1）实验时，小明用弹簧测力计沿水平方向拉动水平长木板上的木块，使其做匀速直线运动，目的是使弹簧测力计的示数______（填“大于”“等于”或“小于”）滑动摩擦力的大小；
（2）比较图______所示的实验，可以探究猜想一是正确的。通过比较可知，当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越______；
（3）要探究猜想三是否正确，他应该比较图______所示的实验。通过比较，得出的结论是______；
（4）为了探究猜想二是否正确，小明用弹簧测力计测出木块在水平长木板上的滑动摩擦力，然后将木块沿竖直方向锯掉一半，测得滑动摩擦力的大小也变为原来的一半。他由此得出：当接触面的粗糙程度一定时，物体间的接触面积越小，滑动摩擦力越小。他的结论是______（填“正确”或“错误”）的，理由是______。
【答案】 ①. 等于 ②. 甲、乙 ③. 大 ④. 甲、丙 ⑤. 当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 ⑥. 错误 ⑦. 没有控制压力大小一定
【解析】
【详解】（1）[1]实验时为了测出滑动摩擦力大小，应使弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，此时摩擦力和拉力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知此时滑动摩擦力与拉力的大小相等。
（2）[2][3]要探究猜想一即滑动摩擦力的大小与与物体间压力的大小的关系，需控制接触面的粗糙程度相同，改变压力大小，由图可知，应比较图甲、乙所示的实验。通过比较可知，当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）[4][5]要探究猜想三即滑动摩擦力大小与物体间接触面的粗糙程度的惯性，需控制压力相同，改变接触面的粗糙程度，由图可知，应该比较图甲、丙所示的实验。通过比较，得出的结论是：当压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（4）[6][7]要探究猜想二即滑动摩擦力大小与物体间接触面积的大小的关系，应控制压力和接触面的粗糙程度相同，改变接触面的大小。将木块沿竖直方向锯掉一半，受力面积改变的同时，压力大小也减为原来的一半，出现了两个变量，故他的结论是错误的，理由是没有控制压力大小一定。
30. 小倩同学在探究“电流与电压关系”的实验中，选用器材有：学生电源（电压恒为4.5V）、电流表、电压表、定值电阻R、标有“50Ω 0.5A”字样的滑动变阻器和导线若干。
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整______；（要求滑片P向B端移动时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）
（2）连接电路时，开关应处于______（填“断开”或“闭合”）状态。在电路连接完整后，闭合开关S前应将滑动变阻器的滑片P移到______（填“A”或“B”）端；
（3）闭合开关S后，移动滑片P时发现电压表无示数，电流表有示数且不断变化，则电路故障可能是定值电阻R发生了______（填“断路”或“短路”）；
（4）排除故障后继续实验，多次改变滑动变阻器滑片P的位置，记录的实验数据如下表所示。第3次实验电流表示数如图乙所示，其示数为______A。分析实验数据可得出结论：在电阻一定的情况下，______；
（5）在实验过程中，滑动变阻器接入电路的阻值不得小于______Ω。
【答案】 ①. ②. 断开 ③. B ④. 短路 ⑤. 0.20##0.2 ⑥. 通过导体的电流与导体两端的电压成正比 ⑦. 35
【解析】
【详解】（1）[1]滑动变阻器的滑片P向B移动，电路中电流变小，即电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图所示：
（2）[2]为保护电路，连接电路时，开关必须断开。
[3] 在电路连接完整后，闭合开关S前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处的B端。
（3）[4]闭合开关S后，移动滑片P时电流表有示数且不断变化，则电路为通路，发现电压表无示数，则电路故障可能是定值电阻R发生了短路导致与定值电阻并联的电压表也被短路从而无示数。
（4）[5]由甲图可知电流表所选的量程是0~0.6A，分度值是0.02A，此时电流表示数为0.20A。
[6]由表格数据可知电阻一定，电压成倍变大，则通过电阻的电流也成倍变大，即在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（5）[7]由表格中实验数据可知，定值电阻的阻值为
由串联电路分压规律可知，在电源电压一定时，当滑动变阻器接入电路中的电阻越大，滑动变阻器两端的电压越大，定值电阻两端的电压越小，结合表格数据当电压表示数（定值电阻两端电压）为1V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大
即完成几次实验的过程中滑动变阻器接入电路的电阻不得小于35Ω。
五、分析与交流题（每小题4分，共8分）
31. 阅读短文，回答问题。
白鹤滩水电站（如图所示）位于云南省巧家县和四川省宁南县交界处的金沙江干流之上，总装机容量1600万千瓦，居全球第二。白鹤滩水电站年均发电量可达千瓦时，在同等满足电力系统用电需求的情况下，水电站每年可节约标准煤约吨，减少排放二氧化碳约5160万吨，对我国碳达峰、碳中和目标实现，对促进西部开发，实现“西电东送”都具有深远意义。
（1）水能是______（填“可”或“不可”）再生能源；
（2）水电站中的发电机组是将______能转化为电能的装置，它是利用______原理工作的；
（3）拦河大坝的形状为上窄下宽的原因是______。
【答案】 ①. 可 ②. 机械 ③. 电磁感应 ④. 液体内部压强随深度的增加而增大
【解析】
【详解】（1）[1]太阳能、水能、风能都是可以源源不断从自然界获得的，是可再生能源。
（2）[2][3]水电站中的发电机组工作时，利用流动的水带动发电机工作产生电能的，故发电机是将机械能转化为电能的装置。发电机的原理是电磁感应。
（3）[4]液体的深度越深，压强越大，为了使底部能承受更大的压强，拦河大坝形状为上窄下宽。
32. 将装有水的试管放入装有水的烧杯中，用酒精灯对烧杯进行加热，如图所示，一段时间后，观察到烧杯中的水沸腾，则试管中的水会不会沸腾？为什么？
【答案】见解析
【解析】
【详解】试管中的水不会沸腾。当烧杯中的水沸腾后，虽然不断吸热，但烧杯中水的温度保持水的沸点不变；试管中的水从烧杯内的水中吸热，温度达到水的沸点后，和烧杯中水的温度相同，不能发生热传递，即不能从烧杯内的水中继续吸热，所以试管中的水不会沸腾。
六、综合与应用题（33题8分，34题7分，共15分）
33. 如图所示，容器中水深60cm，电动机以恒定不变的功率，向上匀速提升质量为1kg的石块，石块在水中上升速度为0.25m/s，石块的密度为2.5×103kg/m3若提升过程中，石块受到水的阻力、绳子自重和摩擦等都不计。（g取10N/kg）请计算：
（1）石块露出水面前，水对容器底的压强；
（2）石块露出水面前受到的浮力；
（3）石块出水后匀速上升的速度。
【答案】（1）6000Pa；（2）4N；（3）0.15m/s
【解析】
【详解】解：（1）根据液体压强公式p=ρgh可得石块露出水面前，水对容器底的压强为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m=6000Pa
（2）根据密度公式可得物体的体积
在石块露出水面前石块排开水的体积就等于自身体积，V排=V，则石块露出水面前受到的浮力
F=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10-4m3=4N
（3）石块重力
G=m物g=1kg×10N/kg=10N
当石块完全浸没在水中时，因其匀速运动，故绳子拉力F拉与石块受到的浮力之和等于石块的重力，即F拉+F=G，代入数据得
F拉+4N=10N
故F拉=6N。此时根据P=Fv可计算出电动机的功率
P=F拉v=6N×0.25m/s=1.5W
当石块出水后，只受绳子拉力F′与重力，因其匀速上升，故
F′=G=10N
由题干可知电动机功率不变，则
P=F′v′=10N×v′=1.5W
故石块出水后匀速上升的速度v′=0.15m/s。
答：（1）石块露出水面前，水对容器底的压强为6000Pa；
（2）石块露出水面前受到的浮力为4N；
（3）石块出水后匀速上升的速度为0.15m/s。
34. 电磁炉是一种高效、方便、卫生的新型灶具，为了研究电磁炉，小锋同学首先观察了家中的电能表，看到电能表的铭牌上标有“220V 10A”和“3000r/kW•h”字样。然后小锋关闭了家中其他用电器，只把电磁炉接入电路中，用了10min 把质量为1kg、初温28℃的水刚好烧开，这个过程中电能表转盘转了300 转。已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），当时气压为标准大气压。求：
（1）加热过程中水吸收的热量；
（2）电磁炉的实际功率；
（3）电磁炉的热效率。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【分析】
【详解】解：（1）水吸收的热量为
（2）“3000r/kW•h”字样表示电能表转盘每转3000转消耗电能1kW•h，电磁炉工作10min，电能表转300r，消耗的电能为
电磁炉的功率为
（3）水吸收的热量，在整个过程中消耗的电能为W，电磁炉烧水的效率
答：（1）加热过程中水吸收的热量为。
（2）电磁炉的实际功率为。
（3）电磁炉的热效率为。容积（L）
175
功率（w）
150
耗电量（kW·h/24h）
0.9
额定电压（V）
220
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
1.0
1.4
2.0
2.4
电流I/A
0.10
0.14
0.24