2024年海南省海口中学中考物理模拟试卷

这是一份2024年海南省海口中学中考物理模拟试卷，共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列估计最接近实际情况的是( )
A. 一个鸡蛋的质量约为50g
B. 让人感觉温暖又舒适的房间温度最接近37℃
C. 中学生步行上学的速度约为12m/s
D. 初中学生课桌的高度约为0.7dm
2.一款5G手机的折叠屏由柔性发光二极管制成，其中制成发光二极管的材料是( )
A. 导体B. 半导体C. 超导体D. 绝缘体
3.中华古诗词、俗语中蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是( )
A. “闻其声而知其人”是根据声音的响度来辨别的
B. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息
C. “谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛管的振动产生
D. “响鼓还要重锤敲”说明声音的音调与振幅有关
4.“霜降”是中国传统的二十四节气之一，霜的形成属于( )
A. 凝固B. 液化C. 凝华D. 升华
5.以下体育训练的场景中的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 百米加速冲刺一一人冲过终点后不能立即停下来，是由于人受到惯性的作用
B. 踢足球一一踢出去的足球最终停下来，是由于阻力改变了足球的运动状态
C. 打羽毛球一一拍打羽毛球时，球拍对羽毛球的力和羽毛球对球拍的力是一对平衡力
D. 掷铅球一一若球在最高点时所受的外力全部消失，球将静止
6.“安全用电，警钟长鸣”，下列做法符合安全用电要求的是( )
A. 手机充电器长期插在插座上B. 用湿布擦拭工作的台灯
C. 用电器着火时立即用水浇灭D. 人触电时立即切断电源
7.随着“健康中医”理念深入人心，跑步机越来越受到人们的青睐，它的“心脏”是电动机，下列实验与它的工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
8.近年来，我国在科技领域取得了许多成就，下列有关说法正确的是( )
A. “嫦娥五号”采集的月球样品带回地球后，质量会变大
B. “奋斗者号”潜水器用钛合金做外壳，利用其导电性好
C. “天和号”核心舱升入太空后，与地面通过电磁波联系
D. “国和一号”核电机组发电，利用的是核聚变释放能量
9.小峻参加青少年科学素养大赛，设计了《自动火灾报警器》。报警器中有热敏电阻R和保护电阻R0，其中R的阻值随温度升高而减小，当火灾发生时，温度升高，导致电表示数变大而触发报警装置。如图中能实现上述功能的电路图是( )
A. B.
C. D.
10.将两个完全相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的相同容器中，木块静止时，两容器中液面相平，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 木块在甲液体中所受浮力较大
B. 木块在乙液体中所受浮力较小
C. 两容器底部受到的液体压强相等
D. 甲容器底部受到的液体压强较大
二、填空题：本大题共7小题，共28分。
11.物理是以实验为基础的学科，实验时测量工具必不可少。请写出一种测量工具及其测量的物理量名称。测量工具：______；物理量名称：______。
12.搓手时手心发热，是通过______改变内能的；“墙内开花墙外香”，属于______现象。
13.2022年5月30日，我国首座潮光互补型光伏电站并网发电，通过光伏发电、潮汐发电实现“日月同辉”。发电站分别把太阳能和月亮潮汐能转化为________；太阳能和潮汐能都属于________(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
14.购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头(相当于一个凸透镜)，经系统自动拍照、扫描等，即可迅速完成交易，摄像头的成像特点与______(选填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”)相同；“刷脸”时，面部应位于距摄像头______(选填“二倍焦距之外”“一倍焦距和二倍焦距之外之间”或“一倍焦距之内”)。
15.在“研究影响滑动摩擦力大小因素”实验中。在木块上放一个砝码，用弹簧测力计拉动木块和砝码一起在长木板上滑动，如图所示，当木块和砝码一起匀速滑动时，弹簧测力计的读数是3N，此时木块受到长木板的滑动摩擦力大小是______ N。若把砝码去掉，则木块受到长木板的滑动摩擦力将______(选填“不变”、“变大”或“变小”)。
16.小明家的电能表月初的数字是1385.5，月末表盘的示数如图所示。若按0.6元/(kW⋅h)的标准收费，他家本月应缴纳电费______元，若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为______ W。
17.如图为一款养生壶的电路简图，该壶有“加热”和“保温”两挡，电源电压为220V，电阻丝R1、R2的阻值分别为44Ω、356Ω。当开关S1、S2闭合时，养生壶处于______(选填“加热”或“保温”)状态；现将壶内1kg的养生茶从20℃加热至75℃，若加热过程中不计热损失，所需时间为______ s。[已知c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
18.如图所示，根据平面镜成像特点，作出物体AB在平面镜中的像。
四、实验探究题：本大题共2小题，共16分。
19.在“探究影响液体内部压强”的实验中：
(1)实验中，我们通过观察______来比较液体内部压强的大小；
(2)比较图1，乙、丙两次实验，可得出：当液体密度相同时，液体内部压强随液体深度的增加而______(选填“增大”或“减小”)。
(3)比较图1，丙、丁两次实验，可得出：当液体深度相同时，液体的压强与液体______有关。
(4)小明学习小组结合液体压强的知识，又设计了如图2所示的测量盐水密度的方案：
①如图2所示，用细线和橡皮膜把玻璃管一端扎紧，向管内倒入适量的水，用刻度尺测出水面到下管口的距离记为h1；
②如图2所示，在烧杯中装入适量的盐水，将玻璃管缓慢浸入其中，直至橡皮膜水平为止，用刻度尺测出盐水面到下管口的距离记为h2；
③盐水的密度表达式：ρ盐水=______(利用ρ水、h1、h2表示)。
20.在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源为2节新干电池，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，所用滑动变阻器的的规格是“20Ω0.5A”。
(1)图甲是小明连接的电路图，其中一根导线接错了，请你把接错的那根导线找出来打上“×”，并重新画一根正确连接的导线。(电表左边接线柱都为负接线柱)
(2)改接正确后进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表无示数，则电路中发生的故障可能是______(填“小灯泡断路”“小灯泡短路”或“滑动变阻器处断路”)。
(3)实验中，同学们看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向______(填“左”或“右”)端移动滑片，同时应注意观察电压表的示数，当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W。
五、计算题：本大题共3小题，共24分。
21.如图所示，圆球在水平地面上滚动，请画出球对地面压力的示意图。
22.电动汽车是正在大力推广的新型交通工具，它具有节能、环保的特点，如图是一辆总质量为1.6×103kg的电动汽车。电动汽车以72km/h的时速匀速行驶在水平公路上，此时电动汽车所受的阻力是重力的0.2倍，求：(g取10N/kg)
(1)电动汽车以72km/h匀速行驶0.5h通过的路程大小。
(2)每个轮胎与地面的接触面积为0.05m2，电动汽车静止时对地面的压强大小。
(3)电动汽车匀速行驶2km，求牵引力做功的大小。
(4)请你谈谈纯电动汽车的优点或者缺点。(说出一种即可)
23.如图甲所示电路，电源电压不变，灯泡L上标有“5V2.5W”字样，电压表量程为0∼3V，电流表量程为0∼0.6A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端滑到中点的过程中，灯泡L的电功率与电流的P-I关系图像如图乙所示，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
(1)灯泡L正常发光时的电阻；
(2)滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能；
(3)电源电压；
(4)在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一个鸡蛋的质量约为50g，故A正确；
B、让人感觉温暖又舒适的房间温度最接近23℃，故B错误；
C、中学生步行上学的速度约为1.2m/s，故C错误；
D、初中学生课桌的高度约为80cm=8dm，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对质量、温度、速度、长度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：二极管是由硅和锗等材料制作成，而硅和锗是半导体材料，所以发光二极管是用半导体材料制成的，故ACD错误，B正确。
故选：B。
二极管、三极管、集成电路和一些敏感电阻等是由半导体材料制成的。
多了解一些导体、绝缘体、半导体和超导体的应用，关注最新科技动态，关键记住它们重要的用途。
3.【答案】B
【解析】解：A、“闻其声而知其人”是根据声音的音色来辨别的，故A错误。
B、“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息，故B正确。
C、“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛内空气柱的振动产生，故C错误。
D、“响鼓还要重锤敲”说明声音的响度与振幅有关，故D错误。
故选：B。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
(2)声可以传递信息和能量。
(3)物体振动产生声音，振动停止，发声停止。
区分声音的三个特征，可解答此题。
4.【答案】C
【解析】解：霜是空气中的水蒸气遇冷直接形成的小冰晶，是凝华现象，故C正确。
故选：C。
物质由气态变为固态是凝华。
此题考查了物态变化中的凝华现象，是一道基础题。
5.【答案】B
【解析】解：A、人冲过终点后，由于惯性要保持原来的运动状态，所以不能立即停下来，不能说受到惯性作用，故A错误；
B、草坪上滚动的足球最终停下来，是因为阻力改变了它的运动状态，故B正确；
C、击球时，球拍对羽毛球的力和羽毛球对球拍的力不是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、铅球在最高点时，在水平方向上有速度，所受的外力全部消失，球将做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
(1)物体具有的保持原有运动状态不变的性质叫惯性；
(2)力可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
(3)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(4)根据牛顿第一定律分析。
本题考查了惯性的应用、力与运动的关系、二力平衡条件的应用、牛顿第一定律，综合性强，属力学综合题。
6.【答案】D
【解析】解：
A、将手机充电器长期插在电源插座上可能会使充电器因发热而引起火灾，故A不符合安全用电要求；
B、湿布是容易导电的物体，用湿布擦拭正在发光的电灯或其它用电器时，容易引起人体触电，故B不符合安全用电要求；
C、由于生活用水是导体，用电器着火时不能用水浇灭，故C不符合安全用电要求；
D、发现有人触电后，应该首先切断电源，然后再进行其他的救护措施，故D符合安全用电要求。
故选：D。
本题考查安全用电的常识，解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答。为防止因电带来的伤害，不能违反。
7.【答案】C
【解析】解：电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理来工作的。
A、该图说明通电导体的周围存在磁场，与电动机的原理不同，故A错误；
B、该图探究电磁铁磁场强弱与线圈匝数的关系，故B错误；
C、该图说明通电导体在磁场中受到力的作用，与电动机的原理相同，故C正确；
D、该图说明闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，与电动机原理不同，故D错误。
故选：C。
(1)电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理来工作的；
(2)该图探究电磁铁磁场强弱与线圈匝数的关系；
(3)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的；
(4)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
本题主要考查了电动机的原理；知道电流的磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受到力的作用以及它们对应的应用是解决本题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、“嫦娥五号”采集的月球样品密封封装后，只是位置发生了变化，带回地球后样品的质量不变，故A错误；
B、“奋斗者”号载人潜水器的外壳用钛合金制作，是因为钛合金的密度小、强度高，故B错误；
C、电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，“天和号”核心舱升入太空后，与地面通过电磁波联系，故C正确；
D、核电站是利用核裂变来释放能量的，不是利用核聚变，故D错误。
故选：C。
本题考查质量、材料组成、信息传递以及核能的利用，是一道综合题。
9.【答案】C
【解析】解：由题知，温度升高，R的阻值减小，电表示数变大，报警装置报警，
A、图中两电阻串联，电压表测R两端电压，温度升高时R电阻减小，根据串联电路的分压原理知，电压表示数变小，不能触发报警装置，不合题意。
B、图中两电阻串联，电压表测电源电压，温度升高时R电阻减小，电压表示数保持不变，不能触发报警装置，不合题意。
C、图中两电阻串联，电流表测电路中电流，温度升高时R电阻减小，电路总电阻减小，所以电流表示数变大，能触发报警装置，符合题意。
D、图中电流表将R短路，电路为R0的简单电路，温度升高时不能引起电路中电阻的变化，电流表示数不变，不能触发报警装置，不合题意。
故选：C。
已知热敏电阻R的阻值随温度升高而减小，温度升高电表示数变大，报警装置报警。由此对各选项分析解答。
本题以自动火灾报警器为情景考查了电路设计，明确要求，正确分析电路的连接以及电表作用是关键。
10.【答案】D
【解析】解：AB、两个木块均漂浮，所以浮力等于重力，且木块完全相同，重力相同，故浮力相同，故AB错误；
CD、两木块浮力相等，但甲液体中木块浸体积小于乙液体，根据F浮=ρ液gV排可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，由图可知液面高度相同，根据p=ρ液gh可知，甲容器底部受到的液体压强大，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)由于是同一块木块，根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系，然后即可判断浮力大小；
(2)根据物体的浮沉情况和阿基米德原理判断出两液体密度的关系，然后根据p=ρ液gh得出容器底受到压强的关系。
本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮力的关系。
11.【答案】刻度尺 长度
【解析】解：在物理实验中，我们学习了以下测量工具的使用：
刻度尺--测量物体长度；天平--测量物体质量；量筒--测量物体体积；弹簧测力计--测量力的大小；温度计--测量温度高低；电流表--测量电路电流大小；电压表--测量用电器两端电压；电能表--测量消耗的电能。
故答案为：刻度尺；长度。
根据对常见测量工具或仪器的作用的掌握作答。
此题考查的是我们对常见测量工具及其用途的掌握，属于基本技能的考查，是一道基础题，难度较小，容易解答。
12.【答案】做功 扩散
【解析】解：(1)搓手时，双手克服摩擦做功，机械能可以转化为手的内能，此过程是通过做功的方式改变手的内能；
(2)从分子动理论讲，“墙内开花墙外香”，属于扩散现象，这个现象说明了分子在永不停息地做无规则运动。
故答案为：做功；扩散。
(1)做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
(2)扩散现象表明分子还是在永不停息地做无规则运动。
本题考查学生对改变内能方法、分子动理论的具体应用和验电器原理的掌握。
13.【答案】电能 可再生
【解析】解：发电站分别把太阳能和月亮潮汐能转化为电能。太阳能和潮汐能都属于可再生能源。
故答案为：电能；可再生。
(1)太阳能电池可以将太阳能转化为电能；
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源。例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
此题主要考查对可再生能源和不可再生能源特点的理解，同时也考查了太阳能电池板工作过程的能量转化，属于基础知识。
14.【答案】照相机 二倍焦距之外
【解析】解：摄像头相当于一个凸透镜，其成像原理与照相机相同，成倒立、缩小的实像；刷脸时，面部应位于摄像头的二倍焦距之外。
故答案为：照相机；二倍焦距之外。
摄像头是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理制成的，当u>2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像。
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。
15.【答案】3 变小
【解析】解：由于木块和砝码一起做匀速滑动，因此受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，弹簧测力计的示数为3N，则木块受到长木板的滑动摩擦力也为3N；
若把砝码去掉，压力变小，接触面的粗糙程度不变，则木块受到长木板的滑动摩擦力将变小。
故答案为：3；变小。
物体做匀速直线运动时受力平衡，相对静止的物体之间不受摩擦力。
本题考查二力平衡及产生静摩擦力的条件，难度不大，但对学生的理解能力有一定的要求。
16.【答案】50.41200
【解析】解：
(1)电能表月初示数是1385.5kW⋅h，月末示数为1469.5kW⋅h，
本月用电量为W=1469.5kW⋅h-1385.5kW⋅h=84kW⋅h，
需交纳的电费为0.6元/kW⋅h×84kW⋅h=50.4元；
(2)电能表的转盘转过400转消耗的电能：
W=400r2000r/kW⋅h=0.2kW⋅h，
t=10min=1060h=16h
P=Wt=0.2kW⋅h16h=1.2kW=1200W。
故答案为：50.4；1200。
(1)电能表最后一位示数是小数位，由图示电能表读出月初与月末电能表的示数，月末与月初电能表示数之差是本月消耗的电能，然后求出需要交纳的电费；
(2)2000r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2000转，据此求出10min内消耗的电能，再根据P=Wt求出该电能表上用电器的总功率。
本题考查了消耗电能、电费和电功率的计算，关键是电能表参数含义的理解与掌握。
17.【答案】加热 210
【解析】解：由图可知，当开关S闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，养生壶处于保温挡；
当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，养生壶处于加热挡；
养生壶加热挡的电功率：P加热=U2R1=(220V)244Ω=1100W；
壶内1kg的养生茶从20℃加热至75℃吸收的热量：Q吸=c茶m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(75℃-20℃)=2.31×105J，
不计热量损失，养生壶消耗的电能：W=Q吸=2.31×105J，
由P=Wt可知，加热所需的时间：t'=WP加热=2.31×105J1100W=210s。
故答案为：加热；210。
(1)由图可知，当开关S闭合、S2断开时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，根据串联电路的特点和P=U2R可知养生壶加热挡和保温挡的电路连接，根据P=U2R可求出加热挡的电功率；
(2)根据Q吸=cm(t-t0)求出养生茶吸收的热量，不计热量损失，消耗的电能等于水吸收的热量，根据P=Wt求出加热所需的时间。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及吸热公式的应用，是一道电热综合题，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
18.【答案】解：根据平面镜成像的特点，先作出物体AB的端点A、B在平面镜中的对称点A'、B'，连接A'、B'点即为物体AB在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：

【解析】平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等，即像与物关于平面镜对称。
在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
19.【答案】U形管两边液面的高度差 增大 密度 h1h2ρ水
【解析】解：(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)如图乙、丙所示，将金属盒浸没于水中，发现随着金属盒没入水中的深度不断增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，由此可知液体内部的压强与深度有关，同种液体的压强随深度的增加而增大；
(3)比较丙、丁两次实验，金属盒所处液体深度相同，在盐水中U形管两边液面的高度差大，可得出：当液体深度相同时，液体的压强与液体密度有关；
(4)图乙中橡皮膜水平，则内外所受压强相等，即p水=p盐水，所以ρ水gh1=ρ盐水gh2，故ρ盐水=h1h2ρ水。
故答案为：(1)U形管两边液面的高度差；(2)增大；(3)密度；(4)h1h2ρ水。
(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)(3)液体压强大小跟液体深度和密度有关。探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟密度时，控制深度不变，改变密度的大小；
(4)利用等压强求密度。
此题主要考查的是学生对液体压强的影响因素实验的理解和掌握，要了解压强计的构造与原理，并能学会观察压强计来判断压强的大小，是解答本题的关键。
20.【答案】滑动变阻器处断路 左 0.6
【解析】解：(1)原电路图中，灯泡和电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“测量小灯泡电功率”的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)若小灯泡断路，电压表串联入电路中，电压有示数，电流表无示数，实验现象不相符；
若小灯泡短路，电压表无示数，但电流表有示数，实验现象不相符；
若滑动变阻器处断路，整个电路断路，则小灯泡不发光，电流表无示数，电压表无示数，与实验现象相符；
故电路中发生的故障可能是滑动变阻器处断路；
(3)实验中，同学们看到电压表示数为1.8V，小于灯泡额定电压2.5V，要使灯泡L正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向左端移动片；
由图甲可知，电流表选用小量程；当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.24A，则小灯泡额定功率为：
P=UI=2.5V×0.24A=0.6W。
故答案为：(1)见解答图；(2)滑动变阻器处断路；(3)左；0.6。
(1)在“测量小灯泡电功率”的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；
(2)改接正确后进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表无示数，说明电路断路，据此分析；
(3)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据图甲确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查了电路连接、电路故障、电流表读数和功率的计算等知识。
21.【答案】解：受力物体是水平地面，作用点在水平地面上，方向垂直水平地面向下，如图所示：

【解析】根据压力的作用点在接触面上确定压力的作用点，然后根据压力的方向与接触面垂直，再过作用点表示出压力的方向。
知道压力与接触面垂直，会用力的示意图表示力的作用点和方向。
22.【答案】解：(1)由v=st可得，电动汽车以72km/h匀速行驶0.5h通过的路程：
s=vt=72km/h×0.5h=36km=36000m；
(2)车静止在水平地面上时对地面的压力：
F=G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N，
则车静止在水平地面上时对地面的压强：
p=FS=1.6×104N4×0.05m2=8×104Pa；
(3)因为电动车在水平公路上做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，电动车的牵引力：
F牵=f=0.2G=0.2×1.6×104N=3.2×103N，
牵引力做功：
W=F牵s=3.2×103N×36000m=1.152×108J。
(4)从节能环保的角度，纯电动汽车与传统燃油汽车污染小，高效率、噪声低等优点；
缺点：电池成本较高，电池的能量密度较低，充电后的行驶里程较短等问题。
答：(1)电动汽车以72km/h匀速行驶0.5h通过的路程大小为36000m。
(2)每个轮胎与地面的接触面积为0.05m2，电动汽车静止时对地面的压强大小为8×104Pa。
(3)牵引力做功的大小为1.152×108J。
(4)从节能环保的角度，纯电动汽车与传统燃油汽车污染小，高效率、噪声低等优点；
缺点：电池成本较高，电池的能量密度较低，充电后的行驶里程较短等问题。
【解析】(1)根据s=vt得到电动汽车以72km/h匀速行驶0.5h通过的路程；
(2)静止在水平地面上时对地面的压力等于车的重力，受力面积为4个轮胎和地面的接触面积之和，根据p=FS求出静止在水平地面上时对地面的压强。
(3)根据F牵=0.2G求车受到的牵引力；由于车在水平公路上匀速行驶，车受到的牵引力和阻是一对平衡力，根据W=Fs可求得牵引力做功的大小；
(4)从节能环保的角度，纯电动汽车与传统燃油汽车污染小，高效率、噪声低等优点；
缺点：电池成本较高，电池的能量密度较低，充电时间长、充电后的行驶里程较短等问题。
本题考查二力平衡条件、速度公式、压强定义式和重力公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
23.【答案】解：(1)灯泡L上标有“5V2.5W”字样，灯泡正常发光时的电阻：RL=UL2PL=(5V)22.5W=10Ω；
(2)闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知此时通过电路的电流为0.3A，灯泡的实际功率为0.9W，1min内灯泡L消耗的电能：W=Pt=0.9W×60s=54J；
(3)滑片P在b端时，灯泡两端的电压：UL1=P1I1=，
串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压：U=UL1+I1R=3V+0.3A×R------①，
滑动变阻器的滑片位于中点时，由图乙可知通过电路的电流为0.4A，此时灯泡的实际功率为1.6W，灯泡两端的电压：UL2=P2I2=，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压：U=UL2+I2×12R=4V+0.4A×12R------②，
①②联立可得：R=10Ω，U=6V；
(4)灯泡正常发光时的电流；IL=PLUL=2.5W5V=0.5A，
根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时的电流为通过电路的最大电流，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，
根据欧姆定律可得此时电路总电阻：R0=UIL=6V0.5A=12Ω，
根据串联电路电阻规律可得滑动变阻器接入电路的最小阻值：R'=R0-RL=12Ω-10Ω=2Ω。
答：(1)灯泡L正常发光时的电阻为10Ω；
(2)滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能为54J；
(3)电源电压为6V；
(4)在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为2Ω。
【解析】(1)灯泡L上标有“5V2.5W”字样，根据R=U2P计算灯泡正常发光时的电阻；
(2)闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知此时通过电路的电流和灯泡的实际功率，根据电功公式计算1min内灯泡L消耗的电能；
(3)根据电功率公式计算滑片P在b端时灯泡两端的电压，根据串联电路电流特点、串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，由乙图可知滑动变阻器的滑片位于中点时通过电路的电流和此时灯泡的实际功率，根据电功率公式计算灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压，电源电压不变，解方程可得滑动变阻器的阻值和电源电压；
(4)根据电功率公式计算灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流特点确定通过电路的最大电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律计算电路总电阻，进一步解得滑动变阻器接入电路的最小阻值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用。