2024年深圳市九年级中考物理模拟练习卷（解析版）

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1．“五一”假期小明一家到丽江边游玩。妈妈拍照时，小明正在欣赏美景：
对岸树木的倒“影”、水中的鱼“影”……，此时地面上留下了他的身“影”。
关于“影”的形成原理，下列说法正确的是（ ）

A．妈妈的摄“影”——光的直线传播B．树木的倒“影”——光的反射
C．水中的鱼“影”——光的反射D．小明的身“影”——光的折射
【答案】B
【详解】A．妈妈的摄“影”，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故A错误；
B．树木的倒“影”，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B正确；
C．水中的鱼“影”，是由鱼反射的光线从水中斜射入空气时发生折射形成的虚像，故C错误；
D．小明的身“影”，是由光的直线传播形成的，故D错误。
故选B。
2．如图所示的四种发电方式中，利用不可再生能源发电的是（ ）
A． 光伏发电B． 风力发电
C． 水力发电D． 核能发电
【答案】D
【详解】ABC．光能、风能、水能可以源源不断地从自然界获得，是可再生能源，光伏发电、风力发电、水力发电都是利用可再生能源发电的，故ABC不符合题意；
D．核能不能从自然界源源不断获得，也不能重复利用，是不可再生能源，则核能发电是利用不可再生能源发电的，故D符合题意。
故选D。
“多彩贵州”中国历史名城赛龙舟文化节在镇远举行，比赛场景如图所示。
下列说法正确的是（ ）

A．鼓手敲击鼓面越快，鼓声的响度越大
B．选手听到鼓声齐心划船，说明声波能传递能量
C．鼓声的响度越大，鼓声在空气中传播的速度也越大
D．选手能从现场各种声音中分辨出鼓声，是通过音色来辨别的
【答案】D
【详解】A．鼓面的振动幅度大，鼓声的响度大，响度与敲击鼓面的快慢无关，故A错误；
B．选手听到鼓声齐心划船，这一现象说明声波能传递信息，故B错误；
C．声音的传播速度与传音介质和温度有关，与发声体响度无关，故C错误；
D．音色是由发声体本身决定的一个特性，选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的，故D正确。
故选D。
4. 下面关于书上的四幅图，说法错误的是（ ）
A. 如甲图，A管中水面上升，是因为A管上方流速大的位置压强小
B. 如乙图，把气压计从山下移到山顶，管内的水柱上升
C. 如丙图，人用吸管喝饮料，利用了大气压的作用
D. 如丁图，家中的盆景自动供水装置，应用了连通器的原理
【答案】D
【解析】
【详解】A．如甲图，当对B管吹气时，因为流体中流速越大的位置压强越小，导致A管上方的气压小于外界大气压，管中水面上升，故A正确，不符合题意；
B．乙图中，把气压计从山下带到山上，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故B正确，不符合题意；
C．如丙图，人用吸管喝饮料，管内气压小于外界大气压，饮料被大气压压上去，故C正确，不符合题意；
D．连通器的原理是两个开口的容器底部相通，当内装同种液体且不流动时，两侧的液面位于同一水平面。丁图中，盆景中的水位能保持一定高度，是因为水面低于瓶口时，空气进入瓶中，水流出，当瓶口浸没时，是大气压支撑瓶中的水不流出来，不是利用了连通器原理，故D错误，符合题意。
故选D。
5 . 第24届冬季奥运会在北京举行，如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，
下列说法中正确的是（ ）
A．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变
B．冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
C．冰球在水平冰面滑动过程中，机械能保持不变
D．短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变
【答案】B
【详解】A．台滑雪运动员在空中下落的过程中，质量不变、高度减小，其重力势能减小，故A错误；
B．冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性要保持原来的运动状态，故B正确；
C．击打出的冰球在水平地面减速滑动的过程中，由于克服摩擦做功，冰球的一部分机械能转化为内能，冰球的机械能减小，故C错误；
D．短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动方向发生改变，所以其运动状态发生改变，故D错误。
故选B。
如图，两个滑轮组，提升一个重为17N的物体A（每个滑轮重相同），
使物体A在2s内拉升了20cm，拉力如图所示，下列说法正确的是（ ）

A．甲中，绳端移动的距离为60cmB．乙中，拉力的功率为1.7W
C．甲中，动滑轮由两根绳子吊着D．乙中，动滑轮的重力为2N
【答案】A
【详解】AC．从甲图可以看到，在动滑轮与定滑轮的中间画一条虚线，虚线往下，有三条绳子吊着动滑轮，即甲中，动滑轮由三根绳子吊着，故C错误；再由题意可知，物体A在2s内拉升了20cm，三条绳子吊着动滑轮，则甲图中的绳端移动的距离是物体A上升的高度三倍，即
甲中，绳端移动的距离为60cm，故A正确；
B．从乙图可以看到，绳端的拉力是9N，两条绳子托着动滑轮，则乙图中的绳端移动的距离是物体A上升的高度两倍，即
相同的时间2s，那么乙图中绳端移动的速度
根据可知，乙中拉力的功率
乙中拉力的功率是1.8W；故B错误；
D．从乙图可以看到，绳端的拉力是9N，两条绳子托着动滑轮，设动滑轮的重力，物体A的重力是17N，则
代入数据可得
解得
乙中，动滑轮的重力为1N；故D错误。
故选A。
如图甲所示是某天然气监测仪的电路原理图，已知电源电压恒为3V，为阻值5Ω的定值电阻，
气敏电阻阻值与天然气含量指数的关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）

A. 的阻值随天然气含量指数的增大而减小
B. 天然气含量指数越大，电压表的示数越小
C. 当天然气含量指数为25时，电压表示数为1V
D. 当电压表示数2V时，天然气泄漏等级为安全
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图乙知，气敏电阻R的阻值随天然气含量指数增大而增大，故A错误；
B．由电路图可知，定值电阻R0和气敏电阻R串联，电压表测气敏电阻两端的电压。由图乙可知，当天然气含量指数越大时，气敏电阻R的阻值越大，电路的总电阻越大，电源电压恒定，由欧姆定律可知，电路中电流越小，定值电阻两端的电压越小，气敏电阻两端的电压越大，即电压表示数越大，故B错误；
C．当天然气含量指数为25时，由图乙可知，R的阻值为2.5Ω，此时电路中的电流
由欧姆定律可得，此时电阻R两端的电压
故C正确；
D．当电压表示数为2V时，R0两端的电压
电路中电流为
R的阻值
由图乙可知，此时天然气含量指数为100，由表格数据可知，此时天然气泄漏等级处于危险，故D错误。
故选C。
二、作图题（本大题共2小题，每小题2分，共4分）
8. 如图所示，一长方体物块沿着固定在地面上的斜面匀速下滑，
请在图中画出该物块在下滑的过程中所受到的重力和滑动摩擦力的示意图。（不计空气阻力）

【答案】
【详解】重力的方向竖直向下，滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，作用点在物体的重心，如图所示：
9. 如图所示，是一条经过平面镜的反射光线，请你在图中作出入射光线并标注入射角。

【答案】
【详解】先过入射点作垂直于镜面的法线，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线左侧画出入射光线，入射光线与法线的夹角为入射角。如图所示：
三、填空题（3小题，每空一分，共9分）
10 .在探究“凸透镜成像规律”的实验中，如图甲所示，将焦距为10 cm的凸透镜A固定在光具座上，
调整好蜡烛和光屏的位置后，光屏上恰好得到烛焰清晰的像（未画出）。

（1）图甲中凸透镜的成像特点与 （选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）的成像特点相同；
（2）保持蜡烛和透镜的位置不变，将凸透镜A换成焦距为8cm的凸透镜B，
要想在光屏上呈现烛焰清晰的像，光屏应向 （选填“左”或“右”）移动；
实验一段时间后，原来成在光屏中央的像跑到了图乙所示的位置，
下列操作可以让像重新回到光屏中央的是 。（选填序号）
①光屏下移一段距离 ②蜡烛下移一段距离 ③透镜下移一段距离
【答案】 照相机 左 ③
【详解】（1）[1]由图可知，此时物距为
u=50.0cm-20.0cm=30.0cm>2f=20cm
物距大于二倍焦距，在光屏上成倒立缩小的实像，应用是照相机。
（2）[2]保持蜡烛位置不变，将A凸透镜换成焦距为8cm的B凸透镜，焦距变小，光线会聚的点会向左移动，所以光屏应该向左移动，才能在光屏上呈现清晰的像。
（3）[3]如图乙所示，实验一段时间后，蜡烛变短，像移动到光屏的上方，要让像重新回到光屏中央，可将蜡烛向上移动、将光屏向上移动、将凸透镜向下移动，故③符合题意，故选③。
10. 2022年3月4日，王亚平，翟志刚，叶光富相互配合，给我们带来了精彩的太空课堂。
课上我们看到王亚平悬浮“站立”在太空舱中间，而相对于地球来说，
她是______（选填“运动”或者“静止”）的。当她把冰墩墩平抛出去后，
发现它沿着原有的方向匀速前进，这个现象帮我们验证了______，
在太空中看到的太阳异常耀眼，太阳源源不断的能量来源于内部发生的______。
【答案】 ①. 运动 ②. 牛顿第一定律 ③. 核聚变
【解析】
【14题详解】
[1]以地球为参照物，王亚平相对于地球的位置发生了改变，所以王亚平是运动的。
[2]“冰墩墩”水平抛出后，它并没有落地，而是沿原来的方向匀速前进，即保持原有的匀速直线运动状态，所以这一现象可以验证英国物理学家牛顿力总结的牛顿第一定律。
[3]由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，太阳内部每时每刻都在进行核聚变反应，太阳能实际上是利用太阳内部发生核聚变释放的核能。
11.在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的活动中：

将一个各个面粗糙程度都相同的长方体木块放在水平桌面上，用弹簧测力计水平向右拉动木块，
使其做匀速直线运动，如图甲所示，木块受到的滑动摩擦力为 N；
将此木块沿竖直方向切成相等的两块A和B，并把B叠放在A上，用弹簧测力计水平向右拉动A，
使A和B一起做匀速直线运动，如图乙，则弹簧测力计示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”），判断的依据是 。
【答案】 2.2 不变 压力大小和接触面粗糙程度都没有改变
【详解】（1）[1]弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个大格中有5个小格，每一个小格代表0.2N，即弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.2N。
（2）[2][3]弹簧测力计显示拉力大小，木块做匀速直线运动，滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。将此木块沿竖直方向切成相等的两块A和B，并把B叠放在A上，用弹簧测力计水平向右拉动A，使A和B一起做匀速直线运动，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，故弹簧测力计示数不变。
12．在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为3V，电源是两节新的干电池。

按照甲图正确连接电路，闭合开关，将滑片调至滑动变阻器的 端时，小灯泡正常发光，
此时电流表示数如乙图，小灯泡的额定功率是 W。
若忽略小灯泡电阻随温度的变化，当滑片调节至某位置时，电流表的示数是0.24A，
此时小灯泡的实际功率是 W。
【答案】 A 1.44 0.36
【详解】（1）[1]由题意知，电源电压为两节新干电池，即电源电压为3V，而灯泡的额定电压为3V，因此根据串联分压，当滑动变阻器阻值为零时，小灯泡正常发光，由图可知，将滑片调至滑动变阻器的A端。
[2]由图可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，因此读数为0.48A，则小灯泡的额定功率是
P额=U额I额=3V×0.48A=1.44W
（2）[3]灯泡的电阻为
此时小灯泡的实际功率是
P实=I2RL=(0.24A)2×6.25Ω=0.36W
四、实验探究题（本大题共3小题，每空一分，共17分）
13. 在探究影响滑动摩擦力大小因素的实验中，
小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。

实验时，如图甲所示，在水平桌面上用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做匀速直线运动，
此时木块所受的滑动摩擦力的大小_______（选填“大于”、“等于”或“小于”）弹簧测力计的示数。
为了验证“滑动摩擦力的大小是否跟接触面的面积有关”，
小明在上述甲实验基础上将木块沿竖直方向切去一半继续进行实验。
这种做法__________（选填“正确”或“错误”），理由是__________。
实验时，小明发现很难控制木块做匀速运动，于是，他对实验装置进行了如图丁所示的改进：
水平向左拉木板，木板相对于地面向左运动，木块A相对于地面保持静止，
此过程中木板__________（选填“需要”或“不需要”）做匀速直线运动，
木块A受到摩擦力的方向是__________。
【答案】 ①. 等于 ②. 错误 ③. 没有控制压力不变 ④. 不需要 ⑤. 水平向左
【解析】
【详解】（1）[1] 如图甲所示，在水平桌面上用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做匀速直线运动，由平衡条件可知，此时木块所受的滑动摩擦力与木块所受弹簧测力计的拉力大小相等。故此时木块所受的滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）[2] [3]这种做法不正确，在改变接触面积的同时，也改变了压力的大小，没有控制压力不变，应把切去一半叠放在另一半上进行实验。
（3）[4] [5]木块A相对于地面保持静止，水平方向受力平衡可知，它受到弹簧测力计的拉力和向左的滑动摩擦力平衡。滑动摩擦力的大小始终等于弹簧测力计的示数。此过程中木板不需要做匀速直线运动，木块A相对B向右运动，受到摩擦力的方向是水平向左。
14．在“测量定值电阻的阻值实验”中，如图甲所示，按图连接电路：

（1）实验原理是 ；连接电路时开关应 ；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片 P 应移至最 （选填“左”或“右”）端；
（3）已知滑动变阻器的最大阻值为 70 Ω，闭合开关后，移动滑片 P 从最右端到某一点时，
电流表示数和电压表示数如图乙所示，则定值电阻的阻值为 Ω，
此时滑动变阻器的接入阻值为 Ω。
【答案】 断开 右 20 10
【详解】（1）[1]实验中需要测量定值电阻两端的电压和通过定值电阻的电流来计算定值电阻的阻值，因此实验原理是。
[2]为了保护电路，连接电路时开关应处于断开状态。
（2）[3]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值处，由图可知，滑片应移至到最右端。
（3）[4][5]由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表与定值电阻并联，电流表测电路中的电流；由图乙可知，当电流为0.2A时，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，此时定值电阻两端的电压为4V，因此定值电阻的阻值为
根据欧姆定律和串联电路电压的特点可知，电源电压为
U=UR+U滑=4V+0.2A×70Ω=18V
当滑片 P 从最右端到某一点时，定值电阻两端的电压为12V，电流为0.6A，则此时滑动变阻器两端的电压为
U滑1=U-UR1=18V-12V=6V
此时滑动变阻器的接入阻值
15. 在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为10Ω）。

（1）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整________；
（2）连接完电路后将滑动变阻器阻值调至最大，闭合开关后发现小灯泡不亮，电流表有示数，
电压表无示数。发生故障的原因可能是小灯泡__________（选填“短路”或“断路”）；
（3）为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用__________；
A.“10Ω；0.5A”的滑动变阻器 B.“50Ω；0.5A”的滑动变阻器
（4）根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图丙所示），
分析图象可知：
①小灯泡的额定功率为__________W；
②实验中观察到：当小灯泡两端的电压低于0.5V时，小灯泡不发光，根据图象分析其原因是__________；
若将这只小灯泡与阻值为15Ω的定值电阻串联在电压为4.5V的电源两端，
则通过分析图丙可知这只小灯泡的实际功率为__________W；

（6）完成上述实验后，小明进行了反思，如果只有一个电表，能不能利用其他的实验器材来完成实验呢？经过思考，小明打算增加一个电阻R0，只利用一只电流表，通过下图的方案测量小灯泡的额定功率，闭合开关S、S2，断开S1,调节滑动变阻器，使小灯泡正常发光，
此时的电流为I1，闭合开关S、S1，断开S2时的电流为I2。
则小灯泡的额定功率表达式为__________（用I1、I2、R0表示）。
【答案】 ①. ②. 短路 ③. B ④. 0.625 ⑤. 灯泡的实际功率过小 ⑥. 0.3 ⑦. (I2－I1)I1R0
【解析】
【详解】（1）[1]灯泡正常发光时的电流约为
故电流表选择0~0.6A量程，所以将电流表“0.6A”接线柱与灯泡左接线柱相连，如图所示：
（2）[2]电流表有示数，说明故障是短路，电压表无示数，说明其测量对象短路，即小灯泡短路。
（3）[3]当灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压为
UP＝U－UL＝6V－2.5V＝3.5V
此时滑动变阻器两端的阻值为
所以“10Ω；0.5A”的滑动变阻器无法满足实验要求，应选择“50Ω；0.5A”的滑动变阻器。
故选B。
（4）①[4]由图丙可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，故灯泡的额定功率为
P额＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W
②[5]小灯泡的亮度与实际功率有关，由图丙可知，当小灯泡两端的电压低于0.5V时，实际功率很小，灯泡不发光。
（5）[6]如图丙，当电流为0.2A时，小灯泡两端的电压为UL'＝1.5V，定值电阻两端的电压为
UR＝IR＝0.2A×15Ω＝3V
此时电源电压为
U＝UL'＋UR＝1.5V＋3V＝4.5V
符合题意，此时这只小灯泡的实际功率为
P＝UL'I＝1.5V×0.2A＝0.3W
（6）[7]如图，灯泡与R0并联，闭合开关S、S2，断开S1时电流表测量通过R0的电流，灯泡的的电压等于R0两端电压，即
UL''＝I1R0
闭合开关S、S1，断开S2时电流表测量干路电流，故灯泡的额定电流为
IL'＝I2－I1
故小灯泡的额定功率为
PL＝UL''IL'＝(I2－I1)I1R0
五、计算题（本大题共2小题，16题7分，17题7分，共14分）
16．如图所示，有一辆总重为的汽车，经过一段水平路面后，
发动机再以的恒定功率匀速爬上长、高的斜坡，用时。在此过程中求：
（1）汽车爬坡时的速度；
（2）克服重力所做的功；
（3）汽车发动机牵引力做的功。

【答案】（1）；（2）；（3）
【详解】解：（1）汽车爬坡时的速度为
（2）克服重力所做的功为
（3）汽车发动机牵引力做的功为
答：（1）汽车爬坡时的速度为；
（2）克服重力所做的功为；
（3）汽车发动机牵引力做的功为。
17 .如图所示，电源两端电压U为6V并保持不变，电阻R1阻值为10Ω．
闭合开关S后，电流表A的示数I为0.9A．

求： （1）电流表A1的示数I1；
（2）电阻R2的阻值；
（3）电路消耗的电功率P．
【答案】（1）0.6A（2）20Ω（3）5.4W
【详解】（1）由图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测通过电阻R1的电流；
根据并联电路各支路两端的电压相等可知：U1＝U2＝U＝6V；
通过电阻R1的电流为：I1＝＝＝0.6A，即电流表A1的示数为0.6A；
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过电阻R2的电流：I2＝I﹣I1＝0.9A﹣0.6A＝0.3A；
根据I＝可得R2的阻值： R2＝＝＝20Ω；
（3）电路消耗的电功率：P＝UI＝6V×0.9A＝5.4W．
六、综合能力题（本大题共2小题，每空一分，共12分）
18．日长征五号B运载火箭携带中国空间站“天和”核心舱点火在从海南文昌发射场发射升空（图甲）！长征五号B二火箭发射空间站核心舱是长征五号B火箭的首次应用性发射，也是空间站建造的开局之战，将全面吹响我国打造载人空间站的集结号。核心舱命名为“天和”（图乙），全长16.6米，最大直径4.2米，发射质量22.5吨，可支持3名航天员长期在轨驻留，是我国目前研制的最大航天器。中国空间站将建在距离地面约400公里的近地轨道，核心舱是有自己的轨道的，在自己轨道上运行的速度约每秒7.5公里。
长征五号B运载火箭升空时升空时，以火箭为参照物，
地面是 （选填：“运动”或“静止”），
两侧冒出的白色气团是水蒸气 而成的（填物态变化）；
核心舱在太空中主要靠太阳能来维持运转，
太阳能是 （选填：“可再生”或“不可再生”）能源。
地面控制站对核心舱发射频率为1.5×109Hz的电磁波实施控制，
则该电磁波的波长要比无线电波（频率约为108Hz）的波长要 （选填：“长”或“短”）一些；
若火箭将核心舱以5km/s的平均速度送到预定轨道，每秒种消耗燃料2000升，
则共需要燃料 吨才能完成运载任务（燃料密度约0.8×103kg/m3）；
若核心舱运行轨道平面与赤道平面重合，轨道周期和地球在惯性空间中的自转方向一致，
则核心舱绕地球转一周大约需要 秒。（地球半径约6400km，圆周率π≈3）
【答案】 运动 液化 可再生 短 128 5440
【详解】（1）[1]以火箭为参照物，地面的位置不断发生变化，因此地面是运动的。
[2]白色气团实质上是液态的小水滴，是高温水蒸气遇冷液化形成的。
（2）[3]太阳能可以从大自然源源不断的获得，因此是可再生能源。
（3）[4]根据c=λf可知，电磁波传播的速度一定，波长和频率成反比，因为1.5×109Hz的电磁波比无线电波（频率约为108Hz）的频率大，所以波长要短。
（4）[5]由题意知，中国空间站建在距离地面约400公里的近地轨道，因此火箭将核心舱以5km/s的平均速度送到预定轨道需要的时间
每秒种消耗燃料2000升，则需要消耗燃料的体积
V=80s×2000L/s=1.6×105L=160m3
则燃料的质量
m=ρV=0.8×103kg/m3×160m3=128×103kg=128t
（4）[6]由题意可知，核心舱绕地球转一周的周长
l=2π(r+h)=2×3×(6400km+400km)=40800km
核心舱运行的速度约每秒7.5公里，则核心舱绕地球转一周的时间
19. 阅读短文并回答下列问题：
滑雪
如图所示，当滑雪者从雪山顶峰风驰电掣般下滑时，你是否想到为什么白雪轻飘飘、软绵绵的，却可以承托高速奔驰的滑雪者呢？
白雪内有很多小孔，小孔内充满空气。踏着滑雪板的人压在滑雪板上时，雪内的空气就会被逼出；因此，滑雪板不是与雪地直接接触，而是在一层气垫上滑行。这层气垫不但对滑雪板施加一个向上的托力，并且减小了雪地与滑雪板之间的摩擦。然而，这层气垫只能维持一段很短的时间。如果滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去。
（1）踏着滑雪板时不容易陷入雪地里是因为滑雪板能够增大 从而使雪地受到的压强 ；
（2）滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力方向 （选填“垂直于雪坡”或“竖直”）向下；
（3）若滑雪板的长1.5m、宽12cm，滑雪者的速度最小为 m/s，他才能不会在雪地上下沉。
若滑雪者与滑雪板总重为720N，当其站立在水平雪地上时，滑雪板对雪地的压强为 Pa；
空中技巧比赛中，运动员在空中能做出各种高难动作。如果不考虑空气阻力，
运动员在空中翻滚时只受到 作用。

【答案】 受力面积 减小 竖直 1.5 2000 重力
【详解】（1）[1][2]根据知，在压力一定时，踏滑雪板，增大了受力面积，从而减小了对雪地的压强。
（2）[3]滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力方向竖直向下的。
（3）[4][5]因为滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去，所以滑雪者必须在1秒内至少通过1.5m，所以滑雪者的速度最小为
两个滑雪板的面积
S=1.5m×0.12m×2=0.36m2
滑雪板对雪地的压力
F=G=720N
滑雪板对雪地的压强
（4）[6]不考虑空气阻力，运动员翻滚时只受重力作用。
天然气含量指数
0~50
51~99
100及以上
天然气泄漏等级
安全
轻微泄漏
危险