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数学:海南省部分学校2024届高三下学期高考考前押题(二)试题(解析版)
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这是一份数学:海南省部分学校2024届高三下学期高考考前押题(二)试题(解析版),共16页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
第I卷(选择题)
一、单选题
1. 有一组样本数据:15,16,11,11,14,20,11,13,13,24,13,18,则这组样本数据的上四分位数是( )
A. 11B. 13C. 16D. 17
【答案】D
【解析】将样本数据由小到大排列依次为:11,11,11,13,13,13,14,15,16,18,20,24,
因为,所以这组数据的上四分位数为.
故选:D.
2. 已知复数z满足,则( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】因为,所以,
则,则
故选:B
3. 已知向量,则( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】,
所以,
故选:B
4. 已知的二项式系数之和为64,则其展开式的常数项为( )
A. B. 240C. 60D.
【答案】B
【解析】由题意可知:二项式系数之和为,可得,
其展开式的通项为,
令,解得,
所以其展开式的常数项为.
故选:B.
5. 设为数列的前项和,若,则( )
A. 4B. 8C. D.
【答案】B
【解析】当时,,所以,
整理得,所以.
故选:B.
6. 已知椭圆的右焦点为,短轴长为,点在椭圆上,若的最大值是最小值的3倍,则椭圆的焦距为( )
A. 3B. 4C. 1D. 2
【答案】D
【解析】依题意,椭圆短轴长为,得,则,
又的最大值是最小值的3倍,即,
所以,所以,则其焦距为.
故选:D
7. 已知函数为定义在上的函数的导函数,为奇函数,为偶函数,且,则下列说法不正确的是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】因为为奇函数,所以,①
因为为偶函数,所以,②
对①两边求导可得,即,③
对②两边求导可得,即,④
对于A项,将代入②可得,故A项正确;
对于B项,将代入④可得,故B项正确;
对于C项,将代入④可得,将代入③可得,所以,故C项错误;
对于D项,由③可得,即,⑤
所以由④⑤可得,⑥
所以由⑥可得,即,⑦
由⑦可得,⑧
所以由⑦⑧可得,故8是的一个周期.
所以,
将代入④可得,即,
由C项知,,
将代入⑦可得,即,
所以
,故D项正确.
故选:C.
8. 已知函数,若
,则a,b,c大小关系为( )
A B.
C. D.
【答案】D
【解析】因为,
则,
则关于直线对称,
当时,,
根据复合函数单调性知上单调递减,
且在上也单调递减,
则在上单调递减,再结合其对称性知在上单调递增.
令,则,,
所以在上单调递增,且,所以即.
令,则,
设,,
所以单调递减且,因此,
所以单调递减且,所以,即.
由得,所以.
又因为,且,
所以.
设,,则,
则在上单调递增,则,
即,即在上恒成立,
即,所以.
所以,则,
故,而,
即.
故选:D.
二、多选题
9. 已知(,,)的部分图象如图所示,则( )
A.
B. 的最小正周期为
C. 在内有3个极值点
D. 在区间上的最大值为
【答案】ABD
【解析】对于AB,根据函数的部分图象知,,
,,故AB正确,
对于C,由五点法画图知,,解得,
由于,所以,
.
令,则,
时,,时,,
当时,,当时,,当时,,
故在内有2个极值点,分别为,,故C错误,
对于D,,可得:,
故当此时取最大值,故D正确.
故选:ABD.
10. 已知正实数,且为自然数,则满足恒成立的可以是( )
A. B.
C. D.
【答案】BC
【解析】因为正实数,且为自然数,
所以,
则恒成立,即恒成立,
两边同乘,则,
而,
,
当且仅当,即时,等号成立,
若恒成立,则恒成立,
A当时,,不成立;
B.当时,,成立;
C.当时,,成立;
D.当时,,不成立,
故选:BC
11. 正方体中,,P在正方形内(包括边界),下列结论正确的有( )
A. 若,则P点轨迹的长度为
B. 三棱锥外接球体积的最小值是
C. 若Q为正方形的中心,则周长的最小值为
D.
【答案】BCD
【解析】因为,且,,所以,
取,的中点E,F,则,所以P点轨迹为圆弧EF,
因为,所以,A不正确;
由球的性质知,三棱锥外接球的球心在过外接圆圆心的垂线上,
的外接圆的圆心为的中点,且半径为,
当外接球半径最小时,的外接圆是球的大圆,
所以球半径R最小值为,外接球体积最小值是,B正确;
设Q关于平面的对称点为,
则,
又,所以的周长,C正确;
分别以所在的直线为轴,轴,轴,建立如图所示空间直角坐标系,
则,,,,设,
则,,,,
所以
,
,
,
所以
.
D正确.
故选:BCD
第II卷(非选择题)
三、填空题
12. 已知集合,,若,则______.
【答案】3
【解析】集合,,由,得,又,
因此,所以.
故答案为:3
13. 某校高三年级举行演讲比赛,共有5名选手参加.若这5名选手甲、乙、丙、丁、戊通过抽签来决定上场顺序,则甲、乙两位选手上场顺序不相邻的概率为_________.
【答案】
【解析】由题意,
若甲第一个上场,乙则可以第3,4,5个上场,有种,
若甲第二个上场,乙则可以第4,5个上场,有种,
若甲第三个上场,乙则可以第1,5个上场,有种,
若甲第四个上场,乙则可以第1,2个上场,有种,
若甲第五个上场,乙则可以第1,2,3个上场,有种,
共有种,
而所有的上场顺序有种,
∴甲、乙两位选手上场顺序不相邻的概率:,
故答案为:.
14. 已知,若,均有不等式恒成立,则实数的取值范围为_____________.
【答案】
【解析】由题意知,,得
则,
令,则,即,得,
所以,,
又函数在R上单调递增,
所以函数在R上单调递增,且,
所以单调递减,单调递增,
故,
因为恒成立,即不等式在R上恒成立,
由,得,解得,
即实数n的取值范围为.
故答案为:
四、解答题
15. 已知函数.
(1)若,求曲线在处的切线方程;
(2)若,求实数的取值范围.
解:(1) ,
因此,而,
故所求切线方程为,即;
(2)依题意,,故对任意恒成立.
令,则,
令,解得.
故当时,单调递增;
当时,单调递减,
则当时,取到极大值,也是最大值2.
故实数的取值范围为.
16. 某校组织建国75周年知识竞赛,在决赛环节,每名参赛选手从答题箱内随机一次性抽取2个标签.已知答题箱内放着写有类题目的标签4个,类题目的标签4个,类题目的标签2个,每个标签上写有一道不同的题目,且标签的其他特征完全相同.
(1)求选手抽取的2个标签上的题目类型不相同的概率;
(2)设抽取到写有类题目的标签的个数为,求的分布列和数学期望.
解:(1)所求概率为;
(2)的取值可能为0,1,2,
,,,
所以的分布列为
数学期望.
17. 如图,在四棱柱中,底面是矩形,,,,.
(1)证明:平面平面;
(2)若三棱锥的体积为,求二面角的正弦值.
(1)证明;因为四边形为矩形,所以,
又,,,平面,
所以平面,又因为平面,
所以平面平面;
(2)解:因为,,,所以,
因为,
即,
所以,即,
由(1)可知,,,两两互相垂直,
以为原点,以直线,,分别为轴,轴,轴,建立如图所示空间直角坐标系,
则,,,,
,,,
设平面的一个法向量,
则,取,则,
设平面的一个法向量,
则,取,则,
于是,
故二面角的正弦值为.
18. 已知椭圆的焦距为2,两个焦点与短轴一个顶点构成等边三角形.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)设,过点的两条直线和分别交椭圆于点和点(和.不重合),直线和的斜率分别为和.若,判断是否为定值,若是,求出该值;若否,说明理由.
解:(1)由题焦距,解得,
由两个焦点与短轴一个顶点构成等边三角形可知,则,
所以,所以椭圆的标准方程为.
(2)是定值.
已知,设,
直线的方程为,即,
代入并整理,得,
,
.,
三点共线,且与同向,
,
同理可得
,化简得,
,
所以为定值0.
19. 设数列,如果A中各项按一定顺序进行一个排列,就得到一个有序数组.若有序数组满足恒成立,则称为n阶减距数组;若有序数组满足恒成立,则称为n阶非减距数组.
(1)已知数列,请直接写出该数列中的数组成的所有4阶减距数组;
(2)设是数列的一个有序数组,若为n阶非减距数组,且为阶非减距数组,请直接写出4个满足上述条件的有序数组;
(3)已知等比数列的公比为q,证明:当时,为n阶非减距数组.
(1)解:4阶减距数组有:.
(2)解:满足条件的有序数组:
(3)证明:设,要证为阶非减距数组,
需证明恒成立,
即证,
需证即
需证即证.
当时,因为,则,,
所以;
当时,因为,则,,
所以;
综上:当时,为n阶非减距数组.
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