2024年山东省日照市经开区中考物理二模试卷（含解析）

这是一份2024年山东省日照市经开区中考物理二模试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.物理学是一门以观察和实验为基础的学科。下列关于生活中一些物理量的估测，最符合实际的是( )
A. 一支粉笔的长度约10cmB. 中学生戴的眼镜重约10N
C. 人体感觉最舒适的环境温度约37℃D. 智能手机待机功率约100W
2.沙画是将沙子撒在平板灯台上做出各种造型的艺术，灯台下方射出的光被沙子阻挡后，呈现出各种画面(如图所示)。下列光现象，与沙画的光学原理相同的是( )
A. 小孔成像
B. 水中倒影
C. 海市蜃楼
D. 空中彩虹
3.下列说法中正确的是( )
A. 汽车散失的热量不能收集起来再利用，不能说明能量的转化具有方向性
B. 夏天城市温度高，环卫车洒水降温，是利用了水的比热容大的特点
C. 饭菜做熟后香味飘满整个厨房，这是因为分子在不停地做无规则运动
D. 在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为柴油和空气混合物的内能
4.撑竿跳高是世界田径运动比赛项目的一种，比赛时，运动员手握弹性极强的玻璃纤维竿，通过助跑、压弯撑竿起跳。如图所示，忽略空气阻力，运动员被撑竿弹起加速上升的过程中，下列说法正确的是( )
A. 运动员受到的弹力是由手臂弹性形变产生的
B. 运动员能高高跃起，说明力可以改变物体的形状
C. 运动员上升到最高处时受力平衡
D. 撑竿的弹性势能转化为运动员的动能和重力势能
5.下列对物理量之间的关系判断正确的是( )
A. 响度：b>a
B. 熔点：甲>乙
C. 速度：v②>v①
D. 密度：ρ甲>ρ乙
6.图甲是我们使用电脑时常会用到的光电鼠标，光电鼠标的原理是利用发光二极管的光照射鼠标垫(如图乙)，反射后经凸透镜再进入鼠标的光学感应器(相当于光屏)，用来记录移动动作，以此捕捉移动位置的不同画面。图中光学感应器、凸透镜、发光二极管等元件固定在鼠标内。下列说法正确的是( )
A. 当发光二极管发出的光照射在粗糙的鼠标垫上时会发生镜面反射
B. 若成像透镜距鼠标垫7mm，光学感应器距成像透镜3mm，则在光学感应器上所成的像是倒立、放大的实像
C. 将鼠标离开鼠标垫一定高度悬空时，像成在光学感应器的下方
D. 将鼠标离开鼠标垫一定高度悬空所成的像变大
7.电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，直接通过“刷身份证”即可顺利进站。乘客进站时将身份证靠近检验口，机器感应电路中就会产生电流，从而识别乘客身份。图中能说明这一原理的是( )
A. B.
C. D.
8.成人体液总量占体重的60%左右，体液的主要成分是水和电解质，因此容易导电，而体内脂肪则不容易导电，我们可以用某型号脂肪测量仪(如图甲所示)来测量脂肪率，脂肪测量仪根据人体电阻的大小来判断脂肪所占比例，模拟电路如图乙所示，电源电压不变。测量时，闭合开关S，测试者两手分别握住两手柄M、N，则下列说法正确的是( )
A. 体型相近的两人相比，脂肪含量高者对应的电流表示数较小，电压表示数较小
B. 测量时电子从N经过身体流向M形成电流
C. 体型相近的两人相比脂肪含量高者对应的电路中的功率大
D. 当M、N间电阻逐渐增大时，电压表示数和电流表示数之比不变
二、多选题：本大题共4小题，共16分。
9.如图所示，质量为70kg的工人通过滑轮组用100N的竖直拉力在4s内将重为150N的重物匀速提升2m。已知工人双脚与水平地面的接触面积为400cm2(g取/10N/kg，不计绳重和摩擦)，下列说法不正确的是( )
A. 工人所做的功为200J
B. 动滑轮重50N
C. 工人对水平地面的压强为1.75×104Pa
D. 该滑轮组的机械效率为75%
10.2024年1月17日22时27分，搭载天舟七号货运飞船的长征七号遥八运载火箭，在我国文昌航天发射场点火发射，约10分钟后，飞船与火箭成功分离并进入预定轨道，之后飞船太阳能帆板顺利展开，发射取得圆满成功。约3小时后，天舟七号货运飞船成功对接中国空间站，转入组合体阶段。天舟七号此次运送的物资主要是航天员的生活物资，其中新鲜水果近90千克，航天员们在空间站畅吃新鲜果蔬的愿望得到了满足。下列说法正确的是( )
A. 当天舟七号货运飞船的太阳能帆板打开时，会把太阳能转化为电能
B. 在组合体飞行段，以天和核心舱为参照物，天舟七号是静止的
C. 水果从地面经天舟七号运送到天和核心舱，质量会变得很小
D. 天舟七号货运飞船和地面航天飞行控制中心是通过电磁波联系的
11.关于下面四幅图，下列说法正确的是( )
A. 图甲：蛟龙号潜水器在海水中下潜的过程中，受到的海水压强不变
B. 图乙：活塞式抽水机利用大气压来工作
C. 图丙：把自制水气压计从山脚移到山顶，细玻璃管内水柱升高
D. 图丁：对b吹气，a管水面上升是因为流速越大的位置压强越大
12.如图甲是小明设计的车速提示电路，R为定值电阻，R1的阻值随车速的变化而改变。当电压表的示数达到某一数值时提醒驾驶员车速过快，需要减速。图乙是R1的阻值与车速关系的图像。图丙是车速从0加速到100km/h，R1的电功率随电流变化的图像。关于车速提示电路，下列说法正确的是( )
A. 车速从0加速到100km/h，R1的最大阻值为50Ω
B. R的阻值为10Ω
C. 电源电压为10V
D. 车速从0加速到100km/h，电路中的最大功率为7.2W
三、填空题：本大题共2小题，共8分。
13.夏季夜晚，紧闭门窗，开启卧室空调，由于室内外温差大，第二天早晨，窗玻璃上常常会出现一层水雾，水雾是在玻璃______侧(选填“室内”或“室外”)，是水蒸气______(填物态变化名称)形成的。
14.华为某款手机(如图)搭载麒麟9000s芯片处理器，该芯片的制造材料是一种导电性介于导体和绝缘体之间的材料，该材料属于______(选填“半导体”或“超导体”)。该手机还有“无线反向充电”技术，当它给另一部手机充电时，它相当于电路中的______。
四、作图题：本大题共2小题，共6分。
15.在自动化生产线上，常用传送带传送工件。如图所示，一个工件随传送带水平向左做匀速直线运动，不计空气阻力，请在图中画出工件所受力的示意图。
16.鞋店的“试鞋镜”高度比较低，为了让顾客看到穿上新鞋的效果，试鞋镜一般倾斜放置。请画出图中眼睛A看到鞋上S点在平面镜中的像S′的光路图。
五、实验探究题：本大题共3小题，共23分。
17.如图所示，一轻质杠杆在水平位置平衡，其中OB=4OA，物体C重为100N，则动力F= ______N，这是______杠杆。
18.小明用天平和量筒测量某种饮料的密度。

(1)小明将天平放置在______桌面上，然后调节天平平衡，如图甲所示，其错误之处是______。
(2)如图乙所示，测得烧杯和饮料的总质量为______g，向量筒中倒入部分饮料，如图丙所示，量筒中饮料的体积为______mL，用天平测得烧杯和剩余饮料的总质量为40g，则饮料的密度为______kg/m3。
(3)若将饮料倒入量筒时，不慎将少量饮料溅在量筒外面，则饮料密度的测量值比真实值______(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
(4)若实验时不小心将量筒打碎，则只用天平也能测出饮料的密度。经过思考，小明设计了如下实验步骤：
①用调好的天平测出空烧杯的质量为m0；
②向烧杯中加适量的水并用记号笔在水面处作一个标记，用天平测出烧杯和水的总质量为m1；
③将水全部倒出，并用干抹布擦干，向烧杯中加入饮料至______处，用天平测出烧杯和饮料的总质量为m2；
④则饮料的密度表达式ρ= ______。(用已知量和测量量的符号表示)
19.小西利用4节新干电池，阻值分别为10Ω、20Ω、25Ω、30Ω、40Ω、50Ω的定值电阻，铭牌上标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器等实验器材，探究电流与电阻的关系。

(1)小西连接好图甲所示的电路，检查时发现电路中有一处连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确。
(2)连接好电路后，闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，此时电路的故障可能是定值电阻______路。
(3)小西将10Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压为4V，读出并记录电流表的示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，根据欧姆定律可知，把10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将______(选填“大于”“小于”或“等于”)4V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向______(选填“左”或“右”)端移动，直到电压表的示数再次达到4V。记录电流表的示数。
(4)当小西将50Ω的定值电阻接入电路时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端的电压为4V，则原因可能是______(写出一条即可)。
(5)完成上述实验后，小西利用原实验器材，设计了如图乙所示的电路，测出了额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻。请帮他将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1和S2，移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数为______V时，小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S1，断开S2，滑片位置不变，读出此时电压表的示数为2.5V；
③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V；
④小灯泡正常发光时，电阻RL= ______Ω(保留1位小数)。
六、计算题：本大题共2小题，共23分。
20.小朋的爸爸开着厢式货车满载货物从滨州开往日照，高速全程约330km，货车以100km/h的速度在高速上匀速行驶，货车受到的阻力是货车总重的0.05倍。小明家厢式货车的一些数据如表所示。g取10N/kg，求：
(1)该货车满载时静止在水平路面上对地面的压强；
(2)该货车在高速上行驶全程所用的时间；
(3)该货车在高速上行驶全程后，消耗的燃油完全燃烧放出的热量；
(4)该货车在高速上行驶时，发动机的效率。
21.某品牌电煎锅的简化电路如图甲所示，它分为高、中、低三挡，最大功率为990W。S为旋钮开关，转动S可将开关分别调至0、1、2、3挡位置，与该挡的两个触点同时接通。R1、R2、R3为发热电阻，且阻值恒定，将电煎锅接入200V的家庭电路中，当开关S旋至1挡时，电路的工作电流为1A；当开关S旋至2挡时，电路的功率为550W。求：
(1)电阻R1、R2、R3的阻值。
(2)将电煎锅调至2挡煎制食物时，1min可将50g食物从20℃加热至119℃，电煎锅加热食物的效率。[食物的比热容取4.0×103J/(kg⋅℃)]。
(3)若家里只有电煎锅在工作时，小明测得电煎锅在1挡工作132s，图乙电能表的表盘转了24圈，此时小明家的实际电压。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一支粉笔的长度约10cm，故A正确；
B、中学生配戴的眼镜重约1N，故B错误；
C、人体感觉最舒适的环境温度约23℃，故C错误；
D、智能手机待机功率约0.2W，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、重力、温度、功率的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】A
【解析】解：沙画是由于光的直线传播形成的。
A、小孔成像是由于光的直线传播形成的，与沙画的原理相同，故A符合题意；
B、水中倒影是由于光的反射形成的虚像，与沙画的原理不同，故B不符合题意；
C、海市蜃楼是由于光的折射形成的，与沙画的原理不同，故C不符合题意；
D、空中彩虹是由于光的色散现象形成的，与沙画的原理不同，故D不符合题意。
故选：A。
光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
本题考查的是光的直线传播；知道光的反射、光的折射和光的色散现象。
3.【答案】C
【解析】解：A.汽车散失的热量不能收集起来再利用，说明能量的转化具有方向性，故A错误；
B.夏天城市温度高，环卫车洒水降温，是利用蒸发吸热来降温的，故B错误；
C.饭菜做熟后香味飘满整个厨房，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D.柴油机只吸入空气，因而在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为空气的内能，故D错误。
故选：C。
(1)能量的转化具有方向性；
(2)洒水利用蒸发吸热来降温；
(3)扩散现象说明分子不停地做无规则运动；
(4)柴油机只吸入空气进行压缩。
本题考查能量的转化与转移、蒸发吸热、分子动理论、热机工作过程，属于中档题。
4.【答案】D
【解析】解：A、撑竿由于发生弹性形变，要向恢复原状的方向产生一个向上的弹力，即是运动员所受的弹力，故A错误；
B、运动员能高高跃起，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误；
C、当运动员腾跃到最高点时，只受重力的作用，受力不平衡，故C错误；
D、撑竿向上恢复原状时，弹性势能减小，运动员上升，重力势能增大，速度变大，动能变大，撑竿的弹性势能转化为运动员的机械能，故D正确。
故选：D。
(1)撑竿由于发生弹性形变产生弹力；
(2)力可以改变物体的运动状态；
(3)物体不受力或受平衡力作用时运动状态保持不变；
(4)根据动能、重力势能与弹性势能的概念，结合起跳时的具体变化做出判断。
本题以运动场景为背景，考查了弹力、力的作用效果、平衡力的特点，以及能量的转化，有一定综合性，但难度不大。
5.【答案】D
【解析】解：A、波形图中上下离开平衡位置的距离表示振幅，显示了响度的大小，图中a的振幅大，响度大，故A错误；
B、图中是熔化图像，甲在熔化过程中温度改变，说明是非晶体，没有固定的熔点，故B错误；
C、图中是路程—时间图像，②的路程不变，说明是静止，①的路程与时间成正比，是匀速直线运动，①的②比大，故C错误；
D、图中是质量—体积图像，去相同体积时，甲的质量大，根据密度ρ=mV知，甲的密度大，故D正确。
故选：D。
根据坐标表示的物理量和图像的趋势分析相关项目，得出结论。
本题考查图像的理解，关键是看清坐标表示的物理量，属于中档题。
6.【答案】C
【解析】解：A、当发光二极管的光照射在粗糙的鼠标垫上时，发生漫反射，故A错误；
B、若成像透镜距鼠标垫7mm，光学感应器距成像透镜3mm，此时像距小于物距，像比物体小，因此光学感应器上所成的是倒立、缩小的实像，故B错误；
CD、鼠标悬空相当于增大了物距这时候像距会变小，同时像减小，因为成像透镜和光学感应器距离是不变的，导致像成在光学感应器的下方，即像没有成在光学感应器上，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)表面粗糙的反射面，光线射到反射面上时，反射光线射向不同的方向，这就是漫反射现象；
(2)凸透镜成像规律中，当物距大于2倍焦距时，成的是倒立、缩小的实像。
(3)鼠标向前推移时，物向前推移，凸透镜所成的像也向前移动；
(4)根据凸透镜成实像的动态规律，物近像远像变大，物远像近像变小来解答此题。
本题考查了漫反射现象和照相机成像原理的了解和掌握，要会结合材料提供的知识点进行分析解答，是一道理论联系实际的好题。
7.【答案】B
【解析】解：由题意可知，“刷身份证”时会产生感应电流，即由磁产生电，有感应电流产生，所以其工作原理为电磁感应现象；
A、图中有电源，为电动机的工作原理，是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的，故A不符合题意；
B、图中没有电源，为发电机的工作原理，是根据电磁感应现象制成的，故B符合题意；
C、图示为奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故C不符合题意；
D、图示的实验是探究通电螺线管的磁性强弱与电流大小、线圈匝数的关系，运用了电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：B。
“刷身份证”是利用电磁感应原理，分析下面四幅图，找出符合题意的选项即可。
本题考查了电与磁的联系，解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了电磁感应的原理。
8.【答案】B
【解析】解：AC、由题意知，体型相近的两人，脂肪含量高者电阻较大，图乙为串联电路，脂肪含量高者总电阻较大，由I=UR知电路的电流变小，对应的电流表示数较小；
M、N两端的电压为：U=E−I(R+r)，当总电流变小时，M、N两端的电压变大，电压表示数变大，故A错误；
脂肪含量高者，电阻大，电流小，由P=UI知体型相近的两人相比脂肪含量高者对应的电路中的功率小，故C错误；
B、测量时电流从电源的正极流出，从M经人体流向N，电子带负电，电子运动方向与电流的方向相反，因此电子从N经人体流向M，故B正确；
D、由电路图知电压表示数和电流表示数之比等于MN间的电阻，所以当M、N间电阻逐渐增大时，电压表示数和电流表示数之比变大，故D错误。
故选：B。
(1)由题意知，体型相近的两人，脂肪含量高者电阻较大，图乙为串联电路，脂肪含量高者总电阻较大，由I=UR判断出电路中电流的变化，根据U=E−I(R+r)判断出M、N两端电压的变化，即电压表示数的变化；由P=UI判断出脂肪含量高者对应的电路中功率的大小；
(2)电流的方向：从电源正极流出经电阻回到负极；电子的运动方向与电流的运动方向相反；
(3)根据电路图知电压表示数和电流表示数之比等于MN间的电阻分析解答。
本题考查了欧姆定律公式和电功率公式的应用，还考查了电流的方向。
9.【答案】BD
【解析】解：A、由图可知，n=2，工人所做的功为：
W总=Fs=Fnh=100N×2×2m=400J，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮重为：
G动=nF−G=2×100N−150N=50N，故B正确；
C、由图可知，人受到重力、支持力和绳对人的拉力作用，处于平衡状态，根据力的平衡关系可知，
F支=G人−F=m人g−F=70kg×10N/kg−100N=600N，
人对地面的压力和支持力是一对相互作用力，大小相等，即F压=F支=600N，
则人对地面的压强为：
p=F压S=600N400×10−4m2=1.5×104Pa，故C错误；
D、该滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=150N2×100N×100%=75%，故D正确。
故选：BD。
(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出工人所做的功；
(2)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮重；
(3)对人进行受力分析，根据力的平衡关系和相互作用力求出人对地面的压力，利用p=FS求出人对地面的压强；
(4)根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出该滑轮组的机械效率。
本题考查了压强公式、做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
10.【答案】ABD
【解析】解：A、当天舟七号货运飞船的太阳能帆板打开时，会把太阳能转化为电能供给货运飞船使用，故A正确；
B、在组合体飞行段，以天和核心舱为参照物，天舟七号相对位置不变，是静止的，故B正确；
C、质量是物质的一种属性，与位置无关，水果从地面运送到天和核心舱，质量不变，故C错误；
D、电磁波可以在真空中传播，天舟七号货运飞船和地面航天飞行控制中心是通过电磁波联系的，故D正确。
故选：ABD。
(1)飞船进入轨道后，太阳能帆板顺利展开，将太阳能转化成电能供给货运飞船使用；
(2)在组合体飞行段，天和核心舱和天舟七号没有位置的改变，所以相对静止；
(3)质量是物质的一种属性，不随地理位置的变化而变化；
(4)天舟七号货运飞船在太空中，太空是真空状态，电磁波能在真空中传播，所以天舟七号货运飞船和地面航天飞行控制中心是通过电磁波联系的。
本题通过我国航天发展情况，考查学生对物理概念的理解。
11.【答案】BC
【解析】解：A、“蛟龙号”深潜器在海水中下潜的过程中，深度增大，受到的海水压强增大，故A错误；
B、活塞式抽水机利用大气压工作，故B正确；
C、把自制水气压计从山脚移到山顶，大气压减小，细管内水柱产生的压强增加，因瓶内的气压等于大气压加上细管内水柱产生的压强，细管中的水柱将逐渐升，故C正确；
D、向B吸管吹气时，A管口上方空气流速大，大气压强变小，吸管A中水面上的气体压强小于杯内水面上的气体压强，A管内的液柱在大气压力作用下上升，故D错误。
故选：BC。
(1)液体内部的压强随深度的增加而增大；
(2)活塞式抽水机利用大气压来工作；
(3)大气压不是一成不变的，与高度、天气都有关，且随高度的增加而减小；
(4)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体有空气和水，流体的流速越大，压强越小。
该题考查了气压与高度的关系、大气压的应用、流体压强与流速的关系等，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
12.【答案】ABD
【解析】解：由图甲可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
BC、由图丙可知当电路中的电流为0.2A时，R1消耗的电功率为2.0W，由P=UI可知，R1两端的电压：U1=P1I1=，
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U=U1+UR1=U1+I1R=10V+0.2A×R……①，
当电路中的电流为0.3A时，R1消耗的电功率为2.7W，由P=UI可知，R1两端的电压：U2=P2I2=，
电源电压：U=U2+UR2=U2+I2R=9V+0.3A×R……②，
由①②解得：R=10Ω，U=12V，故B正确，C错误；
A、由图乙知速度越大，R1越大，由欧姆定律可知电路中的电流越小，
由图丙可知，电路中最小电流为0.2A，此时对应速度为100km/h，
由欧姆定律和电阻的串联可知，车速为100km/h时，R1的最大阻值为：
R1大=UI1−R=12V0.2A−10Ω=50Ω，故A正确；
D、由图乙知速度越小，R1越小，根据欧姆定律可知电路中的电流越大，由图丙可知，电路中最大电流为0.6A，则电路中最大功率为：
P大=UI大=12V×0.6A=7.2W，故D正确。
故选：ABD。
由图甲可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据图丙可知当电路中的电流分别为0.2A、0.3A时R1消耗的电功率，根据P=UI求出R1两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出R的阻值和电源电压；
(2)由图乙知速度越大，R1越大，根据欧姆定律可知电路中的电流越小，进而确定当电流为0.2A时对应速度为100km/h，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出车速为100km/h时，R1的最大阻值；
(3)由图乙知速度越小，R1越小，根据欧姆定律可知电路中的电流越大，由图丙确定电路中的最大电流，利用P=UI求出电路中的最大功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
13.【答案】室外 液化
【解析】解：夏季夜晚，开启卧室空调，导致室内的温度较低，室外的水蒸气会遇冷液化形成小水珠附着在玻璃外侧。
故答案为：室外；液化。
物质由气态变为液态叫做液化，气态物质遇冷放热。
此题主要考查了液化现象，通过分析实例考查了学生对所学知识的应用。
14.【答案】半导体 电源
【解析】解：芯片属于半导体材料；该手机还有“无线反向充电”技术，当它给另一部手机充电时，这部手机给电路提供电能，它相当于电路中的电源。
故答案为：半导体；电源。
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间；电源为电路提供电能。
本题考查了半导体和电源，属于基础题。
15.【答案】解：工件受到重力和支持力的作用，二者的大小相等、方向相反，是一对平衡力，过工件重心沿竖直向上和竖直向下的方向作出这两个力，分别记为F、G，注意这两条线段要等长，如图所示。

【解析】物体受到两个力的作用：重力G和支持力F，作用点都在重心，重力的方向竖直向下，支持力的方向向上。
本题考查了力的示意图和画法。本题容易错误解为还有一个向右的力，是没有注意到物体是匀速运动的。
16.【答案】解：作新鞋S点关于镜面的对称点S′，即为新鞋S点在平面镜中的像，连接AS′与镜面交于一点O，即为入射点(反射点)，连接S与入射点O得到入射光线，连接OA可得反射光线，如图所示：

【解析】先确定新鞋S点在平面镜中的像点，然后根据反射光线的反向延长线过像点确定反射光线，再连接新鞋S点和入射点即为入射光线，完成光路。
本题考查了平面镜成像特点的应用，要知道平面镜成像时，反射光线好像是从虚像上发出的。
17.【答案】25 省力
【解析】解：已知OB=4OA，物体C重为100N，根据杠杆平衡条件可得：
FC×OA=F×OB，即F=FC×OAOB=100N×OA4OA=25N；
由题知，O为支点，因为OB=4OA，动力臂大于阻力臂，此杠杆为省力杠杆、
故答案为：25；省力。
(1)根据杠杆平衡条件可求得动力F；
(2)根据动力臂与阻力臂的大小关系确定杠杆类型。
本题考查了杠杆分类，以及杠杆平衡条件的应用，难度不大。
18.【答案】水平 没有把游码拨到零刻度线 71.2 30 1.04×103 偏大 标记 m2−m0m1−m0⋅ρ水
【解析】解：(1)在调节天平平衡时，应把天平放到水平台上，将游码放在标尺左端的零刻线处，再调平衡螺母，使指针指到分度盘的中央；由图可知，其做法错误之处是没有把游码拨到零刻度线；
(2)由图乙知，标尺的分度值为0.2g，烧杯与饮料的总质量：m总=50g+20g+1.2g=71.2g；
量筒中饮料的质量：m=71.2g−40g=31.2g；
由图丙知，倒入量筒中饮料的体积：V=30mL=30cm3，
则所测饮料的密度：ρ=mV=31.2g30cm3=1.04g/cm3=1.04×103kg/m3；
(3)若将饮料倒入量筒时，不慎将少量饮料溅在量筒外面，使得所测体积偏小，根据ρ=mV知，所测密度偏大；
(4)实验步骤：
①用调好的天平测出空烧杯的质量为m0；
②向烧杯中加适量的水并用记号笔在水面处作一个标记，用天平测出烧杯和水的总质量为m1；
③将水全部倒出，并用干抹布擦干，向烧杯中加入饮料至标记处，用天平测出烧杯和饮料的总质量为m2；
④由步骤①②知，水的质量m水=m1−m0，由步骤③知，饮料的质量m饮料=m2−m0，
水和饮料的体积相等，由密度公式有：m水ρ水=m饮ρ饮，
即：m1−m0ρ水=m2−m0ρ饮，
所以饮料的密度表达式ρ=m2−m0m1−m0⋅ρ水。
故答案为：(1)水平；没有把游码拨到零刻度线；
(2)71.2；30；1.04×103；
(3)偏大；
(4)标记；m2−m0m1−m0⋅ρ水。
(1)测量前调节天平横梁平衡时，应把天平放到水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，并调节天平的平衡螺母使指针指到分度盘的中央；
(2)物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度。
根据两次质量计算出量筒中饮料的质量；用量筒测量液体的体积时，要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；由密度公式计算饮料的密度；
(3)根据测量体积偏小进行分析；
(4)只有天平，没有量筒，可以利用等体积的水和饮料，称量水和饮料的质量，根据体积相等列出等式求出饮料的密度。
本题考查密度的测量，属于中档题。
19.【答案】断 大于 右 所选滑动变阻器的最大阻值太小(或电源电压过大) 3.5 8.9
【解析】解：(1)小明连接好如图甲所示的电路，该电路有一处故障是：定值电阻与电流表并联了，将电流表应与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，如下图所示：
(2)连接好电路后，闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数，说明电压表能与电源正负极形成通路，据此分析可知可能是定值电阻断路；
(3)实验中，当把10Ω的电阻换成20Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向左滑动；
(4)4节新干电池电压为6V，电阻两端的电压始终保持UV=4V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−4V=2V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×50Ω=25Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少25Ω的滑动变阻器，而现有变阻器的最大电阻太小；控制的电阻电压不变，变阻器分得的电压过小，即电源电压太大了；
故当小明将50Ω定值电阻接入电路时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都无法使定值电阻两端电压为4V，则原因可能是所选滑动变阻器的最大阻值太小或电源电压过大；
(5)①闭合开关S、S1、S2，调节滑动变阻器的滑片，变阻器滑片以左电阻丝与灯串联，此时电压表测量滑动变阻器电阻丝以左电阻丝两端的电压，根据串联电路电压的规律知，当电压表示数为：6V−2.5V=3.5V时，灯泡正常发光；
②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.5V，即滑片以左电阻丝的电压，因电压表接在滑片上，故电流要全部经过变阻器的电阻丝；
③闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表的示数为4V，变阻器的所有电阻丝与灯串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，因电压表的示数为4V，与②电路相比，这两次电路的连接不变，电流大小不变，只是电压表的测量范围变化了，因此时电压表的示数为“闭合开关S、S1，断开S2”时的4V2.5V=85倍，故变阻器的最大电阻为②中与电压表并联的电阻的85倍，即闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器左电阻丝接入阻值为20Ω×58=12.5Ω，即在①中，滑动变阻器的电阻为12.5Ω，由欧姆定律，在①中，
通过滑动变阻器的电流为：I=U滑R滑=3.5V12.5Ω=0.28A，即灯的额定电流，
小灯泡的电阻：RL=UI=≈8.9Ω；
故答案为：(1)见上图；(2)断；(3)大于；左；(4)所选滑动变阻器的最大阻值太小(或电源电压过大)；(5)①3.5；④8.9。
(1)分析图甲电路的连接，定值电阻与电流表并联了，电流表应与定值电阻串联，电压表与电阻并联；
(2)连接好电路后，闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能存在断路故障，而电压表有示数，说明电压表能与电源正负极形成通路，据此分析作答；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，据此分析回答；
(5)分析电路连接，灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的可使灯正常发光；
②闭合开关S、S1，断开S2，保持滑片位置不变，分析电路连接及电流的路径和电压表测量的电压；
③在②的基础上，通过开关的转换，若能用电压表测量出变阻器整段电阻丝的电压，根据电路的电流保持不变，根据欧姆定律，可确定变阻器最大电阻与②中与电压表并联电阻的大小关系，从而可得出①中变阻器连入电路中电阻的大小，由欧姆定律可得出灯的额定电流，根据R=UI可算出小灯泡的电阻。
本题探究通过导体的电流跟电阻的关系，考查电路连接、注意事项、控制变量法、操作过程；同时也考查了设计方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。
20.【答案】解：(1)该货车满载时，静止在水平路面上对地面的压力：
F压=G总=(m车+m货)g=(2×103kg+2.8×103kg)×10N/kg=4.8×104N，
对地面的压强：
p=F压S=4.8×104N6×2×10−2m2=4×105Pa；
(2)由v=st可得，货车匀速行驶的时间：
t=sv=330km100km/h=3.3h；
(3)满载百公里油耗：
V=20L=20dm3=2.0×10−2m3，
全程耗油V=330km100km×2.0×10−2m3=6.6×10−2m3；
由ρ=mV可得，消耗汽油的质量：
m′=ρV=0.8×103kg/m3×6.6×10−2m3=52.8kg，
汽油完全燃烧释放的热量：
Q放=m′q=52.8kg×4×107J/kg=2.112×109J；
(4)因货车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以货车牵引力的大小：
F=f=0.05G总=0.05×4.8×104N=2400N，
全程牵引力做的功：
W=Fs=2400N×330×103m=7.92×108J，
发动机的效率：
η=WQ放×100%=7.92×108J2.112×109J×100%=37.5%。
答：(1)该货车满载时静止在水平路面上对地面的压强是4×105Pa；
(2)货车在高速上全程行驶时用的时间是3.3h；
(3)该货车在高速上全程行驶后消耗的燃油若完全燃烧能放出2.112×109J的热量；
(4)该货车在高速上行驶这段路程，发动机的效率是37.5%。
【解析】(1)该货车满载时，静止在水平路面上对地面的压力等于空车和满载货物的重力之和，根据F=G=mg求出其大小，受力面积为6个轮胎与地面接触面积之和，根据p=F压S求出对地面的压强；
(2)根据v=st求出货车匀速行驶的时间；
(3)由表格数据可知满载百公里油耗，利用ρ=mV求出消耗汽油的质量，根据Q放=mq求出汽油完全燃烧释放的热量；
(4)货车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据F=f=0.05G求出货车牵引力的大小，根据W=Fs求出牵引力做的功，利用η=WQ放×100%求出发动机的效率。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、功率公式、密度公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式以及二力平衡条件的应用，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
21.【答案】解：(1)由图甲可知，当开关S接1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总电功率最小，电煎锅处于低挡；
当开关S接3时，R2、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，总功率最大，电煎锅处于高挡；
当开关S接2时，只有R2工作，电煎锅处于中挡；
由I=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=UI=200V1A=200Ω；
由P=U2R可知，R2的阻值：R2=U2P中=(200V)2550W≈72.7Ω；
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1=R−R2=200Ω=72.7Ω=127.3Ω；
R3的电功率：P3=P高−P中=990W−550W=440W，
R3的阻值：R3=U2P2=(200V)2440W≈90.9Ω；
(2)食物吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×50×10−3kg×(119℃−20℃)=1.98×104J，
电煎锅消耗的电能：W=P高t′=550W×1×60s=3.3×104J，
电煎锅的加热效率：η=Q吸W×100%=1.98×104J3.3×104J×100%=60%；
(3)电能表中的3600r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈，
则电能表的表盘转了24圈，电煎锅消耗的电能：W′=24r3600r/(kW⋅h)=1150kW⋅h=2.4×104J，
由W=U2Rt可知，小明家的实际电压：U实= WRt= 2.4×104J×200Ω132s≈191V。
答：(1)电阻R1、R2、R3的阻值分别为127.3Ω、72.7Ω、90.9Ω；
(2)电煎锅加热食物的效率为60%；
(3)小明家的实际电压为191V。
【解析】(1)由图甲可知，当开关S接1时，R1、R2串联，当开关S接2时，只有R2工作，当开关S接3时，R2、R2并联，根据串并联电路的特点和P=U2R可知电煎锅高挡、中挡和低挡的电路连接；根据欧姆定律求出R1、R2的串联总电阻，根据P=U2R可求出R2的阻值，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值；根据P3=P高−P中求出R3的电功率，根据P=U2R可求出R3的阻值；
(2)根据Q吸=cm(t−t0)求出食物吸收的热量，根据W=Pt求出电煎锅消耗的电能，根据效率公式求出电煎锅的加热效率；
(3)电能表中的3600r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈，据此求出电能表的表盘转了24圈，电煎锅消耗的电能，根据W=U2Rt求出小明家的实际电压。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式、吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。空车质量
2t
满载时载货量
2.8t
空载百千米油耗
15L
满载百千米油耗
20L
燃油密度
0.8×103kg/m3
燃油热值
4×107J/kg
车轮个数
6
每个轮胎与地面接触面积
2×10−2m2