2023-2024学年第二学期浙江省宁波市八年级数学期末复习试卷(解析版)
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这是一份2023-2024学年第二学期浙江省宁波市八年级数学期末复习试卷(解析版),共29页。试卷主要包含了选择题,填空题等内容,欢迎下载使用。
一、选择题:本大题共10小题,每小题3分,共30分.
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.近年来,我国新能源汽车产业快速发展.生产和销售稳定增长,下列新能源汽车标志图案中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的定义判断即可.
【详解】解:选项A是轴对称图形,不是中心对称图形,
故选项A不符合题意;
选项B不是轴对称图形,不是中心对称图形,
故选项B不符合题意;
选项C是轴对称图形,不是中心对称图形,
故选项C不符合题意;
选项D是轴对称图形,是中心对称图形,
故选项D符合题意.
故选:D.
2.下列选项中,化简正确的是( )
A.B.C.D.
【答案】C
【分析】先算平方,再进行化简即可得.
【详解】解:A、,选项说法错误,不符合题意;
B、,选项说法错误,不符合题意;
C、,选项说法正确,符合题意;
D、,选项说法错误,不符合题意;
故选:C.
甲、乙、丙、丁四名射击运动员参加射击预选赛,每人射击20发子弹.
他们射击成绩的平均数及标准差如下表所示:
若要选一名成绩较好且发挥稳定的运动员参奏,则应选择( )
A. 甲B. 乙C. 丙D. 丁
【答案】C
【解析】
【分析】先比较平均数,再比较标准差,然后得出丙的方差小于丁的方差,从而得出答案.
【详解】解:由图可知,丙和丁的平均成绩好,
∵丙的标准差小于丁的标准差,
∴丙的方差小于丁的方差,
∴若要选一名成绩较好且发挥稳定的运动员参奏,则应选择丙,
故选:C.
4.代数式中字母的取值范围是( )
A.B.
C.且D.且
【答案】C
【分析】本题考查了分式有意义的条件,二次根式有意义的条件等知识点,根据被开方数大于等于0,分母不等于0列式计算即可得解,熟记二次根式的被开方数是非负数、分母不为0是解题的关键.
【详解】根据题意得,且,
解得且.
故选:C.
5.用配方法解方程,下列变形正确的是( )
A.B.C.D.
【答案】C
【分析】根据配方法可直接进行排除选项.
【详解】解:用配方法解方程可得:;
故选C.
如图,矩形中,对角线与相交于点,于点,
若,则的度数为( )
A.B.C.D.
【答案】D
【分析】根据矩形的性质得到∠OAB=∠OBA,再根据∠BAE=2∠OAE,结合垂线的定义得到2∠OAE+3∠OAE=90°,解之可得∠OAE,从而求出∠AOB.
【详解】解:∵四边形ABCD是矩形,
∴OA=OB,
∴∠OAB=∠OBA,
∵∠BAE=2∠OAE,
∴∠OBA=∠OAB=3∠OAE,
∵AE⊥OB,
∴∠BAE+∠OBA=90°,
∴2∠OAE+3∠OAE=90°,
解得:∠OAE=18°,
∴∠AOB=90°-18°=72°,
故选D.
7. 函数与函数在同一坐标系中的图像可能是( )
A. B. C.D.
【答案】A
【分析】先根据一次函数可知,直线经过点,故选项B、D不符合题意,然后由A、C选项可知,的符号,从而选出答案.
【详解】解:函数的图像经过点,
选项B、选项D不符合题意;
由A、C选项可知:,
反比例函数的图像在第一、三象限,
故选项A符合题意,选项C不符合题意;
故选:A.
如图,在菱形ABCD中,E,F分别是边CD,BC上的动点,连结AE,EF,G,H分别为AE,EF的中点,
连结GH.若,,则GH的最小值为( )
A.B.C.2D.3
【答案】A
【分析】连接AF,利用三角形中位线定理,可知GH =AF,求出AF的最小值即可解决问题.
【详解】解:连接AF,如图所示:
∵四边形ABCD是菱形,
∴AB= BC= 2,
∵ G, H分别为AE,EF的中点,
∴GH是△AEF的中位线,
∴GH =AF,
∴当AF⊥BC时,AF最小,GH得到最小值,则∠AFB = 90°,
∵∠B= 45°,
∴,
∴,
∴,
∵,
∴,
解得:或(舍去),
∴GH =,
即GH的最小值为,
故选:A.
9 .如图,矩形的顶点和正方形的顶点都在反比例函数的图像上,
点的坐标为,则点的坐标为( )
A.B.C.D.
【答案】D
【分析】根据经过确定解析式为,设正方形的边长为x,则点,代入解析式计算即可.
【详解】∵经过,
∴解析式为,
设正方形的边长为x,则点,
∴,
解得(舍去),
故点,
故选D.
如图,在矩形中,,连接,,与对角线交于点,
且,,有下列三个结论:
①;②;③.其中,正确的是( )
A.①②B.①③C.②③D.①②③
【答案】D
【分析】证明可判断①;根据全等三角形的性质和直角三角形斜边的中线性质证得,进而有。再根据等腰三角形的三线合一性质得到,,进而可求得,,故可判断②;在中,利用含30度角的直角三角形的性质求得,进而可判断③.
【详解】解:连接,
∵四边形是矩形,
∴,,
∴,
又,,
∴,
∴,,故①正确;
∵,,
∴,,
∵,,
∴,
则,
∵,
∴,
∴,则,
∴,
∴,故②正确;
在中,,,
∴,
则,
∴,故③正确,
综上,正确的是①②③,
故选:D.
二、填空题:本题共6小题,每小题4分,共24分。
11 . 二次根式中,字母x的取值范围是 .
【答案】
【分析】本题考查二次根式有意义的条件,根据二次根式的被开方数为非负数,进行求解即可.
【详解】解:由题意,得:,
∴;
故答案为:.
12.方程有两个相等的实数根,则m的值为 .
【答案】1
【分析】根据一元二次方程根的判别式,列出方程,即可求解.
【详解】解:方程有两个相等的实数根,
,
解得,
故答案为:1.
13 .如图,在中,,分别是,的中点,,平分,交于点.
若,则的长度是 .
【答案】
【分析】根据三角形中位线定理得到,,根据题意求出,根据平行线的性质、角平分线的定义得到,得到,进而求出.
【详解】解:∵,分别是,的中点,,
∴是的中位线,
∴,,
∵,
∴,
∵,
∴,
∵平分,
∴,
∴,
∴,
∵是的中点,
∴,
∴的长度是.
故答案为:.
14.小丽参加单位举行的演讲比赛,评分规则及小丽的得分如下表:
则小丽的最终演讲评分为 .
【答案】85.5
【分析】使用加权平均数进行计算即可.
【详解】
故答案为:85.5.
15 . 如图,正方形的顶点A,C分别在y轴和x轴上,边BC的中点F在y轴上,
若反比例函数的图象恰好经过CD的中点E,则OA的长为______.
解:过E作轴于H,
设,,
过点B作y轴的平行线交x轴于点N,作于点M,
∵四边形ABCD是正方形,
∴,.
∵,
∴.
∵点F与点E分别是BC,CD的中点,
∴,
∴,
∴OF=CH.
∵点F是BC的中点,,
∴,,
同理,
则,,,
故,
则点,
将点E的坐标代入,
得,而,
解得:,,,
故答案为:.
16 .如图,在正方形中,,点分别在线段上,且,
过点作与边交于点.当时,的长为 .
【答案】
【分析】作于点,连接,根据四边形是正方形,,得,,可得,根据得,即可得,根据正方形,是正方形的对角线得,根据得,可得三角形是等腰直角三角形,则,在,根据勾股定理得,计算得,可得,即可得.
【详解】解:如图所示:作于点,连接,
∵四边形是正方形,,,
∴,,
∴,
在和中,
∴,
,
∵正方形,是正方形的对角线,
,
∵,
∴,
∴三角形是等腰直角三角形,
∴,
在,根据勾股定理得,,
,
,
,
则.
解答题(第17、18、19题每题6分,第20、21题每题8分,第22、23题每题10分,
第24题每题12分,共66分)
17.计算:
(1)
(2)
【答案】(1)0
(2)
【分析】(1)先对二次根式化简,再合并即可;
(2)先根据平方差公式,完全平方公式计算,再根据二次根式加减法法则计算即可.
【详解】(1)原式
;
(2)原式
.
18.用适当方法解方程:
(1);
(2).
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)配方法解方程;
(2)因式分解法解方程.
【详解】(1),
,
解得:;
(2),
,
解得:.
19.如图是由边长为1的小正方形构成的8×7的网格,点A,B均在格点上.
(1)在图1中画出以AB为边的菱形ABCD,且点C和点D均在格点上;
(2)在图2中画出以AB为对角线的矩形AEBF,且点E和点F均在格点上(画出一个即可).
【答案】(1)见解析
(2)见解析
【分析】(1)根据题意直接做出图形即可;
(2)如图,取格点E、F,连接EF,则EF与AB互相平分且相等,根据矩形的判定方法,则四边形AEBF为所作.
【详解】(1)如图1,菱形ABCD即为所求
(2)如图2,矩形AEBF即为所求:
20 .某中学八年级组织了一次数学计算比赛(禁用计算器),每班选25名同学参加比赛,
成绩分为A,B,C,D四个等级,其中A等级得分为100分,B等级得分为85分,C等级得分为75分,D等级得分为60分,数学教研组将八年级一班和二班的成绩整理并绘制成如下的统计图,
请根据提供的信息解答下列问题.
(1)把一班竞赛成绩统计图补充完整.
(2)填表:
(3)成绩B级以上(包括B级)为优秀,请你利用数据分析哪个班级优秀人数更多.
【答案】(1)见解析
(2)85、100
(3)一班成绩更好,理由见解析
【分析】(1)根据题意和表格中的数据可以求得一班C等级的学生数,从而可以解答本题;
(2)根据表格中的数据可以求得一班的中位数以及二班的众数;
(3)根据表格中的数据,可以从两方面比较一班和二班成绩的情况.
【详解】(1)一班C等级的学生有:,
补全的条形统计图如图所示;
(2)把25个数据按大小顺序排列,最中间的是第13个数据 ,
而,
所以,一班的中位数在B等级,是85,
∵,
∴A等级出现次数最多,
∴二班的众数是100,
故答案为:85、100;
(3)一班B级以上(包括B级)的人数为:(人);
二班B级以上(包括B级)的人数为:(人);
∵
∴从B级以上(包括B级)的人数方面来比较,一班成绩更好.
已知:如图,四边形中,,平分,交于点E,
,交于点F.
(1)求的度数;
(2)写出图中与相等的角并说明理由.
【答案】(1)
(2),理由见解析
【分析】本题主要查了四边形内角和定理,三角形内角和定理:
(1)根据四边形内角和定理可得,再由角平分线的定义,即可求解;
(2)根据三角形内角和定理可得,再由,可得,即可求解.
【详解】(1)解:∵,
∴,
∵平分,
∴;
(2)解:.理由如下:
在中,,
∵,
∴,
∴,
∴.
“阳光玫瑰”葡萄品种是广受各地消费者的青睐的优质新品种,在我国西部区域广泛种植,
某葡萄种植基地2018年种植“阳光玫瑰”100亩,到2020年“阳光玫瑰”的种植面积达到256亩.
(1)求该基地这两年“阳光玫瑰”种植面积的平均年增长率.
(2)市场调查发现,当“阳光玫瑰”的售价为20元/千克时,每天能售出200千克,售价每降价1元,每天可多售出45千克.
①若降价x(0≤x≤20)元,每天能售出多少千克?(用x的代数式表示)
②为了推广宣传,基地决定降价促销,同时尽量减少库存,已知该基地“阳光玫瑰”的平均成本价为10元/千克,若要销售“阳光玫瑰”每天获利2125元,则售价应降低多少元?
【答案】(1)60%;(2)①(200+45x)千克;②降低5元.
【分析】(1)设该基地这两年“阳光玫瑰”种植面积的平均增长率为x,根据该基地2018年及2020年“阳光玫瑰”的种植面积,即可得出关于x的一元二次方程,解之取其正值即可得出结论;
(2)设售价应降低x元,则每天可售出(200+45x)千克,根据总利润=每千克的利润×销售数量,即可得出关于y的一元二次方程,解之取其较大值即可得出结论.
【详解】解:(1)设该基地这两年“阳光玫瑰”种植面积的平均增长率为y,
依题意,得:100(1+y)2=256,
解得:y1=0.6=60%,y2=﹣2.6(不合题意,舍去).
答:该基地这两年“阳光玫瑰”种植面积的平均增长率为60%.
(2)①设售价应降低x元,则每天可售出(200+45x)千克;
②依题意,得:(20﹣10﹣x)(200+45x)=2125,
整理,得:9x2﹣50x+25=0,
解得:x1=5,x2=.
∵要尽量减少库存,
∴x=5.
答:售价应降低5元.
23.在正方形中,对角线与相交于点,点是线段上的动点.
(1)如图1,若平分.
①求证:.
②若,求的长.
(2)如图2,延长交于点,连接.当时,探究与的数量关系,并说明理由.
【答案】(1)①见解析;②
(2),理由见解析
【分析】(1)①由正方形的性质证出,由角平分线的性质得出,则可得出结论;②过点作于点,由等腰直角三角形的性质及角平分线的性质可得出结论;
(2)取的中点,连接,,由三角形中位线定理得出,,证明四边形为平行四边形,由平行四边形的性质得出,则可得出结论.
【详解】(1)解:①证明:四边形是正方形,
,
平分,
,
,,
,
;
②过点作于点,
,,
,
,
,
,
平分,,,
;
(2),
理由:取的中点,连接,,
四边形是正方形,
,,
为的中点,
为的中位线,
,,
在中,,
,
又,
,
,
,,
,
,
,
,
又,
四边形为平行四边形,
,
,
.
24 .定义:把横、纵坐标均为整数的点称为整点.
如图,反比例函数与正比例函数相交于整点A,
与一次函数相交于整点B、C,正比例函数与一次函数相交于点D,
线段与线段上的整点个数之比记作.
(1)当时,求D点的坐标和m值.
(2)当线段BC上的整点个数为7,时,求t的值.
(3)当时,请直接写出t与m之间的关系式.
【答案】(1)D(),
(2)10
(3)当时,;当时,
【分析】(1)联立方程组求解可得,根据点为整点,可得,代入,求得,与联立,可求得,再通过联立求解可得,,即可得出答案;
(2)根据题意可得,必为整点,即为偶数,由,可得,,进而推出,,建立方程求解即可得出答案;
(3)当时,线段上有2个整点:设D(d,d),,
,进而得出,建立方程求解即可求得;当时,线段上只有1个整点,设,则线段上有个整点,线段上有个整点,得出,,可推出,再把点的坐标代入,即可得出.
【详解】(1),
,
由,解得:,
,
点为整点,且点的横坐标是小于2的正整数,
点的横坐标为1,
,
把代入,得,
解得:,
,
联立得,解得:,,
,
由,解得:,
,,
线段上整点有1个:,线段上整点有4个:,,,.
;
(2)线段上的整点个数为7,,必为整点,
为偶数,
,
,,
,
线段上有3个整点,
,,
,
,
解得:;
(3)当时,线段AD上整点个数为2,即A、D两点,
∴线段BC上整点个数为2m,由对称可知,BD上整点个数为,
设D(d,d),则,
又∴,
∴,
∴,
∴,
∴;
当时,线段AD上只有一个整点A,
∴线段BC上整点个数为m,
由对称BD上整点个数为,设A(a,a),则B,
∴,
∴,
∴,即;
综上,当时,;当时,
人员成绩
甲
乙
丙
丁
平均数(环)
8.7
8.7
9.1
9.1
标准差(环)
1.3
1.5
1.0
1.2
演讲内容
语言表达
仪表仪容
所占比例
30%
60%
10%
小丽得分
90
85
75
平均数(分)
中位数(分)
众数(分)
一班
82.8
85
二班
84
75
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