2024年湖南师大附中博才实验中学中考物理模拟试卷（三）

这是一份2024年湖南师大附中博才实验中学中考物理模拟试卷（三），共30页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图，计算题等内容，欢迎下载使用。

1．（3分）下列估测与实际最相符的是（ ）
A．一名普通中学生的重力约为50N
B．人体感觉最舒适的温度是36.5℃
C．人教版初中物理课本的长度约为260cm
D．我们身边的大气压强约为105Pa
2．（3分）下列关于声现象的说法正确的是（ ）
A．“声纹门锁”是依据声音的音调来识别的
B．高速公路上安装隔音墙是在声源处减弱噪声
C．发声体振动的频率越高，响度越大
D．超声波清洗眼镜是利用了声波可以传递能量的性质
3．（3分）如图所示，皮影戏是一种用兽皮或纸板剪制形象并用灯光照射成影于幕布进行表演的戏剧形式，在我国流行范围极为广泛。下列光现象与此成因相同的是（ ）
A．水中倒影
B．雨后彩虹
C．海市蜃楼
D．金环日食
4．（3分）近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列说法中正确的是（ ）
A．新能源汽车使用的电能是一次能源
B．天宫空间站的太阳能电池板将太阳能转化为电能
C．核电站是利用聚变反应的原理工作
D．北斗导航卫星系统是利用超声波为汽车导航的
5．（3分）成都大运会期间，在简阳文体中心进行了女子跳台预赛、半决赛和男子3米跳板决赛。运动员加速下落的过程中（如图），关于运动员，下列说法正确的是（ ）
A．动能减小B．动能不变
C．重力势能增大D．重力势能减小
6．（3分）2024年2月9日除夕夜，在央视春晚长沙分会场，2500架无人机升空比出巨型爱心，如图所示。年轻活力的“不夜星城”以其独特魅力，为全球观众带来一场视觉盛宴。当开关S1闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，无人机起飞。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
7．（3分）如图所示是电动车在楼道中充电时易引发火灾的宣传警示图，以此警示大家要注意安全用电。下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．电线着火时应迅速泼水浇灭火焰
B．发生电火灾时应该立即切断电源
C．充电时空气开关跳闸，立即合上空气开关
D．电动车充电线绝缘皮破损后仍可继续使用
8．（3分）如图所示，是公交自动爆玻器，它工作时利用电磁线圈在通电时，带动钨钢头击打车窗边角部位，达到击碎玻璃的目的。下列选项中与自动爆玻器的原理相同的是（ ）
A．B．
C．D．
9．（3分）茶文化在中国历史悠久，在寒冷的冬季，人们回到家中，泡上一壶茶，闻着浓浓的茶香，品一杯热茶，浑身上下暖暖的感觉。下列关于品茶过程中涉及的物理知识，说法正确的是（ ）
A．茶水是热的，说明茶水含有的热量多
B．周围人都能闻到茶香是一种扩散现象
C．喝茶时身体感觉变暖了，是通过做功的方式改变了内能
D．烧水时水蒸气将壶盖顶起的过程与汽油机压缩冲程类似
10．（3分）2024年潮州半程马拉松比赛于4月14日鸣枪开跑，运动员在比赛中涉及的物理知识，以下判断正确的是（ ）
A．通过弯道和加速快跑说明力可以改变人的运动状态
B．冲过终点不能立即停下来是因为受到惯性作用
C．静止时人对地面的压力和地面对人的支持力是一对平衡力
D．跑鞋底部有凹凸花纹是为了减小摩擦
二、多选题（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分。）
（多选）11．（3分）唐诗是我国优秀的文学遗产之一，下列诗句中所包含的物态变化分析正确的是（ ）
A．“露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是汽化现象
B．“蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“流泪”是熔化现象
C．“鸡声茅店月，人迹板桥霜”，霜的形成是凝华现象
D．“晚来天欲雪，能饮一杯无”，雪的形成是凝固现象
（多选）12．（3分）如图甲是测小灯泡电功率的实验电路图。小灯泡正常工作时，两电表的示数如图乙所示，则下列说法中正确的是（ ）
A．小灯泡的额定电压是2.4V
B．小灯泡的额定功率为0.72W
C．连接电路时，开关S应断开，并将变阻器的阻值调至最大
D．滑片P向b端滑动，则小灯泡的实际功率将变大
三、填空题（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13．（4分）在哈尔滨冰雪大世界中，游客乘坐雪橇板，从长度为500m的冰滑梯上滑下，时间约为50s，则游客的速度是 m/s，以雪橇板为参照物，该游客是 的。
14．（4分）智能家居环境下用手机远程控制空调的使用，此过程中信息的传递主要依靠 来实现，手机的芯片是用 （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料制作的。
15．（4分）芡实糕是一种松软的传统特色固体糕点。将一块质地均匀、质量为800g的芡实糕放在切板上，已知它与切板接触面积为400cm2，则芡实糕对盘子底部的压强为 Pa。如图所示，切糕师傅沿着竖直方向切去五分之三，则剩下的芡实糕对底部的压强与原来的压强相比 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
16．（4分）如图所示，某工人用动滑轮2s时间内匀速将水桶提高2m，水桶所受重力为150N，滑轮的重力为10N，不计绳重和摩擦，则工人拉绳子所用拉力F为 ，拉力的功率为 W。
17．（6分）在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程均为0～15V，定值电阻R2＝10Ω，滑动变阻器标有“100Ω 1A”字样。闭合开关S、S2，移动滑动变阻器的滑片至某一位置A（图中未画出），此时电流表的示数为I1＝0.6A，R2的功率为P2，则此时R2两端电压为 V；闭合开关S、S1，保持滑动变阻器的滑片仍位于位置A，此时电流表的示数为I2，R2的功率为P'2，再次移动滑动变阻器的滑片至另一位置，电压表V1的示数变化为ΔU1，电压表V2的示数变化为ΔU2。已知P2：P'2＝9：4，ΔU1：ΔU2＝3：5，则I1：I2＝ 。闭合开关S、S1，保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片，则该电路总功率的最大值与最小值的差值为 W。
四、作图、实验探究题（本大题共5小题，第18题2分，第19题6分，第20题6分，第21题6分，第22题8分，共28分）
18．（2分）第五届国际进口博览会在上海举行。如图甲是安保人员正在用车底检查镜例行检查的场景。图乙中已画出一条车底射向检查镜的光线，请你在图中画出反射光线。
19．（6分）如图所示是小净利用刻度均匀的杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验装置。
（1）实验前没挂钩码，杠杆静止的位置如图，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节；
（2）在杠杆调整到水平位置平衡后，利用钩码和刻度尺测量出杠杆平衡时各个力及其力臂，测得数据如表；由以上实验数据，可得出杠杆的平衡条件是： ；
（3）本次探究经过多次实验的目的是： 。
20．（6分）小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，凸透镜的位置固定不动，在图甲所示位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像（未画出）。
（1）为了确定凸透镜的焦距，小明让一束平行光经过凸透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，可确定出焦距f＝ cm。
（2）图乙中烛焰在光屏成的像与生活中 的成像特点相同（选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”）；
（3）若图乙中将蜡烛向右移动一小段距离，则应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动适当距离可再次在光屏上成清晰的像。
21．（6分）如图博思同学在探究串联电路中电流的规律时，连接了如图甲所示的电路。
（1）实验时灯L1和L2的规格应 （选填“相同”或“不相同”）；
（2）为了寻找串联电路的电流规律，分别在图中A、B、C三点接入电流表，当他将已校零的电流表接在A点时，闭合开关，发现电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因可能是 ；
（3）解决问题后博思同学继续进行实验，发现L1比L2要亮许多，则通过L1的电流I1与通过L2的电流I2的大小关系是I1 I2（选填“＞”“＝”或“＜”）。
22．（8分）为了解和改善文昌河水质，某兴趣小组在文昌河取适量河水样品进行密度的测量。
（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，将平衡螺母向 端移动，使横梁水平平衡。
（2）测出烧杯和河水的总质量为116g后，将烧杯中的一部分河水倒入量筒，液面位置如图乙所示，则量筒中河水的体积为 cm3。
（3）小明测出烧杯和剩余河水的总质量如图丙所示，则测量的河水密度为 kg/m3。
（4）在向量筒倒入河水时，如果不慎有河水溅出，则测出的河水密度会 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
五、计算题（本大题共2小题，第23题6分，第24题8分，共14分。计算题要求有必要计算、文字说明）
23．（6分）如图所示是一款家用电饭锅，其工作时有两种状态，分别是煮饭过程中的加热状态和米饭煮熟后的保温状态。该种电饭锅的简化电路图如图乙所示，R1、R2为电热丝，其相关参数如表所示。求：
（1）该电饭锅正常工作，把质量为0.50kg、初温为20℃的水加热到100℃需，要吸收多少热量？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）该电饭锅在保温状态下的工作电流；
（3）电热丝R1的阻值。
24．（8分）如图甲所示，足够高的圆柱形容器底面积为50cm2，容器内装有一定量的水，容器正上方天花板上有轻质细杆（体积忽略不计），黏合着由两个横截面积不同的实心圆柱体M，N组成的组合，此组合是由不吸水的复合材料构成，且有hM＝15cm。容器底部有一个出水口，最初水面与N的上表面相平，打开阀门放水直到水放完。杆上方有一传感器可显示杆对物体作用力的大小。图乙中坐标记录了杆对物体作用力大小与排出水的体积之间的关系。根据相关信息，求：
（1）M与N的总重力；
（2）放水前物体浸在水中的体积；
（3）当杆的示数为3F1时，水对容器底的压强。
2024年湖南师大附中博才实验中学中考物理模拟试卷（三）
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有一个选项符合题意。）
1．（3分）下列估测与实际最相符的是（ ）
A．一名普通中学生的重力约为50N
B．人体感觉最舒适的温度是36.5℃
C．人教版初中物理课本的长度约为260cm
D．我们身边的大气压强约为105Pa
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一名普通中学生的重力约为500N，故A不符合实际；
B、人体感觉最舒适的温度是25℃，故B不符合实际；
C、人教版初中物理课本的长度约为260mm，故C不符合实际；
D、我们身边的大气压强约为105Pa，故D符合实际。
故选：D。
【点评】此题考查了对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（3分）下列关于声现象的说法正确的是（ ）
A．“声纹门锁”是依据声音的音调来识别的
B．高速公路上安装隔音墙是在声源处减弱噪声
C．发声体振动的频率越高，响度越大
D．超声波清洗眼镜是利用了声波可以传递能量的性质
【分析】（1）不同物体发声时，声音的特色不同，就是指音色不同；
（2）防治噪声的途径有三条：防止噪声的产生，阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳；
（3）音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高；
（4）超声波可以传递信息和能量。
【解答】解：A、因为每个人的发声音色不同，而声纹锁是依据音色来进行判断的，只能按照设定的音色打开，故A错误；
B、高速公路两旁设置隔音板，是在声音的传播过程中减弱噪声，即阻断噪声的传播，故B错误；
C、发声体振动的频率越高，音调越高，故C错误；
D、超声波清洗眼镜是利用了声波传递能量的性质，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了声音有关的多个问题，要结防治噪声的途径及声音的特征进行分析解答。
3．（3分）如图所示，皮影戏是一种用兽皮或纸板剪制形象并用灯光照射成影于幕布进行表演的戏剧形式，在我国流行范围极为广泛。下列光现象与此成因相同的是（ ）
A．水中倒影
B．雨后彩虹
C．海市蜃楼
D．金环日食
【分析】（1）光从一种介质斜射到另一种介质时，传播方向通常会发生改变，这种现象叫光的折射。插入水中的筷子“弯折”、池水变浅、海市蜃楼等都是光的折射的实例。
（2）光射到物体的表面会改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射。汽车的观后镜、平面镜成像都是光的反射。
（3）光在同种均匀介质中是沿直线传播的。影子、小孔成像、日食、月食都是光的直线传播的实例。
【解答】解：皮影戏是一种用兽皮或纸板剪制形象并用灯光照射成影于幕布进行表演的戏剧形式，其原理是光的直线传播；
A．平静的水面相当于平面镜，水中倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，故A不符合题意；
B．雨后彩虹是光的色散现象，是由光的折射形成的，故B不符合题意；
C．海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生折射形成的，故C不符合题意；
D．金环日食是光的直线传播形成的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题主要考查了光的直线传播规律，关键是牢记光的直线传播、光的反射、光的折射以及它们对应的实例。
4．（3分）近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列说法中正确的是（ ）
A．新能源汽车使用的电能是一次能源
B．天宫空间站的太阳能电池板将太阳能转化为电能
C．核电站是利用聚变反应的原理工作
D．北斗导航卫星系统是利用超声波为汽车导航的
【分析】（1）能源从产生方式角度划分：
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
（2）太阳能电池将太阳能转化为电能。
（3）核电站是利用核裂变反应释放的核能来发电。
（4）电磁波可以传递信息。
【解答】解：A、新能源汽车使用的电能是二次能源，故A错误；
B、天宫空间站的太阳能电池板将太阳能转化为电能，故B正确；
C、核电站是利用裂变反应的原理工作，故C错误；
D、北斗导航卫星系统是利用电磁波为汽车导航的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查的是核能的利用；知道能源的分类、太阳能的利用；知道电磁波的特点及应用。
5．（3分）成都大运会期间，在简阳文体中心进行了女子跳台预赛、半决赛和男子3米跳板决赛。运动员加速下落的过程中（如图），关于运动员，下列说法正确的是（ ）
A．动能减小B．动能不变
C．重力势能增大D．重力势能减小
【分析】动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。
【解答】解：运动员加速下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度变小，重力势能变小，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了动能和重力势能大小的变化，属于基础题。
6．（3分）2024年2月9日除夕夜，在央视春晚长沙分会场，2500架无人机升空比出巨型爱心，如图所示。年轻活力的“不夜星城”以其独特魅力，为全球观众带来一场视觉盛宴。当开关S1闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，无人机起飞。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】根据题意分析开关的连接方式、灯泡与电动机的连接方式，容纳后选出正确的电路图。
【解答】解：由题意可知，当开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，说明指示灯和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，且开关S1位于干路，开关S2位于电动机支路，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出各电路元件的连接方式和位置是关键。
7．（3分）如图所示是电动车在楼道中充电时易引发火灾的宣传警示图，以此警示大家要注意安全用电。下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．电线着火时应迅速泼水浇灭火焰
B．发生电火灾时应该立即切断电源
C．充电时空气开关跳闸，立即合上空气开关
D．电动车充电线绝缘皮破损后仍可继续使用
【分析】（1）生活中的水是导体，易造成触电；
（2）发生触电事故、发生火灾要先切断电源，实际上切断火线，防止再次发生危害；
（3）空气开关跳闸有多种情况，所以应先检修电路；
（4）电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故。
【解答】解：A、水是导体，容易造成触电事故，因此电器设备着火时，不能立即泼水灭火，故A错误；
B、发生电火灾时应立即切断电源，再灭火，防止灭火时触电，故B正确；
C、因为电路有短路或总功率过大的情况，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，因此不可以立刻合上空气开关，故C错误；
D、充电线绝缘皮破损后裸露的线芯极易造成短路引起火灾，或者人员触电，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要求我们牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
8．（3分）如图所示，是公交自动爆玻器，它工作时利用电磁线圈在通电时，带动钨钢头击打车窗边角部位，达到击碎玻璃的目的。下列选项中与自动爆玻器的原理相同的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】司机按下开关，自动爆破器的线圈在磁场中受到力的作用而运动，产生一个冲击力，带动钨钢头击打车窗玻璃边角部位，实现击碎玻璃的目的，是电能转化为机械能。
【解答】解：公交自动爆玻器，它工作时利用电磁线圈在通电时，带动钨钢头击打车窗边角部位，达到击碎玻璃的目的，该过程中，将电能转化为机械能，是由于通电导体在磁场中受力的作用。
A．图中，通电后，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不正确；
B．用磁体的S极靠近小磁针的N，发现被吸引，说明异名磁极相互吸引，故B不正确；
C．导体棒在磁场中运动起来，说明通电导体在磁场中受力的作用，故C正确；
D．当导体棒在磁场中切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D不正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查的是学生对通电导线在磁场中受到力的作用的原理的理解和掌握，并会应用于实际是解决该题的关键。
9．（3分）茶文化在中国历史悠久，在寒冷的冬季，人们回到家中，泡上一壶茶，闻着浓浓的茶香，品一杯热茶，浑身上下暖暖的感觉。下列关于品茶过程中涉及的物理知识，说法正确的是（ ）
A．茶水是热的，说明茶水含有的热量多
B．周围人都能闻到茶香是一种扩散现象
C．喝茶时身体感觉变暖了，是通过做功的方式改变了内能
D．烧水时水蒸气将壶盖顶起的过程与汽油机压缩冲程类似
【分析】（1）热传递过程中，传递能量的多少叫热量。
（2）构成物质的分子总在不停地做无规则运动，产生扩散现象。
（3）改变内能的方法：做功和热传递。
（4）气体膨胀做功，将内能转化为机械能，内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能。
【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说含有或者具有热量，故A错误；
B、周围人可以闻到茶的香味，是分子热运动（无规则运动）的结果，这是扩散现象，故B正确；
C、喝茶时身体感觉变暖了，是茶水将热量传递给了身体，通过热传递的方式改变了内能，故C错误；
D、烧水时水蒸气将壶盖顶起，水蒸气对壶盖做功，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，与汽油机的做功冲程相同，故D错误。
故选：B。
【点评】理解热量概念，知道分子动理论内容、改变内能的方法、做功冲程中的能量转化，可解答此题。
10．（3分）2024年潮州半程马拉松比赛于4月14日鸣枪开跑，运动员在比赛中涉及的物理知识，以下判断正确的是（ ）
A．通过弯道和加速快跑说明力可以改变人的运动状态
B．冲过终点不能立即停下来是因为受到惯性作用
C．静止时人对地面的压力和地面对人的支持力是一对平衡力
D．跑鞋底部有凹凸花纹是为了减小摩擦
【分析】（1）力可以改变物体的运动状态；
（2）物体具有保持运动状态不变的性质，叫做惯性；
（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（4）增大摩擦的方式是增大压力或增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：A．通过弯道和加速快跑需要用力，而运动状态改变，说明力可以改变人的运动状态，故A正确；
B．冲过终点不能立即停下来是因为人具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误；
C．运动员起跑前静止时处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力，人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，故C错误；
D．跑鞋底部有凹凸花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查摩擦力的有关因素、惯性、平衡力的条件、力的作用效果，属于中档题。
二、多选题（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分。）
（多选）11．（3分）唐诗是我国优秀的文学遗产之一，下列诗句中所包含的物态变化分析正确的是（ ）
A．“露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是汽化现象
B．“蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“流泪”是熔化现象
C．“鸡声茅店月，人迹板桥霜”，霜的形成是凝华现象
D．“晚来天欲雪，能饮一杯无”，雪的形成是凝固现象
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、露的形成是液化现象，故A错误；
B、蜡烛“流泪”是熔化现象，故B正确；
C、霜的形成是凝华现象，故C正确；
D、雪的形成是凝华现象，故D错误。
故选：BC。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。
（多选）12．（3分）如图甲是测小灯泡电功率的实验电路图。小灯泡正常工作时，两电表的示数如图乙所示，则下列说法中正确的是（ ）
A．小灯泡的额定电压是2.4V
B．小灯泡的额定功率为0.72W
C．连接电路时，开关S应断开，并将变阻器的阻值调至最大
D．滑片P向b端滑动，则小灯泡的实际功率将变大
【分析】（1）额定电压下灯泡正常发光，根据电压表的量程和分度值读数小灯泡的额定电压；
（2）根据电流表的量程和分度值读出示数，利用P＝UI求出灯泡的额定功率；
（3）为防止电路中的电流过大烧坏电路元件，连接电路中时开关应断开，滑动变阻器处于最大阻值处；
（4）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P＝I2R可知灯泡实际功率的变化。
【解答】解：
A．额定电压下灯泡正常发光，由电压表可知量程为0～3V，分度值为0.1V，则灯泡的额定电压2.4V，故A正确；
B．由电流表可知量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，
则灯泡的额定功率P＝UI＝2.4V×0.28A＝0.672W，故B错误；
C．为保护电路，连接电路时，开关S应断开，并将变阻器的阻值调至最大，故C正确；
D．滑片P向b端滑动，接入电路中电阻变大，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，由P＝I2R可知，灯泡的实际功率变小，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了电表的读数和电功率的计算以及实验的注意事项、电路的动态分析，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
三、填空题（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13．（4分）在哈尔滨冰雪大世界中，游客乘坐雪橇板，从长度为500m的冰滑梯上滑下，时间约为50s，则游客的速度是 10 m/s，以雪橇板为参照物，该游客是 静止 的。
【分析】（1）知道路程和时间，由平均速度公式求出其平均速度；
（2）如果物体相对于参照物位置保持不变，物体是静止的；如果物体的位置相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；据此分析答题。
【解答】解：（1）游客的速度是：v＝＝10m/s；
（2）以雪橇板为参照物，该游客相对于雪橇板的位置不变化，以雪橇板为参照物，该游客是静止的。
故答案为：10；静止。
【点评】本题考查了参照物的选择和速度的计算，属于基础性题目。
14．（4分）智能家居环境下用手机远程控制空调的使用，此过程中信息的传递主要依靠 电磁波 来实现，手机的芯片是用 半导体 （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料制作的。
【分析】电磁波可以在真空中传递信息；手机的芯片是用半导体材料制作的。
【解答】解：电磁波的传播不需要介质，智能家居等服务都是利用电磁波来传递信息的，因此手机远程控制空调的使用是依靠电磁波传递信息的。
半导体的导电性介于导体和绝缘体之间。手机的芯片是用半导体材料制作的。
故答案为：电磁波；半导体。
【点评】知道电磁波、半导体的特点及应用，本题属于基础性题目。
15．（4分）芡实糕是一种松软的传统特色固体糕点。将一块质地均匀、质量为800g的芡实糕放在切板上，已知它与切板接触面积为400cm2，则芡实糕对盘子底部的压强为 200 Pa。如图所示，切糕师傅沿着竖直方向切去五分之三，则剩下的芡实糕对底部的压强与原来的压强相比 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）豆腐对水平桌面的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，根据p＝求出豆腐对盘子底部的压强；
（2）根据公式p＝判断压强变化情况。
【解答】解：芡实糕静止在盘子上，所以盘子对芡实糕的支持力与芡实糕受到的重力是一对平衡力，大小相等；盘子对芡实糕的支持力与芡实糕对盘子的压力是一对相互作用力，大小相等，所以芡实糕对盘子底部的压力F1＝G＝mg＝800×10﹣3kg×10N/kg＝8N，
芡实糕对盘子底部的压强，
剩下的芡实糕对底部的压强，
所以沿着竖直方向切去五分之三，芡实糕对底部的压强不变。
故答案为：200；不变。
【点评】本题考查了重力公式和压强公式的应用，做题时注意单位的换算。
16．（4分）如图所示，某工人用动滑轮2s时间内匀速将水桶提高2m，水桶所受重力为150N，滑轮的重力为10N，不计绳重和摩擦，则工人拉绳子所用拉力F为 80N ，拉力的功率为 160 W。
【分析】（1）不计绳重和摩擦，利用F＝（G+G轮）求拉力；
（2）求出拉力端移动的速度，再利用P＝Fv求拉力的功率。
【解答】解：（1）不计绳重和摩擦，拉力：
F＝（G+G轮）＝（150N+10N）＝80N；
（2）水桶移动的速度v＝＝＝1m/s，
则拉力端移动的速度v＝2×1m/s＝2m/s，
拉力做功功率：
P＝Fv＝80N×2m/s＝160W。
故答案为：80N；160。
【点评】本题考查了使用动滑轮拉力、功率的计算，利用好不计绳重和摩擦拉力F＝（G+G轮）是本题的突破口。
17．（6分）在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程均为0～15V，定值电阻R2＝10Ω，滑动变阻器标有“100Ω 1A”字样。闭合开关S、S2，移动滑动变阻器的滑片至某一位置A（图中未画出），此时电流表的示数为I1＝0.6A，R2的功率为P2，则此时R2两端电压为 6 V；闭合开关S、S1，保持滑动变阻器的滑片仍位于位置A，此时电流表的示数为I2，R2的功率为P'2，再次移动滑动变阻器的滑片至另一位置，电压表V1的示数变化为ΔU1，电压表V2的示数变化为ΔU2。已知P2：P'2＝9：4，ΔU1：ΔU2＝3：5，则I1：I2＝ 3：2 。闭合开关S、S1，保证电路安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片，则该电路总功率的最大值与最小值的差值为 7.2 W。
【分析】闭合开关S、S2，移动滑动变阻器的滑片至某一位置A，定值电阻R2与滑动变阻器串联接入电路，电流表测通过电路的电流，根据欧姆定律计算此时R2两端电压；
闭合开关S、S1，保持滑动变阻器的滑片仍位于位置A，定值电阻R2、R3与滑动变阻器串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测滑动变阻器和定值电阻R2两端的电压之和，电压表V2测定值电阻R2、R3两端的电压之和，
已知P2：P'2＝9：4，根据P＝I2R计算I1：I2；
已知I1＝0.6A，进一步计算I2，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律表示电源电压，
移动滑动变阻器的滑片至另一位置，电压表V1的示数变化为ΔU1，电压表V2的示数变化为ΔU2，
由欧姆定律可知对阻值不变的导体来说R定＝，已知ΔU1：ΔU2＝3：5，解方程可得R3，进一步计算RA和电源电压U；
闭合开关S、S1，滑动变阻器接入电路的阻值为0时，根据欧姆定律计算通过电路的最大电流，电压表示数最大为15V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算通过电路的最小电流，根据P＝UI计算该电路总功率的最大值与最小值的差值。
【解答】解：闭合开关S、S2，移动滑动变阻器的滑片至某一位置A，定值电阻R2与滑动变阻器串联接入电路，电流表测通过电路的电流，
根据欧姆定律可得此时R2两端电压为：U2＝I1R2＝0.6A×10Ω＝6V；
闭合开关S、S1，保持滑动变阻器的滑片仍位于位置A，定值电阻R2、R3与滑动变阻器串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测滑动变阻器和定值电阻R2两端的电压之和，电压表V2测定值电阻R2、R3两端的电压之和，
已知P2：P'2＝9：4，则I1：I2＝：＝3：2；
已知I1＝0.6A，则I2＝0.4A，
串联电路总电阻电压各部分电阻之和，则电源电压：U＝I1（RA+R2）＝I2（RA+R2+R3），代入数据可得0.6A×（RA+10Ω）＝0.4A×（RA+10Ω+R3）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
移动滑动变阻器的滑片至另一位置，电压表V1的示数变化为ΔU1，电压表V2的示数变化为ΔU2，
由欧姆定律可知对阻值不变的导体来说R定＝，已知ΔU1：ΔU2＝3：5，则＝，整理可得R3＝R2＝×10Ω＝15Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
把②代入①可得RA＝20Ω，U＝18V；
闭合开关S、S1，滑动变阻器接入电路的阻值为0时，通过电路的最大电流为I＝＝＝0.72A＞0.6A，根据电流表量程可知通过电路的最大电流为0.6A，
电压表示数最大为15V时，通过电路的电流最小，滑动变阻器接入电路最大阻值100Ω时，通过电路的最小电流为I′＝＝＝0.2，
该电路总功率的最大值与最小值的差值为：P＝UI﹣UI′＝18V×0.6A﹣18V×0.2A＝7.2W。
故答案为：6；3：2；7.2。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，有一定难度。
四、作图、实验探究题（本大题共5小题，第18题2分，第19题6分，第20题6分，第21题6分，第22题8分，共28分）
18．（2分）第五届国际进口博览会在上海举行。如图甲是安保人员正在用车底检查镜例行检查的场景。图乙中已画出一条车底射向检查镜的光线，请你在图中画出反射光线。
【分析】光的反射定律：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
【解答】解：首先过入射点做出法线，根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，反射角等于入射角在法线右侧作出反射光线，如图所示：
【点评】在用光的反射定律作图时，注意一些技巧：反射角等于入射角、法线垂直反射面、法线为入射光线和反射光线的角平分线等。
19．（6分）如图所示是小净利用刻度均匀的杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验装置。
（1）实验前没挂钩码，杠杆静止的位置如图，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）端调节；
（2）在杠杆调整到水平位置平衡后，利用钩码和刻度尺测量出杠杆平衡时各个力及其力臂，测得数据如表；由以上实验数据，可得出杠杆的平衡条件是： 动力×动力臂＝阻力×阻力臂 ；
（3）本次探究经过多次实验的目的是： 避免偶然性，使结果具备普遍性 。
【分析】（1）在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；
（2）杠杆平衡的条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂；
（3）如果实验次数太少，实验结论具有偶然性，为了实验结论具有普遍性，应进行多次实验。
【解答】解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆水平位置平衡。
（2）由表格的数据第一组数据可得左边
动力×动力臂＝1.0N×10×10﹣2m＝0.1N•m
右边
阻力×阻力臂＝2.0N×5×10﹣2m＝0.1N•m
第二组数据可得左边
动力×动力臂＝1.5N×5×10﹣2m＝0.075N•m
右边
阻力×阻力臂＝0.5N×15×10﹣2m＝0.075N•m
第三组数据左边
动力×动力臂＝2.0N×15×10﹣2m＝0.3N•m
右边
阻力×阻力臂＝1.5N×20×10﹣2m＝0.3N•m
可得结论：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。
（3）如果实验次数太少，实验结论具有偶然性，为了实验结论具有普遍性，应进行多次实验。
故答案为：（1）右；（2）动力×动力臂＝阻力×阻力臂；（3）避免偶然性，使结果具备普遍性。
【点评】此题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调平，及实验中应注意的问题，在实验中为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析。
20．（6分）小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验时，凸透镜的位置固定不动，在图甲所示位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像（未画出）。
（1）为了确定凸透镜的焦距，小明让一束平行光经过凸透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，可确定出焦距f＝ 10.0 cm。
（2）图乙中烛焰在光屏成的像与生活中 照相机 的成像特点相同（选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”）；
（3）若图乙中将蜡烛向右移动一小段距离，则应将光屏向 右 （选填“左”或“右”）移动适当距离可再次在光屏上成清晰的像。
【分析】（1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
（2）根据u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
（3）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答。
【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f＝20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm；
（2）由图可知，此时物距u＝50.0cm﹣10.0cm＝40.0cm＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
（3）若图乙中将蜡烛向右移动一小段距离，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，应将光屏向右移动适当距离可再次在光屏上成清晰的像。
故答案为：（1）10.0；（2）照相机；（3）右。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
21．（6分）如图博思同学在探究串联电路中电流的规律时，连接了如图甲所示的电路。
（1）实验时灯L1和L2的规格应 不相同 （选填“相同”或“不相同”）；
（2）为了寻找串联电路的电流规律，分别在图中A、B、C三点接入电流表，当他将已校零的电流表接在A点时，闭合开关，发现电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因可能是 电流表的正负接线柱接反了 ；
（3）解决问题后博思同学继续进行实验，发现L1比L2要亮许多，则通过L1的电流I1与通过L2的电流I2的大小关系是I1 ＝ I2（选填“＞”“＝”或“＜”）。
【分析】（1）为了得出普遍结论，应换用不同规格灯泡进行多次实验；
（2）电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则，电流表指针反向偏转；
（3）串联电路各处的电流相等。
【解答】解：（1）探究串联电路电流规律时，为了得出普遍结论，应换用不同规格灯泡进行多次实验；
（2）当他将已校零的电流表接在A点时，闭合开关，发现电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因是电流表的正负接线柱接反了；
（3）串联电路各处的电流相等，故通过L1的电流I1与通过L2的电流I2的大小关系是I1＝I2。
故答案为：（1）不相同；（2）电流表的正负接线柱接反了；（3）＝。
【点评】本题探究串联电路中电流的规律，考查注意事项及串联电路电流的规律。
22．（8分）为了解和改善文昌河水质，某兴趣小组在文昌河取适量河水样品进行密度的测量。
（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，将平衡螺母向 左 端移动，使横梁水平平衡。
（2）测出烧杯和河水的总质量为116g后，将烧杯中的一部分河水倒入量筒，液面位置如图乙所示，则量筒中河水的体积为 40 cm3。
（3）小明测出烧杯和剩余河水的总质量如图丙所示，则测量的河水密度为 1.1×103 kg/m3。
（4）在向量筒倒入河水时，如果不慎有河水溅出，则测出的河水密度会 偏大 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【分析】（1）结合天平的使用方法解答；
（2）对于量筒，明确分度值，正确读数；
（3）烧杯和剩余液体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，知道烧杯和液体的总质量，求出倒入量筒液体的质量，根据密度公式可求出液体的密度；
（4）在向量筒倒入河水时，如果不慎有河水溅出，会导致量筒中河水的体积偏小，根据知测量密度变化情况。
【解答】解：（1）由图甲所示可知，天平指针偏向分度盘的右侧，为使天平平衡，应向左调节平衡螺母。
（2）由图乙知，量筒的分度值为2mL，河水的体积为V＝40mL＝40cm3；
（3）烧杯和剩余河水的总质量为m＝50g+20g+2g＝72g，
倒入量筒中河水的质量为m'＝116g﹣72g＝44g，
河水的密度为；
（4）在向量筒倒入河水时，如果不慎有河水溅出，会导致量筒中河水的体积偏小，利用密度公式会偏大。
故答案为：（1）左；（2）40；（3）1.1×103；（4）偏大。
【点评】熟记测液体密度的测量方法，难度不大。
五、计算题（本大题共2小题，第23题6分，第24题8分，共14分。计算题要求有必要计算、文字说明）
23．（6分）如图所示是一款家用电饭锅，其工作时有两种状态，分别是煮饭过程中的加热状态和米饭煮熟后的保温状态。该种电饭锅的简化电路图如图乙所示，R1、R2为电热丝，其相关参数如表所示。求：
（1）该电饭锅正常工作，把质量为0.50kg、初温为20℃的水加热到100℃需，要吸收多少热量？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（2）该电饭锅在保温状态下的工作电流；
（3）电热丝R1的阻值。
【分析】（1）根据Q吸＝c水m水（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）根据P＝UI求出该电饭锅在保温状态下的工作电流；
（3）当开关S闭合时，只有R2工作，当开关S断开时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P＝可知保温状态和加热状态的电路连接，根据表格参数和P＝求出R2的阻值和R1、R2的串联总电阻，利用串联电路的电阻特点求出R1的阻值。
【解答】解：（1）该电饭锅正常工作，把质量为0.50kg、初温为20℃的水加热到100℃需，要吸收的热量为：
Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.50kg×（100℃﹣20℃）＝1.68×105J；
（2）由表中数据可知，电饭锅额定电压为220V，保温功率220W，根据P＝UI可知，该电饭锅在保温状态下的工作电流为：
I保＝＝＝1A；
（3）当开关S闭合时，只有R2工作，当开关S断开时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，
所以当开关S闭合时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，根据P＝可知，电路中的电功率最大，电饭锅处于加热状态，
由P＝可知，R2的阻值：R2＝＝＝55Ω，
当开关S断开时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，总功率最小，电饭锅处于保温状态，
由P＝可知，R1、R2的串联总电阻：R＝＝＝220Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1＝R﹣R2＝220Ω﹣55Ω＝165Ω。
答：（1）该电饭锅正常工作，把质量为0.50kg、初温为20℃的水加热到100℃需，要吸收1.68×105J的热量；
（2）该电饭锅在保温状态下的工作电流为1A；
（3）电热丝R1的阻值为165Ω。
【点评】本题考查电功率公式和吸热公式的计算，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
24．（8分）如图甲所示，足够高的圆柱形容器底面积为50cm2，容器内装有一定量的水，容器正上方天花板上有轻质细杆（体积忽略不计），黏合着由两个横截面积不同的实心圆柱体M，N组成的组合，此组合是由不吸水的复合材料构成，且有hM＝15cm。容器底部有一个出水口，最初水面与N的上表面相平，打开阀门放水直到水放完。杆上方有一传感器可显示杆对物体作用力的大小。图乙中坐标记录了杆对物体作用力大小与排出水的体积之间的关系。根据相关信息，求：
（1）M与N的总重力；
（2）放水前物体浸在水中的体积；
（3）当杆的示数为3F1时，水对容器底的压强。
【分析】（1）当M、N全部露出水面时，杆对物体的作用力即为M与N的总重力；
（2）根据防水前M、N的受力关系建立等式，可以物体浸在水中的体积；
（3）根据图乙的给出的信息，分别求出M底端与容器底部的距离、hN、SN、SM，再M、N在特定状态下的受力关系建立等式，求出对应水的深度，最后用液体内部压强公式求出水对容器底的压强。
【解答】解：（1）由图乙知：当M、N全部露出水面时，杆对物体的作用力为FD＝6.6N，
M与N的总重：G总＝6.6N；
（2）由图乙知：放水前，杆对物体的作用力为FA＝1.4N，力的方向竖直向下，
此时浮力：F浮＝G总+FA＝6.6N+1.4N＝8N，
放水前物体浸在水中的体积：V浸＝VMN＝V排＝＝＝8×10﹣4m3＝800cm3；
（3）由图乙知：物体M下端与容器底部相距：h1＝＝1cm＝0.01m，
由图乙可知，水面从M、N的结合处下降到M的底部时，
放出的水V放＝VD﹣VC＝450cm3﹣300cm3＝150cm3，
根据体积关系可得：SMhM+V放＝hMS容，
所以，SM＝＝40cm2，
当水面恰好到达M、N的结合处时，杆对物体作用力为F1，力的方向竖直向上，
此时M、N排开水的体积：V排1＝VM＝SMhM＝40cm2×15cm＝600cm3，
根据受力关系得：F1+F浮1＝G总，
所以，F1＝G总﹣ρ水gV排1＝6.6N﹣1.0×103kg/m3×10N/kg×600×10﹣6m3＝0.6N，
设水面下降到距到M底部为h2时，当杆的示数为3F1，
根据受力关系得：3F1+F浮2＝G总，
即：3×0.6N+1.0×103kg/m3×10N/kg×h2×40×10﹣4m2＝6.6N
解得：h2＝0.12m，
此时，容器底部的深度h3＝h1+h2＝0.01m+0.12m＝0.13m，
水对容器底的压强：p＝ρ水gh3＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.13m＝1300Pa。
答：（1）M与N的总重为6.6N；
（2）放水前物体浸在水中的体积为800cm3；
（3）当杆的示数为3F1时，水对容器底的压强1300Pa。
【点评】本题是浮力、压强类的压轴题，难度较大，解题的关键是：正确分析杆对物体的施力方向；会根据体积关系建立等式；会根据平衡状态下的物体受力关系建立等式。次数
动力F1/N
动力臂L1/cm
阻力F2/N
阻力臂L2/cm
1
1.0
10
2.0
5
2
1.5
5
0.5
15
3
2.0
15
1.5
20
额定电压
220V
加热功率
880W
保温功率
220W
次数
动力F1/N
动力臂L1/cm
阻力F2/N
阻力臂L2/cm
1
1.0
10
2.0
5
2
1.5
5
0.5
15
3
2.0
15
1.5
20
额定电压
220V
加热功率
880W
保温功率
220W